2024年江苏省南京市浦口区桥林中学，星甸中学联考中考模拟预测物理试题（原卷版+解析版）

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1. 如图所示的四个选项中，符合原子的核式结构的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】原子的核式结构是原子核处于原子的中心，带正电，带负电的电子在原子核外绕核做圆周运动，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
2. 下列物体中的物质属于气态的是（ ）
A. 紫色的碘蒸气
B. 雾
C. 高空喷气式飞机飞过后的白色飞机尾迹
D. 干冰
【答案】A
【解析】
【详解】A．紫色的碘蒸气是气态，故A符合题意；
B．雾是液态，故B不符合题意；
C．高空喷气式飞机飞过后的白色飞机尾迹是液态，故C不符合题意；
D．干冰是固态的二氧化碳，故D不符合题意。
故选A。
3. 我国有着灿烂的诗词文化，很多诗词中蕴含着物理知识。下列说法正确的是（ ）
A. “潭清疑水浅”，水变浅是光的折射现象
B. “池水映明月”，水中有明月是光的折射现象
C. “日影化为虹”，彩虹的形成是光的直线传播现象
D. “起舞弄清影”，影子的形成是光的反射现象
【答案】A
【解析】
【详解】A．水变浅是水底反射光进入空气时发生了折射，且折射角大于入射角，人逆着折射光看过去，看到水底形成的虚线在水底的上方，属于的折射现象，故A正确；
B．水中有明月属于平面镜成像，是光的反射现象，故B错误；
C．彩虹的形成是光的色散现象，故C错误；
D．影子的形成是光的直线传播造成的，故D错误。
故选A。
4. 如图所示，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪开的过程中，手施加的动力F的变化情况是（ ）
A. 变大B. 变小C. 不变D. 无法确定
【答案】A
【解析】
【详解】用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪开的过程中，动力臂和阻力大小不变，阻力臂越来越大，根据杠杆的平衡条件可知，动力越来越大，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. 下列与压强有关的生活实例的说法，正确的是（ ）
A. 甲图：蚊子能轻而易举地用口器把皮肤刺破，说明压力的作用效果跟压力大小有关
B. 乙图：大坝被建成“上窄下宽”，是因为水对坝体侧面的压强随水的深度增大
C. 丙图：高原边防哨所战士用压力锅煮面条，是因为海拔越高，大气压越大
D. 丁图：人必须站在安全线以外的区域等候，是因为的流速越大的位置，压强越大
【答案】B
【解析】
【详解】A．蚊子口器比较尖，与皮肤之间的受力面积小，轻易把皮肤刺破，说明压力的作用效果跟受力面积大小有关，故A错误；
B．液体压强随深度的增大而增大，拦河大坝下面修得很宽是为了能承受更大的压强，故B正确；
C．气压随着高度的升高而降低，而沸点随着气压的降低而降低。图中，青藏高原地势高，气压低，水的沸点低，所以边防战士用高压锅煮面条以增大气压，提高水的沸点，更容易煮熟实物，故C错误；
D．火车进站时，人必须站在安全线以外的区域候车，是因为气体流速越大的位置，压强越小，而不是压强越大，故D错误。
故选B。
6. 瀑布从高峰倾泻而下，驱动发动机转动发电，在此过程中，能量转化的顺序为（ ）
A. 动能→重力势能→电能B. 重力势能→动能→电能
C. 电能→重力势能→动能D. 重力势能→电能→动能
【答案】B
【解析】
【详解】瀑布中的水在高处时具有重力势能，当水从高处倾泻而下时，将水的重力势能转化为动能，冲动发电机的叶轮旋转，从而将动能转化为电能。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
7. 用两个相同的电加热器分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的关系图像如图所示。下列说法中正确的是（ ）
A. 加热相同的时间，甲液体的温度变化量小于乙液体的温度变化量
