广东省茂名市电白区2023-2024学年高二下学期期中考试物理试卷

这是一份广东省茂名市电白区2023-2024学年高二下学期期中考试物理试卷，共14页。试卷主要包含了AC，BC，AB等内容，欢迎下载使用。

2023～2024学年度第二学期期中考试
高二物理（选择性考试）参考答案
1．B
A．麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹通过实验捕捉到了电磁波，故A错误；
B．根据麦克斯韦电磁场理论，在电磁波中，电场和磁场随时间和空间做周期性变化，故B正确；
C．只要空间某处的电场或磁场发生周期性变化，就会在其周围产生电磁波，故C错误；
D．电磁波频率越高，电磁波越容易发射，故D错误；
2．B
A．该图中从入口射入的正电荷受向上的电场力和向上的洛伦兹力，电荷向上偏转，则该结构不能成为速度选择器，选项A错误；
B．该图中从入口射入的正电荷受向下的电场力和向上的洛伦兹力，当二力相等时电荷沿直线从出口射出，则该结构能成为速度选择器，选项B正确；
C．该图中从入口射入的正电荷受向下的电场力和向下的洛伦兹力，电荷向下偏转，则该结构不能成为速度选择器，选项C错误；
D．该图中从入口射入的正电荷受向下的电场力和向下的洛伦兹力，电荷向下偏转，则该结构不能成为速度选择器，选项D错误。
3．C
A．电磁炮的本质是电磁发射技术，不是大功率的发电机，故A错误；
B．若通入与图示方向相反的电流，弹丸也能发射出去，故B错误；
C．电磁炮是将电磁能量转化为弹丸的动能，则其他条件不变的情况下，弹丸的质量越小，发射速度越大，故C正确；
D．根据安培定则可知，两导轨中的强电流（如图示）在导轨之间产生的磁场方向竖直向上，故D错误。
4．A
地磁场方向由南向北，根据右手定则，车厢顶部电势高于车厢底部，根据
可知电势差大小约为。
5．D
A．当磁铁静置于易拉罐附近时，铝制易拉罐不会被磁化，也不会发生静电感应，不会被磁铁吸引，AB错误；
CD．当磁铁快速向易拉罐靠近时，发生电磁感应现象，易拉罐内产生环形电流会受到安培力的作用而改变运动状态，故C错误，D正确。
6．A
A．白炽灯泡额定电压为、阻值为，灯泡恰好正常发光，则输出电流的有效值为
故A正确；
B．图中电流为正弦式交变电流，则输出电流的最大值为
故B错误；
CD．根据图乙可知，周期为0.2s，则频率为
故CD错误。
故选A。
7．C
A．根据理想变压器特点可知
故可知
故A错误；
B．输电线上损失的功率为
故B错误；
C．若用户端负载增加，则通过降压变压器副线圈的电流I4增大，根据
则输电电流增大，输电线上损耗的电压ΔU增大，因为发电厂的输出电压不变，所以不变，由
得电压变小，故C正确；
D．输电线上的电流
故D错误。
故选C。
8．AC
A．若两导线中通以等大同向电流，根据安培定则和左手定则可知，两导线相互吸引，两导线中点分别位于b、b'点，故A正确；
B．当两导线通入反向等大电流Im时，根据安培定则可得，两导线在O点处方向相同，矢量和不为0，B错误；
C．由于同向和反向电流最大值都一样，但是同向电流相互吸引，反向电流相互排斥，距离越远磁场越小。故反向电流排斥力小于通向电流的吸引力，故ab>ac，C正确；
D．若两导线均通入图乙所示交变电流，则电流始终同向，一个周期内在最低点两次，因此发声的频率与交变电流的频率不同，D错误。
9．BC
A．因为舰载机与金属棒一起减速运动，则产生的感应电动势减小，感应电流减小，安培力减小，则加速度减小，不是匀减速直线运动，故A错误；
B．根据右手定则可知金属棒R中感应电流方向M→R→P，故B正确；
C．金属棒向右运动时，受到向左的安培力使其减速，故可知金属棒产生的最大感应电动势为以共同速度v0进入磁场的瞬间，此时根据闭合电路的欧姆定律可知最大电流为
