|试卷下载
终身会员
搜索
    上传资料 赚现金
    02,2024年山东省聊城市莘县中考物理二模试卷
    立即下载
    加入资料篮
    02,2024年山东省聊城市莘县中考物理二模试卷01
    02,2024年山东省聊城市莘县中考物理二模试卷02
    02,2024年山东省聊城市莘县中考物理二模试卷03
    还剩19页未读, 继续阅读
    下载需要10学贝 1学贝=0.1元
    使用下载券免费下载
    加入资料篮
    立即下载

    02,2024年山东省聊城市莘县中考物理二模试卷

    展开
    这是一份02,2024年山东省聊城市莘县中考物理二模试卷,共22页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,作图题,实验探究题,计算题等内容,欢迎下载使用。

    1.下列物理学家或学者与他研究的成果对应正确的是( )
    A. 沈括最早记述了地理的两极和地磁的两极不重合
    B. 法拉第最先通过实验发现了电与磁之间的联系
    C. 伽利略最早利用水银做实验测得了大气压的数值
    D. 奥斯特通过实验最先精确的确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系
    2.《康熙几暇格物编》中记载:“置钱碗底,远视若无,及盛满水时,则钱随水光而显见矣”,其中“钱随水光而显见”这种现象形成的原因是( )
    A. 光的直线传播B. 光的反射C. 平面镜成像D. 光的折射
    3.第24届冬季奥运会在北京和张家口举行,下列关于赛场上一些现象和情景的说法中正确的是( )
    A. 滑雪手套掌心处设计的颗粒是为了增大摩擦
    B. 宽大的滑雪板可以减小运动员对地面的压力
    C. 击出的冰球仍高速运动,是因为受到惯性的作用
    D. 短道速滑运动员沿弯道匀速滑行时,运动状态不变
    4.小聪设计并组装了一个智能门锁灯电路,只有在夜间且有人摸门把手时,锁孔旁的灯才亮,从而方便夜间开锁。它利用感应开关S1(有人摸门把手时,S1闭合;无人摸门把手时,S1断开)和光敏开关S2(天暗时S2闭合,天亮时S2断开)控制电路,下列符合这种“智能”要求的电路图是( )
    A. B.
    C. D.
    5.某兴趣小组开展“创新服务生活,科技改变未来”的科技创新活动,模拟制作一款“智能”行驶玩具车。该玩具车利用车载传感器(摄像头、雷达)采集生成道路特征数据,完成“自动”驾驶。作为传感器之一的摄像头,下列说法正确的是( )试卷源自 全站资源一元不到!A. 摄像头的镜试卷源自 期末大优惠,全站资源一元不到!即将回复原价。头是凹透镜
    B. 遇障碍物时,要想生成更大的像,镜头应该向前伸
    C. 摄像头成的像是正立的虚像
    D. 成像时障碍物位于镜头的两倍焦距以内
    6.小强开启饮料时,瓶起子可视为一个杠杆,如图所示。下列各图能正确表示其工作原理的是( )
    A.
    B.
    C.
    D.
    7.下列实验与手摇发电机工作原理相同的是( )
    A. 电磁铁
    B. 通电线圈在磁场中扭转
    C. 电磁感应
    D. 磁场对电流的作用
    8.如图所示,用滑轮组提升重100N的物体时,在10s内绳子自由端被匀速拉下6m。已知拉绳子的力F为60N,不计绳重和摩擦,则在此过程中( )
    A. 物体被提升了2m
    B. 所做的有用功是300J
    C. 拉力F的功率是30W
    D. 滑轮组的机械效率是55.6%
    9.如图是探究“物体的动能跟哪些因素有关”的实验。实验中,让同一铜球从斜面的不同高度由静止释放,撞击同一木块,下列说法正确的是( )
    A. 该实验探究的是物体动能大小与高度的关系
    B. 该实验探究的是物体动能大小与质量的关系
    C. 该实验中,物体的动能是指木块B的动能
    D. 该实验结论可以解释为什么对机动车限速
    10.如图所示是“探究电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置,两个透明容器中密封着等量的空气,通电一段时间后,左侧U形管中液面高度差比右侧的大。下列说法错误的是( )
    A. U形管中液面高度的变化反映了电阻产生热量的多少
    B. 通过左、右两边容器中电阻丝的电流相同
    C. 右边容器中的电阻R2比左边容器中的电阻R1小
    D. 通电时间相同,两个容器中空气吸收的热量相同
    二、多选题:本大题共3小题,共12分。
    11.2023年4月12日,中国有“人造太阳”之称的全超导托卡马克核聚变实验装置(EAST),成功实现稳态高约束模式等离子体运行403s,对加快实现核聚变发电具有重要意义。下面关于核能利用的说法,正确的是( )
    A. 我国具有完全自主知识产权的核电技术电站“华龙一号”利用的是可控核裂变
    B. 氢弹利用不加控制的核裂变放出巨大能量
    C. 原子弹利用核聚变放出巨大能量
    D. 太阳利用内部氢原子核发生聚变放出巨大能量
    12.“赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”,《中国诗词大会》深受观众的青睐。关于诗句中涉及到的物理知识,下列说法正确的是( )
    A. “柴门闻犬吠,风雪夜归人”中“犬吠”是依据听到的声音的音色不同来判断的
    B. “柴门闻犬吠,风雪夜归人”中“雪”是高空中的水蒸气遇寒冷气流液化形成的
    C. “潭清疑水浅,荷动知鱼散”中“疑水浅”是因为光从水中射向空气发生了折射
    D. “潭清疑水浅,荷动知鱼散”中“荷动”是因为鱼散去时对荷花施加了力的作用
    13.如图甲所示,盛有水的薄壁圆柱形容器放在水平桌面上,容器的底面积为S.弹簧测力计下悬挂一个长方体金属块,从水面开始缓慢浸入水中,在金属块未触底且水未溢出的过程中,测力计示数F随金属块浸入水中深度h的关系图象如图乙。下列分析正确的是( )
