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2024年山东省济宁市中考模拟预测物理试题
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这是一份2024年山东省济宁市中考模拟预测物理试题，共17页。试卷主要包含了答第Ⅱ卷时，必须使用0，5dm左右，故A错误；等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1.本试卷满分60分，分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共8页。理化同场时间共120分钟。
2.答第Ⅰ卷时，必须使用2B铅笔填涂答题卡上相应题目的答案标号（ABCD）。如需改动，必须先用橡皮擦干净，再改涂其它答案。
3.答第Ⅱ卷时，必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上书写。务必在题号所指示的答题区域内作答。若需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案。不准使用涂改液、胶带纸、修正带。否则，答案无效。
第Ⅰ卷（选择题共20分）
一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意。每小题2分，共20分）
1. 人体的密度和水差不多，以下是小岩同学对自己所做的估测，其中正确的是（ ）
A. 身高约为165dmB. 体重约为50NC. 体积约为50dm3D. 步行速度约为5m/s
【答案】C
【解析】
【详解】A．成年人的身高在170cm左右，中学生的身高接近成年人，在165cm=16.5dm左右，故A错误；
B．中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为
G=mg=50kg×10N/kg=500N
左右，故B错误；
C．水的密度是1.0×103kg/m3，人体密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右，中学生的质量在50kg左右，体积在
左右，故C正确；
D．中学生正常步行的速度在
左右，故D错误。
故选C。
2. 关于如图所示的实验或现象，下列说法错误的是（ ）试卷源自 每日更新，更低价下载，欢迎访问。
A. 图甲：敲击音叉，旁边的乒乓球被弹开说明声音是由物体的振动产生
B. 图乙：两个声音波形图反映的声音音调相同，但音色和响度不同
C. 图丙：噪声检测仪可以显示声音的响度，是在传播过程减弱噪声
D. 图丁：利用超声波工作的倒车雷达可以说明声能够传递信息
【答案】C
【解析】
【详解】A．甲图中用小锤敲击音叉，旁边的乒乓球被弹开，说明声音是由物体的振动产生的，故A正确，不符合题意；
B．乙图中两个声波的波形图，都有3个波峰、4个波谷，即它们的振动频率是相同的，说明它们的音调是相同的；从波形图中可以看出，其波的形状都不相同，说明它们的音色不同，振幅不相同，响度不相同，故B正确，不符合题意；
C．丙图中噪声检测装置是检测噪声的大小装置，不能减弱噪声，故C错误，符合题意；
D．回声定位是根据回声到来的时间和方位，确定目标的位置和距离，即利用超声波获得信息，故D正确，不符合题意。
故选C。
3. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。则下列说法正确的是（ ）
A. 照相机应用了这一成像规律
B. 蜡烛燃烧一段时间后，将凸透镜适当向上移动，可使光屏上的像位置保持不动
C. 保持透镜和光屏的位置不动，移动蜡烛，烛焰仍可在光屏上成清晰的像
D. 将近视眼镜靠近凸透镜左侧放置，向左移动蜡烛可以在光屏上得到清晰的像
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图知道，此时的像距大于物距，且光屏上能成像，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立、放大的实像，是投影仪的成像原理，不是照相机的成像原理，故A错误；
B．光屏上像的位置偏高，为了使像仍成在光屏的中央，应将烛焰相对于凸透镜向上运动，即向下调节凸透镜，故B错误；
C．由图知道，物距
u＝30cm
v＝45cm
解得
f＜30cm＜2f
45cm＞2f
由以上解得
15cm＜f＜225cm
当只移动蜡烛，不改变透镜和光屏的位置时，蜡烛的像不能呈在光屏上，故C错误；
D．近视眼镜的镜片为凹透镜，对光有发散作用，可使光线的会聚点推迟延后。因此，将一副近视眼镜靠近凸透镜左侧放置，向左移动蜡烛可以在光屏上得到清晰的像，故D正确。
故选D。
4. 关于如图所示的四幅图中，说法正确的是（ ）
①分别在A、B、C三处用同样大小的力推门，在C处感觉关上门的难度最大，说明力的作用效果与力的大小有关
②锤头松了，人们常用撞击锤柄的方法使锤头紧套在锤柄上，利用了锤头的惯性
③活塞式抽水机利用大气压，标准大气压下，能提升水的最大高度约为760mm
④自制气压计从一楼走上五楼，观察到管内水柱变高，说明大气压随高度的增加而减小
A. ①②B. ②④C. ②③④D. ①②③
【答案】B
【解析】
【详解】①分别在A、B、C三处用同样大小的力推门，在C处感觉关上门的难度最大，这说明力的作用效果与力的作用点有关，故①错误；
②锤头松了，用撞击锤柄的方法能使锤头紧套在锤柄上，是因为撞击时，锤柄停止运动，而锤头由于惯性，要保持原来的运动状态，继续向下运动，这是利用了锤头的惯性，故②正确；
