模拟卷03-【赢在中考•黄金8卷】备战2024年中考物理模拟卷（四川成都专用）

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1、锻炼学生的心态。能够帮助同学们树立良好的心态，增加自己的自信心。
2、锻炼学生管理时间。通过模拟考试就会让同学们学会分配时间，学会取舍。
3、熟悉题型和考场。模拟考试是很接近中考的，让同学们提前感受到考场的气氛和布局。
中考的取胜除了平时必要的学习外，还要有一定的答题技巧和良好心态。此外，通过模拟考试还能增强学生们面对高考的信心，希望考生们能够重视模拟考试。
【赢在中考·黄金8卷】备战2024年中考物理模拟卷（成都专用）
黄金卷03
（本卷共32小题，满分105分，考试用时90分钟）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．考试范围：中考全部内容。
A卷（共85分）
第I卷（选择题 共26分）
一、单项选择题（本题共13小题，每小题2分，共26分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．下列物理量最接近实际的是（ ）
A．教室内日光灯的功率约为40WB．一名普通中学生的体重约为50N
C．人体感觉舒适的环境温度约为37℃D．中学生百米测试的成绩约为7s
【答案】A
【详解】A．根据生活经验可知，教室中日光灯功率为40W，故A正确，符合题意；
B．普通中学生的质量约50kg，体重约为500N，故B错误，不符合题意；
C．人体感觉舒适的环境温度约为25℃，故C错误，不符合题意；
D．男子百米世界纪录略小于10s，中学生百米时间在15s左右，故D错误，不符合题意。
故选A。
2．2023年5月10日21时22分，天舟六号货运飞船成功发射。11日，飞船与空间站组合体完成交会对接，随后航天员开展货物转运等工作。下列相关说法正确的是（ ）
A．飞船在加速升空的过程中，惯性逐渐变大
B．飞船沿轨道绕地球运行，运动状态不再改变
C．飞船与空间站完成交会对接后，飞船相对于空间站是静止的
D．空间站中的航天员通过超声波与地面控制中心传递信息
【答案】C
【详解】A．火箭点火后速度越来越快，其质量不变，所以惯性大小不变，故A错误；
B．飞船沿轨道绕地球运行，方向不断改变，因此运动状态发生改变，故B错误；
C．飞船与空间站完成交会对接后，飞船相对于空间站的位置没有发生变化，飞船相对于空间站是静止的，故C正确；
D．空间站中的航天员通过电磁波与地面控制中心通信，故D错误。
故选C。
3．图甲中“福建舰”配备了电磁弹射车。当弹射车内的导体通过强大的电流时，战斗机就受到强大的电磁力而向前弹射飞出，如图乙所示。下列实验与电磁弹射车工作原理相同的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【详解】由题意可知，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强大电流时，即可受到强大的推力，由此可知，其工作原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A．图中是研究磁体周围存在磁场，与电磁弹射车的工作原理不相同，故A不符合题意；
B．图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射车的工作原理相同，故B符合题意；
C．图中没有电源，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应原理，与电磁弹射车的工作原理不相同，故C不符合题意；
D．图中两个电磁铁串联，电流相同，线圈匝数不同，吸引大头针的数目不同，说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数有关，与电磁弹射车的工作原理不同，故D不符合题意。
故选B。
4．如图是某物体在水平地面上做直线运动的图象，以下结论正确的是（ ）
A．物体在0~2s内做变速运动B．物体在2~4s内运动速度是5m/s
C．物体在前2s内和后2s内的速度相等D．物体在6s内运动速度是2.5m/s
【答案】D
【详解】A．由题图可知，在0~2s内，物体通过的路程与运动时间成正比，做匀速直线运动，故A错误；
B．在2~4s内，物体运动的路程为零，根据可得，其速度为零，故B错误；
C．物体在前2s内运动的路程为5m，后2s内运动的路程为s2=15m-5m=10m
即在相等时间内物体运动的路程不相等，则物体在前2s内和后2s内的速度不相等，故C错误；
D．物体在6s内的平均速度为，故D正确。
故选D。
