2024届广西桂林市第十八中学高三下学期考前押题物理试卷

这是一份2024届广西桂林市第十八中学高三下学期考前押题物理试卷，共11页。试卷主要包含了本试卷分选择题和非选择题两部分，答题前，考生务必用直径0，本卷命题范围，5s内运动的路程均等于1m等内容，欢迎下载使用。

1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。
2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
4.本卷命题范围：高考范围。
一、选择题：本题共10小题，共46分.在每小题给出的四个选项中，第1~7题，只有一项是符合题目要求的，每小题4分，第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.用频率为的单色光照射某金属时，逸出光电子的最大初动量为p，用频率为2的单色光照射该金属时，逸出光电子的最大初动量为2p，则该金属的截止频率等于（ ）
A. B. C. D.
2.如图所示，质量均为m的a、b小球用细线1、2悬挂在天花板上，重力加速度为g，现用大小等于mg的拉力F作用在b球上，a、b均静止时，悬线2的拉力大小也等于mg，则悬线1上的拉力大小等于（ ）
A. B. C. D.
3.如图所示，边长为L的正方形金属线框abcd用绝缘细线悬挂在天花板上处于静止状态，ab边水平，带有绝缘层的长直金属导线MN水平固定，刚好与金属线框ad边和bc边接触，线框关于长直导线对称，长直导线通有从M到N的恒定电流，线框中通有大小为I、沿顺时针方向的恒定电流，线框的质量为m，重力加速度为g，细线的拉力为F，则（ ）
A. ab边受到的安培力方向向上
B. FC.俯视看，线框有绕悬线沿逆时针方向转动的趋势
D.长直导线中的电流在线框ab边处产生的磁场磁感应强度大小为
4.一列简谐横波沿轴传播，在t=0时刻的波形图如图甲所示，质点Q的平衡位置位于x=4m处，质点Q的振动速度v随时间t变化的规律如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）
甲乙
A.波沿x轴负方向传播
B.波的传播速度为30m/s
C.质点Q在任意0.5s内运动的路程均等于1m
D. t=0.25s时刻，质点Q的加速度沿y轴负方向
5.如图所示，将一个小球从O点水平抛出，从O点运动到A点，偏向角为30°，运动时间为t1；从A点运动到B点，偏向角也是30°，运动时间为t2.不计空气阻力，则t1∶t2等于（ ）
A.1∶1B.1∶2C.1∶3D.1∶4
6. 2023年11月3日，我国在文昌航天发射场成功将通信技术试验卫星十号（地球静止轨道卫星）发射升空.如图所示为发射地球静止轨道卫星的三个轨道，轨道1为近地轨道，轨道2为转移轨道（椭圆），轨道3为同步轨道，P、Q分别是转移轨道的近地点和远地点.卫星在轨道1上P点速度为v1、在轨道2上P点速度为v'1，在轨道3上Q点速度为v2，在轨道2上Q点速度为v'2，则下列判断正确的是（ ）
A.卫星在三个轨道上各点的线速度均不会超过第一宇宙速度
B.卫星在轨道2上从P点运动到Q点过程，发动机一直做正功
C.卫星在轨道1上P点加速度小于在轨道2上P点加速度
D.