③活塞式抽水机是利用大气压工作的，据p=ρgh知，在标准大气压下，能提升水的最大高度
故③错误；
④从一楼到五楼，高度增加，观察到管内水柱变高，是因为瓶内气压不变，而瓶外气压变小了，这说明大气压随高度的增加而减小，故④正确。
故ACD错误，B正确。
故选B。
5. 如图所示，物体A、B的重分别为20N、10N，滑轮和绳子的重忽略不计，此时物体A在水平面上向右做匀速直线运动，若用力F向左拉物体A，使物体A向左做匀速直线运动，则
A. F=20NB. F=10NC. F=5ND. F=30N
【答案】B
【解析】
【详解】滑轮和绳子的重忽略不计由图可知，此滑轮组由2段绳子承担物重，所以FA=GB=×10N=5N；在水平方向A受到的摩擦力和绳对A的拉力平衡，所以f=FA=5N，方向水平向左；若使物体A向左做匀速直线运动，则A受摩擦力水平向右，则拉力F=FA+f=5N+5N=10N．
6. 如图所示是物理课本中的四个小实验。下列对实验的分析正确的是（ ）
A. 图甲，抽掉玻璃板后，两瓶内气体颜色发生变化，说明分子在不停地运动
B. 图乙，向上拉浸没在水中的玻璃板直至脱离水面，测力计示数保持不变
C. 图丙，向下压活塞的过程，筒内气体内能减小
D. 图丁，塞子冲出相当于内燃机的排气冲程
【答案】A
【解析】
【详解】A．密度较大的二氧化氮在下面的容器中（避免重力对实验造成的影响），抽掉玻璃板后，两瓶内气体颜色发生变化，这是扩散现象，说明分子在不停地运动，故A正确；
B．因为玻璃分子和水分子之间存在引力，向上拉浸没在水中的玻璃板，在玻璃板脱离水面时，测力计示数将变大，故B错误；
C．向下压活塞的过程，活塞对筒内气体做功，机械能转换为内能，筒内气体内能增大，故C错误；
D．内燃机的做功冲程中，将内能转化为机械能。塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能会转化为塞子的机械能，故塞子冲出相当于内燃机的做功冲程，故D错误。
故选A。
7. 《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。以下对有关节气谚语的分析中，正确的是（ ）
A. 立春：“立春打了霜，当春会烂秧”——霜的形成是凝华现象；需要放出热量
B. 夏至：“夏至东南风，十八天后大雨淋”——雨的形成是汽化现象；需要吸收热量
C. 秋分：“秋分见麦苗，寒露麦针倒”——露的形成是凝固现象；需要放出热量
D. 大寒：“小寒大寒，滴水成冰”——水结冰是凝固现象；需要吸收热量
【答案】A
【解析】
【详解】A．霜是空气中的水蒸气，温度降低时直接变成小冰晶，这是凝华现象，凝华放热，故A正确；
B．雨是空气中水蒸气遇冷液化形成的小水滴，是液化现象，液化放热，故B错误；
C．露是空气中的水蒸气，温度降低时变成的小水珠，是液化现象，液化放热，故C错误；
D．水结冰是凝固现象，凝固放热，故D错误。
故选A。
8. 小林家使用的燃气热水器，将40kg的水从20℃加热到45℃，消耗了0.15m3的天然气。已知水的比热容为J/（kg⋅℃），天然气的热值为J/m3，则下列与该过程有关的计算结果和分析正确的是（ ）
A. 水吸收的热量与水的末温成正比B. 水吸收的热量是J
C. 热水器的能量转化效率是70%D. 燃气热水器主要将内能转化为电能
【答案】C
【解析】
【详解】A．由Q吸=cm（t-t0）可知，在水的质量一定时，水吸收的热量与升高的温度成正比，与水的末温不成正比，故A错误；
B．将40kg的水从20℃加热到45℃，水吸收的热量
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/（kg·℃）×40kg×（45℃-20℃）=4.2×106J
故B错误；
C．天然气完全燃烧放出热量
Q放=Vq=0.15m3×4×107J/m3=6×106J
热水器的能量转化效率
故C正确；
D．天然气燃烧时，化学能主要转化为内能，故D错误。
故选C。
9. 如图所示电路，先闭合开关S1、再闭合S2，下列分析正确的是（ ）
A. 只闭合S1时，两灯都亮，且两个电流表均有示数
B. 先闭合S1再闭合S2时，A2示数会变大
C. 两个开关都闭合时，若L1短路，L2依然能够发光
D 两个开关都闭合时，若L2断路，则两电流表均有示数且示数相等
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据电路图可知，只闭合S1时，电路为L1的简单电路，电流表A2测量电路中的电流，电流表A1没有接入电路中，所以A2有示数、A1无示数，故A错误；
B．再闭合S2时，两个灯泡并联，电流表A2测量干路中的电流，电流表A1测量通过灯泡L2的电流；根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变大，所以电流表A2示数变大，故B正确；
C．两个开关都闭合时，若L1短路，则电源短路，所以L2不能发光，故C错误；
D．两个开关都闭合时，若L2断路，则电流表A1断路，无示数；电流表A2测量电路中的电流，有示数，所以两个电流表示数不相等，故D错误。
故选B。
10. 某电热水器的工作原理如图甲所示，用电磁继电器控制加热和保温状态的转换。为电热丝，且，为滑动变阻器，为热敏电阻（置于电热水器内），阻值随温度的变化规律如图乙所示。电源E的电压为6V，当中的电流时，衔铁被吸下，继电器线圈电阻不计，下列说法正确的是（ ）
A. 热水器的加热功率是保温功率的4倍
B. S1闭合，当衔铁吸下后，热水器处于加热状态
C. 当热水温度设置为55℃时，R3连入电路的阻值为250Ω
D. 若提高热水设置温度，应向左移动R3滑片
【答案】AC
【解析】
【分析】
