2024年北京市丰台区中考物理一模试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年北京市丰台区中考物理一模试卷（含详细答案解析），共22页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，简答题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

1.下列物品中，通常情况下属于导体的是( )
A. 塑料盒B. 木铲C. 瓷碗D. 钢尺
2.如图所示的光现象中由于光的反射形成的是( )
A. 桥在水中形成的倒影
B. 透过放大镜看到放大的字
C. 日晷上呈现针的影子
D. 人透过水球所成的像
3.编钟是我国古代的一种打击乐器，如图所示的曾侯乙编钟，由大小不同的扁圆钟依次排列组成，是我国古代人民高度智慧的结晶。关于编钟下列说法正确的是( )
A. 编钟发出的声音，可以在真空中传播
B. 编钟发出的声音是由编钟振动产生的
C. 用大小相同的力敲击大小不同的编钟，发出声音的音色不同
D. 人们能把编钟和其它乐器发出的声音区分开，是依据声音的响度不同
4.如图所示是《天工开物》中描述的铸釜时的情境，工匠将铁水倒入模具中固结成型。下列说法正确的是( )
A. 铁水固结成型属于熔化现象
B. 铁水固结成型属于凝固现象
C. 铁水固结成型的过程中温度持续下降
D. 铁水固结成型的过程中需要不断吸热
5.如图所示为我国古代劳动人民在建筑工地上运送大木料的情境，对于此图片提供的信息，下列说法正确的是( )
A. 大木料下放置小圆木是为了增大摩擦
B. 支架下垫有石块是为了增大地面所受的压强
C. 工人使用的横杆相当于省力杠杆
D. 抬起大木料的过程中使用横杆可以省功
6.在体育课上，小明用胳膊将排球竖直向上垫起后，排球上升过程中运动得越来越慢。下列说法正确的是( )
A. 排球能继续上升，是由于排球具有惯性
B. 排球在上升过程中，排球的运动状态不变
C. 排球在上升过程中，排球所受合力的方向竖直向上
D. 排球在上升到最高点时，排球受到平衡力的作用
7.2024年3月20日，探月工程四期鹊桥二号中继通信卫星由长征八号遥三运载火箭在中国文昌航天发射场成功发射升空。如图所示的是火箭加速升空的情境，则在此过程中，下列说法正确的是( )
A. 以地面为参照物，中继星是静止的
B. 以火箭为参照物，中继星是运动的
C. 中继星的重力势能增加
D. 中继星的机械能不变
8.如图所示的电路中，R1、R2是同种材料制作的电阻丝，它们的长度分别为L1、L2，横截面积分别为S1、S2，已知L1S2。开关S闭合后，R1、R2两端的电压分别为U1、U2，通过R1、R2的电流分别为I1、I2。下列判断正确的是( )
A. U1>U2
B. U1C. I1>I2
D. I19.观察两种家用电器的铭牌，下列说法正确的是( )
A. 电热水器消耗的电能一定比电饭锅消耗的电能多
B. 1kW⋅h的电能可以供电热水器正常工作2小时
C. 两种家用电器正常工作时，电饭锅的工作电流大
D. 两种家用电器正常工作时，电热水器比电饭锅消耗电能快
10.如图是小明设计的高温报警电路，电源两端电压保持不变，R1是定值电阻，R2是热敏电阻，热敏电阻的阻值随温度升高而减小，当电流表示数大于某一值I时，就会触发报警。电流表示数为I时，环境温度为警戒温度。下列判断正确的是( )
A. 热敏电阻是由超导材料制成的
B. 随着环境温度的降低，电路中电流变大
C. 若换用电压更大的电源，可以降低警戒温度
D. 若换用阻值更小的定值电阻R1，可以提高警戒温度
11.两个完全相同的圆柱形容器静止放在水平桌面上，其中分别装有两种不同液体，甲容器中液体的密度为ρ甲，乙容器中液体的密度为ρ乙，液面高度如图所示。液体内A、B两点到容器底部的距离相等，其压强分别为pA、pB，且pA=pB。甲、乙容器中液体对容器底部的压强分别为p甲、p乙。下列判断正确的是( )
A. ρ甲>ρ乙，p甲>p乙B. ρ甲>ρ乙，p甲C. ρ甲<ρ乙，p甲p乙
12.桌面上甲、乙两个圆柱形容器中分别装有水和酒精，实心木球和实心铁球的体积相等，如图所示。水、酒精、木球和铁球的密度分别为ρ水、ρ酒精、ρ木和ρ铁.将木球放入水中、铁球放入酒精中，静止时木球和铁球所受浮力的大小分别为F1和F2.下列判断中正确的是( )
A. 若ρ木<ρ酒精<ρ水<ρ铁，则F1B. 若ρ木<ρ酒精<ρ水<ρ铁，则F1>F2
C. 若ρ酒精<ρ木<ρ水<ρ铁，则F1=F2
D. 若ρ酒精<ρ木<ρ水<ρ铁，则F1二、多选题：本大题共3小题，共6分。
13.下列说法正确的是( )
A. 固体很难被拉伸，说明固体分子间只存在引力
B. 冬天双手互搓，手的温度升高，是通过热传递的方式改变手的内能
C. 内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是砂石的比热容比水的比热容小