B. 温度变化量相同时，甲液体的加热时间大于乙液体的加热时间
C. 用加热时间的长短可以反映两种液体吸收热量的多少
D. 根据质量、加热时间和温度变化信息，可以推算出甲液体的比热容大于乙液体的比热容
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图像可知，加热器相同，质量和初温相同的不同液体，加热相同的时间，即吸收的热量相同时，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，即甲液体的温度变化量大于乙液体的温度变化量，故A错误；
BD．由图像可知，加热相同的时间，即吸收的热量相同时，甲液体升高的温度大于乙液体升高的温度，则甲液体的比热容小于乙液体的比热容。由Q吸=cmΔt可知，质量相同、要使温度变化量相同，比热容小的液体吸收的热量少，则甲液体的加热时间小于乙液体的加热时间，故BD错误；
C．因为在其他条件相同的情况下，加热时间越长，表示电加热器放出的热量越多，而放出的热量又是被液体所吸收。故加热时间越长，被加热的液体吸收的热量就越多。所以用加热时间的长短可以反映两种液体吸收热量的多少，故C正确。
故选C。
8. 小安在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的凸透镜A固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，移动光屏至65cm刻度线处，烛焰在光屏上成清晰的像，如图所示。下列说法中正确的是（ ）
A. 如图所示的实验现象，可以说明幻灯机的成像特点
B. 若将蜡烛移至距凸透镜35cm刻度线处，移动光屏，直到光屏上呈现烛焰清晰的像，此时像距和像的大小都变大
C. 若将蜡烛移至光具座上45cm刻度线处，从透镜的右侧通过透镜可看到烛焰倒立的像
D. 在图中，把透镜B放在蜡烛与凸透镜A之间适当位置（图中未画出），将光屏向凸透镜A的方向移动才能呈现烛焰清晰的像，说明透镜B对光线有会聚作用
【答案】BD
【解析】
【详解】A．由图可知，此时物距为
u=50.0cm-20.0cm=30.0cm
u>2f，根据凸透镜成像规律可知，烛焰成倒立、缩小的实像，利用此原理制成了照相机，故A错误；
B．将蜡烛移至距凸透镜35cm刻度线处，即物距变小，则像距变大，同时像也变大，故B 正确；
C．将蜡烛移至光具座上45cm刻度线处，此时物距为
u′=
uD．将光屏向凸透镜A的方向移动才能呈现烛焰清晰的像，说明烛焰的像更靠近了凸透镜，这是因为放置的透镜可以会聚光线，故D正确。
故选BD。
9. 小东在一根均匀木杆的一端缠上少许铜丝，使得木杆放在液体中能竖直漂浮，从而制成一支简易密度计。小东将它分别放入甲、乙两种不同液体中，静止后如图所示。若两种液体的密度分别为、，静止时密度计所受的浮力分别为、，则下列说法正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】AB．密度计都漂浮，受到的浮力都等于密度计受到的重力，因为密度计的重力不变，则静止时密度计所受的浮力相等，即，故AB错误。
CD．由图知，密度计排开液体的体积v甲＞v乙，密度计所受的浮力相等，根据阿基米德原理可知，浮力相等时，排开液体体积越大，液体密度越小，则，故C错误，D正确。
故选D。
10. 甲、乙两小车沿同一直线相向而行，其s-t图像如图（a）、（b）所示。当甲经过P点时，乙刚好经过Q点，再过3秒，甲、乙两车相距4米，则P、Q两点间的距离（ ）
A. 可能为8米B. 可能为12米
C. 一定为16米D. 一定为20米
【答案】B
【解析】
【详解】甲、乙两小车沿同一直线相向而行，如图所示：
由图可知，经过3s，甲乙通过的路程分别为s甲=6m，s乙=10m。
A．如果P、Q两点间的距离为8m，经过3s，甲车和P点的距离是6m，乙车经过P点，乙和P点的距离是
10m-8m=2m
甲、乙两车相距
6m+2m=8m
故A不符合题意；
B．如果P、Q两点间距离为12m，经过3s，甲车和P点的距离是6m，乙车和P点的距离是
12m-10m=2m
甲、乙两车相距
6m-2m=4m
故B符合题意；
C．如果P、Q两点间的距离为16m，经过3s，甲车和P点的距离是6m，乙车和P点的距离是
