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2024年中考数学热点探究十六 相似图形中的分类讨论练习附解析
展开这是一份2024年中考数学热点探究十六 相似图形中的分类讨论练习附解析,共39页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
1.如图,在Rt△ABC中,∠BAC=90°,∠C=60°,BC=4cm,D为AC的中点,若动点E以1cm/s的速度从点B出发,沿B→C方向运动,设点E的运动时间为t秒(0≤t<4),连接DE,当以C,D,E为顶点的三角形与△ABC相似时,t的值为( )
A.0.5或2B.0.5或3.5C.2或2.5D.2或3.5
2.如图,在△ABC中,∠B=90°,∠A=30°,BC=2,D为AB的中点.若点E在边AC上,且ADAB=DEBC,则AE的长为( )
A.1B.2C.1或32D.1或2
3.将一张三角形彩纸ABC按如图所示的方式折叠,使点B落在边AC上,记为点F,折痕为DE.已知AB=AC=6,BC=8,若以点C,D,F为顶点的三角形与△ABC相似,则BD的长是( )
A.127B.247C.127 或4D.247 或4
4.一个钢筋三脚架三边长分别为30cm,60cm,80cm,现在要做一个和它相似的钢筋三脚架,而只有长为40cm和90cm的两根钢筋,要求以其中的一根为一边,从另一根上截两段(允许有余料)作为另两边,则不同的截法有( )
A.一种B.两种
C.三种D.四种或四种以上
5.如图,在矩形ABCD中,AD=3AB=310,点P是AD的中点,点E在BC上,CE=2BE,点M、N在线段BD上.若△PMN 是等腰三角形且底角与∠DEC相等,则MN的值为( )
A.6或2B.3或158C.2或3D.6或158
6.如图①,在△ABC中,∠B=108°,动点P从点A出发,沿折线A→B→C→A匀速运动一周.若点P的运动速度为1cm/s,设点P的运动时间为t(s),AP的长度为v(cm),v与t的函数图象如图②所示.当BP恰好是∠ABC的一条三等分线时,t的值为( )
A.5+2或5B.5+3或6C.5+3或5D.5+2或6
7.如图,在矩形ABCD中,AB=4,BC=3,将△BCD沿射线BD平移a个单位长度(a>0)得到△B'C'D',连接AB',AD',则当△AB'D'是直角三角形时,a的值为( )
A.75或165B.2或165C.85或165D.75或3
8.如图所示,正方形ABCD的边长为2,BE=CE,MN=1,线段MN的两端点分别在CD,AD上滑动.若要△ABE与以点D,点M,点N为顶点的三角形相似,则DM的长为( )
A.55B.255C.55或255D.255或355
9.将一张▱ABCD(AD
C.22或5−12D.2−1或22或5−12
二、填空题(每空3分,共18分)
10.如图,已知∠ACB=∠ADC=90°,AD=2,CD=2,当AB的长为 时,△ACB与△ADC相似.
11.如图,AB⊥BD,CD⊥BD,AB=6cm,CD=4cm,BD=14cm,点P在BD上,由点B向点D方向移动,当△APB与△CPD相似时,BP的长为 .
12.如图是一张菱形纸片,∠DAB=60°,AB=5,点E在边AD上,且DE=2,点F在AB边上,把△AEF沿直线EF对折,点A的对应点为点A′,当点A′落在菱形对角线上时,则AF= 。
13.如图,Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=8,BC=6,CE是斜边AB上的中线,在直线AB上方作△DEF∼△ABC,DE,FE分别与AC边交于点M,N,当△EMN与△BEC相似时,线段CN长度为 .
14.㉿已知半径为r的⊙O是矩形ABCD的外接圆,点E是弧AB上的一点,分别延长BE,DA交于点F,其中AD=3.如图甲,当点E是弧AB的中点时,AF= (用r的代数式表示);如图乙,当点E是弧AC的中点时,且S△AEF=10,r的值为 .
三、解答题(共6题,共75分)
15.如图所示,在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=20 cm,BC=15 cm,现有动点P从点A出发,沿线段AC向点C方向运动,动点Q从点C出发,沿线段CB向点B方向运动.如果点P的速度是4 cm/s,点Q的速度是 2 cm/s,它们同时出发,当有一点到达所在线段的端点时,两点都停止运动.设运动时间为t.
(1)当t=3 s时,P,Q两点之间的距离是多少?
(2)若△CPQ的面积为S,求S关于t的函数解析式.
(3)当t为多少时,以点C,P,Q为顶点的三角形与△ABC相似?
16.如图,在矩形ABCD中,AB=12cm,BC=8cm.点E、F、G分别从点A、B、C三点同时出发,沿矩形的边按逆时针方向移动,点E、G的速度均为2cm/s,点F的速度为4cm/s,当点F追上点G(即点F与点G重合)时,三个点随之停止移动.设移动开始后第1秒时,△EFG的面积为S(cm2)
(1)当t=1秒时,S的值是多少?
(2)写出S和t之间的函数关系式,并指出自变量t的取值范围;
(3)若点F在矩形的边BC上移动,当t为何值时,以点E、B、F为顶点的三角形与以点F、C、G为顶点的三角形相似?请说明理由.
17.在Rt△ABC中,∠C=90°,AB=10,AC=8,点Q在AB上,且AQ=2,过Q作QR⊥AB,垂足为Q,QR交折线AC﹣CB于R(如图1),当点Q以每秒2个单位向终点B移动时,点P同时从A出发,以每秒6个单位的速度沿AB﹣BC﹣CA移动,设移动时间为t秒(如图2).
