2024年河南省安阳市林州市中考物理适应性试卷（含解析）

这是一份2024年河南省安阳市林州市中考物理适应性试卷（含解析），共16页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共6小题，共12分。
1.“二十四节气”是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，已被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产名录。下列节气涉及的物态变化及吸、放热情况，说法正确的是( )
A. “白露”节气，露的形成是升华现象B. “寒露”节气，露的形成要吸收热量
C. “霜降”节气，霜的形成是凝华现象D. “大雪”节气，雪的形成要吸收热量
2.关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是( )
A. 0℃的冰化成0℃的水，内能增加
B. 0℃的冰内能为零
C. 物体温度越高，含有的热量越多
D. 热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
3.关于电功，下列说法不正确的是( )
A. 电流做了多少功就有多少电能转化为其它形式的能
B. 电流做功的过程就是消耗电能的过程
C. 用电能表可以测量电流做功的多少
D. 电流越大，电流做功就一定越多
4.小荣家的电能表情况如图所示，当他家里只有一个用电器工作时，小荣观察了一下，电能表在10min内转了400转，这个用电器可能是( )
A. 电饭煲
B. 电视机
C. 节能灯
D. 家用打印机
5.如图是一种酒精测试仪原理图，其中R为定值电阻。闭合开关，将传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方，发现电压表示数逐渐增大，下列说法正确的是( )
A. R两端的电压逐渐增大
B. 传感器的电阻逐渐减小
C. 传感器的电阻逐渐增大
D. 通过传感器的电流逐渐增大
6.一标有“220V 25W”的白炽灯甲和一标有“36V 40W”的白炽灯乙，当它们都正常工作时( )
A. 甲灯较亮B. 乙灯较亮C. 两灯一样亮D. 无法判断
二、多选题：本大题共2小题，共4分。
7.如图所示是海波的温度随时间变化的图像，已知海波的熔化温度是48℃，则正确的是( )
A. 海波在AB段处于液态B. 海波在BC段既不吸热也不放热
C. 海波在BC段内能逐渐变小D. 海波在CD段吸收热量
8.如图所示，地球是一个巨大的磁场，下列说法正确的是( )
A. 地磁场的形状跟蹄形磁体的磁场相似
B. 地磁场的形状跟条形磁体的磁场相似
C. 小磁针的B，D端为小磁针的N极
D. 小磁针的A，C端为小磁针的N极
第II卷（非选择题）
三、填空题：本大题共6小题，共14分。
9.装着开水的暖水瓶，有时瓶内的水蒸气会把瓶塞顶起，在这个过程中，暖水瓶内的水蒸气对瓶塞做功，温度______(填“升高”或“降低”)，内能______(填“增大”或“减小”)。
10.如图，火箭在大气中飞行时，它的头部摩擦发热，温度可达几千摄氏度。在火箭上涂一层特殊材料，这种材料在高温下熔化并汽化，且________________热，从而起到保护火箭头部的作用。现代火箭常用液态氢做燃料，这是因为液态氢具有较高的__________。
11.能源危机让电动汽车成为汽车行业的“新宠”，如图所示是国产某品牌的电动汽车，给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于______(选填“用电器”或“电源”)；刚擦完车玻璃的干毛巾很容易吸附灰尘，这是一种______现象。与毛皮摩擦过的橡胶棒带______电。
12.如图是电阻A、B的I—U图象。由图可知：将电阻A、B串联后接入电路，当通过A的电流为0.3A时，A和B两端的总电压是______V，将电阻A、B并联后接入某电路，当通过B的电流为0.2A时，通过A的电流是______。
13.物理学的每一次重大发现都会推动社会的进步和发展。1820年丹麦物理学家______发现了通电导体周围存在磁场，这叫做电流的______，电动机的原理是______。
14.如图所示是小明家台灯亮度调节旋钮的结构图，它实质是一个______，A、B、C是它的三个接线柱，P为旋钮触片，将该装置接入电路中，当顺时针旋转旋钮触片时，灯泡亮度变亮，则应将接线柱______(选填“A、B”、“B、C”或“A、C”)连接入电路中。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