16m-10m=6m
乙两车相距
6m-6m=0m
故C不符合题意；
D．如果P、Q两点间的距离为20m，经过3s，甲车和P点的距离是6m，乙车和P点的距离是
20m-10m=10m
乙两车相距
10m-6m=4m
由选项B可知，P、Q两点间的距离可能是12m，不一定是20m，故D不符合题意。
故选B。
11. 小东将电子秤放在水平桌面上并调零，然后将溢水杯放到电子秤上，按实验操作规范将溢水杯中装满水，如图甲所示。然后将一木块（）轻轻放入溢水杯的水中，木块最终漂浮在水面，并用小烧杯承接溢出的水，如图乙所示。则下列四个选项中判断正确的是（ ）
A. 甲图中水对溢水杯底的压力比乙图中水对溢水杯底的压力大
B. 甲图中水对溢水杯底的压强比乙图中水对溢水杯底的压强小
C. 甲图中电子秤示数大小等于乙图中电子秤示数大小
D. 木块在水中漂浮时，木块受到的重力大于木块排开水的重力
【答案】C
【解析】
【详解】AB．木块浸在水中静止时与木块未浸入水中时相比，溢水杯中水的深度不变，根据公式可知，水对溢水杯底的压强不变，根据公式F=pS可知，水对溢水杯底的压力不变，故AB错误。
CD．木块在水中漂浮，受到的浮力等于木块的重力，根据阿基米德原理，浮力等于排开液体的重力，则木块的重力等于溢出水的重力，则溢水杯的总重力不变，则甲图中电子秤示数大小等于乙图中电子秤示数大小，故C正确，D错误。
故选C
12. 如图所示，电源电压不变，a、b、c为电流表或电压表。只闭合S1时，a表无示数，b表有示数，c表有示数且示数随滑片P的移动发生变化。则（ ）
A. a表是电压表
B. 先闭合S1、S2，再闭合S3，a表示数无变化
C. S1、S2、S3都闭合，移动滑片P，a、b两表示数无变化
D. S1、S2、S3都闭合，b表示数除以a表示数等于电阻R1的阻值
【答案】C
【解析】
【详解】A．只闭合S1时，a、b两表串联，由a表无示数、b表有示数可知，a表应为电流表，b表应为电压表，c表在干路中有示数且示数随滑片P的移动发生变化，说明c表是电流表，此时只有R3的简单电路，电流表测量通过R3的电流，故A不符合题意；
B．先闭合S1、S2，c电流表将R1和R2短路，只有R3的简单电路，a电流表和b电压表串联，a表示数为零，再闭合S3，R1、R2和R3并联，a电流表测量R1和R2的电流，a电流表有示数，故B不符合题意；
CD．S1、S2、S3都闭合，R1、R2和R3并联，a电流表测量R1和R2的电流，电压表测量电源电压，移动滑片P，电压表示数不变，由并联电路的特点可知a表的示数不变，由欧姆定律可知b表示数除以a表示数等于电阻R1和R2的总阻值，故C符合题意，D不符合题意。
故选C。
13. 一节新干电池的电压是________V，功率为1kW的用电器工作 0.5 h，消耗的电能为____________度，丹麦物理学家奥斯特发现电流周围存在________________。
【答案】 ①. 1.5 ②. 0.5 ③. 磁场
【解析】
【详解】[1]不同的电源有不同的电压，一节新干电池的电压是1.5V。
[2]1 kW的用电器工作 0.5 h，消耗的电能为
[3]丹麦物理学家奥斯特发现给导体通电时，导线周围的小磁针会发生偏转，说明电流周围存在磁场。
14. “天宫一号”飞船逐渐靠近空间站，空间站相对于飞船是__________（选填“静止”或“运动”）的，助推器喷气使飞船的速度变快，这说明力能改变物体的___________，在运动过程中飞船的惯性______________。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
【答案】 ①. 运动 ②. 运动状态 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]“天宫一号”飞船逐渐靠近空间站，以飞船为参照物，空间站离飞船的距离越来越近，空间站的位置发生了变化，因此空间站是运动的。
[2]助推器喷气产生推力使飞船的速度变快，飞船的运动状态发生变化，说明力能改变物体的运动状态。
[3]惯性是物体固有的一种属性，质量是物体惯性大小的量度，物体质量不变，惯性不变，运动中的飞船质量不变，则飞船的惯性大小不变。
