07， 2024年内蒙古呼和浩特市中考物理三模专用卷--2024年各直辖市省及省会初中学业水平考试物理三模高度仿真试卷

这是一份07， 2024年内蒙古呼和浩特市中考物理三模专用卷--2024年各直辖市省及省会初中学业水平考试物理三模高度仿真试卷，共18页。试卷主要包含了 下列属于光的反射现象的是等内容，欢迎下载使用。

本试卷共四道大题24小题，满分70分，答题时间70分钟
一、单项选择题（本题包括12小题，每题2分，共24分）
1. 下列属于光的反射现象的是（ ）
A.激光引导掘进方向 B.碗中筷子“折断” C.墙上的手影 D.物体在水面上的倒影
【答案】D
【解析】A．激光引导掘进方向，这是光在同种均匀，透明介质中沿着直线传播，故A不符合题意；
B．碗中筷子“折断”是光的折射现象，所以看到筷子像折了一样，故B不符合题意；
C．墙上的手影，这是光在同种均匀，透明介质中沿着直线传播，故C不符合题意；
D．光传播在光滑的介质表面将会发生反射现象，物体在水面上的倒影是由于光的反射，故D符合题意。故选D。
2. 电冰箱除霜时，通过电热丝把霜加热成水，这种物态变化称为（ ）
A. 熔化 B. 液化 C. 升华 D. 凝华
【答案】A
【解析】霜是固态，吸收电热丝放出的热量变成液态的水，这个过程叫熔化，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。
3.以下说法中的物理量最接近实际的是（ ）
A. 教室的门高度大约80cm
B. 一名中学生的重量大约是50N
C. 日光灯的电流约2A
D. 两个鸡蛋的重力大约为1N
【答案】D
【解析】A．教室的门高度大约2m=200cm该试卷源自 每日更新，享更低价下载。故A不符合题意；
B．一名中学生的重量大约是500N，故B不符合题意；
C．家用电风扇正常工作时的电流约0.2A，教室中日光灯正常工作时的电流与此差不多，在0.2A左右，故C不符合题意；
D．两个鸡蛋的质量在100g=0.1kg
左右，受到的重力为
G=mg=0.1kg×10N/kg=1N
故D符合题意。故选D。
4. 某电吹风有冷风、热风两挡，如果只发热不吹风，会因温度过高引发安全事故。以下设计的电吹风电路合理的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】A．若开关闭合，只有热风，故A不符合题意；
B．若开关闭合，电动机和加热电阻一起工作，只有热风，故B不符合题意；
C．若开关不闭合，只加热，不吹风，会因温度过高引发安全事故，故C符合题意；
D．若开关S闭合，只吹冷风，再闭合S1，则吹热风，故D符合题意。故选D。
5. 如图所示，小强用水中向右的力推静止在水平地面上的箱子，但箱子没动。下列说法正确的是（ ）

A. 箱子受到的重力和地面对箱子的支持力是一对相互作用力
B. 箱子对地面的压力和地面对箱子的支持力是一对平衡力
C. 箱子受到水平方向的推力小于地面对箱子的摩擦力
D. 若此时一切外力都突然消失，箱子会静止在原地
【答案】D
【解析】A．箱子受到的重力和地面对箱子的支持力作用在同一物体上，不是一对相互作用力，故A错误；
B．箱子对地面的压力和地而对箱子的支持力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C．箱子没有运动，说明箱子处于静止状态，受到平衡力的作用，即在水平方向上，推力与摩擦力是一对平衡力，箱子受到水平方向的推力等于地面对箱子的摩擦力，故C错误；
D．若此时一切外力都突然消失，箱子将保持原来的状态，即静止状态，故D正确。
故选D。
6.我国幅员辽阔，人文自然资源丰富，下列分析正确的是（ ）
A. 新疆吐鲁番的火焰山昼夜温差大，是因为火焰山沙石比热容大
B. 云南大理的蝴蝶泉边花香四溢，是因为分子不停地做无规则运动
C. 黑龙江哈尔滨寒冷的冰雕不易融化，是因为冰雕没有内能
D. 山东潍坊的潍柴内燃机工作时，将机械能转化成内能
【答案】B
【解析】A．新疆吐鲁番的火焰山昼夜温差大，是因为火焰山沙石比热容小，白天吸收太阳能温度上升高，夜晚放出热量，温度降也大，故A错误；
B．云南大理的蝴蝶泉边花香四溢，是因为花香分子不停地做无规则运动，扩散到空气中引起嗅觉，故B正确；
C．黑龙江哈尔滨寒冷的冰雕不易融化，是因为哈尔滨冬天的温度低，任何物体都有内能，冰雕也有内能，故C错误；
D．山东潍坊的潍柴内燃机工作时，主要是将内能转化成机械能，故D错误。
故选B。
7. 如图是我国古代劳动人民运送巨木的情景。他们通过横杆、支架、悬绳、石块等，将巨木的一端抬起，垫上圆木，将其移到其他地方。下列说法正确的是（ ）

