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    2024届陕西省榆林市高三第四次模拟理综试题-高中化学(原卷版+解析版)

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    2024届陕西省榆林市高三第四次模拟理综试题-高中化学(原卷版+解析版)

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    这是一份2024届陕西省榆林市高三第四次模拟理综试题-高中化学(原卷版+解析版),文件包含2024届陕西省榆林市高三第四次模拟理综试题-高中化学原卷版docx、2024届陕西省榆林市高三第四次模拟理综试题-高中化学解析版docx等2份试卷配套教学资源,其中试卷共28页, 欢迎下载使用。
    1.本试题共16页,满分300分,时间150分钟。
    2.答卷前,考生务必将自己的姓名、班级和准考证号填写在答题卡上。
    3.回答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
    4.考试结束后,监考员将答题卡按顺序收回,装袋整理;试题不回收。
    可能用到的相对原子质量;H-1 C-12 N-14 O-16 S-32 Cl-35.5 Mn-55 C-59 Zn-65
    第一部分(选择题 共126分)
    一、选择题(本大题共13小题,每小题6分,共78分。在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的)
    1. 农耕文明作为中华文明的重要载体,记录了许多农业生产与生活的智慧。下列说法错误的是
    A. 豆浆中加入石膏制豆腐:豆浆中的蛋白质发生聚沉
    B. 大米可用于酿酒:大米的主要成分为淀粉,水解得到乙醇
    C. 谷雨时节“雷雨肥田”:与氮元素在自然界中的转化有关
    D. 向含有较多碳酸钠的盐碱地中施加适量的石膏:降低了土壤的碱性
    【答案】B
    【解析】
    【详解】A.豆浆中加入石膏制豆腐是因为豆浆中的蛋白质发生聚沉,A项正确;
    B.淀粉水解生成葡萄糖,葡萄糖分解生成乙醇,B项错误;
    C.雷雨时在闪电作用下引发氮气和氧气反应生成NO,NO与氧气反应生成NO2,NO2与水反应生成硝酸,硝酸根离子可被植物吸收,从而促进植物生长,C项正确;
    D.碳酸根和钙离子结合成碳酸钙,降低了土壤的碱性,D项正确;
    故选:B。
    2. 设表示阿伏加德罗常数的值,下列叙述中正确的是
    A. 和的混合物中含,则混合物中质子数为
    B. 苯分子中,含有碳碳单键的数目为
    C. 标准状况下,二氯甲烷中含有氯原子的数目为
    D. 常温下,的溶液中,由水电离出的数目为
    【答案】A
    【解析】
    【详解】A.和的混合物中含,说明和共1ml,、,故1ml的和混合物含有质子数为,故A正确;
    B.苯分子中的碳碳键介于碳碳单键和碳碳双键之间的一种独特的键,不含碳碳单键,故B错误;
    C.二氯甲烷在标准状况下为非气态物质,二氯甲烷不是0.5ml,含有的氯原子不是,故C错误;
    D.不知碳酸钠溶液的体积,无法计算由水电离出的数目,故D错误;
    故答案为:A。
    3. 丹参素是从中药丹参中提取的有效成分,具有抗炎、抗菌、抗氧化作用,其结构如图所示。下列说法中错误的是
    A. 丹参素的分子式为
    B. 该有机物最多可消耗
    C 丹参素与足量氢气加成后所得分子中有4个手性碳原子
    D. 丹参素与互为同系物
    【答案】D
    【解析】
    【详解】A.丹参素的分子式为,A正确;