D. 汽油机的做功冲程中，燃气对外做功，将内能转化为机械能
14.某同学研究电流产生的磁场，闭合开关前，小磁针的指向如图甲所示；闭合开关，小磁针的偏转情况如图乙中箭头所示；只改变电流方向，再次进行实验，小磁针的偏转情况如图丙中箭头所示。下列结论中合理的是( )
A. 由甲、乙两图可得电流可以产生磁场
B. 由甲、乙两图可得电流产生的磁场的方向与电流方向有关
C. 由乙、丙两图可得电流产生的磁场的强弱与电流大小有关
D. 由乙、丙两图可得电流产生的磁场的方向与电流方向有关
15.如图甲所示，滑轮组悬挂在水平支架上，某工人站在水平地面上，用竖直向下的拉力F拉动绳子自由端，使物体A以0.2m/s的速度匀速上升，拉力F所做的功W与时间t的关系如图乙所示。提升过程中滑轮组的机械效率为90%。已知该工人重650N，两个滑轮质量相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，关于该过程下列说法正确的是( )
A. 物体A的重力为500NB. 绳子自由端拉力的功率为100W
C. 该工人对地面的压力为400ND. 支架受到滑轮组的拉力为800N
三、填空题：本大题共2小题，共8分。
16.(1)如图1所示，体温计的示数为______ ℃。
(2)如图2所示，弹簧测力计的示数为______N。
17.(1)根据图1中的电流方向，可知通电螺线管的______端是 N极。(选填“A”或“B”)
(2)如图2所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触原来不带电的验电器的金属球，两片金属箔张开一定角度，由此得知橡胶棒是带电的。验电器的金属箔能够张开，是由于______。
四、实验探究题：本大题共5小题，共17分。
18.为了测量某种液体的密度，某同学取适量该液体的样品进行了如下实验：
(1)将天平放在水平台面上，并将游码置于标尺左端零刻度线处，随后观察到天平指针位置如图甲所示，为了使天平横梁在水平位置平衡，应该将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)端调节。
(2)天平调好后，将盛有适量待测液体的烧杯放在天平的左盘，当右盘中所放砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示时，天平横梁再次在水平位置平衡，烧杯和液体的总质量m1=______ g。
(3)将烧杯中部分液体倒入量筒中，测量液体的体积，如图丙所示，量筒中液体体积V=______cm3，接下来称得烧杯和剩余液体的质量m2=29g。
(4)根据上述实验数据，得出待测液体的密度ρ=______g/cm3。
19.小明为探究水沸腾前后温度随吸收热量变化的特点，进行了如下实验：用如图甲所示的装置给一定质量的水加热，当水温为90℃时，每隔一分钟记录一次水的温度，从计时开始，经5min水沸腾。水沸腾后持续加热一段时间，并记录水的温度。根据实验数据得到了水的温度随加热时间变化的关系图像，如图乙所示。
(1)小明应通过观察______判断水是否沸腾。
(2)由图像可得出的实验结论：水在沸腾前，______；水在沸腾过程中，______。
20.小明想探究在并联电路中，干路的电流与各支路的电流之和的关系，他设计了图甲所示的电路，L1、L2为两个规格不同的灯泡。请回答下列问题：
(1)该实验的自变量是______。
(2)闭合开关S后，小明发现L2亮，而L1不亮。他认为L1不亮的原因是L1被短路，你认为他的判断是______(选填“正确”或“错误”)的。
(3)排除故障后，小明首先测量并记录了A处的电流，电流表示数如图乙所示，则IA=______ A。
(4)接下来小明又测量并记录了B、C处的电流分别为IB和IC。于是，他根据IA、IB和IC三个电流数值得出了并联电路中，干路的电流与各支路的电流之和的关系。老师认为他的实验过程不够完整，请你针对上述问题，写出改正措施：______。
21.某同学在探究凸透镜成像规律的实验中，将焦距为10cm的薄凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，移动光屏至65cm刻度线处，烛焰在光屏上成清晰的像，如图所示。请回答下列问题：
(1)上述光屏上所成的像是倒立、______(选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像。生活中常用的______(选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”)是利用这一原理工作的。