7.如图所示为一定质量的理想气体状态变化过程中的三个状态，图中ba的延长线过原点，b→c过程为等温过程，则下列说法正确的是（ ）
A. b→c过程，气体分子数密度增大
B. c→a过程，气体分子速率分布中各速率区间的分子数占总分子数的比例均减小
C. c→a过程，外界对气体做功大于气体放出的热量
D. a→b→c→a过程，气体从外界吸收热量
8.如图所示，光滑绝缘圆盘固定在水平面上，在圆盘圆心O正上方P点固定一个带正电的点电荷，在圆盘上Q点有一个带负电的小球，小球始终在圆盘面上运动，小球可视为质点，则下列说法正确的是（ ）
A.若小球在Q点由静止释放，则小球远离Q点运动且电势能一直增大
B.若小球在Q点由静止释放，则小球一定能通过O点，且在O点动能最大
C.在Q点给小球一个初速度，若小球沿直线运动至离Q点最远处，则此过程中小球的电势能一定先减小后增大
D.在Q点给小球一个初速度，若小球做曲线运动，小球的电势能可能不变
9.如图所示的电路中，自耦变压器为理想变压器，电表均为理想交流电表，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，A、B间输入电压有效值恒定的正弦交变电流，在调节P1或P2的过程中，下列判断正确的是（ ）
A.仅将P1向左滑动，两电表的示数均变小
B.仅将P1向左滑动，两电表的示数均变大
C.仅将P2向上滑动，两电表的示数均变大
D.仅将P2向上滑动，A、B端输入的功率变小
10.如图甲所示，间距为L的平行直导轨固定在绝缘水平面上，左端接有阻值为R的定值电阻，导轨处于磁感应强度大小为B、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中，不计导轨电阻，质量为m的金属棒垂直放在导轨上，在金属棒上施加一个水平向右的拉力F，使金属棒由静止开始向右做加速运动，金属棒的运动速度v和位移x的关系图像如图乙所示，图像的斜率为，金属棒运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，金属棒接入电路的电阻为R.若金属棒与导轨间动摩擦因数为0.5，重力加速度为g，则金属棒从静止开始向右运动x0的过程中，下列判断正确的是（ ）
A.金属棒做匀加速直线运动
B.金属棒的加速度随速度均匀增大
C.金属棒受到的安培力冲量大小为
D.拉力做功为
二、非选择题：本题共5小题，共54分.
11.（6分）某同学用如图甲所示实验装置“探究弹簧的弹力与伸长量之间的关系”，实验时将弹簧a上端固定在铁架台的横杆上，弹簧a的右侧固定一刻度尺，记录不挂钩码时弹簧a的长度l0，在弹簧a下端悬挂不同质量的钩码，记录每次实验钩码的质量m及对应的弹簧a的长度L，重力加速度g取9.8m/s2.
（1）由求出每次弹簧a的伸长量x，根据测量数据作出x—m图像，如图乙所示中的图线A.由图线A可得弹簧a的劲度系数k= N/m（结果保留两位有效数字）.由图像可以得出的结论是 .
（2）该同学再用弹簧b重做实验，得到的x-m图像如图乙所示中的图线B，由图像可知，弹簧b的劲度系数 （填“大于”“等于”或“小于”）弹簧a的劲度系数.若继续增大悬挂钩码的质量，测得的数值绘出的图像发现向上弯曲，其原因是 .
（3）若将a、b弹簧首尾相连串接在一起后悬挂在铁架台的横杆上，在最下端悬挂50g的钩码，则稳定后，两根弹簧的总伸长量为 cm.
12.（8分）要测量某电阻Rx（阻值约为100Ω）的阻值，某同学根据实验室提供的器材，设计了如图甲所示的电路图.实验室提供的器材有：
A.电压表V：量程3V，内阻约为3000Ω
B.电流表A1：量程0.6A，内阻约为3Ω
C.电流表A2：量程10mA，内阻约为100Ω
D.定值电阻R0：阻值200Ω
E.滑动变阻器R1：阻值范围0~20Ω，允许通过的最大电流为1A
F.滑动变阻器R2：阻值范围0~100Ω，允许通过的最大电流为2A
G.电源E：电动势为3V，内阻不计
H.开关两个，导线若干
（1）根据电路图可知，电流表应选用 （填“A1”或“A2”），滑动变阻器应选用 （填“R1”或“R2”）.
（2）请根据电路图将如图乙所示的实物图连接完整.
（3）图乙中，闭合开关S1前，应先将滑动变阻器滑片移到最 （填“左”或“右”）端，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器，使电压表的指针偏转较大，记录这时电压表和电流表的示数U1、I1，断开开关S2，记录这时电压表和电流表的示数U2、I2，则被测电阻的阻值为Rx= Ω.
