2024年江苏省物理中考模拟考试（南京卷）01

这是一份2024年江苏省物理中考模拟考试（南京卷）01，文件包含2024年江苏省物理中考模拟考试南京卷01原卷版docx、2024年江苏省物理中考模拟考试南京卷01解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共35页， 欢迎下载使用。

注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题）
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）
1．（本题2分）如图中，甲图是灯泡L和定值电阻R的关系图象。将灯泡L和电阻R先后以乙图和丙图两种方式接在同一电源上，则下列判断中正确的是（ ）
A．灯泡L两端的电压与通过它的电流成正比
B．乙图中，
C．乙丙两图中，L和R的电功率大小关系不能确定
D．丙图中，
【答案】B
【详解】A．由甲图知，灯L的关系图像是曲线，灯丝的电阻随温度的升高而升高，故灯泡两端的电压与通过它的电流不成正比，故A错误；
B．由乙图知，灯L与电阻R串联，通过它们的电流相等，由图甲知，当电流相等时，灯L两端的电压大于R两端的电压，即，故B正确；
CD．在乙图中，通过灯L和R的电流相等，因，根据可得
在丙图中，通过灯L的电流小于通过电阻R电流，即
故D错误；根据可得
在乙图中，灯L两端的电压小于电源，丙图中灯L两端的电压等于电源电压；在乙图中通过灯L的电流小于在丙图中通过灯L的电流，根据可得
则
故C错误。
故选B。
2．（本题2分）“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船。”下列关于这首唐诗中蕴含着的物理知识，说法正确的是（ ）
A．乌鸦的啼叫声频率低于20Hz
B．霜是水蒸气液化而成的
C．月亮落下的参照物是江边的枫树
D．钟声传到客船的速度是340km/h
【答案】C
【详解】A．频率低于20Hz的声音是次声波，人耳的听觉范围是20Hz～20000 Hz。故A错误；
B．霜是固态，是空气中的水蒸气遇冷凝华而成的，故B错误；
C．月亮相对于地面、寒山寺、渔火、乌鸦、江边枫树等物体位置都发生了变化，故C正确；
D．声音在空气中的传播速度是340m/s,故D错误。
故选C。
3．（本题2分）下列实验中，能探究声音产生原因的是（ ）
A．如图甲实验中，烛焰随音乐摆动
B．如图乙实验中，抽出玻璃罩内的空气，闹铃声逐渐变小
C．如图丙实验中，发声的喇叭使小纸片跳动
D．如图丁实验中，改变吸管的长度，可以吹出不同的哨音
【答案】C
【详解】A．烛焰随音乐摆动说明声可以传递能量，故A不符合题意；
B．抽出玻璃罩内的空气，闹铃声逐渐变小，说明声音的传播需要介质，故B不符合题意；
C．发声的喇叭使小纸片跳动说明物体振动发声，故C符合题意；
D．改变吸管的长度，可以吹出不同的哨音，说明声音的频率不同，音调不同，故D不符合题意。
故选C。
4．（本题2分）如图所示的物态变化过程中，需要吸收热量的是（ ）
A． 水结成冰
B． 水正在沸腾
C．雾的形成
D．雪的形成
【答案】B
【详解】A．液态的水结成固态的冰，是凝固现象，要放热，故A不符合题意；
B．水正在沸腾，沸腾是汽化现象，要吸热，故B符合题意；
C．雾是由气态的水蒸气遇冷放热液化形成的，故C不符合题意；
D．雪是由气态的水蒸气遇冷放热凝华形成的，故D不符合题意。
故选B。
5．（本题2分）下列数据中，最接近生活实际的是（ ）
A．一位中学生立定跳远成绩是5m
B．一节课的时间为45s
C．光在空气中传播的速度为340m/s
D．成年人的步行速度约为1.2m/s
【答案】D
【详解】A．中学生立定跳远的成绩在2m左右，故A不符合题意；
B．中小学一节课的时间为45min=2700s，故B不符合题意；
C．光在空气中的传播速度约为3×108m/s，故C不符合题意；