15.某地下通道有东西两个入口，入口处各装有一个声控延时开关S1、S2.无论行人从哪一侧进入通道，发出的声音会使其入口处的开关自动闭合一段时间，通道内的灯泡即会提供照明，方便行人顺利通行。请在图中用笔画线代替导线完成其电路连接。
16.在图中请根据磁感线的方向在图中两个虚线框内分别标出小磁针和电源的极性。
五、实验探究题：本大题共2小题，共11分。
17.如图甲是小东探究“不同物质吸热规律”的实验装置：

(1)两个相同的烧杯中装有______相同且初温相同的水和煤油，用相同的酒精灯对它们加热。实验中，用______表示物质吸热的多少；
(2)根据实验数据，小东作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像(见图乙)，由图乙可知，杯中的水和煤油，升高相同的温度时，吸收的热量______(填“相同”或“不同”)，实验表明，______(选填“水”或“食用油”)吸热的能力更强；
(3)根据图像算出煤油的比热容为______。
18.“测小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为4.5V的电源，额定电压为2.5V的待测小灯泡电阻约为10Ω，电流表(0～0.6A,0～3A)，电压表(0～3V,0～15V)，开关和导线若干。

(1)小明设计了如图甲所示的部分电路，用笔画线代替导线将图甲的电路图连接完整，要求滑片P向左移动时，灯泡变亮；
(2)小明同学连好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光且很快熄灭。检查发现连线正确，请你找出实验中两个操作不当之处：① ______，② ______；
(3)小刚发现电压表损坏了，老师告诉他已经没有电压表可换了，而给了他一个阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关。小刚重新设计了如图丙所示的电路，也正确测出小灯泡的额定功率。请完善下列实验步骤：
①闭合开关S，S1接a，调节滑片P至适当位置，使电流表示数为______；
②保持______，闭合开关S，S1接b，记下电流表的示数I；
③灯泡额定功率的表达式P= ______。(小灯泡额定电压为U，用已知和测量的物理量的符号表示)
六、计算题：本大题共2小题，共18分。
19.随着人们生活水平的逐渐提高，小轿车已经走进了千家万户。前不久，小明家也新买回来了一辆小汽车，好奇的小明找出了小汽车如表列出的有关数据：
求：(1)为了防止发动机过热，汽车的冷却系统常用水的循环来降低发动机的温度。8kg水在冷却系统中温度升高50℃，所吸收的热量是多少？
(2)汽车以额定功率在水平路面上以车速100km/h匀速行驶100km，汽车做的有用功？
(3)小汽车发动机的效率是多大？(汽油的热值q=4.6×107J/kg)
20.如图甲是某茶具上煮茶器的电路原理图，R1是加热电阻，R2是保温时的分压电阻，S为电源开关，S1为自动温控开关。S、S1都闭合时，煮茶器处于加热状态；当水沸腾后，S1会自动断开，转为保温状态。煮茶器工作过程中的P−t图像如图乙所示，不计电阻值随温度的变化。求：
(1)电阻R1的阻值。
(2)当煮茶器处于保温状态时，R1的电功率。
(3)当煮茶器处于保温状态时，电阻R2在100s内消耗的电能。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：AB、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化是放热过程，故AB错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故C正确；
D、雪是水蒸气凝华放热形成的，故D错误。
故选：C。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
2.【答案】A
【解析】解：A、一块0℃的冰熔化成0℃的水，虽然温度不变，但吸收了热量，所以内能增加，故A正确；
B、一切物体都有内能，0℃的冰内能不为零，故B错误；
C、热量是一个过程量，不能用“含有”来修饰，故C错误；
D、热量只能从温度高的物体传向温度低的物体；内能小的物体可能温度高，而内能大的物体可能温度低，所以热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体，故D错误。
