2024年中考押题预测卷01（北京卷）物理（全解全析）

这是一份2024年中考押题预测卷01（北京卷）物理（全解全析），共17页。

物 理·全解全析
（考试时间：70分钟 试卷满分：70分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第一部分
一、单项选择题（下列每题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共24分，每题2分）
1．小华把一段扁平、干燥的塑料绳一端扎紧，把另一端撕开成许多轻质细丝，用干燥的手向下捋几下，发现细丝张开了，如图所示。细丝之所以张开是由于
A．同种电荷相互排斥 B．异种电荷相互吸引 C．同种电荷相互吸引 D．异种电荷相互排斥
【答案】A
【详解】通过摩擦后，塑料绳带上了同种电荷，因同种电荷相互排斥，所以细丝张开，故A符合题意、BCD不符合题意。
故选A。
2．『、
如图所示的是小东使用放大镜欣赏邮票时的情境。下列光路图能反映其成像原理的是
A B C D
【答案】C
【详解】使用放大镜欣赏邮票时的情境属于凸透镜成像，物体在1倍焦距以内成正立放大的虚像。
A．图中为小孔成像，属于光的直线传播，故A不符合题意；
B．图中为平面镜成像原理，属于光的反射现象，故B不符合题意；
C．图中蜡烛位于凸透镜1倍焦距以内，成正立放大的虚像，故C符合题意；
D．图中蜡烛位于凸透镜1倍焦距与2倍焦距之间，成倒立放大的实像，故D不符合题意。
故选C。
3．如图所示的四个实验中，下列说法中正确的是
甲 乙 丙 丁
A．甲图：把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出其中的空气，闹钟铃声逐渐变大
B．乙图：用发声响度不同的音叉轻触静止的乒乓球，两次乒乓球被弹开的幅度相同
C．丙图：将扬声器对准烛焰播放音乐，烛焰会随音乐跳动，这说明声波能传递能量
D．丁图：用嘴吹一根带活塞的塑料管，将活塞上下拉动时，发出哨声的音调不改变
【答案】C
【详解】A．当用抽气机不断抽气时，闹钟铃声逐渐减弱，由这个实验事实，得到的推论是：真空不能传声，故A错误；
B．用发声响度不同的音叉轻触静止的乒乓球，两次乒乓球被弹开的幅度不相同，故B错误；
C．将扬声器对准烛焰播放音乐，烛焰会随音乐跳动，这说明声波能传递能量，故C正确；
D．上下推拉活塞改变的是空气柱的长度，从而改变哨声的音调，故D错误。
故选C。
4．小海在探究影响滑动摩擦力大小的因素时，用弹簧测力计水平拉动木块A沿水平木板做匀速直线运动，如图甲所示；将木块B放在木块A上，用弹簧测力计水平拉动木块A，使木块A和B沿同一水平木板做匀速直线运动，如图乙所示；将木块A放在另一更粗糙的木板上，用弹簧测力计水平拉动木块A沿水平木板做匀速直线运动，如图丙所示。下列说法正确的是
A
A
丙
乙
甲
B
A
A．图甲所示实验中，弹簧测力计的示数大于滑动摩擦力的大小
B．图乙所示实验中，木板受到的压力等于木块A受到的重力
C．甲、丙两次实验，探究的是滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度是否有关
D．乙、丙两次实验，弹簧测力计的示数不同，说明滑动摩擦力的大小与压力的大小有关
【答案】C
【详解】A．弹簧测力计拉着木块A做匀速直线运动，处于平衡状态，测力计的示数等于摩擦力的大小，故A错误；
B．将木块B放在木块A上，则木块A对木板的压力等于A和B的重力之和，故B错误；
C．甲、丙采用控制变量的探究方法只改变接触面的粗糙程度，保持压力相同。探究的是滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度是否有关，故C正确；