(1)求△BCQ的面积S与t的函数关系式.
(2)t为何值时,QP∥AC?
(3)t为何值时,直线QR经过点P?
(4)当点P在AB上运动时,以PQ为边在AB上方所作的正方形PQMN在Rt△ABC内部,求此时t的取值范围.
18.如图,在△ABC中,∠C=90°,AC=8,BC=6,点D为边AB的中点.动点P从点A出发,沿折线AC−CB以每秒2个单位长度的速度向点B运动,当点P不与点A、B重合时,连结PD.作点A关于直线PD的对称点A';连结A'D、A'P、A'A,设点P的运动时间为t秒.
(1)线段AD的长为 ;
(2)用含t的代数式表示线段CP的长;
(3)当点P在边AC上运动时,求A'D与△ABC的一条直角边平行时t的值;
(4)当△ADA'为锐角三角形时,直接写出t的取值范围.
19.如图,在Rt△ABC中,∠C=90°,AC=8,BC=6.动点P从点A出发,沿AB以每秒5个单位长度的速度向终点B运动,当点P不与点A重合时,过点P作PD⊥AC于点D、PE//AC,过点D作DE//AB,DE与PE交于点E.设点P的运动时间为t秒.
(1)线段AD的长为 ;(用含t的代数式表示)
(2)当点E落在BC边上时,求t的值;
(3)当直线PE将△ABC的面积分成1:3的两部分时,求t的值;
(4)当点E落在△ABC的角平分线上时,直接写出t的值.
20.如图,在矩形ABCD中,AB=6,AD=2.点P从点A出发以每秒2个单位的速度沿AB−BA运动,到点A停止.在点P运动的同时,点Q从点A出发以每秒1个单位的速度沿AD−DC运动.当点P回到点A停止时,点Q也随之停止运动.设点P的运动时间为t秒(t>0).
(1)用含t的代数式表示线段AP的长.
(2)以PQ为边作矩形PQMN,使点M与点A在PQ所在直线的两侧,且PQ=2MQ.
①当点Q在边AD上,且点M落在CD上时,求t的值.
②当点M在矩形ABCD内部时,直接写出t的取值范围.
(3)点E在边AB上,且AE=2.在线段PQ上只存在一点F,使∠AFE=90°,直接写出t的取值范围.
答案解析部分
1.【答案】D
【解析】【解答】解:∵∠B=90°-∠C,∠BAC=90°,∠C=60°,
∴∠B=90°-60°=30°,
∴AC=12BC=2,
∵点D是AC的中点,
∴CD=12AC=1,
∵动点E以1cm/s的速度从点B出发,沿B→C方向运动,
∴BE=t,则CE=4-t,
当△CDE∽△CAB时
CDCA=CEBC即12=4−t4,
解之:t=2;
当△CDE∽△CBA,
∴CDCB=CEAC即14=4−t2
解之:t=3.5,
∴t的值为2或3.5.
故答案为:D.
【分析】利用三角形的内角和定理可求出∠B=30°,利用30°角所对的直角边等于斜边的一半,可求出AC的长,同时求出CD的长;再根据点E的运动方向和速度,可表示出BE,CE的长,再分情况讨论:当△CDE∽△CAB时;当△CDE∽△CBA时,分别可得到关于t的方程,解方程求出t的值,即可求解.
2.【答案】D
【解析】【解答】解:∵∠B=90°,∠A=30°,BC=2,
∴AC=2BC=4,AB=23,∠C=60°.
∵D为AB的中点,
∴AD=3.
∵ADAB=DEBC,
∴DE=1.
当∠ADE=90°时,
∵∠ADE=∠ABC,ADAB=DEBC,
∴△ADE∽△ABC,
∴AEAC=ADBC=12,
∴AE=2.
当∠ADE≠90°时,取AC的中点H,连接DH,
∵D为AB的中点,H为AC的中点,
∴DH∥BC,DH=12BC=1,
∴∠AHD=∠C=60°,DH=DE=1,
∴∠DEH=60°,
∴∠ADE=∠A=30°,
∴AE=DE=1.
综上可得:AE的长为1或2.
故答案为:D.
【分析】易得AC=2BC=4,AB=23,∠C=60°,根据中点的概念可得AD的值,结合已知条件可得DE的值,当∠ADE=90°时,根据对应边成比例且夹角相等的两个三角形相似可得△ADE∽△ABC,由相似三角形的性质可得AE的值;当∠ADE≠90°时,取AC的中点H,连接DH,则DH为△ABC的中位线,DH∥BC,DH=12BC=1,由平行线的性质可得∠AHD=∠C=60°,DH=DE=1,则∠ADE=∠A=30°,据此解答.
3.【答案】D
【解析】【解答】解:∵ABC沿DE折叠,B和F重叠,
∴BD=DF,
设BD=DF=m,
∵BC=8,
∴CD=8-m,
当△FDC∽△ABC时,
FDAB=DCBC,
∵AB=AC=6,
8−m8=m6
解得:m=247,
即BD=247;
当△DCF∽△ABC,
DCAB=DFAC,
∴8−m6=m6
解得:m=4,
即BD=4;
当△CFD∽△ABC时,同理可得BD=4.
故BD=247或4.
故答案为:D.
【分析】先根据折叠性质得到BD=DF,设BD=m,则CD=8-m,两个三角形相似,分三种情况,根据相似三角形对应边成比例的性质可得到关于m的方程,解方程即可得BD的长.