故选：A。
冰熔化时吸热，所以内能增大；
一切物体都有内能；
热量是指热传递过程中，物体传递能量的多少，是一个过程量，不能用“含有”“具有”来修饰；
热量从温度高的物体传向温度低的物体；物体内能的大小与质量、温度和状态等因素有关。
本题考查内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中考的热点。
3.【答案】D
【解析】解：
A、根据能量守恒定律可知，电流做了多少功，就有多少电能转化为其他形式的能，故A正确；
B、电流做功的过程，就是消耗电能的过程，电流做功越多，消耗的电能就越多，故B正确；
C、电能表是用来测量电流做功的多少的仪器，可以直接用电能表测量电流做功的多少，故C正确；
D、由W=UIt可知，电流做功的多少与电压、电流和通电时间有关，电流越大，电流做功不一定越多，故D错误。
故选：D。
(1)电流流过导体时电流做功。电流做功的过程，是电能转化为其它形式能的过程，消耗多少电能转化为多少其它的能。
(2)电能表是用来测量电流做功的多少的仪器。
(3)电功的公式W=UIt。
正确理解电功的概念和计算公式，知道电流做功是将电能转换为其他形式的能，难度不大。
4.【答案】A
【解析】解：“3000r/(kW⋅h)”表示：每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000r；
所以这个用电器消耗的电能W=4003000kW⋅h=215kW⋅h，
用电器的功率P=Wt=215kW⋅h1060h=0.8kW=800W，
A.电饭煲的功率约800W，故A符合题意；
B.电视机的功率约200W，故B不符合题意；
C.节能灯的功率约20W，故C不符合题意；
D.家用打印机的功率约200W，故D不符合题意。
故选：A。
3000r/(kW⋅h)所表示的物理意义：3000r/(kW⋅h)表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000r，据此求转盘转400r用电器消耗的电能，再利用P=Wt求用电器的电功率，据此选择合适的用电器。
本题考查了电功率的计算，明确电能表参数“3000r/kW⋅h”的意义是关键。
5.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，电阻R与酒精气体传感器电阻串联，电压表测R两端的电压；
因为将传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方时，电压表示数逐渐增大，根据串联电路分压的规律可知，传感器的电阻逐渐增大，故B错误，C正确；
因为串联电路中总电压等于各分电压之和，而电源电压不变，所以定值电阻两端电压减小，故A错误；
由欧姆定律可知，电路中的电流变小，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，电阻R与酒精气体传感器电阻串联，电压表测R两端的电压；传感器逐渐靠近装有酒精的杯口上方时，电压表示数逐渐增大，根据串联电路分压的特点可知，酒精气体传感器的电阻变大，根据串联电路电压的特点和欧姆定律可知定值电阻两端电压的变化和电路电流的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，知道电压表示数逐渐增大时传感器的电阻逐渐增大是解题的关键。
6.【答案】B
【解析】解：由题意知，甲灯泡的额定功率都是25W，乙灯泡的额定功率为40W，而灯泡亮度取决于灯泡的实际功率，灯泡实际功率越大，灯泡越亮，因此当它们都正常工作时，乙灯较亮。
故选：B。
灯泡正常发光时的功率等于灯泡的额定功率，灯泡亮度取决于灯泡的实际功率，灯泡实际功率越大，灯泡越亮。
知道灯泡正常发光时的实际功率等于额定功率，知道灯泡亮度取决于灯泡的实际功率是正确解题的关键。
7.【答案】AC
【解析】解：A、海波在AB段属于凝固前降温过程，液态，故A正确；
BC、BC段属于凝固段，放热，温度不变，内能减少，故B错误、C正确；
D、CD段属于凝固后的降温阶段，固态，放热，故D错误。
故选：AC。
(1)由图象可以看出，凝固过程中出现一段温度恒定的时间段，这是晶体的典型特征，根据常识可判断海波是晶体。
(2)知道温度保持不变的过程属于海波的凝固过程。根据图象进行判断凝固段。
(3)晶体在熔化(凝固)过程中温度保持不变，这个温度就是晶体的熔点(凝固点)，凝固放热，温度不变，内能减少。
解答此题，需要熟记晶体的凝固特点，要注意晶体凝固需要同时具备两个条件：
①温度要达到凝固点，②要继续放热；
