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2023-2024学年云南省西双版纳勐海县九年级（下）月考物理试卷（含解析）
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这是一份2023-2024学年云南省西双版纳勐海县九年级（下）月考物理试卷（含解析），共23页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示是西双版纳动物园内身高为160cm的工作人员与大象的合照，下列估值符合实际的是( )
A. 大象的身高约为300cm
B. 一头成年大象的质量约为50kg
C. 工作人员正常步行时的速度约为10m/s
D. 成年大象正常步行100m需要的时间约为30min
2.为贴近实际，宣教大队结合本地农村群众日常出行需求，编制通俗易懂的农村“大喇叭”广播文本，并邀请曲靖“硬核老村长”赵朝鹏先生采用方言播音方式进行录制，如图所示。下列关于声现象的说法正确的是( )
A. 调节“大喇叭”声音的大小改变的是声音的音调
B. 外地人是根据听到广播声的音色辨别广播者是赵朝鹏
C. “大喇叭”振动产生的是超声波
D. 中午休息时，小明会把手机的音量调小，这是在传播过程中减小噪音
3.春天，昆明动物园的樱花绽放。关于图中各现象的解释不正确的是( )
A. 图甲，樱花树在水中的倒影是光的折射现象
B. 图乙，开屏的孔雀身后的影子是光的直线传播形成的
C. 图丙，雨后动物园上方形成的彩虹是光的色散现象
D. 图丁，水里的石头比较浅是因为发生了折射
4.如图所示是小明家的部分电路，下列说法正确的是( )
A. 若将烧水壶接入到三孔插座，则烧水壶和灯泡是串联
B. 电路中保险丝烧断后可以用细铜线代替
C. 正确使用测电笔测火线时氖管发光
D. 更换家庭电路中的灯泡时不需要断开开关
5.如图所示，电动平衡车是一种被广大青少年所喜爱的新型交通工具。图中与电动平衡车驱动前行过程原理相同的是( )
A. B. C. D.
6.如图所示，跳水是一项优美的体育项目，关于跳水下列说法正确的是( )
A. 跳板对运动员的弹力是运动员的脚掌形变产生的
B. 运动员跳起离开跳板继续向上运动的过程还受到跳板的作用力
C. 运动员离开跳板后不受重力的作用
D. 运动员站在跳板上静止时，运动员受到的重力与跳板对她的支持力是一对平衡力
7.小东利用图所示的滑轮组把物体A匀速提升至高处。他用F=100N的力竖直向下拉绳时，滑轮组的机械效率为80%，物体A以0.05m/s的速度匀速上升了10s，不计绳重和摩擦，则( )
A. 绳子自由端移动的速度为0.2m/s
B. 拉力F做功的功率为5W
C. 做的有用功为150J
D. 动滑轮受到的重力为60N
8.关于图所示的说法正确的是( )
A. 图甲，“祝融号”配置六个车轮是为了减小火星车对火星表面的压强
B. 图乙，太阳内部氢原子核发生着剧烈的裂变反应
C. 图丙，电饭锅工作是利用电流的热效应
D. 图丁，“飞”起来的每根头发带的是同种电荷
9.图中的装置可以探究“电流通过导体产生的热量与什么因素有关”，关于该实验说法正确的是( )
A. 该探究实验只用到控制变量法
B. 三套装置都可以探究电热与通电时间的关系
C. 探究电热与电流的关系时应将甲丙并联
D. 甲、乙串联接入电路，相同时间乙产生的热量是甲的2倍
10.如图所示的电路，电源电压恒为12V，只闭合开关S、S1，滑动变阻器的滑片P在B端时，电流表示数为0.4A，电压表示数为8V；只闭合开关S、S2，将滑片P从B端向A端移动，直到小灯泡正常发光，电流表示数为0.5A，电压表示数为2V。下列说法正确的是( )
A. 定值电阻R0的大小为2Ω
B. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω
C. 小灯泡的额定功率为2.5W
D. 两次实验中，电路消耗的最大功率为4.8W
二、非选择题（共60分）
11.小明一家驾车外出游玩，在路上他看到如图所示的交通标志牌，则在遵守交通规则的前提下，他们最快需要______min才能到达标志牌上的目的地；驾车前往标志牌上的地点过程中，小明发现开车的爸爸是静止的，则他选择的参照物是______(选填“路边的树”或“自己”)。
12.如图所示为四旋翼无人机，无人机利用电能来工作，电能属于______(选填“一次”或“二次”)能源；给无人机充电过程中，是将电能转化为______能。
13.如图所示，挤压气囊时瓶中香水从小孔喷出，这是由于挤压气囊使瓶中吸管顶端的气体流速增大，气体压强______(选填“大于”、“小于”或“等于”)瓶中液面上方气体的压强，从而使香水沿吸管上升并随着高速的气流从小孔喷出。周围的人能闻到香水味属于______现象。
14.如图所示是许多超市自主结账的“刷脸机”。“刷脸机”的摄像头是一个凸透镜，该类透镜在日常生活中可以用来矫正______(选填“近视眼”或“远视眼”)；结账时人要站在“刷脸机”的二倍焦距以外，此时成一个______、缩小的实像。
15.如图所示是小唐家的电能表，某天小唐让额定电压为220V的电热水器单独正常工作，经过2min，电能表的表盘转了100转，则该热水器消耗的电能是______J；在用电高峰期间，他发现只让此电热水器单独工作40s，电能表转盘转了27转，则此时他家的实际电压为______V。(电热水器电阻不变)
16.阅读材料，回答问题。
“爱因斯坦”探针空间科学卫星2024年1月9日15时03分，我国在西昌卫星发射中心采用“长征二号丙”运载火箭，成功将“爱因斯坦”探针空间科学卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务取得圆满成功，如图所示。
“爱因斯坦”探针空间科学卫星是中国科学院空间科学先导专项继“悟空”“墨子号”“慧眼”“实践十号”“太极一号”“怀柔一号”“夸父一号”之后，研制发射的又一颗空间科学卫星，它是宇宙天体爆发的捕手，能精准捕捉到更加遥远和暗弱的暂现源和爆发天体，探寻来自引力波源的X射线信号，对研究恒星活动、黑洞和中子星等致密天体的形成、演化、并合等过程具有重要科学意义。
(1)“爱因斯坦”探针空间科学卫星与地面控制中心是通过______进行数据传输的；“长征二号丙”运载火箭加速升空时，搭载的“爱因斯坦”探针空间科学卫星的动能______(选填“增加”“减小”或“不变”)。
(2)“长征二号丙”运载火箭是用液态氢作为燃料，因为液态氢具有较高的______(选填“热值”或“比热容”)；“爱因斯坦”探针空间科学卫星受到火箭的推力加速升空，说明力可以改变物体的______。
17.近年来，网络上一直流传着“钓鱼才是顶流运动”的宣传标语。如图所示为钓鱼竿钓鱼的示意图，请在图中作出F2的力臂L2。
18.请在图中，作出光线由空气斜射入水时准确的反射光线和大致的折射光线，并标出反射角的度数。
19.如图甲所示，在测量额定电压为2.5V小灯泡的电功率实验中，电源电压不变。
(1)请按图甲所示将图乙实物电路连接完整。开关闭合前应将滑片P的位置移至最______(选填“A”或“B”)端；
(2)闭合开关，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡始终不亮，电压表和电流表均无示数，原因可能是下列选项中的______(用字母表示)；
A.灯泡短路B.灯泡断路C.滑动变阻器短路D.滑动变阻器断路
(3)闭合开关，滑动变阻器滑片P在某处时，电压表示数为2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将变阻器的滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动，直至电压表示数为灯的额定电压，电流表示数如图丙所示，则灯泡的额定功率为______W。
(4)图丁是测小灯泡L2的额定功率的实验电路，R为电阻箱，R0为阻值已知的定值电阻。实验操作是：
①将开关接a，移动滑动变阻器滑片P至某一位置，调节______直至电流表示数为I额，读出此时电阻箱的阻值为R1；
②将开关接b，保持______不变，调节电阻箱阻值，使电流表示数仍为I额，读出此时电阻箱阻值为R2；
③则灯L2的额定功率P额=______。(用I额、R0、R1和R2表示)
20.如图甲所示是“探究冰熔化时温度变化规律”的实验。
(1)实验中采用水浴法加热的目的是______。
(2)图乙是实验得到的冰熔化前后温度随时间变化的图象，由图可知加热至第8min时，试管内的“冰”处于______态。
(3)实验结束后，同学们对图象乙进行了分析，得到试管中“冰”在C点时的内能______(选填“大于”、“小于”或“等于”)B点的内能。在加热相同时间的情况下，AB段温度变化比CD段温度变化大，说明冰的比热容比水的比热容______(选填“大”或“小”)。
21.如图所示，用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
(1)图甲中连接好的U形管______(选填“是”或“不是”)连通器。
(2)图甲所示的压强计是通过U形管中水面的______来反映被测液体压强的大小。使用前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的水面能灵活升降，则说明该装置______(选填“漏气”或“不漏气”)。
(3)若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，通过______(选填序号)方法可以进行调节。
①从U形管内向外倒出适量水
②拆除软管重新安装
③向U形管内添加适量水
(4)比较乙图、丙图改变橡皮膜的方向，U形管中液面高度差没有发生变化，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强______。
(5)在乙图中，若只将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不变，则可以观察到U形管两边液面的______。
(6)若保持丙图中橡皮膜的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧液面高度差变大。小芳由此得出结论：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大。你认为她的结论是______(选填“正确”或“错误”)的，原因是______。
