化学（青海卷）2023年中考第二次模拟考试卷（解析版）

这是一份化学（青海卷）2023年中考第二次模拟考试卷（解析版），共7页。试卷主要包含了【答案】C，【答案】B，【答案】A，【答案】D等内容，欢迎下载使用。

1．【答案】C
【解析】A、冰雪融化过程中只是物质的状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化，不符合题意；B、海水晒盐是水分蒸发的过程，过程中只是物质的状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化，不符合题意；C、火炬燃烧过程中有新物质生成，属于化学变化，符合题意；D、石油分馏是利用沸点不同，进行混合物的分离，过程中只是物质的状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化，不符合题意；故选C。
2．【答案】B
【解析】A、黄山烧饼中富含淀粉，淀粉属于糖类，故选项不符合题意；B、凉拌海带中富含碘元素，人体缺少碘元素会患甲状腺肿大，故选项符合题意；C、祁门红茶中富含维生素，故选项不符合题意；D、淮南牛肉汤中富含蛋白质，故选项不符合题意；故选B。
3．【答案】C
【解析】A、羊毛属于天然材料，不符合题意；B、棉花属于天然材料，不符合题意；C、塑料属于有机合成材料，符合题意；D、铝合金属于金属材料，不符合题意。故选C。
4．【答案】C
【解析】试题分析：根据溶液pH与溶液酸碱性的关系进行解答．当溶液的pH等于7时，呈中性；当溶液的pH大于7时，呈碱性；当溶液的pH小于7时，呈酸性；当溶液的pH小于7时，随着pH的减小酸性越强．A、草木灰水的pH大于7，呈碱性．故A错误； B、鸡蛋清的pH大于7，显碱性，且pH比草木灰水的pH小，所以碱性弱，故B错误； C、橘子汁的pH小于7，显酸性，故C正确； D、柠檬汁的pH小于7，显酸性，能使紫色石蕊溶液变红，但不能使无色酚酞试液变红．故D错误．故选C 。
5．【答案】B
【解析】A、垃圾分类投放，可以实现资源的有效利用，减少污染物的排放，保护环境，与“碳中和、碳达峰”的主题相符，不符合题意； B、野炊明火烧烤，会产生大量的二氧化碳，与“碳中和、碳达峰”的主题不相符，符合题意； C、开发风能，可以减少化石燃料的使用，减少二氧化碳的排放，与“碳中和、碳达峰”的主题相符，不符合题意；D、坚持绿色出行，可以减少二氧化碳的排放，与“碳中和、碳达峰”的主题相符，不符合题意。故选B。
6．【答案】A
【解析】A、磷酸氢二铵含N、P元素，属于复合肥，符合题意；B、碳酸钾含钾元素，属于钾肥，不符合题意；C、尿素含氮元素，属于氮肥，不符合题意；D、硝酸铵含氮元素，属于氮肥，不符合题意。故选A。
7．【答案】B
【解析】A、冰水混合物中只有水一种物质，属于纯净物，苛性钠就是氢氧化钠，由钠离子与氢氧根离子构成，属于碱，二氧化锰是锰元素与氧元素组成的化合物，属于氧化物，选项错误；B、液化石油气中含有多种物质，属于混合物，熟石灰就是氢氧化钙，是钙离子与氢氧根离子构成的化合物，属于碱，二氧化硫是硫元素与氧元素组成的化合物，属于氧化物，选项正确；C、食盐水是氯化钠的水溶液，属于混合物，纯碱就是碳酸钠，是钠离子与碳酸根离子构成的化合物，属于盐，干冰就是固态二氧化碳，是碳元素与氧元素组成的化合物，属于氧化物，选项错误；D、可燃冰是天然气水合物，属于纯净物，氢氧化钾是钾离子与氢氧根离子构成的化合物，属于碱，大理石的主要成分是碳酸钙，属于混合物，选项错误，故选B。