【详解】AB．衔铁未吸下时，为简单电路，吸下时为串联电路，根据，未吸下为加热，吸下为保温，加热功率和保温功率比
故A正确，B错误；
C．当热水温度设置为55℃时，R0阻值为150Ω，电流0.015A，R3连入电路的阻值为
故C正确；
D．若提高热水设置温度，则热敏电阻阻值降低，需要减少吸下衔铁的电流值，所以应向右移动R3滑片，增大电阻，故D错误。
故选AC。
第Ⅱ卷（非选择题共40分）
二、填空题（每空1分，共8分）
11. 物体A重5N，如图1，A在水平拉力F1作用下，在水平面从M匀速直线运动到N用时3s；如图2，在A上放置一个钩码，A在水平拉力F2作用下，在另一水平面从Р匀速直线运动到Q用时2s。
（1）在MN，PQ段，A的速度分别为v1、v2，A所受摩擦力分别为f1、f2，则v1___________v2，f1___________f2；（均选填“>”“=”“<”）
（2）A从M运动到N，F1做的功为___________J、功率为___________W，A所受重力做的功为___________J。
【答案】 ①. ＜ ②. ＞ ③. 0.3 ④. 0.1 ⑤. 0
【解析】
【详解】（1）[1]在MN段，A的速度为
在PQ段，A的速度为
则。
[2]A在水平拉力F1作用下做匀速直线运动，由二力平衡可知
A在水平拉力F2作用下做匀速直线运动，由二力平衡可知
则。
（2）[3]F1做的功为
[4] F1的功率为
[5]A只在水平方向运动发生距离，竖直方向没有发生距离，所以A所受重力做的功为0J。
12. 一头质量为6×103kg的大象，每只脚掌的面积为600cm2，它的重力为________N，它四脚着地时对地面的压强为________Pa；若大象抬起一 条腿，如图所示，它对地面的压强_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 6×104 ②. 2.5×105 ③. 变大
【解析】
【详解】[1]大象的重力
[2]它四脚着地时对地面的压强
[3]当它抬起一条腿时，它对地面的压力不变，受力面积变小，由可知对地面的压强变大。
三、实验与作图题（13题2分，14题2分，15题4分，16题4分，17题5分，18题5分，共22分）
13. 如图所示，木块从斜面上下滑，在粗糙的水平面上滑动一段距离后停下，请画出木块在水平面上滑动时的受力示意图。
【答案】
【解析】
【详解】木块在粗糙的水平面上滑动受到水平向左的摩擦力，竖直向上的支持力和竖直向下的重力，力的作用点都在物体的几何中心。如图所示：
14. 图甲是某宾馆床头柜上的开关示意图，图乙是其控制的电路，其中S1为旋钮开关，单独控制台灯的通断和亮度；S2为单独控制电视插座的开关．请在图乙中将电路图连接完整，要求符合安全用电原则．
【答案】
【解析】
【详解】台灯旋钮开关相当于滑动变阻器，它是控制台灯的，应与台灯串联，且开关应接在火线的一侧；开关S2是控制电视机的，它应与电视机插座串联，且开关应接在火线的一侧；如下图所示：
15. 某兴趣小组用如图所示的器材“探究平面镜成像的特点”。实验中蜡烛放在水平面上，玻璃板竖直放置。请回答下列问题。
（1）用透明玻璃板代替平面镜的目的是___________；
（2）将点燃的蜡烛A放在玻璃板前5cm处，小丽沿垂直板面方向将A以5cm/s的速度远离玻璃板，2s后停止放稳。则未点燃的蜡烛B与A相距___________cm才能与A的像完全重合；
（3）将光屏放到像的位置，光屏上___________（选填“能”或“不能”）承接到像；
（4）若玻璃板上端向左倾斜（如图），蜡烛A在玻璃板中成像的位置会___________（选填“偏高”或“偏低”）。
【答案】 ①. 便于确定像的位置 ②. 30 ③. 不能 ④. 偏高
【解析】
【详解】（1）[1]玻璃板透明，用其来代替平面镜，虽然成像不如平面镜清晰，但却能在观察到A蜡烛像的同时，也能观察到B蜡烛，便于确定像的位置。
（2）[2]小丽沿垂直板面方向将A以5cm/s的速度远离玻璃板，像的大小不变，由可得A蜡烛移动的距离
此时A蜡烛距平面镜的距离
根据像与物体到平面镜的距离相等可得，B蜡烛应与A相距
15cm+15cm=30cm
这样才能与A的像完全重合。
（3）[3]因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像。
（4）[4]由平面镜的成像特点可知，像物关于镜面对称，若玻璃板上端向左倾斜，蜡烛A的像将偏高。
16. 如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。
（1）小球从斜面上滚下，其动能大小是通过___________（选填“木块”或“小球”）移动的距离来反映的；
（2）分析比较甲、乙两次实验，可探究出的结论是：___________相同的物体，___________越大，动能越大；
（3）甲实验中若将木块的初始位置向右移动一小段距离，若要小球撞击木块后，木块移动的距离和相等，小球在斜面上的高度应该比原来___________（选填“高”、“低”或“相同”）。
【答案】 ①. 木块 ②. 质量 ③. 速度 ④. 高
【解析】
【详解】（1）[1]在本实验中，是利用转换法去比较动能的大小，即小球动能的大小通过比较小球撞击木块后，木块移动的距离来反映的。
（2）[2][3]由图可知，在甲、乙两次实验中，物体的质量相同，下滑的高度不同，甲图中物体下滑的高度大，所以运动到水平时，其速度大，推动木块滑行的距离大，因此可得出结论：当物体质量相同时，速度越大，动能越大。
（3）[4]由题意可知，甲实验中若将木块的初始位置向右移动一小段距离，因为水平面存在摩擦，将会导致小球在撞击木块前消耗一些动能，但是小球撞击木块后，木块移动的距离和相等，表明小球撞击木块时，其动能大小相等，所以小球在斜面上的高度应该比原来高。