22.铅笔芯的主要成分是石墨，石墨具有导电性。软硬程度不同的铅笔其用途是不同的，例如作面用6B软铅笔、考试填涂用2B铅笔、写字用软硬适中的HB铅笔、制图用6H硬铅笔。某一兴趣小组的同学想要探究铅笔芯的电阻与其软硬度的关系，准备的实验器材有电源(电压恒定)、开关、______、导线、长度和横截面积都相同而软硬度不同的铅笔芯(6B、2B、HB、6H)各一根，设计的实验电路如图所示。接下来的操作是______，然后______；得到______，则说明铅笔芯的电阻与其软硬度是有关的。
23.如图甲所示，弹簧测力计下挂一长方体物体，将物体从离水面某一高度处缓缓下降，然后将其逐渐安全浸入水中(不考虑水面的高度变化)，图乙是弹簧测力计示数F与物体下降高度ℎ变化关系的图象。求：(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)
(1)物体完全浸没时受到的浮力；
(2)物体的体积；
(3)物体的密度。
24.如图1是某燃气热水器水温控制模拟电路，图2是热水器燃烧器的示意图。R是电阻箱，Rt为置于热水器进水口的热敏电阻，其阻值随温度变化的关系如图3所示。当S断开时，铁质阀门在弹簧拉力作用下封住阀门口。当S闭合时，电磁铁吸引铁质阀门，弹簧伸长，燃气通过阀门与管壁之间的空隙流出，并进入燃烧器燃烧，水管内水均匀受热，热水从出水口流出。水温控制电路可以根据进水口的水温自动调节阀门与管壁之间的空隙大小，改变燃气耗气量，实现出水口的水温基本恒定。
(1)当进水口冷水温度降低，Rt阻值______，电磁铁中电流______，阀门与管壁之间空隙变大，燃烧器火焰变大；(选填“变大”、“变小”或“不变”)
(2)若进水口水温是20℃，将电阻箱调至160Ω，则出水温度恰好为40℃；已知U=6V，电磁铁中电流I与燃气耗气量的关系如下表所示，燃气完全燃烧，且放出热量有70%被水吸收，燃气的热值取q=3×107J/m3，求：
①电磁铁线圈中电流；
②出水口热水流量为多少L/min？
(3)在进水温度一定的情况下，为提高出水口热水的温度，下列方法可行的是______。
A.适当减小电阻箱R的阻值
B.减小水管内水的流速
C.适当减小电源电压U
D.换用质量更小的空心铁质阀门
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A.根据图片对照大象的身高约为人身高的1.5倍，故A正确；
B.一头成年大象的质量约为2000kg，故B错误；
C.工作人员正常步行时的速度约为1m/s，故C错误；
D.成年大象正常步行100m需要的时间约为20s，故D错误。
故选：A。
根据图片对照和生活经验，能对生活中常见的物理量大小进行估测和认识。
此题主要考查学生对常见的物理量大小估测和应用，是一道基础题。
2.【答案】B
【解析】解：A、调节“大喇叭”声音的大小改变的是声音的响度，故A错误；
B、不同发声体发出声音的音色不同，外地人是根据听到广播声的音色辨别广播者是赵朝鹏，故B正确；
C、超声波不在人耳的听觉频率范围内，人耳感觉不到，而大喇叭发出的声音人耳能听到，所以大喇叭发出的声音不是超声波，故C错误；
D、中午休息时，小明会把手机的音量调小，这是控制噪声的产生，在声源处减小噪音，故D错误。
故选：B。
(1)声音的大小叫响度，影响因素是振幅和距离发声体的远近；
(2)声音的特点和品质叫音色，影响因素是发声体的材料和结构；
(3)超声波是频率高于20000Hz的声，不在人耳的听觉频率范围内，所以人耳感觉不到；
(4)减弱噪声的方法：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声。
此题考查了声音的特性、超声波、防治噪声的途径，难度不大，属基础题。
3.【答案】A
【解析】解：A、樱花树在水中的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、开屏的孔雀身后的影子是光的直线传播形成的，故B正确；
C、雨后动物园上方形成的彩虹是光的色散现象，故C正确；
D、水里的石头比较浅是因为光从水中斜射入空气时发生了折射，故D正确。
故选：A。
(1)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识。
4.【答案】C
【解析】解：A、若将烧水壶接入到三孔插座，则烧水壶和灯泡互不影响，是并联的，故A错误；
B、电路中保险丝是用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，铜线电阻率小、熔点高，因此保险丝烧断后不能用细铜线代替，故B错误；
C、正确使用测电笔测火线时氖管发光，测零线时氖管不发光，故C正确；
D、更换家庭电路中的灯泡时需要断开开关，故D错误。
故选：C。
(1)家庭电路中插座与其它用电器之间是并联的；
(2)电路中保险丝是用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的；
(3)正确使用时，火线可以使测电笔的氖管发光，零线不能使测电笔的氖管发光；
(4)更换家庭电路中的灯泡时要断开开关。
本题考查了家庭电路中用电器的连接特点、保险丝的使用、测电笔的使用、安全用电常识等，有一定综合性。
5.【答案】D
【解析】解：电动平衡车的无刷电机工作时，消耗电能，获得机械能，因此是将电能转化为机械能，从而获得动力。
A、研究电磁感应现象，机械能转化为电能，故A错误；
B、研究通电导体的周围有磁场，是电流的磁效应，故B错误；
C、研究电磁铁磁性的大小与线圈匝数的关系，故C错误；
D、研究通电导体在磁场中受力的作用，电能转化为机械能，与电动平衡车驱动前行过程原理相同，故D正确。
故选：D。
根据电动平衡车工作和电机工作时消耗和获得的能量做出判断。
此题以平衡车为载体考查了电磁感应、电流的磁效应、电磁铁等多个知识点，综合性很强，但难度不是很大。
6.【答案】D
【解析】解：A、跳板对运动员的弹力，施力物体是跳板，所以是跳板发生形变而产生的，故A错误；
B、运动员跳起离开跳板继续向上运动的过程没有受到跳板的作用力，故B错误；
C、运动员离开跳板后受重力的作用，故C错误；
D、运动员站在跳板上静止时，运动员受到的重力与跳板对她的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一个物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
(1)弹力是指发生形变的物体，由于要恢复原状，所以要对跟它接触的物体产生力的作用，这种作用力就叫弹力，所以弹力是由施力物体发生形变而产生的；
(2)力是物体对物体的作用；
(3)地球附近的物体受到重力的作用；
(4)二力平衡的条件有：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一个物体上。
本题主要考查了弹力的概念、惯性的影响因素以及二力平衡的应用，难度不是很大，只要掌握基本知识点即可解决。
7.【答案】D
【解析】解：
A、由图知，n=3，绳子自由端移动的速度v=3v物=3×0.05m/s=0.15m/s，故A错误；
B、拉力做功功率：
P=W总t=Fst=Fv=100N×0.15m/s=15W，故B错误；
C、拉力做的总功：
W总=Pt=15W×10s=150J，
由η=W有用W总得拉力做的有用功：
W有用=η×W总=80%×150J=120J，故C错误；
D、拉力F做的额外功：
W额=W总−W有用=150J−120J=30J，
物体提升的高度ℎ=v物t=0.05m/s×10s=0.5m，
不计绳重和摩擦，由W额=G动ℎ可得动滑轮重力：
G动=W额ℎ=30J0.5m=60N，故D正确。
故选：D。
(1)由图知，n=3，绳子自由端移动的速度等于物体移动速度的3倍；
(2)知道拉力大小，利用P=Wt=Fst=Fv求拉力做功功率；
(3)利用W=Pt求拉力做的总功，知道滑轮组的机械效率，利用η=W有用W总求拉力做的有用功；
(4)拉力做的额外功等于总功减去有用功；不计绳重和摩擦，拉力做的额外功等于提升动滑轮做的功，再利用W=Gℎ求动滑轮重力。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、动滑轮重力的计算，要知道：不计绳重和摩擦，拉力做的额外功等于提升动滑轮做的功。
8.【答案】ACD
【解析】解：A、配置六个车轮是为了在压力一定时，增大受力面积，减小火星车对火星表面的压强，故A正确；
B、在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能，故B错误；
C、电饭锅工作时，电能转化为内能，就是利用电流的热效应，故C正确；
D、每根头发因带同种电荷互相排斥而“飞”起来，故D正确。
故选：ACD。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强；
减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强；
(2)在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变；
(3)根据电饭锅工作时的能量转化分析即可；
(4)同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。
本题考查了核能的种类、增大和减小压强的方法、电荷间的相互作用规律和电流的热效应等知识，难度不大。
9.【答案】BD
【解析】解：A、电阻丝产生的热量可根据U形管内的液面高度差的变化来表示，采用了转换法，故A错误；
B、探究电热与通电时间的关系，要控制电流和电阻大小相同，只改变通电时间相同，把三套装置中任一容器内电阻丝作为研究对象，可控制控制电流和电阻大小相同，只改变通电时间，都可以探究电热与通电时间的关系，故B正确；
C、探究电热与电流的关系要控制电阻和通电时间相同，将甲丙并联，容器内的电阻不同，故C错误；
D、甲、乙串联接入电路，通过的电流和通电时间相同，根据Q=I2Rt可知，在电流和通电时间相同时，产生的电热与电阻成正比，相同时间乙产生的热量是甲的10Ω：5Ω=2倍，故D正确。
故选：BD。
A、电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的空气加热，空气吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；
BC、电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变；
D、根据Q=I2Rt分析。
本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联电路的规律及焦耳定律的运用。
10.【答案】BC
【解析】解：(1)第一次只闭合开关S、S1，变阻器与R0串联，电压表测PA电阻丝两端的电压，电流表测电路的电流，因电压表接在滑片上(电压表可看做开路)，故变阻器的全部电阻丝接入电路，滑片移动时，变阻器接入电路的阻值不变，总电阻不变，由欧姆定律可知，电路的电流不变，电路中的电流I=0.4A，P在B端时，电压表的示数最大，变阻器两端电压U=8V，由欧姆定律可得，变阻器的最大阻值：