5．商周时期，我国劳动人民就熟练掌握了青铜器铸造技术。工匠将青铜原料加热化为青铜液体，然后将液体倒入模具中冷却成型。下列说法正确的是（ ）
A．固态青铜原料加热化为液体的过程是液化
B．青铜液体倒入模具中冷却成青铜器的过程是凝华
C．青铜液体冷却成青铜器的过程放出热量
D．模具中的青铜液体冷却成青铜器后质量变大
【答案】C
【详解】A．固态青铜原料加热化为液体，是固态变液态的熔化过程，故A错误；
BC．青铜液体倒入模具中冷却成青铜器的过程是液态变固态的凝固过程，凝固过程需要放热，故B错误，C正确；
D．模具中的青铜液体冷却成青铜器后，物态发生变化，但质量不变，D错误。
故选C。
6．中国选手谷爱凌在第24届冬奥会的自由式滑雪女子大跳台决赛中技惊四座，夺得冠军。如图所示，当谷爱凌脚穿滑雪板在水平雪地上进行滑行训练时，下列说法中正确的是（ ）
A．她到达终点后不能立即停下是受到惯性力的作用
B．她穿滑雪板是为了减小对雪地的压力
C．雪地对滑雪板的支持力和滑雪板对雪地的压力是一对平衡力
D．雪地对滑雪板的支持力和滑雪板对雪地的压力是一对相互作用力
【答案】D
【详解】A．她到达终点后，由于惯性会继续保持向前的运动状态，所以不能立即停下，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B．滑雪板一般都做成较大的面积，是在压力一定时，增大受力面积来减小对雪地的压强，防止陷下去，不是减小压力，故B错误；
CD．雪地对滑雪板的支持力和滑雪板对雪地的压力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在不同的物体上，是相互作用力，故C错误，D正确。
故选D。
7．如图所示，电源电压保持不变。闭合开关S，在滑动变阻器滑片P向左移动的过程中。下列说法正确的是（ ）
A．定值电阻与滑动变阻器并联
B．电压表V2示数变大，电流表A示数变大
C．电压表V1的示数与电流表A的示数之比不变
D．电压表V2的示数与电流表A的示数之积变大
【答案】D
【详解】A．由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端电压，电压表V2测电源电压，电流表测电路中电流。故A错误；
B．将滑动变阻器滑片P向左移动，则变阻器接入电路的阻值减小，电路中总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中电流变大，定值电阻两端电压变大，由串联电路电压规律可知，滑动变阻器两端电压减小，因此V1示数减小，A示数增大，而电源电压不变，因此V2示数不变，故B错误；
C．电压表V1的示数与电流表A的示数之比为滑动变阻器阻值，因此电压表V1的示数与电流表A的示数之比减小，故C错误；
D．V2示数不变，A示数变大，因此电压表V2的示数与电流表A的示数之积变大，故D正确。
故选D。
8．家用电压力锅结合了高压锅和电饭锅的优点，省时省电而且安全性高。当电压力锅内部气压过大或温度过高时，发热器都会停止工作。下列简化的电压力锅电路图中，为过压保护开关，为过热保护开关。当锅内气压过大时开关自动断开，温度过高时开关自动断开。则符合上述工作要求的电路图是（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【详解】开关控制发热器，与发热器串联，S1为过压保护开关，S2为过热保护开关，当两开关都闭合时，发热器工作，当只断开一个开关，发热器即停止工作，则两开关串联，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
9．如图，轻质杠杆OA中点悬挂一个重力为40N的物体，在A端施加一竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，下列有关说法正确的是（ ）
A．杠杆处于水平位置平衡时拉力F的大小为80N
B．此杠杆为费力杠杆
C．使杠杆顺时针转动的力是物体对杠杆的拉力
D．将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程中，力F将增大
【答案】C
【详解】A．由杠杆平衡条件可知，，即，解得。因此杠杆处于水平位置平衡时拉力F的大小为20N，故A错误；
B．因FC．由图可知，拉力F使杠杆逆时针转动，物体对杠杆的拉力使杠杆顺时针转动，故C正确；
D．杠杆从A位置匀速提升到B位置，如下图所示：

杠杆在B位置，OA′为动力臂，OC′为阻力臂，阻力不变为G，因为△OC′D∽△OA′B
所以OC′:OA′＝OD:OB＝1:2
因为杠杆平衡，所以F′×OA′＝G×OC′，则
