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2023-2024学年陕西省西安市阎良区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2023-2024学年陕西省西安市阎良区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.当今社会，智能手机已经成为人们工作和生活不可或缺的一部分。智能手机的电池电压最接近( )
A. 4VB. 36VC. 220VD. 380V
2.如图所示，“长二丙”成功发射，完成了2023年长征系列运载火箭发射任务收官。火箭用液态氢作为燃料，主要是因为液态氢的( )
A. 温度高B. 热值大C. 比热容大D. 热量多
3.2023年12月7日，西安市阎良区新兴街道举行以“醉美新兴果燃精彩”为主题的第二届乡村振兴运动会暨火龙果文化节。如图所示，是三人制篮球项目中的情景，篮球被投出后的上升过程中，下列关于篮球的说法中正确的是( )
A. 动能增大，重力势能减小
B. 动能减小，重力势能增大
C. 动能和重力势能都不变
D. 动能不变，重力势能增大
4.投掷实心球是我市体育中考项目之一。投掷过程中，考生对实心球没有做功的是( )
A. 从地面拿起实心球B. 将实心球举高
C. 用力将实心球掷出D. 实心球离开手后继续在空中飞行
5.2023年11月28日，新一代国产CPU龙芯3A6000在北京发布，性能达到国际主流产品水平。电脑CPU工作时会不断发热，为了保证CPU不被烧坏，当温度上升到某一值时，外接电风扇(用M表示)工作辅助降温，下列四个电路图中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
6.如图所示，图中的a、b是电流表或电压表，闭合开关，灯泡正常发光，下列说法正确的是( )
A. a是电压表B. b是电压表
C. 断开开关时，两表都没有示数D. a、b两表的上端都是“+”接线柱
7.老张乘坐电梯下楼与走楼梯下楼时，所受重力做功分别为W1和W2，重力的功率分别为P1和P2，则下列说法正确的是( )
A. W1=W2B. W1>W2C. P18.如图所示是某单缸四冲程汽油机的工作示意图。下列说法正确的是( )
A. 一个工作循环的正确顺序是：丁、丙、甲、乙
B. 热机常用水做冷却剂，是因为水的沸点高
C. 丙图冲程是做功冲程，主要将内能转化为机械能
D. 若飞轮的转速为1800r/min，则该汽油机每秒做功30次
9.用同种材料制成两段长度相等、横截面积不同的圆柱形导体A、B，导体A比B的横截面积大。如图所示，将它们串联在电路中，通过导体A、B的电流分别为IA、IB，导体A、B的电阻分别为RA、RB，则( )
A. IA>IBB. IA=IBC. RA=RBD. RA>RB
10.公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。如图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时，电表示数随之增大，由电表改装成的显示器的示数也增大。下列判断正确的是( )
A. 接线柱“3”应与“1”连接B. “显示器”由电压表改装而成
C. 货车质量越大，电阻R0两端电压就越大D. 为了节约电能，电阻R0可以去掉
11.如图1所示，用甲、乙两个滑轮组分别将物体M、N匀速提升1m，拉力分别为F甲、F乙，此过程相关数据如图2所示，下列有关此过程的说法中正确的是( )
A. 提升物体时的拉力大小关系为F甲B. 甲、乙两个滑轮组中，绳子自由端移动的距离之比为2：3
C. 物体M、N的重力大小关系为GM=GN
D. 乙滑轮组机械效率比甲低
12.物理兴趣小组为蔬菜大棚设计了一个测量空气湿度的电路图(如图甲)，其中电源电压恒为6V，定值电阻R0的阻值为10Ω，电压表量程为0∼3V，湿敏电阻R的阻值随空气湿度H的变化关系如图乙所示。若用电压表显示空气湿度，下列分析正确的是( )
A. 空气湿度越大，湿敏电阻R的阻值越大
B. 当空气湿度为50%时，R与R0两端的电压之比为3：2
C. 当电路中电流为0.3A时，空气湿度为40%
D. 适当减小电源电压，可以提高该装置所能测量的最大空气湿度值
二、填空题：本大题共7小题，共22分。
13.火龙起舞迎新年！如图所示，四川成都“打铁花”演出时，工匠师傅用木板将滚烫的铁水打向空中，铁水与空气接触，温度降低，内能______(选填“增大”“不变”或“减小”)，这是通过______的方式改变铁水的内能。
14.在杭州第19届亚运会皮划艇静水项目上，中国代表队以9枚金牌的优异成绩完美收官。如图所示，运动员用船桨划水时，船桨属于______杠杆；为了更省力，应______(选填“增大”或“减小)两只手之间的距离；使用船桨的好处是可以省______(选填“力”“功”或“距离”)。
15.如图所示，是共享换电柜，当电动车没电时，可以通过手机扫码将换电柜中充满电的蓄电池与没电的蓄电池进行更换。图中柜面上有12个充电柜，充电时蓄电池相当于电路中的______(选填“用电器”或“电源”)，将电能转化为______能；各充电柜中的蓄电池之间是______(选填“串联”或“并联”)的。
16.如图是小颜自制的简易调光灯，小灯泡中的电流方向为______(选填“C到D”或“D到C”)；当B夹子向左移动时，灯泡亮度______(选填“变亮”或“变暗”)；小颜接着加热铅笔芯，发现灯泡亮度逐渐变亮，这一现象说明，铅笔芯温度越高，电阻越______；若松开 B夹子，铅笔芯的电阻阻值______(选填“等于”或“不等于”)零。
17.如图甲所示，分别用两个相同的酒精灯加热质量相等、初温相同的a、b两种物质(不计热量损失)，物质吸收热量的多少是通过______(选填“升高的温度”或“加热的时间”)来体现的；加热过程中两种物质温度随时间变化的图像如图乙所示，则______(选填“a”或“b”)物质的吸热能力更强；b物质的比热容为3.6×103J/(kg⋅℃)，则a物质的比热容为______J/(kg⋅℃)。
18.如图甲所示电路，开关S1、S2闭合后两电流表的指针均指在同一位置，如图乙所示，则通过R1的电流为______ A，电阻R1与R2两端的电压之比为______，电阻R1与R2的阻值之比为______。
19.如图所示，斜面长4m，高1m，工人用沿斜面方向、大小为400N的推力，在10s内把重1200N的货箱匀速推到车上。此过程中，推力做功的功率为______ W，斜面的机械效率为______%，货箱所受的摩擦力大小为______ N。生活、生产中利用斜面工作时，提高斜面机械效率切实可行的措施是______(写出一条即可)。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
20.如图所示，O为支点，请在图中画出此时使杠杆静止的拉力F的力臂L。
21.如图所示，请根据实物连接图，在虚线框内画出对应的电路图。
四、实验探究题：本大题共4小题，共22分。
22.按要求填空。
(1)如图甲所示，电压表的示数是______ V。
(2)如图乙所示，红墨水在热水中扩散得快，说明分子热运动的快慢与______有关。
(3)如图丙所示，是“探究杠杆的平衡条件”的实验装置，实验过程中调节杠杆在水平位置平衡是为了便于测量______；若在杠杆两侧钩码下方各增加一个相同的钩码，杠杆的______(选填“左”或“右”)端会下降。
23.为了探究并联电路的电流特点，同学们设计了如图甲所示的电路进行实验。
(1)连接电路过程中，开关应处于______状态。
(2)图甲中电流表的连接是为了测量______(选填“A”“B”或“C”)处的电流；闭合开关后，电流表的指针指向“0”刻度线的左侧，原因可能是______。
(3)改正电路正确无误后开始实验，得到的数据如下表所示，分析表格中的数据，得出的结论是并联电路中，______。(用文字描述)
24.如图所示，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，并使木块向前移动一段距离后静止。
(1)实验中，探究的动能是指小球在______(选填“斜面上”“撞击木块时”或“撞击木块后”)所具有的动能，其大小是通过______来反映的。
(2)分析______两图可知，当质量一定时，物体速度越大，动能越______。
(3)分析______两图实验现象，可以解释汽车超载行驶时危险性大的原因。
(4)如果水平面绝对光滑，则本实验______(选填“能”或“不能”)达到探究的目的，理由是______。
25.在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，标有“50Ω1A”的滑动变阻器，阻值不同的定值电阻若干，其他器材。
(1)甲图是小明同学连接的实验电路，检查发现有一根导线接错，请你把接错的那一根导线找出来，打上“×”，再用笔画线代替导线，把它改到正确的位置上。
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则故障可能是定值电阻______(选填“短路”或“断路”)。
(3)排除故障后，小明同学首先“探究电流与电压的关系”，进行了多次实验，并得到下表所示的实验数据，分析数据可得结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______。
(4)接着，小明又进行了“探究电流与电阻关系”的实验，先将5Ω定值电阻接入电路，在移动滑片的过程中，眼睛应注意观察______(选填“电流表”“电压表”或“滑动变阻器”)。
(5)记录实验数据，并绘制成图乙所示图像，根据图像可知，实验中控制电阻两端的电压为______ V不变；根据实验目的分析图像可得出结论：______。
(6)实验中发现将20Ω定值电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，电阻两端电压都不能达到预设值。为了完成本实验，接入的定值电阻最大应不超过______Ω。
五、计算题：本大题共2小题，共16分。
26.太阳能具有安全、清洁、方便等特点。如图所示是小明家的某型号太阳能热水器，已知该热水器在有效日照时段里可以将水箱内100kg、12℃的水加热到52℃。求：[水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值是4.0×107J/m3]