R=UI=8V0.4A=20Ω；故B正确；
由欧姆定律和电阻的串联可得，R0的阻值：
R0=U总I−R=12V0.4A−20Ω=10Ω，故A错误；
(2)第二次只闭合开关S、S2，变阻器与R0和灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路的电流，滑片P从B端向A端移动时，直至小灯泡正常发光，灯的额定电流为：IL=0.5A，此时电压表示数为2V，
由欧姆定律可得，R0的电压为：
U0=ILR0=0.5A×10Ω=5V，
由串联电路电压的规律，灯的额定电压为：
UL=U总−U滑′−U0=12V−2V−5V=5V，
小灯泡的额定功率为：
PL=ULIL=5V×0.5A=2.5W，故C正确；
两次实验中电路的最大电流为：IL=0.5A，
则两次实验中电路的最大功率为：
P大=UIL=12V×0.5A=6W，故D错误；
故选：BC。
(1)第一次只闭合开关S、S1，分析电路连接和电表测量的物理量，确定电路的电流不变，已知电路的电流和P在B端时最大电压，由欧姆定律求出变阻器的最大阻值；由欧姆定律和电阻的串联得出R0；
(2)第二次只闭合开关S、S2，变阻器与R0和灯串联，滑片P从B端向A端移动时，直至小灯泡正常发光，小灯泡的额定电流和电压表示数已知，由欧姆定律求出R0的电压，由串联电路电压的规律求出灯的额定电压，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；两次实验中电路的最大电流已知，根据P=UI求出电路的最大功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效信息和电路的分析。
11.【答案】30 自己
【解析】解：(1)标志牌“XXX 30km”表示从此标志牌到目的地的路程为s=30km，
由v=st可得，从此标志牌处匀速到达目的地的时间：
t=sv=30km60km/ℎ=0.5ℎ=30min；
(2)小明坐在车中，开车的爸爸相对自己的位置没有变化，则爸爸相对于自己是静止的，他选择的参照物是自己。
故答案为：30；自己。
(1)已知速度和距离，根据公式v=st可求所需时间；
(2)如果物体相对于参照物的位置保持不变，物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化，物体是运动的，据此分析答题。
本题考查了交通标志牌的认识、速度公式的应用、机械运动，关键是明白交通标志牌所表示的意义。
12.【答案】二次 化学
【解析】解：电能不能从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，属于二次能源，给无人机充电过程中，是将电能转化为化学能。
故答案为：二次；化学。
不能从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到的能源叫二次能源，如电能、汽油、氢能等；给蓄电池充电时，电能转化为化学能。
本题考查能源的分类和能量的转化，属于基础内容，难度不大。
13.【答案】小于 扩散
【解析】解：(1)挤压气囊使瓶中吸管顶端的气体流速增大，气体压强减小，使上方压强小于瓶中液面上方气体的压强，从而使香水沿吸管上升并随着高速的气流从小孔喷出；
(2)周围的人能闻到香水味属于扩散现象，是香水分子不停地做无规则运动的结果。
故答案为：小于；扩散。
(1)流体流速越大的位置压强越小，据此解答；
(2)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，产生了扩散现象。
本题主要考查了对流体压强与流速的关系、扩散现象的理解与应用，综合性强，但难度不大。
14.【答案】远视眼 倒立
【解析】解：摄像机的镜头是一个凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，可以矫正远视眼；
摄像头利用了当u>2f时，凸透镜成倒立、缩小的实像原理制成。
故答案为：远视眼；倒立。
凸透镜对光线有会聚作用，利用凸透镜可以矫正远视眼。
摄像机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理制成的，当u>2f时，凸透镜才成倒立、缩小的实像。
本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用，在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。
15.【答案】1.2×105 198
【解析】解：(1)3000r/kW⋅ℎ表示的是电路中每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表转盘转动3000转，
则电能表的转盘转动100转，这段时间内电路消耗的电能：
W=1003000kW⋅ℎ=130kW⋅ℎ=130×3.6×106=1.2×105J；
(2)该用电器的功率：P额=Wt=1.2×105J120s=1000W；
用电高峰期间所消耗的电能：W=273000kW⋅ℎ=91000kW⋅ℎ=91000×3.6×106=3.24×104J；
热水器的电阻R=U额2P额=(220V)21000W=48.4Ω；
热水器的实际功率P实=W′t′=3.24×104J40s=810W；
实际电压U实= RP实= 48.4Ω×810W=198V。
故答案为：1.2×105；198。
(1)3000r/kW⋅ℎ表示的是电路中每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表表盘转动3000转，求出电能表表盘转动100转消耗的电能；
(2)利用P=Wt求出用电器的功率；知道电热水器的额定电压和额定功率，可利用公式R=U2P计算出热水器的电阻，又知道工作时间，可利用公式P=Wt计算出热水器的实际功率，最后再利用P=U2R计算出实际电压。
本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，这是利用电能表测量功率的一种类型习题，一定要熟练掌握。
16.【答案】电磁波 增加 热值 运动状态
【解析】解：(1)“爱因斯坦”探针空间科学卫星与地面控制中心是通过电磁波传递信息；运载火箭加速升空，质量不变，速度变大，搭载的“爱因斯坦”探针空间科学卫星的动能增加。
(2)“长征二号丙”运载火箭是用液态氢作为燃料，因为液态氢具有较高的热值；“爱因斯坦”探针空间科学卫星受到火箭的推力加速升空，说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：(1)电磁波；增加；(2)热值；运动状态。
(1)电磁波可以传递信息；物体的动能与质量和速度有关。
(2)液氢具有较高的热值；力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态。
本题考查的是电磁波的特性及应用；知道力的作用效果；知道影响动能大小的因素和热值的基本概念。
17.【答案】解：延长阻力F2的作用线，然后从支点O向F2作用线画垂线段，垂线段的长即为其力臂l2，如图所示：
【解析】力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，据此画出阻力臂。
力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
18.【答案】解：由图可知，入射角等于60°，可知反射角等于60°，根据反射角等于入射角作出反射光线；
根据折射规律，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，折射光线与入射光线在两种介质中，作出折射光线，如图：
【解析】(1)根据反射定律：反射光线、入射光线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；
根据折射规律：折射光线、入射光线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中，折射角小于入射角，作出折射光线；
(2)要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
此题考查光的反射和折射光路图的画法，折射与反射是在两种介质的界面上同时发生的现象，反射在同一种介质中，在界面的同一侧；折射在两种介质中，在界面的两侧。
19.【答案】B D A 0.55 电阻箱 滑动变阻器滑片P的位置 I额2(R0−R1+R2)
【解析】解：(1)由图电压表测灯泡两端电压，小灯泡额定电压是3.8V，所以电压表应使用0～15V量程，如图所示：
为保护电路闭合开关前，滑片P置于滑动变阻器最大值处，图乙中滑片P应置于B端；
(2)A、若灯泡短路，电流表有示数，电压表没有示数，故A不符合题意；
B、若灯泡断路，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，电流表没有示数，故B不符合题意；
C、若滑动变阻器短路，电流表有示数，电压表也有示数，灯泡发光，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度不变，故C不符合题意；
D、若滑动变阻器断路，整个电路断路，灯不发光，两表没有示数，故D符合题意；
故选D。
(3)电压表示数小于小灯泡的额定电压，应增大其两端电压，所以应将滑片向A端移动；电流表示数为0.22A，小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.22A=0.55W。
(4)①应调节电阻箱直至电流表示数为I额；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不变，调节电阻箱阻值；
③小灯泡的额定电压为：U额=I额(R0−R1+R2)，电灯泡的额定功率为：P额=U额I额=I额2(R0−R1+R2)；
故答案为：(1)见上图；B；(2)D；(3)A；0.55；(4)①电阻箱；②滑动变阻器滑片P的位置；③I额2(R0−R1+R2)；
(1)根据电路图连接实物，注意电表量程；为保护电路闭合开关前，滑片P置于滑动变阻器最大值处；
(2)根据故障现象判断故障类型；
(3)改变滑动变阻器的电阻得到所需的电压，由功率计算公式求解；
(4)根据电路图连接实物图，调节电阻箱和滑动变阻器的阻值，由欧姆定律计算额定电压。
本题是测量小灯泡功率的实验，考查了变阻箱和滑动变阻器在电路中的应用，电路的连接、注意事项、故障分析、图象分析及欧姆定律及功率的计算。