由此可知，当杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F的大小不变，故D错误。
故选C。
10．如图所示，木板A放在水平面上，用水平拉力F拉滑轮，使足够长的木板A以v的速度在水平地面上匀速运动，与物块B相连的弹簧测力计的示数为0.3F，若不计滑轮重，弹簧测力计重、绳重和滑轮摩擦，则下列说法正确的是（ ）
A．木板A与地的摩擦力为0.2FB．滑轮向右移动的速度为v
C．物块B受到的摩擦力为0.3F，方向水平向左D．绳子拉木板A的功率为Fv
【答案】A
【详解】A．用水平拉力F拉滑轮，动滑轮可以省一半的力，不计滑轮重、绳重和滑轮摩擦，所以每段绳子上的力为F＝0.5F，又因为弹簧测力计的示数为0.3F，物体B与木板A之间的摩擦力为0.3F；木板受到向右的拉力等于地面的摩擦力加上B的摩擦力，所以地面对木板A的摩擦力fA＝0.5F﹣0.3F＝0.2F，故A正确；
B．木板A的移动速度为v，动滑轮的移动速度等于拉力F的移动速度等于木板移动速度的二分之一，大小为，故B错误；
C．物块B受到的摩擦力等于弹簧测力计的示数为0.3F，方向水平向右，故C错；
D．绳子拉木板的拉力
绳子拉木板A的功率，故D错误。
故选A。
11．如图所示，放置在水平地面上的均匀圆柱体甲和乙，质量和高度均相等。沿水平方向在两柱体上截去相同高度后，剩余部分对地面的压强p甲、p乙和压力F甲、F乙的关系是（ ）
A．p甲＜p乙，F甲=F乙B．p甲=p乙，F甲＜F乙
C．p甲＞p乙，F甲=F乙D．p甲=p乙，F甲＞F乙
【答案】A
【详解】由于甲、乙两个均匀圆柱体质量相等，则ρ甲S甲h甲=ρ乙S乙h乙
由于甲、乙两个均匀圆柱体的高度相等，则ρ甲S甲=ρ乙S乙
沿水平方向在两柱体上截去相同高度，则剩余部分的高度相等，所以剩余部分的质量ρ甲S甲h剩=ρ乙S乙h剩
则剩余部分的重力相等，故剩余部分对地面的压力相等；由图可知，甲的体积大于乙的体积，所以甲的密度小于乙的密度；沿水平方向在两柱体上截去相同高度后，剩余部分的高度相同，由p=ρgh可知，p甲故选A。
12．如图所示电路，闭合开关，灯泡L正常发光，当滑片P向上移动的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．灯泡L变亮，电流表A1示数变大B．电压表示数不变，电流表A2示数变大
C．电流表A1与A2的示数之差变大D．电路的总功率变小
【答案】D
【详解】由电路图可知，闭合开关，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测变阻器支路的电流，电压表测电源两端的电压，因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变。
AB．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片向上移动时，通过灯泡的电流不变，灯泡的亮暗不变，但变阻器阻值变大，根据，电流表A2示数变小。根据并联电路电流规律可知，干路电流即电流表A1示数变小。故AB错误；
C．根据并联电路电流规律可知，电流表A1与A2的示数之差即为灯泡的电流，通过灯泡的电流不变，所以电流表A1与A2的示数之差不变，故C错误；
D．电源的电压不变，干路电流即电流表A1示数变小，根据可知电路的总功率变小，故D正确。
故选D。
13．A、B两物体叠放在水平桌面上，在如图所示的三种情况下：
①甲图中两物体均处于静止状态；
②乙图中水平恒力F作用在B物体上，使A、B一起以2m/s的速度做匀速直线运动；
③丙图在水平恒力F作用在B物体上，使A、B一起以20m,/s的速度做匀速直线运动。
比较上述三种情况下物体A在水平方向的受力情况，以下说法正确的是（ ）
A．三种情况下，A、B在水平方向都不受摩擦力
B．三种情况下，A、B在水平方向都受摩擦力
C．三种情况下，A在水平方向不受摩擦力，②、③中B在水平方向都受摩擦力且摩擦力大小相等
D．①中A在水平方向不受摩擦力，②、③中B在水平方间都受摩擦力但摩擦力大小不相等
【答案】C
【详解】甲图中两物体均处于静止状态，A、B两物体间没有相对运动或相对运动趋势，因此没有摩擦力，B与地面之间也没有相对运动或相对运动趋势，因此没有摩擦力；乙图中水平恒力F作用在B物体上，使A、B一起以2m/s的速度做匀速直线运动，A、B两物体间没有相对运动或相对运动趋势，因此没有摩擦力，B物体相对于地面向右运动，因此受到向左的摩擦力，因做匀速直线运动，受力平衡，摩擦力等于F；丙图在水平恒力F作用在B物体上，使A、B一起以20m,/s的速度做匀速直线运动，A、B两物体间没有相对运动或相对运动趋势，因此没有摩擦力，B物体相对于地面向右运动，因此受到向左的摩擦力，因做匀速直线运动，受力平衡，摩擦力等于F。