由此看来：当晶体处于固、液共存态时，虽然温度没有变化，但是仍在放热。
8.【答案】BD
【解析】解：AB.地磁南极和地理北极不是完全重合的，有一定的磁偏角，地磁场的形状跟条形磁体的磁场相似，故A错误，B正确；
C.小磁针静止时N极所指方向就是该点磁场的方向，小磁针的A，C端为小磁针的N极，故C错误，D正确。
故选：BD。
(1)地球是一个大磁体，地磁场的南北极与地理南北极相反，且不重合；
(2)磁感线的疏密表示磁性强弱；箭头方向表示磁场方向即小磁针N极所指的方向。
本题考查了地磁场的相关知识，是一道基础题，识记性内容，比较简单。
9.【答案】降低；减小
【解析】【分析】
此题考查的是能量的转化、做功改变物体的内能，是基础知识的考查，难度不大。
做功改变内能的实质是能量的转化，水蒸气推动瓶塞，内能转化为机械能。
【解答】
暖水瓶内的水蒸气对瓶塞做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减小，温度降低。
故答案为：降低；减小。
10.【答案】吸 热值
【解析】解：在火箭上涂一层特殊材料，这种材料在高温下熔化并且汽化，熔化和汽化都需要吸热，使火箭的温度不会很高，能起到保护火箭头部的作用。
运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。
故答案是：吸；热值。
该题考查了物态变化过程中吸、放热情况以及燃料热值的特性，会利用其解决生活中的实际问题。
11.【答案】用电器 摩擦起电 负
【解析】解：给汽车蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，所以此时蓄电池相当于用电器；
干毛巾与汽车玻璃摩擦后，干毛巾带了电，能吸引轻小物体，这是摩擦起电现象；
用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。
故答案为：用电器；摩擦起电；负。
(1)电池供电时是电源，充电时则为用电器；
(2)带电体有吸引请小物体的性质；
(3)毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。
本题考查了给蓄电池充电时能量的转化、带电体的性质和摩擦起电现象，属于基础题目。
12.【答案】4.5 0.4A
【解析】解：
因串联电路中各处的电流相等，所以两电阻串联时，通过A的电流为0.3A时，通过B的电流也为0.3A，
由图像可知，此时A、B两端的电压分别为UA=1.5V，UB=3.0V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，A和B两端的总电压：
UAB=UA+UB=1.5V+3.0V=4.5V；
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将A、B并联后接入电路中时，它们两端的电压相等，
由图像可知，当通过B的电流为0.2A时，两端的电压为2.0V，所以A两端的电压也为2.0V，此时A的电流为0.4A。
故答案为：4.5；0.4A。
将A、B串联后接入电路时，通过它们的电流相等，根据图像读出A、B两端的电压，利用串联电路的电压特点求出AB两端的电压之和；
A、B并联时，各支路两端的电压相等，根据图像读出通过B的电流为0.2A时B两端的电压即为A两端的电压，由图可求A的电流。
牢固掌握串并联电路的特点、能从图像中得出对应的电压和电流是解题的关键，本题还可以根据欧姆定律结合图像求出AB的电阻，然后在进行相应的计算。
13.【答案】奥斯特 磁效应 通电导线在磁场中受力而运动
【解析】解：丹麦物理学家奥斯特首先发现了通电导体周围存在磁场，这就是电流的磁效应；
电动机是根据通电导线在磁场中受力而运动的原理制成的，电动机工作时把电能转化为机械能。
故答案为：奥斯特；磁效应；通电导线在磁场中受力而运动。
奥斯特发现了电流的磁效应；通电导线在磁场中受到磁场力的作用。
本题考查了电流的磁效应和电动机的工作原理，属于基础题。
14.【答案】滑动变阻器 A、B
【解析】解：由图可知，台灯亮度调节旋钮的实质是一个滑动变阻器；
顺时针旋转旋片时，灯泡变亮，电流变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中电阻变小，则应连接接线柱A、B与灯泡串联后接入电路。
故答案为：滑动变阻器；A、B。
台灯亮度调节旋钮的实质是一个滑动变阻器；滑动变阻器与灯泡串联，顺时针旋转旋片可以使灯光变亮，则电流变大，电阻变小，连入电路的部分应该是A、B段。