    A. 金属块逐渐浸入水的过程,受到的浮力一直在减小
    B. 金属块的高度为h1
    C. 金属块的密度为F1F1−F2ρ水
    D. 金属块浸没后与入水前相比,水平桌面受到的压强增加F1−F2S
    三、填空题:本大题共5小题,共10分。
    14.在“新冠”疫情期间,老师每天放学后都在教室里喷洒消毒液。不久,没有喷洒到的地方也能闻到消毒液味,说明消毒液分子在不停地做______。教室内电子白板画面上的丰富色彩是由红、绿、______三种色条合成的。
    15.把常用的按钮式圆珠笔笔尖朝上用力按下后放手,它会弹起很高。把它拆开后发现,它能弹起的原因是内部装有一根弹簧,如图甲所示。小强仔细观察后发现,圆珠笔弹起的过程可以分为“A:按下后放手”到“B:获得一个向上的速度”再到“C:向上运动到达最高点”,如图乙所示。圆珠笔在“A→B”阶段,______转化为动能;圆珠笔在“B→C”阶段,动能转化为______。
    16.燃烧1kg煤放出的热量,是燃烧1kg木柴放出热量的两倍多,这主要是因为煤的______比木柴的大。煤、天然气等化石能源属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。
    17.在家庭电路中,为了用电安全,控制用电器的开关要连接在______线和用电器之间,为了节能、方便,楼道照明灯普遍使用了声、光控开关,实现了只在夜晚天黑且有声音时灯才能亮,这种现象说明声波可以传递______(选填“信息”或“能量”)
    18.小明用如图所示的电路“探究电流与电压的关系”。所用电源电压为4.5V.闭合开关S时,发现电压表无示数,但电流表有示数,电路故障可能是电阻R1______(选填“断路”或“短路”)。排除故障后,他移动滑动变阻器的滑片,发现当电压表示数是1.2V时,电流表示数是0.30A;继续移动滑片,使电压表示数从1.2V增加到2.4V,那么该过程中滑动变阻器R2连入电路的阻值减小了______Ω。
    四、作图题:本大题共2小题,共4分。
    19.如图所示,画出物体AB在平面镜中的像A′B′。
    20.如图所示,画出光经过透镜折射后的光线。
    五、实验探究题:本大题共3小题,共16分。
    21.图甲是某小组“探究海波熔化时温度变化规律”的实验装置,每隔1min记录一次温度值。实验数据记录如表:
    (1)实验中需要的测量工具是温度计和______。
    (2)在1min时,温度计的示数如图乙所示,此时的温度为______ ℃。
    (3)由记录的实验数据可知海波是______(选填“晶体”或“非晶体”)。
    (4)由实验知,海波熔化需要的条件是:①______;②继续吸收热量。
    (5)另一小组在利用相同的器材进行这一实验时,观察到海波熔化过程中温度计示数缓慢上升。产生这一现象的原因可能是______(填字母)。
    A.烧杯中的水少
    B.对试管内的海波不断搅拌
    C.温度计的玻璃泡碰到了试管壁
    D.海波熔化过程中吸热,温度升高
    22.下面是小聪用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆平衡条件”的实验。
    (1)实验前为方便测量力臂,应将杠杆调节到______位置平衡,将杠杆的中点置于支架上,当杠杆静止时,发现杠杆左端下沉,这时应将平衡螺母向______(选“左”或“右”)端调节。
    (2)调节平衡后,在杠杆B点处挂6个钩码,如图甲所示,则在A点处应挂______个同样的钩码,杠杆仍然在水平位置平衡。
    (3)图乙是小聪利用弹簧测力计做的某次实验情景,已知杠杆每格长5cm,钩码每个重0.5N,弹簧测力计的示数F1是______ N。
    上述实验数据不符合杠杆平衡条件,出现问题的原因是______。
    23.如图所示,在“测量小灯泡的电功率”实验中,小灯泡的额定电压为2.5V,电阻大约为10Ω,有两个规格分别为“10Ω1A“的A滑动变阻器和“50Ω2A“的B滑动变阻器,电源电压为6V。
    (1)本实验中应选择______滑动变阻器(选填“A”或“B”)。
    (2)请你用笔画线代替导线将如图甲中的实物电路连接完整,要求滑动变阻器的滑片P向左移动时,滑动变阻器连入电路的阻值变大。
    (3)连好电路后,闭合开关,发现小灯泡不亮,但电流表电压表均有示数。接下来应进行的操作是______。
    A.断开开关,更换小灯泡
    B.检查电路是否断路
    C.移动滑动变阻器的滑片,观察小灯泡是否发光
    (4)问题解决后,继续进行实验,发现电压表的示数如图乙所示,要测量小灯泡的额定功率,应将滑动变阻器的滑片向______(选填“右”或“左”)端移动,直到小灯泡正常发光,此时电流表的示数如图丙所示,则小灯泡的额定功率为______W。
    (5)实验中多次测量的目的是______。
    A.测不同电压下小灯泡的实际功率
    B.多次测量求平均值,减小误差
    六、计算题:本大题共3小题,共28分。
    24.学习热学知识后,小明设计了一个测定液化气热值的实验,取500g水放入锅中,用温度计测得水的初始温度为20℃,读出液化气表的示数为12.560m3,然后用液化气给水加热。当温度计的示数为80℃时,读出液化气表的示数为12.563m3[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。求:
    (1)实验过程中水吸收的热量Q吸。
    (2)液化气的热值。
    (3)利用该方法测得的液化气的热值是偏小的,请说明原因。
    25.如图所示,体积为500cm3的长方体木块浸没在装有水的柱形容器中,细线对木块的拉力为2N,此时水的深度为20cm.(取g=10N/kg)求:
    (1)水对容器底的压强。
    (2)木块受到水的浮力。
    (3)木块的重力。
    (4)木块的密度。