A. 横杆相当于一个动力臂大于阻力臂的杠杆，可以省距离
B. 缩短横杆上悬绳与支架之间的距离，更有利于将巨木抬起
C. 支架下端垫有底面积较大的石块是为了增大对地面的压力
D. 巨木下垫上圆木是通过改变接触面的粗糙程度来增大摩擦
【答案】B
【解析】A．横杆相当于一个动力臂大于阻力臂的杠杆，可以省力，但费距离，故A错误；
B．缩短横杆上悬绳与支架之间的距离，动力臂、阻力大小不变，阻力臂变短，根据杠杆平衡条件可知，动力变小，更有利于将巨木抬起，故B正确；
C．支架下端垫有底面积较大的石块是为了增大和地面的接触面积，减小支架对地面的压强，故C错误；
D．巨木下垫上圆木，是通过变滑动为滚动来减小摩擦，故D错误。
故选B。
8. 物理课上，老师将整个橙子放入水中，漂浮在水面上，如图甲。将其切成大小两块，再次投入水中，发现大块仍漂浮，小块缓慢沉入水底，如图乙。下列说法正确的是（ ）

A. 整个橙子的密度等于水的密度
B. 大块橙子受到的浮力大于其重力
C. 小块橙子缓慢沉入水底的过程中受到的浮力逐渐变小
D. 两块橙子受到浮力之和不可能大于整个橙子受到的浮力
【答案】D
【解析】A．整个橙子放入水中，漂浮在水面上， 整个橙子的密度小于水的密度，故A错误；
B．将其切成大小两块，再次投入水中，发现大块仍漂浮，大块橙子受到的浮力等于其重力，故B错误；
C．小块橙子缓慢沉入水底的过程中，体积不变，排开水的体积不变，由阿基米德原理可知其受到的浮力不变，故C错误；
D．整个橙子在水中漂浮，所受浮力等于其重力。将其切成大小两块，再次投入水中，大块橙子受到的浮力等于自身重力，小块橙子受到的浮力小于自身重力，两块橙子受到浮力之和小于整个橙子受到的浮力，故D正确。故选D。
9. 如图是一般住宅户内配电系统方框图，下列说法正确的是（ ）
A. E处应接入空气开关，F处接入电能表
B. 若空气开关自动跳闸，一定是发生了短路
C. 发现有人触电，应立即用手拉开
D. 控制电灯的开关连接错误
【答案】D
【解析】A．家庭电路中，进户线进入家庭后首先要安装电能表，然后再安装空气开关，故A错误；
B．空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路电流过大的原因有两个：一是短路；二是总功率过大，故B错误；
C．当发现有人触电时，首先要做的是切断电源。如果立即用手拉，由于人体导体，拉人者也会触电，故C错误；
D．如图可知，控制灯泡的开关接在了零线上，这样即使开关断开，灯泡仍然带电，非常危险，正确的接法是开关接在火线上，故D正确。故选D。
10. 下列关于电与磁的说法正确的是（ ）

A. 图甲：磁感线是真实存在的，小磁针的北极指向地理的北极
B. 图乙：铁钉上端是电磁铁的N极，P向左移能吸引更多铁钉
C. 图丙：只对调磁极，线圈的转动方向不会发生改变
D. 图丁：闭合开关，导体ab竖直向上运动，电流表指针偏转
【答案】B
【解析】A．磁感线是假想的分布在磁体周围的曲线，不是真实存在的，小磁针的北极指向地理的北极，故A错误；
B．电流从电磁铁的上端流入，由安培定则可知铁钉上端是电磁铁的N极，P向左滑动，接入电路的电阻阻值变小，电流变大，磁性变强，能吸引更多铁钉，故B正确；
C．通电线圈在磁场中的转动方向与磁场方向和电流方向有关，只对调磁极，磁场的方向发生改变，线圈的转动方向发生改变，故C错误；
D．闭合开关，导体ab竖直向上运动，运动方向与磁感线方向平行，不能切割磁感线，不能产生感应电流，电流表指针不偏转，故D错误。
故选B。
11.如图所示，闭合开关S，滑动变阻器滑片P移动过程中，灯突然熄灭，电压表和电流表均无示数。若电路中仅有一处故障，则故障不可能是（ ）

