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2023-2024学年山东省滨州市阳信县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2023-2024学年山东省滨州市阳信县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共23页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.在物理学习中，对数据的估测是一种非常重要的能力。以下为正在上初四的小明同学所进行的估测，符合实际的是( )
A. 家用空调的工作电流约为1A
B. 电学实验中每根导线的电阻约为1kΩ
C. 人的正常体温约为35℃
D. 教室内的一盏日光灯一小时消耗的电能约为0.04kW⋅h
2.地球上的水是不断循环和变化的。但淡水资源并不是取之不尽、用之不竭的，而是最为宝贵和不可替代的自然资源。以下关于水的物态变化说法正确的是( )
A. 惊蛰时节，冰液化成水，放出热量
B. 立秋时节，水蒸气液化形成露珠，放出热量
C. 立冬时节，水蒸气凝华形成霜，吸收热量
D. 大寒时节，冰汽化，衣服变干，吸收热量
3.如图所示，“天宫课堂”上王亚平老师将两块透明板上的水球接触后粘在一起，慢慢拉开板后形成一个长长的“液桥”，该现象主要说明了( )
A. 水分子间有空隙B. 水分子间存在吸引力
C. 水分子间存在排斥力D. 水分子处在永不停息的无规则运动中
4.“达飞雅克萨德号”是我国制造的全球最大的LNG(液化天然气)双燃料动力船，如图，它可以通过传统燃油驱动，也可以通过携带的液化天然气驱动。选择液化天然气作为能源，除了环保，主要还因为它的( )
A. 密度小B. 比热容大C. 沸点高D. 热值高
5.如图，是加油站里常见的“静电释放器”，司机或工人提油枪加油前，必须用手触摸金属球清除身体上的静电。下列说法中正确的是( )
A. 人体带的电荷是人体与衣服摩擦过程中创造出来的。
B. “除电”时，人体、金属球、大地连通
C. 若人体带有负电，“除电”时，电流方向是从金属球流向大地
D. “静电”消除后，人体的正负电荷量全部消失
6.如图所示，是冷水与热水混合时，温度随时间变化的图象，假设在热传递过程中没有热损失，由图中信息可知，热水放出的热量与冷水吸收的热量之比、热水与冷水的质量之比分别是( )
A. 1：1，1：2
B. 2：1，1：1
C. 1：2，1：1
D. 1：1，2：1
7.在探究“海波熔化时温度的变化规律”的实验中，实验数据记录如图所示，下列说法正确的是( )
A. 海波是非晶体
B. 海波的熔点为48℃，熔化过程持续了大约7min
C. 第5min时，海波处于液态
D. 海波熔化过程中，温度不变，内能增加
8.如图所示，长度相同、横截面积不同的同种材料制成的金属棒AB和CD并联接在电路两端，则下面说法正确的是( )
A. IABB. IABUCD
C. IAB=ICD；UAB=UCD
D. IAB>ICD；UAB=UCD
9.北京冬奥会开幕式上，400名演员挥动的发光杠先发出绿光代表“绿草”，随后又发出白光组成“蒲公英”。杠上有两个开关：一个总开关，另一个用来控制发出白光或绿光。则如图所示的电路设计中能实现这个效果的是( )
A. B.
C. D.
10.如图所示，电源电压恒定不变，闭合开关S，若滑片P向下移动，下列说法正确的是( )
A. A示数变小，V示数变大
B. A示数变小，V示数不变
C. A示数变大，V示数变小
D. A示数变大，V示数不变
11.“珍爱生命、注意安全”是我们中学生在日常生活中必须具有的意识。关于家庭电路和安全用电，下列说法或做法中正确的是( )
A. 家庭电路中空气开关“跳闸”，肯定是家中用电器总功率过大
B. 家庭电路中，控制灯具的开关只要与灯具串联即可
C. 如图，高压输电铁塔最上面的两条导线是防雷的
D. 家庭电路安装空气开关和漏电保护器，都是防止漏电而采取的安全措施
12.如图是电流表的内部结构示意图。当电流通过线圈时，通电线圈在磁场中转动从而带动指针偏转。下列选项与电流表工作原理相同的是( )
A. 电磁铁
B. 电动机
C. 电磁继电器
D. 发电机
二、多选题：本大题共3小题，共12分。
13.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( )
A. 物体吸收热量，其温度一定升高
B. 温度相同的物体，它们具有的内能不一定相等
C. 在热传递过程中，热量可以自发的从温度高的物体向温度低的物体传递
D. 物体的内能增加，一定是外界对物体做了功
14.在班级组织的“自制指南针”活动中，小伟同学用条形磁体将缝衣针磁化后，将其放在水中漂浮的一片树叶上，多次将树叶轻轻旋转，待树叶静止后，观察到树叶的尖端总是指向南方，如图所示，下列说法中正确的是( )
A. 树叶尖端指向地磁北极
B. 指南针的“N”应标注在树叶尖端
C. 树叶周围存在磁场和磁感线
D. 若用磁体的N极靠近树叶尖端，会相互吸引
15.某同学用如图甲所示的电路进行实验，根据获得的数据画出了电流表示数I随电压表示数U变化的图象，如图乙所示。已知电源电压保持5V不变，下列说法正确的是( )
A. 当电流表的示数为0.2A时，小灯泡两端的电压为3V
B. 随着小灯泡两端电压的减小，通过小灯泡的电流减小
C. 当电流表的示数为0.3A时，小灯泡的电功率为0W
D. 小灯泡两端的电压为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值为8Ω
三、填空题：本大题共3小题，共6分。
酒精完全燃烧释放的热量是2.1×106J，则酒精的热值为______J/kg；当酒精燃烧了一半时，剩余酒精的热值大小______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
17.手机已经进入“5G”时代，所谓“5G”指的是第五代移动通信技术。“5G”手机传递信息的载体是频率更高的______(选填“超声波”或“电磁波”)；手机中科技含量最高的元件是芯片，芯片的核心部分主要是由______(选填“导体”、“半导体”或“超导体”)材料制成的。
18.太阳能是______(选填“可再生”或“不可再生”)能源、清洁无污染，它是在太阳内部氢原子核发生______(选填“裂变”或“聚变”)释放出巨大的能量。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
19.如图所示，请根据电路实物图，在虚线框内画出对应的电路图。
20.请在图中连接家庭电路，要求开关控制螺口灯泡，三孔插座直接接入电路。
五、实验探究题：本大题共3小题，共24分。
21.在“探究并联电路电流规律”的实验中，实验电路如图甲所示。
(1)连接电路时，开关要处于______状态。
(2)电流表在使用时，必须与所测电路用电器______(选填“串联”或“并联”)；小明发现在将电流表接入电路之前，电流表指针偏转情况如图乙所示，接下来他要对电流表进行的操作是______；用调好的电流表测量 A处的电流，闭合开关后，发现电流表指针偏转情况仍如图乙所示，原因可能是______。
(3)小明将实验中测量的多组数据记录在表中，根据表格中的数据，得出的结论是：______。(用公式表示)
(4)实验中进行多次测量的目的是：______。
22.在做“探究通电螺线管外部的磁场分布”实验中：
(1)小明在螺线管两端各放置一个小磁针，在嵌入螺线管的玻璃板上均匀撒满细铁屑，闭合开关后______(填写操作方法)玻璃板，目的是______。
(2)观察到细铁屑的排列如图甲所示，同时观察到小磁针发生偏转，则说明通电螺线管周围存在______，其分布与______磁体相似。
(3)改变电流方向，再重复一次上述操作，发现小磁针指向______，由此可以做出猜想：通电螺线管外部磁场的方向可能与电流的方向有关。
(4)为了进一步探究通电螺线管外部磁场的方向与电流方向之间的关系，小明采用了如图乙所示的装置进行实验：闭合开关，记录电流的方向和通电螺线管的磁极，改变电源的______和螺线管导线的绕法，重复试验。
(5)该实验中，小磁针的作用是______，使用的物理方法是______。
23.小轩同学为了探究“电流与电压、电阻的关系”，设计了如图甲的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω1A”字样，导线若干；
(1)请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接完整。
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到最______端(选填“左”或“右”)。
(3)闭合开关，小轩同学发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是______。
(4)故障排除后，小轩首先进行探究“电流与电阻的关系”实验：
①小轩同学先把5Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数。
②断开开关，拆下5Ω的电阻，改换成阻值为10Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是______ V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向______端(选填“左”或“右”)移动，使电压表的示数为______ V。