8．【答案】D
【解析】A、使用托盘天平称量物质的质量，只能精确到0.1g，选项错误；B、配制溶液时，应在烧杯中进行溶解，不能在量筒中进行溶解，选项错误；C、该收集装置中，长颈漏斗的管口应伸到液面以下，避免生成的气体沿长颈漏斗逸散到空气中，同时导管露出橡皮塞即可，不能过长伸进瓶中，会导致生成的气体不能顺利被收集，选项错误；D、蒸发时，边加热边用玻璃棒进行搅拌，避免液体受热不匀发生飞溅，选项正确，故选D。
9．【答案】B
【解析】“砺房”即牡蛎壳，主要成分为碳酸钙，“灰”的主要成分为氧化钙，该反应为碳酸钙高温煅烧生成氧化钙和二氧化碳，该反应符合“一变多”的特点，属于分解反应。故选B。
10．【答案】C
【解析】A、浓硫酸不具有挥发性，打开浓硫酸的瓶盖，瓶口上方无明显现象，选项错误；B、灼烧羊毛，能闻到烧焦羽毛的气味，而灼烧涤纶不产生烧焦羽毛味，选项错误；C、硫燃烧生成有刺激性气味的气体二氧化硫，选项正确；D、氨水呈碱性，能够使酚酞溶液变红，即变红的是酚酞溶液，而不是氨水，选项错误，故选C。
11．【答案】A
【解析】由反应①可知，X的活泼性强于Y，由X、Y的硫酸盐的化学式可知，元素X、Y的化合价为+2价；由反应②可知，Y的活泼性强于Z，由硝酸Z的化学式可知，元素Z的化合价为+1价；由反应③可知，金属X排在氢前；由反应④知，金属Z排在氢后，即X、Y、Z 需要满足活泼性依次减弱，其元素的化合价依次为：+2、+2、+1，且X排在氢前，Z排在氢后；A、Zn、Fe、Ag的活泼性依次减弱，对应化合物中Zn、Fe、Ag元素的化合价依次为：+2、+2、+1，且Zn排在氢前，Ag排在氢后，故符合题意；B、Al、Zn、Ag的活泼性依次减弱，对应化合物中Al、Zn、Ag元素的化合价依次为：+3、+2、+1，不是+2、+2、+1，故不符合题意；C、Mg、Fe、Cu的活泼性依次减弱，对应化合物中Mg、Fe、Cu元素的化合价依次为：+2、+2、+2，不是+2、+2、+1，故不符合题意；D、Zn、Mg、Cu的活泼性Mg最强，Zn次之，最后是Cu，不是依次减弱，故不符合题意。故选A。
12．【答案】D
【解析】A、水蒸发变成水蒸气是一个物理变化，水分子本身不变，化学性质不变，说法错误。B、众人拾柴火焰高，含义是可燃物越多，放出的热量越多，燃烧越旺，着火点没有改变，说法错误。C、用明矾净水，能对杂质进行吸附，使杂质沉降，不能可降低水中钙、镁离子的含量，说法错误。D、氧气能被液化贮存于钢瓶，是因为分子间有间隔，气体受压后，分子间隔变小，说法正确。故选D。
13．【答案】C
【解析】A、加水溶解，过滤以后得到KCl溶液，蒸发结晶就可以得到KCl固体，故A错误不符合题意；
B、向混合液中加入适量氢氧化钠溶液，将杂质硫酸镁转化成硫酸钠，Na2SO4和MgSO4都和氯化钡反应，故B错误不符合题意；C、将混合气体通过灼热的铜丝，灼热的铜丝和氧气反应，从而除去杂质气体，故C正确符合题意；D、加水后氧化钙和水反应生成氢氧化钙，无法除去杂质氢氧化钙，故D错误不符合题意；
故选C。
14．【答案】C
【详解】A中若二氧化碳含有氯化氢，通入澄清石灰水中，也会出现无明显现象，故选项错误；B中氯化钠和氯化钡不反应，杂质硫酸钠和氯化钡反应生成硫酸钡和氯化钠，应加入适量的氯化钡溶液，故选项错误；C中碳酸氢氨不稳定，常温下分解，会产生刺激性的气味，硫酸钾不会，故选项正确；D中检验集满，应将燃烧的木条放在瓶口，故选项错误。故选C。