(2)保持蜡烛位置不变，将焦距为10cm的薄凸透镜换成焦距为5cm的薄凸透镜，同样固定在光具座50cm刻度线处，为了使烛焰在光屏上成清晰的像，应将光屏向______(选填“靠近”或“远离”)凸透镜的方向移动；若不移动光屏仍要在光屏上成清晰的像，可以在凸透镜和蜡烛之间放置一个______(选填“凸”或“凹”)透镜。
22.小明在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关时，用弹簧测力计沿水平方向拉着长方体木块在水平桌面上做匀速直线运动，如图甲所示；将砝码放在木块上，再次用弹簧测力计水平拉动木块，使木块和砝码沿同一水平桌面做匀速直线运动，如图乙所示。请回答下列问题：
(1)比较甲、乙两次实验，小明探究的科学问题是：______。
(2)将木块沿竖直方向切去一半，用弹簧测力计沿水平方向拉着剩余的木块在同一水平桌面上做匀速直线运动，如图丙所示。比较甲、丙两次实验，发现弹簧测力计的示数不相等，由此他得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论是______(选填“正确”或“错误”)的，理由是______。
(3)实验后，小明与同学们交流讨论，又设计了如图丁所示的实验装置，弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面垫一块长木板A。请说明利用该装置如何测出木块与长木板A之间的滑动摩擦力。
五、简答题：本大题共1小题，共3分。
23.小明观察生活现象发现，放入水中的蜡块、冰块会漂浮在水面上；放入水中的铜块、铁块会沉在水底。于是他认为：密度比水小的物体一定可以漂浮在水面上。为了检验这个观点是否正确，小明准备了一个正方体实心木块和一个装有少量水的烧杯，他将木块放入装有水的烧杯中，木块静止时水面刚好达到木块高度的一半。已知实心木块的密度为0.6×103kg/m3，水的密度为1.0×103kg/m3。请从运动和力的角度分析木块静止时是否在水中漂浮，并判断小明的观点是否正确。
六、计算题：本大题共2小题，共8分。
24.如图甲所示的电路中，电源两端电压为6V并保持不变，闭合开关S，测得定值电阻R0在不同电压下的电流，并利用所测的数据绘制出通过R0的电流I随其两端电压U变化的图像，如图乙所示。
(1)画出实物电路所对应的电路图；
(2)求电流表示数为0.3A时，滑动变阻器RP接入电路的阻值；
(3)求电压表示数为2V时，R0的电功率。
25.T型杠铃是一种常见的健身器材，它由底座和一个可以绕固定轴旋转的杠铃组成。使用时，双手将杠铃反复拉起可以锻炼背部和手臂的肌肉。如图甲所示，是小明在水平地面将杠铃拉至水平静止时的情境，杠铃离开地面后，且与水平地面平行，可抽象成如图乙所示的杠杆模型，杠铃的固定轴为O，手对杠铃的拉力作用在B点，杠铃的重心在A点。已知杠铃的总重为600N，OA长1.6m，OB长1.2m。
(1)图乙中，手对杠铃的拉力F1与杠铃垂直，求F1的大小。
(2)图丙所示的是小明将杠铃拉至另一位置静止时的情境，此时杠铃与水平地面成一定角度，手对杠铃的拉力F2与杠铃垂直，且仍作用在B点。分析并说明F2与F1的大小关系。
七、综合题：本大题共1小题，共4分。
26.请阅读《探究微观世界的超级显微镜——散裂中子源》并回答问题。
探究微观世界的超级显微镜——散裂中子源物质的微观结构决定其宏观性质。为了探测更微小的物质结构，科学家利用散裂中子源，实现了更加精细化的成像效果。中子是组成原子核的微粒之一(如图1所示)，由于它不带电，不受物质内部电场力的作用，因此中子的穿透力非常强。当中子通过物质内部时，它能更靠近原子核。于是，中子便成为科学家探索微观世界的理想探针。
散裂中子源主要由加速器、靶站和中子谱仪三部分组成(如图2所示)。加速器的作用是将质子进行加速，用高速质子去轰击靶站里金属物质的原子核，从而产生高速中子流。这些高速中子流射向待测样品，与其中的原子核发生碰撞而散射出去，这时中子流的运动轨迹、能量和动量就会发生变化。于是，科学家通过分析这些物理量的变化，就能探测出物质的微观结构。这就好比向一张看不见的网上扔很多弹珠，有的弹珠穿网而过，有的则打在网上弹向不同的方向，根据这些弹珠的运动轨迹就能描绘出这张网的形状。这种将不便于直接测量或观察的现象，用它的外显特征或产生的效应来反映的做法，是一种重要的科学研究方法。例如，在探究影响电磁铁磁性强弱的因素时，用电磁铁吸引铁钉的多少来判断其磁场的强弱。
随着我国散裂中子源的建成和开放运行，它已经帮助我国科学家攻克了许多关键的核心技术，未来它还会在物理、新能源、材料科学、化学化工、资源环境、生命科学等方面发挥更多更重要的作用。
请根据以上材料，回答下列问题：
(1)原子核是由质子和______组成的。
(2)中子之所以是探索微观世界的理想探针，主要是因为______。
