2024年安徽省蚌埠市中考物理模拟试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年安徽省蚌埠市中考物理模拟试卷（含详细答案解析），共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.甲物体的温度比乙物体的温度高，则下述结论中正确的是( )
A. 甲、乙物体接触时，内能一定由甲转移到乙
B. 甲、乙物体接触时，温度一定由甲转移到乙
C. 甲物体的内能一定比乙物体内能多
D. 甲物体的热量一定比乙物体热量多
2.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。则下列说法正确的是( )
A. 照相机应用了这一成像规律
B. 蜡烛燃烧一段时间后，将凸透镜适当向上移动，可使光屏上的像位置保持不动
C. 保持透镜和光屏的位置不动，移动蜡烛，烛焰仍可在光屏上成清晰的像
D. 将近视眼镜靠近凸透镜左侧放置，向左移动蜡烛可以在光屏上得到清晰的像
3.汽车在水平路面匀速向东行驶，下列说法正确的是( )
A. 汽车受到的重力和地球对汽车的引力是一对平衡力
B. 汽车受到的重力和汽车对路面的压力是一对相互作用力
C. 汽车受到的重力和路面对汽车的支持力是一对平衡力
D. 路面对汽车的摩擦力和汽车的牵引力是一对相互作用力
4.关于下面四幅图的说法正确的是( )
A. 甲图：发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
B. 乙图：一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能不变
C. 丙图：瓶内空气推开瓶塞的演示实验与热机的如图冲程原理相同，都是机械能转化为内能
D. 丁图：通过做功的方式增加内能
5.冰壶是2022北京冬奥会比赛项目之一。如图所示是我国运动员马秀明在冰面上把冰壶平稳推出的瞬间，关于该过程说法正确的是( )
A. 冰壶在推出之前没有惯性
B. 冰壶在推出后将做匀速直线运动
C. 由于冰面很光滑，所以冰壶不受摩擦力作用
D. 冰壶推出后所受的重力和支持力是一对平衡力
6.行驶在高速公路上的小汽车，司机突然发现刹车失灵，为了避险，松开油门后，将车开上铺有碎石且沿山坡向上的避险车道，并最终停下。下列说法正确的是( )
A. 上坡过程中，小汽车的机械能保持不变
B. 小汽车停下后，不再具有惯性
C. 上坡过程中，小汽车动能减小，重力势能增加
D. 上坡过程中，小汽车处于平衡状态
7.如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。开关S闭合，灯L正常发光，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则下列说法中正确的是( )
A. 灯L变亮
B. 电压表的示数变大
C. 电流表示数变大
D. 电压表与电流表的比值不变
二、填空题：本大题共9小题，共15分。
8.
9.北京时间2022年10月31日15时37分许，搭载中国空间站梦天实验舱的长征五号B遥四运载火箭，在我国文昌航天发射场点火发射并取得圆满成功。在火箭上升过程中，梦天实验舱相对于长征五号B遥四运载火箭是______的，如果以地球为参照物，梦天实验舱是______的。
10.在过去三年抗击新冠肺炎疫情的过程中，我国人民众志成城，展现出中华民族不可战胜的力量。疫情防控期间，佩戴口罩可以有效预防飞沫传播病毒，但长时间佩戴的口罩内侧会出现水珠，这主要是水蒸气______(填物态变化名称)形成的。
11.如图所示，闭合开关，静止的导体棒ab在轨道上向右运动，说明了通电导体在磁场中受到______的作用。若将电源的正、负极和磁体的N、S极都对调，则导体棒ab将向______运动(选填“左”或“右”)。
12.如图是小球在地面弹跳的频闪照片，A、B两点高度相同且距地面30cm，小球在A点的动能______(选填“大于”、“小于”或“等于”)B点的动能。
13.如图甲所示是质量是200g固体的熔化实验装置，根据实验数据绘制出的曲线图乙，该物质第5min时的内能______第4min时的内能(选填“大于”“小于”或“等于”)。如果从开始记录到刚沸腾时，完全燃烧了热值为3.0×107J/kg的酒精5g，且认为单位时间内该物质吸收的热量一定。根据图象信息和相关知识，可估算出，此过程中，热转化效率是______。【该物质液态时的比热容为1.5×103J/(kg⋅℃)】
14.氢能源具有来源广、热值高、无污染等优点。氢气的热值为1.4×108J/kg，完全燃烧0.6kg的氢气可放出______ J的热量；若用这些氢产生的热量去加热1t水，已知水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，则可以升高______ ℃。