    B.1 ml该有机物中含有2 ml酚羟基、1 ml酯基,故最多可消耗,B正确;
    C.丹参素与氢气加成后所得分子结构为,由此可知该分子中有4个手性碳原子,C正确;
    D.丹参素与结构不相似,丹参素有苯环,酚羟基,具有碳碳双键,醇羟基,不是同系物,D错误;
    故选D。
    4. 利用下图所示装置进行实验,根据实验现象所得结论正确的是
    A. AB. BC. CD. D
    【答案】B
    【解析】
    【详解】A.二氧化硫使酸性高锰酸钾溶液褪色表现的是二氧化硫的还原性,A错误;
    B.稀硫酸与溶液反应,生成H2S,与溶液产生黑色沉淀,难溶于硫酸,B正确;
    C.氯气通入溴化亚铁溶液中先氧化亚铁离子,使溶液变为黄色,C错误;
    D.浓盐酸与溶液产生二氧化碳,通入苯酚钠溶液中,溶液变浑浊,强酸制弱酸,但由于浓盐酸具有挥发性,无法确定是HCl气体还是二氧化碳溶于水后与苯酚钠溶液反应,D错误;
    故选B。
    5. X、Y、Z、R、W为五种短周期主族元素。X单质与冷水剧烈反应且反应后溶液呈碱性;Y元素原子最外层电子数为m,次外层电子数为n;Z元素原子L层电子数为,M层电子数为;R与W原子最外层电子数都是其电子层数的2倍,其中W的两种常见简单氧化物均为酸性氧化物。下列说法正确的是
    A. 最高正价:
    B. 原子半径:
    C. 由X、Y组成的化合物中可能含有离子键和非极性键
    D. 相同温度下,R、Z的最高价含氧酸的钠盐溶液的
    【答案】C
    【解析】
    【分析】已知短周期主族元素X、Y、Z、R、W,X单质与冷水反应剧烈且反应后溶液呈碱性,则X为Na; R与W原子最外层电子数都是其电子层数的2倍,可能为C元素、S元素,其中W的两种常见简单氧化物均为酸性氧化物,故W为S元素,R为C元素; Y元素原子最外层电子数为m,次外层电子数为n,Z元素原子L层电子数为m+n,M层电子数为m−n,Z的L层含有电子数m+n=8,Y的次外层电子数n=2,则m=8−2=6,所以Y为O,Z为Si元素;以此分析解答。
    【详解】A.W为S元素,R为C元素,S元素最高正价为+6价,C最高正价为+4价,最高正价:,即,故A错误;
    B.W为S元素,R为C元素,Y为O元素,同一周期从左到右原子半径逐渐减小;同一主族从上到下,原子半径逐渐增大,原子半径:,即,故B错误;
    C.X为Na元素,Y为O元素,两者组成的化合物有Na2O、Na2O2,其中Na2O2含有离子键和非极性键,故C正确;
    D.R为C元素,Z为Si元素,最高价含氧酸酸性:R>Z,则最高价含氧酸的钠盐溶液,故D错误;
    故选C。
    6. 我国科学家研制出一种可充电的双离子电池,其工作原理如图所示:
    下列说法正确的是
    A. 放电时,负极区溶液的增大
    B. 充电时,阴极反应式为
    C. 放电时,正极反应式为
    D. 充电时,若极质量增加,则有通过阳离子交换膜向极移动
    【答案】C
    【解析】
    【分析】由图可知,放电时,Zn作负极,电极反应式为,右侧为正极,电极反应式为,充电时,Zn作阴极,电极反应式为 ,右侧为阳极,据此作答。
    【详解】A.放电时,Zn作负极,电极反应式为,消耗氢氧根,负极区溶液的减小,A错误;
    B.充电时,阴极反应式为,B错误;
    C.放电时,正极反应式为,C正确;
    D.充电时,Zn作阴极,电极反应式为,若极质量增加,则有通过阳离子交换膜向a极移动,D错误;
    故选C。
    7. 某废水处理过程中始终保持饱和,即,通过调节使和形成硫化物而分离,体系中与关系如图所示,c为、、和的浓度,单位为。已知,下列说法正确的是
    A.
    B. M点条件下能生成沉淀,不能生成沉淀
    C. ③为与的关系曲线
    D.