(3)文中提到的这种科学研究方法，在科学探究过程中有许多应用。除文中的实例外，请你再举出一个实例，并说明这种科学研究方法在实例中是如何应用的。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：在通常情况下瓷碗、塑料盒、木铲都不容易导电，是绝缘体，金属勺是由金属材料制成的，属于是导体。
故选：D。
从定义上看，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
了解生活中常见的物体哪些是导体，哪些是绝缘体，有一定的现实意义。
2.【答案】A
【解析】解：A、桥在水中形成“倒影”，是平面镜成像，属于光的反射现象，故A正确；
B、透过放大镜看到放大的字，放大镜是凸透镜，对光具有会聚作用，属于光的折射现象，故B错误；
C、日晷面上呈现晷针的影子是光的直线传播形成的，故C错误；
D、人透过水球成像属于凸透镜成像，利用的是光的折射，故D错误。
故选：A。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
3.【答案】B
【解析】解：A、编钟发出的声音，不可以在真空中传播，故A错误；
B、声音是由物体的振动产生的，编钟发出的声音是由编钟振动产生的，故B正确；
C、用大小不同的力敲击同一个钟，发出声音的振幅不同，发出不同响度的声音，故C错误；
D、音色反映了声音的品质与特色，编钟和其它乐器是不同的物体，所以音色是不一样的，故D错误。
故选：B。
(1)(2)声音是由物体的振动产生的，真空不能传声；
(3)声音的高低叫音调，音调与发声体振动的频率有关；
(4)音色反映了声音的品质与特色。
本题通过“编钟”考查乐音的响度、音色和音调的区别；一定注意在真空中不能传播声音。
4.【答案】B
【解析】解：AB.铁水固结成型属于凝固现象，故A错误，B正确；
CD.铁是晶体，熔化时温度保持不变，吸热。凝固时温度保持不变，放热。故C和D错误。
故选：B。
物质从固态变为液态的过程叫做熔化，熔化吸热；
物质从液态变为固态的过程叫做凝固，凝固放热。
此题主要考查学生对晶体熔化和凝固过程中，温度与时间的关系。
5.【答案】C
【解析】解：A、大木料下放置小圆木，这样变滑动为滚动，是为了减少摩擦，故A错误；
B、支架下垫有石块是为了增大受力面积，减小对地面的压强，故B错误；
C、横杆移动木料时，在使用过程中，动力臂大于阻力臂时，能够省力，相当于省力杠杆，故C正确；
D、使用任何机械都不能省功，故D错误。
故选：C。
(1)用滚动代替滑动可减小摩擦；
(2)支架下垫有石块是为了增大受力面积，减小压强；
(3)杠杆在使用过程中，动力臂大于阻力臂时，可以省力；
(4)使用任何机械都不能省功。
本题考查了减小摩擦、减小压强的方法，杠杆分类以及功原理，难度不大。
6.【答案】A
【解析】解：
AB、排球在空中上升越来越慢，运动状态发生改变，是因为受到空气阻力的作用，此时排球仍然有惯性，故A正确、B错误；
C、排球向上运动时，受到重力、摩擦力的作用，排球受的合力F合=G+f；方向是竖直向下的，故C错误；
D、排球向上运动到最高点时只受到重力的作用，排球处于非平衡状态，故D错误。
故选：A。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
(2)运动状态改变，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
(3)对排球进行受力分析，然后根据力的合成方法得出排球的合力方向；
(4)物体受力的合力不为零时处于非平衡状态。
本题借助于排球考查了惯性、力的合成与应用以及运动状态的改变，惯性是力学中的一个重点和难点，正确理解惯性及其影响因素是学好力学的基础。
7.【答案】C
【解析】解：
A、将探月工程的“鹊桥”号中继星发射升空时，相对于地面，“鹊桥”号中继星的位置变化了，则中继星是运动的，故A错误；
B、相对于火箭，“鹊桥”号中继星的位置没有变化，则中继星是静止的，故B错误；
CD、“鹊桥”号中继卫星随火箭加速上升过程中，中继星的质量不变、速度增大，动能变大；同时高度增加，所以重力势能变大；由于机械能等于动能与势能之和，故其机械能不断增大，故C正确，D错误；
故选：C。
(1)要研究物体的运动状态，首先确定参照物，研究对象相对于参照物位置没有变化，是静止的；位置发生变化，是运动的；
(2)影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
此题考查了运动了静止的相对性、机械能等知识，是一道综合题，但难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：
AB、由图可知：R1、R2并联，根据并联电路各支路两端的电压相等可知：R1两端的电压等于R2两端的电压，即：U1=U2，故AB错误；
CD、导体的电阻大小与导体的长度、横截面积、材料和温度有关：当导体的材料和长度均相同的情况下，电阻大小与横截面积成反比，当导体的材料和横截面积均相同的情况下，电阻大小与长度成正比，