4.【答案】B
【解析】【解答】解:由相似三角形对应边成比例得,只能将40cm长的作为一边,将90cm长的截成两段,设从90cm的钢筋上载下的两段分别长xcm,ycm,
当40cm长的边对应30cm长的边时,
3040=60x=80y,解得:x=80,y=10623,
此时x+y>90,
所以此截法不可行;
当40cm长的边对应60cm长的边时,
30x=6040=80y,解得:x=20,y=5313,
此时x+y<90,
所以此截法可行;
当40cm长的边对应80cm长的边时,
30x=60y=8040,解得:x=15,y=30,
此时x+y<90,
所以此截法可行,
综上所述,截法有两种,
故答案为:B.
【分析】由相似三角形对应边成比例得,只能将40cm长的作为一边,将90cm长的截成两段,设从90cm的钢筋上载下的两段分别长xcm,ycm(x>y),分三种情况讨论:①当40cm长的边对应30cm长的边时,②当40cm长的边对应60cm长的边时,③当40cm长的边对应80cm长的边时,利用相似三角形的性质分别求解即可.
5.【答案】D
【解析】【解答】解:①MN为等腰ΔPMN的底边时,作PF⊥MN于F,如图所示:
则∠PFM=∠PFN=90°,
∵四边形ABCD是矩形,
∴AB=CD,BC=AD=3AB=310,∠A=∠C=90°,
∴AB=CD=10,BD=AB2+AD2=10,
∵点P是AD的中点,
∴PD=12AD=3102,
∵∠PDF=∠BDA,
∴ΔPDF∽ΔBDA,
∴PFAB=PDBD,即PF10=310210,
解得:PF=32,
∵CE=2BE,
∴BC=AD=3BE,
∴BE=CD,
∴CE=2CD,
∵ΔPMN是等腰三角形且底角与∠DEC相等,PF⊥MN,
∴MF=NF,∠PNF=∠DEC,
∵∠PFN=∠C=90°,
∴ΔPNF∽ΔDEC,
∴NFPF=CECD=2,
∴MF=NF=2PF=3,
∴MN=2NF=6;
②MN为等腰ΔPMN的腰时,作PF⊥BD于F,如图所示:
由①得:PF=32,MF=3,
设MN=PN=x,则FN=3−x,
在RtΔPNF中,(32)2+(3−x)2=x2,
解得:x=158,即MN=158;
综上所述,MN的长为6或158.
故答案为:D.
【分析】根据题意可知有两种情况:①MN为等腰ΔPMN的腰时,作PF⊥BD于F,由①得:PF=32,MF=3,设MN=PN=x,则FN=3−x,在RtΔPNF中,由勾股定理得出方程,解方程即可;②MN为等腰ΔPMN的底边时,作PF⊥MN于F,则∠PFM=∠PFN=90°,由矩形的性质得出AB=CD,BC=AD=3AB=310,∠A=∠C=90°,得出AB=CD=10,BD=10,证明ΔPDF∽ΔBDA,得出利用相似三角形的性质求出PF=32,证出CE=2CD,由等腰三角形的性质得出MF=NF,∠PNF=∠DEC,证出ΔPNF∽ΔDEC,利用相似三角形的性质求出NF=2PF=3,即可得出答案;
6.【答案】B
【解析】【解答】解:如图,BP,BP'是∠ABC的三等分线,
由题意得,AB=BC=2,
∵∠ABC=108°,AB=BC,
∴∠A=∠C=180°−108°2=36°,
BP,BP'是∠ABC的三等分线,
∴∠ABP'=∠P'BP=∠CBP=36°
由三角形外角的性质得 ∠APB=∠ABP=72°,
∴AB=AP=2,
同理CP'=BC=2,
①BP恰好是∠ABC的靠近AB的三等分线
AB+BC+CP'=6,
时间t=6
②BP恰好是∠ABC的靠近BC的三等分线
∵∠PBC=∠A,∠C=∠C,
∴△PBC∽△BAC,
∴BCAC=PCBC,
∴22+PC=PC2,
∴PC=5−1,
∴AB+BC+PC=5+3,
时间t=5+3,
∴当BP恰好是∠ABC的一条三等分线时,t的值为5+3或6.
故答案为:5+3或6.
【分析】根据图可知AB=BC=2,再根据BP,BP'是∠ABC的三等分线,可以写出各个角的度数,分①BP恰好是∠ABC的靠近AB的三等分线,②BP恰好是∠ABC的靠近BC的三等分线,分别求出对应的时间,即可得出答案.
7.【答案】A
【解析】【解答】解:由题意得分两种情况:
①如图1,∠D'AB'=90°,延长C'B'交AB于G,过点D'作D'H⊥AB,交BA的延长线于H,
∴∠H=∠AGB'=∠BGB'=90°,
∵四边形ABCD是矩形,
∴∠BAD=∠C=90°,AD=BC=3,
∵tan∠ABD=ADAB=B'GBG,即B'GBG=34,
设B'G=3x,BG=4x,
∴BB'=a=5x,
由平移得:DD'=BB'=5x,
∴D'H=3+3x,AH=BG=4x,
∴AG=AB−BG=4−4x,
∵∠D'AB'=∠HAD'+∠BAB'=90°,
∠AD'H+∠HAD'=90°,
∴∠AD'H=∠GAB',
∵∠H=∠AGB'=90°,
∴△D'HA∽△AGB',
∴D'HAG=AHB'G,即3+3x4−4x=4x3x,
∴x=725,
∴a=5×725=75;
②如图2,∠AB'D'=90°,延长C'B'交AB于M,则C'M⊥AB,
∴∠AMB'=90°,
由平移得:B'C'=BC=3,
同理设B'M=3m,BM=4m,则BB'=a=5m,
∴AM=4−4m,
∵∠AB'M+∠D'B'C'=90°,∠MAB'+∠AB'M=90°,
∴∠D'B'C'=∠MAB',
∵∠C'=∠AMB'=90°,
∴△D'C'B'∽△B'MA,
∴C'D'MB'=B'C'AM,即43m=34−4m,
∴m=1625,
∴a=5m=5×1625=165;
综上,a的值是75或165.