20.【答案】使碎冰受热均匀 固液共存 大于 小
【解析】解：(1)实验中采用水浴法加热的目的是使碎冰受热均匀；
(2)由图乙可知冰的熔化过程是4～10分钟，第8分钟还处于熔化过程中，冰还没有完全熔化，所以是固液共存状态；
(3)晶体熔化时不断吸收热量，温度保持不变，内能增大，所以C点的内能大于B点的内能；
从图象上来看，AB段为冰，4min内温度升高了10℃，CD段为水，4min内温度升高了5℃，AB段比CD段温度升高的要快些，由于冰在固态和液态时质量不变，加热方式不变，可知冰的比热容比水的比热容小。
故答案为：(1)使碎冰受热均匀；(2)固液共存；(3)大于；小。
(1)采用水浴法，能使物质均匀受热，并且减缓物体升温速度，便于记录实验温度并便于观察熔化过程中的状态变化；
(2)由图乙可知冰的熔化过程是4～10分钟，第8分钟还处于熔化过程中，冰还没有完全熔化；
(3)晶体熔化时不断吸收热量，温度保持不变，内能增大；冰和水的比热容不同，同种情况下，温度变化不同。
在“探究物质熔化时温度的变化规律”实验中，考查了水浴法、温度−时间图象的读取、内能、比热容等，属基本实验技能的考查。
21.【答案】不是 高度差 不漏气 ② 相等 高度差变大 错误 没有控制橡皮膜到液面的深度不变
【解析】解：(1)U形管本身是一个连通器，但与压强计的探头连接后，一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此，不是连通器；
(2)液体压强计是观察U形管中液面的高度差来比较液体压强大小的，压强越大，U形管液面高度差越大；
用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
(3)进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故②正确；
(4)探头所处深度相同时，只改变探头的方向，U形管两侧液面的高度差不变，表明在同种液体的同一深度处，液体向各个方向的压强相等；
(5)在乙图中，若只将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不变，则可以观察到U形管两边液面的高度差变大；
(6)研究液体压强与液体的密度的关系，要控制液体的深度相同，保持丙图中探头的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧的液面的高度差变大了，于是他得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论是错误的，原因是没有控制橡皮膜到液面的深度不变。
故答案为：(1)不是；(2)高度差；不漏气；(3)②；(4)相等；(5)高度差变大；(6)错误；没有控制橡皮膜到液面的深度不变。
(1)根据转换法，液体压强计是利用U形管中液面的高度差来体现压强大小的，压强越大，U形管液面高度差越大；连通器是指上端开口，底部连通的容器，符合这一特点的容器才能称为连通器；
(2)实验中通过U形管中两边的液面高度差来反映被测压强大小的；检查装置时，用手按压橡皮膜，若U形管中液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管的水面已有高度差，只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(3)同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强都相等；
(4)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用等，难度不大。
22.【答案】电流表 将不同硬度的铅笔芯分别接入A、B两端，闭合开关 记录接入不同铅笔芯时电流表的示数I1、I2、I3、I4 I1≠I2≠I3≠I4
【解析】解：要探究铅笔芯的电阻与其软硬度的关系，准备的实验器材有电源(电压恒定)、开关、电流表、导线、长度和横截面积都相同而软硬度不同的铅笔芯(6B、2B、HB、6H)各一根，设计的实验电路如图所示。接下来的操作是将不同硬度的铅笔芯分别接入A、B两端，闭合开关，然后记录接入不同铅笔芯时电流表的示数I1、I2、I3、I4；得到I1≠I2≠I3≠I4，则说明铅笔芯的电阻与其软硬度是有关的。
故答案为：电流表；将不同硬度的铅笔芯分别接入A、B两端，闭合开关；记录接入不同铅笔芯时电流表的示数I1、I2、I3、I4；I1≠I2≠I3≠I4。
根据电阻是阻碍电流大小的物理量，因此根据电流表示数的变化探究不同硬度铅笔芯的电阻；先将各元件依次串联起来，并将硬度不同的铅笔接入电路，分别读出电流表的示数，通过电流表的示数比较电阻的大小。
会用控制变量法研究电阻大小与铅笔软硬度的关系；会设计电阻大小影响因素的实验；本类题型对学生而言是个难点。
23.【答案】解：(1)由图乙可知，0～3cm时，弹簧测力计示数为12N，此时长方体物体处于空气中，根据二力平衡条件可知，长方体物体的重力：G=F拉=12N；
7～9cm时，长方体物体完全浸没后排开水的体积不再改变，受到的浮力不再改变，弹簧测力计示数为4N不变，
则长方体物体受到最大的浮力：F浮=G−F=12N−4N=8N；
(2)长方体物体完全浸没时，其体积等于排开水的体积，由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得，
物体的体积：V=V排=F浮ρ水g=8N1×103kg/m3×10N/k=8×10−4m3；
(3)由公式G=mg可求出物体的质量：m=Gg=12N10N/kg=1.2kg，
则物体密度：ρ物=mV=1.2kg8×10−4m3=1.5×103kg/m3。
答：(1)物体完全浸没时受到的浮力为8N；
(2)物体的体积为8×10−4m3；
(3)物体的密度为1.5×103kg/m3。
【解析】(1)由图乙可知，0～3cm时，弹簧测力计示数为12N，此时长方体物体处于空气中，根据二力平衡条件可知长方体物体的重力；
7～9cm时，长方体物体完全浸没后排开水的体积不再改变，受到的浮力不再改变，弹簧测力计示数为4N不变，根据称重法得出长方体物体受到最大的浮力；
(2)根据G=mg求出长方体物体的质量，根据F浮=ρ液gV排求出长方体物体排开水的体积即长方体物体的体积；
(3)利用密度公式求出长方体物体的密度。
本题考查了称重法求浮力和阿基米德原理、重力公式、密度公式综合应用，从图像中获取有用的信息是关键。
24.【答案】变小 变大 ABD
【解析】解：(1)由图3可知，当温度降低时，热敏电阻Rt的电阻阻值变小，控制电路的电源电压等不变，根据欧姆定律可知电路中电流变大；
(2)①由图3可知，温度为20℃时，热敏电阻的阻值：Rt=40Ω，
根据串联电路规律可得，控制电路中的电阻：R总=R+Rt=160Ω+40Ω=200Ω，
由欧姆定律可得，电磁铁线圈中的电流：I=UR总=6V200Ω=0.03A=30mA；
②由表格数据可知，电磁铁中电流I=30mA时，燃气耗气量：0.056m3/min，表明每分钟消耗燃气：V=0.056m3，
每分钟燃气完全燃烧放出的热量：Q放=qV=3×107J/m3×0.056m3=1.68×105J，
每分钟水吸收的热量：Q吸=ηQ放=70%×1.68×105J=1.176×105J，
由Q=cmΔt可得，每分钟流出的水的质量：m=Q吸c(t−t0)=1.176×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×(40℃−20℃)=1.4kg，
由ρ=mV可得，水的体积：V=mρ=1.4kg1.0×103kg/m3=1.4×10−3m3=1.4L，
所以出水口热水流量为1.4L/min；
(3)A、当适当减小电阻箱R的阻值时，电路中的电流变大，燃气耗气量变大，水吸收的热量多，水温升高，故A符合题意；
B、减小水管内水的流速，在相同时间内水的质量变小，燃气燃烧产生的热量不变，水吸收的热量不变，水温升高，故B符合题意；
C、适当减小电源电压U，电路中的电流减小，燃气消耗量减小，在相同时间内燃气燃烧产生的热量减少，水吸收的热量减少，水温降低，故C不符合题；
D、换用质量更小的空心铁质阀门，在电流不变，电磁铁额吸引力不变的情况下，出气口变大，在相同时间内燃烧的燃气量变大，水温升高，故D符合题意。
故选：ABD。
答：(1)变小；变大；
(2)①电磁铁线圈中电流为30mA；
②出水口热水流量为1.4L/min；
(3)ABD。
(1)由图3可知，当温度降低时，热敏电阻Rt的电阻变化情况，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
(2)由图3可知，温度为20℃时，热敏电阻的阻值，根据串联电路规律和欧姆定律计算电磁铁线圈中的电流；
根据表格可知每分钟消耗的燃气量，由此计算每分钟燃气完全燃烧放出的热量，根据效率计算每分钟水吸收的热量，根据Q=cmΔt，计算水的质量，由ρ=mV计算水的体积，求得出水口热水流量；
(3)逐项分析，得出结论。
本题考查欧姆定律公式、热量计算、密度公式等内容，知识点较多，综合程度较高，有一定难度。电流I/mA
0
10
20
30
40
50
耗气量m3/min
0
0.006
0.024
0.056
0.096
0.15
1.如图所示是西双版纳动物园内身高为160cm的工作人员与大象的合照，下列估值符合实际的是( )
A. 大象的身高约为300cm
B. 一头成年大象的质量约为50kg
C. 工作人员正常步行时的速度约为10m/s
D. 成年大象正常步行100m需要的时间约为30min
2.为贴近实际，宣教大队结合本地农村群众日常出行需求，编制通俗易懂的农村“大喇叭”广播文本，并邀请曲靖“硬核老村长”赵朝鹏先生采用方言播音方式进行录制，如图所示。下列关于声现象的说法正确的是( )
A. 调节“大喇叭”声音的大小改变的是声音的音调
B. 外地人是根据听到广播声的音色辨别广播者是赵朝鹏
C. “大喇叭”振动产生的是超声波
D. 中午休息时，小明会把手机的音量调小，这是在传播过程中减小噪音
3.春天，昆明动物园的樱花绽放。关于图中各现象的解释不正确的是( )
A. 图甲，樱花树在水中的倒影是光的折射现象
B. 图乙，开屏的孔雀身后的影子是光的直线传播形成的
C. 图丙，雨后动物园上方形成的彩虹是光的色散现象
D. 图丁，水里的石头比较浅是因为发生了折射
4.如图所示是小明家的部分电路，下列说法正确的是( )
A. 若将烧水壶接入到三孔插座，则烧水壶和灯泡是串联
B. 电路中保险丝烧断后可以用细铜线代替
C. 正确使用测电笔测火线时氖管发光
D. 更换家庭电路中的灯泡时不需要断开开关
5.如图所示，电动平衡车是一种被广大青少年所喜爱的新型交通工具。图中与电动平衡车驱动前行过程原理相同的是( )
