2024年四川省自贡市六校联考中考模拟预测物理试题（原卷版+解析版）

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1. 下列对常见物理量的估计正确的是（ ）
A. 成年人正常步行的速度大约为1.2m/s
B. 托起两个鸡蛋的力约为5N
C. 中学生的质量约200kg
D. 人站立时对地面的压强约为100Pa
【答案】A
【解析】
【详解】A．成年人的一步大约有一米，正常步行的速度大约为1.2m/s，故A正确；
B．一个鸡蛋重约0.5N，托起两个鸡蛋的力约为1N。故B错误；
C．中学生的质量约50kg，不太可能达到200kg。故C错误；
D．中学生的体重在G=500N左右，双脚站立时对水平地面的压力等于重力，为500N；双脚与水平地面的接触面积在0.05m2左右，双脚对水平地面的压强大约为
故D错误。
故选A。
2. 如图所示，以下关于声现象的分析正确的是（ ）
A. 图甲中，说明两发声体发出声音的音色不同
B. 图乙中，公路两旁设置屏障，是从声音的产生环节防治噪声
C. 图丙中，与音叉接触的小球被弹起，说明振幅越大，音调越高
D. 图丁中，汽车安装的倒车雷达，是利用超声波反射来定位的
【答案】D
【解析】
【详解】A．图甲中，两波形的振幅不同，说明声音的响度不同，两波形在相同时间振动的次数不同，振动频率不同，说明声音的音调不同，两波形的形状相同，故音色相同，故A错误；
B．图乙中，公路两旁设置屏障，是从声音的传播过程中防治噪声，故B错误；
C．图丙中，与音叉接触的小球被弹起，说明声音是由物体的振动产生的，故C错误；
D．图丁中，汽车安装的倒车雷达，是利用超声波的反射来定位的，此现象说明了声音可以传递信息，故D正确。
故选D。
3. 甲、乙两物体，同时从同一地点沿直线向同一方向运动，它们的s﹣t图象如图所示。下列说法正确的是（ ）
①内乙做匀速直线运动
②第4s时甲、乙两物体的速度相等
③内乙的平均速度为2m/s
④第3s时甲在乙的后方
A. 只有③④B. 只有①②C. 只有①③D. 只有②④
【答案】A
【解析】
【详解】图中乙的s﹣t图像前2s为一条倾斜直线说明乙在这段时间内做匀速直线运动，2s以后乙的s﹣t图像为水平直线说明此时乙静止，则第3s时乙的路程为8m，第4s时乙的速度为0，由图可知乙的平均速度为
故①错误，③正确；
甲的s﹣t图像是一条倾斜直线说明甲始终做匀速直线运动，由图可知甲的平均速度为
第3s时甲的路程为
故②错误，④正确，故BCD错误，A正确。
故选A。
4. 四季更替，岁月变迁，二十四节气是中华民族智慧结晶，下列现象属于液化的是（ ）
A. 冰雪消融B. 露珠晶莹
C. 霜挂枝头D. 千里冰封
【答案】B
【解析】
【详解】A．冰雪消融，冰固态变为液态水，是熔化现象，故A不符合题意；
B．露珠晶莹是空气中水蒸气遇冷，由气态变为液态，是液化现象，故B符合题意；
C．霜挂枝头是空气中的水蒸气遇冷，由气态变为固态，是凝华现象，故C不符合题意；
D．千里冰封，水由液态变为固态，是凝固现象，故D不符合题意。
故选B。
5. 图中的两套装置完全相同，用两种燃料分别对质量和初温相同的水加热，燃料质量为m，燃料刚好燃尽时，水升高温度为Δt，（水未沸腾，不计热量损失），则（ ）
A. 若m相同，Δt越小，该燃料的热值越大
B. 若Δt相同，m越大，该燃料的热值越大
C. Δt与m的比值越大，该燃料的热值越大
D. m与Δt的比值越大，该燃料的热值越大
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可得，燃料完全燃烧所释放的热量为
水吸收的热量为
由于水的质量和初温相同，且不计热量损失，则有
A．若m相同，Δt越小，q越小，燃料的热值越小，故A不符合题意；
B．若Δt相同，m越大，q越小，该燃料的热值越小，故B不符合题意；
C．Δt与m的比值越大，q越大，该燃料的热值越大，故C符合题意；
D．m与Δt的比值越大，q越小，该燃料的热值越小，故D不符合题意。
故选C。
6. 如图所示的光现象中，与“潭清疑水浅”中“水浅”形成原理相同的是（ ）
A. 水中倒影B. 手影形成
C. 海市蜃楼D. 树荫下的圆形光斑
【答案】C
【解析】
【详解】“潭清疑水浅”现象形成的原理是光从水中斜射向空气中发生折射，折射角大于入射角形成的。是光的折射现象。水中倒影是光的反射现象；手影形成、树荫下的圆形光斑都是光的直线传播造成的；海市蜃楼是光在不均匀介质中传播方向发生偏折造成的，是光的折射现象。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
7. 一束光射向一块等腰直角三角形透明介质，在斜边反射和折射，其光路如图所示。三个角i、r、β的大小关系是（ ）