(1)水箱中的水温度升高后，其比热容______(选填“增大”“不变”或“减小”)。
(2)水箱中的水吸收的热量是多少？
(3)若水箱中的水吸收的热量由加热效率为60%的天然气灶来提供，则需要完全燃烧多少天然气？
27.如图甲所示，是小明家中可调亮度的台灯，图乙是用于调光的电位器结构图，a、b、c是三个接线柱。小明利用滑动变阻器自制了一个可调亮度的“台灯”，其电路图如图丙所示，电源两端电压恒为9V，小灯泡L的电阻为10Ω(不考虑温度对灯丝电阻的影响)，其允许通过的最大电流为0.4A，滑动变阻器R的规格为“80Ω0.5A”，开关S闭合后，求：
(1)台灯的灯罩是塑料的，塑料属于______(选填“导体”“绝缘体”或“半导体”)材料；当顺时针转动滑片时，台灯变暗，应将图乙中电位器的______两个接线柱接入电路中。
(2)当图丙“台灯”中通过小灯泡L的电流为0.3A时，滑动变阻器两端的电压是多少？
(3)为保证图丙“台灯”电路安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值是多少？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：智能手机的电池电压一般为3.7V，最接近4V。
故选：A。
了解生活中常见的电压值：一节干电池的电压是1.5V、一节铅蓄电池的电压是2V、手机电池电压为3.7V、家庭电路的电压为220V、动力电压为380V、对人体安全的电压为不高于36V。据此分析判断。
常识性了解常见电压值，可解答此题。
2.【答案】B
【解析】解：火箭用液态氢作为燃料，主要是因为液态氢的热值大，相同质量的液态氢与其它燃料相比，完全燃烧放出的热量多。
故选：B。
热值是燃料本身的特性，相同的质量的不同燃料完全燃烧，热值越大的燃料，放出的热量越多。
本题考查对热值概念的理解，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：篮球被投出后的上升过程中，篮球的质量不变，速度逐渐减小，距离地面的高度不断增大，所以篮球在此过程中的动能变小，重力势能变大；故ACD错误，B正确。
故选：B。
影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度；
在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
本题从篮球运动的情境中考查动能和重力势能大小的影响因素知识的应用，难度不大。
4.【答案】D
【解析】解：A、从地面拿起实心球，人对实心球的力竖直向上，实心球在力的方向上移动距离，人对实心球做功，故A错误；
B、将实心球举高，人对实心球的力竖直向上，实心球在力的方向上移动距离，人对实心球做功，故B错误；
C、用力将实心球掷出，人对实心球施加向上的力，实心球在力的方向上移动了距离，人对实心球做了功，故C错误；
D、实心球离开手后继续在空中飞行，人对实心球没有力的作用，人对实心球没有做功，故D正确。
故选：D。
力对物体做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在该力的方向上通过了距离。
此题考查力是否做功的判断，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
5.【答案】C
【解析】解：由题意可知电动机和CPU可以独立工作、互不影响，即为并联，当温度上升到某一值时，外接电风扇(用M表示)工作辅助降温，即温度升高到某一值时，电动机才工作，说明电动机晚工作，即一个开关在干路，可控制所有用电器，一个开关在支路上，只控制电动机，故C正确。
故选：C。
由题意可知电动机和CPU可以独立工作、互不影响，即为并联，当温度上升到某一值时，外接电风扇(用M表示)工作辅助降温，即温度升高到某一值时，电动机才工作，说明电动机晚工作，即一个开关在干路，可控制所有用电器，一个开关在支路上，只控制电动机。
本题综合考查了串并联电路的特点和串并联电路开关的作用，难度中等。
6.【答案】A
【解析】解：AB、根据图示可知，a并联在电路中，为电压表；b串联在电路中，为电流表，故A正确、B错误；
C、断开开关时，电流表无示数，电压表测量电源电压，有示数，故C错误；
D、电流从电表的正接线柱流入，从负接线柱流出，所以a的上端为正接线柱，b的下端为正接线柱，故D错误。
故选：A。
电流表应串联接入电路中，电压表应并联接入电路中；电流从电表的正接线柱流入，从负接线柱流出；电流表在电路中相当于导线，而电压表的电阻很大，据此分析。
本题考查了电流表和电压表的使用，难度不大。
7.【答案】A
【解析】解：老张乘坐电梯下楼与走楼梯下楼时，根据W=Gh可知，老张所受重力做功大小相同；
坐电梯下楼用时短，根据P=Wt可知，坐电梯下楼的功率大。
故选：A。
根据W=Gh比较重力做功的大小；根据P=Wt可比较功率大小。
本题考查了功和功率的大小比较，难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：甲冲程，两气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，将机械能转化为了内能，是第二冲程；
乙冲程，排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，是第四冲程；
丙冲程，气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，将内能转化为了机械能，是第三冲程；
丁冲程，进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，是第一冲程；
A、四个冲程的正确顺序是丁、甲、丙、乙，故A错误；
B、热机常用水做冷却剂，是因为水的比热容大，相同质量的水与其它物质相比，升高相同的温度，吸收的热量多，冷却效果好，故B错误；
C、丙图是做功冲程，汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，气缸内气体内能减少，温度降低，故C正确；
D、四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，则该飞轮每秒钟转30圈，完成了60个冲程，对外做功15次，故D错误。
故选：C。
(1)判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程；在压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能；对外提供内能的冲程只有做功冲程，其它三个冲程都是依靠惯性完成的；
(2)因为水的比热容较大，相同质量的水与其它物质相比，升高相同的温度，吸收的热量多，冷却效果好，常用来做冷却剂；
(3)内燃机的四个冲程中有两个冲程发生了能量转化，在压缩冲程中机械能转化为内能，在做功冲程中内能转化为机械能；
(4)四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，活塞往复1次，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
本题考查内燃机的冲程，能量的转化、水的比热容以及转速与做功次数的关系，是一道综合题。
9.【答案】B
【解析】解：两段导体串联在电路中，因为串联电路中电流处处相等，所以通过它们的电流相等，即IA=IB，故B正确，A错误；
由题知，A和B两段导体的材料和长度均相同，A比B的横截面积大，因为其它条件相同时，横截面积越大，电阻越小，所以导体A的电阻较小，即RA故选：B。
串联电路中电流处处相等；由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小。
本题考查了影响电阻大小的因素和串联电路的电流特点，是一道基础题。
10.【答案】C
【解析】解：A、当货车质量增大时，电表(电流表)示数随之增大，则说明电阻变小，所以接线柱“2”应与“3”连接，这样，当质量增大，滑片向下移动，变阻器阻值变小，电流表示数变大，故A错误；
B、图中电表串联在电路中，所以该显示器由电流表改装而成，故B错误；
C、若货车质量增大，变阻器电阻减小，根据串联电路的电压与电阻的正比关系，变阻器R分得的电压减小，则电阻R0两端电压增大，故C正确；
D、电阻R0不可以去掉，因为若去掉R0，则滑片在最下端时会造成电路发生短路，故D错误。
故选：C。
(1)当货车质量增大时，电表(电流表)示数随之增大，则说明电阻变小，据此分析；
(2)电流表应串联在电路中，电压表应并联在被测电路两端；
(3)串联电路中各电阻两端电压与对应的电阻成正比；
(4)当电源的正负极直接相连，会产生电源短路现象。
理解串联电路的电压规律、变阻器的工作原理，知道电流表的使用规则、短路概念，熟练运用欧姆定律知识，可解答此题。
11.【答案】C
【解析】解：AB、由图1可知，甲滑轮组中，n甲=3；乙滑轮组中，n乙=2；
由图2可知，甲、乙滑轮组的总功分别为：W甲总=1200J，W乙总=800J，
用甲、乙两个滑轮组分别将物体M、N匀速提升1m，根据s=nh可知，绳子自由端移动距离：
s甲=n甲h=3m，s乙=n乙h=2m，绳子自由端移动的距离之比为s甲：s乙=3m：2m=3：2，故B错误；
两滑轮组中，绳端拉力分别为：
F甲=W甲总s甲=1200J3m=400N，
F乙=W乙总s乙=800J2m=400N，
因此F甲=F乙，甲滑轮与乙滑轮组所用的拉力相同，故A错误；
C、由图丙可知，甲滑轮组做的有用功为：
W甲有用=1200J−800J=400J，
乙滑轮组做的有用功为：
W乙有用=800J−400J=400J，
由W有用=Gh可知
GM=W甲有用h=400J1m=400N，
GN=W乙有用h=400J1m=400N，
因此GM=GN，故C正确；
D、由图丙可知，甲滑轮组做总功为1200J，做额外功为800J，则甲滑轮组机械效率为：
η甲=W甲有用W甲总=1200J−800J1200J×100%≈33.3%；
乙滑轮组做总功为800J，做额外功为400J，则乙滑轮组机械效率为：
η乙=W乙有用W乙总=800J−400J800J×100%=50%，