本题考查了滑动变阻器在生活中的应用和滑动变阻器的使用，属于基础题。
15.【答案】解：两个声控开关串联会相互影响，只有都闭合时灯才发光；两个声控开关并联会互不影响，可以独立控制灯的亮灭，根据“为确保行人不管从哪一侧进入，灯泡都能接通电源发光”，所以两开关应并联，如下图所示：

【解析】串联电路中，各开关相互影响，并联电路中，各开关互不影响，据此结合题意来分析电路的连接方式并画图。
本题考查学生根据实际需要设计串联电路和并联电路的能力，能够根据题意理解电路的连接方式是解决此类问题的关键。
16.【答案】解：根据题干中的图片可知，磁感线是由N极回到S极的，因此螺线管的右端为S极。小磁针静止时，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针左侧为N极，右侧为S极；
由安培定则可知，电流从螺线管左侧流入，从螺线管的右侧流回电源的负极，则电源的左端为正极，右端为负极；如图所示：

【解析】先根据磁感线判断螺线管的极性，由磁极间的相互作用可知小磁针的磁极；由安培定则可知螺线管中电流的方向和电源的正负极。
右手螺旋定则为物理中的重点及考试中的热点内容，要求学生能熟练应用。
17.【答案】质量 加热时间 不同 水 2.1×103J/(kg⋅℃)
【解析】解：(1)探究不同物质吸热规律，物质不同，物质的质量应该相同，初温相同；相同的时间内，水和煤油吸收的热量相同，加热时间越长，吸收的热量越多，故可以用加热时间来表示吸收热量的多少；
(2)从图乙可知，杯中的水和煤油，升高相同的温度时，都升高至60℃时，加热时间不同，吸收的热量不同；杯中的水和煤油，质量相同，升高相同的温度时，水的加热时间长，水的比热容大，水的吸热能力强；
(3)从图像可知，都升高至60℃，煤油需要4min，而水需要8min，水吸收的热量是煤油的两倍，质量相同，升高的温度相同，故可以列等式Q水吸=c水mΔt=2Q煤油吸=2c油mΔt
经整理可知c油=12c水=12×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)质量；加热时间；(2)不同；水；(3)2.1×103J/(kg⋅℃)。
(1)(2)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)根据升高30℃时煤油和水的加热时间，可知吸热之比，由Q=cmΔt知，在质量和升高温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出煤油的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
18.【答案】连接电路时没有断开开关 滑动变阻器滑片没有移动到最大阻值处 I−UR0 保持滑动变阻器滑片位置不变 U(I−UR0)
【解析】解：(1)灯泡、电流表以及滑动变阻器串联在电路中，电压表并联到小灯泡的两端，注意滑动变阻器按一上一下原则接线，滑片P向左移动时，灯泡变亮，表明电路电流变大，滑动变阻器电阻变小，应该接A接线柱，如图：
；
(2)为了保护电路，连电路时开关要处于断开状态，闭合开关前，滑动变阻器要调到阻值最大处，连好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光，说明连接电路时没有断开开关；滑动变阻器滑片没有移动到最大阻值处；
(3)①闭合开关S，S1与a相接，并调节滑片P，使电流表示数为：I0=UR0，此时灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，S1接b，记下电流表的示数I；
③在①中，灯泡与定值电阻并联后与滑动变阻器串联，电流表测量定值电阻中的电流，电流表示数为UR0，由欧姆定律知，R0的电压为U，根据并联电路电压的规律，此时灯泡的电压也为U，正常发光；在②中，此时灯泡与定值电阻并联后与滑动变阻器串联，电流表测量干路电流，因电路连接关系没有改变，各电阻电压和电流不都没有改变，故通过电阻的电流大小不变，根据并联电路电流的规律，则小灯泡的额定电流为：IL=I−I0=I−UR0，
小灯泡额定功率的表达式：P额=U额IL=U(I−UR0)。
故答案为：(1)电路图如下：
；
(2)①连接电路时没有断开开关；②滑动变阻器滑片没有移动到最大阻值处；
(3)①I−UR0；②保持滑动变阻器滑片位置不变；③。
(1)灯泡、电流表以及滑动变阻器串联在电路中，电压表并联到小灯泡的两端，注意滑动变阻器按一上一下原则接线，滑片P向左移动时，灯泡变亮，表明电路电流变大，滑动变阻器电阻变小，应该接A接线柱；