A. β>i>rB. β>i=rC. i>β=rD. i=r>β
【答案】B
【解析】
【详解】由图可知，入射光线照射到斜边上时，同时发生了反射和折射现象，入射角为i，反射角是r，折射角是β；根据光的反射定律可知，反射角等于入射角，即i=r；光从玻璃中斜射入空气中时，折射角大于入射角，即β>i，所以三个角的大小关系为：β>i=r。故B符合题意，ACD不符合题意。
答案B。
8. 2023年5月11日，我国发射的天舟六号货运飞船与中国空间站组合体成功交会对接，如图所示。空间站组合体上的摄像机完整记录了交会对接过程。下列说法正确的是（ ）

A. 光通过摄像机的镜头始终沿直线传播
B. 摄像机所成的像是实像
C. 摄像机的工作原理与投影仪的工作原理相同
D. 天舟六号靠近空间站组合体时，摄像机成的像逐渐变小
【答案】B
【解析】
【详解】A．光在不均匀介质中传播时会发生偏折，因此光斜射入摄像机的镜头时传播方向会发生变化，故A错误；
B．摄像机是根据物距大于二倍焦距成倒立缩小的实像制成的。故B正确；
C．投影仪是根据凸透镜成倒立、放大的实像制成的，与摄像机的工作原理不同，故C错误；
D．摄像机安装在空间站组合体上，当天舟六号靠近空间站组合体时，物距减小，则像距增大，像逐渐变大。故D错误。
故选B。
9. 关于能源和信息的说法正确的是
A. 核电站是利用核裂变释放的能量来发电的
B. 太阳能、水能、石油是可再生能源
C. 因为能量守恒，所以能源是取之不尽，用之不竭的
D. 移动电话是利用超声波来通信的
【答案】A
【解析】
【详解】分析：（1）核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；
（2）手机能发出电磁波也能接收电磁波，故手机通信是利用电磁波来传递信息；
（3）能量在转移、转化过程中总是守恒的，但是能量的转化具有方向性，在能源的使用过程中，使能源从便于利用的变成不便于利用的，所以说能量虽守恒但还是要节约能源．
（4）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源．
解答：A、核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电，核能是不可再生，故A正确；
B. 太阳能、水能是可再生能源，石油是不可再生能源；故B错误；
C、能量虽守恒，但能量的转化具有方向性，可以利用的能源是有限的，所以要节约能源．故C错误；
D. 移动电话是利用电磁波来通信的，故D错误；
故选A．
【点睛】本题主要考查液态氢燃料的特点、核能的利用、电磁波的利用以及对能量守恒定律的理解，属于综合性题目．
10. 甲、乙两物体重叠并置于水平面上，当它们分别受到5N和8N的水平拉力时保持静止，如图所示，已知甲的底面积为，重为10N；乙的底面积为，重为20N。下列说法正确的是（ ）
A. 甲对乙的压强为500Pa
B. 乙对地面的压力为20N
C. 甲对乙的摩擦力为5N，方向水平向右
D. 地面对乙的摩擦力为3N，方向水平向左
【答案】C
【解析】
【详解】A．甲对乙的压强为
故A错误；
B．乙对地面的压力为
故B错误；
C．甲保持静止，所以乙对甲的摩擦力和甲受到的拉力是一对平衡力，大小相等，方向相反，则乙对甲的摩擦力为5N，方向水平向左；乙对甲的摩擦力和甲对乙的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，所以，甲对乙的摩擦力大小为5N，方向水平向右，故C正确；
D．乙在水平方向上受到拉力、甲对乙的摩擦力及地面对乙的摩擦力而处于静止状态，所以，这三个力平衡，合力为0，拉力为8N，方向水平向左，甲对乙的摩擦力大小为5N，方向水平向右，所以，地面对乙的摩擦力为3N，方向水平向右，故D错误。
故选C。
11. 下列装置不是应用连通器原理的是（ ）
A. 船闸B. 茶壶
C. U形管压强计D. 地漏
【答案】C
【解析】
【详解】ABD．船闸、茶壶、地漏都是上端开口，下部连通，即都是利用连通器的原理制成的，故ABD不合题意；
C．U形管压强计的上端只有一侧是开口的，另一侧是封闭的，不符合连通器的特点，不是利用连通器原理工作的，故C符合题意。
故选C。
12. 如图所示，两个相同的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种不同的液体。将体积相同、密度不同的实心球A、B分别放入容器中静止时，A球悬浮，B球漂浮，，且两种液体对容器底的压强相等，下列说法正确的是（ ）