故选C。
第II卷（非选择题 共59分）
二、填空题（本题共7小题，每空2分，共28分）
14．央视春晚节目舞蹈诗剧《只此青绿》用舞蹈语言复活了国宝级文物《千里江山图》。如图在临水起舞的画面中，舞者随着配乐翩翩起舞，是利用乐音能传送 ；若舞者向下弯腰靠近舞台，则“倒影”的身形大小将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 信息 不变
【详解】[1]舞者随着配乐翩翩起舞，是通过声音得到信息，再进行舞蹈，所以是利用乐音能传送信息。
[2]光滑舞台上演员的“倒影”是光的镜面反射形成的像；由平面镜成像的特点可知，像与物大小相等，若舞者向下弯腰靠近舞台，则“倒影”的身形大小将不变。
15．如图所示，小明透过水滴状的鱼肝油胶囊观察积木，发现上面的数字“9”变成了“6”，则此像是 （选填“虚”或“实”）像；若想让“6”变大一些，可将积木与胶囊的距离 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】 实 减小
【详解】[1]由图可知，水滴状的鱼肝油胶囊相当于凸透镜，上面的数字“9”变成了“6”，像与物上、下、左、右均颠倒，根据凸透镜成像规律知，倒立缩小的应是实像。
[2]根据凸透镜成像规律知，若想让“6”变大一些，可以适当减小物距，即减小积木和胶囊的距离。
16．甲、乙两种质量相等的不同晶体，均匀加热，在相同时间内吸收相同热量的条件下，两种晶体熔化前后温度随时间变化的图像如图所示，则两种晶体熔化过程中吸收的热量相比较，Q甲 Q乙（选填“>”、“<”或“=”）；若要选择一种液体作为散热器中的冷却液，应选择液态 （选填“甲”或“乙”）。
【答案】 < 甲
【详解】[1]由于在相同时间内甲、乙吸收的热量相同，而由图可知甲晶体在熔化过程所用时间比乙熔化过程所用时间短，所以两种晶体熔化过程中吸收的热量相比较，Q甲[2]由图可知，由图可知，当甲乙两种液体吸收相同的热量时，乙液体升高的温度多，所以乙的比热容比甲的比热容小。而甲的比热容大，升高相同温度时，甲吸收的热量更多。因此若要选择一种液体作为散热器中的冷却液，应选择液态甲。
17．某电热水器工作时有“加热”和“保温”两种状态，内部的简化电路如图所示，通电后电磁铁的下端是 极；电磁铁把衔铁吸下，使B、C两个触点接通，工作电路进入 状态。
【答案】 S 保温
【详解】[1]由图可知，闭合S时电磁铁中电流的方向是从下端流入、上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，则电磁铁的下端是S极。
[2]由图中的工作电路可知，A、B两触点接通时，电路为只有的简单电路，B、C两触点接通时，电路为、的串联电路，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，由可知当A、B两触点接通时，电阻最小，电功率最大，因此工作电路进入加热状态；当B、C两触点接通时，电阻最大，电功率最小，因此工作电路进入保温状态。
18．物体在同一水平面上做匀速直线运动，当物体运动路程与时间的关系图像如图甲时，受到的水平推力为F1；当物体运动的速度与时间的关系图像如图乙时，受到的水平推力为F2。两次推力的功率分别为P1、P2。则F1与F2的比值是 ，P1∶P2的比值是 。
【答案】 1∶1 3∶5
【详解】[1]由图像甲可知，物体做匀速直线运动，速度大小为
由v-t图像乙可知，物体的速度保持不变，即物体做匀速直线运动，速度大小为v乙=5m/s；因为两次都是匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，推力都等于摩擦力，因为物体对接触面的压力大小等于其重力的大小，即物体对接触面的压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，则摩擦力不变，所以故物体受到的水平推力关系为
即
[2]由
可得，两次推力的功率之比为
19．如图甲所示，是使用滑轮组从水中打捞一正方体物体的简化示意图，在打捞过程中物体始终以0.1m/s的速度匀速竖直上升，物体未露出水面前滑轮组的机械效率为75%，图乙是打捞过程中拉力F随时间t变化的图像。（不计绳重，忽略摩擦和水的阻力）则物体的边长为 m，物体的重力为 N。

【答案】 1 1×105
【详解】[1]由图像可知，物体从上表面刚刚到达水面到下表面刚刚离开水面所用的时间t=110s﹣100s=10s
由速度公式可知，正方体的边长L=vt=0.1m/s×10s=1m
[2]物体浸没在水中时受到的浮力为F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/m×（1m）3=1×104N