因此乙滑轮组机械效率比甲高，故D错误。
故选：C。
(1)由图1可知，甲滑轮组中，n甲=3；乙滑轮组中，n乙=2；由图2可知，甲、乙滑轮组的总功大小，根据W总=Fs和s=nh可知绳端拉力F甲、F乙的大小关系；
(2)由图2可知，甲、乙滑轮组的额外功大小，根据W有=W总−W额求得甲、乙滑轮组做的有用功，物体上升的高度相同，根据W有=Gh可知物重GM、GN的大小关系；
(3)根据η=W有用W总进行分析。
本题考查滑轮组中力、距离、功和机械效率的大小比较，关键是n的大小确定以及根据柱状图得出总功和有用功的大小。
12.【答案】D
【解析】解：A、由图乙可知空气湿度越小，湿敏电阻R的阻值越大，故A错误；
B、由图乙知当空气湿度为50%时，湿敏电阻R的阻值为20Ω，
根据串联电路规律和根据欧姆定律可得R与R0两端的电压之比为：
URU0=IRRI0R0=RR0=20Ω10Ω=21，故B错误；
C、当电路中电流为0.3A时，根据欧姆定律可得，此时电路的总电阻：R总=UI=6V0.3A=20Ω，
根据串联电路电阻规律可得，此时湿敏电阻接入电路的阻值：R′=R总−R0=20Ω−10Ω=10Ω，
由图乙可知，空气湿度为H′=80%，故C错误；
D、要提高该装置所能测量的最大空气湿度值，湿敏电阻接入电路的阻值变小，不改变电压表量程，若定值电阻的阻值不变，根据U=IR可知通过电路的电流变小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知可适当减小电源电压，故D正确。
故选：D。
(1)由图乙可知空气湿度越小，湿敏电阻R的阻值越大；
(2)由图乙知当空气湿度为50%时，湿敏电阻R的阻值为20Ω，根据串联电路规律结合欧姆定律计算R与R0两端的电压之比；
(3)当电路中电流为0.3A时，根据欧姆定律计算此时电路的总电阻，根据串联电路电阻规律计算此时湿敏电阻接入电路的阻值，由图乙可知空气湿度；
(4)提高该装置所能测量的最大空气湿度值，湿敏电阻接入电路的阻值变小，不改变电压表量程，若定值电阻的阻值不变，根据U=IR可知通过电路的电流变化，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知可适当减小电源电压。
本题考查串联电路特点、串联分压原理和欧姆定律的灵活运用，有一定难度。
13.【答案】减小 热传递
【解析】解：铁水与空气接触，温度降低，铁水放出热量，内能减小，这是通过热传递的方式改变铁水的内能。
故答案为：减小；热传递。
内能的大小与温度、质量、状态等因素有关；做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的。
本题考查了改变内能的方法，属于基础题。
14.【答案】费力 增大 距离
【解析】解：(1)船桨在使用的过程中，相当于一个杠杆，以船桨的上端为支点，划动时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力但省距离；
(2)在使用船桨时，阻力、阻力臂一定，由杠杆平衡条件，即：动力×动力臂=阻力×阻力臂可知，要使所用的力小一点，应增大动力臂，即增大两只手之间的距离；
(3)在使用船桨时，可以省距离，但费力，不能省功；
故答案为：费力；增大；距离。
(1)根据船桨在使用的过程中动力臂和阻力臂的大小关系确定杠杆的类型；
(2)由杠杆平衡条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越大、动力越小；
(3)使用任何机械都不能省功；
本题考查了杠杆分类、功的原理(使用任何机械都不省功)、杠杆平衡条件的应用，难度不大。
15.【答案】用电器 化学 并联
【解析】解：(1)工作时消耗电能的装置是用电器，在给蓄电池充电时，蓄电池将电能转化为化学能，故充电时蓄电池相当于电路中的用电器；
(2)充电时各充电柜中的蓄电池是互不影响的，故为并联。
故答案为：用电器：化学；并联。
(1)用电器：用电来工作的设备，工作时将电能转化为其他形式的能；电源：提供电能的装置，工作时将其他形式能转化为电能；
(2)并联电路的特点：各用电器互不影响。
本题考查了电路的组成和并联电路的特点，是一道基础题。
16.【答案】C到D 变亮 小 不等于
【解析】解：由图可知，电源右端为正极，其左端为负极，且外部电路的电流方向是从电池的正极流向负极，所以小灯泡中的电流方向为是从C到D；
当B夹子向左移动时，铅笔芯接入电路的长度变短，其接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，灯泡变亮；
加热铅笔芯，会发现灯泡逐渐亮起来(即电流增大，铅笔芯的电阻减小)，这一现象说明铅笔芯的电阻随温度升高而减小，即铅笔芯温度越高，电阻越小；
若松开B夹子，则没有电流通过铅笔芯，因为电阻是导体本身的一种性质，与通过导体的电流无关，所以铅笔芯的电阻阻值不为零。
故答案为：C到D；变亮；小；不等于。
在电源的外部，电流从电源的正极流出，经用电器流回电源的负极；
影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积以及温度；灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，通过灯泡的电流越大，实际功率越大；根据夹子移动的方向判定电阻的变化，根据欧姆定律判定电流的变化，从而判定出灯泡亮度的变化；
电阻是导体本身的一种性质，与通过导体的电流和导体两端的电压无关。
本题考查了影响电阻大小的因素、电流的方向，属于基础题。
17.【答案】加热的时间 b1.8×103
【解析】解：(1)用两个相同的酒精灯加热质量相等、初温相同的a、b两种物质(不计热量损失)，根据转换法，物质吸收热量的多少是通过加热的时间来体现的；
(2)根据两种物质温度随时间变化的图像可知，加热5分钟，
a升高的温度为：
80℃−20℃=60℃；b升高的温度为：
50℃−20℃=30℃；
根据比较吸热能力的方法，b物质的吸热能力更强；
根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，则a物质的比热容为：
c=30℃60℃×3.6×103J/(kg⋅℃)=1.8×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：加热的时间；b；1.8×103。
(1)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(2)相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；根据两种物质温度随时间变化的图像得出加热5分钟a和b升高的温度，确定b物质的吸热能力强；
根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，据此得出a物质的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
18.【答案】1.441：1 1：4
【解析】解：(1)当闭合开关S1、S2后，两电阻并联，电流表A1测干路的电流，电流表A2测电阻R2电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表指针的偏转相同，
所以，电流表A2的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，通过R2的电流I2=0.36A，电流表A1的量程为0∼3A，分度值为0.1A，干路电流I=1.8A，则通过R1的电流I1=I−I2=1.8A−0.36A=1.44A；
(2)因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻R1与R2两端的电压之比为U1：U2=1：1，
(3)由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=U1I1U2I2=U1U2×I2I1=I2I1=
故答案为：1.44；1：1；1：4。
(1)当闭合开关S1、S2后，由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路路的电流，电流表A2测电阻R2电流；根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定两电流表的量程，根据分度值读数示数，进一步求出两支路的电流；
(2)利用并联电路的电压特点求出电阻R1与R2两端的电压之比；
(3)由欧姆定律求出两电阻的阻值之比。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用以及电路的动态分析。
19.【答案】160 75 100 使斜面更加光滑
【解析】解：
(1)工人做的有用功：
W有用=Gh=1200N×1m=1200J；
工人做的总功：
W总=Fs=400N×4m=1600J；
工人做功的功率：P=W总t=1600J10s=160W；
斜面的机械效率为：
η=W有用W总×100%=1200J1600J×100%=75%；
(2)工人做的额外功：
W额=W总−W有用=1600J−1200J=400J；
由W额=fs得箱子受到的摩擦力：
f=W额s=400J4m=100N；
(3)提高斜面机械效率的措施：增大斜面的倾角，或者使斜面更加光滑。
故答案为：160；75；100；使斜面更加光滑。
(1)知道箱子重力、斜面的高度，根据W=Gh求出有用功；知道斜面长、推力，根据W=Fs求出总功；利用P=Wt求工人做功的功率；斜面的机械效率等于有用功与总功之比；
(2)克服摩擦力做的功为额外功，而额外功等于总功减去有用功，再利用W=fs求箱子受到的摩擦力；
(3)斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和斜面的摩擦阻力有关。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率、机械效率的计算，属于基础题目。
20.【答案】解：由支点O向F的作用线作垂线，垂线段的长度为F的力臂，如图所示：
【解析】知道力臂是从支点到力的作用线的距离，由支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即为力臂。