    【答案】D
    【解析】
    【分析】已知H2S饱和溶液中随着pH的增大,H2S的浓度逐渐减小,HS-的浓度增大,S2-浓度逐渐增大,则有-lgc(HS-)和-lg(S2-)随着pH增大而减小,且相同pH相同时,HS-浓度大于S2-,即-lgc(HS-)小于-lg(S2-),则Ni2+和Cd2+浓度逐渐减小,且,即当c(S2-)相同时,c(Ni2+)>c(Cd2+),则-lgc(Ni2+)和-lg(Cd2+)随着pH增大而增大,且有-lgc(Ni2+)小于-lg(Cd2+),由此可知曲线①代表Cd2+、②代表Ni2+、③代表S2-,④代表HS-,据此分析结合图像各点数据进行解题。
    详解】A.由分析可知,曲线①代表Cd2+、③代表S2-,由图示曲线①③交点可知,此时c(Cd2+)=c(S2-)=10-13ml/L,则有,A错误;
    B.M点为CdS的过饱和溶液,NiS的不饱和溶液,则M点条件下能生成CdS沉淀,不能生成NiS沉淀,B错误;
    C.由分析可知,③为pH与−lgc(S2-)的关系曲线,B错误;
    D.由分析可知,曲线④代表HS-,由图示曲线④两点坐标可知,此时c(H+)=10-1.6ml/L时,c(HS-)=10-6.5ml/L,或者当c(H+)=10-4.2ml/L时,c(HS-)=10-3.9ml/L,,D正确;
    故答案为D。
    第二部分(非选择题 共174分)
    三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题~第32题为必考题,每道试题考生都必须作答。第33题~第38题为选考题,考生根据要求作答)
    (一)必考题(11题,共129分)
    8. (三氯化六氨合钴,)是合成其他含钴配合物的重要原料,实验室中可由金属钴及其他原料制备。
    已知:①在时,恰好完全沉淀为;
    ②不同温度下在水中的溶解度如图所示;
    ③易潮解,C(Ⅲ)的氧化性强于。
    制备步骤如下:
    Ⅰ.的制备:用金属钴与氯气反应制备,实验中利用如图装置(连接处橡胶管省略)进行制备。
    Ⅱ.在锥形瓶内加入研细的、和水,加热溶解后加入活性炭作催化剂。
    Ⅲ.冷却后,加入浓氨水混合均匀。控制温度在10℃以下并缓慢加入溶液。
    Ⅳ.在60℃下反应一段时间后,经过___________、过滤、洗涤、干燥等操作,得到橙黄色的晶体。
    请回答下列问题:
    (1)仪器a的名称为___________。
    (2)用图中的装置组合制备,仪器的连接顺序为___________。装置B的作用是___________。
    (3)制备三氯化六氨合钴的反应方程式为___________。
    (4)在制备时,加入浓氨水前,需在步骤Ⅱ中加入,请结合平衡移动原理解释原因___________。
    (5)步骤Ⅲ中在加入溶液时,控制温度在10℃以下缓慢加入的目的是___________。
    (6)在步骤Ⅳ中过滤、洗涤、干燥之前操作为___________、___________。
    (7)制得产品的产率为___________%(精确到0.1%)。
    【答案】(1)圆底烧瓶
    (2) ①. A→D→C→E→B ②. 吸收多余的,防止污染空气;同时防止空气中的水蒸气进入装置E,使潮解
    (3)
    (4)溶于水电离出,使的电离平衡逆向移动,防止加入氨水时溶液中过大,生成沉淀
    (5)控制反应速率,防止温度过高使和分解
    (6) ①. 趁热过滤 ②. 冷却结晶
    (7)67.3
    【解析】
    【分析】利用浓盐酸和高锰酸钾反应制取氯气,通过饱和食盐水除去氯化氢杂质,在通过浓硫酸干燥,得到干燥的氯气,氯气在E中和钴加热条件下生成氯化钴,再利用氯化钴和氯化铵、氨气在活性炭催化下得到。
    【小问1详解】
    仪器a的名称为圆底烧瓶。
    【小问2详解】
    先制取氯气,在进行氯气除杂和干燥和钴反应,故顺序为A→D→C→E→B;易潮解,防止空气中的水蒸气进入装置E,氯气有毒,也用于氯气的尾气处理。
    【小问3详解】
    根据得失电子,元素守恒可得化学方程式为

    【小问4详解】