由图甲可知，n=3
由图乙可知，物体浸没时绳子自由端的拉力F=4×104N
因为物体未露出水面前滑轮组的机械效率
所以物体的重力G=ηnF+F浮=75%×3×4×104N+1×104N=1×105N
20．如图甲所示电路中，电源电压不变，灯泡L标有“6V0.3A”，滑动变阻器R标有“20Ω 2A”，电路工作时不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全。只闭合开关S时电路的最小总功率为 ，开关S、 均闭合时的最小总功率为，两种情况下，移动滑片，得到电流表示数I随滑动变阻器阻值R变化的关系如图乙。则电源电压U= V， P1: P2= 。
【答案】 6 1: 4
【详解】[1]只闭合开关S时，灯泡与滑动变阻器串联，由于灯泡的额定电流为0.3A，所以电路中的电流最大为0.3A，因此图乙中下方曲线为此时电流表示数I随滑动变阻器阻值R变化关系图像；开关S、S1、S2均闭合时，灯泡被短路，定值电阻与滑动变阻器并联，此时电路中的总电阻小于滑动变阻器的阻值，电路中的电流比只闭合S时的电流大，因而所对应的图像是上方的图像，当滑片移到最左端时，电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，此时电路中的最小电流为I'= 0.6A，只闭合开关S时，灯泡与滑动变阻器串联，根据滑动变阻器电阻最小为0，此时电流最大为0.3A，恰好等于灯泡的额定电流，说明灯泡正常发光，电源电压等于灯泡的额定电压，为6V。
[2]由可得，灯泡电阻为
电路中的最小电流
电路的最小总功率为P1= UI=6V× 0.15A= 0.9W
开关S、S1、S2均闭合时，电路的最小总功率为P2= UI' =6V× 0.6 A = 3.6W
则P1 : P2 =0.9W: 3.6W=1: 4
三、作图题与计算题（本题共3小题，共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的验算步骤，只写最后答案的不得分）
21．（4分）（1）小明将装有硬币A的空杯放在弟弟面前，弟弟的眼睛在P点看不到硬币，如图甲。小明向杯中缓缓注满水，弟弟眼睛在P点看到了硬币在B点，如图乙。请你在图乙中画出弟弟看到硬币的入射光线、折射光线，并标出折射角r（保留作图痕迹）。
【答案】
【详解】人眼看到的池底A点像的位置，连接人眼与B，与水面的交点O为入射点，连接AO为入射光线，O到人眼为折射光线，过O点画出法线，折射光线与法线的夹角为折射角，如图所示：

（2）小周用碳膜电位器设计了一个可调亮度的电灯，如图所示，为了安全，她把电路元件安装在塑料外壳内，请根据安全用电的原则，把各元件连入家庭电路中，要求滑片顺时针滑动时小灯泡变亮。（碳膜电位器拥有开关的功能）
【答案】
【详解】滑片顺时针滑动时灯泡变亮，说明通过灯泡的电流变大，则电位器接入电路的电阻减小，因此应该接左侧和中间两个接线柱，且电位器接在火线与灯之间，如图所示：
22．（6分）如图所示，杠杆平衡，OA长度是OB长度的两倍，两个边长都是2cm的正方体重物和和，的密度为2×103kg/m3，对地面的压强为800Pa。求：
（1）重物的重力；
（2）重物的密度。
【答案】（1）0.16N；（2）5×103kg/m3
【详解】解：（1）G2的边长为2cm，则G2的重力
（2分）
（2）G1对地面的压强为800Pa，则G1对地面的压力：（1分）
由杠杆平衡条件可得，重物G1对A的拉力：（1分）
则重物G1的重力：G1=F2+FA=0.08N+0.32N=0.4N（1分）
重物G1的密度：（1分）
答：（1）重物G2的重力为0.16N；
（2）重物G1的密度5×103kg/m3。
23．（6分）如图所示的部分电路中，、为定值电阻，，电流表的量程为，电压表的量程为，小灯泡L上标有“6V；3W”字样（不考虑灯丝电阻随温度的变化），滑动变阻器R的规格为“；”，将A、B接线柱接在电源的两端（电源电压恒定不变），移动滑动变阻器R的滑片P使小灯泡正常发光，此时电压表的示数为4.5V。
（1）求小灯泡L正常发光时的电阻。
（2）保持滑动变阻器R的滑片P不动，将电源改接到C、D接线柱上，此时电流表的示数为0.4A，求的阻值。
【答案】（1）；（2）
【详解】解：（1）将A、B接线柱接在电源的两端，灯泡、R1、滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，串联电路各处电流相等，小灯泡L正常发光时灯泡两端电压等于额定电压，此时通过电路的电流
灯泡正常发光时的电阻（2分）