此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线，从而正确地画出力臂。
21.【答案】解：由实物图知，两灯并联，S1在干路上，S2在L2支路上，电路图如图所示：
。
【解析】根据实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式和开关的位置是关键。
22.【答案】0.5温度 力臂 右
【解析】解：(1)由图甲可知，电压表选用小量程，分度值0.1V，则电压表的读数为0.5V；
(2)如图乙所示，红墨水在热水中扩散比冷水中快，说明分子热运动的快慢与温度有关，温度越高，分子热运动越快；
(3)在做“探究杠杆的平衡条件”的实验时，实验过程中调节杠杆在水平位置平衡，动力和阻力的力臂在杠杆上，这是为了便于从杠杆上测量力臂；
设每个钩码的重力为G，杠杆每一小格的长度为L，在两侧各加一个相同的钩码，则有：4G×2L<3G×3L，可见右端力和力臂的乘积较大，故杠杆的右端会下降。
故答案为：(1)0.5；(2)温度；(3)力臂；右。
(1)根据电压表选用小量程确定分度值读数；
(2)物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈；
(3)实验过程中，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，其好处是便于从杠杆上测量力臂；根据杠杆平衡条件可对两侧力和力臂的乘积进行分析，最后作出判断。
本题考查的知识点比较多，涉及了电压表的读数、扩散现象和“探究杠杆的平衡条件”的实验，主要考查了学生对所学物理知识的综合应用能力。
23.【答案】断开 C 电流表的正负接线柱接反 干路电流等于各支路电流之和
【解析】解：(1)为保证电路安全，在连接电路时开关处于断开状态；
(2)分析图，电流表串联在干路中，所以测量C点的电流；闭合开关后，电流表的指针指向“0”刻度线的左侧，因为电流表的正负接线柱接反；
(3)根据图中的数据1可知：IA+IB=0.10A+0.12A=0.22A=IC；
数据2可知：IA+IB=0.22A+0.24A=0.46A=IC；
数据3可知：IA+IB=0.26A+0.30A=0.56A=IC；
综上所述，得出的结论是并联电路中，干路电流等于个之路电流之和；
故答案为：(1)断开；(2)C；电流表的正负接线柱接反；(3)干路电流等于各支路电流之和。
(1)为保证电路安全，在连接电路时开关处于断开状态；
(2)分析图，判断电流表的测量对象，和哪个用电器串联，电流表就测量哪个用电器；
(3)电流表使用之前要调零，在闭合开关之前不在零刻度线上时没有调零的原因；在使用过程中指针指向左侧没有刻度的位置是因为电流表的正负接线柱接反；
(4)分析实验数据，总结实验结论。
本题考查了并联电路中电流的规律，属于基础实验，难度一般。
24.【答案】撞击木块时 木块移动的距离 甲、乙 大 甲、丙 不能 木块做匀速直线运动，无法测量移动的距离
【解析】解：(1)根据题意可知，实验中小球从斜面上滚下撞击木块，则小球具有动能，所以探究的是小球撞击木块时的动能的大小；
小球的动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的，这属于转换法的应用；
(2)根据甲、乙两图可知，两球的质量相同，滚下的高度不同，高度越高，到达斜面底端时的速度越大，木块移动的距离越远，动能越大；
(3)为了探究物体动能的大小与质量的关系，需要控制速度相同，即小球滚下的高度相同，质量不同，故应选择甲、丙两图进行实验分析；
(4)如果水平面绝对光滑，没有阻力作用，木块被撞击后将做匀速直线运动，不能通过被撞击的距离来比较动能大小。
故答案为：(1)撞击木块时；木块移动的距离；(2)甲、乙；大；(3)甲、丙；(4)不能；木块做匀速直线运动，无法测量移动的距离。
(1)小球从斜面上滚下时具有一定的动能；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(2)(3)动能的大小与物体的质量、速度有关，根据控制变量法得出结论；
(4)如果水平面绝对光滑，木块被撞击后将做匀速直线运动。
本题考查了学生对物理学方法和影响动能大小的因素的掌握情况，在探究过程中要用到控制变量法，实验中通过木块被推动的距离来反映小球动能的大小，用到了转换法。
25.【答案】断路 正比 电压表 2 当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 25
【解析】解：(1)由图可知，此时的电流表与电阻并联在了电路中，所以电流表的连接是错误的；电压表应并联到定值电阻的两端；实物图为：；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分，所以故障为定值电阻R断路。
(3)由表中数据可知，当定值电阻两端电压增大为原来的几倍，通过定值电阻的电流也增大为原来的几倍，故分析数据后可得出结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变，故在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表的示数；
(5)由图乙数据和欧姆定律可知定值电阻两端电压UR=IR=0.2A×10Ω=2V；根据数据分析可知：在电压一定时，电流与电阻的乘积是定值，符合反比例的特点，故可得到结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(6)定值电阻换成30Ω后，要保持定值电阻两端电压UR=2V，则此时电路的电流I′=URR=2V30Ω=115A，
变阻器两端的电压UP=U总−UR=6V−2V=4V，变阻器需要接入电路的电阻RP=UPI′=4V115A=60Ω，已知变阻器的最大阻值为50Ω，故将20Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法使电压表的示数达到2V，原因是滑动变阻器的最大阻值过小；
由于UR=2V，UP=4V，根据分压原理知滑动变阻器的最大电阻为定值电阻的2倍，当滑动变阻器接入最大阻值50Ω时，定值电阻的阻值应为50Ω2=25Ω。
故答案为：(1)见解答图；(2)断路；(3)正比；(4)电压表；(5)2；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(6)25。
(1)电流表应串联接入电路中，电压表并联在定值电阻两端；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分。
(3)根据表中数据分析回答；
(4)在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变；
(5)图乙数据和欧姆定律求出定值电阻两端电压；根据两个变量的乘积为常数时的比例关系为反比，分析表中数据得出相应结论。
(6)更换定值电阻后，要保持定值电阻两端电压不变，根据欧姆定律得到此时电路的电流，根据串联电路电压规律得到变阻器两端电压，由欧姆定律得到变阻器需要接入电路的阻值，再将需要接入电路的阻值与变阻器的规格进行对比即可得出结论；根据串联分压原理，当滑动变阻器接入最大阻值时，定值电阻的阻值最大。
本题探究电流与电压、电阻的关系，考查电路的连接、故障分析、操作过程及器材的要求，关键要能熟练运用串联分压原理。
26.【答案】不变
【解析】解：(1)水箱中的水温度升高后，其比热容不变。
(2)水箱中的水吸收的热量是：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(52℃−12℃)=1.68×107J。
(3)根据公式η=Q吸Q放=Q吸Vq有：V=Q吸qη=1.68×107J4.0×107J/m3×60%=0.7m3。
答：(1)不变；(2)水箱中的水吸收的热量是1.68×107J；(3)若水箱中的水吸收的热量由加热效率为60%的天然气灶来提供，则需要完全燃烧0.7m3的天然气。
(1)比热容是物质的一种特性，与质量和温度等无关。
(2)根据热量公式进行计算。
(3)根据热量公式和效率公式进行分析和计算。
本题考查的是比热容的概念和热量的计算；会根据热量公式和效率、热值公式进行计算。
27.【答案】绝缘体 a、b
【解析】解：(1)塑料不易导体，属于绝缘体；
当顺时针转动旋钮时，灯泡变暗，这说明通过灯泡的电流变小，根据欧姆定律可知，电路的总电阻变大，滑动变阻器接入电路的电阻变大，所以应接a、b接线柱。
(2)由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，
根据欧姆定律可得，灯泡L两端的电压UL=IRL=0.3A×10Ω=3V，
根据串联电路的电压特点知，滑动变阻器两端的电压U滑=U−UL=9V−3V=6V；
(3)灯泡允许通过的最大电流为0.4A，即电路中能达到的电流最大值为0.4A，
由欧姆定律可得，电路中的最小电阻：R最小=UI最大=9V0.4A=22.5Ω；
滑动变阻器接入电路的最小阻值是R滑小=R最小−RL=22.5Ω−10Ω=12.5Ω。
故答案为：(1)绝缘体；a、b；(2)滑动变阻器两端的电压是6V；(3)滑动变阻器接入电路的最小阻值是12.5Ω。
(1)容易导电的物体为导体，不容易导电的物体为绝缘体。常见的导体：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液体；常见的绝缘体：陶瓷、玻璃、橡胶、塑料、油等；
根据旋钮的旋转方向判定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和灯泡亮度的变化；
(2)由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压；
(3)根据欧姆定律算出电路中的最小电阻，根据串联电路电阻的规律算出滑动变阻器接入电阻的最小值。
本题考查了导体和绝缘体的区别、串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大。实验次数
A处的电流IA/A
B处的电流IB/A
C处的电流IC/A
1