A. 两个小球受到的重力：
B. 两个小球受到的浮力：
C. 两种液体的密度：
D. 两个容器对桌面的压强：
【答案】B
【解析】
【详解】C．两种液体对容器底的压强相等，且，由可知，两种液体的密度关系为，故C错误；
B．A小球完全浸没在甲液体中，排开甲液体的体积等于A小球的体积，B小球漂浮在乙液体中，排开乙液体的体积小于B小球的体积，因为两小球体积相等，所以两小球排开液体的体积关系为，由可知，两个小球的浮力关系为：，故B正确；
A．因为A小球在甲液体中沉底，；B小球漂浮在乙液体中，受到的重力，所以两个小球的重力关系为，故A错误；
D．两种液体对容器底的压强相等，受力面积相等，根据F=pS可知，甲和乙两种液体对容器底的压力相等；又因为容器为柱形容器且力的作用是相互的，所以液体对容器底的压力等于液体的重力和物体重力之和，由此可知两个容器对桌面的压力关系为F甲=F乙，由于两个容器底面积相等，根据可知，两个容器对桌面的压强关系为：p甲=p乙，故D错误。
故选B。
13. 如图所示是快餐店里常见的筷子盒的内部结构示意图，在A处施加力时，筷子会从出口滚出。不计筷子对杠杆的压力，以下是按下A处时杠杆的示意图，其中正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A处施加的动力的方向是向下的，支点在杠杆的最左侧，所以阻力的方向是向上的，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
14. 将皮球从离地某一高度O点处水平抛出，球落地后又弹起。它的部分运动轨迹如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 若将皮球表面涂黑，则会在地面M、N两点留下两个大小相等的黑色圆斑
B. 皮球第一次反弹后到达最高点P点时速度为零
C. 皮球在D点时的机械能小于在C点时的机械能
D. 皮球经过同一高度的A、B两点时动能相等
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，每次小球反弹后到达的最高点都比上一次的最高点要低，说明小球受到空气阻力，机械能逐渐变小，所以小球在M点的机械能大于N点的机械能；当皮球落到M、N两点，且皮球达到最大形变时，其动能与重力势能都为零，又因为小球在M点的机械能大于N点的机械能，所以小球在M点的弹性势能大于在N点的弹性势能，则在M点的圆斑要大于在N点的圆斑，故A错误；
B．从轨迹来看，小球在最高点时，竖直方向的速度为零，但是仍然能往右运动，说明小球还具有水平方向速度，故B错误；
C．小球运动过程中受空气阻力作用，小球的机械能逐渐变小，且C点在D点之前，所以小球在D点时的机械能小于在C点时的机械能，故C正确；
D．小球的机械能逐渐变小，且A点在B点之前，所以小球在A点的机械能大于在B点的机械能；机械能是物体动能与势能的总和，在A、B两点高度相同则重力势能相同，所以小球在A点的动能大于在B点的动能，故D错误。
故选C。
15. 用如图所示的滑轮组拉动物体A，若绳子自由端以0.6m/s的速度水平向左匀速运动了10s，已知物体A重500N，物体A受到的摩擦力为120N，拉力F的功率为30W。下列说法正确的是（ ）
A. 物体A的速度大小是0.3m/s
B. 动滑轮重4N
C. 该滑轮组的机械效率为80%
D. 相同情况下，若用该滑轮组匀速拉动质量更大的物体B，滑轮组的机械效率不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，动滑轮上的绳子段数n=3，则物体A的速度
故A错误；
B．由于水平使用滑轮组拉动物体时，没有克服动滑轮的重力做功，同时动滑轮的质量未知，故无法计算动滑轮的重，故B错误；
C．10s内物体A移动的距离
s物=v物t=0.2m/s×10s=2m
有用功
W有=fs物=120N×2m=240J
总功为
W总=Pt=30W×10s=300J
滑轮组的机械效率
故C正确；
D．接触面的粗糙程度一定时，压力越大，摩擦力越大，则用该滑轮组匀速拉动质量更大的物体时物体受到的摩擦力变大，由W有=fs物可知，在相同情况下，滑轮组做的有用功变大，在额外功几乎不变时，机械效率变大，故D错误。
故选C。
16. 张明同学发现，未戴头盔骑行“共享助力车”存在安全隐患。于是他设计以下改进方案：在头盔内加装遥控设备，控制下列助力车工作电路中开关S2的通断。骑行前，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，但电机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控S2闭合，电动机才通电工作；若只戴头盔不扫码则无法骑行。下列电路符合以上设计要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】根据题意可知，骑行前，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，但电机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控S2闭合，电动机才通电工作，这说明灯泡与电机工作时互不影响，是并联的；若只戴头盔不扫码则无法骑行，则开关S1在干路中控制整个电路，开关S2与电机在一条支路中，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
17. 小明设计质量测量仪如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，下列说法中正确的是（ ）