故答案为:A
【分析】根据题意分类讨论:①∠D'AB'=90°,延长C'B'交AB于G,过点D'作D'H⊥AB,交BA的延长线于H,进而根据矩形的性质得到∠BAD=∠C=90°,AD=BC=3,再运用锐角三角函数的定义即可设B'G=3x,BG=4x,进而根据平移的性质得到DD'=BB'=5x,再结合题意运用相似三角形的判定与性质即可求解;②∠AB'D'=90°,延长C'B'交AB于M,则C'M⊥AB,根据平移的性质得到B'C'=BC=3,同理设B'M=3m,BM=4m,则BB'=a=5m,进而结合题意运用相似三角形的判定与性质即可求解。
8.【答案】C
【解析】【解答】解:∵四边形ABCD是正方形,BE=CE,
∴AB=BC=2BE,∠B=∠D=90°,
若要△ABE与以点D,点M,点N为顶点的三角形相似,
∴①当DM=2DN时,
在直角三角形MDN中,DM2+DN2=MN2,
即(2DN)2+DN2=12,
解得:DN=55,
∴DM=255,
故当DM=255时,△ABE与△DMN相似;
②当DN=2DM时,
在直角三角形MDN中,DM2+DN2=MN2,
即DM2+(2DM)2=12,
解得:DM=55,
综上所述,当DM=255或DM=55时,△ABE与以点D,点M,点N为顶点的三角形相似.
故答案为:C.
【分析】先四边形ABCD是正方形,BE=CE,得到AB=2BE,再分两种情况讨论,①当DM=2DN时,②当DN=2DM时,利用勾股定理建立方程求解即可得到DM的长.
9.【答案】C
【解析】【解答】解:如图所示:设AD=a,AB=b,
D C
∴AH=AD,
∴HB=b-a,
∵HB=FG= GC,
∴BG=a-(b-a)= 2a -b,
分两种情况讨论:
①∵剩下的平行四边形与原来平行四边形ABCD相似,
∴ADAB=FGBG,
∴ab=b−a2a−b,
设m=abt>0,
∴m=1−m2m−1,
解得:m=22;
②∵剩下的平行四边形与原来平行四边形ABCD相似,
∴ADAB=BGFG,
∴ab=2a−bb−a,
设n=abn>0,
∴n=2n−11−n,
解得:n=5−12
综上所述: ▱ABCD的相邻两边AD与AB的比值是22或5−12.
故答案为:C.
【分析】分类讨论,根据相似多边形的性质计算求解即可。
10.【答案】3或32
【解析】【解答】解:∵∠ACB=∠ADC=90°,
∴当△ACB与△ADC相似时,ABAC=ACAD或ABCA=ACCD
∴AB6=62或AB6=62
∴AB=3或AB=32
故答案为:3或32
【分析】∠ACB=∠ADC=90°,那么当△ACB与△ADC相似时,可能存在可种情形,即△ABC中的AC边可能与△ACD中的AD对应或与CD对应,需要分别列方程求出AB.
11.【答案】425cm或2cm或12cm
【解析】【解答】解:①当△APB∽△CPD时,则ABCD=PBPD,即AB⋅PD=CD⋅PB,
∴6(14−BP)=4BP,
解得:BP=425;
②当△APB∽△PCD时,则ABPD=PBCD,即AB⋅CD=PD⋅PB,
∴6×4=(14−BP)BP,
即BP2−14BP+24=0,
解得:BP=2或BP=12;
综上所述,BP的长为425cm或2cm或12cm.
故答案为:425或2或12
【分析】根据题意分类讨论:①当△APB∽△CPD时,②当△APB∽△PCD时,进而根据相似三角形的性质即可列出一元一次方程和一元二次方程,从而即可求解。
12.【答案】12−362或3
【解析】【解答】解:由题意可分两种情况讨论:
①当点A´落在菱形的对角线BD上时,如图:
在菱形ABCD中,∠A=60°,AD=AB=5,
∴∠ADC=∠ABC=120°,
∴∠ADB=∠ABD=60°,
∴△ABD是等边三角形,
∴BD=AB=5,
由折叠的性质可得:∠FA´E=60°,FA´=FA,A´E=AE,
∴∠DA´E+∠BA´F=120°,
∵∠DEA´+∠DA´E=120°,
∴∠DEA=∠BA´F,
∴△DEA∽△BA´F,
∴DEA'B=A'EA'F=A'DBF,
设A´F=AF=x,
∵DE=2,
∴AE=A´E=5-2=3,
∴2A'B=3x,3x=A'D5−x,
∴A´B=23x,
∴3x=5−23x5−x,解得:x=6+6(舍去)或x=6-6,
∴AF=6-6;
②当点A´落在菱形的对角线BD上时,如图:
在菱形ABCD中,∠DAB=60°,
∴∠DAC=∠BAC=30°,
由折叠的性质可得:∠A´EF=∠AEF,A´E=AE,
∴∠A´AE=∠EA´A=30°,
∴∠AEA´=120°,
∴∠AEF=60°,
∴∠AFE=180°-60°-60°=60°,
∴△AEF是等边三角形,
∴AF=AE=5-2=3,
综上可得,AF的长为6-6或3.