15. 如图所示，体温计的示数为___________。
【答案】36.5
【解析】
【分析】
【详解】体温计的分度值为0.1，体温计的示数,36.5。
16. 生活中蕴含着很多物理知识：近视眼镜是利用凹透镜对光的 ___ 作用制成的；照相机照相是利用凸透镜对光的 ___ 作用成像的；（均选填“会聚”或“发散”）潜望镜是利用平面镜可以改变光的 ___ 的原理制作。
【答案】 ①. 发散 ②. 会聚 ③. 传播方向
【解析】
【详解】[1]凹透镜对光线有发散作用，近视眼会将物体的像呈在视网膜之前，凹透镜可以矫正近视眼。
[2]照相机照相是利用凸透镜对光的会聚作用成像的
[3]潜望镜是利用平面镜可以改变光的传播方向这一原理制作而成的。
17. 如图甲所示，此时大气压强等于______mm水银柱产生的压强；受此实验的启发，小明自制了一个气压计如图乙所示，把此装置从山脚带到山顶的过程中，玻璃管中液面的高度将 ______（选填“上升”或“下降”），这表明瓶外的大气压在 ______（选填“变大”或“变小”）。
【答案】 ①. 750 ②. 上升 ③. 变小
【解析】
【详解】[1]当玻璃管内的水银静止时，大气压强就等于玻璃管内水银柱的压强，根据公式p=ρ液gh可知，液体压强大小与液体密度和深度有关，其中液体深度是指液体内某点到液面的竖直高度，所以此时大气压强等于750mm水银柱产生的压强。
[2][3]把此装置从山脚带到山顶的过程中，玻璃管中液面的高度将上升，这是因为海拔越高，大气压越低，小于瓶内气压，瓶内气体把液体压向瓶外，液面上升。
18. 在图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R2＝2R1。闭合开关S，电压表的示数为U0，电路正常工作。一段时间后，电压表的示数变为零。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1或R2上。现提供一个完好的电阻R3（R3＝R2）来替换图电路中的一个电阻，从而判断故障，请写出电阻R3替换的对象、闭合开关S后电压表的示数及对应的故障。
【答案】见解析
【解析】
【详解】由图知道，两电阻并联，电压表测量R1两端的电压，根据题意知道，电阻R2＝2R1，由于“闭合开关S，电压表的示数为U0，电路正常工作”，由串联电路电压与电阻关系的特点知道，电源电压是3U0。
根据题意知道，一段时间后，电压表的示数变为零，又因为“电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1或R2上”，所以，电路的故障应是R1短路或R2断路。由于电阻
R3＝R2
所以，当用R3替换R1时，若电压表V示数为1.5U0，则说明R1短路，若电压表V示数为零，则R2断路。
19. 如图甲所示，质量均匀分布的实心正方体放在水平地面上，对地面的压强为p0.现按图乙方式沿对角线将上半部分切除后，剩余部分对地面的压强p1=___________，若将切除部分按图丙方式放置在地面上，对桌面的压强p2___________p1（选填“>/=/<”）；若该正方体按图丁方式沿A、B、C、D面将右边部分切除，则剩余部分对地面压强p3___________p1（选填“>/=/<”）。
【答案】 ①. ②. < ③. =
【解析】
【详解】[1]设正方体的重力为G，底面积为S，正方体对地面的压力的大小为G， 对地面的压强
乙图沿角线切除后， 剩余部分对地面的压力等于剩余部分的重力，大小为 ，受力面积不变，剩余部分对地面的压强
[2]按图丙放置时，切下来的部分对地面的压力 ，图丙中受力面积 ，由 可知
[3]图丁中，设正方体的边长为a，切去部分边长为l，正方体的密度为，则有切去后剩余部分的体积为，剩余部分对地面的压强
图乙中，剩余部分的体积 ，对地面的压强
由上述分析可知
20. 在图中，根据光穿过透镜时的光路图，在方框中填入一个适当的透镜。
【答案】
【解析】
【详解】由题意可知水平光线透过此透镜折射后光线相对于入射光线远离了主光轴，即该透镜有发散作用；其中凸透镜能使光线会聚，凹透镜能使光线发散，所以该透镜是凹透镜，如图所示：
21. 图甲为2022年北京冬奥会上，我国运动员苏翊明沿斜坡滑雪的示意图，请在图乙中画出人正向下滑时的受到的重力和摩擦力的示意图。（忽略空气阻力）