13.（10分）如图所示，竖直放置的上细下粗的玻璃管内，水银柱将一段理想气体封闭在粗管内，静止时，封闭气柱长为8cm粗、细管中水银柱等长，大气压强为75cmHg，环境温度为300K，细管和粗管部分水银柱横截面积之比为1∶2.细管足够长，将玻璃管竖直倒置，稳定后封闭气柱的长为10cm，粗、细管内均有水银.
（1）求开始时粗、细管中水银柱的长度；
（2）若玻璃管不倒置，将环境温度缓慢升高，使封闭气柱的长也变为10cm，则升高后的环境温度为多少？（结果保留整数）
14.（12分）如图所示，将倾角为θ=37°的斜面体固定在水平面上，轻弹簧放在斜面上，下端固定在斜面底端的固定挡板上，质量为3kg的物块B静止在斜面上的Q点且与轻弹簧刚好接触，质量为1kg的物块A从斜面上的P点由静止释放，与物块B发生弹性碰撞，不计碰撞的时间，碰撞后物块B下滑的最大距离为0.2m，P、Q间的距离为1m，物块A、B与斜面间的动摩擦因数分别为0.5和0.8.A、B与斜面间的最大静摩擦力均等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2，不计物块的大小，sin37°=0.6，cs37°=0.8.求：
（1）物块A与B第一次碰撞前瞬间，A的速度大小；
（2）A、B第一次碰撞后，物块A沿斜面向上滑行的时间；
（3）第一次碰撞后，弹簧具有的最大弹性势能.
15.（18分）在直角坐标系xOy的第一象限内有沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E，在x轴和之间有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，在y轴上P（0，d）点有一粒子源，沿x轴正方向不断射出质量为m、电荷量为q、速率不同的带正电粒子.在P点初速度为零的粒子先后两次经过x轴的位置间的距离为d，以最大初速度射出的粒子在磁场中运动轨迹恰好与直线相切，不计粒子的重力，不考虑粒子间的相互作用，求；
（1）匀强磁场的磁感应强度大小；
（2）粒子从P点射出的最大初速度；
（3）所有粒子第二次经过x轴的区域在x轴上的范围。
高三物理参考答案、提示及评分细则
1.C 根据题意，，，解得，选项C正确.
2.B 分析b的受力，当悬线2上的拉力T2大小也等于mg时，说明拉力F、拉力T2及b的重力两两的夹角均为120°；对a进行研究，由于悬线2的拉力T2大小与a的重力相等，夹角为60°，根据对称性可知，悬线1与竖直方向的夹角为30°，悬线1的拉力大小，选项B正确.
3.D 同向电流相互吸引，选项A错误；ab边受到的安培力向下、cd边受到的安培力向下，则悬线拉力大于线框重力，选项B错误；根据线框四边受到的安培力分析，线框没有转动的趋势，选项C错误；线框ab边受到的安培力，解得，选项D正确.
4.B 由图乙可知，t=0时刻，质点Q正沿y轴正方向运动，根据波动与振动的关系可知，波沿x轴正方向传播，选项A错误；由图乙可知，振动周期为0.4s，则波的传播速度，选项B正确；质点Q在0.5s内运动的路程不确定，选项C错误；t=0.25s时刻，质点Q在y轴负半轴沿y轴负方向运动，由于加速度指向平衡位置，因此加速度沿y轴正方向，选项D错误.
5.B 设抛出的初速度大小为v0，则到A点时沿竖直方向的分速度，，到达B点时，沿竖直方向的分速度，，解得，选项B正确.
6.D 卫星在轨道2上的P点速度大于第一宇宙速度，选项A错误；卫星在轨道2上从P点运动到Q点过程，发动机不做功，机械能守恒，选项B错误；由可知，卫星在轨道1上P点加速度和在轨道2上P点加速度相等，选项C错误；设轨道1的轨道半径为r1，轨道3的轨道半径为r2，由得到，根据开普勒第二定律得，解得，选项D正确.