17. 为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个完全相同的装置做了如图所示的实验。用温度计测量液体吸收热量后升高的温度值，并用钟表记录加热时间。实验数据记录如表。
（1）在实验中为了保证水和食用油吸收热量相同，采用的方法是___________，实验中水和食用油体积___________（选填“相同”或“不同”）；
（2）在此实验中，如果要使水和食用油升高的温度相同，就要给___________加热更长的时间，这表明___________吸热本领更强。物质的这种特性可以用___________这个物理量来描述。
【答案】 ①. 用相同的酒精灯加热相同的时间 ②. 不同 ③. 水 ④. 水 ⑤. 比热容
【解析】
【详解】（1）[1]在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度（或温度升高的多少等）来研究水和食用油吸热能力的差异。
[2]在两个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和食用油，因为水和煤油的密度不同，根据可知煤油和水的体积不同。
（2）[3][4][5]由表格数据可知，质量相同的水和食用油升高相同的温度，水加热的时间长，吸收的热量多，即水的吸热本领强；物理学中用比热容表示物质吸热本领的强弱。
18. 在“测量小灯泡的额定功率”实验中，小利选用的小灯泡L的额定电压为2.5V。
（1）小利设计了如图甲所示的电路图，连接好电路后，闭合开关S，发现电流表的指针向左偏转，如图乙所示，其原因是___________；
（2）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P到某一位置时，电压表示数如图丙所示，为___________V，要测量小灯泡L的额定功率，滑片P应向___________（选填“左”或“右”）移动，使灯泡正常发光，此时电流表示数为0.24A，则小灯泡L的额定功率为___________W；
（3）实验结束后，小利认为没有电流表也能测出小灯泡的额定功率。于是他找来了另一个电源（电压恒为8V）、另一个额定电压为6V的小灯泡L1和一个阻值为20Ω的定值电阻等器材，设计了如图丁所示的电路，并完成了实验。实验过程如下：
①断开开关，闭合开关S、，移动滑动变阻器R的滑片P，使小灯泡正常发光；
②断开开关，闭合开关S、，保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；
③小灯泡的额定功率为___________W。
【答案】 ①. 电流表正、负接线柱接反了 ②. 1.8 ③. 左 ④. 0.6 ⑤. 2.4
【解析】
【详解】（1）[1]乙中电流表指针反偏，说明电流表正、负接线柱接反了。
（2）[2][3][4]由乙图可知，电压表所选量程为0～3V，分度值为0.1V，读出其示数为1.8V；示数小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；灯泡的额定功率
P额=U额I额=2.5V×0.24A=0.6W
（3）[5]①断开开关S1，闭合开关S、S2，滑动变阻器与小灯泡L1串联，电压表测滑动变阻器的电压，根据串联分压原理，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为
U=U电源-UL=8V-6V=2V
小灯泡L1正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器与R0串联，电压表测滑动变阻器的电压；保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；根据串联分压原理得
则滑动变阻器的电阻为
③在①中，电路电流为
小灯泡L1的额定功率为
P额=ULI=6V×0.4A=2.4W
四、计算题（19题4分，20题6分，共10分）
19. 小晨发现一个质量为1.6kg、不吸水的新型圆台体建筑材料，他只有量程为5N的弹簧测力计，设计了如图所示装置进行实验。一容器M内盛有一定量的水，容器M置于水平地面，当轻质杠杆在水平位置平衡时竖直向上的拉力F为1.5N，此时材料浸没在水中静止且未触底。求：
（1）材料受到的重力；
（2）材料的密度。
【答案】（1）16N；（2）kg/m
【解析】
【详解】（1）材料受到的重力为
（2）杠杆的平衡条件，即
得出N，材料浸没在水中静止且未触底受到的浮力为
N
材料的体积
材料的密度为
kg/m
答：（1）材料受到的重力为16N；
（2）材料的密度为1.6×103kg/m3。
20. 定值电阻R0和标有“2.5V 0.2A”的小灯泡L的I-U图像如图甲。小宇将R0和L按照图乙的电路连接，闭合开关，此时电流表的示数为0.15A，求
（1）小灯泡L的额定功率；
（2）如图乙，电流表的示数为0.15A时，小灯泡L的实际电功率；
（3）若保持图乙条件不变，R0持续工作1min产生的热量。
【答案】（1）0.5W；（2）0.225W；（3）27J
【解析】
【详解】解：（1）由图乙可知，小灯泡L与定值电阻R0并联，电流表测量通过小灯泡的电流；小灯泡L的额定功率为
P=U额I额=2.5V×0.2A=0.5W
（2）闭合开关，根据电流表示数可知通过小灯泡的电流IL=0.15A，由图甲可知，此时小灯泡两端的电压UL=1.5V，此时小灯泡的实际功率为
PL=ULIL=1.5V×0.15A=0.225W