A. B. C. D.
6.如图所示，跳水是一项优美的体育项目，关于跳水下列说法正确的是( )
A. 跳板对运动员的弹力是运动员的脚掌形变产生的
B. 运动员跳起离开跳板继续向上运动的过程还受到跳板的作用力
C. 运动员离开跳板后不受重力的作用
D. 运动员站在跳板上静止时，运动员受到的重力与跳板对她的支持力是一对平衡力
7.小东利用图所示的滑轮组把物体A匀速提升至高处。他用F=100N的力竖直向下拉绳时，滑轮组的机械效率为80%，物体A以0.05m/s的速度匀速上升了10s，不计绳重和摩擦，则( )
A. 绳子自由端移动的速度为0.2m/s
B. 拉力F做功的功率为5W
C. 做的有用功为150J
D. 动滑轮受到的重力为60N
8.关于图所示的说法正确的是( )
A. 图甲，“祝融号”配置六个车轮是为了减小火星车对火星表面的压强
B. 图乙，太阳内部氢原子核发生着剧烈的裂变反应
C. 图丙，电饭锅工作是利用电流的热效应
D. 图丁，“飞”起来的每根头发带的是同种电荷
9.图中的装置可以探究“电流通过导体产生的热量与什么因素有关”，关于该实验说法正确的是( )
A. 该探究实验只用到控制变量法
B. 三套装置都可以探究电热与通电时间的关系
C. 探究电热与电流的关系时应将甲丙并联
D. 甲、乙串联接入电路，相同时间乙产生的热量是甲的2倍
10.如图所示的电路，电源电压恒为12V，只闭合开关S、S1，滑动变阻器的滑片P在B端时，电流表示数为0.4A，电压表示数为8V；只闭合开关S、S2，将滑片P从B端向A端移动，直到小灯泡正常发光，电流表示数为0.5A，电压表示数为2V。下列说法正确的是( )
A. 定值电阻R0的大小为2Ω
B. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω
C. 小灯泡的额定功率为2.5W
D. 两次实验中，电路消耗的最大功率为4.8W
二、非选择题（共60分）
11.小明一家驾车外出游玩，在路上他看到如图所示的交通标志牌，则在遵守交通规则的前提下，他们最快需要______min才能到达标志牌上的目的地；驾车前往标志牌上的地点过程中，小明发现开车的爸爸是静止的，则他选择的参照物是______(选填“路边的树”或“自己”)。
12.如图所示为四旋翼无人机，无人机利用电能来工作，电能属于______(选填“一次”或“二次”)能源；给无人机充电过程中，是将电能转化为______能。
13.如图所示，挤压气囊时瓶中香水从小孔喷出，这是由于挤压气囊使瓶中吸管顶端的气体流速增大，气体压强______(选填“大于”、“小于”或“等于”)瓶中液面上方气体的压强，从而使香水沿吸管上升并随着高速的气流从小孔喷出。周围的人能闻到香水味属于______现象。
14.如图所示是许多超市自主结账的“刷脸机”。“刷脸机”的摄像头是一个凸透镜，该类透镜在日常生活中可以用来矫正______(选填“近视眼”或“远视眼”)；结账时人要站在“刷脸机”的二倍焦距以外，此时成一个______、缩小的实像。
15.如图所示是小唐家的电能表，某天小唐让额定电压为220V的电热水器单独正常工作，经过2min，电能表的表盘转了100转，则该热水器消耗的电能是______J；在用电高峰期间，他发现只让此电热水器单独工作40s，电能表转盘转了27转，则此时他家的实际电压为______V。(电热水器电阻不变)
16.阅读材料，回答问题。
“爱因斯坦”探针空间科学卫星2024年1月9日15时03分，我国在西昌卫星发射中心采用“长征二号丙”运载火箭，成功将“爱因斯坦”探针空间科学卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务取得圆满成功，如图所示。
“爱因斯坦”探针空间科学卫星是中国科学院空间科学先导专项继“悟空”“墨子号”“慧眼”“实践十号”“太极一号”“怀柔一号”“夸父一号”之后，研制发射的又一颗空间科学卫星，它是宇宙天体爆发的捕手，能精准捕捉到更加遥远和暗弱的暂现源和爆发天体，探寻来自引力波源的X射线信号，对研究恒星活动、黑洞和中子星等致密天体的形成、演化、并合等过程具有重要科学意义。
(1)“爱因斯坦”探针空间科学卫星与地面控制中心是通过______进行数据传输的；“长征二号丙”运载火箭加速升空时，搭载的“爱因斯坦”探针空间科学卫星的动能______(选填“增加”“减小”或“不变”)。
(2)“长征二号丙”运载火箭是用液态氢作为燃料，因为液态氢具有较高的______(选填“热值”或“比热容”)；“爱因斯坦”探针空间科学卫星受到火箭的推力加速升空，说明力可以改变物体的______。
17.近年来，网络上一直流传着“钓鱼才是顶流运动”的宣传标语。如图所示为钓鱼竿钓鱼的示意图，请在图中作出F2的力臂L2。
18.请在图中，作出光线由空气斜射入水时准确的反射光线和大致的折射光线，并标出反射角的度数。
19.如图甲所示，在测量额定电压为2.5V小灯泡的电功率实验中，电源电压不变。
(1)请按图甲所示将图乙实物电路连接完整。开关闭合前应将滑片P的位置移至最______(选填“A”或“B”)端；
(2)闭合开关，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡始终不亮，电压表和电流表均无示数，原因可能是下列选项中的______(用字母表示)；
A.灯泡短路B.灯泡断路C.滑动变阻器短路D.滑动变阻器断路
(3)闭合开关，滑动变阻器滑片P在某处时，电压表示数为2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将变阻器的滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动，直至电压表示数为灯的额定电压，电流表示数如图丙所示，则灯泡的额定功率为______W。
(4)图丁是测小灯泡L2的额定功率的实验电路，R为电阻箱，R0为阻值已知的定值电阻。实验操作是：
①将开关接a，移动滑动变阻器滑片P至某一位置，调节______直至电流表示数为I额，读出此时电阻箱的阻值为R1；
②将开关接b，保持______不变，调节电阻箱阻值，使电流表示数仍为I额，读出此时电阻箱阻值为R2；
③则灯L2的额定功率P额=______。(用I额、R0、R1和R2表示)
20.如图甲所示是“探究冰熔化时温度变化规律”的实验。
(1)实验中采用水浴法加热的目的是______。
(2)图乙是实验得到的冰熔化前后温度随时间变化的图象，由图可知加热至第8min时，试管内的“冰”处于______态。
(3)实验结束后，同学们对图象乙进行了分析，得到试管中“冰”在C点时的内能______(选填“大于”、“小于”或“等于”)B点的内能。在加热相同时间的情况下，AB段温度变化比CD段温度变化大，说明冰的比热容比水的比热容______(选填“大”或“小”)。
21.如图所示，用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
(1)图甲中连接好的U形管______(选填“是”或“不是”)连通器。
(2)图甲所示的压强计是通过U形管中水面的______来反映被测液体压强的大小。使用前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的水面能灵活升降，则说明该装置______(选填“漏气”或“不漏气”)。
(3)若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，通过______(选填序号)方法可以进行调节。
①从U形管内向外倒出适量水
②拆除软管重新安装
③向U形管内添加适量水
(4)比较乙图、丙图改变橡皮膜的方向，U形管中液面高度差没有发生变化，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强______。
(5)在乙图中，若只将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不变，则可以观察到U形管两边液面的______。
(6)若保持丙图中橡皮膜的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧液面高度差变大。小芳由此得出结论：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大。你认为她的结论是______(选填“正确”或“错误”)的，原因是______。
22.铅笔芯的主要成分是石墨，石墨具有导电性。软硬程度不同的铅笔其用途是不同的，例如作面用6B软铅笔、考试填涂用2B铅笔、写字用软硬适中的HB铅笔、制图用6H硬铅笔。某一兴趣小组的同学想要探究铅笔芯的电阻与其软硬度的关系，准备的实验器材有电源(电压恒定)、开关、______、导线、长度和横截面积都相同而软硬度不同的铅笔芯(6B、2B、HB、6H)各一根，设计的实验电路如图所示。接下来的操作是______，然后______；得到______，则说明铅笔芯的电阻与其软硬度是有关的。
23.如图甲所示，弹簧测力计下挂一长方体物体，将物体从离水面某一高度处缓缓下降，然后将其逐渐安全浸入水中(不考虑水面的高度变化)，图乙是弹簧测力计示数F与物体下降高度ℎ变化关系的图象。求：(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)
(1)物体完全浸没时受到的浮力；
(2)物体的体积；
(3)物体的密度。
24.如图1是某燃气热水器水温控制模拟电路，图2是热水器燃烧器的示意图。R是电阻箱，Rt为置于热水器进水口的热敏电阻，其阻值随温度变化的关系如图3所示。当S断开时，铁质阀门在弹簧拉力作用下封住阀门口。当S闭合时，电磁铁吸引铁质阀门，弹簧伸长，燃气通过阀门与管壁之间的空隙流出，并进入燃烧器燃烧，水管内水均匀受热，热水从出水口流出。水温控制电路可以根据进水口的水温自动调节阀门与管壁之间的空隙大小，改变燃气耗气量，实现出水口的水温基本恒定。