15．【答案】C ；B ；A ；D
【解析】（1）石墨具有导电性，可用作干电池电极的是石墨，故填C；（2）生石灰与水反应生成熟石灰，可用作食品中的干燥剂的是生石灰，故填B；（3）洗洁精可以对油污乳化，可用作除去油污的乳化剂的是洗洁精，故填A；（4）金刚石硬度最大，可装在钻探机的钻头上的是金刚石，故填D。
16．【答案】(1)20℃时，a、c两物质的溶解度相等，均为35g；(2)升高温度、增加溶质、蒸发溶剂（写一种）；
(3)67.5；(4)b>a>c
【解析】（1）由图可知，P点表示20°C时，a和c的溶解度相等，均为35g。（2）c物质的溶解度随温度升高而减小，所以欲将c物质的不饱和溶液变为饱和溶液，可采用的方法是升高温度、增加溶质、蒸发溶剂（写一种）。（3）)20°C时，a物质的溶解度是35g，即在该温度下100g水中最多溶解35g a物质，则50g水中最多溶解17.5g，所以20°C时，向30g物质a中加入50g水，充分溶解并恢复到原温度，所得溶液的质量为 67.5g。（4）将t℃的a、b、c三种物质的饱和溶液降温至20°C，a和b的溶解度都变小，析出晶体，降温后仍然是饱和溶液，所得溶液中溶质的质量分数大小关系取决于降温后溶解度的大小，所以降温至20°C，所得溶液中溶质的质量分数大小关系b>a，c物质降温后溶解度增大大，变为不饱和溶液，溶质质量分数不变，因为20°C a物质的溶解度大于t℃时 c物质的溶解度，所以c物质溶质质量分数最小，降温至20°C，所得溶液中溶质的质量分数大小关系由大到小为：b>a>c。
17．【答案】8 ；74.92 ；Al2O3
【解析】（1）从B的电子层结构特点看，第三电子层上有2个电子，说明B是镁原子的结构示意图，根据原子中质子数=核外电子数，则x=12-2-2=8；根据元素周期表信息示意图提供的信息，正下方的数据表示的是该元素的相对原子质量，因此砷的相对原子质量为：74.92。（3）由粒子结构示意图可知，A表示的是8号元素氧元素，最外层有6个电子，大于4，容易得到2个电子形成O2-，化合价为-2价；C表示的是13号元素铝元素形成的铝离子Al3+，化合价是+3价，化合物中正负化合价代数和为零，故两元素形成的化合物的化学式为Al2O3。
18．【答案】(1)C；(2)肥皂水；(3)过滤
【解析】（1）这里的“铁”不是指以单质、分子、原子等形式存在，而是指元素，与具体形态无关；（2）硬水与肥皂作用不易起泡沫，易起浮渣；而软水与肥皂易起泡沫，所以用肥皂水来鉴别硬水和软水；（3）泡茶时，用茶漏将茶叶与茶水分离，相当于把固体与液体分离，把固体和液体分离的方法是过滤。
19．【答案】 ； ；碱
【解析】已知A、B、C、D、E是五种不同类别的物质，A是年产量最高的金属，则A为铁（单质）；B能转化为A，则B可能为铁的氧化物（ FeO、Fe2O3、Fe3O4 ），由B中氧元素占30%，Fe2O3中氧元素的质量分数为，经计算得出B为 Fe2O3 （氧化物），D的水溶液呈蓝色，常用于配制农药波尔多液，则D为硫酸铜（盐），因A、B、C、D、E是五种不同类别的物质，C能够与金属、金属氧化物反应，故C为酸，C能转化为D（硫酸铜），则C为硫酸（酸），则E为碱（如氢氧化钡或氢氧化钙），代入验证，推断合理。B→A为一氧化碳与氧化铁在高温下反应生成铁和二氧化碳，该反应方程式为：；置换反应是一种单质与一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应，所以溶液中发生的一个置换反应为铁与硫酸铜反应生成铜和硫酸亚铁，该反应的化学方程式为： Fe+CuSO4=FeSO4+Cu ；由上可知，E属于碱。