D．探究滑动摩擦力的大小与压力的大小是否有关，应保持接触面的粗糙程度相同，改变压力的大小。乙、丙两次实验，改变了压力的大小，但没有保持接触面粗糙程度相同，故D错误。
故选C。
5．关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是
A．温度高的物体内能一定大 B．物体的温度越低，所含的热量越少
C．物体吸收了热量，其温度不一定升高 D．物体的内能增大，一定是外界对其做了功
【答案】C
【详解】A．内能的大小除了跟物体的温度有关，还跟物体的质量和物质的种类有关，故温度高的物体内能不一定大，故A错误；
B．热量是一个过程量，可以说吸收、放出、产生、传递，不能说含有、具有，故B错误；
C．晶体熔化（类似情况还有液体沸腾）过程中，继续吸收热量，但是温度保持不变，故C正确；
D．物体的内能增加，可能是外界对其做了功，也可能是其吸收了热量，故D错误。
故选C。
6．如图所示，是动圈式话筒构造示意图。对着话筒说话或唱歌时，声音使膜片振动，与膜片相连的线圈在磁场中也跟着一起振动，线圈中产生大小不同的电流。动圈式话筒的工作原理与右侧所示实验中产生现象的原理相同的是
永久磁体
线圈
膜片
I
电流的磁效应
B
磁极间有相互作用
A
通电导体在磁场中受力
C
电磁感应现象
D
【答案】D
【详解】由题意可知，动圈式话筒的工作原理是电磁感应现象；
A．磁极间有相互作用，是通过磁场发生的，故A不符合题意；
B．给导体通电，小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在着磁场，故B不符合题意；
C．闭合开关，通电导体在磁场中受力而运动，故C不符合题意；
D．闭合回路的一部分导体切割磁感线产生感应电流，是电磁感应现象，与动圈式话筒工作原理相同，故D符合题意。
故选D。
7．如图所示为我国古代劳动人民在建筑工地上运送大木料的情境，对于此图片提供的信息，下列说法正确的是
A．大木料下放置小圆木是为了增大摩擦 B．支架下垫有石块是为了增大地面所受的压强
C．工人使用的横杆相当于省力杠杆 D．抬起大木料的过程中使用横杆可以省功
【答案】C
【详解】A．大木料下放置小圆木，是通过用滚动代替滑动的方式来减小摩擦，故A错误；
B．支架下垫有石块，是为了增大受力面积，减小地面所受的压强，故B错误；
C．工人使用的横杆，动力臂大于阻力臂，相当于省力杠杆，故C正确；
D．抬起大木料的过程中使用横杆可以省力，因任何机械的机械效率都不可能达到或超过100%，所以不能省功，故D错误。
故选C。
8．如图，是为从事夏季户外工作的人员设计的一款“降温冰背心”。使用时，将背心中的内芯提前半小时放入冰箱，当人体温度过高时，内芯中的物质会从固态变为液态，并长时间保持在23℃恒温不变，为户外工作者在30℃以上的高温天气提供“清凉”。下列有关说法不正确的是
A．内芯中的物质在冰箱内凝固会放热 B．当人体温度过高时，内芯中的物质会熔化吸热
C．制作内芯的材料是晶体 D．降温冰背心是通过做功的方式给人体降温的
【答案】D
【详解】A．使用前将背心中的内芯放入冰箱，内芯中的物质在冰箱内温度降低，且从液态变为固态——凝固，凝固过程会放热，故A正确，不符合题意；
B．使用者穿上预冷后的背心，当人体温度过高时，内芯中的物质会从固态变为液态——熔化，熔化过程会吸热，达给人体降温的目的，故B正确，不符合题意；
C．根据题意可知，这种物质熔化时能够保持在23℃恒温不变，所以制作内芯的材料是晶体，故C正确，不符合题意；
D．根据题意可知，降温冰背心是通过热传递的方式改变内能，从而给人体降温的，故D错误，符合题意。
故选D。
9．如图所示，是某住宅户内配电系统的方框图，结合方框图的场景，下列分析正确的是
A．空气开关①跳闸时，电路一定发生了短路 B．空调电流过大时，漏电保护器会迅速切断电流