由于R1、R2是同种材料制作的电阻丝，L1S2。即R1长度更短、横截面积又大，所以，R1由于U1=U2，根据I=UR可知：I1>I2，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)根据并联电路的电压特点判断R1、R2两端的电压；
(2)据此判断出电阻的大小；然后根据欧姆定律判断通过R1、R2的电流大小。
此题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用和影响电阻大小的因素，注意应用控制变量法的解答。
9.【答案】D
【解析】解：A、由表中信息可知，电热水器的额定功率大于电饭锅的额定功率，由W=Pt可知，由于不知道时间大小，所以不能判断电热水器消耗的电能和电饭锅消耗的电能多少关系，故A错误；
B、电热水器的额定功率P=2000W=2kW，1kW⋅h的电能可以使电热水器正常工作的时间t=WP=1kW⋅h2kW=0.5h，故B错误；
C、根据表格中的信息可知，电热水器和电饭锅额定电压相同，但电热水器的额定功率较大，由P=UI的变形式I=PU可知，电热水器的额定电流较大，即电热水器正常工作时的电流较大，故C错误；
D、电功率是表示电流做功快慢的物理量，由表格数据可知，电热水器的额定功率较大，因此两种家用电器正常工作时，电流通过电热水器做功快，消耗电能快，故D正确。
故选：D。
(1)由表中信息可知，电热水器的额定功率大于电饭锅的额定功率，由W=Pt可知，在相同时间内，电热水器消耗的电能比电饭锅消耗的电能多；
(2)由P=Wt的变形式t=WP可得1kW⋅h的电能可以供电热水器正常工作的时间；
(3)根据表格中的信息可知，电热水器的额定功率较大，额定电压相同，由P=UI的变形式可知，电热水器的额定电流较大；
(4)电功率是表示电流做功快慢的物理量，电功率大的用电器正常工作时电流消耗电能快。
本题考查了电能公式、电功率公式及其变形公式的应用，分析用电器的铭牌得出相关信息是关键。
10.【答案】C
【解析】解：A.热敏电阻是由半导材料制成的，故A错误；
B.热敏电阻的阻值随温度升高而减小，随着环境温度的降低，热敏电阻变大，则总电阻变大，根据欧姆定律知，电路中电流变小，故B错误；
C.若换用电压更大的电源，报警的电流不变，因而电路的总电阻变大，而热敏电阻的阻值随温度升高而减小，随着环境温度的降低，热敏电阻变大，因此可以降低警戒温度，故C正确；
D.若换用阻值更小的定值电阻R1，电压和电流不变，电路的总电阻不变，则报警电阻变大，热敏电阻的阻值随温度升高而减小，因而是环境温度的降低，降低警戒温度，故D错误。
故选：C。
电路中两个电阻串联，电流表测量电路中的电流，
(1)超导体的电阻为0，热敏电阻是半导体材料制成；
(2)根据热敏电阻的阻值随温度升高而减小，判断电流变化；
(3)根据报警电流不变，分析解答。
本题考查动态电路的分析，属于中档题。
11.【答案】A
【解析】解：液体内A、B两点到容器底部的距离相等，其压强分别为pA、pB，且pA=pB，根据图示可知，A的深度小于B的深度，根据p=ρgh可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，即ρ甲>ρ乙；
由题意知液体内A、B两点到容器底部的距离相等，根据p=ρgh知pA下>pB下，由于p甲=pA+pA下，p乙=pB+pB下，且pA=pB，所以pA底>pB底；故A正确。
故选：A。
根据p=ρgh判断出液体密度的大小关系；由p=p上+p下判断出容器底部受到的压强的大小关系。
题考查了液体压强公式的应用，判断出A、B点以下部分压强的关系是解题的关键。
12.【答案】A
【解析】解：将木球放入水中，木球漂浮在水面上，静止时木球所受浮力等于木球的重力：
则F1=G木=m木g=ρ木gV木----①
铁球放入酒精中将下沉，则铁球所受浮力
F2=ρ酒精gV铁----②
比较①和②，实心木球和实心铁球的体积相等，即V木=V铁，g相同，
则若ρ木<ρ酒精，则由F浮=ρgV排可得，F1若ρ酒精<ρ木，则由F浮=ρgV排可得，F1>F2，故选项A正确，BCD错误。
故选：A。
根据实心木球和实心铁球的体积相等，可比较二者的质量关系，从而可知其重力关系，再根据物体的浮沉条件分析F1和F2的关系即可做出选择。
本题考查了重力公式、物体浮沉条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，分析好两球的质量是关键。
13.【答案】CD
【解析】解：A、固体很难被拉伸，是因为分子间存在引力，但斥力和引力是同时存在的，故A错误；
B、冬天双手互搓，手的温度升高，是通过做功的方式改变手的内能，故B错误；