D．成年人正常步行的速度约为
接近1.2m/s，故D符合题意。
故选D。
6．（本题2分）下列现象能说明分子在不停运动的是（ ）
A．扫地时尘土飞扬B．阳光下的湿衣服干了
C．气体很容易被压缩D．固体很难被压缩
【答案】B
【详解】A．扫地时尘土飞扬是固体小颗粒的运动的机械运动，不能说明分子的运动，故A项不符合题意；
B．阳光下的湿衣服干了是水蒸发了，水分子跑到空气中，说明分子在不停运动，故B项符合题意；
C．气体很容易被压缩是因为气体分子间存在较大的间隙，故C项不符合题意；
D．固体很难被压缩是因为分子间存在斥力，故D项不符合题意。
故选B。
7．（本题2分）下列四张图中均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方式不同的是（ ）
A． 钻木取火
B． 煤炉烧水
C． 压缩空气升温
D． 搓手取暖
【答案】B
【详解】改变内能的方式有两种：做功和热传递。钻木取火、压缩空气升温、搓手取暖这三种都是通过做功的方式改变物体的内能，煤炉烧水是通过热传递的方式改变物体的内能。
故选B。
8．（本题2分）在物理学中，通常用小磁针静止时其N极的指向表示其所在位置的磁场方向，如图所示，下列四幅图中能正确表示出小磁针所处位置磁场方向的是
A．B．
C．D．
【答案】D
【分析】根据磁场方向的规定，结合安培定进行判断，也可以根据：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引分析．
【详解】A．小磁针位置的磁感线方向应是竖直向下，所以小磁针静止时其N极指向应竖直向下；故A错误；
C．小磁针位置的磁感线方向应是竖直向上，所以小磁针静止时其N极指向应竖直向上；故C错误；
B．小磁针的S极应该向左偏转，靠近螺线管的N极，则小磁针的N极应向右，故B错误；
D．小磁针静止时S极应该指向右端，小磁针的N极应该指向左端，即此处的磁场方向向左；故D正确．
9．（本题2分）如图所示，运动员在进行撑杆跳高。下列有关说法中正确的是（ ）
A．图中撑杆发生了塑性形变
B．在撑杆形变最大的时候，运动员的弹性势能最大
C．撑杆对运动员也施加了力，改变了运动员的运动状态
D．脱离撑杆后，人在上升跃向横杆时，如果所受外力全部消失，人将处于静止状态
【答案】C
【详解】A．杆所发生的形变，撤去外力后能恢复原来的形状，所以杆发生了弹性形变，故A错误；
B．在撑杆形变最大的时候，撑杆具有的弹性势能最大，撑杆的弹性势能转化为运动员的机械能，运动员没有发生弹性形变，不具有弹性势能，故B错误；
C．撑杆发生了弹性形变，具有弹力，撑杆对运动员也施加了力，改变了运动员的运动状态，故C正确；
D．脱离撑杆后，人在上升跃向横杆时，人处于运动状态，如果所受外力全部消失，由牛顿第一定律可知，人将做匀速直线运动，故D错误。
故选C。
10．（本题2分）如图所示，电源电压为6V，闭合开关后发现电流表的指针几乎不偏转，电压表的示数为6V，两表接法均正确，可能出现的故障是（ ）
A．电流表被烧坏B．开关接触不良
C．电灯L1被短路D．电灯L1的灯丝熔断
【答案】D
【详解】A．若电流表被烧坏，则电路相当于断路，电压表会无示数，故A不符合题意；
B．若开关接触不良，则电路不通，电压表没有示数，故B不符合题意；
C．若电灯L1被短路，电压表相当于测量导线的电压，所以电压表无示数，与题意不符，故C不符合题意；
D．电压表所测量的电灯泡L1的灯丝熔断了，此时电压表串联在电路中，其示数接近电源电压，而电流表无示数，故D符合题意。
故选D。
11．（本题2分）2022年2月6日，在女足亚洲决赛中，中国女足夺冠。关于足球运动，下列说法正确的是（ ）
A．踢球脚疼说明物体间力的作用是相互的
B．运动员鞋底的花纹可以减小与草地的摩擦
C．空中斜飞到最高点的足球受平衡力作用
D．草地上滚动的足球因摩擦力变大逐渐停下
【答案】A
【详解】A．踢球脚疼，是因为脚对球施加力的同时，球对脚也施加力，说明物体间力的作用是相互的，故A正确；