C．漏电保护器切断电流时，空调和电灯不能工作 D．更换电灯的灯泡时，只需断开空气开关③即可
【答案】D
【详解】A．空气开关①跳闸，说明电路可能短路，也可能切断电流切断电流切断电流切断电流切断电流切断电流切断电流切断电流切断电流切断电流切断电流切断电流切断电流切断电流用电器的总功率过大，故A错误；
B．当空调电流过大时，空气开关②会跳闸，但影响不到另一支路上的漏电保护器，故B错误；
C．漏电保护器切断电流时，同一支路的插座不能工作，但由于并联电路互不影响，则空调和电灯仍能工作，故C错误；
D．更换电灯的灯泡之前，应断开控制灯泡的空气开关③，防止发生触电事故，故D正确。
故选D。
10．下列说法正确的是
A．由密度公式可知：物体质量越大，它的密度就越大
B．由电阻公式可知：导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟电流成反比
C．由热值公式可知：燃料完全燃烧时放出热量越多，其热值就越大
D．由功率公式可知：相同时间内，物体做功越多，物体做功的功率越大
【答案】D
【详解】A．密度是物质的一种属性，与物体的质量无关，故A错误；
B．导体的电阻与导体的材料、长度和横截面积有关，与导体两端的电压和导体中的电流无关，故B错误；
C．热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量无关，故C错误；
D．功率表示物体做功的快慢，相同时间内，物体做功越多，物体做功的功率越大，故D正确。
故选D。
11．用如图甲所示的电水壶（内胆为圆柱形）给壶中的水加热，水的质量和体积分别用m、V表示，水对壶底的压力和压强分别用F和p表示。水的密度随温度变化的图像如图乙所示。把壶中的水从20℃加热到90℃的过程中，关于各物理量与温度关系的描述，下列图像正确的是
A B C D
【答案】C
【详解】A．电水壶给壶中的水加热，水的质量保持不变，图像应为一条水平直线，故A错误；
B．壶中水的质量不变，由图乙可知水的密度随温度变化图像是一条曲线，根据，水的密度随温度变化的图像也应是一条曲线，故B错误；
C．电水壶内胆为圆柱形，水对壶底的压力大小等于其重力大小，水的质量不变，重力不变，对壶底的压力大小也不变，图像为一条水平直线，故C正确；
D．电水壶内胆为圆柱形，根据，水对壶底的压力大小不变，水壶底面积不变，对底部的压强大小也不变，图像应为一条水平直线，故D错误。
故选C。
12．如图甲所示，将物体A放在水平地面上，它对地面的压强为6×103Pa。把物体A用细绳挂在杠杆的C端，杠杆的D端悬挂重为20N的物体B，如图乙所示，当杠杆在水平位置平衡时，物体A对地面的压强为2×103Pa。已知：OC：OD＝1：3，g取10N/kg，不计杆重与绳重。要使物体A恰好被细绳拉离地面，则下列判断中正确的是
A
甲
O
C
D
A
B
乙
A．移动支点O的位置，使OC：OD＝1：4 B．物体A对地面的压力需要减少20N
C．杠杆D端所挂物体的质量增加1kg D．物体A的底面积为300cm2
【答案】C
【详解】（1）根据杠杆平衡条件FCLOC=GBLOD，OC：OD=1：3，则细绳对C端的拉力
FC=GB×=20N×=60N，则细绳对A的拉力也为60N，甲对地面的压力ΔF减少了60N，
根据F=pS可得ΔF=F1-F2=p1S-p2S，代入数据得60N=6×103PaS-2×103PaS，解方程可得S=1.5×10-2m2=150cm2，
故D错误；
A的重力等于A对地面的压力，则GA=p1S=6×103Pa×1.5×10-2m2=90N，
A对地面的压力为F甲=G甲-ΔF=90N-60N=30N，要使A物体恰好被细绳拉离地面，A物体对地面的压力只需减少30N即可，故B错误；