(1)当进水口冷水温度降低，Rt阻值______，电磁铁中电流______，阀门与管壁之间空隙变大，燃烧器火焰变大；(选填“变大”、“变小”或“不变”)
(2)若进水口水温是20℃，将电阻箱调至160Ω，则出水温度恰好为40℃；已知U=6V，电磁铁中电流I与燃气耗气量的关系如下表所示，燃气完全燃烧，且放出热量有70%被水吸收，燃气的热值取q=3×107J/m3，求：
①电磁铁线圈中电流；
②出水口热水流量为多少L/min？
(3)在进水温度一定的情况下，为提高出水口热水的温度，下列方法可行的是______。
A.适当减小电阻箱R的阻值
B.减小水管内水的流速
C.适当减小电源电压U
D.换用质量更小的空心铁质阀门
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A.根据图片对照大象的身高约为人身高的1.5倍，故A正确；
B.一头成年大象的质量约为2000kg，故B错误；
C.工作人员正常步行时的速度约为1m/s，故C错误；
D.成年大象正常步行100m需要的时间约为20s，故D错误。
故选：A。
根据图片对照和生活经验，能对生活中常见的物理量大小进行估测和认识。
此题主要考查学生对常见的物理量大小估测和应用，是一道基础题。
2.【答案】B
【解析】解：A、调节“大喇叭”声音的大小改变的是声音的响度，故A错误；
B、不同发声体发出声音的音色不同，外地人是根据听到广播声的音色辨别广播者是赵朝鹏，故B正确；
C、超声波不在人耳的听觉频率范围内，人耳感觉不到，而大喇叭发出的声音人耳能听到，所以大喇叭发出的声音不是超声波，故C错误；
D、中午休息时，小明会把手机的音量调小，这是控制噪声的产生，在声源处减小噪音，故D错误。
故选：B。
(1)声音的大小叫响度，影响因素是振幅和距离发声体的远近；
(2)声音的特点和品质叫音色，影响因素是发声体的材料和结构；
(3)超声波是频率高于20000Hz的声，不在人耳的听觉频率范围内，所以人耳感觉不到；
(4)减弱噪声的方法：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声。
此题考查了声音的特性、超声波、防治噪声的途径，难度不大，属基础题。
3.【答案】A
【解析】解：A、樱花树在水中的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；
B、开屏的孔雀身后的影子是光的直线传播形成的，故B正确；
C、雨后动物园上方形成的彩虹是光的色散现象，故C正确；
D、水里的石头比较浅是因为光从水中斜射入空气时发生了折射，故D正确。
故选：A。
(1)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，属于基础知识。
4.【答案】C
【解析】解：A、若将烧水壶接入到三孔插座，则烧水壶和灯泡互不影响，是并联的，故A错误；
B、电路中保险丝是用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，铜线电阻率小、熔点高，因此保险丝烧断后不能用细铜线代替，故B错误；
C、正确使用测电笔测火线时氖管发光，测零线时氖管不发光，故C正确；
D、更换家庭电路中的灯泡时需要断开开关，故D错误。
故选：C。
(1)家庭电路中插座与其它用电器之间是并联的；
(2)电路中保险丝是用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的；
(3)正确使用时，火线可以使测电笔的氖管发光，零线不能使测电笔的氖管发光；
(4)更换家庭电路中的灯泡时要断开开关。
本题考查了家庭电路中用电器的连接特点、保险丝的使用、测电笔的使用、安全用电常识等，有一定综合性。
5.【答案】D
【解析】解：电动平衡车的无刷电机工作时，消耗电能，获得机械能，因此是将电能转化为机械能，从而获得动力。
A、研究电磁感应现象，机械能转化为电能，故A错误；
B、研究通电导体的周围有磁场，是电流的磁效应，故B错误；
C、研究电磁铁磁性的大小与线圈匝数的关系，故C错误；
D、研究通电导体在磁场中受力的作用，电能转化为机械能，与电动平衡车驱动前行过程原理相同，故D正确。
故选：D。
根据电动平衡车工作和电机工作时消耗和获得的能量做出判断。
此题以平衡车为载体考查了电磁感应、电流的磁效应、电磁铁等多个知识点，综合性很强，但难度不是很大。
6.【答案】D
【解析】解：A、跳板对运动员的弹力，施力物体是跳板，所以是跳板发生形变而产生的，故A错误；
B、运动员跳起离开跳板继续向上运动的过程没有受到跳板的作用力，故B错误；
C、运动员离开跳板后受重力的作用，故C错误；
D、运动员站在跳板上静止时，运动员受到的重力与跳板对她的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一个物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
(1)弹力是指发生形变的物体，由于要恢复原状，所以要对跟它接触的物体产生力的作用，这种作用力就叫弹力，所以弹力是由施力物体发生形变而产生的；
(2)力是物体对物体的作用；
(3)地球附近的物体受到重力的作用；
(4)二力平衡的条件有：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一个物体上。
本题主要考查了弹力的概念、惯性的影响因素以及二力平衡的应用，难度不是很大，只要掌握基本知识点即可解决。
7.【答案】D
【解析】解：
A、由图知，n=3，绳子自由端移动的速度v=3v物=3×0.05m/s=0.15m/s，故A错误；
B、拉力做功功率：
P=W总t=Fst=Fv=100N×0.15m/s=15W，故B错误；
C、拉力做的总功：
W总=Pt=15W×10s=150J，
由η=W有用W总得拉力做的有用功：
W有用=η×W总=80%×150J=120J，故C错误；
D、拉力F做的额外功：
W额=W总−W有用=150J−120J=30J，
物体提升的高度ℎ=v物t=0.05m/s×10s=0.5m，
不计绳重和摩擦，由W额=G动ℎ可得动滑轮重力：
G动=W额ℎ=30J0.5m=60N，故D正确。
故选：D。
(1)由图知，n=3，绳子自由端移动的速度等于物体移动速度的3倍；
(2)知道拉力大小，利用P=Wt=Fst=Fv求拉力做功功率；
(3)利用W=Pt求拉力做的总功，知道滑轮组的机械效率，利用η=W有用W总求拉力做的有用功；
(4)拉力做的额外功等于总功减去有用功；不计绳重和摩擦，拉力做的额外功等于提升动滑轮做的功，再利用W=Gℎ求动滑轮重力。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、动滑轮重力的计算，要知道：不计绳重和摩擦，拉力做的额外功等于提升动滑轮做的功。
8.【答案】ACD
【解析】解：A、配置六个车轮是为了在压力一定时，增大受力面积，减小火星车对火星表面的压强，故A正确；
B、在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能，故B错误；
C、电饭锅工作时，电能转化为内能，就是利用电流的热效应，故C正确；
D、每根头发因带同种电荷互相排斥而“飞”起来，故D正确。
故选：ACD。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强；
减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强；
(2)在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变；
(3)根据电饭锅工作时的能量转化分析即可；
(4)同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。
本题考查了核能的种类、增大和减小压强的方法、电荷间的相互作用规律和电流的热效应等知识，难度不大。
9.【答案】BD
【解析】解：A、电阻丝产生的热量可根据U形管内的液面高度差的变化来表示，采用了转换法，故A错误；
B、探究电热与通电时间的关系，要控制电流和电阻大小相同，只改变通电时间相同，把三套装置中任一容器内电阻丝作为研究对象，可控制控制电流和电阻大小相同，只改变通电时间，都可以探究电热与通电时间的关系，故B正确；
C、探究电热与电流的关系要控制电阻和通电时间相同，将甲丙并联，容器内的电阻不同，故C错误；
D、甲、乙串联接入电路，通过的电流和通电时间相同，根据Q=I2Rt可知，在电流和通电时间相同时，产生的电热与电阻成正比，相同时间乙产生的热量是甲的10Ω：5Ω=2倍，故D正确。
故选：BD。
A、电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的空气加热，空气吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；
BC、电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变；
D、根据Q=I2Rt分析。
本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联电路的规律及焦耳定律的运用。
10.【答案】BC
【解析】解：(1)第一次只闭合开关S、S1，变阻器与R0串联，电压表测PA电阻丝两端的电压，电流表测电路的电流，因电压表接在滑片上(电压表可看做开路)，故变阻器的全部电阻丝接入电路，滑片移动时，变阻器接入电路的阻值不变，总电阻不变，由欧姆定律可知，电路的电流不变，电路中的电流I=0.4A，P在B端时，电压表的示数最大，变阻器两端电压U=8V，由欧姆定律可得，变阻器的最大阻值：
R=UI=8V0.4A=20Ω；故B正确；
由欧姆定律和电阻的串联可得，R0的阻值：
R0=U总I−R=12V0.4A−20Ω=10Ω，故A错误；