A. 电流表接线松开B. 小灯泡L断路C. 滑动变阻器R断路D. 开关S接触不良
【答案】B
【解析】A．如果电流表接线松开，电路断路，灯泡不亮，电压表和电流表均无示数，故A不符合题意；
B．小灯泡L断路，电压表串联在电路中，电压表的内阻很大，通过电路的电流很小，电压表有示数，电流表没有示数，灯泡不亮，故B符合题意；
C．滑动变阻器R断路，电路断路，灯泡不亮，电压表和电流表均无示数，故C不符合题意；
D．开关S接触不良，电路断路，灯泡不亮，电压表和电流表均无示数，故D不符合题意。
故选B。
12. 如图所示，在“探究电流与电阻的关系”时，电源电压恒为，可选用、、的电阻，滑动变阻器规格为“”，电压表（量程为），电流表（量程为）。下列说法正确的是（ ）

A. 将由换成，不需要调节滑动变阻器
B. 调节滑动变阻器的过程中，应观察电流表的示数
C. 实验中可保持两端电压为
D. 将由换成，正确操作后滑动变阻器的功率将变小
【答案】D
【解析】AD．探究电流与电阻的关系，要控制电压不变，将由换成，根据串联分压原理可知，两端电压会增大，要使电压保持不变，需增大滑动变阻器所分电压，需调节滑动变阻器，增大其电阻；滑动变阻器两端电压不变，电阻增大，根据公式可知，滑动变阻器的功率将变小，故A错误，D正确；
B．调节滑动变阻器的目的是控制定值电阻电压不变，所以调节滑动变阻器的过程中，应观察电压表的示数，故B错误；
C．实验中若保持两端电压为3V，当时，电路电流为
会损坏滑动变阻器，故C错误。故选D。
二、实验题（本题包括4小题，每题3分，共12分）
13. 图甲是“探究海波熔化时温度的变化规律”的实验装置。实验时将装有海波的试管放到水中加热，而不用酒精灯直接给试管加热，这样做既可以使海波受热______，又可以使海波的温度上升较慢，便于记录数据。根据实验数据绘制的图象如图乙所示，由图象可知海波是______，第时海波处于______（填物质的状态）。
【答案】 均匀 晶体 液态
【解析】将装有海波的试管放入水中加热，这是水浴法，采用水浴法，可以时海波受热比较均匀，并且温度变化比较慢，便于记录实验温度。
由图乙可知，海波在熔化过程中，温度保持48℃不变，海波为晶体。
由图乙可知，第9min海波已经熔化结束，处于液态。
14.小宇同学有一次用爷爷的放大镜（焦距为10cm）看窗外的物体时.发现看到的物体是倒立的，心里想：放大镜成像到底有什么规律呢？于是他从实验室借来一架光具座，一个光屏、一根蜡烛，进行实验探究：
（1）在图中的装置上保持放大镜的位置不变，将蜡烛移至光具座20cm刻度线处，移动光屏发现烛焰在光屏上成倒立，缩小的像。根据这个原理可制成______（选填“照相机”或“投影仪”）；
（2）向右将蜡烛移至光具座35m刻度线处，移动光屏至某位置，烛焰在光屏上成一倒立、______（选填“缩小“，“放大”或“等大“）的像；
（3）继续向右将蜡烛移至光具座45cm刻度线处，小宇同学发现无论怎么移动光屏，在光屏上都得不到像。这是因为此时烛焰通过凸透镜成的是______（选填“实像”或“虚像”）。
【答案】（1）照相机 （2）放大 （3）虚
【解析】（1）凸透镜焦距为10.0cm，将蜡烛移至光具座20.0cm刻度线处，此时物距为30.0cm，物距大于二倍焦距，移动光屏发现烛焰在光屏上成倒立，缩小的像，与照相机成像特点相同。
（2）将蜡烛移至光具座35.0cm刻度线处，此时物距为15.0cm，物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据凸透镜成像规律，此时成倒立、放大、实像，与投影仪成像特点相同。