15.用比管口稍大的薄塑料片堵在玻璃管的下端，将玻璃管竖直插入水槽中，其深度为h，如图(a)所示。再将高为h、密度为1×103千克/米 3的圆柱体轻轻放在玻璃管底的塑料片上，塑料片不掉落，如图(b)所示。将圆柱体取出后，向玻璃管中沿着管壁缓缓倒入水，当管内外水面相平时塑料片恰好掉落，如图(c)所示。
(1)某同学认为塑料片恰好掉落是由于受到向上、向下的压强相等。你认为他的观点是否正确，请简要阐述理由：______。
(2)若要使图(b)中的塑料片掉落，下列方法中可能实现的是______。
A.换一个横截面积更小的玻璃管
B.将玻璃管向下移动一段距离
C.换一个质量更大的圆柱体
16.如图所示的电路中，保护电阻R为5Ω，M是电动机。当闭合开关S后，两电压表的示数分别为6V和2V，则电动机两端的电压是______ V，电路中的电流为______ A。
三、作图题：本大题共1小题，共1分。
17.网课学习期间，东东由于不注意用眼卫生，配带上了近视眼镜。如图所示是他利用眼镜和平面镜做的光学实验。请帮他完成光路图。
四、实验探究题：本大题共3小题，共19分。
18.小明测一粒花生米的密度，实验步骤如下：
(1)将一粒花生米放入装有清水的烧杯中，花生米沉入杯底，往水中逐渐加盐，并用玻璃棒轻轻搅拌，直到花生米在盐水中______。
(2)用天平称出烧杯和盐水的总质量m1，如图，m1=______ g；从烧杯中倒出一部分盐水到空量筒中，液面如图所示，则倒出盐水的体积为______cm3；用天平称出烧杯和剩余盐水的总质量m2=44g。
(3)花生米的密度为______kg/m3。
(4)小华认为小明的做法太麻烦，直接用天平、量筒分别测量这一粒花生米的质量和体积，然后求出花生米的密度。你认为谁的做法好？______，理由：______。
19.如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。
(1)小球滚下斜面的过程中，它的______能转化为动能，其动能大小是通过______(选填“木块”或“小球”)移动的距离来反映的。
(2)分析比较甲、乙两次实验，可探究出的结论是：______相同的物体，______越大，动能越大。
(3)甲实验中若将木块的初始位置向右移动一小段距离，若要小球撞击木块后，木块移动的距离s甲′和s甲相等，小球在斜面上的高度应该比原来______(选填“高”、“低”或“相同”)。
(4)如果水平面光滑，则______(选填“能”或“不能”)完成本实验。
(5)小球在撞击木块后没有立即停下来，是因为小球具有______。
20.现有下列器材：学生电源(6V)、电流表、电压表、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω、各一个)、开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电流与电阻的关系”。
(1)将5Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片发现电压表有示数，电流表始终无示数，其原因可能是定值电阻______(选填“断路”或“短路”)；
(2)排除故障后，小强用5Ω的电阻做完实验后，断开开关，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为______ V，记下电流表的示数。
(3)再将R换成20Ω电阻进一步探究分析，最后得出结论：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______比。
五、计算题：本大题共3小题，共21分。
21.如图所示，工人用沿斜面向上、大小为500N的推力，将底面积8dm2重800N的货物从A点匀速推至B点；再用100N的水平推力使其沿水平台面匀速运动5s，到达C点。已知AB长3m，BC长1.2m，距地面高1.5m。试求：
(1)水平推力做功的功率。
(2)斜面的机械效率。
(3)在斜面上运动时受到的阻力。
22.如图所示，将边长为0.1m的正方体木块放入盛有水的水槽内。待木块静止时，其下表面距水面0.06m，已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)木块下表面受到水的压强大小；
(2)木块下表面受到水的压力大小。
23.如图所示，如图为某家用电水壶的简化电路图，如表为铭牌的部分参数，R1、R2为发热丝，其中R2=40Ω。求：
(1)电水壶的加热功率；
(2)电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能；
(3)R1的阻值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、甲物体的温度比乙物体的温度高，所以甲、乙物体接触时，内能一定由甲转移到乙，故A正确；