（2）要使物体恰好被细绳拉离地面，A对地面的压力为零，C端受到的拉力等于A的重力：
根据杠杆平衡条件可得GALOC=GB’LOD，则GB’==90N×=30N，
杠杆D端所挂物体的质量至少增加Δm===1kg，故C正确；
根据杠杆平衡条件可得GALOC’=GBLOD’，则===，故A错误。
故选C。
二、多项选择题（下列每题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每题2分。每题选项全选对得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
13．关于如图所示的几个实验情景，下列说法正确的是

甲 乙 丙 丁 戊
A．图甲：两个压紧的铅块不会被重物拉开，说明固体分子间只存在引力
B．图乙：从迅速压下活塞到硝化棉燃烧起来的过程中，活塞的机械能转化为筒内气体的内能
C．图丙：抽掉玻璃板，两个瓶中的气体颜色逐渐变得均匀，说明瓶中气体分子在做无规则运动
D．图丁、戊：用相同的电热器加热质量相等的水和食用油，经过相同时间，发现食用油的温度升高较多，说明食用油的比热容较大
【答案】BC
【详解】A．分子间同时存在引力和斥力，图甲：两个压紧的铅块不会被重物拉开，说明固体分子间存在引力，故A错误；
B．图乙：从迅速压下活塞到硝化棉燃烧起来的过程中，活塞的机械能转化为筒内气体的内能，筒内温度高于硝化棉的燃点时，硝化棉开始燃烧，故B正确；
C．图丙：抽掉玻璃板，两个瓶中的气体颜色逐渐变得均匀，说明瓶中气体分子在做无规则运动，故C正确；
D．图丁、戊：用相同的电热器加热质量相等的水和食用油，经过相同时间，即水和食用油吸收热量相同，发现食用油的温度升高较多，由c=可知食用油的比热容较小，故D错误。
故选：BC。
14．如图所示，滑轮组吊在支架下，工人用200N竖直向下的拉力F，匀速提升重为300N的货物。已知20s内货物竖直上升了2m，不计绳重及滑轮上的摩擦，定滑轮和动滑轮是完全相同的滑轮。下列说法正确的是
F
支架
A．滑轮组做的有用功为600J B．拉力F做功的功率为30W
C．滑轮组的机械效率为75% D．定滑轮对支架的拉力为400N
【答案】AC
【详解】A．滑轮组做的有用功W有=Gh=300N×2m=600J，故A正确；
B．由图可知，n=2，滑轮组做的总功W总=Fs=Fnh=200N×2×2m=800J，
拉力F做功的功率P===40W，故B错误；
C．滑轮组的机械效率η==×100%=75%，故C正确；
D．不计绳重和摩擦，根据拉力F=(G+G动)可知，
动滑轮重力G动=nF-G=2×200N-300N=100N；根据题意可知，定滑轮重力G定=G动=100N，
以定滑轮为研究对象，定滑轮受到支架施加的向上拉力F拉、竖直向下的重力G定以及两段绳子向下的拉力2F作用，处于平衡状态（见答图），
答图
F拉
2F
G定
定滑轮
由定滑轮受到的合力为零可得，支架对定滑轮的拉力F拉=2F+G定=2×200N+100N=500N，
因为定滑轮对支架向下的拉力F拉′和支架对定滑轮向上的拉力F拉是一对相互作用力，
所以，定滑轮对支架的拉力F拉′=F拉=500N，故D错误。
故选AC。
15．图甲为某声敏电阻的阻值随声音强弱的等级（单位：dB）变化关系的图像，小明利用该声敏电阻制作了声音强弱的等级检测装置，其简化电路如图乙所示。电源两端电压为9V并保持不变，电阻R1、R2中的一个是定值电阻，另一个是声敏电阻。已知定值电阻的阻值为10Ω，电压表的量程为0～3V，周围环境声音强弱的等级越大，电压表的示数越大，下列说法正确的是
V
S
R1
R2
乙
50
100
0
声音强弱的等级/dB
40
80
20
60
R/Ω
120
40
10
20
30
60
甲