    26.如图电路中,电流表量程为0∼0.6A,电压表量程为0∼3V,电源电压为8V。(假设灯丝的电阻不变)
    (1)只闭合S1时,电路消耗的功率为6.4W,求R3的电阻值;
    (2)只闭合S2时,灯泡R1正常发光,R3的功率为0.4W,求灯泡R1的额定功率;
    (3)只闭合S3时,在保证电路安全的前提下,求电路消耗的功率范围。
    答案和解析
    1.【答案】A
    【解析】解:A、沈括最早记述了“地理的两极和地磁两极不重合”的现象,即发现了磁偏角,故A正确;
    B、奥斯特首先发现了电与磁之间的联系,法拉第发现了电磁感应现象,故B不正确;
    C、托里拆利最早利用水银做实验测得了大气压的数值,故C不正确;
    D、焦耳最先精确确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系,而不是奥斯特,故D不正确。
    故选:A。
    本题考查物理学史,应记住一些物理学家及他们的贡献,可逐一对题干中的描述做出判断。
    物理学史也是物理考试中经常出现的一类题型,要求学生熟记著名科学家的贡献。
    2.【答案】D
    【解析】解:钱反射出的光线被碗侧壁挡住,人看不见钱了,倒入一些水后,钱反射的光线从水中斜射入空气中时,在水面处发生折射,折射光线远离法线方向,人眼逆着折射光线看去,看到的是变高的钱的像,是光的折射现象,故ABC错误,D正确。
    故选:D。
    光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时,就会出现光的折射现象,例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
    本题考查光的折射现象,水里物体反射的光进入空气时,发生折射,由于折射,使人感觉到水里物体的像变高了。
    3.【答案】A
    【解析】解:
    A、滑雪手套的掌心处设计花纹,是在压力一定时,通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力,故A正确
    B、滑雪板设计得较宽大,是在压力一定时,通过增大受力面积来减小压强,故B错误;
    C、击出的冰球仍高速运动,是因为冰球具有惯性,惯性不是力,不能说受到惯性的作用,故C错误;
    D、短道速滑运动员沿弯道匀速滑行时,运动方向不断变化,所以运动状态改变,故D错误。
    故选:A。
    (1)增大摩擦力的方法:在接触面粗糙程度一定时,增大压力;在压力一定时,增大接触面的粗糙程度。
    (2)减小压强的方法:在压力一定时,增大受力面积;在受力面积一定时,减小压力。
    (3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
    (4)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化,如果速度大小和方向不变,说明运动状态不变。
    此题考查增大摩擦和减小压强的方法、惯性、物体运动状态变化的判断,涉及到的知识点多,综合性强,但总体难度不大,掌握基础知识即可正确解题。
    4.【答案】B
    【解析】解:只有夜间且有人摸门把手时,锁孔旁的灯才亮,否则灯不亮,说明感应开关S1、光敏开关S2不能独立工作、即为串联,共同控制灯,故B正确。
    故选:B。
    根据题意分析两个开关的连接方式、电路的连接方式。
    本题考查了串并联电路的设计,根据题意得出两开关的连接方式是关键。
    5.【答案】B
    【解析】解:摄像头的镜头相当于一个凸透镜,其成像原理是障碍物位于镜头的两倍焦距以外,成倒立、缩小的实像;
    根据凸透镜成实像时,物近像远像变大的原则,遇障碍物时,要想生成更大的像,应将减小物距,则用将镜头向前伸。
    据此分析可知B正确,ACD错误。
    故选:B。
    凸透镜的成像规律及应用:u>2f,成倒立缩小的实像,应用是照相机,凸透镜成实像时,物近像远像变大。
    本题考查了凸透镜成像规律的应用,难易程度适中。
    6.【答案】A
    【解析】解:用开瓶器开启瓶盖时,支点是开瓶器与瓶盖上方的接触点,即图中杠杆的左端O,阻力为瓶盖对开瓶器竖直向下的作用力F2,动力为手对开瓶器右侧竖直向上的作用力F1,因为动力臂大于阻力臂,所以开瓶器为省力杠杆,即F1故选:A。
    先确定支点,然后根据动力和阻力的定义以及力臂关系即可得出答案。
    本题考查了有关杠杆的几个概念,支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂称为杠杆的五要素,学会建立模型来解决实际问题。
    7.【答案】C
    【解析】【分析】
    发电机和电动机的原理图重要的区别在于电动机有电源,发电机没有电源。
    (1)通电导体周围存在磁场,这是电流的磁效应,如电磁铁、电磁继电器、电磁起重机等;
    (2)通电导体在磁场中受力而运动,如电动机和扬声器等;
    (3)闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动,导体中有感应电流产生,这是电磁感应,如发电机和动圈式话筒。
    【解答】
    手摇发电机是根据电磁感应现象制成的。
    A.如图是电磁铁,是电流的磁效应,故A不符合题意;
    B.通电线圈在磁场中扭转是根据通电导体在磁场中受力而运动,故B不符合题意;
    C.如图是闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动,导体中有感应电流产生,这是电磁感应,就是发电机的原理,故C符合题意;
    D.如图是通电导体在磁场中受力而运动,是电动机的原理,故D不符合题意。
    故选C。
    8.【答案】B
    【解析】解:
    A、由图可知n=2,由s=2h可得,物体被提升的高度h=12s=12×6m=3m,故A错误;