③断开开关，继续更换定值电阻进行实验，发现更换为阻值是______Ω的定值电阻时，无论怎样调整滑动变阻器，电压表的示数总是大于2V。
(5)接下来，小轩同学选择阻值为10Ω的定值电阻进行“电流与电压关系”的实验探究：
①闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，依次将电流表与电压表的示数记录到下表中；
②根据上面的表格画出图丁I−U图像。
六、计算题：本大题共2小题，共20分。
24.如图所示，电源电压保持不变，定值电阻R1规格为“？Ω0.5A”，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，定值电阻R2的阻值为12Ω，滑动变阻器R3的规格为“20Ω1A”，闭合S和S2，断开S1，滑动变阻器R3的滑片P移至最左端时，电流表示数为0.5A；闭合S和S1，断开S2，调节滑动变阻器R3使其接入电路的电阻为5Ω时，电压表示数为2V。求：
(1)电源电压；
(2)定值电阻R1的阻值；
(3)闭合S和S1、断开S2，在保障电路安全的前提下，滑动变阻器接入电路的阻值范围。
25.图甲为三挡位电火锅，它的简化电路如图乙所示，R1和R2均为电热丝，S1和S2为温控开关，其中S2有A、B两个触点，可实现“高温快速涮煮”、“中温鲜存营养”和“低温小火慢炖”三挡的转换。当S1闭合，S2连接触点A时，处于高温挡，高温功率为2200W，R1=44Ω，如图丙是在一次使用过程中电火锅功率与时间的关系图像，求：
(1)处于高温挡时电火锅正常工作时的电流；
(2)本次使用过程中，在“中温鲜存营养”阶段消耗的电能；
(3)电火锅在“高温快速涮煮”阶段，将4kg的火锅汤从30℃加热到96℃，此过程中电火锅的热效率。[火锅汤的比热容为4.0×103J/(kg⋅℃)]
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、家用空调的电流约为5A，故A错误；
B、物理实验室中一根导线的电阻非常小，可以忽略不计，故B错误。
C、人的正常体温约为37℃，故C错误；
D、教室内的一盏日光灯的电功率P=40W=0.04kW，工作一小时消耗的电能W=Pt=0.04kW×1h=0.04kW⋅h，故D正确。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
2.【答案】B
【解析】解：A、惊蛰时节，冰熔化成水，熔化吸热，故A错误；
B、露珠是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故B正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故C错误；
D、冰冻的衣服变干，是冰由固态直接变为气态的过程，属于升华现象，升华吸热，故D错误。
故选：B。
(1)物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3.【答案】B
【解析】解：在“天宫课堂”上，将两块透明板上的水球接触后粘在一起，慢慢拉开板后形成一个长长的“液桥”，都说明了分子间存在相互作用的引力，故B正确，ACD错误。
故选：B。
水球由水分子构成，两个水球接触后能合成一个，说明分子间存在引力的作用。
本题考查分子间的作用力，掌握分子动理论的观点是解答本题的关键。
4.【答案】D
【解析】解：选择液化天然气作为能源，除了环保，主要还因为它的热值高，完全燃烧相同质量的液化天然气与其它燃料相比，放出的热量更多。
故选：D。
热值是燃料的一种特性，完全燃烧相同的质量的不同燃料，热值越大的燃料，放出的热量越多。
本题考查对燃料热值特性的理解，是一道基础题。
5.【答案】B
【解析】解：A、人身体与衣物摩擦带电，是由于电荷发生了转移，而不是创造了电荷，故A错误；
B、静电释放器金属球和大地之间相连的应是导体，“除电”时，人体所带电荷经金属球流向大地，故B正确；
C、电流的方向是正电荷移动的方向，如果人体带负电，静电释放器中电流方向是从大地到金属球到人体，故C错误；
D、原子中，带正电的原子核不能移动，带负电的电子可以挣脱原子核的束缚移动，所以无论人体带正电还是负电，触摸放电过程中移动的都是负电荷，“静电”消除后，是人体所带的正负电荷量相等，对外不显电性，故D错误；
故选：B。
摩擦起电的本质是发生了电子的转移，并不是创造了电荷；正电荷移动方向为电流的方向，“除电”时，人体所带电荷经金属球流向大地，若人体带负电，则电流方向是从大地流向金属球，当“静电”消除后，是人体所带的正负电荷量相等，对外不显电性。
解决此类问题关键是能利用静电现象进行分析生活现象。
6.【答案】A
【解析】解：由图象可知，热平衡时，冷水升高的温度为：Δt冷=t−t0冷=40℃−20℃=20℃，
热水降低的温度为：Δt热=t0热−t=80℃−40℃=40℃，
不计热量损失，热水放出的热量等于冷水吸收热量，即Q放：Q吸=1：1，
根据Q=cmΔt可得，cm热Δt热=cm冷Δt冷，
则热水与冷水的质量之比为：m热：m冷=Δt冷：Δt热=20℃：40℃=1：2，故A正确。
故选：A。
由图象可知，热平衡时，冷水和热水的温度变化量；不计热量损失，热水放出的热量等于冷水吸收热量，即Q放=Q吸，根据Q=cmΔt求得质量之比。
本题考查热量计算公式以及热平衡方程的应用，根据图象获取正确信息是关键。
7.【答案】D
【解析】解：A、由图可知，在熔化过程中，吸热但温度保持不变，海波是晶体，故A错误；
B、由图知，海波在熔化过程中，温度保持48℃不变，所以海波是晶体，熔点为48℃，据图象可知，海波从第3min开始熔化到第7min熔化完成，用时4min，故B错误；
C、第5min时，海波处于熔化过程，为固液共存态，故C错误；
D、在熔化过程中，吸收热量，温度不变，内能增加，故D正确。
故选：D。
(1)掌握晶体在熔化过程中的特点：吸热但温度保持不变；
(2)据图中的信息可以求出一段是晶体的熔化过程，可以看出晶体在熔化过程中的特点、熔点及熔化所用的时间；
(3)熔化前处于固态，熔化过程处于固液共存状态，熔化完成处于液态；
(4)物质吸收热量内能增加。
此题考查了对海波的熔化实验的过程和方法的分析，难度不大。
8.【答案】A
【解析】解：
(1)当AB和CD并联接在电路两端，根据并联电路各支路两端的电压相同，即：UAB=UCD，故B错误；
(2)已知AB和CD是由同种材料制成的且长度相同，由图可知：CD的横截面积大于AB的横截面积，所以RCD根据公式I=UR可知，通过CD的电流大于通过AB的电流，即IAB故选：A。
(1)当AB和CD并联接在电路两端，并联电路的电压特点判断AB和CD两端电压的大小关系；
(2)AB和CD是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小，据此判断AB和CD的电阻大小；根据公式I=UR可知通过电阻电流的大小。
本题考查影响电阻大小的因素和欧姆定律的应用，关键知道影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积和温度，要熟记串联电路电流、电压的特点，本题应用了控制变量法解题，这是今后学习中最常用的解题方法之一。
9.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，D图正确。
故选：D。
根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。
10.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流。
因电源电压恒定不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变，故AC错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过R2的电流不变，
若滑片P向下移动，则变阻器R1接入电路中的电阻变小，由I=UR可知，通过R1的电流变大，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变大，即电流表A的示数变大，故D正确、B错误。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R2的电流变化，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R1的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
11.【答案】C
【解析】解：A、家庭电路中空气开关“跳闸”，可能是家中用电器总功率过大，也可能是发生了短路，故A错误；
B、家庭电路中，控制灯具的开关要与灯具串联，且要接在火线上，故B错误；
C、如图，高压输电铁塔最上面的两条导线是防雷的，故C正确；
D、空气开关是家庭电路中的总开关；漏电保护器是防止漏电而采取的安全措施，故D错误。
故选：C。
(1)家庭电路中电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，二是发生了短路。
(2)家庭电路中，开关要接在火线上，与灯泡串联。
(3)高压输电铁塔最上面的两条导线是防雷的。
(4)空气开关是家庭电路中的总开关；漏电保护器是防止漏电而采取的安全措施。
本题考查的是家庭电路的组成；知道安全用电的原则；知道家庭电路中电流过大的原因。
12.【答案】B