A．电压表的示数为2V时，声音强弱的等级小于50dB
B．该电路能测量的最大声音强弱的等级为120dB
C．该电路消耗的最大电功率为2.7W
D．若换用阻值更大的定值电阻，该电路能测量的最大声音强弱的等级将变小
【答案】ACD
【详解】A．由图甲可知声敏电阻随声音强弱的等级增大而减小。依题意，周围环境声音强弱的等级越大，电压表的示数越大，根据串联电路的分压关系：大电阻分大电压，可知与电压表并联的R2是定值电阻。
电压表的示数为2V时，电路中的电流I===0.2A，
声敏电阻R1的阻值R1===35Ω，
由图甲知，其对应的声音强弱的等级约为38dB，即小于50dB，故A正确；
B．电压表的量程为0~3V，当电压表示数为3V时，电路中的电流I’===0.3A，
此时R1的阻值R1’===20Ω，
由图甲知，其对应的声音强弱的等级为80dB，则该电路能测量的最大声音强弱的等级为80dB，故B错误；
C．由B知，电路中的最大电流I’=0.3A，该电路消耗的最大电功率为P=UI’=9V×0.3A=2.7W，故C正确；
D．电源电压U和电压表能测量的最大电压U2不变，若换用阻值更大的定值电阻R2，根据I=知，电路电流I将变小，则声敏电阻阻值R1=将变大，由图甲知，其对应的声音强弱的等级将变小，故D正确。
故选ACD。
第二部分
三、实验探究题（共28分，16、18、22、23题各4分，17、19~21题各3分）
16．（1）如图甲所示，木块A的长度为 cm。
（2）如图乙所示，温度计的示数为 C。
（3）如图丙所示，通电螺线管的 端是N极（选填“左”或“右”），电源的右端为 极。（选填“正”或“负”）
【答案】（1）3.70；（2）﹣19；（3）右 负
【详解】（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm，木块A左侧与0.00cm对齐，右侧示数为3.70cm，所以木块A的长度L=3.70cm；
（2）温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，温度计液柱的液面在0度以下，所以温度计的示数为-19℃；
（3）小磁针的N极指向左侧，S极指向右侧。同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此通电螺线管的右端是N极；根据安培定则可知，电流从通电螺线管的左侧流入，右侧流出，因此电源的右端为负极。
20
℃
30
乙
甲
0
1
2
3
4
A
cm
丙
S
N
电 源
丁
17．如图丁所示，在试管内装适量水，用橡胶塞塞住管口，将水加热一段时间后，橡胶塞被推出，管口出现大量“白气”，这些“白气” 水蒸气（选填“是”或“不是”）。橡胶塞被推出的过程中，水蒸气的 能转化为橡胶塞的动能。
【答案】不是 内
【详解】管口出现的“白气”不是水蒸气，而是水蒸气液化形成的小水滴；橡胶塞被推出的过程中，水蒸气对橡胶塞做功，水蒸气的内能转化为橡胶塞的动能。
18．用天平和量筒测量石块的密度。
（1）将天平放在水平桌面上，用镊子将 拨至左侧零刻度处，调节平衡螺母使天平横梁在水平位置平衡后，测石块的质量。
（2）当天平盘中的砝码和游码的位置如图甲所示时，天平重新平衡，则石块的质量是 g。如图乙、丙所示，石块的体积是 cm3，石块的密度是 g/cm3。
20g
5g
甲
0 1 2 3 4 5 g
mL
100
70
80
90
10
20
30
40
50
60
丙
mL
100
70
80
90
10
20
30
40
50
60
乙
【答案】（1）游码；（2）27.4 10 2.74
【详解】（1）托盘天平在使用过程中，首先把天平放在水平桌面上，用镊子将标尺上的游码拨至左侧零刻度线位置，调节平衡螺母使横梁在水平位置平衡；