    溶于水电离出,使的电离平衡逆向移动,防止加入氨水时溶液中过大,生成沉淀。
    【小问5详解】
    缓慢加入是控制反应速率,过氧化氢和一水合氨容易分解,故温度不能过高。
    【小问6详解】
    趁热过滤除去活性炭杂质, 溶解度在低温下比较小,冷却结晶得到更多产品。
    【小问7详解】
    研细的,则,理论上可得到为0.04ml,为,实际得到7.2g,故。
    9. 碱式碳酸铜在焰火、农药、颜料、杀菌剂等方面应用广泛。一种以辉铜矿,含有和少量等杂质)为原料制备碱式碳酸铜的流程如图所示:
    已知:为无色液体,是硫、磷、硒、澳、碘、樟脑等的良好溶剂,具有挥发性。
    回答下列问题:
    (1)的电子式为_____。
    (2)滤渣I经提取后可获得一种淡黄色副产品,则滤渣I中的主要成分是和_____(填化学式)。“浸取”时发生反应的离子方程式为_____。
    (3)“除铁”时,加入试剂的目的是调节溶液的为2.9以完全除去铁元素(溶液中离子浓度小于即可视为完全沉淀),则试剂可用_____(填化学式)____。
    (4)写出“沉锰”(除)过程中发生反应的离子方程式:_______。
    (5)“赶氨”时,最适宜的操作方法是_______。
    (6)副产品在真空中加热分解制备,分解过程中测得固体的质量随温度变化如图所示。温度应控制的范围是_______(填字母)。
    A. B. C.
    【答案】(1) (2) ①. S、 ②.
    (3) ①. 或或 ②.
    (4)
    (5)将溶液加热 (6)C
    【解析】
    【分析】根据题意,用含有、、的辉铜矿石,制备碱式碳酸铜,开始加入稀硫酸酸浸并且用将氧化为而沉淀而除去。溶液中加入,促进水解生成而除去,溶液中剩余的阳离子为、,用将沉淀,加热除去溶液中的,最后将溶液处理,得到碱式碳酸铜。
    【小问1详解】
    与为等电子体,结构和的相似,故的电子式为,故答案为:;
    【小问2详解】
    辉铜矿中含有、和,加入和后,发生反应,,和硫酸不发生反应,滤渣Ⅰ中的主要成分除外还有;故答案为:S、;;
    【小问3详解】
    由分析可知,试剂X可用CuO或、,调节溶液的pH为2.9时,溶液中Fe3+的浓度为,则,故答案为:CuO或或;;
    【小问4详解】
    向溶液中加入除去,生成沉淀,发生反应的方程式:,故答案为:;
    【小问5详解】
    气体在溶液中的溶解度随着温度的升高而降低,故可以将溶液加热,故答案为:将溶液加热;
    【小问6详解】
    制备,根据锰元素守恒建立关系式,所以需控制温度大于1000℃,故答案:C。
    10. 利用甲烷催化裂解制备乙烯、乙炔,也可以与在催化剂的作用下合成甲醇,有利于实现碳资源的有效循环。
    (1)甲烷催化裂解制备乙烯、乙炔时涉及以下反应:
    反应I:
    反应Ⅱ:
    反应Ⅲ:
    反应Ⅳ:
    _______。
    (2)甲烷在固体催化剂表面发生反应I的过程如图所示。
    A B C
    ①A、B、C中能量状态最高的是_______,A到B的能量变化_______B到C的能量变化(填“”、“”或“”)。
    ②某温度下,反应的、(k为速率常数),部分数据如表所示。
    该温度下_______,温度升高,速率常数增大的倍数:_______(填“”、“”或“”)。
    (3)一定条件下,甲烷裂解体系中几种气体的平衡分压的对数与温度的关系如图所示。
    ①时,反应I、Ⅲ中,反应倾向较大的是_______。
    ②工业上催化裂解甲烷常通入一定量的,原因是_______。
    (4)在催化剂的作用下,利用与合成甲醇。
    主反应:
    副反应:
    在温度为、压强为下,向容器中充入、和,充分反应达平衡时的转化率为,产物的选择性[如甲醇的选择性]如图所示:
    计算平衡时的物质的量为_______。副反应的相对压力平衡常数_______(已知:气体的相对分压等于其分压除以标准压强,相对压力平衡常数是指用相对分压代替浓度计算的平衡常数)。
    【答案】(1)
    (2) ①. B ②. ③. ④.