C、沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，原因之一是水的比热容比砂石的比热容大，相同质量的水和砂石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，故C正确；
D、在汽油机的做功冲程中，高温高压的燃气对外做功，将内能转化为机械能，故D正确。
故选：CD。
(1)分子间同时存在引力和斥力；
(2)做功和热传递都可以改变物体的内能；
(3)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析；
(4)汽油机的做功冲程中，高温高压的燃气对外做功，将内能转化为机械能。
本题通过生活中的现象，考查了对热机的理解、对改变内能方式的掌握、对水的比热容大的应用，属热学基础题。
14.【答案】AD
【解析】A、当小磁针受到地磁场的作用时，一端指南一端指北如图甲，当导线中电流向左时，小磁针的N极向纸外偏转如图乙，所以，甲乙两图可说明电流周围存在磁场，故说法正确。
B、甲乙只能说明通电导体周围存在磁场，没有改变导体中的电流方向，不能说明电流产生的磁场跟电流方向有关。故说法错误。
C、乙丙只是改变了电流方向，没有改变电流大小，不能说明磁场强弱跟电流大小有关。故说法错误。
D、当导线中电流向左时，小磁针的N极向纸外偏转如图乙，当导线中电流向右时，小磁针的N极向纸里偏转如图丙，所以，说明电流周围的磁场方向跟电流方向有关。故说法正确。
故选：AD。
要掌握电流的磁效应，知道电流周围存在磁场，磁场方向与电流方向有关。
15.【答案】BCD
【解析】解：A、由图乙可知，4s内拉力F所做的功为W总=400J，根据η=W有W总可知，拉力F做的有用功为：
W有=ηW总=90%×400J=360J，
4s内物体A上升的高度为：
h=vt=0.2m/s×4s=0.8m，则物体A的重力为：
G=W有h=360J0.8m=450N，故A错误；
B、绳子自由端拉力的功率为：
P=W总t=400J4s=100W，故B正确；
C、由图可知，n=2，根据η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF可知，拉力F为：
F=Gnη=450N2×90%=250N；
因为力的作用是相互的，绳子对人的拉力F拉与人对绳端拉力F相等，地面对人的支持力F支与人对地面的压力F压相等，人站在水平地面上，由平衡力知识知，G人=F拉+F支，则F支=G人−F拉=650N−250N=400N，
所以人对地面的压力F压=F支=400N，故C正确；
D、不计滑轮组的绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重力为：
G动=nF−G=2×250N−450N=50N，
两个滑轮质量相等，其重力相等，则定滑轮的重力也为50N，
物体间力的作用是相互的，且定滑轮处于静止状态，则支架受到滑轮组的拉力F′=3F+G定=3×250N+50N=800N.故D正确。
故选：BCD。
(1)根据图乙确定4s内拉力F所做的功，利用η=W有W总求出拉力F做的有用功，根据速度公式求出物体A上升的高度，利用W有=Gh求出物体A的重力；
(2)根据P=W总t求出绳子自由端拉力的功率；
(3)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求出拉力F，由力的作用的相互性知绳子对人的拉力，工人受到竖直向下的重力与绳子对工人的拉力、地面对工人的支持力平衡，据此求出地面对工人的支持力，从而得到工人对地面的压力；
(4)不计滑轮组的绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)求得动滑轮的重力，根据物体间力的作用是相互的和力的平衡条件可求支架受到滑轮组的拉力。
本题考查了做功公式、功率公式、机械效率公式和绳子自由端拉力的公式的掌握和运用，具有一定的难度，解题过程中一定要认真分析。
16.【答案】36.5；3.6
【解析】(1)此温度计一个大格表示1℃，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1℃，因此它的读数为36℃+0.5℃=36.5℃；
(2)弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N，此时指针指在“3.6”处，所以弹簧测力计的示数为3.6N。
(1)要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数，体温计的测量范围就是指所能测量的最小值和最大值，分度值就是每一个小格所代表的数值；
(2)使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直。
此题考查的是常见的几种物理仪器的读数方法，在读数前一定要观察仪器的量程和分度值；需要注意的是长度的测量需要进行估读。