（2）如图所示，标尺的分度值为0.2g，游码对应的刻度值为2.4g，石块的质量等于砝码质量加游码对应的刻度值，石块的质量m=20g+5g+2.4g=27.4g，石块的体积V=70ml-60ml=10ml=10cm3；该石块的密度。
19．小晶探究光的反射定律时，选用了一个在适当位置开有孔槽的大玻璃罩（如图甲），一个带支架且底边即为0刻度线的量角器（如图乙，可放入玻璃罩中），两只激光笔、一块平面镜和一台加湿器。她将平面镜放在玻璃罩的中间位置，向玻璃罩中喷入水雾，用激光笔1发出的光束AO作为入射光线，用光束OB作为反射光线；用激光笔2发出垂直于镜面射向入射点O的光束作为法线，如图丙所示。
（1）实验中，当小晶看到 现象时，说明在这次反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一个平面内；
（2）接着，小晶开始探究“反射角是否等于入射角”。请你画出实验数据记录表。
【答案】（1）反射光束同时遮挡住了代表法线的光束和入射光束
（2）实验数据记录表：
【详解】（1）实验中，当小晶看到反射光束同时遮挡住了代表法线的光束和入射光束现象时，说明在这次反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一个平面内。
（2）实验中需要多次测量入射角与反射角的大小，实验数据记录表如下：
20．小华用图甲所示电路测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率。
丙
甲
A
B
S
P
乙
（1）闭合开关S后，电压表示数如图乙所示，要使小灯泡正常发光，则滑动变阻器的滑片P应向 移动（选填“A”或“B”）。
（2）移动滑动变阻器的滑片P，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，此时通过小灯泡的电流为
A。该小灯泡的额定功率为 W。
【答案】（1）A；（2）0.3 0.75。
【详解】（1）由图乙可知，电压表的量程为0~3V，分度值为0.1V，电压表示数即小灯泡两端的实际电压为2V，低于额定电压2.5V。要使小灯泡正常发光，应使其两端的电压达到2.5V。根据U=IR可知，应增大电路中的电流，为此应减小电路中的总电阻，故滑动变阻器的滑片应向A端滑动，减小变阻器接入电路的电阻。
（2）由图丙可知，电流表的量程为0~ 0.6A，分度值为0.02A，电流表示数为0.3A，小灯泡的额定功率
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。
21．小阳利用如图所示的装置进行实验，首先将焦距为20cm的凸透镜固定在60cm刻度线处，再调节烛焰中心、凸透镜中心和光屏中心在同一高度上。
（1）将蜡烛水平移到10cm刻度线处，再将光具座上的光屏水平移动到适当位置，可以在光屏上得到清晰的
（选填“放大”或“缩小”）的像。该实验现象可以说明 （选填“照相机” “幻灯机”或“放大镜”）的成像特点；
（2）再将蜡烛移到30cm刻度线处，此时光屏在光具座上移动到任何位置都不能接收到清晰的像，其原因是 。
【答案】（1）缩小 照相机；（2）凸透镜右侧的光具座长度不足
【详解】（1）将蜡烛水平移到10cm刻度线处，此时物距为50.0cm，大于两倍焦距，成的是倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理相同。
（2）再将蜡烛移到30cm刻度线处，此时物距仍大于一倍焦距，成的是实像，物距变小，像距会变大，此时光屏在光具座上移动到任何位置都不能接收到清晰的像，其原因是凸透镜右侧的光具座长度不足。