B．运动员鞋底的花纹，是通过增大接触面粗糙程度，来增大摩擦力的，所以可以增大与草地的摩擦，故B错误；
C．空中斜飞到最高点的足球，不计空气阻力，只受到重力作用，在重力作用下最终会落下来，所以受非平衡力作用，故C错误；
D．草地上滚动的足球，受到动摩擦力，动摩擦力的影响因素有压力大小和接触面粗糙程度，足球滚动过程中压力大小和接触面粗糙程度都不变，所以摩擦力大小不变，故D错误。
故选A。
12．（本题2分）物理实践活动中，小聪用长为8cm的试管和其他一些器材自制了一个体积为的潜艇模型，如图所示。下列说法正确的是（ ）（g取10N/kg， ）
A．潜艇模型悬浮在水中时，受到的浮力为5N
B．潜艇模型从水底匀速上浮到水面的过程中，浮力对潜艇模型做的功约为0.04J
C．潜艇模型是通过改变所受的浮力实现浮沉的
D．将注射器向左推，图中悬浮的潜艇模型下沉
【答案】B
【详解】A．潜艇模型悬浮在水中时，受到的浮力为
故A错误；
B．潜艇模型从水底匀速上浮到水面的过程中，浮力的大小不变，试管里的水深要使试管能够直立起来，因此模型移动的距离可以看作80cm，浮力对潜艇模型做的功约为
故B正确；
C．潜水艇在水中时，不变，受到的浮力不变，潜艇模型是通过改变自身的 重力实现浮沉的，故C错误；
D．将注射器向左推，试管中的气压增大，水被排出，试管自身的重力减小，图中悬浮的潜艇模型将上浮，故D错误。
故选B。
第II卷（非选择题）
二、填空题（本题共5小题，每空1分，共13分）
13．（本题3分）如图所示，滑轮规格相同，重均为60N，工人用150N的水平拉力匀速向右拉动绳端，在20s内将矿井里的物体提升8m，不计绳重及轮轴间摩擦，物体重为 N；工人拉动绳子做功的功率为 W，此过程中，滑轮组的机械效率为 %。
【答案】 240 120 80
【详解】[1]滑轮组的动滑轮绕2段绳，不计绳重及轮轴间摩擦，拉力
可得
G=nF-G动=2×150N-60N=240N
[2]拉力端移动距离
s=2h=2×8m=16m
拉力F做功
W总=Fs=150N×16m=2400J
功率
[3]提升物体做功
W有=Gh=240N×8m=1920J
机械效率
14．（本题2分）通过学习，同学们知道了液体压强的特点。在此基础上，老师提出了这样的问题：有两只杯子，分别盛有清水和盐水，但没有标签，你能否用压强计将它们区别开？

（1）当压强计的金属盒在空气中时，U形管两边的液面应当相平，出现（a）这种情况，调节的方法是 ；
A．将此时右边支管中高出的液体倒出
B．取下软管重新安装
（2）小明再作图（b）所示的检查。当用手指按压（不论轻压还是重压）橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化。出现这种情况的原因是： 。
【答案】 B 橡皮管气密性不好/橡皮管漏气
【详解】（1）[1]当压强计没有受到压强时，U形管中的液面应该相平，若两侧液面出现了高度差，则说明软管中的压强大于大气压，因此需要取下软管重新安装。
（2）[2] 当用手指按压（不论轻压还是重压）橡皮膜时，U形管两边液柱的高度几乎不变化，说明压强计的气密性较差，软管中的气体和大气相通，等于大气压。
15．（本题3分）如图甲为空气压缩引火仪，乙是四冲程汽油机的一个冲程，两图中以下几种情况对比：①能量转化情况；②改变气体内能的方式；③气体内能的变化，其中 （填序号）是相同的。若汽油机曲轴的转速为3600r/min，则1s内对外做功 次，汽油机通常用水作为冷却液进行降温，是利用了水的 大的特性。
【答案】 ② 30 比热容
【详解】[1]图甲中活塞压缩空气对空气做功，将机械能转化为内能，内能增加，温度升高，是通过做功的方法改变空气的内能。图乙中两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程，此过程中内能转化为机械能，内能减少，温度降低，是通过做功的方法改变内能。综合分析甲、乙两图能量转化情况和气体内能的变化不同，改变气体内能的方式相同。