【答案】
【解析】
【详解】运动员苏翊明沿斜坡滑雪时受到的重力竖直向下，摩擦力沿斜面向上，作用点都在重心O点，从O点开始，分别沿重力和摩擦力的方向画一条有向线段，并分别在线段末尾标上字母G和f，如下图
22. 请在图中标出通电路线管的N极、磁感线方向和电源的正、负极。
【答案】
【解析】
【详解】由同名磁极相排斥，异名磁极相吸引得，螺线管的左端是N极，右端是S极；由安培定则：右手拇指指向螺线管N极，四指指向电流方向得，电流从螺线管右端进入，左端流出；电路中电流从电源正极流向电源负极，因此电源右端为正极，左端为负极，如图所示：
23. 在探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”实验中，某实验小组用图甲所示的装置进行实验。
（1）用图甲所示的实验步骤进行实验，为减小测量误差并使操作最简便，最合理的操作步骤是 _____（填字母）；
（2）如图甲所示，物体受到的浮力F浮＝_____，物体排开液体的重力G排＝_____。若它们相等，则阿基米德原理成立（两空均用测力计示数所对应的字母表示）；
（3）在实验过程中，若，造成这种结果的原因不可能是 _____（填字母）了；
A．最初溢水杯中的水未装至溢水口
B．整个实验过程中，弹簧测力计都没有调零
C．步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯的底部
（4）另一实验小组设计了方案二，如图乙所示。将装满水的溢水杯放在升降台G上，缓慢调高升降台，且容器不与重物接触时，发现随着重物浸入水中的体积越来越大，弹簧测力计E的示数 _____（选填“变大”“变小”或“不变”），且弹簧测力计E示数的变化量 _____F示数的变化量（选填“大于”“小于”或“等于”），从而证明了 。
【答案】 ① BACD ②. ③. ④. B ⑤. 变小 ⑥. 等于
【解析】
【详解】（1）[1]为了减小误差并使操作最简便，可以先测量小桶的重力，再测量物体的重力，故顺序为BACD。
（2）[2]根据 可知，如图甲，A步骤中测的小石块的重力为F1，C步骤中小石块浸没在水中时，弹簧秤的读数为F2，石块浸没在水中受到的浮力
[3]由B、D两图可知，石块排开水的重力
若它们相等，则阿基米德原理成立。
（4）[4] A．最初溢水杯中的水未装至溢水口，会使测得的减小，出现，故A不符合题意；
B．若弹簧测力计都没有校零，那么四次测量结果都应加上测量前弹簧测力计示数，那么所得浮力与排开水的重力大小应不变，故B符合题意；
C．步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯的底部，不影响的大小，但会使F4的值减小，的值增大，出现，故C不符合题意。
故选B。
（4）[5][6]方案二：重物浸入水中的体积越来越大时，重物排开液体的体积变大，物体受到的浮力越大，弹簧测力计E的示数减小；重物排开液体的体积变大，随着小桶中水的增多弹簧测力计E的示数增大，而且弹簧测力计E示数的变化量等于F示数的变化量，从而证明了 。
24. 小华探究杠杆平衡条件时，使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离相等．如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向____（选填“左”或“右”）端调节．杠杆水平后，在杠杆上的A点悬挂了2个钩码，如图乙所示，为使杠杆保持水平平衡，应在B点悬挂____个钩码．
【答案】 ①. 右 ②. 3
【解析】
【详解】如图甲所示，杠杆左端偏低，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向右端调节．
杠杆水平后，在杠杆上的A点悬挂了2个钩码；
设每个钩码重为G，每格的长度为L，根据杠杆的平衡条件得：
解得：
所以为使杠杆保持水平平衡，应在B点悬挂3个钩码．
点睛：重点是杠杆平衡条件的应用，要清楚杠杆的平衡条件应用时，两等式两边的长度单位一样即可，但求功的时候，单位必须为米．