（2）串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压U=IR1+UL+UH=0.5A×15Ω+6V+4.5V=18V（1分）
保持滑动变阻器R的滑片P不动，滑动变阻器接入电路的电阻（1分）
将电源改接到C、D接线柱上，R2、滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，根据欧姆定律可得此时电路总电阻（1分）
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则R2的阻值R2=R-RH=45Ω-9Ω=36Ω（1分）
答：（1）小灯泡L正常发光时的电阻为12Ω；
（2）R2的阻值为36Ω。
四、实验与探究题（本题共2小题，每空2分，共14分）
24．（6分）在“探究阻力对物体运动的影响”实验中，在水平木板上先后铺上毛巾和棉布，让小车从斜面的同一高度由静止滑下，观察比较小车在毛巾表面、棉布表面和木板表面上滑行的距离。
（1）如图所示，小车在三种水平面上分别运动到A、B、C点后静止，说明小车受到的阻力越小，速度减小得越 ；
（2）推理：如果小车在水平面上滑行时受到的阻力为零，它将 ；
（3）实验中小车在毛巾面上克服阻力做功为WA，在棉布面上克服阻力做功为WB，则WA WB。
【答案】 慢 做匀速直线运动 ＝
【详解】（1）[1]如图所示，木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，通过的距离最长，小车在三种水平面上分别运动到A、B、C点后静止，说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢。
（2）[2]推理：如果小车在水平面上滑行时受到的阻力为零，小车的速度不会变小，它将做匀速直线运动。
（3）[3]根据控制变量法，让小车从斜面的同一高度由静止滑下，目的是控制小车下滑到水平面时的速度相同，而最终的速度为0，动能变化量相同，故小车克服摩擦力做的功相同，实验中小车在毛巾面上克服阻力做功为WA，在棉布面上克服阻力做功为WB，则WA＝WB。
25．（8分）如图甲所示是小明进行“伏安法测电阻”实验的部分电路。
（1）用笔画线代替导线将图甲连接完整 （要求滑片向右移动时电流表示数变小）；
（2）下表是测量时几组电压和电流的数据，测得该电阻为 ；（答案保留一位小数）
（3）小明在完成图甲实验后，对伏安法测电阻知识进行拓展。不用电流表，增加一个定值电阻和开关按图乙所示方法连接来测量电阻 （填写所给字母代数式）。
（4）若把图乙的实验中换成几千欧的电阻，约几十欧，能不能测出阻值，简要回答你的理由： 。
【答案】 见解析 10.4 不能，因为实验中约几千欧，约几十欧，在开关闭合前，电压表串联接在电路中，电压表示数近似为电源电压
【详解】（1）[1]滑片向右移动时电流表示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与开关右接线柱连接，如下图所示
（2）[2]根据题意可知，测得该电阻为
（3）③[3]根据串联电路电压的规律，电阻的电压为
根据分压原理有
待测电阻表达式为
[4]不能，因为实验中约几千欧，约几十欧，在开关闭合前，电压表串联接在电路中，电压表示数近似为电源电压；在开关闭合后，根据串联电路分压特点，分压也近似为电源电压，电阻两端分压近似为零，所以无法测出的阻值。
B卷（共20分）
选择题（本题共5小题，每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．小明做“研究远视眼的矫正”实验时，他把凸透镜看作眼睛的晶状体，光屏看作眼睛的视网膜，烛焰看作眼睛观察的物体。小明拿一个远视眼镜放在凸透镜前，光屏上出现烛焰清晰的像，如图所示。而拿走远视眼镜则烛焰的像变得模糊，下列操作能使光屏上重新得到清晰像的是（ ）
A．将光屏适当靠近凸透镜B．将蜡烛适当靠近凸透镜
C．同时将光屏和蜡烛适当靠近凸透镜D．将光屏适当远离凸透镜
【答案】D
【详解】远视眼镜是凸透镜，对光有会聚作用，烛焰与凸透镜间放入远视眼镜，烛焰的光线先会聚了，再经凸透镜，光会提前会聚，则像距会变近，拿走远视眼镜后，蜡烛位置不变时，像距比有远视眼镜时大，即像后移了（像距变长了），此时应将光屏适当远离凸透镜；光屏位置不变时，应增大物距，才能使像前移到原来的光屏上，即应将蜡烛远离凸透镜，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
2．小李家使用的热水器，30min内均匀消耗了900g的天然气，将30kg的水从25℃加热到50℃。已知水的比热容为，天然气的热值为，天然气的密度为3kg/m3，则关于该过程的说法正确的是（ ）