（3）由图甲可知，当R0两端的电压为1.5V时，通过R0的电路I0=0.3A，则R0持续工作1min产生的热量为
Q0=W0=U0I0t=1.5V×0.3A×1×60s=27J
答：（1）小灯泡L的额定功率为7.5W；
（2）小灯泡L的实际电功率为0.225W；
（3）若保持条件不变，R0持续工作1min产生的热量为27J。物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
60
20
64
5
食用油
60
21
6
68
注意事项：
1.本试卷满分60分，分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共8页。理化同场时间共120分钟。
2.答第Ⅰ卷时，必须使用2B铅笔填涂答题卡上相应题目的答案标号（ABCD）。如需改动，必须先用橡皮擦干净，再改涂其它答案。
3.答第Ⅱ卷时，必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上书写。务必在题号所指示的答题区域内作答。若需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案。不准使用涂改液、胶带纸、修正带。否则，答案无效。
第Ⅰ卷（选择题共20分）
一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意。每小题2分，共20分）
1. 人体的密度和水差不多，以下是小岩同学对自己所做的估测，其中正确的是（ ）
A. 身高约为165dmB. 体重约为50NC. 体积约为50dm3D. 步行速度约为5m/s
【答案】C
【解析】
【详解】A．成年人的身高在170cm左右，中学生的身高接近成年人，在165cm=16.5dm左右，故A错误；
B．中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为
G=mg=50kg×10N/kg=500N
左右，故B错误；
C．水的密度是1.0×103kg/m3，人体密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右，中学生的质量在50kg左右，体积在
左右，故C正确；
D．中学生正常步行的速度在
左右，故D错误。
故选C。
2. 关于如图所示的实验或现象，下列说法错误的是（ ）试卷源自 每日更新，更低价下载，欢迎访问。
A. 图甲：敲击音叉，旁边的乒乓球被弹开说明声音是由物体的振动产生
B. 图乙：两个声音波形图反映的声音音调相同，但音色和响度不同
C. 图丙：噪声检测仪可以显示声音的响度，是在传播过程减弱噪声
D. 图丁：利用超声波工作的倒车雷达可以说明声能够传递信息
【答案】C
【解析】
【详解】A．甲图中用小锤敲击音叉，旁边的乒乓球被弹开，说明声音是由物体的振动产生的，故A正确，不符合题意；
B．乙图中两个声波的波形图，都有3个波峰、4个波谷，即它们的振动频率是相同的，说明它们的音调是相同的；从波形图中可以看出，其波的形状都不相同，说明它们的音色不同，振幅不相同，响度不相同，故B正确，不符合题意；
C．丙图中噪声检测装置是检测噪声的大小装置，不能减弱噪声，故C错误，符合题意；
D．回声定位是根据回声到来的时间和方位，确定目标的位置和距离，即利用超声波获得信息，故D正确，不符合题意。
故选C。
3. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。则下列说法正确的是（ ）
A. 照相机应用了这一成像规律
B. 蜡烛燃烧一段时间后，将凸透镜适当向上移动，可使光屏上的像位置保持不动
C. 保持透镜和光屏的位置不动，移动蜡烛，烛焰仍可在光屏上成清晰的像
D. 将近视眼镜靠近凸透镜左侧放置，向左移动蜡烛可以在光屏上得到清晰的像
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图知道，此时的像距大于物距，且光屏上能成像，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立、放大的实像，是投影仪的成像原理，不是照相机的成像原理，故A错误；
B．光屏上像的位置偏高，为了使像仍成在光屏的中央，应将烛焰相对于凸透镜向上运动，即向下调节凸透镜，故B错误；
C．由图知道，物距
u＝30cm
v＝45cm
解得
f＜30cm＜2f
45cm＞2f
由以上解得
15cm＜f＜225cm
当只移动蜡烛，不改变透镜和光屏的位置时，蜡烛的像不能呈在光屏上，故C错误；
D．近视眼镜的镜片为凹透镜，对光有发散作用，可使光线的会聚点推迟延后。因此，将一副近视眼镜靠近凸透镜左侧放置，向左移动蜡烛可以在光屏上得到清晰的像，故D正确。
故选D。
4. 关于如图所示的四幅图中，说法正确的是（ ）
①分别在A、B、C三处用同样大小的力推门，在C处感觉关上门的难度最大，说明力的作用效果与力的大小有关
②锤头松了，人们常用撞击锤柄的方法使锤头紧套在锤柄上，利用了锤头的惯性
③活塞式抽水机利用大气压，标准大气压下，能提升水的最大高度约为760mm
④自制气压计从一楼走上五楼，观察到管内水柱变高，说明大气压随高度的增加而减小
A. ①②B. ②④C. ②③④D. ①②③
【答案】B
【解析】
【详解】①分别在A、B、C三处用同样大小的力推门，在C处感觉关上门的难度最大，这说明力的作用效果与力的作用点有关，故①错误；
②锤头松了，用撞击锤柄的方法能使锤头紧套在锤柄上，是因为撞击时，锤柄停止运动，而锤头由于惯性，要保持原来的运动状态，继续向下运动，这是利用了锤头的惯性，故②正确；
③活塞式抽水机是利用大气压工作的，据p=ρgh知，在标准大气压下，能提升水的最大高度