B、热传递时，传递的是热量或者说内能，但不能说传递温度，故B错误；
C、内能的大小与物体的质量、温度等因素有关，故甲物体的温度比乙物体的温度高，但质量不确定，所以无法确定内能的大小，故C错误；
D、热量是一个过程量，只能在热传递的过程中才能比较热量的多少，故D错误；
故选：A。
内能的大小与物体的质量、温度等因素有关；热量是一个过程量，只能在热传递的过程中才能比较热量的多少；热传递的前提是要有温度差。
该题考查了内能的大小的影响因素、温度、热量、内能概念的理解等知识点，是一道综合题。
2.【答案】D
【解析】解：A、由图可知，此时的像距大于物距，且光屏上能成像，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立、放大的实像，是投影仪的成像原理，不是照相机的成像原理，故A错误；
B、光屏上像的位置偏高，为了使像仍成在光屏的中央，应将烛焰相对于凸透镜向上运动，即向下调节凸透镜，故B错误；
C、由图可知，物距u=30cm，v=45cm，解得，f<30cm<2f，45cm>2f，由以上解得可得，15cmD、近视眼镜的镜片为凹透镜，对光有发散作用，可使光线的会聚点推迟延后。因此，将一副近视眼镜靠近凸透镜左侧放置，向左移动蜡烛可以在光屏上得到清晰的像，故D正确。
故选：D。
(1)凸透镜成像的规律及其应用：①当物距u>2f时，2f>v>f，在光屏上得到倒立、缩小的实像，应用于照相机；②当物距2f>u>f时，v>2f(u(2)若像偏高，则应将烛焰相对于凸透镜向上运动，根据此判断凸透镜的移动方向；
(3)凹透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点推迟延后，可以用来矫正近视眼；根据凹透镜的作用和物远像近小的特点可判断应进行的操作。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握规律的内容，解决此题的关键是求出焦距的大小。
3.【答案】C
【解析】解：A、汽车受到的重力和地球对汽车的引力，方向相同，重力本身就是万有引力的分力，因此二者不是一对平衡力，故A错误；
B、车受到的重力和汽车对路面的压力，方向都竖直向下，不是一对相互作用力，故B错误；
C、汽车受到的重力和路面对汽车的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故C正确；
D、路面对汽车的摩擦力和汽车的牵引力，都作用在汽车上，不是一对相互作用力，故D错误。
故选：C。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(2)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
本题考查对二力平衡和相互作用力的认识和理解，两者的区别是看作用点是否在同一物体上。
4.【答案】D
【解析】解：
A、热量总是从温度高的物体传向温度低的物体或者从物体的高温部分传向物体的低温部分，故A错误；
B、一块0℃的冰熔化成0℃的水后，吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；
C、瓶内空气推开瓶塞，内能转化为机械能，瓶内气体内能减少，内燃机的压缩冲程，活塞压缩气体做功，机械能转化为内能，瓶内空气推开瓶塞的演示实验与热机的如图冲程原理不同，故C错误；
D、两手相互摩擦，手的温度升高，是克服摩擦力做功，机械能转化成内能，属于做功增加物体的内能，故D正确。
故选：D。
(1)发生热传递时，热量总是从温度高的物体传向温度低的物体或从物体的高温部分传向低温部分；
(2)内能的大小跟物质的种类、质量、温度、状态有关；晶体熔化过程吸收热量，温度不变，内能增加；
(3)对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；四冲程汽油机的做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
本题综合考查了热传递的条件、物体内能的影响因素以及改变内能的两种方式等有关知识，是一道综合题。
5.【答案】D
【解析】解：
A、一切物体都具有惯性，故A错误；
B、冰壶在推出后，受到摩擦力的作用，速度的大小会发生改变，故B错误；
C、很光滑，说明滑动摩擦力很小，不是没有，故C错误；
D、冰壶推出后所受的重力和支持力是作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反，作用在同一直线上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
(2)运动状态改变包括运动快慢的改变和运动方向的改变；