【解析】解：通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大。因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小。
A、电磁铁是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关，故A错误；
B、电动机是利用通电线圈在磁场中受力而转动的理论制成的，故B正确；
C、电磁继电器是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关，故C错误；
D、发电机是利用电磁感应现象制成的，与电流表的制成原理无关，故D错误。
故选：B。
首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案。
在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握。
13.【答案】BC
【解析】解：A、物体吸收热量，其温度不一定升高，如晶体熔化时，吸热但温度不变，故A错误；
B、不知道物体的质量和状态，温度相同的物体，它们具有的内能不一定相等，故B正确；
C、在热传递过程中，热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故C正确；
D.物体内能增加，可能是外界对物体做了功，也可能是物体吸收了热量，故D错误。
故选：BC。
(1)物体吸收热量，其温度不一定升高，如晶体熔化；
(2)内能的大小与物体的质量、温度和状态等有关；
(3)热传递的条件是有温度差；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
本题考查了对温度、热量、内能概念的理解和它们之间关系的认识，属热学基础题。
14.【答案】AD
【解析】解：A.地球是一个大的磁体，地球和自制指南针的磁场相互作用，树叶尖端指向地磁北极，地理的南极，故A符合题意；
B.树叶尖端指向地理的南极，指南针的“S”应标注在树叶尖端，故B不符合题意；
C.树叶上放有自制指南针，因此树叶周围存在磁场，磁感线是为了描述磁场而画出的线，实际并不存在，故C不符合题意；
D.异名磁极相互吸引，树叶的尖端是指南针的S极，若用磁体的N极靠近树叶尖端，会相互吸引，故D符合题意。
故选：AD。
(1)指南针在水平位置静止指南的是S极，指北的是N极。
(2)磁体周围存在磁场，但是磁感线不是真实存在的。
(3)同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引。
本题主要考查了指南针、地磁场和磁场的基本概念，属于基础性题目。
15.【答案】BD
【解析】解：由甲图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的电压。
A、由乙图可知，当电流表的示数为0.2A时，滑动变阻器两端电压为3V，根据串联电压规律得小灯泡两端电压UL=U−U滑=5V−3V=2V，故A错误；
B、根据串联电路电压规律可知，当电压表的示数增大时，电源电压不变，则小灯泡的两端电压减小，根据乙图可知，电流表示数减小，即小灯泡的电流减小，故B正确；
C、由乙图可知，当电流表的示数为0.3A时，电压表的示数为0V，则小灯泡的两端电压为电源电压，即为5V，此时小灯泡的电功率为PL=UI1=5V×0.3A=1.5W，故C错误；
D.当小灯泡两端的两端电压为3V时，滑动变阻器的两端电压为U滑=U−UL=5V−3V=2V，由乙图可知，当电压表的示数为2V时，电流为0.25A，则滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=U滑I=2V0.25A=8Ω，故D正确。
故选：BD。
由甲图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的两端电压。
A、由乙图可知，当电流表的示数为0.2A时，滑动变阻器的两端电压是3V，再由串联电压规律可求得小灯泡的两端电压；
B、根据串联电路电压规律知小灯泡两端电压等于电源电压减去滑动变阻器的两端电压，结合乙图可确定灯泡的电流和电压的变化关系；
C、由乙图确定电流为0.3A时电压表的示数，从而可得出灯泡两端的电压，再根据P=UI计算出小灯泡的电功率；
D、根据灯泡两端的电压确定变阻器两端的电压，根据图像确定电路中的电流，由公式R=UI计算出变阻器的阻值。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、电功率的应用，属于中等难度习题。
16.【答案】3×107 不变
【解析】解：燃烧酒精的质量：m=0.07kg，酒精完全燃烧放出的热量：Q放=2.1×107J，
根据热值的定义式q=Q放m，酒精的热值为
q=Q放m=2.1×106J0.07kg=3×107J/kg
燃料的热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，不随燃料质量的改变而改变，故当酒精燃烧了一半时，剩余酒精的热值大小不变；
故答案为：3×107；不变。
由题可知燃烧酒精的质量，知道酒精的热值，可利用公式Q放=mq计算酒精完全燃烧放出的热量，燃料的热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，不随燃料质量的改变而改变。
本题考查了学生对酒精完全燃烧放热公式Q放=mq的理解和应用，注意燃料的热值是燃料的特性，与燃料质量的多少无关。
17.【答案】电磁波 半导体
【解析】解：(1)手机是利用电磁波传递信息的，“5G”手机传递信息的载体是频率更高的电磁波；
(2)手机芯片的核心部分是由半导体制成的。
故答案为：电磁波；半导体。
(1)手机是通过接收和发射电磁波来实现通讯的；
(2)芯片是半导体制成的。
本题考查手机通讯，半导体材料的应用，是一道基础题。
18.【答案】可再生 聚变
【解析】解：太阳能可以源源不断地获得，因此是可再生能源；
太阳能是在太阳内部氢原子核发生聚变释放出巨大的能量。
故答案为：可再生；聚变。
可循环利用或短时间内可从自然界得到补充的能源是可再生能源，太阳能是可再生能源；
太阳之所以能够发出大量的光和热，是因为太阳内部氢原子不断聚变成氦原子。
本题主要考查了对太阳能的分类、太阳能的产生原因等的了解，属基础题。
19.【答案】解：由实物图知，开关、电流表、滑动变阻器、灯依次串联在电源两极上，电压表并联在灯两端，电路图如图所示：
。
【解析】分析实物图，灯与滑动变阻器的连接方式，以及开关、电表的位置，据此画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式是关键。
20.【答案】
【解析】解：(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。(2)安装安全用电原则，上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。如图所示：
(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
21.【答案】断开 串联 调零 电流表的正负接线柱接反了 IC=IA+IB 寻找普遍规律
【解析】解：(1)连接电路时，为保护电路，开关应断开；
(2)电流表在使用时应与被测电路串联，当指针不在零刻度时，应先调零；
当闭合开关观察电流表指针向左偏转时，电流表的正负接线柱接反了；
(3)根据表中数据分析可得IC=IA+IB；
(4)在“探究并联电路电流规律”的实验中，多次实验是为了寻找普遍规律；
故答案为：(1)断开；(2)串联；调零；电流表的正负极接线柱接反了；(3)IC=IA+IB；(4)寻找普遍规律。
(1)连接电路时，为保护电路，开关应断开；
(2)电流表在使用时应与被测电路串联，当指针不在零刻度时，应先调零；在根据电源的正负极将电流表的正负接线柱正确接入电路；
(3)在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
(4)多次实验实验是为了寻找普遍规律。
本题考查并联电路电流特点的实验，考查了电路连接注意事项、电流的正确使用及多次实验的目的，属于重点实验的考查，务必掌握。
22.【答案】轻敲 使得铁屑跳起减小摩擦后能够自由转动 磁场 条形 发生改变 正负极 显示磁场的方向 转换法
【解析】解：(1)在嵌入螺线管的有机玻璃板上均匀撒些细铁屑，通电后需要轻敲有机玻璃板，这样做的目的是克服摩擦力的影响，使细铁屑可以自由移动。
(2)磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用，闭合开关，观察到螺线管周围的小磁针由于受到磁场的作用而发生偏转，说明了通电螺线管周围存在磁场。通电螺线管的磁场与条形磁体相似；
(3)改变电流方向，再重复一次上述操作，磁场方向改变，发现小磁针指向改变，由此可以做出猜想：通电螺线管外部磁场的方向可能与电流的方向有关。
(4)为了进一步探究通电螺线管外部磁场的方向与电流方向之间的关系，小明采用了如图乙所示的装置进行实验：闭合开关，记录电流的方向和通电螺线管的磁极，改变电源的电源的正负极和螺线管导线的绕法，重复试验。
(5)该实验中，小磁针的作用是显示磁场方向，使用的物理方法是转换法。
故答案为：(1)轻敲；使得铁屑跳起减小摩擦后能够自由转动；(2)磁场；条形；(3)发生改变；(4)正负极。(5)显示磁场的方向；转换法。
(1)磁体周围铁屑会被磁化，但由于其与纸板的摩擦力太大，它不能自己转动，因此实验中轻敲玻璃板；