22．如图所示是小华“探究电流产生的热量与什么因素有关”的实验装置，在甲、乙两个相同的密封容器内都有一段阻值为5Ω的电阻丝，在乙容器的外部，将一个5Ω的电阻丝和这个容器内的电阻并联。实验前，两个“U”形管内液面相平。
（1）利用此装置可以探究电流通过导体所产生的热量跟 是否有关，在实验中应控制通电时间相同、
相同。
（2）闭合开关S，一段时间后，观察到A和B两个U形管中的液面高度变化不同，能得出的实验结论是： 。
【答案】（1）电流 电阻；（2）在电阻和通电时间相同时，电流越大，电阻产生的热量越多。
【详解】（1）装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故乙实验可以研究电流产生的热量跟电流是否有关，在实验中应控制通电时间相同、电阻相同。
（2）闭合开关S，一段时间后，观察到A和B两个U形管中的液面高度变化不同，且左侧U形管液面的高度差大，由转换法，左侧电阻产生热量多，能得出的实验结论是：在电阻和通电时间相同时，电流越大，电阻产生的热量越多。
23．小阳看到船上的工作人员正在打捞沉入水塘底的石头，他想：把水底的石头打捞到船上，水面高度会变化吗？为了寻找答案，他用大烧杯、石块A和塑料盒B模拟上述过程。他先让塑料盒B漂浮在烧杯的水中，把石块A沉入水底，如图所示，此时水面高度为h1。然后他将石块A从水中取出并轻轻放入塑料盒B内，它们处于漂浮状态，此时水面高度为h2。请你分析并判断h1与h2的大小关系。
【答案】h1【详解】A沉底时，浮力小于A的重力，B漂浮时浮力等于重力，当A与B一起漂浮时，浮力等于A和B的总重力，所以总的浮力在变大，由V排=可知，排开水的体积变大，因大烧杯的底面积不变，所以水的高度会上升，即h1四、科普阅读题（共4分）
请阅读《在“死亡之海”钻探“中国深度”》并回答24题。
在“死亡之海”钻探“中国深度”
2024年3月4日14时48分，我国首口万米深地科探井—“深地塔科1井”正式穿越万米大关。这标志着继深空、深海探索大自然的壮举之后，我国在深地领域实现重大突破。
这口井位于被称为“死亡之海”的新疆塔克拉玛干沙漠腹地，设计深度11100m。自2023年5月30日开钻，数百名石油工人和科研人员坚守沙海腹地，连续奋战279天，历经高温、严寒、风沙和复杂地质情况等极端考验，成功钻探突破万米，同时创造了世界上钻探万米深井用时最短的记录。
垂直井深突破地下万米，在我国尚属首次！这不仅是为国家找油找气，也是探索地球未知领域、拓展人类认识边界的一次大胆尝试。约20层楼高的钢铁塔架，稳稳矗立在流沙之上，重达2000多吨的钻头、钻杆、套管等深入地下，穿透白垩系等10多个地层，成为探索地球深部的“望远镜”。
深地钻探难度堪比“探月工程”，钻探超万米后控制难度极大。当钻头抵近地下万米地层时，钻井设备承受的高温超过200℃、高压超过230MPa，这对钻井工具和钻井液都是巨大的挑战。我国科技人员攻克一系列技术难关，让钻机关键部件全面国产化，有效解决了核心部件“卡脖子”问题。科研人员还自主研发了耐盐、耐高温、超高密度的钻井液，为深地勘探提供了可靠支撑。
近年来，我国不断刷新“中国深度”。深地塔科1井钻破万米后成为陆地上世界第二、亚洲第一的垂直深井，在深地科学研究和超深层油气勘探领域具有里程碑的意义。万米“冲刺”成功后，深地塔科1井肩负科学探索和预探发现双重使命，继续向目标深度全速钻进。
24．请根据上述材料，回答下列问题：
（1）深地塔科1井的成功钻探，为超深层油气资源勘探开发提供了有力支持。石油和天然气属于 能源。（选填：“一次”或“二次”）
（2）深地塔科1井地下万米处的高压大约是马里亚纳海沟11000m处水压的 倍。（结果请保留整数）