（3）将蜡烛移至光具座45.0cm刻度线处，此时物距为5.0cm，物距小于焦距，成正立、放大、虚像，虚线不能在光屏上呈现，所以小宇同学发现无论怎么移动光屏，在光屏上都得不到像。
15. 在“探究杠杆的平衡条件”的实验中（所用的钩码质量均相同）：
（1）如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将螺母适当向______调节；
（2）如图乙所示，实验时，为使杠杆在水平位置平衡，应该在点A处悬挂______个钩码；
（3）人类很早以前就会使用杠杆了。图丙是我们的祖先在建造宫殿时利用木杆撬动沉重木料时的情景。由此过程可知，其中木杆属于______杠杆。
【答案】 （1）右 （2） 1 （3）省力
【解析】（1）由图所示，杠杆右端上翘，说明左端重，右端轻。为使杠杆在水平位置平衡，应将螺母适当向右调节。
（2）由于所用的钩码质量均相同，设一个钩码的质量为m，则一个钩码的重力为G=mg；杠杆上每一小格的长为L，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可知，作用在A点的动力为
故在应该在点A处悬挂1个钩码。
（3）由图可知，利用木杆撬动沉重木料时，动力臂大于阻力臂，故木杆属于省力杠杆。
16. 在“用伏安法测小灯泡电阻”的实验中，待测小灯泡额定电压为2.5V。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲的实物图未连接部分补充完整（连线不得交叉）________；
（2）当开关闭合后，发现小灯泡不亮，电压表示数接近电源电压，电流表无示数，可能是因为________；
（3）根据I-U图像，如图乙所示，分析图像可知，小灯泡正常工作时电阻为________Ω.
【答案】（1） （2）灯泡断路 （3）10
【解析】（1）用伏安法测小灯泡电阻时，电流表要串联在电路中，电压表要并联在灯泡两端测灯泡两端的电压，依题意可知，待测小灯泡额定电压为2.5V，没有超过3V，所以电压表接0~3V的量程，由乙图可知，通过小灯泡的电流没有超过0.6A，所以电流表接0~0.6A的量程，实物图连接如图所示：
（2）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，当开关闭合后，发现小灯泡不亮，电流表无示数，串联电路无电流，则故障是断路，电压表示数接近电源电压，则故障是灯泡断路，电压表串联在电路中测电源电压。
（3）由乙图可知，小灯泡额定电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为0.25A，由可知，小灯泡正常工作时电阻为
（4）I-U图像的斜率为电阻的倒数，由图像可知，小灯泡灯丝两端的电压增大时，图像的斜率变小，说明在变小，即电阻在变大，所以小灯泡灯丝两端的电压增大时，其电阻在变化且在变大。
三、计算题（本题包括4小题，每题4分，共16分）
17. 如图所示电路，电源电压恒为3V。闭合开关S，电流表的示数为0.5A，干路电流，设灯丝电阻不变，求：
（1）通过灯的电流。
（2）灯消耗的电功率。

【答案】（1）1A；（2）3W
【解析】（1）由图可知，灯泡L1和L2并联，电流表测量通过L2的电流。根据并联电路的电流特点可知，通过L1的电流
（2）根据并联电路的电压特点可知，灯泡L1与L2的电压相等，都等于电源电压，即
灯L1消耗的电功率
18. 物理实验室里，同学们正在认真的完成“探究浮力的大小跟排开液体重力的关系”的实验。小明将重5N的物体浸没水中后，弹簧测力计的示数如图所示。（，）
（1）求水对物体浮力大小?
（2）求该物体的体积?