[2]四冲程汽油机的飞轮转速为3600r/min，所以1s飞轮转60r，因为一个工作循环飞轮转2r，对外做功1次，所以1s完成30个工作循环，对外做功30次。
[3]汽油机工作时会产生大量的热，一般用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大，由Q吸=cmΔt可知，与其它液体相比，在质量和升高温度相同时，水可以吸收更多的热量，降低发动机的温度。
16．（本题3分）某小区因暴雨引起车库积水，部分车辆被淹，小明看到新闻后，设计了如图所示的车库积水自动报警器，如图是该报警器原理图，金属块A和B分别固定在车库地面附近适当高处，若车库积水水面到达 处（选填“A”或“B”）时， （选填“绿”或“红”）灯发光报警，此时电磁铁的上端是 极（选填“N”或“S”）。
【答案】 B 红 N
【详解】[1][2]由图示知，车库积水水面到达B处时，水是导体，将金属块A和B接通，电磁铁中有电流通过，将衔铁吸下，红灯接通，发光报警。水面未达到B处时，电磁铁中没有电流通过，衔铁弹起，绿灯亮。
[3]由图示知，电磁铁有电流通过时，电流由下端流入，上端流出，据安培定则知，电磁铁的N极在上端。
17．（本题2分）如图所示的是某额定电压为6V的小灯泡的I﹣U图像，根据图像可知：小灯泡正常发光时的电阻是 Ω，若将小灯泡与R=30Ω的定值电阻串联接入电源电压为9V的电路，通电10s，电阻R消耗的电能为 J。
【答案】 20 12
【详解】[1]小灯泡的额定电压为6V，由图像知，小灯泡正常发光时电流为0.3A，由欧姆定律可得，小灯泡正常发光时的电阻为
[2]若将小灯泡与R=30Ω的定值电阻串联接入电源电压为9V的电路，根据图像，当灯泡的电流为0.2A时，灯泡两端的电压为3V，而电阻R两端的电压
此时两者的总电压
恰好等于电源电压，符合题中要求，则通电10s电阻R消耗的电能为
三、解答题（本题共11小题，共63分。解答19、20、21题时应有解题过程）
18．（本题6分）根据题意，完成下面作图。
（1）如图所示，在图中画出入射光线；
（2）在图中，重10N的球静止在水平地面上，画出它所受力的示意图；
（3）如图，根据通电螺线管外部的磁感线方向，标出图中电源的正极和小磁针静止时的N极。
【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】（1）由图示知，通过凹透镜的折射光线平行于主光轴，则入射光线应对异侧焦点入射，作图如下：
（2）重10N的球静止在水平地面上，受到竖直向下的重力及竖直向上的支持力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，作用点在球的重心上。作图如下：
（3）磁感线由N极出来回到S极，所以图示中，通电螺线管的左端为S极，右端为N极。由异名磁极相互吸引知，小磁针的右端为N极。据安培定则知，螺线管中的电流由右端流入，左端流出，所以电源的右端为正极。作图如下：
19．（本题7分）我国自主研制的首架大型客机C919让中国人倍感骄傲，该机绝对是个身强力壮、心胸开阔、颜值爆表的“壮小伙”。全机长度39m、翼展近36m，高约12m，设计158个座位。如图所示，在C919大型客机首架机正式下线仪式上，牵引车正拉动大飞机匀速通过51m长的欢迎人群（人群可视为相对地面静止），请你综合应用所学知识解答下列问题：
（1）匀速飞行的C919，以驾驶员为参照物，C919是 的，以地面人群为参照物，C919是 （选填“运动”或“静止”）的；
（2）若大飞机完全通过欢迎人群队伍需要1.5min时间，则大飞机运动的平均速度为多少km/h？( )
（3）若北京直飞吉隆坡的距离为4500km，C919飞行的平均速度为750km/h，则大飞机飞行的时间为多少h？( )
【答案】 静止 运动 3.6km/h 6h