(2)螺线管周围的小磁针由于受到磁场的作用而发生偏转，说明了通电螺线管周围存在磁场；磁场分布与条形磁体相似
(3)磁场方向与电流方向有关；
(4)根据控制变量法分析解答；
(5)小磁针显示磁场方向，是转换法的应用。
本题考查了磁场的性质是对放在磁场中的磁体有力的作用；电流周围存在着磁场和磁场的方向与电流方向有关；通电螺线管的磁场与条形磁铁相类似。更加深入的研究了电流的磁效应，在物理学习中不能只注重了结论的学习，还要注意过程的学习。
23.【答案】右 电阻R断路 2.4右 2 50
【解析】解：(1)电压表与电阻并联接入电路，电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出，电源电压为3V，所以电压表接入电路的量程为0∼3V，如图：
；
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片P应移到阻值最大处，即最右端；
(3)闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，说明电压表串联接入电路，即与电压表并联部分电路断路，所以电路故障为电阻断路；
(4)②由图丙知电压表选用0−3V的量程，分度值为0.1V，电压表的示数为2.4V；
根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数恢复到2V；
③定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=3V−2V=1V，电压表示数为变阻器分得电压的2V1V=2倍，根据分压原理，当变阻器连入电路中的电阻为20Ω时，定值电阻的阻值：R大=2×20Ω=40Ω<50Ω，因此当接入50Ω的电阻时，无论怎样调节滑片，电压表的示数都大于2V；
(5)根据表格数据描点画出图像，见下图：
。
故答案为：(1)如图；(2)右；(3)电阻R断路；(4)②2.4；右；2；③50；(5)见解答图。
(1)电压表与电阻并联接入电路，电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出，电源电压为3V，所以电压表接入电路的量程为0∼3V；
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片P应移到阻值最大处；
(3)电流表无示数，电压表指针有明显偏转，说明电压表串联接入电路，即与电压表并联部分电路断路；
(4)②根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
③根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器连入电路中的电阻最大时，定值电阻的阻值，进而确定无法完成实验的定值电阻的规格；
(5)根据表格数据描点画出图像。
本题考查电路的连接、故障的分析、控制变量法的运用、串联电路特点、欧姆定律的灵活运用，综合性强。
24.【答案】解：(1)当闭合S和S2、断开S1时，滑动变阻器R3的滑片P移至最左端时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流；
由I=UR可得电源的电压：
U=IR2=0.5A×12Ω=6V；
(2)当闭合S和S1、断开S2，R3与R1串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，
调节滑动变阻器R3使其接入电路的电阻为5Ω，电压表示数为2V时，
电路的电流为：I′=U3′R3=2V5Ω=0.4A；
此时R1两端的电压为：U1=U−U3′=6V−2V=4V；
定值电阻R1的阻值：R1=U1I′=4V0.4A=10Ω；
(3)闭合S和S1、断开S2，R3与R1串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，
电流表量程0∼0.6A，滑动变阻器R3的规格为“20Ω1A”，R1标有“0.5A”的字样，则电路中的电流最大为0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
由I=UR可得，电路最小电阻：
R最小=UI最大=6V0.5A=12Ω，
根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可知：滑动变阻器接入电路中的最小阻值为：
R3最小=R最小−R1=12Ω−10Ω=2Ω；
电压表量程0∼3V，所以滑动变阻器两端的最大电压为3V，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，
根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可知，R1两端的电压：
U1小=U−U3最大=6V−3V=3V，
电路中的电流：
I′=I1′=U1小R1=3V10Ω=0.3A，
由I=UR可得，滑动变阻器接入电路中的最大值：
R3最大=U3最大I′=3V0.3A=10Ω，
所以，滑动变阻器接入电路的阻值范围是2Ω∼10Ω。
答：(1)电源电压为6V；
(2)定值电阻R1的阻值为10Ω；
(3)闭合S和S1、断开S2，在保障电路安全的前提下，滑动变阻器接入电路的阻值范围是2∼10Ω。
【解析】(1)当闭合S和S2、断开S1时，滑动变阻器R3的滑片P移至最左端时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)当闭合S和S1、断开S2，R3与R1串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律算出电路的电流，由串联电路电压的规律算出此时R1两端的电压，最后由欧姆定律算出定值电阻R1的阻值；
(3)闭合S和S1、断开S2，R3与R1串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，
电流表量程0−0.6A，滑动变阻器R3的规格为“20Ω1A”，R1标有“0.5A”的字样，则电路中的电流最大为0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由I=UR求出电路最小电阻，根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和算出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
电压表量程0∼3V，所以滑动变阻器两端的最大电压为3V，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和求出R1两端的电压，有欧姆定律算出电路中的电流和滑动变阻器接入电路中的最大值。
本题关键是要弄清开关的断开、闭合是电路的连接方式发生的变化，根据欧姆定律求出电路中的最大电流即变阻器连入阻值最小和电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中电阻是解决变阻器连入电路阻值大小的突破口。
25.【答案】解：(1)由P=UI可知，处于高温挡时电饭锅正常工作时的电流：I=P高U=2200W220V=10A；
(2)当S1闭合，S2连接触点B时，R2被短路，只有R1工作，当S1断开，S2连接触点B时，R1、R2串联；
根据串联电路的电阻特点可知，串联电路的总电阻大于任一分电阻，
所以，当S1闭合，S2连接触点B时，R2被短路，电路中电阻较小，而电源电压是不变的，由P=U2R可知，此时电功率较大，为中温挡；
中温挡的功率：P中=U2R1=(220V)244Ω=1100W；
由图丙可知，在“中温鲜存营养”阶段工作的时间：t1=25min−10min=15min=900s，
由P=Wt可知，在“中温鲜存营养”阶段消耗的电能：W=P中t1=1100W×900s=9.9×105J；
(3)火锅汤吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×4kg×(96℃−30℃)=1.056×106J；
由P=Wt可知，在“高温快速涮煮”阶段消耗的电能：W′=P高t2=2200W×10×60s=1.32×106J；
过程中电火锅的热效率：η=Q吸W′×100%=1.056×106J1.32×106J×100%=80%。
答：(1)处于高温挡时电火锅正常工作时的电流为10A；
(2)本次使用过程中，在“中温鲜存营养”阶段消耗的电能为9.9×105J；
(3)电火锅在“高温快速涮煮”阶段，将4kg的火锅汤从30℃加热到96℃，此过程中电火锅的热效率为80%。
【解析】(1)知道高温挡的额定功率和额定电压，利用P=UI计算出处于高温挡时电饭锅正常工作时的电流；
(2)当S1闭合，S2连接触点B时，R2被短路，只有R1工作，当S1断开，S2连接触点B时，R1、R2串联；
根据串联电路的特点和P=U2R可知“中温鲜存营养”和“低温小火慢炖”的电路连接，知道R1的阻值，利用P=U2R可知“中温鲜存营养”的电功率；
由图丙可知中温挡的工作时间，利用P=Wt计算出在“中温鲜存营养”阶段消耗的电能；
(3)利用Q吸=cm(t−t0)计算出火锅汤吸收的热量；利用P=Wt计算出在“高温快速涮煮”阶段消耗的电能；利用效率公式计算出此过程中电火锅的热效率。
本题是一道电热综合题，主要考查串、并联电路特点、电功率公式的灵活运用、吸热公式、效率公式的应用，题目综合性较强，有一定的难度。实验次数
A处的电流IA/A
B处的电流IB/A
C处的电流IC/A
1
0.3
0.1
0.4
2
0.3