0.10
0.12
0.22
2
0.22
0.24
0.46
3
0.26
0.30
0.56
电压U/V
1.2
1.6
2.0
2.4
2.8
电流I/A
0.12
0.16
0.20
0.24
0.28
1.当今社会，智能手机已经成为人们工作和生活不可或缺的一部分。智能手机的电池电压最接近( )
A. 4VB. 36VC. 220VD. 380V
2.如图所示，“长二丙”成功发射，完成了2023年长征系列运载火箭发射任务收官。火箭用液态氢作为燃料，主要是因为液态氢的( )
A. 温度高B. 热值大C. 比热容大D. 热量多
3.2023年12月7日，西安市阎良区新兴街道举行以“醉美新兴果燃精彩”为主题的第二届乡村振兴运动会暨火龙果文化节。如图所示，是三人制篮球项目中的情景，篮球被投出后的上升过程中，下列关于篮球的说法中正确的是( )
A. 动能增大，重力势能减小
B. 动能减小，重力势能增大
C. 动能和重力势能都不变
D. 动能不变，重力势能增大
4.投掷实心球是我市体育中考项目之一。投掷过程中，考生对实心球没有做功的是( )
A. 从地面拿起实心球B. 将实心球举高
C. 用力将实心球掷出D. 实心球离开手后继续在空中飞行
5.2023年11月28日，新一代国产CPU龙芯3A6000在北京发布，性能达到国际主流产品水平。电脑CPU工作时会不断发热，为了保证CPU不被烧坏，当温度上升到某一值时，外接电风扇(用M表示)工作辅助降温，下列四个电路图中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
6.如图所示，图中的a、b是电流表或电压表，闭合开关，灯泡正常发光，下列说法正确的是( )
A. a是电压表B. b是电压表
C. 断开开关时，两表都没有示数D. a、b两表的上端都是“+”接线柱
7.老张乘坐电梯下楼与走楼梯下楼时，所受重力做功分别为W1和W2，重力的功率分别为P1和P2，则下列说法正确的是( )
A. W1=W2B. W1>W2C. P1
A. 一个工作循环的正确顺序是：丁、丙、甲、乙
B. 热机常用水做冷却剂，是因为水的沸点高
C. 丙图冲程是做功冲程，主要将内能转化为机械能
D. 若飞轮的转速为1800r/min，则该汽油机每秒做功30次
9.用同种材料制成两段长度相等、横截面积不同的圆柱形导体A、B，导体A比B的横截面积大。如图所示，将它们串联在电路中，通过导体A、B的电流分别为IA、IB，导体A、B的电阻分别为RA、RB，则( )
A. IA>IBB. IA=IBC. RA=RBD. RA>RB
10.公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。如图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时，电表示数随之增大，由电表改装成的显示器的示数也增大。下列判断正确的是( )
A. 接线柱“3”应与“1”连接B. “显示器”由电压表改装而成
C. 货车质量越大，电阻R0两端电压就越大D. 为了节约电能，电阻R0可以去掉
11.如图1所示，用甲、乙两个滑轮组分别将物体M、N匀速提升1m，拉力分别为F甲、F乙，此过程相关数据如图2所示，下列有关此过程的说法中正确的是( )
A. 提升物体时的拉力大小关系为F甲
C. 物体M、N的重力大小关系为GM=GN
D. 乙滑轮组机械效率比甲低
12.物理兴趣小组为蔬菜大棚设计了一个测量空气湿度的电路图(如图甲)，其中电源电压恒为6V，定值电阻R0的阻值为10Ω，电压表量程为0∼3V，湿敏电阻R的阻值随空气湿度H的变化关系如图乙所示。若用电压表显示空气湿度，下列分析正确的是( )
A. 空气湿度越大，湿敏电阻R的阻值越大
B. 当空气湿度为50%时，R与R0两端的电压之比为3：2
C. 当电路中电流为0.3A时，空气湿度为40%
D. 适当减小电源电压，可以提高该装置所能测量的最大空气湿度值
二、填空题：本大题共7小题，共22分。
13.火龙起舞迎新年！如图所示，四川成都“打铁花”演出时，工匠师傅用木板将滚烫的铁水打向空中，铁水与空气接触，温度降低，内能______(选填“增大”“不变”或“减小”)，这是通过______的方式改变铁水的内能。
14.在杭州第19届亚运会皮划艇静水项目上，中国代表队以9枚金牌的优异成绩完美收官。如图所示，运动员用船桨划水时，船桨属于______杠杆；为了更省力，应______(选填“增大”或“减小)两只手之间的距离；使用船桨的好处是可以省______(选填“力”“功”或“距离”)。
15.如图所示，是共享换电柜，当电动车没电时，可以通过手机扫码将换电柜中充满电的蓄电池与没电的蓄电池进行更换。图中柜面上有12个充电柜，充电时蓄电池相当于电路中的______(选填“用电器”或“电源”)，将电能转化为______能；各充电柜中的蓄电池之间是______(选填“串联”或“并联”)的。
16.如图是小颜自制的简易调光灯，小灯泡中的电流方向为______(选填“C到D”或“D到C”)；当B夹子向左移动时，灯泡亮度______(选填“变亮”或“变暗”)；小颜接着加热铅笔芯，发现灯泡亮度逐渐变亮，这一现象说明，铅笔芯温度越高，电阻越______；若松开 B夹子，铅笔芯的电阻阻值______(选填“等于”或“不等于”)零。
17.如图甲所示，分别用两个相同的酒精灯加热质量相等、初温相同的a、b两种物质(不计热量损失)，物质吸收热量的多少是通过______(选填“升高的温度”或“加热的时间”)来体现的；加热过程中两种物质温度随时间变化的图像如图乙所示，则______(选填“a”或“b”)物质的吸热能力更强；b物质的比热容为3.6×103J/(kg⋅℃)，则a物质的比热容为______J/(kg⋅℃)。
18.如图甲所示电路，开关S1、S2闭合后两电流表的指针均指在同一位置，如图乙所示，则通过R1的电流为______ A，电阻R1与R2两端的电压之比为______，电阻R1与R2的阻值之比为______。
19.如图所示，斜面长4m，高1m，工人用沿斜面方向、大小为400N的推力，在10s内把重1200N的货箱匀速推到车上。此过程中，推力做功的功率为______ W，斜面的机械效率为______%，货箱所受的摩擦力大小为______ N。生活、生产中利用斜面工作时，提高斜面机械效率切实可行的措施是______(写出一条即可)。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
20.如图所示，O为支点，请在图中画出此时使杠杆静止的拉力F的力臂L。
21.如图所示，请根据实物连接图，在虚线框内画出对应的电路图。
四、实验探究题：本大题共4小题，共22分。
22.按要求填空。
(1)如图甲所示，电压表的示数是______ V。
(2)如图乙所示，红墨水在热水中扩散得快，说明分子热运动的快慢与______有关。
(3)如图丙所示，是“探究杠杆的平衡条件”的实验装置，实验过程中调节杠杆在水平位置平衡是为了便于测量______；若在杠杆两侧钩码下方各增加一个相同的钩码，杠杆的______(选填“左”或“右”)端会下降。
23.为了探究并联电路的电流特点，同学们设计了如图甲所示的电路进行实验。
(1)连接电路过程中，开关应处于______状态。
(2)图甲中电流表的连接是为了测量______(选填“A”“B”或“C”)处的电流；闭合开关后，电流表的指针指向“0”刻度线的左侧，原因可能是______。
(3)改正电路正确无误后开始实验，得到的数据如下表所示，分析表格中的数据，得出的结论是并联电路中，______。(用文字描述)
24.如图所示，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，并使木块向前移动一段距离后静止。
(1)实验中，探究的动能是指小球在______(选填“斜面上”“撞击木块时”或“撞击木块后”)所具有的动能，其大小是通过______来反映的。
(2)分析______两图可知，当质量一定时，物体速度越大，动能越______。
(3)分析______两图实验现象，可以解释汽车超载行驶时危险性大的原因。
(4)如果水平面绝对光滑，则本实验______(选填“能”或“不能”)达到探究的目的，理由是______。
25.在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，标有“50Ω1A”的滑动变阻器，阻值不同的定值电阻若干，其他器材。
(1)甲图是小明同学连接的实验电路，检查发现有一根导线接错，请你把接错的那一根导线找出来，打上“×”，再用笔画线代替导线，把它改到正确的位置上。
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则故障可能是定值电阻______(选填“短路”或“断路”)。
(3)排除故障后，小明同学首先“探究电流与电压的关系”，进行了多次实验，并得到下表所示的实验数据，分析数据可得结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______。
(4)接着，小明又进行了“探究电流与电阻关系”的实验，先将5Ω定值电阻接入电路，在移动滑片的过程中，眼睛应注意观察______(选填“电流表”“电压表”或“滑动变阻器”)。
(5)记录实验数据，并绘制成图乙所示图像，根据图像可知，实验中控制电阻两端的电压为______ V不变；根据实验目的分析图像可得出结论：______。
(6)实验中发现将20Ω定值电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，电阻两端电压都不能达到预设值。为了完成本实验，接入的定值电阻最大应不超过______Ω。
五、计算题：本大题共2小题，共16分。
26.太阳能具有安全、清洁、方便等特点。如图所示是小明家的某型号太阳能热水器，已知该热水器在有效日照时段里可以将水箱内100kg、12℃的水加热到52℃。求：[水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值是4.0×107J/m3]
(1)水箱中的水温度升高后，其比热容______(选填“增大”“不变”或“减小”)。
(2)水箱中的水吸收的热量是多少？
(3)若水箱中的水吸收的热量由加热效率为60%的天然气灶来提供，则需要完全燃烧多少天然气？
