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    浙江省宁波市三锋教研联盟2023-2024学年高二下学期期中联考数学试卷(Word版附解析)
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    浙江省宁波市三锋教研联盟2023-2024学年高二下学期期中联考数学试卷(Word版附解析)

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    这是一份浙江省宁波市三锋教研联盟2023-2024学年高二下学期期中联考数学试卷(Word版附解析),文件包含浙江省宁波市三锋教研联盟2023-2024学年高二下学期4月期中联考数学试题Word版含解析docx、浙江省宁波市三锋教研联盟2023-2024学年高二下学期4月期中联考数学试题Word版无答案docx等2份试卷配套教学资源,其中试卷共25页, 欢迎下载使用。

    考生须知:
    1.本卷共4页满分150分,考试时间120分钟.
    2.答题前,在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字.
    3.所有答案必须写在答题纸上,写在试卷上无效.
    4.考试结束后,只需上交答题纸.
    选择题部分
    一、选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)
    1. 函数在点处的切线方程( )
    A. B.
    C. D.
    【答案】B
    【解析】
    【分析】根据导数的几何意义求解即可.
    【详解】因为,所以,所以,
    所以在点处的切线方程为,即,
    故选:B.
    2. 已知,则值为( )
    A. B. C. D.
    【答案】A
    【解析】
    【分析】利用同角三角函数的基本关系,求出,然后结合诱导公式得到答案.
    【详解】因为,所以,
    又因为,所以,
    所以,
    故选:A.
    3. 已知今天是星期三,则经过天后是( )
    A. 星期四B. 星期五C. 星期六D. 星期日
    【答案】C
    【解析】
    【分析】根据,利用二项式定理即可求解.
    【详解】由,
    由于能被7整除,
    所以除以7余,故经过天后是是星期六;
    故选:C
    4. 在中,,且满足该条件的有两个,则的取值范围是( )
    A. B. C. D.
    【答案】D
    【解析】
    【分析】由正弦定理求出,由,且,可得取值范围.
    【详解】由正弦定理可得:,所以,所以,
    因为有两个,所以,即,所以的取值范围是
    故选:D
    5. 某校高二数学期末考试成绩近似服从正态分布,且,已知该校高二数学期末考试成绩超过80分的人数有420人,则( )
    A. 估计该校高二学生人数为520.
    B. 估计该校高二学生中成绩不超过95分的人数为280.
    C. 估计该校高二学生中成绩介于80到95分之间的人数为170.
    D. 在该校高二学生中任取1人,其成绩低于70分的概率大于超过120分的概率.
    【答案】C
    【解析】
    【分析】根据近似服从正态分布,且,得到,进而得到高二学生人数,然后逐项判断.
    【详解】因为近似服从正态分布,所以,
    又因为,则,
    A.估计该校高二学生人数为,故错误;
    B.估计该校高二学生中成绩不超过95分的人数为,故错误;
    C. 由,则成绩介于80到95分之间的人数为,故正确;
    D.因为,所以,故错误;
    故选:C
    6. 由未来科学大奖联合中国科技馆共同主办的“同上一堂科学课”——科学点燃青春:未来科学大奖获奖者对话青少年活动于2023年9月8日在全国各地以线上线下结合的方式举行.现有某市组织5名获奖者到当地三个不同的会场与学生进行对话活动,要求每个会场至多派两名获奖者,每名获奖者只去一个会场,则不同的派出方法有( )
    A. 60种B. 90种C. 150种D. 180种
    【答案】B
    【解析】
    分析】由排列组合及简单计数问题求解即可.
    【详解】要求每个会场至多派两名获奖者,每名获奖者只去一个会场,则不同的派出方法有
    种.
    故选:B.
    7. 若函数在区间恰存在三个零点,两个最值点,则的取值范围是( )
    A. B. C. D.
    【答案】A
    【解析】
    【分析】根据正弦函数的图象与性质,得到的取值范围,再解出的范围即可.
    【详解】当,则,
    依题意可得,解得,
    即的取值范围是.
    故选:A.
    8. 已知函数在上有且仅有一个零点,则实数的取值为( )
    A. B. C. D.
    【答案】C
    【解析】