A. 不放重物时，小灯泡L的亮度最暗
B. 与电流表相比，用电压表的示数表示重物的质量，更符合人们的思维习惯
C. 重物的质量越大，电流表示数越小，电压表示数也越小
D. 重物的质量越小，电路消耗的总功率越小
【答案】B
【解析】
【详解】由图可知，变阻器和灯泡L串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流。
A．不放重物时，变阻器连入电路的电阻最小，电路的总电阻最小，由可知电路中的电流最大，由P=I2R可知灯泡L的电功率最大，灯泡L的亮度最亮，故A错误；
BC．重物的质量越大，变阻器连入电路的电阻越大，电路的总电阻越大，可知电路中的电流越小，电流表的示数越小，由串联分压可知电压表的示数越大，用电压表的示数表示重物的质量，更符合人们的思维习惯，故B正确，C错误；
D．重物的质量越小，变阻器连入电路的电阻越小，电路的总电阻越小，可知电路中的电流越大，由P=UI可知电路消耗的总功率越大，故D错误。
故选B。
18. 如图所示的家庭电路左侧为入户线。闭合开关和，灯发光，灯不发光；用试电笔分别接触插座的左、右孔，氖管均发光。若电路中只有一处故障，下列说法中正确的是（ ）

A. 试电笔检测e点氖管发光B. ab间短路
C. de间断路D. 试电笔检测c点氖管不亮
【答案】C
【解析】
【详解】闭合开关和，灯发光，这说明灯所在的支路是通路；灯不发光，这说明灯所在的电路出现了断路现象；用试电笔分别接触插座的左、右孔，氖管均发光，这说明插座的左孔与火线之间是接通的，即左孔通过灯泡与火线相连，所以故障是de间断路；c点与火线相连，用试电笔检测c点，氖管发光；e点接在零线上，所以氖管不发光；ab间通路。故ABD错误，C正确。
故选C。
19. “福建舰”是我国完全自主设计建造的首艘电磁弹射型航空母舰，如图所示。当电磁弹射车内的导体通入强电流时，即可产生强大的推力，将航母舰载机弹出。下列实验与电磁弹射工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】由题意可知，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A．图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应实验，与电磁弹射车工作原理不一致，故A不符合题意；
B．图中是奥斯特实验，证明了电流周围存在磁场，与电磁弹射车工作原理不一致，故B不符合题意；
C．图中实验是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，与电磁弹射车工作原理不一致，故C不符合题意；
D．图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器工作原理相同，故D符合题意。
故选D。
20. 如图所示，电源电压不变，灯泡L标有“6V，3W”字样（灯丝电阻不随温度变化），当开关S1、S2都断开，滑片P从b端滑到某一位置c时（图中未标出），滑动变阻器R的电阻减小了12Ω，电流表示数变化了0.2A，此时灯泡恰好正常发光；保持滑片P的位置不变，闭合开关S1、S2，电流表示数又变化了1.5A，设灯丝电阻不变，则下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为9V
B. 滑动变阻器的最大电阻为12Ω
C. 定值电阻R0电阻为12Ω
D. 当S1和S2都闭合时，调节滑片P，电路消耗总功率的最小值为11.25W
【答案】A
【解析】
【详解】AB．由得，灯泡的电阻为
灯泡的额定电流
设电源电压为U，滑动变阻器的最大阻值为R1，当开关S1、S2都断开，滑片P在c端时，滑动变阻器与小灯泡串联，此时小灯泡正常发光，此时电流中电流为
此时滑动变阻器接在电路中电阻
此时电源电压为
①
滑片P从b端滑到某一位置c时，滑动变阻器接入电路中电阻变小，电路中电流变大，电流表示数变化了0.2A，即电流增大0.2A，所以当开关S1、S2都断开，滑片P在b端时，电流中电流为
此时电源电压为
②
由①②可得
解得
电源电压为
故A正确，B错误；
CD．保持滑片P的位置不变，闭合开关S1、S2，滑动变阻器与定值电阻并联在电路中，电路中总电阻变小，电流表示数变大，电流表示数又变化了1.5A，即电流表示数增大了1.5A，此时电流表示数为
此时流经滑动变阻器的电流为
此时流经定值电阻的电流为
定值电阻的阻值为
当S1、S2都闭合时，滑动变阻器与定值电阻并联在电路中，由，调节滑片P，滑片P在最右端时，滑动变阻器接入电路电阻最大，电路消耗电功率最小，最小电功率为
故CD错误。
故选A。
二．填空题（本大题共6个小题，每空1分，共12分）
