广东省佛山市南海区桂城中学2023-2024学年高三下学期5月月考物理试题

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2.选A。【详解】由于磨石匀速向上运动，由受力分析可得：，；若仅略微减小角，摩擦力减小，则磨石将做加速向上运动；若撤掉，摩擦力为0，磨石会先向上减速为零后再向下运动。
3.选B。【详解】取碰后速度方向为正方向，根据动量定理有：，得F=1800N
4.选C。【详解】A．当两列波发生干涉时，如果两列波的波峰在某点相遇，则该处为加强点，该处的质点还是作简谐振动，故位移始终最大不，；A错误。
B．当机械波发生反射时，其频率、波速、波长不变，因为频率由波源决定，机械波传播速度由介质决定，根据，波长也不变，B错误。
C．测速雷达向行进中的车辆发射频率已知的超声波，同时测量反射波的频率，根据反射波的频率变化的多少就能得到车辆的速度，这利用的是多普勒效应，正确。
D．波长不同的机械波通过宽度一定的狭缝时波长越大衍射越明显，D错误。
5.选D。【详解】A．朱雪莹重力与床面的弹力等大反向时，速度最大，故A错误；
B．朱雪莹在该过程中加速度方向先向下后向上，先处于失重状态，后处于超重状态，故B错误；
C．在该过程中朱雪莹的动能和重力势能全部转化为蹦床的弹性势能，故C错误；
D．在该过程中蹦床对朱雪莹弹力和朱雪莹的位移方向一直相反，一直做负功，故D正确。
6.选A。【详解】AB．根据机械能守恒可得，可得小球a和b到达轨道底端的速度大小均为
小球b沿直线轨道Ⅱ做匀加速直线运动，其图像为一条倾斜直线，小球a沿“最速降线”轨道Ⅰ运动过程，加速度逐渐减小，则其图像的切线斜率逐渐减小，且小球a所用时间小于小球b所用时间，故A正确，B错误；
CD．根据机械能守恒可得，可得小球a和b下滑过程速率平方与下滑高度h的关系为，
可知小球a和b的图像均为一条过原点的倾斜直线，故CD错误。
7.选C。【详解】A．初速度可视为零的正一价钠离子仅在电场力的作用下，从图中的A点运动到B点，则电场线由A到B，沿电场线方向电势逐渐降低，所以A点电势大于B点电势，故A 错误；
B．钠离子运动过程中电场力做正功，电势能减小，故 B错误；
C．膜电位U不变，根据，d变大，E变小，加速度变小，故C正确；
D．根据动能定理可知，则膜电位不变时，钠离子进入细胞内的速度不变，故D错误。
8.选CD。【详解】“地球同步轨道”处的重力加速度即向心加速度，不为0，重力即引力不为零，重力加速度当然不为零，故A错误；据得北斗二号卫星在“弃星轨道”和“同步轨道”上运行的角速度之比为，故B错误；因“弃星轨道”比同步轨道要高，从同步轨道到“弃星轨道”要点火加速，机械能增大；“实践21号”卫星从“弃星轨道”返回“地球同步轨道”，轨道变低需点火减速；故选CD。
9.选AB。【详解】在过程 ca 中气体体积减小，则外界对气体做功，选项A正确；在过程 ab 中气体的体积不变，压强变大，由 pVT=C 可知，气体温度升高，则内能增加，选项B正确；在过程 ab 中气体的体积不变，则气体不对外界做功，外界也不对气体做功，选项C错误；在过程 bc 中，气体温度不变，则内能不变，体积变大，气体对外做功，根据热力学第一定律 ΔU=Q+W=0 可知，气体从外界吸收的热量等于气体对外做的功，若在过程 bc 中气体沿直线从状态 b 到达状态 c，由 p−V 图象围成的面积表示气体对外做的功可知，该情形下做的功较多，由于气体内能不变，所以对应从外界吸收的热量更多，选项D错误。
10.选ACD【详解】A．在超远距离输电时，线路上的电感与电容对交流电会产生阻碍，而且易产生交流电相位的变化，高压直流输电比高压交流输电更有优势，故A正确；
