2024年安徽省合肥市肥西县中考物理一模试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年安徽省合肥市肥西县中考物理一模试卷（含详细答案解析），共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示为商场门口的广告投影灯及其内部结构，它主要由光源、广告片和焦距为f的凸透镜组成，下列说法正确的是( )
A. 该广告灯的成像原理与投影仪相同
B. 地面上的广告图标是正立放大的虚像
C. 为了能从不同角度看见广告图标，应选择光滑的地面
D. 广告片到镜头的距离应大于2f
2.关于自由放置在水平桌面上的物体对桌面的压力与物体受到的重力之间关系有下列说法，其中正确的是( )
A. 压力其实就是重力B. 压力与重力是一对平衡力
C. 压力与重力是一对相互作用力D. 此处的压力与重力的大小相等
3.如图，圆台形薄壁容器甲、乙的底面积相等，两容器盛有相同深度的水，静止在水平桌面上，若水对两容器底部的压强分别为p甲、p乙，水对两容器底部的压力分别为F甲、F乙，则( )
A. p甲=p乙，F甲=F乙B. p甲0.3A，故应该选择规格为“15Ω1A”的滑动变阻器；
(2)用光滑的曲线将各点连接，图像是过原点的一条直线，图象如下：
由图可知：电压一定时，I与1R成正比，故可以得出结论：当电压一定时，电流和电阻成反比。
故答案为：(1)见解答；15Ω1A；(2)正比；反比。
(1)滑动变阻器“一上一下”接入电路；
根据图象分析电流与电阻间的关系；用小电阻替换大电阻后，电阻分压变小，电压表示数变小，为保持电阻两端电压不变，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，减小滑动变阻器的分压，使定值电阻两端电压变大，以便保持电阻两端电压不变；根据出定值电最小时的电路电流，由串联电路特点，然后选择滑动变阻器；
(2)根据描点用平滑曲线连接个点形成图象，分析图象得出结论。
本题考查了电压表和滑动变阻器的连接、串联电路的分压特点等，关键是分析图象得出电流与电阻之间的关系，要注意I与1R成正比时I与R成反比。
21.【答案】解：(1)飞机空载静止在水平跑道上时对跑道的压力：
F=G=mg=42×103kg×10N/kg=4.2×105N，
已知轮胎与跑道的总接触面积S=0.6m2，则对跑道的压强：p=FS=4.2×105N0.6m2=7×105Pa；
(2)飞机空载静止在水面上时处于漂浮状态，受到的浮力和自身的总重力相等，
则F浮=G=4.2×105N，
由F浮=ρ水gV排可得，排开水的体积：
V排=F浮ρ水g=4.2×105N1.0×103kg/m3×10N/kg=42m3；
(3)由v=st得，以巡航时速沿水平方向匀速航行1h通过的路程为：
s=vt=500km/h×1h=500km=5×105m，
已知推力F′=1.92×105N，则推力做的功：
W=F′s=1.92×105N×5×105m=9.6×1010J，
完全燃烧4000kg的航空煤油放出的热量：
Q放=m′q=4000kg×4×107J/kg=1.6×1011J，
发动机的效率：
η=WQ放×100%=9.6×1010J1.6×1011J×100%=60%。
答：(1)飞机空载静止在水平跑道上时对跑道的压强为7×105Pa；
(2)飞机空载静止在水面上时排开水的体积为42m3；
(3)发动机的效率是60%。
【解析】(1)飞机空载静止在水平跑道上时，对跑道的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，利用p=FS求出对跑道的压强；
(2)飞机空载静止在水面上时处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮=G求出浮力大小，利用F浮=ρ液gV排求出排开水的体积；
(3)根据v=st求出以巡航时速沿水平方向匀速航行1h通过的路程，利用W=Fs求出推力做的功，利用Q放=mq求出完全燃烧4000kg的航空煤油放出的热量，利用η=WQ放×100%求出发动机的效率。
本题考查了重力公式和压强公式、物体浮沉条件、阿基米德原理、速度公式、做功公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的综合应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
22.【答案】证明：∵P=UI=U2R
∴△P=U22R−U12R
=U22−U12R
=(U2+U1)(U2−U1)R
=(U2+U1)(U2R−U1R)
=(U2+U1)(I2−I1)
=(U2+U1)⋅△I。
【解析】根据P=U2R求出两种情况下定值电阻消耗的电功率，进一步求出定值电阻消耗的功率的变化量。
本题考查了电功率计算公式的应用，熟练掌握并灵活应用串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确推导。
23.【答案】解：(1)加热功率P加热=1210W，根据P=UI知，
加热时，电路中的电流I加热=P加热U=1210W220V=5.5A；
(2)由电路图知，S断开时两电阻串联，电路中电阻较大，由P=U2R知，电功率较小，为保温状态，当S闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小，功率较大，为加热状态；
由P=U2R可得R1的电阻：
R1=U额2P加热=(220V)21210W=40Ω，
由P=U2R可得R1、R2的总电阻为：
R总=U额2P保温=(220V)288W=550Ω，
R2的电阻为：
R2=R总−R1=550Ω−40Ω=510Ω；
(3)水吸收的热量为：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2.2kg×(100℃−23℃)=7.1148×105J；
用时700s消耗的电能为：
W′=P加热t′=1210W×700s=8.47×105J，
该电饭锅的热效率为：
η=Q吸W×100%=7.1148×105J8.47×105J=84%，故该电饭锅的热效率值达到三级能效。
答：(1)加热时，电路中的电流5.5A；
(2)R2的阻值510Ω；
(3)该电饭锅的热效率值达到三级能效。
【解析】(1)已知加热功率，根据P=UI计算加热时，电路中的电流；
(2)由电路图知，S断开时两电阻串联，电路中电阻较大，由P=U2R可知，电功率较小，为保温状态，当S闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小，功率较大，为加热状态；
根据加热功率，由P=U2R算出R1的电阻，根据保温功率，由P=U2R可得R1、R2的总电阻，由串联电路电阻的规律算出R2的电阻；
(3)根据Q吸=c水mΔt算出水吸收的热量，由W′=P加热t′算出用时700s消耗的电能，由η=Q吸W×100%算出该电饭锅的热效率，进而判断出该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。
本题考查了串联电路特点、电功率计算公式的应用以及效率公式的应用，属于综合题。次数
钩码重G/N
钩码上升高度h/m
有用功W有/J
测力计拉力F/N
测力计移动距离s/m
总功W总/J
机械效率η
1
2
0.1
0.2
0.9
0.3
0.27
74.1%
2
4
0.1
0.4
1.6
0.3
0.48
83.3%
3
4
0.1
1.1
0.5