21. 古筝，又名汉筝、秦筝、瑶筝、鸾筝，是汉民族古老的民族乐器，属于弹拨乐器，也被称为“众乐之王”“东方钢琴”，是中国独特的、重要的民族乐器之一。听众分辨出古筝的声音，是依据声音的 _______；演奏者拨动不同的弦时，发出声音的 _______不同。
【答案】 ①. 音色 ②. 音调
【解析】
【详解】[1][2]分辨不同乐器是根据音色不同；拨动不同粗细的弦，来改变声音的频率，即改变音调。
22. 如图小华拿出手机，保持手机到眼镜的距离不变，开启屏幕打开手机前置摄像头，通过摄像头成的像与屏幕关闭时成的像相比______（选填“变大”“变小”或“不变”），由于不合理使用手机，小华患上了近视眼，图______（选填“甲”或“乙”）是近视眼的光路图。

【答案】 ①. 变小 ②. 乙
【解析】
【详解】[1]屏幕关闭时成的像是平面镜成像，像和小华大小相等；通过摄像头成的像是小华缩小的实像，因此通过摄像头成的像与屏幕关闭时成的像相比变小。
[2]小华患上了近视眼，近视眼是由于晶状体曲度变大或眼球前后径变短引起的，近视眼看不清远处的物体，远处的物体成像在视网膜前，图乙是近视眼的光路图。
23. 小明在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量均的水和另一种液体进行对比实验，并用图像对实验数据进行了处理，如图所示，实验过程中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图像可以得出：__________（选填“甲”或“乙”）物质为水，另一种液体的比热容为__________。
【答案】 ①. 甲 ②.
【解析】
【详解】[1]由图可知，放出相同的热量，甲的温度变化量更小，所以甲的比热容大，甲是水。
[2]由图可知，经过15min，甲温度从60℃降至40℃，温度变化量为20℃。乙从60℃降至20℃，温度变化量为40℃，是水温变化量的两倍，而放出的热量相同，由可知，另一液体的比热容是水的比热容的一半，即
24. 小张用如图所示的杠杆把重物从A位置绕O点无摩擦缓慢地提升到B位置．在提升重物的过程中，动力F的方向始终垂直于杠杆，F大小的变化情况是_____，该杠杆是_____（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆．
【答案】 ①. 先变大、后变小 ②. 省力
【解析】
【分析】力F作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直，即动力臂不变；由位置A拉到位置B，阻力不变，阻力力臂先变大，到水平位置最大，后变小，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析动力变化情况．
【详解】图中杠杆，当拉力与杠杆垂直时，动力臂长度为杠杆的长度，阻力臂为支点O到重力作用线的距离，动力臂长度大于阻力臂长度，所以是省力杠杆；
将杠杆缓慢地由位置A拉到位置B，动力臂不变，阻力不变，阻（重力）力臂先变大，水平位置最大，后变小，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，动力先变大、后变小．
25. 在斜面上将一个质量为0.4kg的物体，从底端沿斜面匀速拉到顶端（如图所示），所用时间为4s，斜面长s=1m、高h=0.2m，该斜面的机械效率为80%。此过程中拉力所做的有用功是 ________J，物体对斜面的摩擦力是 ________N（g=10N/kg）。
【答案】 ①. 0.8 ②. 0.2
【解析】
【详解】[1]克服物体重力所做的功是有用功，大小为
W有=Gh=mgh=0.4kg×10N/kg×0.2m=0.8J
[2]斜面的机械效率为80%，则总功为
额外功为
W额=W总-W有=1J-0.8J
物体对斜面的摩擦力为
26. 如图甲为一款养生壶，它有加热和保温两个挡位，其加热原理如图乙所示。养生壶的额定电压为220V，R1、R2均是发热电阻，其中R1=44Ω，R2=506Ω。养生壶正常工作时，开关置于“2”时为 _______挡位，当养生壶处于加热挡位正常工作3min产生的热量为 _____________J。
【答案】 ①. 保温 ②. 1.98×105
【解析】
【详解】[1]由图乙可知，当开关S接2时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中在总电阻最大，由 可知，电路中的总功率最小，养生壶处于保温挡。当开关S接1时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，养生壶处于加热挡。
[2]当养生壶处于加热挡位正常工作3min产生的热量
三．简述、作图、实验题（本大题共5个小题，共33分）
27. 现代汽车都采用流线型设计，这种设计在减小空气阻力，提高车速的同时，也产生了新的问题：轿车高速行驶时，常常有“漂”的潜在危险。请你简要说明轿车高速行驶时“漂”的原因。