故答案为:6-6或3.
【分析】由题意可分两种情况讨论:①当点A´落在菱形的对角线BD上时,根据菱形的性质可证△DEA∽△BA´F,于是可得比例式DEA'B=A'EA'F=A'DBF可求解;②当点A´落在菱形的对角线BD上时,根据菱形的性质和折叠的性质可求解.
13.【答案】258或74
【解析】【解答】解:∵Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=8,BC=6,
∴AB=10.
∵CE是斜边AB上的中线,
∴AE=CE=BE=5.
∵△DEF∼△ABC,
∴∠DEF=∠B.
当△EMN与△BEC相似时,
①△EMN∽△BEC,如图:
∴EMBE=ENBC=MNEC,∠BEC=∠EMN,
即EM5=EN6=MN5,
∴EM=MN.
∵∠BEC=∠A+∠ACE,∠EMN=∠A+∠AEM,
∴∠ACE=∠AEM,
∴△ACE∽△AEM.
∴AEAM=ACAE=CEEM
∴EM=AM=AE2AC=528=258
∴AN=2AM=254,
∴NC=AC−AN=8−254=74.
②△EMN∽△BCE,如图:
∴EMBC=ENBE=MNEC,∠BEC=∠ENM,
∴EM6=EN5=MN5,
∴EN=MN.
∵∠BEC=∠A+∠ACE,∠ENM=∠CEN+∠ACE,
∴∠A=∠CEN,
∴△ACE∽△ECN.
∴AEEN=ACEC=CECN
∴CN=CE2AC=528=258.
故答案为:74或258.
【分析】根据题意可得AE=BE=CE=5,∠DEF=∠B.根据△EMN与△BEC相似,分△EMN∽△BEC和△EMN∽△BCE两种情况进行讨论:在△EMN∽△BEC下可证得△ACE∽△AEM,从而求得AM长,且AM=ME=MN,从而可求得CN长;在△EMN∽△BCE下可证得△ACE∽△ECN,从而直接求得CN长.
14.【答案】2r−3;342
【解析】【解答】解:(1)连接OE交AB于G,如图:
∵四边形ABCD为矩形,
∴BC=AD=3,FA⊥AB,∠ABC=90°,
∵点E是弧AB的中点,
∴OB⊥AB,AG=BG,
∴OG∥DF,
∴EG=12AF,
∵AO=CO,
∴OG=12BC=32,
∴EG=OE−OG=r−32,
∴AF=2EG=2r−3,
故答案为:2r−3.
(2)连接CE,BD,过点A作AM⊥BF于点M,如图:
∵点E是弧AC的中点,AC为直径,
∴∠FBA=∠ACE=45°,
∵∠FAB=90°,
∴∠F=∠ABF=45°,
∴△AFB是等腰直角三角形,
∴AM=12BF,BA=AF,
∵S△AEF=10 ,
∴EF·BF=40,
易知:△FAE~△FBD
∴FAFE=FBFD
∴AFAF+3=40,
∴AF=5,
∴CD=BA=AF=5,
在Rt△ACD中,AC=AD2+CD2=34,
∴r=342,
故答案为:342.
【分析】(1)连接OE交AB于G,根据垂径定理可得OE⊥AB,AG=BG,进而得到EG和OG分别是△ABF和△ABC的中位线,最后根据矩形的性质和三角形的中位线定理即可求出AF;
(2)连接CE,过点A作AM⊥BF于点M,根据已知条件和圆周角定理的推论可得△AFB是等腰直角三角形,可得AM=12BF,BA=AF,连接BD,易证△FAE~△FBD,然后根据相似三角形的性质可得关于AD的一元二次方程,解方程即可求出AF,即为CD,再根据勾股定理即可求出答案.
15.【答案】(1)解:由题意,得AP=4t cm,CQ=2t cm,
则CP=(20-4t) cm.
当t=3 s时,
CP=20-4t=8(cm),CQ=2t=6(cm),
由勾股定理,得PQ=CP2+CQ2=10(cm).
即当t=3 s时,P,Q两点之间的距离为10 cm.
(2)解:Rt△CPQ的面积S=12CP·CQ=12×(20-4t)×2t=20t-4t2(0
①当Rt△CPQ∽Rt△CAB时,
CP∶CA=CQ∶CB,
即(20-4t)∶20=2t∶15,解得t=3;
②当Rt△CPQ∽Rt△CBA时,
CP∶CB=CQ∶CA,
即(20-4t)∶15=2t∶20,解得t=4011.
∵0<3<4011<5,故都符合题意.
综上,当t为3 s或4011 s时,以点C,P,Q为顶点的三角形与△ABC相似.
【解析】【分析 】(1)先用含t的代数式分别表示出CP,CQ的长,把t=3代入可得CP=20-4t=8(cm),CQ=2t=6(cm),再利用勾股定理即可解答;
(2) 根据三角形的面积计算公式即可表示出S关于t的函数解析式;
(3)分两种情空讨论:①当Rt△CPQ∽Rt△CAB时,利用相似三角形的性质即可求解;②当Rt△CPQ∽Rt△CBA时,利用相似三角形的性质即可求解.