【详解】（1）[1][2]匀速飞行的C919，以驾驶员为参照物，C919与驾驶员之间没有相对位置的变化，所以C919飞机是静止的。以地面人群为参照物，C919与人群有位置变化，是运动的。
（2）[3]由题意知，飞机完全通过欢迎人群队伍行驶的距离
s=L队伍+L飞机=51m+39m=90m
飞机完全通过欢迎人群队伍需要1.5min时间，即
t=1.5min=90s
则大飞机运动的速度
（3）[4]由 可得，C919大飞机飞行的时间
20．（本题6分）在如图甲所示的电路中，电源电压不变，定值电阻R1=24Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω 2A”，小灯泡上标有5V字样（表示其正常发光时的电压为5V），它的U-I的图象如图乙所示。将滑片移到最右端，只闭合开关S、S1时，电压表示数为10V.所用电表规格如图丙所示。求:
（1）小灯泡正常发光时的电阻；( )
（2）电源电压；( )
（3）闭合开关S、S2，断开S1，在电路中选择合适的电表量程后，移动滑片P使电流表和电压表分别能在某个量程下满偏，且不损坏电路元件，则应选择电流表的量程为 A，电压表的量程为 V；滑动变阻器R连入电路的阻值范围。

【答案】 10Ω 15V 0～0.6 0～3 1Ω-6Ω
【详解】（1）[1] ）由乙图可知，当小灯泡正常发光，两端电压为5V时，通过它的电流是0.5A，则
（2）[2] 只闭合S、S1时，灯L与R2串联，电压表测R2两端电压，R2的电阻为最大电阻20Ω，则此时电路中的电流
因此小灯泡正常发光，两端电压为5V，则电源电压为
U=UL+U2=5V+10V=15V
（3）[3] 闭合开关S、S2，断开S1时，R1与R2串联，若电压表选大量程，则根据串联电路的分压原理可知，即使滑动变阻器R2全接入，也达不到电压表的满偏，故电压表选小量程，即选“0～3V”量程。
[4] 当滑动变阻器滑至最左端时电阻最小，电流最大，此时R1两端电压为15V，R1的电阻为24Ω，最大电流
所以，电流表也选小量程，即选“0～0.6A”量程。
[5]当滑片左移时，电路中的电流变大，为保护电流表和R2，电路中的最大电流Imax=0.6A，则R2接入的最小电阻为
当滑片右移时，电压表示数变大，为保护电压表，U2max=3V，则
U1=U-U2max=15V-3V=12V
根据串联电路的分压原理可得
即
解得
R2max=6Ω
综上，滑动变阻器连入电路的阻值范围为1Ω-6Ω。
21．（本题8分）如图为高压锅的示意图，锅盖上有一个空心柱为排气孔，空心柱上戴着一个帽子为限压阀，当高压锅内气体的压强超过安全值时，锅内气体就会冲开限压阀，气体跑出一部分，使锅内气压减小。现有一个直径为24cm，空心柱小孔横截面积为10mm2，限压阀的质量为100g的高压锅，要用它来煮饭，若当时的大气压为。
（1）用高压锅煮饭，可以增大锅内气体的压强，使水的沸点 （“升高”或“降低”），从而使饭菜熟得更快；
（2）高压锅是一种实用的厨具，登山队很喜欢使用它，因为在高原上，气压 （填“高于”或“低于”）一个标准大气压，水在未达到100℃时开始沸腾；
（3）此高压锅内气体达到的最大压强为多少 Pa；
（4）如表为不同气压下水的沸点：根据（3）的计算，锅内水的最高温度能达到 。
【答案】 升高 低于 120℃
【详解】（1）[1]液体的沸点与气压有关，气压越大，水的沸点越高，用高压锅煮饭，可以增大锅内气体的压强，使水的沸点升高，从而使饭菜熟得更快。
（2）[2]大气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低，沸点越低；在高原上，气压低于一个标准大气压，所以，水的沸点低于100℃，水在未达到100℃时开始沸腾。
（3）[3]限压阀对出气孔的压力
空心柱小孔的横截面积
限压阀对出气孔的压强
当时的大气压，高压锅内气体能达到的最大压强