(3)接触面越光滑所受的滑动摩擦力越小；
(4)二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反，作用在同一直线上。
本题以冬奥会项目冰壶为背景考查了影响滑动摩擦力大小因素、物体运动状态的改变、惯性、平衡力的辨别等，体现了物理关注社会热点的特点。
6.【答案】C
【解析】解：A、为了避险，将车开上铺有碎石且沿山坡向上的避险车道，上坡过程中，机械能转化为内能，机械能减小，故A错误；
B、物体在任何时候都有惯性，小汽车停下后，惯性不可能消失，故B错误；
C、上坡过程中，质量不变、速度减小，所动能减小，高度增加，所以重力势能增加，故C正确；
D、上坡过程中，小汽车速度逐渐减小，运动状态发生变化，小汽车处于非平衡状态，故D错误。
故选：C。
(1)上坡过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能；
(2)一切物体在任何时候都有保持原来运动状态的性质，叫惯性；
(3)动能的大小和物体的质量以及速度有关，重力势能的大小和物体的质量以及高度有关；
(4)平衡状态是指静止或匀速直线运动状态。
本题考查了能量的转化、惯性、平衡状态的判断、影响动能和重力势能的因素等知识，知道动能与质量和速度有关、重力势能与高度和质量有关是解题的关键。
7.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
将滑动变阻器的滑片P向右滑动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故C错误；
由U=IR可知，灯泡L两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确；
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故A错误；
电压表的示数变大、电流表的示数变小，所以电压表与电流表的比值变大，故D错误。
故选：B。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，根据P=UI可知灯泡的实际功率变化，进一步可知亮暗的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
8.【答案】

【解析】
9.【答案】静止 运动
【解析】解：在火箭上升过程中，梦天实验舱相对于长征五号B遥四运载火箭之间没有位置变化，所以梦天实验舱相对于长征五号B遥四运载火箭是静止的；
如果以地球为参照物，梦天实验舱相对于地面之间有位置变化，所以梦天实验舱相对于地面是运动的。
故答案为：静止；运动。
在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
本题考查了运动和静止的相对性，知道在判断物体的运动状态时，选择的参照物不同，其判断结果可能不同，但都可能是正确的。
10.【答案】液化
【解析】解：长时间佩戴的口罩内侧会出现水珠，这主要是水蒸气液化形成的。
故答案为：液化。
物质从气态变为液态的过程叫液化，液化放热。
本题考查物态变化，属于基础题。
11.【答案】力 右
【解析】解：
闭合开关，静止的导体棒ab在轨道上向右运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用。
若只将电源的正、负极对调，改变了电流方向，则导体棒ab的运动方向改变，所以导体棒ab将向左运动；若只将蹄形磁铁的N、S极对调，改变了磁场方向，则导体棒ab的运动方向改变，所以导体ab棒将向左运动，但将电源的正、负极和磁体的N、S极都对调，导体棒ab运动方向不变，仍向右运动。
故答案为：力；右。
通电导体在磁场中受到磁力而运动，导体运动方向跟电流方向和磁场方向有关，只改变其中的一者导体运动方向改变，同时改变两者导体运动方向不变。
本题主要明确通电导体的运动方向的影响因素。做题时一定要明确试题考查的是什么知识点，抓住知识点才能解决问题。
12.【答案】大于
【解析】解：小球在A点的高度和B点的高度相等，质量也没变，根据重力势能的影响因素可知：小球在A、B两点的重力势能相等；
由于小球在A位置的这次弹跳要高于B位置的这次弹跳，所以，小球在A、B两位置时机械能的大小不同，A位置的机械能大于B位置时的机械能。因此，在A、B两位置重力势能相等的情况下，A位置的动能大于B位置的动能。
故答案为：大于。
根据动能和势能的相互转化可以解决此题。小球弹跳的高度会越来越低，这说明在势能和动能的转化过程中有能量的消耗，所以小球的机械能一次比一次少。
机械能的相互转化过程中是有能量消耗的，这样造成动能和势能的总和会减少；要熟练掌握影响能量大小的因素。
13.【答案】大于 32%