27.如图甲所示，是小明家中可调亮度的台灯，图乙是用于调光的电位器结构图，a、b、c是三个接线柱。小明利用滑动变阻器自制了一个可调亮度的“台灯”，其电路图如图丙所示，电源两端电压恒为9V，小灯泡L的电阻为10Ω(不考虑温度对灯丝电阻的影响)，其允许通过的最大电流为0.4A，滑动变阻器R的规格为“80Ω0.5A”，开关S闭合后，求：
(1)台灯的灯罩是塑料的，塑料属于______(选填“导体”“绝缘体”或“半导体”)材料；当顺时针转动滑片时，台灯变暗，应将图乙中电位器的______两个接线柱接入电路中。
(2)当图丙“台灯”中通过小灯泡L的电流为0.3A时，滑动变阻器两端的电压是多少？
(3)为保证图丙“台灯”电路安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值是多少？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：智能手机的电池电压一般为3.7V，最接近4V。
故选：A。
了解生活中常见的电压值：一节干电池的电压是1.5V、一节铅蓄电池的电压是2V、手机电池电压为3.7V、家庭电路的电压为220V、动力电压为380V、对人体安全的电压为不高于36V。据此分析判断。
常识性了解常见电压值，可解答此题。
2.【答案】B
【解析】解：火箭用液态氢作为燃料，主要是因为液态氢的热值大，相同质量的液态氢与其它燃料相比，完全燃烧放出的热量多。
故选：B。
热值是燃料本身的特性，相同的质量的不同燃料完全燃烧，热值越大的燃料，放出的热量越多。
本题考查对热值概念的理解，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：篮球被投出后的上升过程中，篮球的质量不变，速度逐渐减小，距离地面的高度不断增大，所以篮球在此过程中的动能变小，重力势能变大；故ACD错误，B正确。
故选：B。
影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度；
在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
本题从篮球运动的情境中考查动能和重力势能大小的影响因素知识的应用，难度不大。
4.【答案】D
【解析】解：A、从地面拿起实心球，人对实心球的力竖直向上，实心球在力的方向上移动距离，人对实心球做功，故A错误；
B、将实心球举高，人对实心球的力竖直向上，实心球在力的方向上移动距离，人对实心球做功，故B错误；
C、用力将实心球掷出，人对实心球施加向上的力，实心球在力的方向上移动了距离，人对实心球做了功，故C错误；
D、实心球离开手后继续在空中飞行，人对实心球没有力的作用，人对实心球没有做功，故D正确。
故选：D。
力对物体做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在该力的方向上通过了距离。
此题考查力是否做功的判断，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
5.【答案】C
【解析】解：由题意可知电动机和CPU可以独立工作、互不影响，即为并联，当温度上升到某一值时，外接电风扇(用M表示)工作辅助降温，即温度升高到某一值时，电动机才工作，说明电动机晚工作，即一个开关在干路，可控制所有用电器，一个开关在支路上，只控制电动机，故C正确。
故选：C。
由题意可知电动机和CPU可以独立工作、互不影响，即为并联，当温度上升到某一值时，外接电风扇(用M表示)工作辅助降温，即温度升高到某一值时，电动机才工作，说明电动机晚工作，即一个开关在干路，可控制所有用电器，一个开关在支路上，只控制电动机。
本题综合考查了串并联电路的特点和串并联电路开关的作用，难度中等。
6.【答案】A
【解析】解：AB、根据图示可知，a并联在电路中，为电压表；b串联在电路中，为电流表，故A正确、B错误；
C、断开开关时，电流表无示数，电压表测量电源电压，有示数，故C错误；
D、电流从电表的正接线柱流入，从负接线柱流出，所以a的上端为正接线柱，b的下端为正接线柱，故D错误。
故选：A。
电流表应串联接入电路中，电压表应并联接入电路中；电流从电表的正接线柱流入，从负接线柱流出；电流表在电路中相当于导线，而电压表的电阻很大，据此分析。
本题考查了电流表和电压表的使用，难度不大。
7.【答案】A
【解析】解：老张乘坐电梯下楼与走楼梯下楼时，根据W=Gh可知，老张所受重力做功大小相同；
坐电梯下楼用时短，根据P=Wt可知，坐电梯下楼的功率大。
故选：A。
根据W=Gh比较重力做功的大小；根据P=Wt可比较功率大小。
本题考查了功和功率的大小比较，难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：甲冲程，两气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，将机械能转化为了内能，是第二冲程；
乙冲程，排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，是第四冲程；
丙冲程，气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，将内能转化为了机械能，是第三冲程；
丁冲程，进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，是第一冲程；
A、四个冲程的正确顺序是丁、甲、丙、乙，故A错误；
B、热机常用水做冷却剂，是因为水的比热容大，相同质量的水与其它物质相比，升高相同的温度，吸收的热量多，冷却效果好，故B错误；
C、丙图是做功冲程，汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，气缸内气体内能减少，温度降低，故C正确；
D、四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，则该飞轮每秒钟转30圈，完成了60个冲程，对外做功15次，故D错误。
故选：C。
(1)判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程；在压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能；对外提供内能的冲程只有做功冲程，其它三个冲程都是依靠惯性完成的；
(2)因为水的比热容较大，相同质量的水与其它物质相比，升高相同的温度，吸收的热量多，冷却效果好，常用来做冷却剂；
(3)内燃机的四个冲程中有两个冲程发生了能量转化，在压缩冲程中机械能转化为内能，在做功冲程中内能转化为机械能；
(4)四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，活塞往复1次，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
本题考查内燃机的冲程，能量的转化、水的比热容以及转速与做功次数的关系，是一道综合题。
9.【答案】B
【解析】解：两段导体串联在电路中，因为串联电路中电流处处相等，所以通过它们的电流相等，即IA=IB，故B正确，A错误；
由题知，A和B两段导体的材料和长度均相同，A比B的横截面积大，因为其它条件相同时，横截面积越大，电阻越小，所以导体A的电阻较小，即RA
串联电路中电流处处相等；由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小。
本题考查了影响电阻大小的因素和串联电路的电流特点，是一道基础题。
10.【答案】C
【解析】解：A、当货车质量增大时，电表(电流表)示数随之增大，则说明电阻变小，所以接线柱“2”应与“3”连接，这样，当质量增大，滑片向下移动，变阻器阻值变小，电流表示数变大，故A错误；
B、图中电表串联在电路中，所以该显示器由电流表改装而成，故B错误；
C、若货车质量增大，变阻器电阻减小，根据串联电路的电压与电阻的正比关系，变阻器R分得的电压减小，则电阻R0两端电压增大，故C正确；
D、电阻R0不可以去掉，因为若去掉R0，则滑片在最下端时会造成电路发生短路，故D错误。
故选：C。
(1)当货车质量增大时，电表(电流表)示数随之增大，则说明电阻变小，据此分析；
(2)电流表应串联在电路中，电压表应并联在被测电路两端；
(3)串联电路中各电阻两端电压与对应的电阻成正比；
(4)当电源的正负极直接相连，会产生电源短路现象。
理解串联电路的电压规律、变阻器的工作原理，知道电流表的使用规则、短路概念，熟练运用欧姆定律知识，可解答此题。
11.【答案】C
【解析】解：AB、由图1可知，甲滑轮组中，n甲=3；乙滑轮组中，n乙=2；
由图2可知，甲、乙滑轮组的总功分别为：W甲总=1200J，W乙总=800J，
用甲、乙两个滑轮组分别将物体M、N匀速提升1m，根据s=nh可知，绳子自由端移动距离：
s甲=n甲h=3m，s乙=n乙h=2m，绳子自由端移动的距离之比为s甲：s乙=3m：2m=3：2，故B错误；
两滑轮组中，绳端拉力分别为：
F甲=W甲总s甲=1200J3m=400N，
F乙=W乙总s乙=800J2m=400N，
因此F甲=F乙，甲滑轮与乙滑轮组所用的拉力相同，故A错误；
C、由图丙可知，甲滑轮组做的有用功为：
W甲有用=1200J−800J=400J，
乙滑轮组做的有用功为：
W乙有用=800J−400J=400J，
由W有用=Gh可知
GM=W甲有用h=400J1m=400N，
GN=W乙有用h=400J1m=400N，
因此GM=GN，故C正确；
D、由图丙可知，甲滑轮组做总功为1200J，做额外功为800J，则甲滑轮组机械效率为：
η甲=W甲有用W甲总=1200J−800J1200J×100%≈33.3%；
乙滑轮组做总功为800J，做额外功为400J，则乙滑轮组机械效率为：
η乙=W乙有用W乙总=800J−400J800J×100%=50%，
因此乙滑轮组机械效率比甲高，故D错误。
故选：C。
(1)由图1可知，甲滑轮组中，n甲=3；乙滑轮组中，n乙=2；由图2可知，甲、乙滑轮组的总功大小，根据W总=Fs和s=nh可知绳端拉力F甲、F乙的大小关系；
(2)由图2可知，甲、乙滑轮组的额外功大小，根据W有=W总−W额求得甲、乙滑轮组做的有用功，物体上升的高度相同，根据W有=Gh可知物重GM、GN的大小关系；