    (3) ①. 反应Ⅲ ②. 抑制反应Ⅲ正向进行,防止产生积碳覆盖在催化剂表面,导致催化剂活性降低
    (4) ①. 0.4 ②. 10
    【解析】
    【小问1详解】
    根据盖斯定律,反应I+反应Ⅱ=反应Ⅳ,故=+202;
    【小问2详解】
    ①由图可知,B是断键吸收能量后的状态,为能量最高的状态,由于反应I是吸热反应,反应物的总能量低于生成物的总能量,故A到B的能量变化>B到C的能量变化;
    ②由表格的数据可知,;,解得p2=0.2MPa,代入第3栏数据,有,记得;K=,温度升高,平衡正向移动,K值增大,故速率常数增大的倍数:>k逆;
    【小问3详解】
    ①根据图像数据,时,反应I的kp===10-0.5,反应Ⅲ的kp==103.5,因此反应Ⅲ的倾向较大;
    ②催化裂化甲烷通入一定量的H2,可以抑制反应Ⅲ正向进行,防止产生积碳覆盖在催化剂表面,导致催化剂活性降低;
    【小问4详解】
    根据题目的数据,有如下算式:
    平衡时O2的物质的量为3.0ml-1.8ml-0.8ml=0.4ml,CH4的物质的量为1ml,CO2的物质的量为0.4ml,H2O的物质的量为0.8ml+1.2ml=2.0ml;故副反应的==10。
    (二)选考题(共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题做答,在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做,则每学科按所做的第一题计分)
    【化学一选修3:物质结构与性质】
    11. 国产大飞机C919的制造使用了较多含硼材料(如硼纤维、氮化硼等),多项技术打破了外国垄断。
    (1)立方氮化硼硬度大,熔点为,其晶体类型为_______。
    (2)耐高温材料立方制备流程中用到、和触媒剂。
    ①、B、N三种元素电负性从大到小的顺序为_______。
    ②中原子的_______轨道与原子的_______轨道形成键;形成过程中,基态原子价电子层上的电子先激发,再杂化,激发后原子的价电子轨道表示式为_______。
    ③在四氯化碳中的溶解度远大于,原因是_______。
    (3)近年来硼氢类离子液体作为火箭推进剂燃料得到了广泛使用。该化合物(如图所示)中不存在的作用力有_______(填字母)。
    A.离子键 B.配位键 C.金属键 D.键 E.键 F.氢键
    (4)硼化钙晶胞结构如图所示,原子构成正八面体,各个顶点通过键互相连接成三维骨架,八个多面体围成立方体,中心为硼化钙的化学式为_______。以晶胞参数为单位长度建立的坐标系可以表示晶胞中各原子的位置,称为原子的分数坐标。已知原子的分数坐标为,正八面体中键的键长为r,晶胞参数为a,则点原子的分数坐标为_______。
    【答案】(1)原子晶体或共价晶体
    (2) ①. ②. 杂化 ③. 3p ④. ⑤. 和四氯化碳均为非极性分子,而氨气属于极性分子,相似相溶
    (3)CF (4) ①. ②.