【答案】（1）；（2）
【解析】（1）由图可知，弹簧测力计的示数为F=2.6N，则物体受到的浮力
F浮=G-F=5N-26N=2.4N
（2）根据公式F浮=ρ水gV排可知，物体排开水的体积
由于物体浸没水中，所以物体体积
答：（1）水对物体浮力为；
（2）该物体的体积为。
19. 建筑工人用如图所示的滑轮组匀速提升货物，当货物的重力为300N时，工人对绳施加的拉力为200N，不计绳重与摩擦。求：
（1）动滑轮的重力G动；
（2）此时滑轮组的机械效率η。
【答案】（1）动滑轮的重力G动为100N；
（2）此时滑轮组的机械效率η为75%。
【解析】（1）由图可知，有两段绳子拉着动滑轮，不计绳重与摩擦，根据F＝（G+G动）可知，动滑轮的重力为：G动＝nF﹣G＝2×200N﹣300N＝100N；
(2)不计绳重与摩擦，滑轮组的机械效率为：η＝＝＝＝＝75%。
20. 在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变。R1为定值电阻。闭合开关S，将滑动变阻器R2的滑片P从最左端滑到最右端，两电压表示数随电流表示数变化的完整图像如图乙所示。求：
（1）电源电压和定值电阻R1的阻值；
（2）滑动变阻器R2的最大值和它消耗的最大功率。

【答案】（1）8V；10Ω；（2）30Ω，1.6W
【解析】（1）由图甲可知，开关闭合，R1和R2串联，电压表V1测R1的两端电压，电压表V2测的是R2的两端电压，电流表测的是电路电流。当滑动变阻器R2的滑片P从最左端滑到最右端的过程中，R2接入电路电阻变小，电路总电阻变小，根据欧姆定律可得，电路的电流变大，R1的两端电压变大，根据串联分压原理可知，R2的两端电压变小，由图乙知，向上的图线反映的是电压表V1示数随电流表示数变化的图像，向下的图线反映的是电压表V2示数随电流表示数变化的图像。由图乙可知，当电路电流为I=0.4A时，两电压表的示数均为4V，即
根据串联电路的电压特点可得，电源电压为
根据欧姆定律可得，定值电阻R1的阻值为
（2）当滑片P在最左端时，R2接入电路的阻值最大，此时电压表V2的示数为6V，即为此时R2的两端电压，根据串联电路电压特点可得，此时R1的两端电压为
根据欧姆定律可得，此时通过R1的电流为
即为此时的电路电流。根据欧姆定律可得，此时R2接入电路的阻值为
即为滑动变阻器R2的最大值。滑动变阻器R2消耗的功率为
当时，P2最大，即
答：（1）电源电压为8V，定值电阻R1的阻值为10Ω；
（2）滑动变阻器R2的最大值为30Ω，它消耗的最大功率为1.6W。
四、综合题（本题包括4小题，21、22每题4分，23、24每题5分，共18分）
21. 阅读短文，回答问题。
戈壁滩上的“向日葵”
在甘肃省敦煌市西南方向约15千米的戈壁滩上有一处充满科幻感的设施（如图甲所示），这是目前全球装机容量第二的熔盐塔式产热电站。光热电站的镜场面积约140多万平方米，1万多面巨大的定日镜在计算机的精确控制下，能如同向日葵一样随着太阳位置变化而变化，使太阳光时刻都能聚集到260米高的吸热塔的吸热器上。