    B、所做的有用功:W有用=Gh=100N×3m=300J,故B正确;
    C、拉力做的总功:W总=Fs=60N×6m=360J,
    拉力做功的功率:P=W总t=360J10s=36W,故C错误;
    D、滑轮组的机械效率:η=W有用W总=300J360J×100%≈83.3%,故D错误。
    故选:B。
    (1)由图可知,使用滑轮组承担物重的绳子股数n,绳子自由端移动的距离s=nh,据此求物体被提升的高度;
    (2)利用W=Gh求拉力做的有用功;
    (3)利用W=Fs求拉力做的总功,再利用P=Wt求拉力做功功率;
    (4)滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
    本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算,明确有用功、总功的含义是关键。
    9.【答案】D
    【解析】解:
    AB、同一铜球质量一定,从斜面的不同高度由静止释放,滑到水平面上时的速度不同,所以这是为了探究物体动能与速度关系的,故AB错误;
    C、实验的研究对象是铜球,所以物体的动能是铜球的动能,实验中通过铜球把木块推出的距离长短来反应铜球的动能的大小,运用了转换法,故C错误;
    D、实验可得出结论是:质量一定时,速度越大,动能越大;
    因为质量一定时,速度越大,动能越大,当质量相同时,车辆速度越大动能越大,使刹车困难,容易引发交通事故,所以交通部门要对机动车辆进行限速,故D正确。
    故选:D。
    (1)动能的决定因素有两个:质量和速度,在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”时,应该根据题意利用控制变量法的思路分析;
    (2)实验的研究对象是铜球;
    (3)质量一定时,速度越大,动能越大
    本题考查了动能影响因素实验,正确理解和运用好控制变量法和转换法是关键,还要能解释相关的现象。
    10.【答案】D
    【解析】解:A、据实验装置可知,电流通过导体产生热量使容器中的空气受热膨胀,从而导致U形管中的液面会发生变化,虽然产生热量的多少不能直接观察,但可以通过U形管液面高度差的变化来反映,故A正确;
    B、由图可知,两阻值不同的电阻丝串联,通过两电阻丝的电流大小相等,故B正确;
    CD、由图可知,左侧U形管中液面高度差比右侧的大,说明在相同时间内,电流在左容器中产生的热量较多,则左侧器中空气吸收的热量多,两电阻丝串联,电流相同,根据Q=I2Rt可知,图中左边容器的电阻丝阻值较大,故C正确,D错误。
    故选:D。
    (1)电流通过导体产生的热量不能直接观察,可以通过U形管液面高度差的变化来反映,这种研究方法叫转换法;
    (2)串联电路电流处处相等;
    (3)(4)两电阻丝串联,电流相同,根据Q=I2Rt分析容器内空气吸收热量的多少和电阻的大小关系。
    此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握,突出运用所学知识解决实际问题的能力,具有一定的综合性。
    11.【答案】AD
    【解析】解:A、核电站是利用原子核发生裂变释放能量来发电的,故A正确;
    B、氢弹利用不加控制的核聚变放出巨大能量,故B错误;
    C、原子弹利用核裂变放出巨大能量,故C错误;
    D、太阳利用内部氢原子核发生聚变放出巨大能量,故D正确;
    故选:AD。
    原子弹、核电站,是利用核裂变产生的能量;氢弹、太阳,是利用核聚变产生的能量。
    本题考查了核聚变、裂变的应用,属于基础题目。
    12.【答案】ACD
    【解析】解:A、柴门闻犬吠,风雪夜归人”中“犬吠”是通过声音的音色来分辨的,故A正确;
    B、“柴门闻犬吠,风雪夜归人”中“雪”是固态的,它是由高空中的水蒸气遇冷放出热量直接凝华成的冰晶,故B错误;
    C、当光从水底斜射入空气时发生折射,当人逆着折射光线看时,看到的是水底的虚像,比实际位置偏高,所以看起来浅了,故C正确;
    D、静止的荷花动起来,是鱼对荷花施加了力,说明力改变了物体的运动状态,故D正确。
    故选:ACD。
    (1)声音三个特性:音调、响度和音色;音调跟发声体的振动频率有关,频率越大,音调越高;响度跟发声体的振幅有关(振幅越大,响度越大),还跟距离发声体的远近有关;音色与发声体的结构和材料有关;
    (2)物体由固态变为气态叫升华;物体由气态变为固态叫凝华;物体由气态变为液态叫液化;物体由液态变为气态叫汽化;
    (3)光在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时,就会出现光的折射现象,例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的;
    (4)力的作用效果:一是改变物体的形状,二是改变物体的运动状态。
    本题考查了声现象、物态变化、光的折射以及力的作用等知识点,熟知相关知识并能与生活中的现象相结合,是正确解答的关键。
    13.【答案】BCD
    【解析】【分析】
    本题用到的知识点有重力、称重法测浮力、阿基米德原理、压强等,考查学生结合图象对所学知识进行综合分析的能力,难度较大!
    (1)金属块逐渐浸入水的过程,由于浸没的体积变大,根据阿基米德原理即可判断浮力变化;
    (2)金属块是从水面开始缓慢浸入水中,当弹簧测力计的示数开始不变时,表示金属块刚刚浸没;由于液面上升,所以根据金属块的高度要大于此时下降的高度;
    (3)当物体在空中,弹簧测力计的示数等于金属块的重力;
    由图乙得出金属块浸没时弹簧测力计的示数,利用称重法可得受到的浮力;
    根据阿基米德原理求出金属块的体积,最后根据ρ=GVg求出金属块的密度;
    (4)金属块浸没后与入水前相比,根据水平桌面受到的压力增加量等于浮力的大小,利用p=FS求出水平桌面受到的压强变化量。