最大加速度
故C正确；
D．轨道一端MP间所接电阻为R，其他电阻均不计。所以金属棒ab中产生的焦耳热为0，故D错误。
10．AB
A．因原线圈电压有效值不变，根据
可知，副线圈两端电压不变，选项A正确；
BC．出现火警时，阻值减小，则副线圈电流变大，通过的电流变大，则P=IU可知，副线圈的功率变大，即原线圈输入功率变大，选项B正确，C错误；
D．因副线圈电压不变，而和两端电压变大，可知两端电压减小，选项D错误。
11． 右 左 大于 等于
（1）[1]根据题意，当闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，说明B线圈中磁通量变大时，引起的感应电流使灵敏电流计的指针向右偏；故将A线圈中迅速插入铁芯时，B线圈中磁通量增大，灵敏电流计指针将向右偏转。
（2）[2]A线圈插入B线圈后，开关由闭合到断开时，B线圈中磁通量减小，灵敏电流计指针将向左偏转。
（3）[3][4]根据公式
在相同的情况下，第一次快速滑动，所用时间小，可得
根据公式
可知通过线圈导线横截面电荷量的大小关系是
12． C； 副； 原副线圈两端电压U与匝数N成正比，即：； 原
(1)[1]A．为确保实验安全，应该降低输出电压，实验中要求原线圈匝数大于副线圈匝数，A错误；
B．因为变压器是靠电磁感应工作，如果变压器铁芯是用整块铁芯，则在电磁的作用下，会产生很大的涡流发热，当热量达到一定程度时，会损坏铁芯和线圈，B错误；
C．研究变压器电压和匝数的关系，用到控制变量法，可以先保持原线圈电压、匝数不变，改变副线圈匝数，研究副线圈匝数对副线圈电压的影响，C正确；
D．变压器的铁芯B没有安装在铁芯A上，导致铁芯没有闭合，则得出副线圈的电压为0，D错误。
故选C。
(2)[2]变压器的原、副线圈选择不同的匝数，利用多用电表测量相应电压，由数据可知N1一定是副线圈的匝数。
[3]由表可知，原副线圈两端电压U与匝数N成正比，即
(3)[4]变压器的输入功率约等于输出功率，如果是理想变压器输入功率等于输出功率，因为是变压器，所以原线圈的电压大于副线圈的电压，而功率又相等，所以原线圈的电流就小于副线圈的电流，原线圈电流小所以导线就比副线圈细，故应将较细的线圈作为原线圈。
13．（10分）(1) 0.1 N，方向沿斜面向上；(2)0.5A；(3)20 Ω
(1)金属棒静止在金属导轨上，受重力、支持力、安培力3个力而平衡
F安＝mgsin30°（2分）
代入数据得
F安＝0.1 （1分）
方向沿斜面向上（1分）
由 F安＝（2分）
解得
I＝0.5 （1分）
(3)设滑动变阻器接入电路的阻值为R0，根据闭合电路欧姆定律得：
E＝I（R0＋R＋r）（2分）
解得
R＝－R0－r＝20 Ω（1分）
14．（13分）（1）；（2）；（3）
（1）作出电子在磁场中运动的轨迹如图所示，由几何关系知运动半径
R=（1分）
由
（2分）
得
（1分）
（2）由
（2分）
得电子在磁场中运动周期
（1分）
电子在磁场中运动轨迹所对圆心角为30°，则运动时间
（2分）
（3）电子在电场中加速时有
（2分）
解得PQ间电压
（1分）
由题意分析知
（1分）
15．（15分）（1）；（2）；（3）9
（1）设橡胶带匀速运动的速率为，根据法拉第电磁感应定律，可知
（2分）
根据闭合回路的欧姆定律，可知
（2分）
解得
（1分）
（2）根据题意可知，流过金属棒的电流为
（2分）
则安培力的大小为
（2分）
一根金属条经过磁场区域安培力做的功
（2分）
（3）由上述分析可知，每根金属条经过磁场区整个电路产生的
（1分）
电阻R上产生的
（1分）
根据题意，设一共有根金属条通过磁场区域，则
（1分）
解得
（1分）
则一共有9根金属条通过磁场区域。