【解析】根据图乙和相关知识可知，该物质在BC段吸收热量，内能变大，所以第5min时的内能大于第4min时的内能；酒精放出的总热量Q放=m酒精q酒精=5×10−3kg×3.0×107J/kg=1.5×105J，
从图象上可知，该物质从第6分钟至第8分钟，属于液态，温度由50℃升高到90℃，温度升高了Δt=90℃−50℃=40℃，
该物质从第6分钟至第8分钟吸收的热量Q吸=cmΔt=1.5×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×40℃=1.2×104J，
由于从第6min到第8min该物质共吸热1.2×104J，所以该物质每分钟吸热0.6×104J，
由图乙可知，从开始记录到刚沸腾共用时8min，所以该物质共吸热Q吸总=8×0.6×104J=4.8×104J，
此过程中，热转化效率η=Q吸总Q放×100%=4.8×104J1.5×105J×100%=32%。
故答案为：大于；32%。
分析：(1)晶体熔化时，继续吸热，内能增加，温度不变；
(2)先根据Q放=mq求出酒精完全燃烧放出的热量，从图象上可知，该物质从第6分钟至第8分钟，属于液态，温度由50℃升高到90℃，因此直接根据Q=cmΔt即可求出物质从第6分钟至第8分钟吸收的热量，相同的热源，相同时间内吸收的热量相等，据此求出整个过程吸收的热量，利用效率公式求出热转化效率。
此题考查了内能的变化、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式和效率公式的应用，重点是能够准确读出图象上有用的数据，并根据热量的计算公式计算出物质吸收的总热量。
14.【答案】8.4×107 20
【解析】解：(1)氢气完全燃烧放热Q放=mq=0.6kg×1.4×108J/kg=8.4×107J；
(2)由题知，Q吸=Q放=8.4×107J，
由Q吸=cm△t得：
Δt=Q吸cm=8.4×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×1×103kg=20℃。
故答案为：8.4×107；20。
(1)已知氢气的热值和质量，可利用公式Q放=mq计算0.6kg氢气完全燃烧放出的热量；
(2)根据Q吸=cm△t，知道水的质量、比热容，可求水升高的温度。
本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
15.【答案】正确；塑料片由于受到向上、向下的压强相等，二者相互抵消，塑料片在重力的作用下恰好掉落 AC
【解析】解：(1)他的观点正确；
塑料片由于受到向上、向下的压强相等，二者相互抵消，塑料片在重力的作用下恰好掉落。
(2)若要使图(b)中的塑料片掉落，应该使塑料片受到向下的压强大于向上的压强。
A.换一个横截面积更小的玻璃管，塑料片上方的物体压力等于重力不变，由于塑料片只受水向上的压力部分的面积减小，因而向上的压力减小，则塑料片会下落；
B.将玻璃管向下移动一段距离，塑料片受到向下的压强小于向上的压强，不能使图(b)中的塑料片掉落；
C.换一个质量更大的圆柱体，塑料片受到的向下的压力变大，压强变大，大于向上的压强，能使图(b)中的塑料片掉落。
故应选C。
故答案为：(1)正确；塑料片由于受到向上、向下的压强相等，二者相互抵消，塑料片在重力的作用下恰好掉落。(2)AC。
(1)塑料片恰好掉落是由于受到向上、向下的压强相等，二者相互抵消，同时塑料片又受到重力的作用落。
(2)若要使图(b)中的塑料片掉落，应该使塑料片受到向下的压强大于向上的压强，据此分析。
此题考查液体压强的计算以及公式的应用，关键是知道要使图(b)中的塑料片掉落，应该使塑料片受到向下的压强大于向上的压强。
16.【答案】40.4
【解析】解：由电路图可知，电动机M与电阻R串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R两端的电压；
由串联电路的电压特点可知，电动机两端的电压：UM=U−UR=6V−2V=4V，
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=IR=URR =2V5Ω=0.4A。
故答案为：4；0.4。
由电路图可知，电动机M与电阻R串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R两端的电压。
根据串联电路的电压特点求出电动机两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确判断两电压表所测电压是解题的关键。
17.【答案】解：
平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；该折射光线入射到平面镜上，先过入射点垂直平面镜画出法线，再根据反射角等于入射角画出反射光线，如图所示：