25. 小东同学想探究滑动摩擦力的大小与接触面所受压力的大小、接触面的粗糙程度以及接触面的面积大小是否有关。实验器材有带有定滑轮的水平长木板一个（定滑轮可调高度）、已调零的弹簧测力计一个、带挂钩的长方体物块一块、细线。已知长木板的表面粗糙程度均匀；物块的长、宽、高各不相同，6个表面的粗糙程度相同。利用以上器材在水平桌面上进行了如图甲、乙所示的两次实验。
（1）通过如图甲、乙所示的两次实验可以探究滑动摩擦力大小与______是否有关；
（2）该实验中当匀速竖直向上拉动测力计时，木块做水平匀速直线运动，则木块所受滑动摩擦力的大小______（选填“大于”“等于”或“小于”）绳的拉力大小，这是利用了______（选填“平衡力”或“相互作用力”）的知识。
【答案】 ①. 接触面的面积大小 ②. 等于 ③. 平衡力
【解析】
【详解】（1）[1]对比甲、乙两次实验可知，接触面的粗糙程度相同，木块与长木板之间压力大小相同，只有接触面的面积大小不同，因此可以探究滑动摩擦力大小与接触面的面积大小是否有关。
（2）[2][3]实验时，用弹簧测力计拉着木块在水平面上做匀速直线运动，木块处于平衡状态，在水平方向只受到绳的拉力和滑动摩擦力。根据二力平衡知识可知，此时滑动摩擦力的大小等于绳的拉力大小，这是利用了平衡力的知识。
26. 在“探究杠杆的平衡条件”实验中，每个钩码的重力均为0.5N。
（1）如图甲，为使杠杆在水平位置平衡，应把杠杆两端的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节；
（2）实验前把支点选在杠杆中心的目的是：消除杠杆自身______对实验的影响；
（3）实验过程中保持杠杆处于水平位置的目的是：方便测量______；
（4）如图乙所示，若在A位置挂3个钩码，现还有2个钩码，需挂在杠杆O点右侧第______格的位置，使杠杆仍在水平位置平衡；
（5）多次改变钩码数量，并调节钩码在杠杆上的位置，重复实验的目的是，使实验结论具有_______，避免偶然性。
【答案】 ①. 右 ②. 重力 ③. 力臂 ④. 3##三 ⑤. 普遍性
【解析】
【详解】（1）[1]如图甲，杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，则应把杠杆两端的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置达到平衡状态。
（2）[2]为了消除杠杆自身重力对平衡的影响需要将杠杆的支点选择杠杆的中心。
（3）[3]保持杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小。
（4）[4]每个钩码的重力均为0.5N，设杠杆一格的长度为l，由杠杆平衡条件得到
3×0.5N×2l=2×0.5N×nl
n=3
所以若在A位置挂3个钩码，现还有2个钩码，需挂在杠杆O点右侧第3格的位置，使杠杆仍在水平位置平衡。
（5）[5]改变钩码数量，并调节钩码在杠杆上的位置进行多次实验，多次实验的目的是得到杠杆平衡的普遍规律，避免偶然性。
27. 为了“探究压力作用效果与什么因素有关”，小东利用长方体木块、两个相同的砝码和海绵做了如图所示三个实验。
（1）分析比较图甲、乙的实验现象，可得到结论：压力作用效果与______有关；
（2）若用甲、丙两图所示的装置，探究压力作用效果与受力面积的关系，应在丙图木块上放______个砝码。
【答案】 ①. 压力大小 ②. 1##一
【解析】
【详解】（1）[1]分析比较图甲、乙可知，长方体木块与海绵的接触面积相同，即受力面积相同，图甲中木块上有一个砝码，图乙中木块上有两个砝码，则图甲中对海绵的压力大小小于图乙中对海绵的压力大小，由图可知，图乙中的海绵凹陷的更深，由此可得出结论，压力作用效果与压力大小有关。
（2）[2]要探究压力作用效果与受力面积的关系，应改变受力面积，保持其他量相同。由甲、丙两图可知，木块与海绵的接触面积不同，即受力面积不同，此时应保证木块对海绵的压力相同，因此应在丙图木块上放置与甲图相同数目的砝码，甲图中砝码为1个，则丙图木块上放1个砝码。
28. 小雨建立了自己的家庭实验室，课余时间经常进行探究活动：
（1）如图甲所示，用弹簧测力计提起贴在水面的玻璃板时，测力计的示数变大，说明 ___ ；