0.2
0.5
3
0.3
0.3
0.6
次数
1
2
3
4
5
U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
I/A
0.1
0.15
0.2
0.25
0.3
1.在物理学习中，对数据的估测是一种非常重要的能力。以下为正在上初四的小明同学所进行的估测，符合实际的是( )
A. 家用空调的工作电流约为1A
B. 电学实验中每根导线的电阻约为1kΩ
C. 人的正常体温约为35℃
D. 教室内的一盏日光灯一小时消耗的电能约为0.04kW⋅h
2.地球上的水是不断循环和变化的。但淡水资源并不是取之不尽、用之不竭的，而是最为宝贵和不可替代的自然资源。以下关于水的物态变化说法正确的是( )
A. 惊蛰时节，冰液化成水，放出热量
B. 立秋时节，水蒸气液化形成露珠，放出热量
C. 立冬时节，水蒸气凝华形成霜，吸收热量
D. 大寒时节，冰汽化，衣服变干，吸收热量
3.如图所示，“天宫课堂”上王亚平老师将两块透明板上的水球接触后粘在一起，慢慢拉开板后形成一个长长的“液桥”，该现象主要说明了( )
A. 水分子间有空隙B. 水分子间存在吸引力
C. 水分子间存在排斥力D. 水分子处在永不停息的无规则运动中
4.“达飞雅克萨德号”是我国制造的全球最大的LNG(液化天然气)双燃料动力船，如图，它可以通过传统燃油驱动，也可以通过携带的液化天然气驱动。选择液化天然气作为能源，除了环保，主要还因为它的( )
A. 密度小B. 比热容大C. 沸点高D. 热值高
5.如图，是加油站里常见的“静电释放器”，司机或工人提油枪加油前，必须用手触摸金属球清除身体上的静电。下列说法中正确的是( )
A. 人体带的电荷是人体与衣服摩擦过程中创造出来的。
B. “除电”时，人体、金属球、大地连通
C. 若人体带有负电，“除电”时，电流方向是从金属球流向大地
D. “静电”消除后，人体的正负电荷量全部消失
6.如图所示，是冷水与热水混合时，温度随时间变化的图象，假设在热传递过程中没有热损失，由图中信息可知，热水放出的热量与冷水吸收的热量之比、热水与冷水的质量之比分别是( )
A. 1：1，1：2
B. 2：1，1：1
C. 1：2，1：1
D. 1：1，2：1
7.在探究“海波熔化时温度的变化规律”的实验中，实验数据记录如图所示，下列说法正确的是( )
A. 海波是非晶体
B. 海波的熔点为48℃，熔化过程持续了大约7min
C. 第5min时，海波处于液态
D. 海波熔化过程中，温度不变，内能增加
8.如图所示，长度相同、横截面积不同的同种材料制成的金属棒AB和CD并联接在电路两端，则下面说法正确的是( )
A. IAB
C. IAB=ICD；UAB=UCD
D. IAB>ICD；UAB=UCD
9.北京冬奥会开幕式上，400名演员挥动的发光杠先发出绿光代表“绿草”，随后又发出白光组成“蒲公英”。杠上有两个开关：一个总开关，另一个用来控制发出白光或绿光。则如图所示的电路设计中能实现这个效果的是( )
A. B.
C. D.
10.如图所示，电源电压恒定不变，闭合开关S，若滑片P向下移动，下列说法正确的是( )
A. A示数变小，V示数变大
B. A示数变小，V示数不变
C. A示数变大，V示数变小
D. A示数变大，V示数不变
11.“珍爱生命、注意安全”是我们中学生在日常生活中必须具有的意识。关于家庭电路和安全用电，下列说法或做法中正确的是( )
A. 家庭电路中空气开关“跳闸”，肯定是家中用电器总功率过大
B. 家庭电路中，控制灯具的开关只要与灯具串联即可
C. 如图，高压输电铁塔最上面的两条导线是防雷的
D. 家庭电路安装空气开关和漏电保护器，都是防止漏电而采取的安全措施
12.如图是电流表的内部结构示意图。当电流通过线圈时，通电线圈在磁场中转动从而带动指针偏转。下列选项与电流表工作原理相同的是( )
A. 电磁铁
B. 电动机
C. 电磁继电器
D. 发电机
二、多选题：本大题共3小题，共12分。
13.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( )
A. 物体吸收热量，其温度一定升高
B. 温度相同的物体，它们具有的内能不一定相等
C. 在热传递过程中，热量可以自发的从温度高的物体向温度低的物体传递
D. 物体的内能增加，一定是外界对物体做了功
14.在班级组织的“自制指南针”活动中，小伟同学用条形磁体将缝衣针磁化后，将其放在水中漂浮的一片树叶上，多次将树叶轻轻旋转，待树叶静止后，观察到树叶的尖端总是指向南方，如图所示，下列说法中正确的是( )
A. 树叶尖端指向地磁北极
B. 指南针的“N”应标注在树叶尖端
C. 树叶周围存在磁场和磁感线
D. 若用磁体的N极靠近树叶尖端，会相互吸引
15.某同学用如图甲所示的电路进行实验，根据获得的数据画出了电流表示数I随电压表示数U变化的图象，如图乙所示。已知电源电压保持5V不变，下列说法正确的是( )
A. 当电流表的示数为0.2A时，小灯泡两端的电压为3V
B. 随着小灯泡两端电压的减小，通过小灯泡的电流减小
C. 当电流表的示数为0.3A时，小灯泡的电功率为0W
D. 小灯泡两端的电压为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值为8Ω
三、填空题：本大题共3小题，共6分。
酒精完全燃烧释放的热量是2.1×106J，则酒精的热值为______J/kg；当酒精燃烧了一半时，剩余酒精的热值大小______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
17.手机已经进入“5G”时代，所谓“5G”指的是第五代移动通信技术。“5G”手机传递信息的载体是频率更高的______(选填“超声波”或“电磁波”)；手机中科技含量最高的元件是芯片，芯片的核心部分主要是由______(选填“导体”、“半导体”或“超导体”)材料制成的。
18.太阳能是______(选填“可再生”或“不可再生”)能源、清洁无污染，它是在太阳内部氢原子核发生______(选填“裂变”或“聚变”)释放出巨大的能量。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
19.如图所示，请根据电路实物图，在虚线框内画出对应的电路图。
20.请在图中连接家庭电路，要求开关控制螺口灯泡，三孔插座直接接入电路。
五、实验探究题：本大题共3小题，共24分。
21.在“探究并联电路电流规律”的实验中，实验电路如图甲所示。
(1)连接电路时，开关要处于______状态。
(2)电流表在使用时，必须与所测电路用电器______(选填“串联”或“并联”)；小明发现在将电流表接入电路之前，电流表指针偏转情况如图乙所示，接下来他要对电流表进行的操作是______；用调好的电流表测量 A处的电流，闭合开关后，发现电流表指针偏转情况仍如图乙所示，原因可能是______。
(3)小明将实验中测量的多组数据记录在表中，根据表格中的数据，得出的结论是：______。(用公式表示)
(4)实验中进行多次测量的目的是：______。
22.在做“探究通电螺线管外部的磁场分布”实验中：
(1)小明在螺线管两端各放置一个小磁针，在嵌入螺线管的玻璃板上均匀撒满细铁屑，闭合开关后______(填写操作方法)玻璃板，目的是______。
(2)观察到细铁屑的排列如图甲所示，同时观察到小磁针发生偏转，则说明通电螺线管周围存在______，其分布与______磁体相似。
(3)改变电流方向，再重复一次上述操作，发现小磁针指向______，由此可以做出猜想：通电螺线管外部磁场的方向可能与电流的方向有关。
(4)为了进一步探究通电螺线管外部磁场的方向与电流方向之间的关系，小明采用了如图乙所示的装置进行实验：闭合开关，记录电流的方向和通电螺线管的磁极，改变电源的______和螺线管导线的绕法，重复试验。
(5)该实验中，小磁针的作用是______，使用的物理方法是______。
23.小轩同学为了探究“电流与电压、电阻的关系”，设计了如图甲的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω1A”字样，导线若干；
(1)请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接完整。
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到最______端(选填“左”或“右”)。
(3)闭合开关，小轩同学发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是______。
(4)故障排除后，小轩首先进行探究“电流与电阻的关系”实验：
①小轩同学先把5Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数。
②断开开关，拆下5Ω的电阻，改换成阻值为10Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是______ V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向______端(选填“左”或“右”)移动，使电压表的示数为______ V。
③断开开关，继续更换定值电阻进行实验，发现更换为阻值是______Ω的定值电阻时，无论怎样调整滑动变阻器，电压表的示数总是大于2V。
(5)接下来，小轩同学选择阻值为10Ω的定值电阻进行“电流与电压关系”的实验探究：
①闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，依次将电流表与电压表的示数记录到下表中；