16.【答案】(1)解:当t=1秒时,AE=2,EB=10,BF=4,FC=4,CG=2,
∴S=S梯形GCBE−S△EBF−S△FCG
=12×(EB+CG)⋅BC−12EB⋅BF−12FC⋅CG
=12×(10+2)×8−12×10×4−12×4×2
=24(cm2).
(2)解:①如图1,当0≤t≤2时,点E、F、G分别在边AB、BC、CD上移动,
图1
此时AE=2t,EB=12−2t,BF=4t,FC=8−4t,CG=2t,
S=S梯形GCBE−S△EBF−S△FCG
=12×(EB+CG)⋅BC−12EB⋅BF−12FC⋅CG
=12×8×(12−2t+2t)−12×4t(12−2t)−12×2t(8−4t)
=8t2−32t+48(0≤t≤2);
②如图2,当点F追上点G时,4t=2t+8,解得t=4,
图2
当2
S=12FG⋅BC=12(8−2t)⋅8=−8t+32.
即S=−8t+32(2
①若EBFC=BFCG,即12−2t8−4t=4t2t,解得t=23.
所以当t=23时,△EBF∼△FCG;
②若EBGC=BFCF即12−2t2t=4t8−4t,解得t=32.
所以当t=32时,△EBF∼△GCF.
综上所述,当t=23或t=32时,以点E、B、F为顶点的三角形与以F、C、G为顶点的三角形相似.
【解析】【分析】(1)当t=1时,根据E、G的速度,以及点F的速度,即可求出各线段的长度,最后再用割补法求出△EFG的面积.
(2)由于点F的速度,比点G的速度快,所以会产生多情情况,第一种是点F再BC上时,方法与题(1)类似;第二种是点F在CD上时,直接用三角形的面积公式求解即可.
(3)通过观察△BEF和△CFG都有一个内角时90°,只需保证两组对边成比例,所以本题可分为两种情况,第一种是EBFC=BFCG,第二种是EBGC=BFCF,分别建立等量关系求出结论即可.
17.【答案】(1)解:过C作CD⊥AB于D点,如图所示:
∵AB=10,AQ=2+2t,
∴QB=AB﹣AQ=10﹣(2+2t)=8﹣2t,
在Rt△ABC中,AB=10,AC=8,
根据勾股定理得:BC=6,
∵12AC×BC12AB×CD,即12×6×8=12×10×CD,
∴CD=245,
则S△BCQ=12QBCD=125(8﹣2t)=﹣245t+965(0≤t≤4);
(2)解:当PQ∥AC时,可得∠BPQ=∠C,∠BQP=∠A,
∴△BPQ∽△BCA,又BQ=8﹣2t,BP=6t﹣10,
∴BQBA=BPBC,即8−2t10=6t−106,
整理得:6(8﹣2t)=10(6t﹣10),
解得:t=3718,
则t=3718时,QP∥AC;
(3)解:①当Q、P均在AB上时,AP=6t,AQ=2+2t,
可得:AP=AQ,即6t=2+2t,
解得:t=0.5s;
②当P在BC上时,P与R重合,如图所示:
∵∠PQB=∠ACB=90°,∠B=∠B,
∴△BPQ∽△BAC,
∴BPAB=BQBC,又BP=6t﹣10,AB=10,BQ=8﹣2t,BC=6,
∴6t−1010=8−2t6,即6(6t﹣10)=10(8﹣2t),
解得:t=2.5s;
③当P在AC上不存在QR经过点P,
综上,当t=0.5s或2.5s时直线QR经过点P;
(4)解:当点P在点Q的左侧时,若点N落在AC上,如图所示:
∵AP=6t,AQ=2+2t,
∴PQ=AQ﹣AP=2+2t﹣6t=2﹣4t,
∵四边形PQMN是正方形,
∴PN=PQ=2﹣4t,
∵∠APN=∠ACB=90°,∠A=∠A,
∴△APN∽△ACB,
∴PNBC=APAC,即2−4t6=6t8,
解得:t=417,
当点P在点Q的右侧时,若点N落在BC上,如图所示:
由题意得:BP=10﹣6t,PN=PQ=4t﹣2,
∵∠BPN=∠BCA=90°,∠B=∠B,
∴△BPN∽△BCA,
∴BPBC=PNAC,即10−6t6=4t−28,
整理得:8(10﹣6t)=6(4t﹣2),
解得:t=2318,
∵t=0.5时点P与点Q重合,
∴417
(2)当PQ∥AC时, 可得∠BPQ=∠C,∠BQP=∠A,进而得到△BPQ∽△BCA,由相似得比例,将各自的值代入列出关于t的方程,求出方程的解得到t的值;
(3)①当Q、P均在AB上时可得AP=6t,AQ=2+2t,根据AP=AQ列出关于t的方程,解方程得到t的值;②当P在BC上时, P与R重合, 如图所示,通过推导得出△BPO∽△ABC,由相似得比例,列出关于t的方程,解方程得到t的值;③当P在AC上不存在QR经过点P,综上,得到所有满足题意的t的值;
(4)①当点P在点Q的左侧时,若点N落在AC上,由 AP=6t,AQ=2+2t, 可得PQ=AQ﹣AP=2+2t﹣6t=2﹣4t,解方程得到t的值;②当点P在点Q的右侧时,若点N落在BC上,由 ∠BPN=∠BCA=90°,∠B=∠B, 可得△BPN∽△BCA,进而可得BPBC=PNAC,即10−6t6=4t−28,解方程得到t的值.
18.【答案】(1)5
(2)分两种情况:
①当0<t≤4时,点P在线段AC上运动,CP=AC-AP=8-2t;
②当4<t<7时,点P在BC上运动,CP=2t-8;
综上所述,CP=8−2t(0<t≤4)2t−8(2t−8).