    【解答】
    A.金属块逐渐浸入水的过程,排开水的体积先变大,当浸没后排开水的体积不变,根据F浮=ρ液V排g可知受到的浮力先变大,后不变,故A错误;
    B.由图象可知,金属块浸入水中的深度为h1后,圆柱体受到的拉力不变、即金属块刚刚浸没,所以金属块的高度等于此时金属块浸入水中的深度h1,故B正确;
    C.由图象可知,当h=0时金属块处于空气中,弹簧测力计示数为F1,则金属块重力G=F1,金属块质量m=Gg=F1g;
    金属块浸没水中,圆柱体受到的最大浮力F浮=F1−F2。
    根据F浮=ρ液V排g可得:V=V排=F浮ρ水g=F1−F2ρ水g;
    所以,金属块密度ρ=mV=F1gF1−F2ρ水g=F1F1−F2ρ水,故C正确;
    D.金属块浸没后与入水前相比,水平桌面受到的压力△F=F浮=F1−F2。
    所以,水平桌面受到的压强变化量△p=ΔFS=F1−F2S,故D正确。
    14.【答案】无规则运动 蓝
    【解析】解:将消毒液喷洒在教室里,不久,没有喷洒消毒液的地方也能闻到药味,由于消毒液是由分子组成的,分子在永不停息地做无规则运动,所以喷洒消毒液后能够闻到消毒水的气味。
    光的三原色是红、绿、蓝。教室内电子白板画面上的丰富色彩是由红、绿、蓝三种色条合成的。
    故答案为:无规则运动;蓝。
    (1)物质是由分子组成的,组成物质的分子永不停息地做无规则运动;
    (2)光的三原色是:红、绿、蓝。
    本题考查分子热运动和光的三原色,难度较小,属于基础题目。
    15.【答案】弹性势能 重力势能
    【解析】解:将弹簧圆珠笔的盖钮按到桌面上,此时圆珠笔具有弹性势能,圆珠笔在“A→B”阶段,弹簧的弹性形变程度变小,弹性势能变小,松手后弹性势能转化为圆珠笔的动能;圆珠笔在“B→C”阶段,圆珠笔上升,圆珠笔的质量不变,高度变大,重力势能增大,速度减小,动能减小,是动能又转化为重力势能。
    故答案为:弹性势能;重力势能。
    物体由于运动而具有的能叫动能,物体由于被举高而具有的能叫重力势能,物体由于发生弹性形变而具有的势能叫弹性势能。
    解决此类问题的关键是要知道各能量跟哪些因素有关,根据各因素的变化情况分析能量的变化情况。
    16.【答案】热值 不可再生
    【解析】解:在同等条件下,燃烧1kg煤放出的热量,是燃烧1kg木柴放出热量的两倍多,这主要是因为煤的热值比木柴的大;
    煤、天然气等化石能源使用后在短时间内从自然界得不到补充,属于不可再生能源。
    故答案为:热值;不可再生。
    (1)1kg某种燃料完全燃烧放出的热量,叫这种燃料的热值;
    (2)能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源,短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源。
    本题考查了学生对燃料的热值和能源分类的掌握和运用,难度不大。
    17.【答案】火 能量
    【解析】解:
    (1)从安全用电的角度分析,开关接在家用电器和火线之间;
    (2)在夜晚天黑且有声音时灯才能亮,有声音引起声控开关闭合,这种现象说明声波可以传递能量。
    故答案为:火;能量。
    (1)家庭电路中,开关要接在火线和用电器之间,断开开关,切断火线,操作更安全;
    (2)声音可以传递信息,也可以传递能量。
    本题考查了开关的连接方法、声音的作用,属于基础题目。
    18.【答案】短路 7.5
    【解析】解:由电路图可知,定值电阻R1与滑动变阻器R2串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流。
    (1)由题意可知,电流表有示数说明电路为通路,电压表无示数说明电压表被短路,则电路故障可能是电阻R1短路;
    (2)由题意可知,当电压表示数是1.2V时,电流表示数是0.30A,
    由I=UR可得,R1的阻值:R1=U1I1=Ω,
    因串联电路中总电压等于各分电压之和,
    所以,此时滑动变阻器两端的电压:U2=U−U1=4.5V−1.2V=3.3V,
    则变阻器接入电路中的电阻:R2=U2I1=Ω,
    因探究电流与电压的关系时应保持定值电阻的阻值不变,
    所以,当电压表示数增加到2.4V时电路中的电流:I2=U1′R1=2.4V4Ω=0.60A,
    此时滑动变阻器两端的电压:U2′=U−U1′=4.5V−2.4V=2.1V,
    此时变阻器接入电路中的电阻:R2′=U2′I2=Ω,
    所以,该过程中滑动变阻器R2连入电路的阻值减小了△R2=R2−R2′=11Ω−3.5Ω=7.5Ω。
    由电路图可知,定值电阻R1与滑动变阻器R2串联,电压表测R1两端的电压,电流表测电路中的电流。
    (1)由题意可知,电流表有示数说明电路为通路,电压表无示数说明电压表被短路,据此进行解答;
    (2)根据欧姆定律求出R1的阻值,利用串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压,再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻,探究电流与电压的关系时应保持定值电阻的阻值不变,根据欧姆定律求出电压表示数增加到2.4V时电路中的电流,然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出此时变阻器接入电路中的电阻,进一步求出该过程中滑动变阻器R2连入电路的阻值减小了的值。
    本题考查了电路故障的判断和串联电路特点以及欧姆定律的应用。
    19.【答案】解:分别作出物体端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′,用虚线连接A′、B′,即为AB在平面镜中的像,如下图所示:

    【解析】平面镜成像的特点是:平面镜所成的像是虚像,像与物的大小相等,像与物到平面镜的距离相等,即像与物关于平面镜对称,利用这一对称性作出AB的像。
    在平面镜成像作图中,若作出物体在平面镜中所成的像,要先根据像与物关于平面镜对称,先作出端点和关键点的像点,再用虚线连接各点即为物体的像。
    20.【答案】解:
    指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴,如图所示:

    【解析】在作凹透镜的光路图时,先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点(三条特殊光线)来作图。
    凹透镜的三条特殊光线:过凹透镜光心的光线其传播方向不变;平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点;指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴。
    21.【答案】秒表 42 晶体 温度到达熔点 C
    【解析】解:
    (1)要完成该探究实验,需要用温度计测量温度,秒表测量时间,故除了图中所示的器材外,还需要的测量工具是秒表;
    (2)乙图中温度计的分度值为1℃,示数为42℃;
    (3)由实验数据可知,海波从第4到第9分钟温度保持48℃不变,所以海波是晶体,其熔点为48℃;
    (4)由实验数据可知,海波在熔化过程中,吸热在温度到了48℃才熔化,因此海波熔化需要的条件是:①温度到达熔点;②继续吸收热量;
    (5)A、该物质是晶体,熔化过程中温度不变,烧杯中的水过少,温度计的玻璃泡不会碰到了试管壁,不会影响温度计示数,故A错误;
    B、熔化过程中,对试管内物质不断搅拌,可使物质受热均匀,温度计示数不变,故B错误;
    C、温度计的玻璃泡碰到了试管壁,相当于直接测量烧杯中水的温度,温度计示数应会上升,故C正确;
    D、海波为晶体,熔化过程中吸热,温度不变,故D错误,故选:C。
    故答案为:(1)秒表;(2)42;(3)晶体;(4)温度到达熔点;(5)C。
    (1)要完成该探究实验,需要用温度计测量温度,秒表测量时间;
    (2)在进行温度计的读数时,注意其分度值和0刻度线;
    (3)晶体和非晶体的区别是:晶体有一定的熔化温度而非晶体没有。
    (4)晶体在熔化时吸热,但保持熔点温度不变;
    (5)分析各选项是否可造成温度计示数缓慢变化。
    要解答此题,需要掌握常见的晶体和非晶体,同时掌握晶体和非晶体在熔化过程中的特点,并能根据图象获取相关的信息。
    22.【答案】水平 右 43.83.8动力臂测量错误
    【解析】解:(1)实验前为方便测量力臂,应将杠杆调节到水平位置平衡,将杠杆的中点置于支架上,当杠杆静止时,发现杠杆左端下沉,右端偏高,这时应将平衡螺母向右端调节;
    (2)如图甲所示,在杠杆B点处挂6个钩码,设在A点处应挂n个同样的钩码,杠杆仍然在水平位置平衡;
    设每个钩码重为G,每个小格长为L,根据杠杆的平衡条件F动l动=F阻l阻:
    6G×2L=nG×3L,解得n=4,
    即在A点处应挂4个同样的钩码,杠杆仍然在水平位置平衡;
    (3)弹簧测力计每一个大格代表1N,每一个小格代表0.2N,示数为3.8N。
    当弹簧测力计倾斜拉杠杆时,动力臂不在杠杆上,故出现问题的原因是动力臂测量错误。
    故答案为:(1)右;(2)4;(3)3.8;动力臂测量错误。
    (1)在调节杠杆平衡时,杠杆哪端高,平衡螺母就要向哪端移动;
    (2)根据杠杆的平衡条件求解;
    (3)弹簧测力计读数时,先确定分度值,然后根据指针所在位置进行读数。当弹簧测力计竖直拉杠杆时,动力臂等于动力作用点到支点的距离,当弹簧测力计倾斜拉杠杆时,动力臂变小,小于动力作用点到支点的距离。
    实验室中的杠杆上都标有刻度值,只有杠杆在水平位置平衡且拉力在竖直方向时,力臂的长度才可以直接通过读刻度值得出。当力倾斜作用在杠杆上,力臂变小,这是经常考查的内容。
    23.【答案】(1)B;
    (2);
    (3)C;
    (4)右;0.45;
    (5)A。
    【解析】解:(1)小灯泡的额定电压为2.5V,电阻大约为10Ω,由欧姆定律,灯的额定电流:
    I=UR=2.5V10Ω=0.25A,根据串联电路电压的规律,灯正常发光时,变阻器分得的电压为:U′=6V−2.5V=3.5V,由欧姆定律可得此时变阻器连入的阻值R=U′I=Ω>10Ω,故选用“50Ω2A”的滑动变阻器B;
    (2)实验中滑动变阻器、电流表应串联在电路中,灯泡正常工作电流约0.25A,所以电流表应使用0−0.6A量程,由滑片P向左移动时,滑动变阻器连入电路的阻值变大,所以应将其右下接线柱接入电路中,实物图如图所示;
    (3)闭合开关后,电流表有示数,说明电路是通路,灯泡没损坏,也不是断路,可能是连入电阻太大,电路中电流太小所致,下一步操作:移动滑动变阻器滑片,观察小灯泡是否发光,即应进行C项操作;
    (4)闭合开关,由图乙知,电压表量程0−3V,分度值0.1V,电压表示数为1.7V,小于灯的额定电压2.5V,要测量小灯泡的额定功率,由串联电路电压的规律,应增大灯的电压减小变阻器分得的电压,根据分压原理,应减小变阻器分得的电压,应将滑动变阻器滑片向右端移动,当电压表示数为2.5V时,小灯泡正常发光;
    由图丙知,电流表分度值为0.02A,此时示数为0.18A,则小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.18A=0.45W;
    (5)灯泡两端电压不同时其实际功率不同,多次测量的目的是测不同电压下小灯泡的实际功率,从而得到灯泡亮度也实际功率的关系。故选A。
    故答案为:(1)B;(2)见上图;(3)C;(4)右;0.45;(5)A。
    (1)根据小灯泡的额定电压为2.5V,电阻大约为10Ω由欧姆定律求灯的额定电流,根据串联电路电压的规律,求灯正常发光时变阻器分得的电压为,由欧姆定律,求变阻器连入电路中的电阻,确定变阻器选用的规格;
    (2)实验中滑动变阻器、电流表应串联在电路中,根据灯泡正常工作电流确定电流表量程,由滑片P向左移动时,滑动变阻器连入电路的阻值变大确定变阻器的接线柱;
    (3)闭合开关后,发现小灯泡不亮,但电流表有示数,说明电路是通路,不用更换灯泡,也不用检查电路是否断路,可能是连入电阻太大,电路中电流太小所致,分析电阻过大的原因,然后进行下一步操作;
    (4)灯在额定电压下正常发光,比较电压与额定电压的大小,根据串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向;根据电流表小量程读数,由P=UI求灯的额定功率;
    (5)改变灯泡两端的电压,测得流过灯泡的电流,由P=UI可求出不同电压下灯泡的实际功率。
    本题测量小灯泡的电功率,考查了器材的选择、电路的连接、电表的读数、额定功率的计算、多次实验的目的等知识,综合性较强。