A．水吸收的热量是
B．热水器的能量转化效率为25%
C．天然气的化学能全部转化为水的内能
D．如果将此热水器效率再提高5%，则加热时间将节约1.5min
【答案】B
【详解】A．将30kg的水从25℃加热到50℃，水吸收的热量，故A错误；
B．消耗天然气的体积是
天然气完全燃烧放出热量
热水器的能量转化效率，故B正确；
C．天然气燃烧不能完全燃烧、天然气燃烧放出的热量不能全被水吸收，所以天然气的化学不能全部转化为水的内能，故C错误；
D．如果将此热水器效率再提高5%
需要完全燃烧天然气放出的热量
由得需要天然气的体积，
需要天然气的质量，
节约天然气的质量，
因为30min内均匀消耗了900g的天然气，所以节约时间，，故D错误。
故选B。
3．（多选）晓波用雷达测速，用力的传感器测遥控车对小车A的拉力，如图所示。用雷达可测出不同时刻遥控车到雷达站的距离s，传感器示数恒为20N，测量数据如表格所示。已知雷达速度约3×105km/s。则下列说法正确的是（ ）
A．雷达是超声波B．遥控车在0.5-3.5s内速度大于20m/s
C．拉力F在1.0-2.5s内做功600JD．遥控车对小车A做功快慢保持不变
【答案】CD
【详解】A．由题意知雷达的速度约为3×105km/s，则雷达波是电磁波，超声波是声的一种，故A错误；
B．由表格数据知，遥控车在相同时间内通过的路程相同，则遥控车做的是匀速直线运动，而0.5~3.5s内，遥控车通过的路程，s=190m-130m=60m
车的速度，，故B错误；
C．由表格数据知，遥控车在1.0~2.5s内通过的距离s1=180m-150m=30m
由题意知，拉力恒为20N，那么在这段时间内，拉力所做的功W=Fs1=20N×30m=600J，故C正确；
D．遥控车在整个过程中做匀速直线运动，那么小车A也做匀速直线运动，而遥控车对小车A的拉力保持不变，据P=Fv知，遥控车对小车A做功的快慢不变，故D正确。
故选CD。
4．（多选）盛有水的圆柱形容器置于水平桌面上，如图甲所示，容器对桌面的压强为；用细线拴一金属球，将金属球浸没在液体中，如图乙所示，容器对桌面的压强为；将细线剪断，金属球沉到容器底部，如图丙所示，容器对桌面的压强为。己知容器的底面积为S，液体的密度为，则下列判断正确的是（ ）
A．金属球的重力为B．金属球在液体中所受浮力为
C．金属球的体积D．金属球的密度
【答案】BD
【详解】A．由甲图和丙图可得，容器对桌面压强的变化量，
因水平面上物体的压力和自身的重力相等，金属球的重力等于容器对桌面压力的变化量，所以由可得，金属球的重力，，故A错误；
B．由甲图和乙图可得，容器对桌面压强的变化量
由可得，容器对桌面增加的压力
乙图和甲图相比，容器对桌面增加的压力，金属球排开液体的重力
则金属球浸没在液体中受到的浮力，故B正确；
CD．由G=mg可得，金属球的质量为
金属球完全浸没时，金属球的其体积等于其排开液体的体积，由
可得
则金属球的密度，故C错误，故D正确。
故选BD。
5．（多选）如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程0~0.6A，电压表量程0~3V，滑动变阻器规格“”，小灯泡规格“2.5V 0.625W”。若不考虑小灯泡阻值随温度的变化，电路中各元件均安全工作，小灯泡两端电压不允许超过额定电压。闭合开关，下列说法正确的是（ ）
A．滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是
B．滑片向右滑动，电流表示数变小，电压表示数变大
C．电路中允许通过的最大电流是0.6A
D．电路的最大电功率是1.5W
【答案】AD
【详解】AC．由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。由得，灯泡的额定电流为
当滑片P移到最右端时，滑动变阻器接入电路中的最大阻值为，电路中的总阻值最大，根据欧姆定律可知电路中电流最小，不会影响电路安全。当电路中的电阻最小时，电路中的电流最大，又电流表的最大电流为0.6A，灯泡的最大电流为0.25A，滑动变阻器的最大电流为1A，故电路中的最大电流为
电路中的总电阻
灯泡的电阻为
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值
所以滑动变阻器的阻值允许调节的范围是，故A正确，C错误；
B．当滑动变阻器滑片向右滑动，接入电路中的电阻变大时，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；根据可知，灯泡两端的电压变小，即电压表示数变小，故B错误；