(3)解:∵点A'是点A关于直线PD的对称点,
∴AD=A'D,
∴点A'的运动轨迹为以D为圆心,AD长为半径的圆上,
分两种情况:
①当A'D∥BC时,如图1,延长DP交AA'于点E,AC交A'D于点F,
则∠DFE=∠ACB=90°,
∴∠AFA'=∠DFP=90°,
∵A'D∥BC,
∴△ADF∽△ABC,
∴AFAC=DFBC=ADAB,
即AF8=DF6=510,
解得:AF=4,DF=3,
∴A'F=A'D−DF=AD−DF=5−3=2,
∵点A'是点A关于直线PD的对称点,
∴DE⊥AA',
∴∠AEP=90°,
∴∠AEP=∠DFE,
∵∠APE=∠DPF,
∴∠A'AF=∠EDF,
∵∠AFA'=∠DFP,
∴△AFA'∽△DFP,
∴AFDF=A'FPF,
即43=2PF,
解得:PF=32,
∴AP=AF−PF=4−32=52,
∴t=522=54(s);
②当A'D∥AC时,如图2,设AA'交DP于点E,
则∠PAE=∠DA'E,
∵点A'是点A关于直线PD的对称点,
∴AE=A'E,
在△APE和△A'DE中,
∠PAE=∠DA'EAE=A'E∠AEP=∠A'ED,
∴△APE≌△A'DE(ASA),
∴AP=A'D,
∴AP=AD=5,
∴此时,t=52(s),
综上所述,A'D与△ABC的一条直角边平行时t的值为54或52;
(4)0
∵点D为边AB的中点,
∴AD=12AB=12×10=5,
故答案为:5;
(3)解:∵点A'是点A关于直线PD的对称点,
∴AD=A'D,
∴点A'的运动轨迹为以D为圆心,AD长为半径的圆上,
分两种情况:
①当A'D∥BC时,如图1,延长DP交AA'于点E,AC交A'D于点F,
则∠DFE=∠ACB=90°,
∴∠AFA'=∠DFP=90°,
∵A'D∥BC,
∴△ADF∽△ABC,
∴AFAC=DFBC=ADAB,
即AF8=DF6=510,
解得:AF=4,DF=3,
∴A'F=A'D−DF=AD−DF=5−3=2,
∵点A'是点A关于直线PD的对称点,
∴DE⊥AA',
∴∠AEP=90°,
∴∠AEP=∠DFE,
∵∠APE=∠DPF,
∴∠A'AF=∠EDF,
∵∠AFA'=∠DFP,
∴△AFA'∽△DFP,
∴AFDF=A'FPF,
即43=2PF,
解得:PF=32,
∴AP=AF−PF=4−32=52,
∴t=522=54(s);
②当A'D∥AC时,如图2,设AA'交DP于点E,
则∠PAE=∠DA'E,
∵点A'是点A关于直线PD的对称点,
∴AE=A'E,
在△APE和△A'DE中,
∠PAE=∠DA'EAE=A'E∠AEP=∠A'ED,
∴△APE≌△A'DE(ASA),
∴AP=A'D,
∴AP=AD=5,
∴此时,t=52(s),
(4)当∠ADA'=90°时,如图3,延长DP交AA'于点E,连接A'B交AC于点F,
∵AD=A'D,
∴△ADA'是等腰直角三角形,
∴AA'=2AD=52,
∵点A'是点A关于直线PD的对称点,
∴DE⊥AA',AE=12AA'=522,
设CF=x,则AF=8−x,
∵以D为圆心,AD长为半径的圆,点D为边AB的中点,
∴AB为圆的直径,
∴∠AA'F=∠BCF=90°,
∵∠A'AC=∠A'BC,
∴△AA'F∽△BCF,
∴AA'BC=AFBF,
即526=8−xBF,
∴BF=48−6x52,
在Rt△BCF中,由勾股定理得:BC2+CF2=BF2,
即62+x2=(48−6x52)2,
整理得:7x2+288x−252=0,
解得:x1=67,x2=−42(不合题意,舍去),
∴BF=48−6×6752=3027,
∵∠AEP=∠BCF=90°,∠EAP=∠CBF,
∴△EAP∽△CBF,
∴AEBC=APBF,
即5226=AP3027,
解得:AP=257,
∴此时,t=2572=2514(s),
∴当△ADA'为锐角三角形时,t的取值范围为0
(2)分类讨论:①当0<t≤4时,②当4<t<7时, 再利用线段的和差分别求出CP的长即可;
(3)分类讨论:①当A'D∥BC时,②当A'D∥AC时, 再利用相似三角形的判定方法和性质分别列出比例式求出线段的长,最后利用“时间=路程÷速度”列出算式求解即可;
(4)设CF=x,则AF=8−x,再证出△AA'F∽△BCF可得AA'BC=AFBF,再将数据代入求出BF=48−6x52,再利用勾股定理求出x的值,再求出BF=48−6×6752=3027,再证出△EAP∽△CBF可得AEBC=APBF,再将数据代入求出AP=257,最后求出t=2572=2514(s),从而可得t的取值范围为0
(2)解:如图,当点E落在BC上时,
∵DE//AB,PE//AD,
∴四边形APED是平行四边形,
∴DE=AP=5t,AD=PE=4t,
∴DEAB=CDAC,
∴5t10=8−4t8,
解得t=1,
∴当点E落在BC边上时,t的值为1.