    24.【答案】解:(1)水的质量m=500g=0.5kg,水温变化量为Δt=80℃−20℃=60℃,
    水吸收的热量:Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×60℃=1.26×105J;
    (2)消耗的液化气的体积为V=12.563m3−12.560m3=0.003m3;
    假设液化气燃烧放出的热量被水完全吸收,则Q放=Q吸=1.26×105J,
    液化气的热值为q=Q放V=1.26×105J0.003m3=4.2×107J/m3;
    (3)在加热的过程中,燃料放出的热量不可能全部被水吸收,有热量散失,且液化气不可能完全燃烧,所以测量的热值偏小。
    答:(1)实验过程中水吸收的热量Q吸为1.26×105J;
    (2)液化气的热值为4.2×107J/m3;
    (3)在加热的过程中,燃料放出的热量不可能全部被水吸收,有热量散失,且液化气不可能完全燃烧,所以测量的热值偏小。
    【解析】(1)知道水的质量、比热容和升高的温度,利用Q=cmΔt求水吸收的热量;
    (2)结合消耗的液化气的体积,利用q=Q放V可计算液化气的热值;
    (3)加热过程中,有热量的散失。
    本题综合考查了吸收热量的计算、热值的计算、测量偏差的原因,灵活应用相关公式是关键。
    25.【答案】解:
    (1)水的深度h=20cm=0.2m,则水对容器底的压强:
    p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa;
    (2)长方体木块浸没在水中,根据阿基米德原理可得木块受到水的浮力:
    F浮=ρ水gV排=ρ水gV木=1.0×103kg/m3×10N/kg×500×10−6m3=5N;
    (3)此时木块受到三个力的作用,向上的浮力、向下的重力和拉力,
    根据力的平衡条件可得:F浮=G+F拉;
    所以,木块的重力G=F浮−F拉=5N−2N=3N;
    (4)木块的质量:m=Gg=3N10N/kg=0.3kg;
    木块的密度:ρ=mV=0.3kg5×10−4m3=0.6×103kg/m3;
    答:(1)水对容器底的压强为2000Pa;
    (2)木块受到水的浮力为5N;
    (3)木块的重力为3N;
    (4)木块的密度是0.6×103kg/m3。
    【解析】(1)知道容器内水的深度,根据p=ρgh求出水对容器底的压强;
    (2)根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排,可求木块所受浮力;
    (3)对木块做受力分析,即可得出木块的重力,进而得出木块的质量;
    (4)据密度的计算公式即可计算出木块的密度。
    该题考查了液体压强的计算、浮力的计算、密度的计算公式及阿基米德原理公式的应用,难度较大。
    26.【答案】解:(1)只闭合S1时,电路为R3的简单电路,电路消耗的总功率P=6.4W,
    由P=UI=U2R可得,R3的电阻值:
    R3=U2P=(8V)26.4W=10Ω;
    (2)只闭合S2时,R1与R3串联,R3的功率P3=0.4W,
    因串联电路中各处的电流相等,
    所以,由P=UI=I2R可得,电路中的电流:
    I= P3R3= 0.4W10Ω=0.2A,
    由I=UR可得,电路中的总电阻:
    R=UI=8V0.2A=40Ω,
    因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,
    所以,灯泡R1的电阻:
    R1=R−R3=40Ω−10Ω=30Ω,
    则灯泡R1的额定功率:
    P1=I2R1=(0.2A)2×30Ω=1.2W;
    (3)只闭合S3时,R1与R2串联,电压表测R2两端的电压,电流表测电路中的电流,
    当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时,电路中的电流:
    I1=UR1=8V30Ω=415A≈0.27A,
    因串联电路中各处的电流相等,且灯泡正常发光时的电流为0.2A,电流表的量程为0∼0.6A,
    所以,电路中的最大电流为0.2A,
    则电路的最大功率:
    P大=UI=8V×0.2A=1.6W;
    当电压表的示数U2=3V时,变阻器接入电路中的电阻最大,此时电路中的电流最小,电路的总功率最小,
    因串联电路中总电压等于各分电压之和,
    所以,此时灯泡两端的电压:
    U1=U−U2=8V−3V=5V,
    此时电路中的电流:
    I′=U1R1=5V30Ω=16A,
    则电路的最小总功率:
    P小=UI′=8V×16A≈1.33W,
    所以,电路消耗的功率范围为1.33W∼1.6W。
    答:(1)R3的电阻值为10Ω;
    (2)灯泡R1的额定功率为1.2W;
    (3)电路消耗的功率范围为1.33W∼1.6W。
    【解析】(1)只闭合S1时,电路为R3的简单电路,知道电路消耗的总功率和电源的电压,根据P=UI=U2R求出R3的电阻值;
    (2)只闭合S2时,R1与R3串联,知道R3的功率和电阻值,根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出电路中的电流,利用欧姆定律求出电路中的总电阻,利用电阻的串联求出灯泡R1的电阻,利用P=UI=I2R求出灯泡R1的额定功率;
    (3)只闭合S3时,R1与R2串联,电压表测R2两端的电压,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻为零时电路中的电流,然后与灯泡正常发光时的电流和电流表的量程相比较得出电路中的最大电流,根据P=UI求出电路的最大功率;当电压表的示数最大时,变阻器接入电路中的电阻最大,此时电路中的电流最小,电路的总功率最小,根据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压,利用欧姆定律求出此时电路中的电流,再根据P=UI求出电路的最小总功率,然后得出答案。
    本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用,分清电路的连接方式和确定最后一问中的最大、最小电流是关键。时间/min
    0
    1
    2
    3
    4
    5
    6
    7
    8
    9
    10
    11
    海波的温度/℃
    40
    44
    46
    48
    48
    48
    48
    48
    48
    50
    53
    实验序号
    动力F1/N
    动力臂L1/m
    阻力F2/N
    阻力臂L2/m
    1
    ______
    0.15
    3.0
    0.10
    相关试卷