【答案】见解析
【解析】
【详解】当轿车高速行驶时，轿车上方空气流速快，压强小，轿车下方空气流速慢，压强大，产生向上的升力；所以轿车速度越快，这个升力就越大，车对地面的压力就越小，摩擦力就越小，轿车就会发“漂”。
28. 如图所示，ab为光线经平面镜反射后的光线，F为凹透镜的焦点请画出：
①光线ab的入射光线；
②光线ab经凹透镜后的折射光线。

【答案】
【解析】
【详解】平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；先作出法线，反射光线ab与平面镜夹角为，则反射角等于
根据反射角等于入射角在法线的另一侧画出入射光线，如图所示：

29. 如图所示，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90°后静止，请在图中括号内标出电源的“+”“-”极，并标出通过通电螺线管外A点的磁感线的方向．
（ ）
【答案】
【解析】
【详解】由题意可知，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90°后静止，则小磁针N极指向右端，S极指向左端，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端为N极、左端为S极．因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向左的．根据安培定则，伸出右手使大拇指指向螺线管的N极（即右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的左端为正极，右端为负极，如图所示：
30. 小聪同学在做“探究凸透镜成像规律”实验时，着重研究了以下几个心中存在困惑的问题：
（1）将平行光正对凸透镜，移动光屏，直到光屏上形成一个最小最亮的光斑，如图甲所示，该凸透镜的焦距为___________cm；
（2）在光具座上将点燃的蜡烛、光屏放在凸透镜的两侧，调节它们的高度，使烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一水平高度上，这样做的目的是使像呈现在___________；
（3）在如图乙所示实验情形下，此时恰好在光屏上得到烛焰清晰像，此像是___________（选填“正立”或“倒立”）、___________（选填“放大”或“缩小”）的实像；
（4）在如图乙所示实验情形下，如果保持蜡烛和光屏的位置不变，把凸透镜移到光具座上35cm刻线处，可以在光屏上再次得到烛焰清晰的像。生活中的___________（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一原理工作的；
（5）在如图乙所示实验情形下，如果保持凸透镜和光屏位置不变，将蜡烛适当远离凸透镜，发现光屏上烛焰的像变得模糊不清，此现象可以体现___________（选填“近视眼”或“远视眼”）的成像情况。
【答案】 ①. 10.0 ②. 光屏中央 ③. 例立 ④. 缩小 ⑤. 投影仪 ⑥. 近视眼
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲可知，将平行光正对凸透镜，移动光屏，在光屏上得到一个最小最亮的光斑，焦距是焦点到透镜光心的距离，凸透镜的焦距为
f=60.0cm-50.0cm=10.0cm
（2）[2]实验过程中，调整凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜和光屏三者中心大致在同一高度，即使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，目的是使烛焰的像成在光屏的中央。
（3）[3][4]在如图乙所示实验情形下，物距
u=50.0cm-20.0 cm=30.0cm>2f
此时恰好在光屏上得到烛焰清晰的像，根据凸透镜成像规律，此像是倒立、缩小的实像。
（4）[5]在如图乙所示实验情形下，如果保持蜡烛和光屏的位置不变，把凸透镜移到光具座上35cm刻线处，此时的物距为
u′=50.0cm-35.0cm=15.0cm
因物距大于1倍焦距小于2倍焦距，成倒立放大的实像，生活中的投影仪就是利用这一原理工作的。
（5）[6]在如图乙所示实验情形下，如果保持凸透镜和光屏的位置不变，将蜡烛适当远离凸透镜，即物距变大，则像距变小，即像成在光屏的前面，发现光屏上烛焰的像变得模糊不清，此现象可以体现近视眼的成像情况。
31. 小明做“测小灯泡的电功率”实验时，所用器材有：电压为6V的电源，额定电压为1.5V的小灯泡，标有“60；1A”的滑动变阻器以及符合实验要求的电压表、电流表、开关和导线。
（1）如图甲所示是小明连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线_________；
（2）小明改正错误后，闭合开关前应将滑片置于最___________端（选填“左”或“右”），滑动变阻器在本实验中除了保护电路以外还起到的主要作用是___________。
（3）小明通过移动滑片，分别记下了多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成了如图乙所示的U-I图像，根据图像提供的信息，可计算出小灯泡正常工作时的电阻是___________；
（4）小明还想在不改变上述电路的情况下继续探究电流与电压的关系，但老师告诉小明他的想法是错误的，其主要原因是____________；
（5）若实验中电流表坏了，电压表量程为0~3V，为了测量小灯泡的额定功率，小明又用一个定值电阻R0接在原电路电流表的位置（保持其它器材不动），设计了如图丙所示的电路，然后调节滑动变阻器滑片P使电压表示数为1.5V，接着保持滑片位置不变，将电压表的___________点（选填“a”或“b）接线改接到c点，观察并记录电压表示数U，则小灯泡的额定功率可表示为P额=___________（用已知物理量或符号表示）；所选用的定值电阻R0的阻值不得超过___________。
【答案】 ①. ②. 左 ③. 见解析 ④. 10 ⑤. 见解析 ⑥. b ⑦. ⑧. 10