(2)第二次只闭合开关S、S2，变阻器与R0和灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路的电流，滑片P从B端向A端移动时，直至小灯泡正常发光，灯的额定电流为：IL=0.5A，此时电压表示数为2V，
由欧姆定律可得，R0的电压为：
U0=ILR0=0.5A×10Ω=5V，
由串联电路电压的规律，灯的额定电压为：
UL=U总−U滑′−U0=12V−2V−5V=5V，
小灯泡的额定功率为：
PL=ULIL=5V×0.5A=2.5W，故C正确；
两次实验中电路的最大电流为：IL=0.5A，
则两次实验中电路的最大功率为：
P大=UIL=12V×0.5A=6W，故D错误；
故选：BC。
(1)第一次只闭合开关S、S1，分析电路连接和电表测量的物理量，确定电路的电流不变，已知电路的电流和P在B端时最大电压，由欧姆定律求出变阻器的最大阻值；由欧姆定律和电阻的串联得出R0；
(2)第二次只闭合开关S、S2，变阻器与R0和灯串联，滑片P从B端向A端移动时，直至小灯泡正常发光，小灯泡的额定电流和电压表示数已知，由欧姆定律求出R0的电压，由串联电路电压的规律求出灯的额定电压，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；两次实验中电路的最大电流已知，根据P=UI求出电路的最大功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效信息和电路的分析。
11.【答案】30 自己
【解析】解：(1)标志牌“XXX 30km”表示从此标志牌到目的地的路程为s=30km，
由v=st可得，从此标志牌处匀速到达目的地的时间：
t=sv=30km60km/ℎ=0.5ℎ=30min；
(2)小明坐在车中，开车的爸爸相对自己的位置没有变化，则爸爸相对于自己是静止的，他选择的参照物是自己。
故答案为：30；自己。
(1)已知速度和距离，根据公式v=st可求所需时间；
(2)如果物体相对于参照物的位置保持不变，物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化，物体是运动的，据此分析答题。
本题考查了交通标志牌的认识、速度公式的应用、机械运动，关键是明白交通标志牌所表示的意义。
12.【答案】二次 化学
【解析】解：电能不能从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，属于二次能源，给无人机充电过程中，是将电能转化为化学能。
故答案为：二次；化学。
不能从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到的能源叫二次能源，如电能、汽油、氢能等；给蓄电池充电时，电能转化为化学能。
本题考查能源的分类和能量的转化，属于基础内容，难度不大。
13.【答案】小于 扩散
【解析】解：(1)挤压气囊使瓶中吸管顶端的气体流速增大，气体压强减小，使上方压强小于瓶中液面上方气体的压强，从而使香水沿吸管上升并随着高速的气流从小孔喷出；
(2)周围的人能闻到香水味属于扩散现象，是香水分子不停地做无规则运动的结果。
故答案为：小于；扩散。
(1)流体流速越大的位置压强越小，据此解答；
(2)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，产生了扩散现象。
本题主要考查了对流体压强与流速的关系、扩散现象的理解与应用，综合性强，但难度不大。
14.【答案】远视眼 倒立
【解析】解：摄像机的镜头是一个凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，可以矫正远视眼；
摄像头利用了当u>2f时，凸透镜成倒立、缩小的实像原理制成。
故答案为：远视眼；倒立。
凸透镜对光线有会聚作用，利用凸透镜可以矫正远视眼。
摄像机是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理制成的，当u>2f时，凸透镜才成倒立、缩小的实像。
本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用，在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。
15.【答案】1.2×105 198
【解析】解：(1)3000r/kW⋅ℎ表示的是电路中每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表转盘转动3000转，
则电能表的转盘转动100转，这段时间内电路消耗的电能：
W=1003000kW⋅ℎ=130kW⋅ℎ=130×3.6×106=1.2×105J；
(2)该用电器的功率：P额=Wt=1.2×105J120s=1000W；
用电高峰期间所消耗的电能：W=273000kW⋅ℎ=91000kW⋅ℎ=91000×3.6×106=3.24×104J；
热水器的电阻R=U额2P额=(220V)21000W=48.4Ω；
热水器的实际功率P实=W′t′=3.24×104J40s=810W；
实际电压U实= RP实= 48.4Ω×810W=198V。
故答案为：1.2×105；198。
(1)3000r/kW⋅ℎ表示的是电路中每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表表盘转动3000转，求出电能表表盘转动100转消耗的电能；
(2)利用P=Wt求出用电器的功率；知道电热水器的额定电压和额定功率，可利用公式R=U2P计算出热水器的电阻，又知道工作时间，可利用公式P=Wt计算出热水器的实际功率，最后再利用P=U2R计算出实际电压。
本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，这是利用电能表测量功率的一种类型习题，一定要熟练掌握。
16.【答案】电磁波 增加 热值 运动状态
【解析】解：(1)“爱因斯坦”探针空间科学卫星与地面控制中心是通过电磁波传递信息；运载火箭加速升空，质量不变，速度变大，搭载的“爱因斯坦”探针空间科学卫星的动能增加。
(2)“长征二号丙”运载火箭是用液态氢作为燃料，因为液态氢具有较高的热值；“爱因斯坦”探针空间科学卫星受到火箭的推力加速升空，说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：(1)电磁波；增加；(2)热值；运动状态。
(1)电磁波可以传递信息；物体的动能与质量和速度有关。
(2)液氢具有较高的热值；力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态。
本题考查的是电磁波的特性及应用；知道力的作用效果；知道影响动能大小的因素和热值的基本概念。
17.【答案】解：延长阻力F2的作用线，然后从支点O向F2作用线画垂线段，垂线段的长即为其力臂l2，如图所示：
【解析】力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，据此画出阻力臂。
力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
18.【答案】解：由图可知，入射角等于60°，可知反射角等于60°，根据反射角等于入射角作出反射光线；
根据折射规律，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，折射光线与入射光线在两种介质中，作出折射光线，如图：
【解析】(1)根据反射定律：反射光线、入射光线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；
根据折射规律：折射光线、入射光线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中，折射角小于入射角，作出折射光线；
(2)要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
此题考查光的反射和折射光路图的画法，折射与反射是在两种介质的界面上同时发生的现象，反射在同一种介质中，在界面的同一侧；折射在两种介质中，在界面的两侧。
19.【答案】B D A 0.55 电阻箱 滑动变阻器滑片P的位置 I额2(R0−R1+R2)
【解析】解：(1)由图电压表测灯泡两端电压，小灯泡额定电压是3.8V，所以电压表应使用0～15V量程，如图所示：
为保护电路闭合开关前，滑片P置于滑动变阻器最大值处，图乙中滑片P应置于B端；
(2)A、若灯泡短路，电流表有示数，电压表没有示数，故A不符合题意；
B、若灯泡断路，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，电流表没有示数，故B不符合题意；
C、若滑动变阻器短路，电流表有示数，电压表也有示数，灯泡发光，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的亮度不变，故C不符合题意；
D、若滑动变阻器断路，整个电路断路，灯不发光，两表没有示数，故D符合题意；
故选D。
(3)电压表示数小于小灯泡的额定电压，应增大其两端电压，所以应将滑片向A端移动；电流表示数为0.22A，小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.22A=0.55W。
(4)①应调节电阻箱直至电流表示数为I额；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不变，调节电阻箱阻值；
③小灯泡的额定电压为：U额=I额(R0−R1+R2)，电灯泡的额定功率为：P额=U额I额=I额2(R0−R1+R2)；