(2)为了保护电路，连电路时开关要处于断开状态，闭合开关前，滑动变阻器要调到阻值最大处，连好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光，说明连接电路时没有断开开关；滑动变阻器滑片没有移动到最大阻值处；
(3)根据并联电路分流，电压相等，让小灯泡正常发光，求出小灯泡正常发光电流。
本题考查小灯泡电功率的测量，滑动变阻器的使用，欧姆定律的应用，电路的连接。
19.【答案】解：
(1)水吸收的热量：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×8kg×50℃=1.68×106J；
(2)汽车以额定功率在水平路面上以车速100km/h匀速行驶100km，所用的时间t=sv=100km100km/h=1h，
汽车做的有用功：W=Pt=2.5×104W×3600s=9×107J；
(3)消耗汽油的体积：
V=8L=8dm3=8×10−3m3，
根据ρ=mV可得，汽车行驶100km耗油的质量：
m=ρV=0.7×103kg/m3×8×10−3m3=5.6kg，
这些汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=mq=5.6kg×4.6×107J/kg=2.576×108J；
汽车发动机的效率；
η=WQ放=9×107J2.576×108J×100%≈34.9%。
答：(1)8kg水在冷却系统中温度升高50℃，所吸收的热量是1.68×106J；
(2)汽车以额定功率在水平路面上以车速100km/h匀速行驶100km，汽车做的有用功为9×107J；
(3)小汽车发动机的效率是34.9%。
【解析】(1)根据Q吸=cmΔt得出水吸收的热量；
(2)根据t=sv得出所用的时间，根据W=Pt得出汽车做的有用功；
(3)根据m=ρV可得汽车行驶100km耗油的质量，根据Q放=mq得出这些汽油完全燃烧放出的热量，根据η=WQ放得出汽车发动机的效率。
本题考查了密度公式、速度公式、功的公式、吸热公式、功率公式、燃料完全燃烧放热公式的应用，关键是根据题意得出相关的信息，计算过程要注意单位的换算。
20.【答案】解：(1)由图可知，S、S1都闭合时，R2被短路、电路中只有R1工作，此时煮茶器处于加热状态，
根据图乙可知，加热时的电功率P加=1100W，
根据P=U2R可知，电阻R1的阻值：R1=U2P加=(220V)21100W=44Ω；
(2)当S闭合、S1断开时，R1、R2串联，此时为保温状态，
由图乙可知，保温功率P保=44W，
由P=UI可知，保温状态时的电流I保=P保U=44W220V=0.2A；
根据串联电路的特点可知，通过R1的电流I1=I2=I保=0.2A，
当煮茶器处于保温状态时，R1的电功率：P=I12R1=(0.2A)2×44Ω=1.76W；
(3)由欧姆定律可知，保温状态时R1两端的电压：U1=I1R1=0.2A×44Ω=8.8V；
根据串联分压的特点可知，R2两端的电压：U2=U−U1=220V−8.8V=211.2V；
当煮茶器处于保温状态时，电阻R2在100s内消耗的电能：W2=U2I2t=211.2V×0.2A×100s=4224J。
答：(1)电阻R1的阻值为44Ω；
(2)当煮茶器处于保温状态时，R1的电功率为1.76W
(3)当煮茶器处于保温状态时，电阻R2在100s内消耗的电能为4224J。
【解析】(1)由图可知，S、S1都闭合时，R2被短路、电路中只有R1工作，此时煮茶器处于加热状态，根据图乙可知，加热时的电功率，利用P=U2R计算出电阻R1的阻值；
(2)当S闭合、S1断开时，R1、R2串联，此时为保温状态，由图乙可知保温功率，根据P=UI计算出保温状态时的电流，根据串联电路的特点和P=I2R1求出当煮茶器处于保温状态时，R1的电功率；
(3)知道保温状态时的电流，利用欧姆定律求出保温状态时R1两端的电压，根据串联分压的特点可知R2两端的电压，利用W2=U2I2t计算出当煮茶器处于保温状态时，电阻R2在100s内消耗的电能。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率公式的应用以及电能的计算，注意从图像中获取信息，是一道电学综合题，难度不大。序号
电压/V
电流/A
亮暗情况
1
1
0.16
暗
2
1.5
0.22
较亮
3
2.5
0.28
亮
小汽车的质量1200kg
小汽车的额定功率2.5×104W
汽油的密度0.7×103kg/m3
100km耗油量8L