D．因串联电路中电流处处相等，电路中的最大电流为，电源电压不变，故电路的最大功率为，故D正确。
故选AD。
二、综合题(本题共2小题，共10分，第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
6．（4分）在抗击新冠肺炎疫情期间，中医为诊疗发挥了积极作用，中药能有效治疗新冠肺炎，降低轻型、普通型病例转为重症的比例，缩短新冠肺炎症状消退时间，改善轻型和普通型患者的临床预后。如图甲所示为小华同学家的电中药壶，有“猛火”和“文火”两个挡位，“猛火”挡电功率模糊不清，“文火”挡电功率110W，其电路原理图如图乙所示，，为两根电热丝，L1、L2是颜色不同的指示灯，指示灯在电路中消耗的电功率忽略不计，若让该电热水器在“猛火”挡单独工作3min，如图丙所示的电能表脉冲灯闪烁88次。根据上述信息，求：
（1）灯的电阻值与电热丝R1的电阻值相比较： （选填“相差很大”、“相差很小”或“相差不大”）；
（2）“猛火”挡电功率 和电热丝的阻值；
（3）若打算将“文火”挡的电功率提升10％，“猛火”挡的电功率保持不变，请通过计算具体说明改进措施。
【答案】 相差很大 1100W 44Ω 见解析
【详解】（1）[1]工作时，灯与电阻丝R1串联连接，通过的电流相同。而指示灯在电路中消耗的电功率忽略不计，据P=I2R知，相对R1，指示灯的电阻很小，即指示灯与R1的阻值相差很大。
（2）[2]由图丙知，电能表每消耗1kW∙h电能，脉冲灯闪烁1600次，则脉冲灯闪烁88次，消耗的电能
“猛火”挡的电功率
[3]由电路图知，开关S接上面接线柱时，指示灯L1和R1串联在电路中，电路电阻较小，据知，此时是猛火挡；开关接下面接线柱时，指示灯L2与R2、R1串联，电路中电阻较大，据知，此时是文火挡。电热丝
（3）[4]文火挡功率提升10%，则提升后的功率
此时电路中的总电阻
则R2的阻值
开关接下面接线柱时，为文火挡，接上面接线柱时，为猛火挡，所以改变R2的阻值对猛火挡无影响，则用356Ω的电阻替换R2可将文火挡的电功率提升10%。
7．（6分）科学探究小组用底面积为0.05m2薄壁轻质柱形容器和两物块A、B（A叠放在B的正上方但不紧贴）把电子秤改装成为一个水位计。如图所示，已知A是边长为0.1m的正方体，B是底面积为0.03m2的圆柱体，且ρA＝7ρB。组员小天对装置进行了如下的测试：往容器中加水到如图甲所示的位置，此时物体A受到的浮力为F1，B的底面受到水的压强为p1，然后打开容器底部的阀门开始缓慢排水直至水全部放完。小天根据实验数据画出了电子秤的示数和液面下降高度的关系图象如图乙，整个过程中物体B对容器底部的最大压强为p2。已知p1:p2＝15:13；ρ水＝1.0×103kg/m3。求：
（1）当水面下降高度为0.1m时，电子秤的示数m1；
（2）F1的大小；
（3）物体B的密度。

【答案】（1）21kg；（2）5N；（3）0.5×103kg/m3
【详解】解：（1）由图乙可知，当水面下降高度为时，图象出现拐点，说明此时B恰好与容器底接触，此时已放出水的体积为
此时已放出水的质量为
所以当水面下降高度为0.1m时，电子秤的示数（1分）
（2）由图乙可知，由10cm下降至h1时，总质量降低了
此时
则
A是边长为0.1m的正方体，则
所以
由阿基米德原理可知，物体A受到的浮力为F1为（1分）
（3）甲图中把AB看做一个整体，其上表面（只有B上表面与水接触的部分）受到水的压力
由浮力产生的原因可得整体受到的浮力﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
甲图中整体处于漂浮状态，则﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②可得，B下表面受到水的压力（1分）
甲图中B底面所受水的压强为﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
整个过程中，当物体B全部露出后对容器底部的最大压强为p2，此时﹣﹣﹣﹣﹣﹣④
已知
则
解得（1分）
所以漂浮时整体受到的浮力
整体排开水的体积
则B物体的体积
A、B的体积之比（1分）
则
因为，则有
所以
所以GB＝30N，所以
则（1分）
答：（1）当电子秤的示数为26kg时，电子秤受到的压力为260N；
（2）当水面下降高度为0.1m时，电子秤的示数m1＝21kg；
（3）F1的大小为5N；
（4）物体B的密度为0.5×103kg/m3。电压
电流
电阻
t/s
0
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
3.5
s/m
200
190
180
170
160
150
140
130