②根据上面的表格画出图丁I−U图像。
六、计算题：本大题共2小题，共20分。
24.如图所示，电源电压保持不变，定值电阻R1规格为“？Ω0.5A”，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，定值电阻R2的阻值为12Ω，滑动变阻器R3的规格为“20Ω1A”，闭合S和S2，断开S1，滑动变阻器R3的滑片P移至最左端时，电流表示数为0.5A；闭合S和S1，断开S2，调节滑动变阻器R3使其接入电路的电阻为5Ω时，电压表示数为2V。求：
(1)电源电压；
(2)定值电阻R1的阻值；
(3)闭合S和S1、断开S2，在保障电路安全的前提下，滑动变阻器接入电路的阻值范围。
25.图甲为三挡位电火锅，它的简化电路如图乙所示，R1和R2均为电热丝，S1和S2为温控开关，其中S2有A、B两个触点，可实现“高温快速涮煮”、“中温鲜存营养”和“低温小火慢炖”三挡的转换。当S1闭合，S2连接触点A时，处于高温挡，高温功率为2200W，R1=44Ω，如图丙是在一次使用过程中电火锅功率与时间的关系图像，求：
(1)处于高温挡时电火锅正常工作时的电流；
(2)本次使用过程中，在“中温鲜存营养”阶段消耗的电能；
(3)电火锅在“高温快速涮煮”阶段，将4kg的火锅汤从30℃加热到96℃，此过程中电火锅的热效率。[火锅汤的比热容为4.0×103J/(kg⋅℃)]
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、家用空调的电流约为5A，故A错误；
B、物理实验室中一根导线的电阻非常小，可以忽略不计，故B错误。
C、人的正常体温约为37℃，故C错误；
D、教室内的一盏日光灯的电功率P=40W=0.04kW，工作一小时消耗的电能W=Pt=0.04kW×1h=0.04kW⋅h，故D正确。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
2.【答案】B
【解析】解：A、惊蛰时节，冰熔化成水，熔化吸热，故A错误；
B、露珠是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故B正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故C错误；
D、冰冻的衣服变干，是冰由固态直接变为气态的过程，属于升华现象，升华吸热，故D错误。
故选：B。
(1)物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3.【答案】B
【解析】解：在“天宫课堂”上，将两块透明板上的水球接触后粘在一起，慢慢拉开板后形成一个长长的“液桥”，都说明了分子间存在相互作用的引力，故B正确，ACD错误。
故选：B。
水球由水分子构成，两个水球接触后能合成一个，说明分子间存在引力的作用。
本题考查分子间的作用力，掌握分子动理论的观点是解答本题的关键。
4.【答案】D
【解析】解：选择液化天然气作为能源，除了环保，主要还因为它的热值高，完全燃烧相同质量的液化天然气与其它燃料相比，放出的热量更多。
故选：D。
热值是燃料的一种特性，完全燃烧相同的质量的不同燃料，热值越大的燃料，放出的热量越多。
本题考查对燃料热值特性的理解，是一道基础题。
5.【答案】B
【解析】解：A、人身体与衣物摩擦带电，是由于电荷发生了转移，而不是创造了电荷，故A错误；
B、静电释放器金属球和大地之间相连的应是导体，“除电”时，人体所带电荷经金属球流向大地，故B正确；
C、电流的方向是正电荷移动的方向，如果人体带负电，静电释放器中电流方向是从大地到金属球到人体，故C错误；
D、原子中，带正电的原子核不能移动，带负电的电子可以挣脱原子核的束缚移动，所以无论人体带正电还是负电，触摸放电过程中移动的都是负电荷，“静电”消除后，是人体所带的正负电荷量相等，对外不显电性，故D错误；
故选：B。
摩擦起电的本质是发生了电子的转移，并不是创造了电荷；正电荷移动方向为电流的方向，“除电”时，人体所带电荷经金属球流向大地，若人体带负电，则电流方向是从大地流向金属球，当“静电”消除后，是人体所带的正负电荷量相等，对外不显电性。
解决此类问题关键是能利用静电现象进行分析生活现象。
6.【答案】A
【解析】解：由图象可知，热平衡时，冷水升高的温度为：Δt冷=t−t0冷=40℃−20℃=20℃，
热水降低的温度为：Δt热=t0热−t=80℃−40℃=40℃，
不计热量损失，热水放出的热量等于冷水吸收热量，即Q放：Q吸=1：1，
根据Q=cmΔt可得，cm热Δt热=cm冷Δt冷，
则热水与冷水的质量之比为：m热：m冷=Δt冷：Δt热=20℃：40℃=1：2，故A正确。
故选：A。
由图象可知，热平衡时，冷水和热水的温度变化量；不计热量损失，热水放出的热量等于冷水吸收热量，即Q放=Q吸，根据Q=cmΔt求得质量之比。
本题考查热量计算公式以及热平衡方程的应用，根据图象获取正确信息是关键。
7.【答案】D
【解析】解：A、由图可知，在熔化过程中，吸热但温度保持不变，海波是晶体，故A错误；
B、由图知，海波在熔化过程中，温度保持48℃不变，所以海波是晶体，熔点为48℃，据图象可知，海波从第3min开始熔化到第7min熔化完成，用时4min，故B错误；
C、第5min时，海波处于熔化过程，为固液共存态，故C错误；
D、在熔化过程中，吸收热量，温度不变，内能增加，故D正确。
故选：D。
(1)掌握晶体在熔化过程中的特点：吸热但温度保持不变；
(2)据图中的信息可以求出一段是晶体的熔化过程，可以看出晶体在熔化过程中的特点、熔点及熔化所用的时间；
(3)熔化前处于固态，熔化过程处于固液共存状态，熔化完成处于液态；
(4)物质吸收热量内能增加。
此题考查了对海波的熔化实验的过程和方法的分析，难度不大。
8.【答案】A
【解析】解：
(1)当AB和CD并联接在电路两端，根据并联电路各支路两端的电压相同，即：UAB=UCD，故B错误；
(2)已知AB和CD是由同种材料制成的且长度相同，由图可知：CD的横截面积大于AB的横截面积，所以RCD
(1)当AB和CD并联接在电路两端，并联电路的电压特点判断AB和CD两端电压的大小关系；
(2)AB和CD是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小，据此判断AB和CD的电阻大小；根据公式I=UR可知通过电阻电流的大小。
本题考查影响电阻大小的因素和欧姆定律的应用，关键知道影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积和温度，要熟记串联电路电流、电压的特点，本题应用了控制变量法解题，这是今后学习中最常用的解题方法之一。
9.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，D图正确。
故选：D。
根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。
10.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流。
因电源电压恒定不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变，故AC错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过R2的电流不变，
若滑片P向下移动，则变阻器R1接入电路中的电阻变小，由I=UR可知，通过R1的电流变大，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变大，即电流表A的示数变大，故D正确、B错误。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R2的电流变化，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R1的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
11.【答案】C
【解析】解：A、家庭电路中空气开关“跳闸”，可能是家中用电器总功率过大，也可能是发生了短路，故A错误；
B、家庭电路中，控制灯具的开关要与灯具串联，且要接在火线上，故B错误；
C、如图，高压输电铁塔最上面的两条导线是防雷的，故C正确；
D、空气开关是家庭电路中的总开关；漏电保护器是防止漏电而采取的安全措施，故D错误。
故选：C。
(1)家庭电路中电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，二是发生了短路。
(2)家庭电路中，开关要接在火线上，与灯泡串联。
(3)高压输电铁塔最上面的两条导线是防雷的。
(4)空气开关是家庭电路中的总开关；漏电保护器是防止漏电而采取的安全措施。
本题考查的是家庭电路的组成；知道安全用电的原则；知道家庭电路中电流过大的原因。
12.【答案】B
【解析】解：通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大。因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小。
A、电磁铁是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关，故A错误；
B、电动机是利用通电线圈在磁场中受力而转动的理论制成的，故B正确；