    2024年山东省聊城市莘县中考二模物理试题: 这是一份2024年山东省聊城市莘县中考二模物理试题,共8页。

    2024年山东省聊城市莘县中考二模物理试题: 这是一份2024年山东省聊城市莘县中考二模物理试题,共8页。

    2024年山东省聊城市莘县中考二模物理试题: 这是一份2024年山东省聊城市莘县中考二模物理试题,共8页。

    免费资料下载额度不足,请先充值

    每充值一元即可获得5份免费资料下载额度

    今日免费资料下载份数已用完,请明天再来。

    充值学贝或者加入云校通,全网资料任意下。

    提示

    您所在的“深圳市第一中学”云校通为试用账号,试用账号每位老师每日最多可下载 10 份资料 (今日还可下载 0 份),请取消部分资料后重试或选择从个人账户扣费下载。

    您所在的“深深圳市第一中学”云校通为试用账号,试用账号每位老师每日最多可下载10份资料,您的当日额度已用完,请明天再来,或选择从个人账户扣费下载。

    您所在的“深圳市第一中学”云校通余额已不足,请提醒校管理员续费或选择从个人账户扣费下载。

    重新选择
    明天再来
    个人账户下载
    下载确认
    您当前为教习网VIP用户,下载已享8.5折优惠
    您当前为云校通用户,下载免费
    下载需要:
    本次下载:免费
    账户余额:0 学贝
    首次下载后60天内可免费重复下载
    立即下载
    即将下载:资料
    资料售价:学贝 账户剩余:学贝
    选择教习网的4大理由
    • 更专业
      地区版本全覆盖, 同步最新教材, 公开课⾸选;1200+名校合作, 5600+⼀线名师供稿
    • 更丰富
      涵盖课件/教案/试卷/素材等各种教学资源;900万+优选资源 ⽇更新5000+
    • 更便捷
      课件/教案/试卷配套, 打包下载;手机/电脑随时随地浏览;⽆⽔印, 下载即可⽤
    • 真低价
      超⾼性价⽐, 让优质资源普惠更多师⽣
    VIP权益介绍
    • 充值学贝下载 本单免费 90%的用户选择
    • 扫码直接下载
    元开通VIP,立享充值加送10%学贝及全站85折下载
    您当前为VIP用户,已享全站下载85折优惠,充值学贝可获10%赠送
      充值到账1学贝=0.1元
      0学贝
      本次充值学贝
      0学贝
      VIP充值赠送
      0学贝
      下载消耗
      0学贝
      资料原价
      100学贝
      VIP下载优惠
      0学贝
      0学贝
      下载后剩余学贝永久有效
      0学贝
      • 微信
      • 支付宝
      支付:¥
      元开通VIP,立享充值加送10%学贝及全站85折下载
      您当前为VIP用户,已享全站下载85折优惠,充值学贝可获10%赠送
      扫码支付0直接下载
      • 微信
      • 支付宝
      微信扫码支付
      充值学贝下载,立省60% 充值学贝下载,本次下载免费
        下载成功

        Ctrl + Shift + J 查看文件保存位置

        若下载不成功,可重新下载,或查看 资料下载帮助

        本资源来自成套资源

        更多精品资料

        正在打包资料,请稍候…

        预计需要约10秒钟,请勿关闭页面

        服务器繁忙,打包失败

        请联系右侧的在线客服解决

        单次下载文件已超2GB,请分批下载

        请单份下载或分批下载

        支付后60天内可免费重复下载

        我知道了
        正在提交订单

        欢迎来到教习网

        • 900万优选资源,让备课更轻松
        • 600万优选试题,支持自由组卷
        • 高质量可编辑,日均更新2000+
        • 百万教师选择,专业更值得信赖
        微信扫码注册
        qrcode
        二维码已过期
        刷新

        微信扫码,快速注册

        手机号注册
        手机号码

        手机号格式错误

        手机验证码 获取验证码

        手机验证码已经成功发送,5分钟内有效

        设置密码

        6-20个字符,数字、字母或符号

        注册即视为同意教习网「注册协议」「隐私条款」
        QQ注册
        手机号注册
        微信注册

        注册成功

        下载确认

        下载需要:0 张下载券

        账户可用:0 张下载券

        立即下载
        账户可用下载券不足,请取消部分资料或者使用学贝继续下载 学贝支付

        如何免费获得下载券?

        加入教习网教师福利群,群内会不定期免费赠送下载券及各种教学资源, 立即入群

        返回
        顶部
        Baidu
        map