【解析】
【详解】（1）[1]原电路中，电流表与灯并联，电压表串联在电路中，是错误的，电流表与灯串联，电压表与灯并联，如下图所示：
（2）[2][3]为了保护电路，闭合开关前应将滑片P置于阻值最大处，即最左端。滑动变阻器在本实验中可以改变灯泡两端的电压和通过灯泡的电流。
（3）[4]由如图乙所示的图象可知，灯正常工作的电压为1.5V时，电流大小为0.15A，小小灯泡正常工作时的电阻
（4）[5]由图象知，通过灯泡的电流与电压不成正比，即灯泡电阻是变化的；在探究电流与电压关系时应保持电阻不变，但灯泡在不同电压下电阻是不同的，所以不改变电路的情况下，无法探究电流与电压的关系。
（5）[6][7]电压表测灯的电压，当灯电压为1.5V时，灯正常发光；接着保持滑片位置不变，根据电流从电压表正接柱流入，将电压表的b接线改接到c点，观察并记录电压表示数U，因各电阻的大小和电压大小都不改变，根据串联电路电压的规律，定值电阻的电压为
U0=U-1.5V
由欧姆定律，通过定值电阻的电流
根据串联电路电流处处相等可知，灯的额定电流与定值电阻通过的电流相等，则小灯泡的额定功率可表示为
[8]在实验操作中，因电压表选用0~3V的量程，既要测灯的额定电压，又要测灯与R0的电压，故定值电阻R0的最大电压不能超过
3V-1.5V=1.5V
因灯正常工作时的电流IL=0.15A，R0的最大阻值不能超过
32. 小明按如下步骤完成探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验：
a．如图1中甲图所示，将木块A平放在长木板B上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数．
b．如图1中乙图所示，将毛巾固定在长木板B上，木块A平放在毛巾上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数．
c．如图1中丙图所示，将木块A平放在长木板B上，并在木块A上放一钩码，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数．
（1）该实验主要采用的探究方法是_____．
（2）由图1中_____两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大．
（3）由图1中甲乙两图可知：当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越_____（选填“大”或“小”）．
（4）实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动．于是小丽设计了如图1中丁图所示的实验装置，该装置的优点是_____长木板做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要”）．实验中小丽发现：当F为3N时，木块A相对于地面静止且长木板B刚好做匀速直线运动，则长木板B受到地面的摩擦力大小为_____N．
（5）实验拓展：如图2所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，F﹣t和v﹣t图象分别如图3图4所示．则物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为_____N．
【答案】 ①. 控制变量法 ②. 甲丙 ③. 大 ④. 不需要 ⑤. 1.8N ⑥. 4
【解析】
【分析】本题考查探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验，关键是对控制变量法的理解，理解物体匀速直线运动时拉力与摩擦力是一对平衡力。
【详解】(1)[1]该实验主要采用的探究方法是控制变量法。
(2)[2]因为沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，拉力大小等于摩擦力的大小；由图1中甲丙两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
(3)[3]由图1中甲乙两图可知：当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大。
(4)[4]如图1中丁图所示的实验装置，A相对于地面静止，受到摩擦力和测力计的拉力为一对平衡力，故该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动。
[5]实验中小丽发现：当F为3N时，木块A相对于地面静止，且长木板B刚好做匀速直线运动，以长木板B为研究对象，长木板B受到弹簧测力计的拉力F，A对B的摩擦力及地面对B的摩擦力三个力作用，而处于平衡状态，则有
由图甲可知AB之间的摩擦力为1.8N，则地面对B的摩擦力为
则长木板B受到地面的摩擦力大小为1.8N。
(5)[6]如图2所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，F﹣t和v﹣t图象分别如图3图4所示，由图4知，6﹣9秒物体做匀速直线运动，受到的拉力与摩擦力为一对平衡力，大小相等，由图3可知此时摩擦力为4N，由于压力大小和接触面粗糙程度不变，则受到摩擦力大小不变，故物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为4N。
四．计算题（本大题共2个小题，共15分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
33. 在如图所示的电路中，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，定值电阻，滑动变阻器R的最大电阻为100Ω。只闭合，滑动滑片P，使变阻器电阻，此时电压表示数为10V。若电源电压不变，不计灯丝电阻随温度的变化，求：
（1）小灯泡的电阻；
（2）电源电压；
（3）只闭合，在电表的示数不超过量程，灯泡两端的电压不超过额定值的情况下，电路消耗的总功率范围。