故③错误；
④从一楼到五楼，高度增加，观察到管内水柱变高，是因为瓶内气压不变，而瓶外气压变小了，这说明大气压随高度的增加而减小，故④正确。
故ACD错误，B正确。
故选B。
5. 如图所示，物体A、B的重分别为20N、10N，滑轮和绳子的重忽略不计，此时物体A在水平面上向右做匀速直线运动，若用力F向左拉物体A，使物体A向左做匀速直线运动，则
A. F=20NB. F=10NC. F=5ND. F=30N
【答案】B
【解析】
【详解】滑轮和绳子的重忽略不计由图可知，此滑轮组由2段绳子承担物重，所以FA=GB=×10N=5N；在水平方向A受到的摩擦力和绳对A的拉力平衡，所以f=FA=5N，方向水平向左；若使物体A向左做匀速直线运动，则A受摩擦力水平向右，则拉力F=FA+f=5N+5N=10N．
6. 如图所示是物理课本中的四个小实验。下列对实验的分析正确的是（ ）
A. 图甲，抽掉玻璃板后，两瓶内气体颜色发生变化，说明分子在不停地运动
B. 图乙，向上拉浸没在水中的玻璃板直至脱离水面，测力计示数保持不变
C. 图丙，向下压活塞的过程，筒内气体内能减小
D. 图丁，塞子冲出相当于内燃机的排气冲程
【答案】A
【解析】
【详解】A．密度较大的二氧化氮在下面的容器中（避免重力对实验造成的影响），抽掉玻璃板后，两瓶内气体颜色发生变化，这是扩散现象，说明分子在不停地运动，故A正确；
B．因为玻璃分子和水分子之间存在引力，向上拉浸没在水中的玻璃板，在玻璃板脱离水面时，测力计示数将变大，故B错误；
C．向下压活塞的过程，活塞对筒内气体做功，机械能转换为内能，筒内气体内能增大，故C错误；
D．内燃机的做功冲程中，将内能转化为机械能。塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能会转化为塞子的机械能，故塞子冲出相当于内燃机的做功冲程，故D错误。
故选A。
7. 《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。以下对有关节气谚语的分析中，正确的是（ ）
A. 立春：“立春打了霜，当春会烂秧”——霜的形成是凝华现象；需要放出热量
B. 夏至：“夏至东南风，十八天后大雨淋”——雨的形成是汽化现象；需要吸收热量
C. 秋分：“秋分见麦苗，寒露麦针倒”——露的形成是凝固现象；需要放出热量
D. 大寒：“小寒大寒，滴水成冰”——水结冰是凝固现象；需要吸收热量
【答案】A
【解析】
【详解】A．霜是空气中的水蒸气，温度降低时直接变成小冰晶，这是凝华现象，凝华放热，故A正确；
B．雨是空气中水蒸气遇冷液化形成的小水滴，是液化现象，液化放热，故B错误；
C．露是空气中的水蒸气，温度降低时变成的小水珠，是液化现象，液化放热，故C错误；
D．水结冰是凝固现象，凝固放热，故D错误。
故选A。
8. 小林家使用的燃气热水器，将40kg的水从20℃加热到45℃，消耗了0.15m3的天然气。已知水的比热容为J/（kg⋅℃），天然气的热值为J/m3，则下列与该过程有关的计算结果和分析正确的是（ ）
A. 水吸收的热量与水的末温成正比B. 水吸收的热量是J
C. 热水器的能量转化效率是70%D. 燃气热水器主要将内能转化为电能
【答案】C
【解析】
【详解】A．由Q吸=cm（t-t0）可知，在水的质量一定时，水吸收的热量与升高的温度成正比，与水的末温不成正比，故A错误；
B．将40kg的水从20℃加热到45℃，水吸收的热量
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/（kg·℃）×40kg×（45℃-20℃）=4.2×106J
故B错误；
C．天然气完全燃烧放出热量
Q放=Vq=0.15m3×4×107J/m3=6×106J
热水器的能量转化效率
故C正确；
D．天然气燃烧时，化学能主要转化为内能，故D错误。
故选C。
9. 如图所示电路，先闭合开关S1、再闭合S2，下列分析正确的是（ ）
A. 只闭合S1时，两灯都亮，且两个电流表均有示数
B. 先闭合S1再闭合S2时，A2示数会变大
C. 两个开关都闭合时，若L1短路，L2依然能够发光
D 两个开关都闭合时，若L2断路，则两电流表均有示数且示数相等
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据电路图可知，只闭合S1时，电路为L1的简单电路，电流表A2测量电路中的电流，电流表A1没有接入电路中，所以A2有示数、A1无示数，故A错误；
B．再闭合S2时，两个灯泡并联，电流表A2测量干路中的电流，电流表A1测量通过灯泡L2的电流；根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变大，所以电流表A2示数变大，故B正确；
C．两个开关都闭合时，若L1短路，则电源短路，所以L2不能发光，故C错误；
D．两个开关都闭合时，若L2断路，则电流表A1断路，无示数；电流表A2测量电路中的电流，有示数，所以两个电流表示数不相等，故D错误。
故选B。
10. 某电热水器的工作原理如图甲所示，用电磁继电器控制加热和保温状态的转换。为电热丝，且，为滑动变阻器，为热敏电阻（置于电热水器内），阻值随温度的变化规律如图乙所示。电源E的电压为6V，当中的电流时，衔铁被吸下，继电器线圈电阻不计，下列说法正确的是（ ）
A. 热水器的加热功率是保温功率的4倍
B. S1闭合，当衔铁吸下后，热水器处于加热状态
C. 当热水温度设置为55℃时，R3连入电路的阻值为250Ω
D. 若提高热水设置温度，应向左移动R3滑片
【答案】AC
【解析】
【分析】
【详解】AB．衔铁未吸下时，为简单电路，吸下时为串联电路，根据，未吸下为加热，吸下为保温，加热功率和保温功率比