(3)根据η=W有用W总进行分析。
本题考查滑轮组中力、距离、功和机械效率的大小比较，关键是n的大小确定以及根据柱状图得出总功和有用功的大小。
12.【答案】D
【解析】解：A、由图乙可知空气湿度越小，湿敏电阻R的阻值越大，故A错误；
B、由图乙知当空气湿度为50%时，湿敏电阻R的阻值为20Ω，
根据串联电路规律和根据欧姆定律可得R与R0两端的电压之比为：
URU0=IRRI0R0=RR0=20Ω10Ω=21，故B错误；
C、当电路中电流为0.3A时，根据欧姆定律可得，此时电路的总电阻：R总=UI=6V0.3A=20Ω，
根据串联电路电阻规律可得，此时湿敏电阻接入电路的阻值：R′=R总−R0=20Ω−10Ω=10Ω，
由图乙可知，空气湿度为H′=80%，故C错误；
D、要提高该装置所能测量的最大空气湿度值，湿敏电阻接入电路的阻值变小，不改变电压表量程，若定值电阻的阻值不变，根据U=IR可知通过电路的电流变小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知可适当减小电源电压，故D正确。
故选：D。
(1)由图乙可知空气湿度越小，湿敏电阻R的阻值越大；
(2)由图乙知当空气湿度为50%时，湿敏电阻R的阻值为20Ω，根据串联电路规律结合欧姆定律计算R与R0两端的电压之比；
(3)当电路中电流为0.3A时，根据欧姆定律计算此时电路的总电阻，根据串联电路电阻规律计算此时湿敏电阻接入电路的阻值，由图乙可知空气湿度；
(4)提高该装置所能测量的最大空气湿度值，湿敏电阻接入电路的阻值变小，不改变电压表量程，若定值电阻的阻值不变，根据U=IR可知通过电路的电流变化，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知可适当减小电源电压。
本题考查串联电路特点、串联分压原理和欧姆定律的灵活运用，有一定难度。
13.【答案】减小 热传递
【解析】解：铁水与空气接触，温度降低，铁水放出热量，内能减小，这是通过热传递的方式改变铁水的内能。
故答案为：减小；热传递。
内能的大小与温度、质量、状态等因素有关；做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的。
本题考查了改变内能的方法，属于基础题。
14.【答案】费力 增大 距离
【解析】解：(1)船桨在使用的过程中，相当于一个杠杆，以船桨的上端为支点，划动时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力但省距离；
(2)在使用船桨时，阻力、阻力臂一定，由杠杆平衡条件，即：动力×动力臂=阻力×阻力臂可知，要使所用的力小一点，应增大动力臂，即增大两只手之间的距离；
(3)在使用船桨时，可以省距离，但费力，不能省功；
故答案为：费力；增大；距离。
(1)根据船桨在使用的过程中动力臂和阻力臂的大小关系确定杠杆的类型；
(2)由杠杆平衡条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越大、动力越小；
(3)使用任何机械都不能省功；
本题考查了杠杆分类、功的原理(使用任何机械都不省功)、杠杆平衡条件的应用，难度不大。
15.【答案】用电器 化学 并联
【解析】解：(1)工作时消耗电能的装置是用电器，在给蓄电池充电时，蓄电池将电能转化为化学能，故充电时蓄电池相当于电路中的用电器；
(2)充电时各充电柜中的蓄电池是互不影响的，故为并联。
故答案为：用电器：化学；并联。
(1)用电器：用电来工作的设备，工作时将电能转化为其他形式的能；电源：提供电能的装置，工作时将其他形式能转化为电能；
(2)并联电路的特点：各用电器互不影响。
本题考查了电路的组成和并联电路的特点，是一道基础题。
16.【答案】C到D 变亮 小 不等于
【解析】解：由图可知，电源右端为正极，其左端为负极，且外部电路的电流方向是从电池的正极流向负极，所以小灯泡中的电流方向为是从C到D；
当B夹子向左移动时，铅笔芯接入电路的长度变短，其接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，灯泡变亮；
加热铅笔芯，会发现灯泡逐渐亮起来(即电流增大，铅笔芯的电阻减小)，这一现象说明铅笔芯的电阻随温度升高而减小，即铅笔芯温度越高，电阻越小；
若松开B夹子，则没有电流通过铅笔芯，因为电阻是导体本身的一种性质，与通过导体的电流无关，所以铅笔芯的电阻阻值不为零。
故答案为：C到D；变亮；小；不等于。
在电源的外部，电流从电源的正极流出，经用电器流回电源的负极；
影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积以及温度；灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，通过灯泡的电流越大，实际功率越大；根据夹子移动的方向判定电阻的变化，根据欧姆定律判定电流的变化，从而判定出灯泡亮度的变化；
电阻是导体本身的一种性质，与通过导体的电流和导体两端的电压无关。
本题考查了影响电阻大小的因素、电流的方向，属于基础题。
17.【答案】加热的时间 b1.8×103
【解析】解：(1)用两个相同的酒精灯加热质量相等、初温相同的a、b两种物质(不计热量损失)，根据转换法，物质吸收热量的多少是通过加热的时间来体现的；
(2)根据两种物质温度随时间变化的图像可知，加热5分钟，
a升高的温度为：
80℃−20℃=60℃；b升高的温度为：
50℃−20℃=30℃；
根据比较吸热能力的方法，b物质的吸热能力更强；
根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，则a物质的比热容为：
c=30℃60℃×3.6×103J/(kg⋅℃)=1.8×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：加热的时间；b；1.8×103。
(1)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(2)相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；根据两种物质温度随时间变化的图像得出加热5分钟a和b升高的温度，确定b物质的吸热能力强；
根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，据此得出a物质的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
18.【答案】1.441：1 1：4
【解析】解：(1)当闭合开关S1、S2后，两电阻并联，电流表A1测干路的电流，电流表A2测电阻R2电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表指针的偏转相同，
所以，电流表A2的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，通过R2的电流I2=0.36A，电流表A1的量程为0∼3A，分度值为0.1A，干路电流I=1.8A，则通过R1的电流I1=I−I2=1.8A−0.36A=1.44A；
(2)因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻R1与R2两端的电压之比为U1：U2=1：1，
(3)由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=U1I1U2I2=U1U2×I2I1=I2I1=
故答案为：1.44；1：1；1：4。
(1)当闭合开关S1、S2后，由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路路的电流，电流表A2测电阻R2电流；根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定两电流表的量程，根据分度值读数示数，进一步求出两支路的电流；
(2)利用并联电路的电压特点求出电阻R1与R2两端的电压之比；
(3)由欧姆定律求出两电阻的阻值之比。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用以及电路的动态分析。
19.【答案】160 75 100 使斜面更加光滑
【解析】解：
(1)工人做的有用功：
W有用=Gh=1200N×1m=1200J；
工人做的总功：
W总=Fs=400N×4m=1600J；
工人做功的功率：P=W总t=1600J10s=160W；
斜面的机械效率为：
η=W有用W总×100%=1200J1600J×100%=75%；
(2)工人做的额外功：
W额=W总−W有用=1600J−1200J=400J；
由W额=fs得箱子受到的摩擦力：
f=W额s=400J4m=100N；
(3)提高斜面机械效率的措施：增大斜面的倾角，或者使斜面更加光滑。
故答案为：160；75；100；使斜面更加光滑。
(1)知道箱子重力、斜面的高度，根据W=Gh求出有用功；知道斜面长、推力，根据W=Fs求出总功；利用P=Wt求工人做功的功率；斜面的机械效率等于有用功与总功之比；
(2)克服摩擦力做的功为额外功，而额外功等于总功减去有用功，再利用W=fs求箱子受到的摩擦力；
(3)斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和斜面的摩擦阻力有关。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率、机械效率的计算，属于基础题目。
20.【答案】解：由支点O向F的作用线作垂线，垂线段的长度为F的力臂，如图所示：
【解析】知道力臂是从支点到力的作用线的距离，由支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即为力臂。
此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线，从而正确地画出力臂。
21.【答案】解：由实物图知，两灯并联，S1在干路上，S2在L2支路上，电路图如图所示：
。