7.D b→c过程，气体体积增大，气体分子数密度减小，选项A错误；c→a过程，温度降低，气体分子速率分布中速率大的区间内分子数占总分子数的比例减小，选项B错误；c→a过程，温度降低，内能减小，外界对气体做功，气体一定放出热量且放出的热量大于外界对气体做的功，选项C错误；a→b→c→a过程，气体对外做功，根据热力学第一定律可知，此过程气体从外界吸收热量，选项D正确.
8.BD 小球在Q点由静止释放，在电场力作用下，沿直径做往复运动，小球在远离Q点的过程中，电势能先减小后增大，在O点动能最大，选项A错误，B正确；若在Q点给小球一个背离O点方向的初速度，则小球运动到离Q点最远处的过程中，电势能先增大，再减小，最后又增大，选项C错误；若小球做匀速圆周运动，则电势能不变，选项D正确.
9.AD 设电流表中的示数为I，A、B端输入电压为U，，仅将P1向左滑动，R1变大，则I变小，根据变流比可知，副线圈电路中的电流也变小，电压表示数变小，选项A正确，B错误；仅将P2向上滑动，由，可知，n1变大，I变小，选项C错误；由P=UI可知，A、B端输入的功率变小，选项D正确.
10.BD 由题图乙可知，图像斜率，由此可知，选项A错误，B正确；金属棒受到的安培力冲量的大小为，选项C错误；设金属棒运动x0距离时速度为v0，则，根据功能关系，拉力做功，解得，选项D正确.
11.（1）49（2分）在弹性限度内，弹簧的弹力与其伸长量成正比（1分）（2）大于（1分）弹簧超出了弹性限度（1分）
（3）1.6（1分）
解析：（1）由得，结合图像得，解得k=49N/m，由图像得到的结论是：在弹性限度内，弹簧的弹力与其伸长量成正比.
（2）由可知，图像的斜率越小，对应的弹簧的劲度系数越大，因此弹簧b的劲度系数大于弹簧a的劲度系数.图像向上弯曲的原因是弹簧超出了弹性限度.
（3）由图像可知，两根弹簧的总伸长量为1.6cm.
12.（1）A2（1分）R1（2分）（2）见解析（2分）（3）右（1分）（2分）
解析：（1）电流表若选用A1，则测量电路中的最大电流为，远小于电流表的量程，因此应选用A2，由于是分压电路，因此滑动变阻器选用最大阻值较小的R1.
（2）实物图连接如图所示.
（3）闭合开关S1前，应先将滑动变阻器滑片移到最右端.根据题意，被测电阻的阻值为.
13.解：（1）设开始时粗、细管中水银柱长分别为xcm，则
开始时封闭气体的压强
倒置后气柱长度增加2cm，则这时气体的压强
气体发生等温变化，则
解得
即开始时粗、细管中水银柱长分别为
（2）开始时管内气体压强
升温后气体压强
根据理想气体状态方程
解得
14.解：（1）物块A在斜面上运动的加速度大小为
则物块A与B碰撞前一瞬间，A的速度大小为
（2）设第一次碰撞后一瞬间，A、B的速度大小分别为v2、v3，根据动量守恒有
根据能量守恒
解得
设A向上滑行的时间为t，根据动量定理
解得
（3）第一次碰撞后，从碰撞到物块B运动到最低点的过程中，根据能量守恒
弹簧具有的最大弹性势能
15.解：（1）设在P点初速度为零的粒子进磁场时的速度大小为v1，根据动能定理有
解得
根据题意，该粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径
根据牛顿第二定律
解得
（2）设以最大初速度从P点射出的粒子进磁场时速度与x轴正向夹角为，
轨迹图如图所示，则粒子进磁场时的速度
该粒子在磁场中做圆周运动的半径
设该粒子第一次、第二次经过x轴的位置间距离为s，则
由几何关系
解得，
设粒子从P点射出的最大初速度为v0m，根据动能定理
解得
（3）设以最大初速度射出的粒子，第一次经过x轴的位置离O点距离为x，设粒子第一次在电场中运动的时间为t，则
根据牛顿第二定律
解得
则
则所有粒子第二次经过x轴的区域长度也为，该区域介于x轴上坐标为和坐标为之间