故A正确，B错误；
C．当热水温度设置为55℃时，R0阻值为150Ω，电流0.015A，R3连入电路的阻值为
故C正确；
D．若提高热水设置温度，则热敏电阻阻值降低，需要减少吸下衔铁的电流值，所以应向右移动R3滑片，增大电阻，故D错误。
故选AC。
第Ⅱ卷（非选择题共40分）
二、填空题（每空1分，共8分）
11. 物体A重5N，如图1，A在水平拉力F1作用下，在水平面从M匀速直线运动到N用时3s；如图2，在A上放置一个钩码，A在水平拉力F2作用下，在另一水平面从Р匀速直线运动到Q用时2s。
（1）在MN，PQ段，A的速度分别为v1、v2，A所受摩擦力分别为f1、f2，则v1___________v2，f1___________f2；（均选填“>”“=”“<”）
（2）A从M运动到N，F1做的功为___________J、功率为___________W，A所受重力做的功为___________J。
【答案】 ①. ＜ ②. ＞ ③. 0.3 ④. 0.1 ⑤. 0
【解析】
【详解】（1）[1]在MN段，A的速度为
在PQ段，A的速度为
则。
[2]A在水平拉力F1作用下做匀速直线运动，由二力平衡可知
A在水平拉力F2作用下做匀速直线运动，由二力平衡可知
则。
（2）[3]F1做的功为
[4] F1的功率为
[5]A只在水平方向运动发生距离，竖直方向没有发生距离，所以A所受重力做的功为0J。
12. 一头质量为6×103kg的大象，每只脚掌的面积为600cm2，它的重力为________N，它四脚着地时对地面的压强为________Pa；若大象抬起一 条腿，如图所示，它对地面的压强_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 6×104 ②. 2.5×105 ③. 变大
【解析】
【详解】[1]大象的重力
[2]它四脚着地时对地面的压强
[3]当它抬起一条腿时，它对地面的压力不变，受力面积变小，由可知对地面的压强变大。
三、实验与作图题（13题2分，14题2分，15题4分，16题4分，17题5分，18题5分，共22分）
13. 如图所示，木块从斜面上下滑，在粗糙的水平面上滑动一段距离后停下，请画出木块在水平面上滑动时的受力示意图。
【答案】
【解析】
【详解】木块在粗糙的水平面上滑动受到水平向左的摩擦力，竖直向上的支持力和竖直向下的重力，力的作用点都在物体的几何中心。如图所示：
14. 图甲是某宾馆床头柜上的开关示意图，图乙是其控制的电路，其中S1为旋钮开关，单独控制台灯的通断和亮度；S2为单独控制电视插座的开关．请在图乙中将电路图连接完整，要求符合安全用电原则．
【答案】
【解析】
【详解】台灯旋钮开关相当于滑动变阻器，它是控制台灯的，应与台灯串联，且开关应接在火线的一侧；开关S2是控制电视机的，它应与电视机插座串联，且开关应接在火线的一侧；如下图所示：
15. 某兴趣小组用如图所示的器材“探究平面镜成像的特点”。实验中蜡烛放在水平面上，玻璃板竖直放置。请回答下列问题。
（1）用透明玻璃板代替平面镜的目的是___________；
（2）将点燃的蜡烛A放在玻璃板前5cm处，小丽沿垂直板面方向将A以5cm/s的速度远离玻璃板，2s后停止放稳。则未点燃的蜡烛B与A相距___________cm才能与A的像完全重合；
（3）将光屏放到像的位置，光屏上___________（选填“能”或“不能”）承接到像；
（4）若玻璃板上端向左倾斜（如图），蜡烛A在玻璃板中成像的位置会___________（选填“偏高”或“偏低”）。
【答案】 ①. 便于确定像的位置 ②. 30 ③. 不能 ④. 偏高
【解析】
【详解】（1）[1]玻璃板透明，用其来代替平面镜，虽然成像不如平面镜清晰，但却能在观察到A蜡烛像的同时，也能观察到B蜡烛，便于确定像的位置。
（2）[2]小丽沿垂直板面方向将A以5cm/s的速度远离玻璃板，像的大小不变，由可得A蜡烛移动的距离
此时A蜡烛距平面镜的距离
根据像与物体到平面镜的距离相等可得，B蜡烛应与A相距
15cm+15cm=30cm
这样才能与A的像完全重合。
（3）[3]因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像。
（4）[4]由平面镜的成像特点可知，像物关于镜面对称，若玻璃板上端向左倾斜，蜡烛A的像将偏高。
16. 如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。
（1）小球从斜面上滚下，其动能大小是通过___________（选填“木块”或“小球”）移动的距离来反映的；
（2）分析比较甲、乙两次实验，可探究出的结论是：___________相同的物体，___________越大，动能越大；
（3）甲实验中若将木块的初始位置向右移动一小段距离，若要小球撞击木块后，木块移动的距离和相等，小球在斜面上的高度应该比原来___________（选填“高”、“低”或“相同”）。
【答案】 ①. 木块 ②. 质量 ③. 速度 ④. 高
【解析】
【详解】（1）[1]在本实验中，是利用转换法去比较动能的大小，即小球动能的大小通过比较小球撞击木块后，木块移动的距离来反映的。
（2）[2][3]由图可知，在甲、乙两次实验中，物体的质量相同，下滑的高度不同，甲图中物体下滑的高度大，所以运动到水平时，其速度大，推动木块滑行的距离大，因此可得出结论：当物体质量相同时，速度越大，动能越大。
（3）[4]由题意可知，甲实验中若将木块的初始位置向右移动一小段距离，因为水平面存在摩擦，将会导致小球在撞击木块前消耗一些动能，但是小球撞击木块后，木块移动的距离和相等，表明小球撞击木块时，其动能大小相等，所以小球在斜面上的高度应该比原来高。