故答案为：(1)见上图；B；(2)D；(3)A；0.55；(4)①电阻箱；②滑动变阻器滑片P的位置；③I额2(R0−R1+R2)；
(1)根据电路图连接实物，注意电表量程；为保护电路闭合开关前，滑片P置于滑动变阻器最大值处；
(2)根据故障现象判断故障类型；
(3)改变滑动变阻器的电阻得到所需的电压，由功率计算公式求解；
(4)根据电路图连接实物图，调节电阻箱和滑动变阻器的阻值，由欧姆定律计算额定电压。
本题是测量小灯泡功率的实验，考查了变阻箱和滑动变阻器在电路中的应用，电路的连接、注意事项、故障分析、图象分析及欧姆定律及功率的计算。
20.【答案】使碎冰受热均匀 固液共存 大于 小
【解析】解：(1)实验中采用水浴法加热的目的是使碎冰受热均匀；
(2)由图乙可知冰的熔化过程是4～10分钟，第8分钟还处于熔化过程中，冰还没有完全熔化，所以是固液共存状态；
(3)晶体熔化时不断吸收热量，温度保持不变，内能增大，所以C点的内能大于B点的内能；
从图象上来看，AB段为冰，4min内温度升高了10℃，CD段为水，4min内温度升高了5℃，AB段比CD段温度升高的要快些，由于冰在固态和液态时质量不变，加热方式不变，可知冰的比热容比水的比热容小。
故答案为：(1)使碎冰受热均匀；(2)固液共存；(3)大于；小。
(1)采用水浴法，能使物质均匀受热，并且减缓物体升温速度，便于记录实验温度并便于观察熔化过程中的状态变化；
(2)由图乙可知冰的熔化过程是4～10分钟，第8分钟还处于熔化过程中，冰还没有完全熔化；
(3)晶体熔化时不断吸收热量，温度保持不变，内能增大；冰和水的比热容不同，同种情况下，温度变化不同。
在“探究物质熔化时温度的变化规律”实验中，考查了水浴法、温度−时间图象的读取、内能、比热容等，属基本实验技能的考查。
21.【答案】不是 高度差 不漏气 ② 相等 高度差变大 错误 没有控制橡皮膜到液面的深度不变
【解析】解：(1)U形管本身是一个连通器，但与压强计的探头连接后，一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此，不是连通器；
(2)液体压强计是观察U形管中液面的高度差来比较液体压强大小的，压强越大，U形管液面高度差越大；
用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
(3)进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故②正确；
(4)探头所处深度相同时，只改变探头的方向，U形管两侧液面的高度差不变，表明在同种液体的同一深度处，液体向各个方向的压强相等；
(5)在乙图中，若只将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不变，则可以观察到U形管两边液面的高度差变大；
(6)研究液体压强与液体的密度的关系，要控制液体的深度相同，保持丙图中探头的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧的液面的高度差变大了，于是他得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论是错误的，原因是没有控制橡皮膜到液面的深度不变。
故答案为：(1)不是；(2)高度差；不漏气；(3)②；(4)相等；(5)高度差变大；(6)错误；没有控制橡皮膜到液面的深度不变。
(1)根据转换法，液体压强计是利用U形管中液面的高度差来体现压强大小的，压强越大，U形管液面高度差越大；连通器是指上端开口，底部连通的容器，符合这一特点的容器才能称为连通器；
(2)实验中通过U形管中两边的液面高度差来反映被测压强大小的；检查装置时，用手按压橡皮膜，若U形管中液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管的水面已有高度差，只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(3)同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强都相等；
(4)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用等，难度不大。
22.【答案】电流表 将不同硬度的铅笔芯分别接入A、B两端，闭合开关 记录接入不同铅笔芯时电流表的示数I1、I2、I3、I4 I1≠I2≠I3≠I4
【解析】解：要探究铅笔芯的电阻与其软硬度的关系，准备的实验器材有电源(电压恒定)、开关、电流表、导线、长度和横截面积都相同而软硬度不同的铅笔芯(6B、2B、HB、6H)各一根，设计的实验电路如图所示。接下来的操作是将不同硬度的铅笔芯分别接入A、B两端，闭合开关，然后记录接入不同铅笔芯时电流表的示数I1、I2、I3、I4；得到I1≠I2≠I3≠I4，则说明铅笔芯的电阻与其软硬度是有关的。
故答案为：电流表；将不同硬度的铅笔芯分别接入A、B两端，闭合开关；记录接入不同铅笔芯时电流表的示数I1、I2、I3、I4；I1≠I2≠I3≠I4。
根据电阻是阻碍电流大小的物理量，因此根据电流表示数的变化探究不同硬度铅笔芯的电阻；先将各元件依次串联起来，并将硬度不同的铅笔接入电路，分别读出电流表的示数，通过电流表的示数比较电阻的大小。
会用控制变量法研究电阻大小与铅笔软硬度的关系；会设计电阻大小影响因素的实验；本类题型对学生而言是个难点。
23.【答案】解：(1)由图乙可知，0～3cm时，弹簧测力计示数为12N，此时长方体物体处于空气中，根据二力平衡条件可知，长方体物体的重力：G=F拉=12N；
7～9cm时，长方体物体完全浸没后排开水的体积不再改变，受到的浮力不再改变，弹簧测力计示数为4N不变，
则长方体物体受到最大的浮力：F浮=G−F=12N−4N=8N；
(2)长方体物体完全浸没时，其体积等于排开水的体积，由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得，
物体的体积：V=V排=F浮ρ水g=8N1×103kg/m3×10N/k=8×10−4m3；
(3)由公式G=mg可求出物体的质量：m=Gg=12N10N/kg=1.2kg，
则物体密度：ρ物=mV=1.2kg8×10−4m3=1.5×103kg/m3。
答：(1)物体完全浸没时受到的浮力为8N；
(2)物体的体积为8×10−4m3；
(3)物体的密度为1.5×103kg/m3。
【解析】(1)由图乙可知，0～3cm时，弹簧测力计示数为12N，此时长方体物体处于空气中，根据二力平衡条件可知长方体物体的重力；
7～9cm时，长方体物体完全浸没后排开水的体积不再改变，受到的浮力不再改变，弹簧测力计示数为4N不变，根据称重法得出长方体物体受到最大的浮力；
(2)根据G=mg求出长方体物体的质量，根据F浮=ρ液gV排求出长方体物体排开水的体积即长方体物体的体积；
(3)利用密度公式求出长方体物体的密度。
本题考查了称重法求浮力和阿基米德原理、重力公式、密度公式综合应用，从图像中获取有用的信息是关键。
24.【答案】变小 变大 ABD
【解析】解：(1)由图3可知，当温度降低时，热敏电阻Rt的电阻阻值变小，控制电路的电源电压等不变，根据欧姆定律可知电路中电流变大；
(2)①由图3可知，温度为20℃时，热敏电阻的阻值：Rt=40Ω，
根据串联电路规律可得，控制电路中的电阻：R总=R+Rt=160Ω+40Ω=200Ω，
由欧姆定律可得，电磁铁线圈中的电流：I=UR总=6V200Ω=0.03A=30mA；
②由表格数据可知，电磁铁中电流I=30mA时，燃气耗气量：0.056m3/min，表明每分钟消耗燃气：V=0.056m3，
每分钟燃气完全燃烧放出的热量：Q放=qV=3×107J/m3×0.056m3=1.68×105J，
每分钟水吸收的热量：Q吸=ηQ放=70%×1.68×105J=1.176×105J，
由Q=cmΔt可得，每分钟流出的水的质量：m=Q吸c(t−t0)=1.176×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×(40℃−20℃)=1.4kg，
由ρ=mV可得，水的体积：V=mρ=1.4kg1.0×103kg/m3=1.4×10−3m3=1.4L，
所以出水口热水流量为1.4L/min；
(3)A、当适当减小电阻箱R的阻值时，电路中的电流变大，燃气耗气量变大，水吸收的热量多，水温升高，故A符合题意；
B、减小水管内水的流速，在相同时间内水的质量变小，燃气燃烧产生的热量不变，水吸收的热量不变，水温升高，故B符合题意；
C、适当减小电源电压U，电路中的电流减小，燃气消耗量减小，在相同时间内燃气燃烧产生的热量减少，水吸收的热量减少，水温降低，故C不符合题；
D、换用质量更小的空心铁质阀门，在电流不变，电磁铁额吸引力不变的情况下，出气口变大，在相同时间内燃烧的燃气量变大，水温升高，故D符合题意。
故选：ABD。
答：(1)变小；变大；
(2)①电磁铁线圈中电流为30mA；
②出水口热水流量为1.4L/min；
(3)ABD。
(1)由图3可知，当温度降低时，热敏电阻Rt的电阻变化情况，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
(2)由图3可知，温度为20℃时，热敏电阻的阻值，根据串联电路规律和欧姆定律计算电磁铁线圈中的电流；
根据表格可知每分钟消耗的燃气量，由此计算每分钟燃气完全燃烧放出的热量，根据效率计算每分钟水吸收的热量，根据Q=cmΔt，计算水的质量，由ρ=mV计算水的体积，求得出水口热水流量；
(3)逐项分析，得出结论。
本题考查欧姆定律公式、热量计算、密度公式等内容，知识点较多，综合程度较高，有一定难度。电流I/mA
0
10
20
30
40
50
耗气量m3/min
0
0.006
0.024
0.056
0.096
0.15
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