（4）[4]高压锅内气体达到的最大压强为时，对照表格数据可知，锅内水的最高温度能达到120℃。
22．（本题3分）小明同学在“探究凸透镜成像规律”实验中，
（1）把蜡烛、焦距为10cm的凸透镜、光屏依次安装到光具座上，点燃蜡烛，调节三个中心大致在 ；
（2）实验时，将凸透镜放置在光具座“50”刻度处，烛和光屏移动到如图所示位置时，光屏上得到烛焰清晰的像，这个像的性质是倒立、 的实像；
（3）小明同学在做实验时，光屏上得到发光体清晰的像，但他不小心用手指指尖触摸到了凸透镜，并没有全部盖住凸透镜，这时光屏上会出现怎样的情况？ 。（要求：说出成像的完整情况和变化情况）
【答案】 同一高度上 缩小 烛焰的像完整，但只是此时像比手指指尖触摸前的像要暗一些
【详解】（1）[1]在做凸透镜成像的实验中，为了使烛焰的像成在光屏的中央，应使得光屏、凸透镜和烛焰的中心在同一高度上。
（2）[2]由图可知，此时物距小于像距，成倒立、放大的实像。
（3）[3]不小心用手指指尖触摸了凸透镜，由于凸透镜的其他部分仍能会聚光线而成像，所以光屏上呈现的仍然是烛焰完整的像，只是此时像比手指指尖触摸前的像要暗一些。
23．（本题5分）为了探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，小明设计了如图所示实验：

（1）实验过程中，弹簧测力计必须拉着物块沿水平方向做匀速直线运动，这么做是依据 原理，保证摩擦力的大小等于弹簧测力计示数。为了探究滑动摩擦力大小是否与接触面粗糙程度有关，应比较实验乙和 ；小明比较实验甲和丁，发现两次实验中弹簧测力计的示数大小不同，便由此得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关，你认为他的结论是 （选填“正确”或“错误”）的，理由是 ；
（2）小红对实验装置进行了优化，如图戊所示，这样改动的优越性主要体现在两个方面：一是弹簧测力计固定不动；二是木板无需做 ，便于操作。
【答案】 二力平衡 丙 错误 没有控制压力一定 匀速直线运动
【详解】（1）[1]只有沿水平方向用弹簧测力计拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡原理，拉力大小（测力计示数）等于摩擦力的大小。
[2]为了探究滑动摩擦力大小是否与接触面粗糙程度有关，要控制压力大小相同，应比较实验乙和丙。
[3][4]要探究滑动摩擦力大小与接触面积的大小的关系时，应控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，甲、丁两次实验没有控制压力大小相同。
（2）[5]由图戊所示实验可知，拉动木板时物块保持不动，滑动摩擦力等于测力计的拉力，可以无需拉动木板做匀速直线运动，便于操作。
24．（本题5分）在探究热现象的实验中，小明用烧杯、试管、温度计等进行了如下实验：
（1）小明用图甲所示的装置“探究冰熔化时温度的变化规律”实验时器材应按照 （选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行安装，加热时应用酒精灯的 （选填“外焰”、“内焰”或“焰心”）加热；
（2）根据实验数据绘制了温度随时间变化的图像，如图乙所示，比较图乙中BC段与CD段可知，该物质在第10分钟处于 状态，此物质的熔点是 。
（3）实验过程中，同学们发现冰熔化的时间太短，不方便记录数据，请你提供一种延长实验时间的方法： 。
【答案】 自下而上 外焰 固态共存 0℃ 增加冰块的质量
【详解】（1）[1]酒精灯需用外焰加热，所以先放好酒精灯，再固定铁圈的高度，最后调整温度计的高度，使其不要碰到容器底，所以要按照自下而上的顺序进行。
[2]因为酒精灯外焰温度最高，所以加热时应用酒精灯外焰加热。
（2）[3][4]该物质在BC段熔化过程，从第5min开始熔化，第15min熔化结束，该物质在第10分钟处于固液共存状态，熔化的温度是0℃，熔点是0℃。