C、电磁继电器是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关，故C错误；
D、发电机是利用电磁感应现象制成的，与电流表的制成原理无关，故D错误。
故选：B。
首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的制成原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案。
在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握。
13.【答案】BC
【解析】解：A、物体吸收热量，其温度不一定升高，如晶体熔化时，吸热但温度不变，故A错误；
B、不知道物体的质量和状态，温度相同的物体，它们具有的内能不一定相等，故B正确；
C、在热传递过程中，热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故C正确；
D.物体内能增加，可能是外界对物体做了功，也可能是物体吸收了热量，故D错误。
故选：BC。
(1)物体吸收热量，其温度不一定升高，如晶体熔化；
(2)内能的大小与物体的质量、温度和状态等有关；
(3)热传递的条件是有温度差；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
本题考查了对温度、热量、内能概念的理解和它们之间关系的认识，属热学基础题。
14.【答案】AD
【解析】解：A.地球是一个大的磁体，地球和自制指南针的磁场相互作用，树叶尖端指向地磁北极，地理的南极，故A符合题意；
B.树叶尖端指向地理的南极，指南针的“S”应标注在树叶尖端，故B不符合题意；
C.树叶上放有自制指南针，因此树叶周围存在磁场，磁感线是为了描述磁场而画出的线，实际并不存在，故C不符合题意；
D.异名磁极相互吸引，树叶的尖端是指南针的S极，若用磁体的N极靠近树叶尖端，会相互吸引，故D符合题意。
故选：AD。
(1)指南针在水平位置静止指南的是S极，指北的是N极。
(2)磁体周围存在磁场，但是磁感线不是真实存在的。
(3)同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引。
本题主要考查了指南针、地磁场和磁场的基本概念，属于基础性题目。
15.【答案】BD
【解析】解：由甲图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的电压。
A、由乙图可知，当电流表的示数为0.2A时，滑动变阻器两端电压为3V，根据串联电压规律得小灯泡两端电压UL=U−U滑=5V−3V=2V，故A错误；
B、根据串联电路电压规律可知，当电压表的示数增大时，电源电压不变，则小灯泡的两端电压减小，根据乙图可知，电流表示数减小，即小灯泡的电流减小，故B正确；
C、由乙图可知，当电流表的示数为0.3A时，电压表的示数为0V，则小灯泡的两端电压为电源电压，即为5V，此时小灯泡的电功率为PL=UI1=5V×0.3A=1.5W，故C错误；
D.当小灯泡两端的两端电压为3V时，滑动变阻器的两端电压为U滑=U−UL=5V−3V=2V，由乙图可知，当电压表的示数为2V时，电流为0.25A，则滑动变阻器接入电路的阻值：R滑=U滑I=2V0.25A=8Ω，故D正确。
故选：BD。
由甲图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器的两端电压。
A、由乙图可知，当电流表的示数为0.2A时，滑动变阻器的两端电压是3V，再由串联电压规律可求得小灯泡的两端电压；
B、根据串联电路电压规律知小灯泡两端电压等于电源电压减去滑动变阻器的两端电压，结合乙图可确定灯泡的电流和电压的变化关系；
C、由乙图确定电流为0.3A时电压表的示数，从而可得出灯泡两端的电压，再根据P=UI计算出小灯泡的电功率；
D、根据灯泡两端的电压确定变阻器两端的电压，根据图像确定电路中的电流，由公式R=UI计算出变阻器的阻值。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、电功率的应用，属于中等难度习题。
16.【答案】3×107 不变
【解析】解：燃烧酒精的质量：m=0.07kg，酒精完全燃烧放出的热量：Q放=2.1×107J，
根据热值的定义式q=Q放m，酒精的热值为
q=Q放m=2.1×106J0.07kg=3×107J/kg
燃料的热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，不随燃料质量的改变而改变，故当酒精燃烧了一半时，剩余酒精的热值大小不变；
故答案为：3×107；不变。
由题可知燃烧酒精的质量，知道酒精的热值，可利用公式Q放=mq计算酒精完全燃烧放出的热量，燃料的热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，不随燃料质量的改变而改变。
本题考查了学生对酒精完全燃烧放热公式Q放=mq的理解和应用，注意燃料的热值是燃料的特性，与燃料质量的多少无关。
17.【答案】电磁波 半导体
【解析】解：(1)手机是利用电磁波传递信息的，“5G”手机传递信息的载体是频率更高的电磁波；
(2)手机芯片的核心部分是由半导体制成的。
故答案为：电磁波；半导体。
(1)手机是通过接收和发射电磁波来实现通讯的；
(2)芯片是半导体制成的。
本题考查手机通讯，半导体材料的应用，是一道基础题。
18.【答案】可再生 聚变
【解析】解：太阳能可以源源不断地获得，因此是可再生能源；
太阳能是在太阳内部氢原子核发生聚变释放出巨大的能量。
故答案为：可再生；聚变。
可循环利用或短时间内可从自然界得到补充的能源是可再生能源，太阳能是可再生能源；
太阳之所以能够发出大量的光和热，是因为太阳内部氢原子不断聚变成氦原子。
本题主要考查了对太阳能的分类、太阳能的产生原因等的了解，属基础题。
19.【答案】解：由实物图知，开关、电流表、滑动变阻器、灯依次串联在电源两极上，电压表并联在灯两端，电路图如图所示：
。
【解析】分析实物图，灯与滑动变阻器的连接方式，以及开关、电表的位置，据此画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式是关键。
20.【答案】
【解析】解：(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。(2)安装安全用电原则，上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。如图所示：
(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
21.【答案】断开 串联 调零 电流表的正负接线柱接反了 IC=IA+IB 寻找普遍规律
【解析】解：(1)连接电路时，为保护电路，开关应断开；
(2)电流表在使用时应与被测电路串联，当指针不在零刻度时，应先调零；
当闭合开关观察电流表指针向左偏转时，电流表的正负接线柱接反了；
(3)根据表中数据分析可得IC=IA+IB；
(4)在“探究并联电路电流规律”的实验中，多次实验是为了寻找普遍规律；
故答案为：(1)断开；(2)串联；调零；电流表的正负极接线柱接反了；(3)IC=IA+IB；(4)寻找普遍规律。
(1)连接电路时，为保护电路，开关应断开；
(2)电流表在使用时应与被测电路串联，当指针不在零刻度时，应先调零；在根据电源的正负极将电流表的正负接线柱正确接入电路；
(3)在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
(4)多次实验实验是为了寻找普遍规律。
本题考查并联电路电流特点的实验，考查了电路连接注意事项、电流的正确使用及多次实验的目的，属于重点实验的考查，务必掌握。
22.【答案】轻敲 使得铁屑跳起减小摩擦后能够自由转动 磁场 条形 发生改变 正负极 显示磁场的方向 转换法
【解析】解：(1)在嵌入螺线管的有机玻璃板上均匀撒些细铁屑，通电后需要轻敲有机玻璃板，这样做的目的是克服摩擦力的影响，使细铁屑可以自由移动。
(2)磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用，闭合开关，观察到螺线管周围的小磁针由于受到磁场的作用而发生偏转，说明了通电螺线管周围存在磁场。通电螺线管的磁场与条形磁体相似；
(3)改变电流方向，再重复一次上述操作，磁场方向改变，发现小磁针指向改变，由此可以做出猜想：通电螺线管外部磁场的方向可能与电流的方向有关。
(4)为了进一步探究通电螺线管外部磁场的方向与电流方向之间的关系，小明采用了如图乙所示的装置进行实验：闭合开关，记录电流的方向和通电螺线管的磁极，改变电源的电源的正负极和螺线管导线的绕法，重复试验。
(5)该实验中，小磁针的作用是显示磁场方向，使用的物理方法是转换法。
故答案为：(1)轻敲；使得铁屑跳起减小摩擦后能够自由转动；(2)磁场；条形；(3)发生改变；(4)正负极。(5)显示磁场的方向；转换法。
(1)磁体周围铁屑会被磁化，但由于其与纸板的摩擦力太大，它不能自己转动，因此实验中轻敲玻璃板；
(2)螺线管周围的小磁针由于受到磁场的作用而发生偏转，说明了通电螺线管周围存在磁场；磁场分布与条形磁体相似
(3)磁场方向与电流方向有关；
(4)根据控制变量法分析解答；
(5)小磁针显示磁场方向，是转换法的应用。
本题考查了磁场的性质是对放在磁场中的磁体有力的作用；电流周围存在着磁场和磁场的方向与电流方向有关；通电螺线管的磁场与条形磁铁相类似。更加深入的研究了电流的磁效应，在物理学习中不能只注重了结论的学习，还要注意过程的学习。