    【分析】将函数在上有且仅有一个零点,转化为直线与函数在有且仅有一个交点,利用导数研究在上的单调性,求出的最小值,从而得到实数的取值.
    【详解】函数在上有且仅有一个零点.
    则方程在上有且仅有一个实数根.
    令函数
    即直线与函数在上有且仅有一个交点.
    令,得
    在上单调递减,上单调递增,
    则,即.
    故选:C
    二、多选题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分.)
    9. 已知函数部分图象如图所示,则下列结论正确的是( )
    A.
    B. 在单调递减
    C. 函数的图象关于轴对称
    D. 若,则的最小值为
    【答案】CD
    【解析】
    【分析】根据题意,求得,结合三角函数的图象变换,以及三角函数的图象与性质,逐项判定,即可求解.
    【详解】由函数的图象,
    可得,所以,所以,
    又由,即,可得,
    所以,因为,所以,所以,
    对于A中,由,所以A错误;
    对于B中,令,解得,
    所以在单调递增,所以B错误;
    对于C中,将图象上的所有点沿轴向右平移个单位长度后,
    得到的图象,次数函数为偶函数,
    所以函数的图象关于轴对称,所以C正确;
    对于D中,由函数,可得,
    使得成立,则,
    因为函数的最小正周期为,所以的最小值为,所以D正确.
    故选:CD.
    10. 某中药材盒中共有包装相同的7袋药材,其中党参有3袋,黄芪有4袋,从中取出两袋,下列说法正确的是( )
    A. 若有放回抽取,则取出一袋党参一袋黄芪的概率为
    B. 若有放回抽取,则在至少取出一袋党参的条件下,第2次取出党参的概率为
    C. 若不放回抽取,则第2次取到党参的概率算法可以是
    D. 若不放回抽取,则在至少取出一袋党参的条件下,取到一袋党参一袋黄芪的概率为
    【答案】ABD
    【解析】
    【分析】选项A,利用相互独立事件同时发生的概率公式,即可解决;选项B,根据条件,利用条件概率公式,即可解决;选项C,根据条件,利用古典概率公式,即可解决;选项D,利用条件概率公式,即可解决,从而求出结果.
    【详解】对于选项A,因为是有放回抽取,抽到一袋党参的概率为,抽到一袋黄芪的概率为,
    所以取出一袋党参一袋黄芪的概率为,故选项A的正确,
    对选项B,第二次抽到党参的概率为,至少抽到一袋党参的概率为,
    所以所求概率为,故选项B正确,
    对于选项C,因为不放回抽取,抽两次有种取法,第二次抽到党参的取法为,所以C选项的算法是错误的,故选项C错误,
    对于选项D,至少取出一袋党参的的概率为,取到一袋党参一袋黄芪的概率为,所以在至少取出一袋党参的条件下,取到一袋党参一袋黄芪的概率为概率为,故选项D正确,
    故选:ABD.
    11. 已知展开式的二项式系数和为512,,下列选项正确的是( )
    A. B.
    C. D.
    【答案】BD
    【解析】
    【分析】根据已知求出,则,令和即可判断A;先求导,再令即可判断B;根据的通项公式求出即可判断C;由通项公式判断的正负,结合计算即可判断D.
    【详解】由展开式的二项式系数和为512,
    可得,解得,所以.
    A:在,中,
    令,得,令,得,
    所以,故A错误;
    B:,
    等式两边同时求导,得,
    令,得,故B正确;
    C:∵,
    ∴,故C错误;
    D:,
    两式相加得,两式相减得.
    又展开式的通项公式为(),
    则当为奇数时,为负,当为偶数时,为正,
    所以
    ,故D正确.
    故选:BD
    12. 对于函数,下列说法正确的是( )
    A. 函数的单调递减区间为和
    B. 当时,
    C. 若方程有6个不等实数根,则
    D. 设,若对,使得成立,则
    【答案】ACD
    【解析】
    【分析】选项A,对求导,利用导数与函数单调性间的关系,直接求出单调区间,即可判断出选项A的正误;选项B,构造函数,求出的单调区间,再根据条件,即可判断出选项B的正误;选项C,利用为偶函数,当时,,利用选项A中的结果,求出函数的单调区间,进而可得出的图象,即可解决问题;选项D,求出的值域,再根据条件,即可解决问题,从而求出结果.
    【详解】对于选项A,易知定义域为,又,
    由,得到,所以且,故函数的单调递减区间为,,所以选项A正确,
    选项B,令,则,当时,,即当在区间上单调递增,
    所以当时,,即,所以选项B错误,
    选项C,易知为偶函数,当时,,
    由选项A知函数的单调递减区间为,,增区间为,
    又当时,,当时,,当时,,时,
    当时,,当时,,时,,
    所以函数的图象如图所示,
    直线与函数有6个不同交点,则,所以选项C正确,