B．在输电功率一定条件下，输电电压提高10倍，线路电流将降低为原来的，线路损耗功率将降低为原来的，故B错误；
C．每年向浙江输送电能236亿千瓦时，每燃烧1吨标准煤可发电约，同时也将排放约3吨二氧化碳，则每年将减少二氧化碳排放约2360万吨，故C正确；
D．实际输电时，要综合考虑各种因素，并不是输电电压越高越好，故D正确。
11.【答案】（6分，每空2分）（1）2.350 （2） （3）
【小问1详解】
由20分度的游标卡尺的读数规则可知小球的直径
【小问2详解】
小球做自由落体运动，出发点在点，小球在点的速度为0，则小球从到的过程有
整理得可知为一次函数图像，斜率解得
【小问3详解】由速度公式可知
11.【答案】 （10分，每空2分） 较小 通道B 20 16
【详解】（1）由图乙可知当大苹果通过托盘秤时，R所受的压力较大，电阻较小。
（2）大苹果通过托盘秤时，两端的电压达到放大电路的激励电压，使放大电路中的电磁铁吸动分拣开关的衔铁，大苹果进入下面的通道B。
（3）①杠杆对R的压力为1 N，R阻值为30 kΩ，为使该装置达到上述分拣目的，的阻值需满足
则
②随着苹果质量增大，R阻值减小，分压减小，电源电动势不变，分压增大，为了满足电压表的示数随苹果质量的增大而增大，需要将电压表并联在两端。
③根据可知分拣标准到0.33 kg时，压力为2.2 N，此时R的阻值为24 kΩ，根据①分析的阻值应该调至16 kΩ。
13.解析 ：（1）作出从A点入射的平行光的光路图如图所示，设折射角为，根据几何关系有，解得……2分
根据折射定律有……2分
（2）设全反射临界角为C，则有，解得临界角……2分
作出入射光进入透明材料后经面全反射后射到圆弧面的入射角恰等于临界角时的光路如图所示，根据几何关系可知，圆弧面上有光射出部分的圆弧对应的圆心角为45°……1分
则圆弧面上有光射出部分的弧长……2分
14.【命题立意】本题将碰撞模型、斜面模型与平抛运动模型结合考查，考查考生的能力、分析综合能力。
解：(1)设两小球的总质量为,两球碰撞后瞬间速度大小为v,由动能定理得①
得②
(2)设小球到达最高点时速度大小为,小球A从C到最高点的运动可逆向看成平抛运动，有
③④得
【点拨：小球从C到最高点运动的逆向过程为从最高点到C的平抛运动】
小球A从开始运动到达到最高点，由动能定理有
⑤得⑥
(3)两球碰撞过程由动量守恒定律有⑦
碰撞后瞬间，由牛顿第二定律有 = 8 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑧可得⑨
设两球相撞位置与D点的水平距离为x,竖直距离为y,则(y+L)²+x²=R²⑩
又（11）
（12）
则（13）
【评分标准：①-(13)式各1分。】
15.解析：(1)由右手定则可知，MN刚进入磁场时电流的方向为N→M(1分)
感应电动势（1分）
感应电流（1分）
由图像可知
总电阻（1分）
联立解得（1分）
(2)由图(b)知，PQ刚进入磁场时，MN中的电流，可知流过PQ的电流（1分）
【点拨：进入磁场后瞬间，PQ充当电源，EF与MN并联】
由牛顿第二定律可得
（1分）
解得，方向竖直向上（2分，大小方向各1分）
(3)线框 MN出磁场前瞬间，线框的速度设为，由法拉第电磁感应定律可得
感应电流，由图像知，总电阻（1分）
联立解得（1分）
线框MN边穿越磁场的过程，对线框MN由动量定理有
可得（1分）
解得（1分）
由能量守恒定律有
或（1分）
MN边穿越磁场的过程中，MN上产生的焦耳热（1分）
解得（1分）