    【解析】
    【小问1详解】
    结合熔点可知立方氮化硼符合共价晶体特征;
    【小问2详解】
    ①金属的电负性较小,另外,同周期元素电负性从左向右在增大,故Ca、B、N三种元素电负性从大到小的顺序为:N>B>Ca;
    ②BCl3中B原子的价层电子对数为3,其杂化方式为sp2,故BCl3中B原子的sp2杂化轨道与Cl原子的3p轨道形成σ键;基态B原子价电子层上的电子先进行激发,再进行杂化,说明B原子激发后的三个轨道能量相同,故激发时B原子的价电子排布图为:;
    ③极性相似的物质溶解度较大,BCl3和四氯化碳为非极性分子,氨气为极性分子,故原因是:BCl3和四氯化碳均为非极性分子,而氨气属于极性分子,相似相溶;
    【小问3详解】
    根据结构可知,该物质由阴阳离子结合而成,含离子键,阳离子中C-N、C-H等属于键,不饱和双键结构中含键;B与N原子之间存在配位键。不含金属键和氢键;
    【小问4详解】
    由晶胞结构可知位于顶点,有,Ca位于体心,个数为1,则硼化钙的化学式为;由结构可知,A点到相邻顶点的距离为pm,则A点的z坐标为,A点坐标为。
    【化学一选修5:有机化学基础】
    12. 盐酸沙格雷酯片为抗血小板凝集药,能够抑制血小板聚集、抑制血管收缩,从而预防血栓的形成。化合物G是合成药物盐酸沙格雷酯的重要中间体,其合成路线如下:
    已知:
    ①的分子式为。
    ②。
    回答下列问题:
    (1)A的化学名称为_______,中所含官能团的名称是_______。
    (2)的反应类型为_______,的结构简式为_______。
    (3)B与银氨溶液反应的化学方程式为_______。
    (4)分析整个合成路线,在合成化合物G路线中的作用为_______。
    (5)是的同分异构体,同时满足下列条件的有_______种(不考虑立体异构)。
    ①1M可以与2Na反应;
    ②每一个苯环上均有两个侧链;
    ③不存在甲基和。
    其中,核磁共振氢谱有4组峰,且峰面积之比为的结构简式为_______。
    (6)参照上述合成路线,设计以和为原料制备的合成路线_______(其他试剂任选)。
    【答案】(1) ①. 邻羟基苯甲醛或羟基苯甲醛 ②. 醚键、(酚)羟基
    (2) ①. 取代反应 ②.
    (3)
    (4)保护(酚)羟基,防止(酚)羟基被氧化
    (5) ①. 15 ②.
    (6)
    【解析】
    【分析】E与在NaH作用下反应生成F,F与H2在Pd/C作用下加热反应生成G,结合E、G结构简式推知F为,结合其他有机物的结构间式及反应条件进行分析解答;
    【小问1详解】
    A为,化学名称为邻羟基苯甲醛或羟基苯甲醛,根据G的结构简式可知,中所含官能团的名称是醚键、(酚)羟基;
    【小问2详解】
    是C与SOCl2反应生成D和SO2、H2O,羟基变为Cl,反应类型为取代反应;
    根据分析可知,的结构简式为;
    【小问3详解】
    B与银氨溶液反应生成、银镜、氨气和水,反应的化学方程式为;
    【小问4详解】
    分析整个合成路线,在合成化合物G路线中是先与羟基发生取代保护起来,后再恢复羟基,故作用为保护(酚)羟基,防止(酚)羟基被氧化;
    【小问5详解】
    C为,是的同分异构体,满足条件:①1M可以与2Na反应,则含有两个羟基;②每一个苯环上均有两个侧链;③不存在甲基和,第一种情况,左边苯环上1、2、3位放羟基,右边苯环1、2、3位上放-CH2OH,分别均有3种,故有9种同分异构体;第二种情况,,左右两边的苯环上各有一个羟基,则有1、1,1、2,1、3,2、2,2、3,3、3共6种,合计共有15种同分异构体;
    其中,核磁共振氢谱有4组峰,则高度对称,且峰面积之比为的结构简式为;
    【小问6详解】
    参照上述合成路线,以和反应生成,氧化得到,与甲醇发生酯化反应生成,与H2在Pd/C作用下加热制得,合成路线为。选项



    ③中实验现象
    实验结论
    稀硫酸
    溶液
    酸性溶液
    溶液褪色
    具有漂白性
    稀硫酸
    溶液
    溶液
    产生黑色沉淀
    难溶于硫酸
    浓盐酸
    溶液
    溶液
    溶液变为黄色
    氧化性:
    浓盐酸
    溶液
    苯酚钠溶液
    溶液变浑浊
    酸性:碳酸>苯酚
    0.05
    4.8
    19.2
    0.15
    8.1

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