    对于选项D,易知的值域为,而由选项C知函数的域,
    由题意函数值域是函数值域的子集,则,所以选项D正确,
    故选:ACD.
    【点睛】关键点点晴:本题的关键在于选项C,利用函数的性质及图象的变换,作出的图象,再数形结合解决问题.
    非选择题部分
    三、填空题(本大题共4小题,每题5分,共20分.)
    13. 已知随机变量满足,若,则__________.
    【答案】
    【解析】
    【分析】根据给定条件,利用二项分布的方差公式及方差性质计算即得.
    【详解】由,得,由,得,
    所以.
    故答案为:8
    14. 已知函数导函数为,且,则__________.
    【答案】
    【解析】
    【分析】对求导得到,令,得到,从而,即可求出结果.
    【详解】因为,所以,
    得到,所以,
    故,所以,
    故答案为:.
    15. 小明的生日是07年10月27日,他打算从这六个数字的所有不同排列中任选一种设置为自己的6位数手机密码,其中数字1,2不相邻,则他可设置的密码有__________种.
    【答案】
    【解析】
    【分析】根据数字1,2不相邻,利用插空法得到答案.
    【详解】因数字1,2不相邻,所以先排列,再将1,2进行插空,所以共有种情况.
    故答案为:120.
    16. 人间四月天,正是春游好时节.某学校组织高二学生去远足,该远足路线会经过一处瀑布.有一个学生为了测量该瀑布的实际高度,记录了如下测量数据:先沿一段水平山道步行至与瀑布底端在同一水平面时,在此位置测得瀑布顶端的仰角正切值为,沿着山道继续走,测得瀑布顶端仰角正切值为,已知该同学沿山道行进方向与他第一次望向瀑布底端的方向所成的角为.根据该同学的测量数据,可知该瀑布的高度为__________.
    【答案】
    【解析】
    【分析】根据题意画出图象,结合题中条件求得,在中,由余弦定理建立方程,解出即可.
    【详解】
    如图,设瀑布顶端为,底端为,高为,
    该同学第一次测量的位置为,第二次测量的位置为,
    则,
    由题得,
    在中,由余弦定理可知:

    解得.
    故答案为:50m.
    四、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
    17. 已知的展开式中,第二项系数与第三项系数之比为,
    (1)求展开式中二项式系数最大的项;
    (2)求展开式中所有的有理项.
    【答案】(1)
    (2)
    【解析】
    【分析】(1)求出展开式中第二项的系数与第三项的系数,根据已知条件可得出关于的方程,解出正整数的值,然后利用二项式系数的单调性可求得展开式中二项式系数最大的项;
    (2)写出展开式的通项,进而可求得展开式中所有的有理项.
    【小问1详解】
    展开式中第项为,

    解得
    由二项式系数的性质可知,展开式中第5项的二项式系数最大,
    即.
    【小问2详解】
    由(1)知,,
    又,由可得,
    故展开式中的有理项为:
    18. 已知函数.
    (1)当时,求函数的单调区间;
    (2)若,且函数在上的最大值为,求的值.
    【答案】(1)单调减区间为,增区间为
    (2)
    【解析】
    【分析】(1)求导,再根据导数的符号即可求出函数的单调区间;
    (2)先求出导函数的零点,再分零点是否在区间进行讨论,求出函数的单调区间,进而可求出函数的最值,即可得解.
    【小问1详解】
    当时,,,
    当时,,当时,
    所以函数的单调减区间为,增区间为;
    【小问2详解】