【答案】（1）12Ω；（2）18V；（3）4.5W-9W
【解析】
【详解】解：（1）由
可知灯泡的电阻为
（2）只闭合S1，滑动滑片P，使变阻器电阻
此时电压表示数为10V，定值电阻为
故电源电压为
（3）已知灯泡的电阻为
当灯泡两端电压为额定电压时，其两端电压为6V，故滑动变阻器两端电压为
此时滑动变阻器接入电路的阻值最小为
此时电路中的电流为
复合题意，当电压表示数最大为15V时，此时电路中滑动变阻器接入电路的阻值最大为
故滑动变阻器接入电路的阻值范围为
根据
可知电路电功率变化的范围为
即
答：（1）小灯泡的电阻为；
（2）电源电压为18V；
（3）只闭合S2，在电表示数不超过量程，灯泡两端的电压不超过额定值的情况下，电路消耗的总功率范围为4.5W-9W。
34. 一底面积为 足够高的薄壁柱形容器，内装有6kg的水，静止置于水平桌面上。现在用细线吊着体积为的实心长方体A，使其一半体积浸入水中静止，如图所示。（g取
（1）此时长方体A受到的浮力是多少？
（2）此时容器内水对底部的压强是多少？
（3）现在将图中细线剪断，剪断细线前后，容器对水平桌面的压强变化了500 Pa，求长方体A 的密度。
【答案】（1）5N；（2）3.25×103Pa ；（3）1.5×103kg/m3
【解析】
【详解】解：（1）当实心长方体A的一半体积浸入水中静止时，排开水的体积

由阿基米德原理可知，此时长方体A受到的浮力
（2）根据可得容器内水的体积

所以未放长方体A之前水的深度
放入长方体A且其一半体积浸入水中静止时， 容器中水面上升的高度
此时容器中水的深度
由可得，此时容器内水对底部的压强

（3）水的重力
细线剪断前，长方体A对水的压力等于A受到的浮力，所以此时容器对水平桌面的压力
对水平桌面的压强

细线剪断后，此时容器对水平桌面的压力

对水平桌面的压强
由题意知容器对水平桌面的压强变化了500Pa，可得
解得GA=15N，根据G=mg可得，长方体A的质量
根据可得，长方体A的密度

答：（1）此时长方体A受到的浮力为5N；
（2）此时容器内水对底部的压强为；
（3）长方体A的密度为。