（3）[5]由于采用水浴法加热冰，可以增加冰的质量或者将酒精灯火焰调小，来延长加热时间。
25．（本题5分）在“探究杠杆平衡条件”实验中，实验所用的器材有：支架，刻度均匀的杠杆（每小格为2cm），细线，重0.5N的钩码若干。

（1）实验前，杠杆在支架上静止时如图甲所示，此时杠杆处于 （填“平衡”或“非平衡”）状态。
（2）接下来，应将杠杆的平衡螺母向 （填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡。这样操作的好处是，既消除了杠杆自重对实验结果的影响，又便于 。
（3）实验中大泽曾提出“力的作用点到支点的距离影响杠杆的平衡”。为判断这一观点是否正确，老师制作了一个密度均匀的圆盘（相当于杠杆）让大泽进行探究，圆盘可以绕着圆心O转动（转轴阻力忽略不计），圆盘上CH所在直线上相邻两点间距离相等。如图丙所示。大泽先在圆盘的C点挂上4个钩码，又在G点挂上一定数量的钩码后，圆盘在图示位置平衡；接着他将挂在G点的钩码先后挂在 两个点又进行了两次实验，发现圆盘仍在图示位置平衡，则说明大泽的观点是错误的。
（4）爱学习爱劳动，大泽常帮妈妈做家务。如图丁是大泽用笤帚在水平地面扫地时的情景，如图戊是其简化图，以O为支点，作用在A点的动力为F1。请在图戊中画出作用在B点的阻力F2的示意图及动力F2的力臂L1。
【答案】 平衡 右 测量力臂 D，P
【详解】（1）[1]如图甲的位置静止时是处于杠杆平衡状态的。
（2）[2]为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节。
[3]使杠杆在水平位置平衡，既消除了杠杆自重对实验结果的影响，又便于测量力臂。
（3）[4]由题意知，左右两边对圆盘的拉力不变，左边力臂不变，根据杠杆的平衡条件得，要使圆盘平衡，右边力臂也应保持不变，所以他可以将挂在G点的钩码先后挂在D、或D、P或N、两个点又进行实验，这样右边的力臂始终为OD；由以上实验现象可知，力的作用点到支点的距离发生变化，并没有影响杠杆的平衡，故大泽的观点是错误的。
（4）[5]由图知，用笤帚在水平地面扫地时，笤帚相对水平地面地面向左运动，B点受到的摩擦力f方向水平向右，据此画出B点受摩擦力示意图；从支点O作摩擦力作用线的垂线，垂线段为其力臂，如图所示：

26．（本题6分）小华在操场上捡到一块大理石的石子，准备在实验室测定它的密度。
(1)他先将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端 处，发现指针静止在分度盘中央的右侧，则他应将平衡螺母向 调节，直至天平平衡；
(2)用调好的天平测石子的质量，当盘中所加砝码和游码位置如图（甲）所示时，天平平衡，则此石子的质量为 g．在量筒内装有一定量的水，该石子放入前、后的情况如图（乙）所示，则石子的体积是 cm3，此石子的密度是 kg/m3；
(3)同桌小红告诉小华，她曾在一本书上看到关于某些大理石具有吸水性的介绍，假如这块大理石也具有一定吸水性，那么小华测得的密度值将 （选填“偏大”、 “偏小”或“没有影响”）。
【答案】 零刻度线 左 38.4 15 2.56×103 偏大
【详解】(1)[1]在调节天平平衡时，先将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端零刻度线处；
[2]指针静止在分度盘中央的右侧，则平衡螺母应向左调节。
(2)[3]应将物体置于天平的左盘，在右盘中添加砝码，由图甲知，标尺的分度值为0.2g，所以石子的质量
[4] 由图乙知，量筒的分度值为1ml，水的体积为30ml，水和石子的体积为45ml，所以石子的体积为
[5]故此石子的密度

(3)[6]大理石具有一定吸水性用量筒测小石块的体积会偏小，小石块的质量测量准确，由 可知测量的密度偏大。