【解析】根据实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式和开关的位置是关键。
22.【答案】0.5温度 力臂 右
【解析】解：(1)由图甲可知，电压表选用小量程，分度值0.1V，则电压表的读数为0.5V；
(2)如图乙所示，红墨水在热水中扩散比冷水中快，说明分子热运动的快慢与温度有关，温度越高，分子热运动越快；
(3)在做“探究杠杆的平衡条件”的实验时，实验过程中调节杠杆在水平位置平衡，动力和阻力的力臂在杠杆上，这是为了便于从杠杆上测量力臂；
设每个钩码的重力为G，杠杆每一小格的长度为L，在两侧各加一个相同的钩码，则有：4G×2L<3G×3L，可见右端力和力臂的乘积较大，故杠杆的右端会下降。
故答案为：(1)0.5；(2)温度；(3)力臂；右。
(1)根据电压表选用小量程确定分度值读数；
(2)物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈；
(3)实验过程中，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，其好处是便于从杠杆上测量力臂；根据杠杆平衡条件可对两侧力和力臂的乘积进行分析，最后作出判断。
本题考查的知识点比较多，涉及了电压表的读数、扩散现象和“探究杠杆的平衡条件”的实验，主要考查了学生对所学物理知识的综合应用能力。
23.【答案】断开 C 电流表的正负接线柱接反 干路电流等于各支路电流之和
【解析】解：(1)为保证电路安全，在连接电路时开关处于断开状态；
(2)分析图，电流表串联在干路中，所以测量C点的电流；闭合开关后，电流表的指针指向“0”刻度线的左侧，因为电流表的正负接线柱接反；
(3)根据图中的数据1可知：IA+IB=0.10A+0.12A=0.22A=IC；
数据2可知：IA+IB=0.22A+0.24A=0.46A=IC；
数据3可知：IA+IB=0.26A+0.30A=0.56A=IC；
综上所述，得出的结论是并联电路中，干路电流等于个之路电流之和；
故答案为：(1)断开；(2)C；电流表的正负接线柱接反；(3)干路电流等于各支路电流之和。
(1)为保证电路安全，在连接电路时开关处于断开状态；
(2)分析图，判断电流表的测量对象，和哪个用电器串联，电流表就测量哪个用电器；
(3)电流表使用之前要调零，在闭合开关之前不在零刻度线上时没有调零的原因；在使用过程中指针指向左侧没有刻度的位置是因为电流表的正负接线柱接反；
(4)分析实验数据，总结实验结论。
本题考查了并联电路中电流的规律，属于基础实验，难度一般。
24.【答案】撞击木块时 木块移动的距离 甲、乙 大 甲、丙 不能 木块做匀速直线运动，无法测量移动的距离
【解析】解：(1)根据题意可知，实验中小球从斜面上滚下撞击木块，则小球具有动能，所以探究的是小球撞击木块时的动能的大小；
小球的动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的，这属于转换法的应用；
(2)根据甲、乙两图可知，两球的质量相同，滚下的高度不同，高度越高，到达斜面底端时的速度越大，木块移动的距离越远，动能越大；
(3)为了探究物体动能的大小与质量的关系，需要控制速度相同，即小球滚下的高度相同，质量不同，故应选择甲、丙两图进行实验分析；
(4)如果水平面绝对光滑，没有阻力作用，木块被撞击后将做匀速直线运动，不能通过被撞击的距离来比较动能大小。
故答案为：(1)撞击木块时；木块移动的距离；(2)甲、乙；大；(3)甲、丙；(4)不能；木块做匀速直线运动，无法测量移动的距离。
(1)小球从斜面上滚下时具有一定的动能；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(2)(3)动能的大小与物体的质量、速度有关，根据控制变量法得出结论；
(4)如果水平面绝对光滑，木块被撞击后将做匀速直线运动。
本题考查了学生对物理学方法和影响动能大小的因素的掌握情况，在探究过程中要用到控制变量法，实验中通过木块被推动的距离来反映小球动能的大小，用到了转换法。
25.【答案】断路 正比 电压表 2 当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 25
【解析】解：(1)由图可知，此时的电流表与电阻并联在了电路中，所以电流表的连接是错误的；电压表应并联到定值电阻的两端；实物图为：；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分，所以故障为定值电阻R断路。
(3)由表中数据可知，当定值电阻两端电压增大为原来的几倍，通过定值电阻的电流也增大为原来的几倍，故分析数据后可得出结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变，故在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表的示数；
(5)由图乙数据和欧姆定律可知定值电阻两端电压UR=IR=0.2A×10Ω=2V；根据数据分析可知：在电压一定时，电流与电阻的乘积是定值，符合反比例的特点，故可得到结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(6)定值电阻换成30Ω后，要保持定值电阻两端电压UR=2V，则此时电路的电流I′=URR=2V30Ω=115A，
变阻器两端的电压UP=U总−UR=6V−2V=4V，变阻器需要接入电路的电阻RP=UPI′=4V115A=60Ω，已知变阻器的最大阻值为50Ω，故将20Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法使电压表的示数达到2V，原因是滑动变阻器的最大阻值过小；
由于UR=2V，UP=4V，根据分压原理知滑动变阻器的最大电阻为定值电阻的2倍，当滑动变阻器接入最大阻值50Ω时，定值电阻的阻值应为50Ω2=25Ω。
故答案为：(1)见解答图；(2)断路；(3)正比；(4)电压表；(5)2；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(6)25。
(1)电流表应串联接入电路中，电压表并联在定值电阻两端；
(2)闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分。
(3)根据表中数据分析回答；
(4)在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变；
(5)图乙数据和欧姆定律求出定值电阻两端电压；根据两个变量的乘积为常数时的比例关系为反比，分析表中数据得出相应结论。
(6)更换定值电阻后，要保持定值电阻两端电压不变，根据欧姆定律得到此时电路的电流，根据串联电路电压规律得到变阻器两端电压，由欧姆定律得到变阻器需要接入电路的阻值，再将需要接入电路的阻值与变阻器的规格进行对比即可得出结论；根据串联分压原理，当滑动变阻器接入最大阻值时，定值电阻的阻值最大。
本题探究电流与电压、电阻的关系，考查电路的连接、故障分析、操作过程及器材的要求，关键要能熟练运用串联分压原理。
26.【答案】不变
【解析】解：(1)水箱中的水温度升高后，其比热容不变。
(2)水箱中的水吸收的热量是：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(52℃−12℃)=1.68×107J。
(3)根据公式η=Q吸Q放=Q吸Vq有：V=Q吸qη=1.68×107J4.0×107J/m3×60%=0.7m3。
答：(1)不变；(2)水箱中的水吸收的热量是1.68×107J；(3)若水箱中的水吸收的热量由加热效率为60%的天然气灶来提供，则需要完全燃烧0.7m3的天然气。
(1)比热容是物质的一种特性，与质量和温度等无关。
(2)根据热量公式进行计算。
(3)根据热量公式和效率公式进行分析和计算。
本题考查的是比热容的概念和热量的计算；会根据热量公式和效率、热值公式进行计算。
27.【答案】绝缘体 a、b
【解析】解：(1)塑料不易导体，属于绝缘体；
当顺时针转动旋钮时，灯泡变暗，这说明通过灯泡的电流变小，根据欧姆定律可知，电路的总电阻变大，滑动变阻器接入电路的电阻变大，所以应接a、b接线柱。
(2)由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，
根据欧姆定律可得，灯泡L两端的电压UL=IRL=0.3A×10Ω=3V，
根据串联电路的电压特点知，滑动变阻器两端的电压U滑=U−UL=9V−3V=6V；
(3)灯泡允许通过的最大电流为0.4A，即电路中能达到的电流最大值为0.4A，
由欧姆定律可得，电路中的最小电阻：R最小=UI最大=9V0.4A=22.5Ω；
滑动变阻器接入电路的最小阻值是R滑小=R最小−RL=22.5Ω−10Ω=12.5Ω。
故答案为：(1)绝缘体；a、b；(2)滑动变阻器两端的电压是6V；(3)滑动变阻器接入电路的最小阻值是12.5Ω。
(1)容易导电的物体为导体，不容易导电的物体为绝缘体。常见的导体：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液体；常见的绝缘体：陶瓷、玻璃、橡胶、塑料、油等；
根据旋钮的旋转方向判定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和灯泡亮度的变化；
(2)由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压；
(3)根据欧姆定律算出电路中的最小电阻，根据串联电路电阻的规律算出滑动变阻器接入电阻的最小值。
本题考查了导体和绝缘体的区别、串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大。实验次数
A处的电流IA/A
B处的电流IB/A
C处的电流IC/A
1
0.10
0.12
0.22
2
0.22
0.24
0.46
3
0.26
0.30
0.56
电压U/V
1.2
1.6
2.0
2.4
2.8
电流I/A
0.12
0.16
0.20
0.24
0.28
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