在北半球的正午，太阳光由南往北倾斜照射，位于吸热塔北面的定日镜，阳光的入射角极小，定日镜的面积可以全部作为有效面积反射阳光。而位于吸热塔南面的定日镜，阳光的入射角很大，反射阳光的有效面积大大缩小了。
在塔式太阳能热发电系统中，吸热器是最关键的核心部位，吸热器内部有多个平行排列的吸热管组成的管屏，它将定日镜所捕捉到的太阳光直接转化为可以高效利用的内能，将能量存储在液态熔盐中，为汽轮发电机组提供所需的热源。
（1）太阳能光热电站利用平面镜________太阳光，聚集到吸热塔上进行加热。在镜阵最外层的大圈，定日镜呈现明显的分布不对称，吸热塔南边的定日镜比北边少，原因是__________。
（2）请结合图乙完成太阳能光热发电的能量转化流程图________。
（3）熔盐储热是利用高温熔化状态下的无机盐把能量储存起来，当熔盐温度______________时，便可把储存的内能释放出来，可以实现24小时均有高温熔盐推动汽轮机工作，实现持续发电。
【答案】（1）反射 南面的定日镜，阳光的入射角大，有效反射面积小
（20
（3）降低（或下降）
【解析】（1）由短文中“在北半球的正午，太阳光由南往北倾斜照射，位于吸热塔北面的定日镜，阳光的入射角极小，定日镜的面积可以全部作为有效面积反射阳光。”说明太阳能光热电站利用平面镜反射太阳光。
在镜阵最外层的大圈，定日镜呈现明显的分布不对称，吸热塔南边的定日镜比北边少是因为吸热塔南面的定日镜，阳光的入射角很大，反射阳光的有效面积缩小了。
（2）吸热器内部有多个平行排列的吸热管组成的管屏，它将定日镜所捕捉到的太阳光直接转化为可以高效利用的内能，即吸热管把太阳能转化为内能存储在液态熔盐中，又转化为汽轮发电机组的机械能推动汽轮发电机组转动，发电机组又把机械能转化为电能，故太阳能光热发电的能量转化流程图是太阳能→内能→机械能→电能。
（3）熔盐储热是利用高温熔化状态下的无机盐把能量储存起来，要把储存的内能释放出来，即放热，故熔盐要发生凝固，凝固过程温度下降。
22. 随着生活水平的不断提高，家用电器种类越来越多，电能的消耗也逐渐增大。实践小组对家庭用电情况产生了研究兴趣，并进行了调查研究。
任务一：小组成员对各自家庭2022年下半年的用电情况进行了调研，并制作了所调查家庭下半年每月平均电费统计表，表格如下。
（电费价格不变）
任务二：根据表中数据在图中绘制出“电费一月份”图像________。分析图像可以获取的信息是________（写出一条即可）。

任务三：节约能源应从点滴做起，请你提出一条节约用电的措施________（合理即可），并说明理由________。
【答案】 ①. ②. 7月份消耗电能最多 ③. 及时关灯 ④. 电功率一定，减少使用时间，根据W=Pt，可减少电能消耗
【解析】
【详解】[1]根据表中数据在图中绘制出“电费一月份”图像，图像如下：

[2]分析图像可知，七月份的电费最多，即消耗的电能最多。
[3]节约能源应从点滴做起，如及时关灯。
[4]电功率一定，减少使用时间，根据W=Pt，可减少电能消耗。
23. 多米诺骨牌是一种用木制、骨制或塑料制成的长方体骨牌，起源于中国北宋时期，由意大利传教士带往欧洲。玩时将骨牌按一定间距排列成各种造型（如图甲），轻轻碰倒第一张骨牌，其余的骨牌就会产生连锁反应，依次倒下（如图乙）。多米诺骨牌效应的说法被广泛用来比喻许多社会现象。用物理学知识对多米诺骨牌效应发生过程进行分析：
（1）在骨牌依次击倒的过程中，骨牌的重心如何变化？
（2）骨牌依次击倒，从能量的角度分析，涉及到不同形式的能量间的转化，请分析其中的能量转化情况？
【答案】 （1）重心降低 （2）重力势能转化为动能
【解析】（1）实际上，每张骨牌的重心先微小提升，然后有明显的降低，整体而言重心是降低的。
（2）骨牌倒下时质量不变，重心会降低，所以其重力势能会减小；重力势能减小后会使得骨牌倒下速度增大，动能增大，重力势能转化为了动能。
24. 小明给家里买电热水壶，他测试了价格相同的甲、乙两款电热水壶，它们的铭牌如图所示。均正常工作，都把质量为1kg的水从20℃加热到42℃，甲用时125s，乙用时120s。【】
（1）甲电热水壶正常工作时电阻是多大？
（2）质量为1kg的水从20℃加热到42℃，吸收的热量是多少？
（3）如果从甲或乙中选择一款节能的电热水壶，通过计算分析，他应该选择哪一款？

【答案】（1）；（2）；（3）甲电热水壶更节能，选择甲电热水壶
【解析】（1）由可得甲电热水壶正常工作时电阻为
（2）质量为1kg的水从20℃加热到42℃，吸收的热量为
（3）把质量为1kg的水从20℃加热到42℃，甲电热水壶用电量为
乙电热水壶用电量
因为，所以甲电热水壶更节能，选择甲电热水壶。
答：（1）甲电热水壶正常工作时电阻是；
（2）质量为1kg的水从20℃加热到42℃，吸收的热量是；
（3）甲电热水壶更节能，选择甲电热水壶。月份
7
8
9
10
11
12
电费/元
90
80
50
76
68
86