27．（本题3分）如图所示，电源电压不变，小利想用调好的电流表和阻值已知的定值电阻R0测量未知电阻Rx的阻值，
①当闭合开关S1和S2， 断开S3时，电流表只测量R0的电流为I0；
②当闭合开关S1、S2和S3时，电流表测量R0和Rx的电流为I；根据实验要求，请用I0、I和R0表示Rx， Rx＝ ．
【答案】见解析所示
【详解】试题分析：当闭合开关S1和S2，断开S3时，电流表只测量R0的电流为I0，则电源电压，当闭合开关S1、S2和S3时，电流表测量R0和Rx的电流为I，通过Rx的电流Ix=I－I0，此时R0与Rx并联，Rx的阻值．故答案为．
考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流、电压规律
28．（本题9分）图1是自动注水喷洒循环工作装置示意图：可绕O点自由转动的轻质杠杆A端通过轻绳悬挂一圆柱体，B端固定一轻质三角支架，支架与固定不动的压力敏感电阻RF保持水平接触挤压，杠杆保持水平平衡，已知OA:OB=1:4，圆柱体的底面积为0.01m2，高度为2m，质量为16kg，圆柱体底面到水箱底部的距离为0.2m，圆柱体水箱的底面积S=0.41m2，水箱高度足够；闭合S1和S2，当电磁铁线圈中的电流I≥0.2A时，吸引衔铁K，喷洒系统将水箱中的水抽出，向外喷洒；当电磁铁线圈中的电流I≤0.12A时，释放衔铁K，注水系统向水箱中注水，线圈电阻不计；电压U=6V，电阻箱R调至某一阻值；RF的阻值与支架所施加压力F的关系图线如图2所示，g取10N/kg。
（1）从如图1所示的水位开始注水，随着水位上升圆柱体受到的浮力将 ，电磁铁的磁性 （以上两空均选填“增大”或“减小”）。
（2）已知水箱内的初始水位即为所设定的最低水位0.4m（如图1）；注水系统正常工作时，其功率100W，每秒钟给水箱注水量恒为0.004m3；喷洒系统正常工作时，其功率为200W，每秒钟喷出水量恒为0.002m3，求：
①电阻箱R的阻值为 ，所设定的最高水位为 m。
②该装置正常工作12min，喷洒系统和注水系统消耗的总电能 。
（3）为增大设定的最高水位，应适当 （选填“增大”或“减小”）电阻箱R的阻值，与原来相比，此时水箱内最高水位与最低水位高度差将 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】 增大 增大 5 1.2 增大 不变
【详解】（1）[1]随着水位上升，浸入体积增大，根据F浮=ρ水gV排，浮力增大。
[2]圆柱体受向下的重力、水的浮力和绳子的拉力，由于浮力增大，所以FA减小，根据杠杆平衡条件，因为力臂都不变，所以F减小，RF减小，根据可知，电流增大，所以磁性增强。
（2）[3]当水位最低时浮力为
圆柱重力为
G=mg=16kg×10N/kg=160N
A点拉力为
FA=G- F浮=160N-20N=140N
根据杠杆平衡条件可得
FALOA=FLOB
解得F=35N，此时RF=45Ω，水位最低时，注水系统刚好开始工作，I=0.12A，R电阻为
[4]水位最高时电流0.2A，可得此时为
此时为15N，根据杠杆平衡条件可得
解得，此时圆柱所受浮力为
浮力为
解得。
[5]每次注水、喷水得体积变化量
一次注水时间
一次喷水时间
12min为720s，所以共经历3次注水3次喷水，所以喷洒系统和注水系统消耗的总电能
（3）[6]想要增大最高水位，则圆柱体受到浮力要更大，A端拉力更小，B端力F更小，RF阻值更小，想要仍在临界电流启动喷水功能，则电阻R阻值需要增大。
[7]由于电路中注水、排水的临界电流没有改变，所以R总不变，只是变阻器R的阻值调大了，水位最高、最低时RF的差值仍然不变，由于图像为一次函数，不变所以不变，所以FA的差值也不变，浮力的差值不变，所以排开液体的体积差不变，液面高度差不变。
p/105Pa
0.98
1.01
1.13
1.29
1.48
1.69
1.80
2.00
t/℃
99
100
103
107
111
115
117
120