（2）如图乙所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，我们会看到 ___ 的现象；请你从能量转化的角度分析一下这个物理过程 ___ ；
（3）如图丙所示，是研究“做功改变内能”的实验，玻璃瓶内装有少量的水，用塞子塞紧，并用气筒往瓶内打气，瓶内气体的内能会 ___ （选填“增大”、“减少”或“不变”）。瓶内压强大到一定程度时，瓶塞就会跳起来，此时观察到瓶内有白雾产生。这是由于瓶内的气体对 ___ 做功使其内能 ___ （选填“增大”、“减少”或“不变”），温度降低，水蒸气 ___ （填写物态变化名称）形成白雾；
（4）如图丁所示，为气体扩散的演示实验，两个瓶中分别装有空气和二氧化氮气体，其中空气密度小于二氧化氮气体的密度。那么为了增加实验的可信度，下面一只瓶里装的气体应是 ___ ，原因是 ___ ；
（5）在一个寒冷的早晨，小阳赤脚从地毯的一侧走到地砖上，他感觉踩到地砖上要比踩到地毯上凉。实际上地毯和地砖的温度与室温相同，人之所以有不同的感觉，原因在于导热性的差异。根据上述内容，提出一个可探究的科学问题：___ ？
【答案】 ①. 分子间存在引力 ②. 棉花燃烧 ③. 机械能转化内能 ④. 增大 ⑤. 外 ⑥. 减小 ⑦. 液化 ⑧. 二氧化氮 ⑨. 空气的密度小于二氧化氮气体，空气处于二氧化氮气体的上方 ⑩. 物体导热性跟物质种类是否有关
【解析】
【详解】（1）[1]图甲中当玻璃接触水面时，由于水分子和玻璃分子距离较近，故两种分子之间会产生相互作用的引力，所以弹簧测力计的示数会变大。
（2）[2][3]在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，我们会看到硝化棉燃烧的现象，用力打气时，活塞对瓶内气体做功，气体的温度升高，内能增加；从能量转化的角度分析：下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，使气体的内能增加，空气的内能通过热传递的方式传递到硝化棉。
（3）[4]用力打气时，活塞对瓶内气体做功，气体的温度升高，内能增加。
[5][6][7]当瓶内气体冲开瓶塞时，因为瓶内气体对塞子做功，内能减少，温度降低，瓶内的水蒸气液化形成雾。
（4）[8][9]空气密度小于二氧化氮气体的密度，为了增加实验的可信度，下面一只瓶里装的气体应是密度大的二氧化氮气体。此实验说明气体的分子在不停地做无规则运动。
（5）[10]小阳赤脚从地毯的一侧走到地砖上，他感觉踩到地砖上要比踩到地毯上凉，地毯和地砖的温度与室温相同，但这两者的导热能力是不同的，所以可以探究物体导热性跟物质种类是否有关。
29. 在探究“二力平衡的条件”实验中，小明采用的实验装置如图甲所示（中间是小木块）。
（1）小明在实验过程中，将两个50g的砝码分别放在左右两个相同的小盘内，发现木块处于静止状态，接着，他在右边小盘内又加入一个5g的砝码，发现木块仍然静止，其原因是是木块受 _____影响；
（2）小红用图乙中所示的小车替换木块进行实验，将小车旋转一定角度后松手，发现小车会恢复原状，这说明两个力必须作用在同一 _____（选填“物体”或“直线”）上，小车才能平衡；
（3）接着，小刚用图丙中所示的轻质硬纸板替换木块进行实验，你认为 _____的方案最好，原因是 _____；
（4）利用图丁装置 _____（选填“能”或“不能”）探究二力平衡条件；
（5）若将图乙的小车换成如图戊所示的弹簧测力计，左右两侧各悬挂重5N的砝码，则弹簧测力计示数为 _____N。
【答案】 ①. 摩擦力 ②. 直线 ③. 丙 ④. 避免了摩擦力对实验的影响 ⑤. 能 ⑥. 5
【解析】
【详解】（1）[1]两个砝码质量相等挂在左右两边，木块处于静止状态；在右边小盘内又加入一个5g的小砝码后，此时木块受到右边的拉力大于左边的拉力，此时木块相对于桌面有向右运动的趋势，因此桌面与木块之间产生了静摩擦力，这个摩擦力对实验造成了影响，木块处于静止状态，说明小木块水平方向上受到的力平衡。
（2）[2]用小车替换木块进行实验，将小车旋转一定角度后松手，两个力不在同一直线上，小车不能保持平衡状态，会转回到原位置，这说明相互平衡的两个力必须作用在同一直线上。