【解析】(1)根据“平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点”作出开始的入射光线。
(2)经凹透镜后的折射光线，又入射到平面镜上，根据光的反射定律画出反射光线。
本题考查了凹透镜三条特殊光线、光的反射定律的应用，属于基础题目。
18.【答案】悬浮 77301.1×103 小明 一粒花生米的质量和体积大小，不能准确测量
【解析】解：(1)将一粒花生米放入装有清水的烧杯中，花生米沉入杯底，往水中逐渐加盐，并用玻璃棒轻轻搅拌，直到花生米在盐水中悬浮；
(2)由图甲，游码分度值为0.2g，天平的读数为m=50g+20g+5g+2g=77g；
由图乙知，量筒的分度值为1mL，量筒中盐水的体积：V=30mL=30cm3。
(3)量筒中盐水的质量：m=m1−m2=77g−44g=33g；
则盐水的密度：ρ=mV=33g30cm3=1.1g/cm3=1.1×103kg/m3；
花生米悬浮在盐水中，其密度等于盐水的密度，故花生米的密度为1.1g/cm3=1.1×103kg/m3，
(4)因为一粒花生米的质量、体积较小，容易产生较大的误差，所以小明的方法好。
故答案为：(1)悬浮；(2)77；30；(3)1.1×103；(4)小明；一粒花生米的质量和体积大小，不能准确测量。
(1)将一粒花生米放入装有清水的烧杯中，花生米沉入杯底，往水中逐渐加盐，并用玻璃棒轻轻搅拌，直到花生米在盐水中悬浮；
(2)天平的读数：砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；
量筒的读数时，注意量筒的分度值；
(3)利用公式ρ=mV计算出盐水的密度，盐水的密度等于花生米的密度；“转换法”，主要是指在保证效果相同的前提下，将不可见、不易见的现象转换成可见、易见的现象；将陌生、复杂的问题转换成熟悉、简单的问题；将难以测量或测准的物理量转换为能够测量或测准的物理量的方法；
(4)一粒花生米的质量，体积太小，且不同的花生米密度有差异。
在实验室中，质量用天平来测，体积测量往往需用量筒和量杯，应当掌握天平和量筒的正确使用和读数。
19.【答案】重力势 木块 质量 速度 相同 不能 惯性
【解析】解：(1)小球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以是将重力势能转化为动能的过程；
实验中小球的动能大小是通过木块移动的距离来反映的，木块移动的距离越远，小球的动能越大；
(2)分析甲、乙两图可知，小球的质量不变，滚下的高度不同，高度越高，到达水平面时的速度越大，推动木块移动的距离越远，动能越大；
(3)将木块的初始位置向右移动一小段距离，小球撞击木块后，木块移动的距离s甲′和s甲相等，说明撞击移动后的木块的小球具有的动能相同，小球的质量不变，则小球的速度不变，所以小球在斜面上的高度应该比原来相同；
(4)如果水平面光滑，木块做匀速直线运动，所以不能完成实验；
(5)小球在撞击木块后没有立即停下来，是因为小球具有惯性。
故答案为：(1)重力势；木块；(2)质量；速度；(3)相同；(4)不能；(5)惯性。
(1)动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(2)影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量的关系；
(3)将木块的初始位置向右移动一小段距离，小球撞击木块后，木块移动的距离s甲′和s甲相等，说明撞击移动后的木块的小球具有的动能大，根据控制变量法分析；
(4)如果水平面光滑，木块做匀速直线运动，据此分析；
(5)物体有保持原来运动状态不变的性质是惯性。
本题考查了学生对影响动能大小的因素的掌握，注重了控制变量法和转换法应用的考查，是中考的热点。
20.【答案】断路 2 反
【解析】解：(1)闭合开关，移动滑片发现电流表始终无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即其原因可能是定值电阻断路；
(2)由图乙可知，当电阻为5Ω时，通过电阻的电流为0.4A，电阻两端电压为：
U=IR=0.4A×5Ω=2V，
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，故把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为2V；
(3)根据如图乙所示的电流I随电阻R变化的图象，电阻两端的电压：
UV=IR=0.1A×20Ω=……=0.4A×5Ω=2V，为一定值，得出的结论是：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：(1)断路；(2)2；(3)反。