(3)解:如图,设直线PE与边BC. 交于点N,
则PN//AC,
∴△BPN∽△BAC,
∴S△BPNS△BAC=(BPAB)2,
当直线PE将△ABC的面积分成1:3的两部分时,有以下两种情况:
①△PNB的面积:四边形APNC的面积=1:3,
则S△BPNS△BAC=14=(BPAB)2,
∴BP:AB=1:2,即(10−5t):10=1:2,
解得t=1;
②△PNB的面积:四边形APNC的面积=3:1,
则S△BPNS△BAC=34=(BPAB)2,
∴BP:AB=3:2,即(10−5t):10=3:2,
解得t=2−3,
综上,t的值为1或2−3.
(4)811或1013
【解析】【解答】解:(1)∵在Rt△ABC中,∠C=90°,AC=8,BC=6,
∴AB=AC2+BC2=10,
∵PD⊥AC,
∴csA=ADAP=ACAB,
∴AD5t=810,
解得:AD=4t,
故答案为:4t;
(4)分类讨论如下:
①如图所示:当点E在∠CAB的平分线上时,
则∠DAE=∠PAE=∠AED,
∴AD=DE,不符合题意;
②如图所示:当点E在∠ACB的平分线上,过点E作EF⊥AC于点F,
则∠ACE=∠BCE=45°,∠DEF=∠ADP=90°,
∵AP//DE,
∴∠A=∠EDF,
由(1)知,AP=DE,
∴△ADP≌△DEF(AAS),
∴AP=DE=5t,AD=DF=4t,DP=EF=3t,
∵∠ECF=45°,∠EFC=90°,
∴∠FEC=∠ECF=45°,
∴EF=FC=3t,
∴4t+4t+3t=8,
解得t=811,符合题意;
③如图所示:当点E在∠ABC的平分线上,过点作MK⊥AB于点K,过点E作EH⊥AB于点H,
则∠ABM=∠CBM,∠MKB=∠MKA=∠C=90°,
∵BM=BM,
∴△BMK≌△BMC(AAS),
∴BK=BC=6,MK=MC,
∴AK=4,
∵∠A=∠A,
∴△AMK∽△ABC,
∴MK:BC=AM:AB=AK:AC,
设MK=m,则MC=m,AM=8−m,
∴m:6=(8−m):10=4:8,
解得m=3,
∴MK=3,
由题意可得:△EHB∽△MKB,△EPH∽△PAD,
∴DHBD=MKBK=12,EH:PH:PE=DP:AD:AP=3:4:5,
∴EH=125t,PH=165t,BH=245t,
∴5t+165t+245t=10,
解得t=1013.
综上所述:当点E落在△ABC的角平分线上时,t的值为811或1013.
【分析】(1)利用勾股定理求出AB=10,再根据锐角三角函数计算求解即可;
(2)根据平行四边形的判定方法求出四边形APED是平行四边形,再列方程计算求解即可;
(3)根据题意先求出△BPN∽△BAC, 再分类讨论,根据相似三角形的性质计算求解即可;
(4)分类讨论,利用相似三角形的判定与性质,全等三角形的判定与性质,列方程等计算求解即可。
20.【答案】(1)解:当0
∵四边形ABCD、PQMN都是是矩形,
∴∠D=∠A=90°,∠MQP=90°,
∴∠DQM+∠DMQ=90°,∠DQM+∠AQP=90°,
∴∠DMQ=∠AQP,
∴△DMQ∽△AQP,
∴DQAP=MQQP=12,
即2−t2t=12,解得t=1;
②0
此时四边形ADQP是矩形,DQ=AP,
即t−2=12−2t,
解得t=143,
如图③,此时143
当AP=AE时,2t=2,解得t=1,
此时t的取值范围为:0
AQ=t,AP=2t,PQ=AQ2+AP2=t2+(2t)2=5t,
PE=AP−AE=2t−2,
∵以AE为直径的圆与AD相切,
∴FQ=AQ=t,
∴PF=PQ−FQ=(5−1)t,
∵∠FAP=∠EFP,∠APF=∠FPE,
∴△APF∽△FPE,
∴APFP=FPEP,
∴FP2=AP⋅EP,
[(5−1)t]2=2t×(2t−2),
解得t=1+52或t=0(舍去),
此时t=1+52;
如图⑥,当点P第二次在点E的左侧时,
12−2t=2,解得t=5,
此时5
(2) ①当点Q在边AD上,且点M落在CD上时, 由同角的余角相等得∠DMQ=∠AQP,从而利用有两组角对应相等的两个三角形相似得△DMQ∽△AQP,由相似三角形对应边成比例建立方程可求出t的值;
②如图②,此时0<t<1,当点Q、M都在DC边上,点P、N都在AB边上时,QD=t-2,AP=12-2t,此时四边形ADQP是矩形,DQ=AP,据此建立方程,求解可得t的值,如图③,此时143<t<6,综上即可得出答案;
(3)如图④,当点P在点E的左侧时,以AE为直径的圆与PQ只有一个交点,此交点即为点F,此时∠AFE=90°,当AP=AE时,2t=2,解得t=1,从而得出t的取值范围;如图⑤,当以AE为直径的圆与PQ相切时,AQ=t,AP=2t,用勾股定理表示出PQ,进而表示出PE,以AE为直径的圆与AD相切,FQ=AQ=t,判断出△APF∽△FPE,由相似三角形对应边成比例建立方程可求出t的值;如图⑥,当点P第二次在点E的左侧时,可得12-2t=2,求解得出t的值,综上即可得出答案.
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