（3）[3][4]甲、乙、丙三个实验方案中，甲方案，木块与桌面件的摩擦力会对实验产生影响；乙方案，小车与桌面之间的摩擦力小于甲方案中木块与桌面的摩擦力，但仍会对实验产生影响；丙方案，避免了摩擦力对实验的影响，因此丙方案最好。
（4）[5]丁方案，左右两侧各固一个定滑轮，定滑轮的位置虽然不等高，但是当两个力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上时，小卡片处干静止状态，还能够探究二力平衡的条件。
（5）[6]若将图乙的小车换成如图戊所示的弹簧测力计，左右两侧各悬挂重5N的砝码，弹簧测力计示数为钩码对弹簧测力计的拉力，弹簧测力计对钩码的拉力与钩码对弹簧测力计的拉力是一对相互作用力，大小相等；而弹簧测力计对钩码的拉力与钩码受到的重力是一对平衡力，大小相等，因此钩码对弹簧测力计的拉力等于钩码的重力，大小为5N，则弹簧测力计示数为5N。
30. 某校科技小组参观完湘江航电枢纽后,了解到船只过船闸的时间很长，为此他们在网查阅资料，设计了一个船只升降实验模型。模型中的左右两个船厢A、B的容积均为2000cm3,质量均为400g(含配件)．现关闭进水阀和排水阀，使柱形容器E(质量不计)中有足够多的水，在船厢A、B中各装800g的水，整个装置静止后，圆柱体浮筒D浸在水中的深度为8cm，他们依次进行了如下(2)~(3)的操作．假设绳子足够长，不计绳重和伸长，浮筒D与容器E始终无接触，且容器E的水无溢出，实验过程中设法确保装置平稳，忽略摩擦，木头不吸水，ρ木＜ρ水。(ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)．
(1)船厢中各装800g的水后,求每只船厢所受的总重力；
(2)打开进水阀，在柱形容器E中注入一定质量的水，浮筒D上升，使船厢下降10cm，再关闭进水阀，求：
①船厢A的总重力对A所做的功；
②此时浮筒D浸入水中的深度；
(3)当操作(2)使船厢下降10cm后静止时，压强传感器柱形容器显示4400Pa；接下来，用手使浮筒D保持此刻位置不变，再在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块后，打开排水阀，放出200cm3的水后关闭排水阀，然后松手，浮筒D仍然在原位置保持静止，绳C的拉力为18N，压强传感器显4000Pa；然后,把800g木块同时从船厢中取出，并在船厢中同时注满水，再把900g和1000g的木块分别放入A、B船厢后，当整个装置静止时，压强传感器的示数为p1；最后，打开进水阀向容器中缓慢注入m千克水，使压强传感器的示数为3p1，再关闭进水阀，求浮筒D的质量和注入圆柱形容器E中的水的质量m。
【答案】（1）12N （2）① 1.2J；② 8cm (3) 2.6kg；19.2kg
【解析】
【详解】(1)船厢中各装800g的水，自身质量400g，所以总重力为：
(2)①重力为12N，下降的高度为．所以做功为：
②加水过程中，两船厢的重不变，即对浮筒D的拉力不变，所以静止时，浮力也不变，装置仍然平衡，则浮筒D浸入水中的深度不变，仍为8cm。
(3)800g木块重为
当加入800g木块后，一个船厢的重为20N，由图知，两个船厢各一半的拉力作用于动滑轮，所以对动滑轮向上的拉力等于一个船厢的重，即20N，由于，可得
压强变化
液面高度变化为
受力分析有
解得
则D的横截面积为
加木块前浮力为
则D的重为
D的质量为
容器E的底面积为
根据得
注满水（再加质量不等的木块时，由于浮力等于重力，即排开水的重等于木块的重，所以总重不变）受力分析得
又得
注水使压强为原来3倍得
加水的质量为
答：(1)每只船厢所受的总重力是12N；
(2)①船厢A的总重力对A所做的功是1.2J；
②此时浮筒D浸入水中的深度是8cm；
(3)浮筒D的质量是2.6kg，注入圆柱形容器E中的水的质量19.2kg。
【点睛】考查了压强、液体压强、浮力公式的应用，需要应用动滑轮的工作特点，平衡时的受力分析等知识，综合性强，难度较大，关键是根据船厢的重和C的拉力得出动滑轮的重，再利用受力分析，平衡时向上与向下的力相等，得出浮力的变化，进而可得，D的底面积，S的底面积，最后根据向上的压力等于水的重与浮力的和求加水的质量。