23.【答案】右 电阻R断路 2.4右 2 50
【解析】解：(1)电压表与电阻并联接入电路，电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出，电源电压为3V，所以电压表接入电路的量程为0∼3V，如图：
；
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片P应移到阻值最大处，即最右端；
(3)闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，说明电压表串联接入电路，即与电压表并联部分电路断路，所以电路故障为电阻断路；
(4)②由图丙知电压表选用0−3V的量程，分度值为0.1V，电压表的示数为2.4V；
根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数恢复到2V；
③定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=3V−2V=1V，电压表示数为变阻器分得电压的2V1V=2倍，根据分压原理，当变阻器连入电路中的电阻为20Ω时，定值电阻的阻值：R大=2×20Ω=40Ω<50Ω，因此当接入50Ω的电阻时，无论怎样调节滑片，电压表的示数都大于2V；
(5)根据表格数据描点画出图像，见下图：
。
故答案为：(1)如图；(2)右；(3)电阻R断路；(4)②2.4；右；2；③50；(5)见解答图。
(1)电压表与电阻并联接入电路，电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出，电源电压为3V，所以电压表接入电路的量程为0∼3V；
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片P应移到阻值最大处；
(3)电流表无示数，电压表指针有明显偏转，说明电压表串联接入电路，即与电压表并联部分电路断路；
(4)②根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
③根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器连入电路中的电阻最大时，定值电阻的阻值，进而确定无法完成实验的定值电阻的规格；
(5)根据表格数据描点画出图像。
本题考查电路的连接、故障的分析、控制变量法的运用、串联电路特点、欧姆定律的灵活运用，综合性强。
24.【答案】解：(1)当闭合S和S2、断开S1时，滑动变阻器R3的滑片P移至最左端时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流；
由I=UR可得电源的电压：
U=IR2=0.5A×12Ω=6V；
(2)当闭合S和S1、断开S2，R3与R1串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，
调节滑动变阻器R3使其接入电路的电阻为5Ω，电压表示数为2V时，
电路的电流为：I′=U3′R3=2V5Ω=0.4A；
此时R1两端的电压为：U1=U−U3′=6V−2V=4V；
定值电阻R1的阻值：R1=U1I′=4V0.4A=10Ω；
(3)闭合S和S1、断开S2，R3与R1串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，
电流表量程0∼0.6A，滑动变阻器R3的规格为“20Ω1A”，R1标有“0.5A”的字样，则电路中的电流最大为0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
由I=UR可得，电路最小电阻：
R最小=UI最大=6V0.5A=12Ω，
根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可知：滑动变阻器接入电路中的最小阻值为：
R3最小=R最小−R1=12Ω−10Ω=2Ω；
电压表量程0∼3V，所以滑动变阻器两端的最大电压为3V，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，
根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可知，R1两端的电压：
U1小=U−U3最大=6V−3V=3V，
电路中的电流：
I′=I1′=U1小R1=3V10Ω=0.3A，
由I=UR可得，滑动变阻器接入电路中的最大值：
R3最大=U3最大I′=3V0.3A=10Ω，
所以，滑动变阻器接入电路的阻值范围是2Ω∼10Ω。
答：(1)电源电压为6V；
(2)定值电阻R1的阻值为10Ω；
(3)闭合S和S1、断开S2，在保障电路安全的前提下，滑动变阻器接入电路的阻值范围是2∼10Ω。
【解析】(1)当闭合S和S2、断开S1时，滑动变阻器R3的滑片P移至最左端时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)当闭合S和S1、断开S2，R3与R1串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律算出电路的电流，由串联电路电压的规律算出此时R1两端的电压，最后由欧姆定律算出定值电阻R1的阻值；
(3)闭合S和S1、断开S2，R3与R1串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，
电流表量程0−0.6A，滑动变阻器R3的规格为“20Ω1A”，R1标有“0.5A”的字样，则电路中的电流最大为0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由I=UR求出电路最小电阻，根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和算出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
电压表量程0∼3V，所以滑动变阻器两端的最大电压为3V，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和求出R1两端的电压，有欧姆定律算出电路中的电流和滑动变阻器接入电路中的最大值。
本题关键是要弄清开关的断开、闭合是电路的连接方式发生的变化，根据欧姆定律求出电路中的最大电流即变阻器连入阻值最小和电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中电阻是解决变阻器连入电路阻值大小的突破口。
25.【答案】解：(1)由P=UI可知，处于高温挡时电饭锅正常工作时的电流：I=P高U=2200W220V=10A；
(2)当S1闭合，S2连接触点B时，R2被短路，只有R1工作，当S1断开，S2连接触点B时，R1、R2串联；
根据串联电路的电阻特点可知，串联电路的总电阻大于任一分电阻，
所以，当S1闭合，S2连接触点B时，R2被短路，电路中电阻较小，而电源电压是不变的，由P=U2R可知，此时电功率较大，为中温挡；
中温挡的功率：P中=U2R1=(220V)244Ω=1100W；
由图丙可知，在“中温鲜存营养”阶段工作的时间：t1=25min−10min=15min=900s，
由P=Wt可知，在“中温鲜存营养”阶段消耗的电能：W=P中t1=1100W×900s=9.9×105J；
(3)火锅汤吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×4kg×(96℃−30℃)=1.056×106J；
由P=Wt可知，在“高温快速涮煮”阶段消耗的电能：W′=P高t2=2200W×10×60s=1.32×106J；
过程中电火锅的热效率：η=Q吸W′×100%=1.056×106J1.32×106J×100%=80%。
答：(1)处于高温挡时电火锅正常工作时的电流为10A；
(2)本次使用过程中，在“中温鲜存营养”阶段消耗的电能为9.9×105J；
(3)电火锅在“高温快速涮煮”阶段，将4kg的火锅汤从30℃加热到96℃，此过程中电火锅的热效率为80%。
【解析】(1)知道高温挡的额定功率和额定电压，利用P=UI计算出处于高温挡时电饭锅正常工作时的电流；
(2)当S1闭合，S2连接触点B时，R2被短路，只有R1工作，当S1断开，S2连接触点B时，R1、R2串联；
根据串联电路的特点和P=U2R可知“中温鲜存营养”和“低温小火慢炖”的电路连接，知道R1的阻值，利用P=U2R可知“中温鲜存营养”的电功率；
由图丙可知中温挡的工作时间，利用P=Wt计算出在“中温鲜存营养”阶段消耗的电能；
(3)利用Q吸=cm(t−t0)计算出火锅汤吸收的热量；利用P=Wt计算出在“高温快速涮煮”阶段消耗的电能；利用效率公式计算出此过程中电火锅的热效率。
本题是一道电热综合题，主要考查串、并联电路特点、电功率公式的灵活运用、吸热公式、效率公式的应用，题目综合性较强，有一定的难度。实验次数
A处的电流IA/A
B处的电流IB/A
C处的电流IC/A
1
0.3
0.1
0.4
2
0.3
0.2
0.5
3
0.3
0.3
0.6
次数
1
2
3
4
5
U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
I/A
0.1
0.15
0.2
0.25
0.3
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