20．【答案】(1)锥形瓶；(2) ；瓶口有大量气泡冒出；(3)二氧化碳从d端通入，空气从c端排出；(4)BC
【解析】（1）仪器a的名称是锥形瓶；（2）实验室制取氧气可以采用加热高锰酸钾和加热氯酸钾以及过氧化氢分解制取氧气，由于氧气不易溶于水，且密度比空气大，收集氧气可采用排水法和向上排空气法，实验装置用①至④制取氧气，该反应的发生装置为固体和液体不加热型，收集方法为排水法收集，过氧化氢在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，该反应的化学方程式为：；收集氧气的方法为排水法，当观察到集气瓶口有大量气泡冒出，则氧气已经收集满；（3）④是万能装置，由于二氧化碳的密度比空气大，则为更好的将装置内的气体排出，二氧化碳应该是从c端通入，空气从d端排出，而根据题干信息可知，发现④中没有连接任何装置的导管口有二氧化碳逸出，实际集气瓶内没有二氧化碳，则可能是二氧化碳从d端通入，空气从c端排出；（4）通过题干所给信息可知，气体为未经干燥的二氧化碳时，当关闭K时，C处的紫色石蕊纸花不变色，有两种情况可以出现这样的现象，①二氧化碳气体中的水蒸气被除去了；②把二氧化碳气体给除去了；由于氢氧化钠溶液能吸收二氧化碳气体，浓硫酸具有吸水性，所以B瓶中盛放的溶液可能是氢氧化钠溶液或浓硫酸，故选BC。
21．【答案】红； 2NaOH+H2SO4＝Na2SO4+2H2O ；出现白色沉淀； 溶液变红 ；方案二； NaOH和H2SO4反应后生成的硫酸钠也能和BaCl2反应产生白色沉淀BaSO4 ；锌粒（或碳酸钠等）；若有气体放出，证明稀硫酸过量，反之稀硫酸不过量
【解析】（1）酚酞遇碱变红色，所以氢氧化钠溶液使酚酞试液变红；氢氧化钠与稀硫酸反应生成硫酸钠和水，反应的化学方程式为：2NaOH+H2SO4＝Na2SO4+2H2O。（2）因为NaOH和H2SO4反应后生成的硫酸钠也能和BaCl2反应产生白色沉淀BaSO4，而石蕊试液遇酸变红色，所以方案二正确，因为活泼金属与酸反应生成氢气，所以可以加入锌粒等活泼金属（或碳酸钠等），若有气体放出，证明稀硫酸过量，反之稀硫酸不过量。
22．【答案】(1)4.4；(2)10.6g；(3)15.5%
【解析】（1）由图可知，当反应时间为t5后生成的气体的质量不再增加，即最终生成二氧化碳的质量为4.4g，所以X的值为4.4，故填4.4。
（2）解：设完全反应后，参加反应的碳酸钠质量为y，生成氯化钠的质量为z

= y=10.6g
= z=11.7g
答：样品中Na2CO3的质量为10.6g。
（3）解：样品中NaCl的质量=14.4g−10.6g=3.8g
完全反应后所得溶液中溶质的质量=11.7g+3.8g=15.5g
完全反应后所得溶液的质量=90g+14.4g−4.4g=100g
完全反应后所得溶液中溶质的质量分数=×100%=15.5%
答：完全反应后所得溶液中溶质的质量分数为15.5%。
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
C
B
C
C
B
A
B
D
B
C
A
D
C
C