17.【答案】A 同种电荷相互排斥
【解析】解：(1)图中电流从通电螺线管的左侧流入，右侧流入，根据安培定则可知，通电螺线管的A端是N极；
(2)验电器的金属箔能够张开，是由于同种电荷相互排斥。
故答案为：(1)A；(2)同种电荷相互排斥。
(1)根据安培定则判断通电螺线管的磁极；
(2)同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。
此题考查了安培定则、电荷间的相互作用规律，比较简单，属基础题。
18.【答案】左 69500.8
【解析】解：
(1)将天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻线处，调节平衡螺母，使天平静止时指针指在分度盘的中央刻度线上，图中指针偏向分度盘的右侧，将平衡螺母向左调节；
(2)天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；
杯子及杯内盐水的总质量：m总=50g+10g+5g+4g=69g，
(3)如图乙所示，量筒中液体的体积为50cm3；
(4)量筒内盐水的质量m=69g−29g=40g，
盐水的密度为：ρ=mV=40g50cm3=0.8g/cm3。
故答案为：(1)左；(2)69；(3)50；(4)0.8。
(1)他将天平放在水平台面上，测量前，为调节天平横梁在水平位置平衡，他将游码置于标尺左端零刻度线处，调节平衡螺母，使天平静止时指针指在分度盘的中央刻度线上，若指针左偏，向右调节平衡螺母。
(2)天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值。
(3)在进行量筒的读数时，注意量筒的分度值。
(4)根据公式ρ=mV进行计算液体的密度。
此题是测量盐水的密度，主要考查了有关天平及量筒的使用和读数，同时考查了密度的计算。在此实验中，要掌握测量液体密度的方法，通过量筒中液体的质量和体积来进行计算。
19.【答案】是否有大量气泡产生，上升变大，到水面破裂开来 随吸收热量增加，温度上升 随吸收热量增加，温度不变
【解析】解：(1)沸腾时水的气泡在上升过程中体积逐渐变大，故应通过观察烧杯中是否有大量气泡冒产生，上升变大，到水面破裂开来判断水是否沸腾；
(2)由图像可得出的实验结论：水在沸腾前，随吸收热量增加，温度上升；水在沸腾过程中，随吸收热量增加，温度不变。
故答案为：(1)是否有大量气泡产生，上升变大，到水面破裂开来；(2)随吸收热量增加，温度上升；随吸收热量增加，温度不变。
(1)水在沸腾过程中产生大量气泡，气泡在上升过程中体积逐渐变大；沸腾前气泡在上升的过程中逐渐变小；
(2)水沸腾时的特点：吸收热量，温度不变。
本题探究水的沸腾特点，考查液体沸腾特点、实验图像的解读，难度不大。
20.【答案】各支路电流之和 错误 0.28使用规格不同的小灯泡，改变支路电流之和，并进行多次实验
【解析】解：(1)该实验的自变量是各支路电流之和；
(2)如果一个灯泡短路，另一个灯泡也会不亮，电源被短路，故小明的判断是错误的；
(3)此时电流表的量程是0∼0.6A，分度值是0.02A，读数为0.28A；
(4)改正措施：使用规格不同的小灯泡，改变支路电流之和，并进行多次实验。
故答案为：(1)各支路电流之和；(2)错误；(3)0.28；(4)使用规格不同的小灯泡，改变支路电流之和，并进行多次实验。
(1)并联电路中，干路中的电流等于各个支路的电流之和。
(2)根据并联电路的特点分析电路故障。
(3)根据电流表的使用规则来分析。
(4)本实验应该使用规格不同的小灯泡进行多次实验。
本题考查的是探究并联电路的电流特点的实验；知道实验的注意事项和简单电路故障的判断。
21.【答案】缩小 照相机 靠近 凹
【解析】解：(1)由图可知，此时物距为30cm，物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，应用为照相机；
(2)将焦距为10cm的薄凸透镜换成焦距为5cm的薄凸透镜，相当于增大物距，则像距减小，所以应将光屏向靠近凸透镜的方向移动；
若不移动光屏仍要在光屏上成清晰的像，可以在凸透镜和蜡烛之间放置一个具有发散作用的凹透镜。
故答案为：(1)缩小；照相机；(2)靠近；凹。
(1)当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，应用为照相机；
(2)换用焦距更小的凸透镜相当于增大物距；
凸透镜成实像时，物远像近像变小。
此题是探究凸透镜成像的规律，主要考查了实验过程中的要求及成像的规律和应用，综合性较强。
22.【答案】滑动摩擦力大小与压力大小是否有关 错误 没有控制压力大小不变
【解析】解：(1)甲和乙相比较，其它因素都相同，只有压力大小不相等；
(2)甲和丙相比较，除了受力面积改变，压力的大小也改变了，所以甲和丙无法比较；