    若,令得(舍负),
    当时,,当,,
    所以函数在上单调递减,在上单调递增,
    当,即时,
    所以函数在上单调递增,
    则,得;
    当,即时,函数在上递减,上递增,
    则,
    如若可以,只能,则(舍);
    当,即时,函数在上递减,
    则(舍).
    综上可知,.
    19. 袋中有大小相同的小球10个,其中黑球3个,红球个,白球个,.从中任取2个球,至少有1个红球的概率为.
    (1)任取3球,求取出的球中恰有2球同色的概率;
    (2)任取2球,取到1个红球得2分,取到1个白球得0分,取到1个黑球得分,求总得分的概率分布列及数学期望.
    【答案】(1)
    (2)分布列见解析,
    【解析】
    【分析】(1)根据古典概型的概率公式可得,即可利用超几何分布的概率公式求解,
    (2)利用超几何分布的概率公式求解概率,即可得分布列,进而由期望公式求解期望即可.
    【小问1详解】
    ,得,
    故黑球3个,红球5个,白球2个,
    事件:取出的3球中恰有2球同色,则
    【小问2详解】
    .
    的概率分布列
    .
    20. 已知锐角的内角,所对的边分别为,且.
    (1)求角;
    (2)若,求的周长的取值范围.
    【答案】(1)
    (2)
    【解析】
    【分析】(1)利用两角和与差的余弦公式化简,由正弦定理得到的值,结合角的范围即可求得角.
    (2)由正弦定理和三角恒等变换可求出周长的表达式,再根据角度的范围,利用正弦函数的性质即可求得周长的取值范围.
    【小问1详解】
    因为
    所以,.
    即,由正弦定理得,
    显然,所以,所以,
    因为,所以.
    【小问2详解】
    由正弦定理得,即,
    则.
    ,.
    因为,解得,得,
    所以,
    得.
    21. 某校团委组织学生开展了“全民迎亚运,学习当达人”知识竞赛活动,现从参加该活动的学生中随机抽取了100名,竞赛成绩(单位:分)分布如下:
    (1)求抽取的100名学生竞赛成绩的平均分(同一组中数据用该组区间的中点值代替);
    (2)在参加该活动的学生中随机选取5名学生,求选取的5名学生中恰有3名学生竞赛成绩在区间内的概率;
    (3)以频率估计概率,发现参赛学生竞赛成绩近似地服从正态分布,其中近似为样本平均分近似为样本方差,按比例前的参赛学生可获得“学习达人”称号,已知甲同学竞赛成绩86分,试问他能否获得“学习达人”称号.
    参考数据:若,则,
    .
    【答案】(1)75 (2)
    (3)能
    【解析】
    【分析】(1)根据平均数的运算公式,结合同一组中数据用该组区间的中点值代替进行求解即可;
    (2)根据并事件的性质,结合古典概率公式、独立事件的乘法公式进行求解即可;
    (3)根据方差的公式,结合正态分布的性质进行求解即可.
    【小问1详解】

    【小问2详解】
    100个学生竞赛成绩在区间内的共有个,
    因此从100个学生中抽取一个学生,成绩在内的概率为,
    事件A:竞赛成绩在区间内且恰有3名学生,

    【小问3详解】
    .
    因为
    所以甲同学能获得“学习达人”称号.
    22. 已知函数.
    (1)讨论函数的零点个数;
    (2)若函数有两个极值点,证明:.
    【答案】(1)答案见解析
    (2)证明见解析
    【解析】
    【分析】(1)将原问题转化为直线与函数交点个数.利用导数讨论函数的性质可得,分类讨论求出当或、、时对应的零点个数即可;
    (2)由极值点的概念可得,进而,利用换元法(令)得,利用导数证明即可证明.
    【小问1详解】
    令得,
    令.
    要求零点个数,即求直线与函数交点个数.
    则由得,由得,
    函数在上递增,在上递减,得,
    当且无限趋近于0时,;当趋向于正无穷时,无接近于0.
    故当或即或时,函数只有一个零点;
    当即时,函数有两个零点;
    当时,函数没有零点.
    【小问2详解】
    函数有两个极值点.
    方程有两个不同正根,
    不妨设,则有.
    要证明,
    只需证明
    将式两式相加整理得,
    将式两式相减整理得,
    则,即,
    令,则有.
    只需证明,
    即证
    令,则恒成立,所以函数在区间内单调递增,则函数成立.
    故原不等式成立.
    【点睛】方法点睛:利用导数证明不等式的恒成立问题的求解策略:
    形如的恒成立的求解策略:
    1、构造函数法:令,利用导数求得函数的单调性与最小值,只需恒成立即可;
    2、参数分离法:转化为或恒成立,即或恒成立,只需利用导数求得函数的单调性与最值即可;
    3,数形结合法:结合函数的图象在的图象的上方(或下方),进而得到不等式恒成立.
    -2
    -1
    0
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    2
    4
    成绩(分)
    人数
    6
    28
    30
    32
    4
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