(1)闭合开关，移动滑片发现电流表始终无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(2)由图乙确定5Ω的电阻对应的电流，根据U=IR算出电压；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，据此确定电压表示数；
(3)由图乙知电阻两端的电压始终保持不变得出结论。
本题探究电流与电阻关系实验，考查电路故障、操作过程、控制变量法及数据分析等知识。
21.【答案】解：
(1)水平推力做的功：W=FsBC=100N×1.2m=120J，
推力做功功率：P=Wt=120J5s=24W；
(2)在斜面上推力做的有用功：W有用=Gh=800N×1.5m=1200J，
推力做的总功：W总=F′s=500N×3m=1500J，
斜面的机械效率：η=W有用W总=1200J1500J×100%=80%；
(3)推力做的额外功：W额=W总−W有用=1500J−1200J=300J，
由W额=fs可得在斜面上运动时受到的阻力：f=W额s=300J3m=100N。
答：(1)水平推力做功的功率为24W；
(2)斜面的机械效率为80%；
(3)在斜面上运动时受到的阻力为100N。
【解析】(1)知道水平推力大小、水平移动的距离，利用W=Fs求水平推力做的功；再利用P=Wt求推力做功功率；
(2)利用W=Gh求在斜面上推力做的有用功，利用W=Fs求推力做的总功，斜面的机械效率等于有用功与总功的比值；
(3)推力做的额外功W额=W总−W有用，再利用W额=fs求在斜面上运动时受到的阻力。
本题考查了功、功率、机械效率的计算，明确使用斜面时有用功、总功、额外功的含义是关键。
22.【答案】解：(1)木块下表面受到水的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa；
(2)正方体木块的边长：L=0.1m，h=0.06m，
则V排=L2h=(0.1m)2×0.06m=6×10−4m3，
所以，浮力F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10−4m3=6N；
∵木块漂浮，
∴F下表面=F浮=6N。
答：(1)木块下表面受到水的压强为600Pa；
(2)木块下表面受到水的压力为6N。
【解析】(1)已知木块下表面的水深，根据p=ρgh求出下表面受到水的压强；
(2)根据正方体下表面距水面的深度和边长求出排开水的体积，根据阿基米德原理求出木块受到的浮力，根据浮力产生的原因即可得出下表面受到水的压力大小。
本题为力学综合题，考查了学生对重力公式、密度公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，虽知识点多，细心解答避免出错。
23.【答案】解：(1)由图可知，当开关S1闭合、S2接2时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电水壶处于保温状态；
当开关S1闭合、S2接1时，只有R2工作，电路中总电阻最小，总功率最大，电水壶处于加热状态；
电水壶加热状态的功率：P加热=U2R2=(220V)240Ω=1210W；
(2)由P=Wt可知，电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能：W=P保温t=40W×5×60s=1.2×104J；
(3)由P=U2R可知，R1、R2的串联总电阻：R=U2P保温=(220V)240W=1210Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R1的阻值：R1=R−R2=1210Ω−40Ω=1170Ω。
答：(1)电水壶的加热功率为1210W；
(2)电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能为1.2×104J；
(3)R1的阻值为1170Ω。
【解析】(1)由图可知，当开关S1闭合、S2接1时，只有R2工作，当开关S1闭合、S2接2时，R1、R2串联；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知电水壶加热状态和保温状态的电路；根据P=U2R可求出电水壶加热状态的功率；
(2)根据W=Pt求出电水壶处于保温挡时，正常工作5min消耗的电能；
(3)根据保温功率和P=U2R求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电压特点求出R1的阻值。
本题考查串联电路的电阻特点、电功公式和电功率公式的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。型号
SDS−15X05
容量
1L
额定电压
220V
额定频率
50Hz
加热功率
？W
保温功率
40W