（3）钻井液也叫钻井泥浆，被喻为钻井的 “血液”。钻井液是由粘土、水（或油）以及各种化学处理剂组成的一种溶胶悬浮体的混合物。钻井液在入井出井的循环过程中发挥着传递动力、携带岩屑、平衡地层压力和润滑钻具等关键作用。在深地钻探过程中，钻井液能够对高速旋转的钻头进行冷却和润滑，保护钻头不被高温破坏，因此，钻井液对安全高效钻井至关重要。在钻探过程中，钻井液通过 的方式对钻头进行冷却，减小钻头的内能。
（4）为了万米深地钻探，我国科技人员自主研发的钻井液具备哪些特点： 。
【答案】（1）一次；（2）2；（3）热传递；（4）耐盐、耐高温、超高密度。
【详解】（1）石油和天然气可以从自然界直接获得，属于一次能源；
（2）马里亚纳海沟11000m处水压p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×11000m=1.1×108Pa；
深地塔科1井地下万米处的高压大约是马里亚纳海沟11000m处水压的倍数n=≈2；
（3）在钻探过程中，钻井液可以吸收热量，这是通过热传递的方式对钻头进行冷却，减少钻头的内能；
（4）为了万米深地钻探，我国科研人员自主研发了耐盐、耐高温、超高密度的钻井液，为深地勘探提供了可靠支撑。
五、计算题（共8分，25、26题各4分）
25．图中所示是某型号电饭锅内部简化电路。R1与R2是阻值不变的发热电阻。温控开关S可以根据实际情况使电饭锅处于加热或保温状态。下表是该电饭锅的铭牌。求：
（1）画出电路处于保温状态时的等效电路图；
（2）R2的阻值；
（3）电饭锅在保温状态下正常工作15min所消耗的电能。
容量
6L
额定电压
220V
加热功率
880W
保温功率
50W
【答案】（1）见详解；（2）55Ω；（3）45000J。
【详解】解：
（1）由题意可知保温状态时两个电阻串联，等效电路如下图：
（2）由题意可知加热状态时只有一个电阻接入电路，加热时等效电路如图
则R2的阻值，
（3）电饭锅在保温状态下正常工作15min所消耗的电能W=P保t=50W×15×60s=45000J。
26．机械的发展推动着人类社会的进步。从徒手抬木箱，到使用简单的机械，再到今天使用起重机搬运转移大型货物，都体现了劳动人民的智慧。
甲
乙
F2
C
D
O
G
E
丙
（b）
F1
C
D
O
G
E
（a）
（1）图甲中，木箱M重GM=400N，与地面的接触面积S=0.25m2，人用大小为250N的力，沿竖直方向向上抬木箱。计算此时木箱M对地面的压强。
（2）图乙中，人利用杠杆AB抬起重G0=600N的货箱，OB=2OA，当杠杆AB与水平地面平行时，人在杠杆B端至少施加多大的拉力，才能保持杠杆AB水平平衡。（忽略杠杆自重、绳重、摩擦等）
（3）图丙中，起重机的吊臂OC可看做是一个能绕O点自由转动的杠杆，柱塞E对吊臂的推力F始终垂直作用于吊臂的D点。从深井中提升重物G，当吊臂OC处于水平位置时，如图丙（a）所示，柱塞E对吊臂的推力为F1；当吊臂OC匀速转动到图丙（b）位置时，柱塞E对吊臂的推力为F2。此过程中，吊臂OC的总长度不变（忽略吊臂、钢丝绳、滑轮的重力及摩擦），分析并说明F2与F1的大小关系。
【答案】（1）600Pa；（2）300N；（3）F2【详解】解：
（1）对木箱进行受力分析，如图甲所示。
得F压=F支=GM-F拉=400N-250N=150N，则木箱M对地面的压强p===600Pa；
F1
┐
O
D
C
G
┙
乙
O
F2
D
C
G
┐
丙
甲
F拉
GM
F支
（2）根据杠杆平衡条件FlOB=G0lOA，且OB=2OA，则F∙2lOA=G0lOA，2F=G0，故F===300N；
（3）如图乙所示，O为支点，F1的力臂lA，重力G的力臂lB，如图丙所示O为支点，F2的力臂为lA´，
重力的力臂为lB´，依据杠杆的平衡条件F1lA=GlB，F2lA´=GlB´，由图乙、丙可知lA=lA´，lB>lB´，且G不变，
因此，F2（其他方法正确均得分）入射角
反射角
入射角
反射角