(3)长方体木块相对于地面来说处于静止状态，在水平方向收到测力计向左的拉力和A对木块向右的摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
故答案为：(1)滑动摩擦力大小与压力大小是否有关；(2)错误；没有控制压力大小不变；(3)长方体木块相对于地面来说处于静止状态，在水平方向受到测力计向左的拉力和A对木块向右的摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
一般探究问题时，多采用控制变量法来研究，甲和乙相比较，其它因素都相同，只有压力大小不相等。甲和丙相比较，除了受力面积改变，压力的大小也改变了，所以甲和丙无法比较。丁图的设计既解决了读数难的问题，又解决了操作上不需要匀速拉动长木板A。
此题主要考查学生对决定滑动摩擦力大小的因素及二力平衡的相关知识点。
23.【答案】答：物体漂浮时，F浮=G物；
木块放入后，根据F浮′=G排水和V水=12V木，可知F浮′=ρ水gV排=12水gV木；
根据G木=m木g和ρ木=35ρ水，可知G木=ρ木gV木=35ρ水gV木；
所以F浮′【解析】根据阿基米德原理分析浮力的变化，根据浮力的变化解答。
本题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件的应用，难度不大。
24.【答案】解：(1)由实物图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，电路图如图所示：
；
(2)根据图像知，通过R0的电流I=0.3A，R0两端的电压为U0=1.5V，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压为：
U滑=U−U0=6V−1.5V=4.5V；
滑动变阻器RP接入电路的阻值为：
RP=U滑I=Ω；
(3)由电路图知，当电压为U0′=2V时，电路中电流为0.4A，
R0的电功率为：
P=U0′I′=2V×0.4A=0.8W。
答：(1)见解答图；
(2)电流表示数为0.3A时，滑动变阻器RP接入电路的阻值为15Ω；
(3)电压表示数为2V时，R0的电功率为0.8W。
【解析】(1)由实物图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；
(2)由实物图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，据此画出电路图；(1)根据图像知，电流与电压成正比，是定值电阻，读出一组数据，根据欧姆定律计算电阻；
(2)根据图中是串联电路，电压表测量R的电压，结合图像读出电压表示数为2V时的电流，根据串联电路的特点计算滑动变阻器的电压，根据P=UI计算滑动变阻器的功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律与电功率，属于中档题。
25.【答案】解：(1)杠铃离开地面后，且与水平地面平行时，如图：
O为支点，重力的力臂为，的力臂为，根据杠杆平衡条件可得F1lB=GlA，代入数据可得F1×1.2m=600N×1.6m，解方程可得F1=800N；
(2)小明将杠铃拉至另一位置静止时，如图：
O为支点，重力的力臂为lA′，F2的力臂为lb′，根据杠杆平衡条件可得F2lB′=GlA′，整理可得F2=GlA′lB′，由图可知lA′答：(1)F1的大小为800N；
(2)F2【解析】(1)根据杠杆平衡条件计算F1的大小；
(2)根据杠杆平衡条件比较F2与F1的大小关系。
本题考查杠杆平衡条件的灵活运用。
26.【答案】中子 由于它不带电，不受物质内部电场力的作用，因此中子的穿透力非常强
【解析】解：(1)1932年，查德威克发现了中子，人们认识到原子核由带正电的质子和不带电的中子构成；
(2)中子不带电，不受物质内部电场力的作用，因此中子的穿透力非常强。当中子通过物质内部时，它能更靠近原子核。
(3)“散裂中子源”将不便于直接测量或观察的现象，用它的外显特征或产生的效应来反映的科学研究方法叫做转换法。如，研究磁体周围的磁场方向时，借助小磁针的偏转方向来反映磁场的方向；研究动能大小与哪些因素有关时，通过小球撞击木块后，木块移动的距离反映小球动能的大小等。
故答案为：(1)中子；(2)由于它不带电，不受物质内部电场力的作用，因此中子的穿透力非常强；(3)研究磁体周围的磁场方向时，借助小磁针的偏转方向来反映磁场的方向。
原子核是由质子和中子组成，“散裂中子源”将不便于直接测量或观察的现象，用它的外显特征或产生的效应来反映的科学研究方法叫做转换法。
本题考查了原子的核式模型结构，要求学生能从材料中获取有用的信息，属于基础题。电热水器
额定电压220V
工作频率50Hz
额定功率2000W
电饭锅
额定电压220V
工作频率50Hz
额定功率800W