17. 为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个完全相同的装置做了如图所示的实验。用温度计测量液体吸收热量后升高的温度值，并用钟表记录加热时间。实验数据记录如表。
（1）在实验中为了保证水和食用油吸收热量相同，采用的方法是___________，实验中水和食用油体积___________（选填“相同”或“不同”）；
（2）在此实验中，如果要使水和食用油升高的温度相同，就要给___________加热更长的时间，这表明___________吸热本领更强。物质的这种特性可以用___________这个物理量来描述。
【答案】 ①. 用相同的酒精灯加热相同的时间 ②. 不同 ③. 水 ④. 水 ⑤. 比热容
【解析】
【详解】（1）[1]在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度（或温度升高的多少等）来研究水和食用油吸热能力的差异。
[2]在两个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和食用油，因为水和煤油的密度不同，根据可知煤油和水的体积不同。
（2）[3][4][5]由表格数据可知，质量相同的水和食用油升高相同的温度，水加热的时间长，吸收的热量多，即水的吸热本领强；物理学中用比热容表示物质吸热本领的强弱。
18. 在“测量小灯泡的额定功率”实验中，小利选用的小灯泡L的额定电压为2.5V。
（1）小利设计了如图甲所示的电路图，连接好电路后，闭合开关S，发现电流表的指针向左偏转，如图乙所示，其原因是___________；
（2）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器R的滑片P到某一位置时，电压表示数如图丙所示，为___________V，要测量小灯泡L的额定功率，滑片P应向___________（选填“左”或“右”）移动，使灯泡正常发光，此时电流表示数为0.24A，则小灯泡L的额定功率为___________W；
（3）实验结束后，小利认为没有电流表也能测出小灯泡的额定功率。于是他找来了另一个电源（电压恒为8V）、另一个额定电压为6V的小灯泡L1和一个阻值为20Ω的定值电阻等器材，设计了如图丁所示的电路，并完成了实验。实验过程如下：
①断开开关，闭合开关S、，移动滑动变阻器R的滑片P，使小灯泡正常发光；
②断开开关，闭合开关S、，保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；
③小灯泡的额定功率为___________W。
【答案】 ①. 电流表正、负接线柱接反了 ②. 1.8 ③. 左 ④. 0.6 ⑤. 2.4
【解析】
【详解】（1）[1]乙中电流表指针反偏，说明电流表正、负接线柱接反了。
（2）[2][3][4]由乙图可知，电压表所选量程为0～3V，分度值为0.1V，读出其示数为1.8V；示数小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；灯泡的额定功率
P额=U额I额=2.5V×0.24A=0.6W
（3）[5]①断开开关S1，闭合开关S、S2，滑动变阻器与小灯泡L1串联，电压表测滑动变阻器的电压，根据串联分压原理，移动滑动变阻器R的滑片P，使电压表的示数为
U=U电源-UL=8V-6V=2V
小灯泡L1正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S、S1，滑动变阻器与R0串联，电压表测滑动变阻器的电压；保持滑动变阻器R的滑片P位置不变，读出电压表的示数为1.6V；根据串联分压原理得
则滑动变阻器的电阻为
③在①中，电路电流为
小灯泡L1的额定功率为
P额=ULI=6V×0.4A=2.4W
四、计算题（19题4分，20题6分，共10分）
19. 小晨发现一个质量为1.6kg、不吸水的新型圆台体建筑材料，他只有量程为5N的弹簧测力计，设计了如图所示装置进行实验。一容器M内盛有一定量的水，容器M置于水平地面，当轻质杠杆在水平位置平衡时竖直向上的拉力F为1.5N，此时材料浸没在水中静止且未触底。求：
（1）材料受到的重力；
（2）材料的密度。
【答案】（1）16N；（2）kg/m
【解析】
【详解】（1）材料受到的重力为
（2）杠杆的平衡条件，即
得出N，材料浸没在水中静止且未触底受到的浮力为
N
材料的体积
材料的密度为
kg/m
答：（1）材料受到的重力为16N；
（2）材料的密度为1.6×103kg/m3。
20. 定值电阻R0和标有“2.5V 0.2A”的小灯泡L的I-U图像如图甲。小宇将R0和L按照图乙的电路连接，闭合开关，此时电流表的示数为0.15A，求
（1）小灯泡L的额定功率；
（2）如图乙，电流表的示数为0.15A时，小灯泡L的实际电功率；
（3）若保持图乙条件不变，R0持续工作1min产生的热量。
【答案】（1）0.5W；（2）0.225W；（3）27J
【解析】
【详解】解：（1）由图乙可知，小灯泡L与定值电阻R0并联，电流表测量通过小灯泡的电流；小灯泡L的额定功率为
P=U额I额=2.5V×0.2A=0.5W
（2）闭合开关，根据电流表示数可知通过小灯泡的电流IL=0.15A，由图甲可知，此时小灯泡两端的电压UL=1.5V，此时小灯泡的实际功率为
PL=ULIL=1.5V×0.15A=0.225W
（3）由图甲可知，当R0两端的电压为1.5V时，通过R0的电路I0=0.3A，则R0持续工作1min产生的热量为
Q0=W0=U0I0t=1.5V×0.3A×1×60s=27J
答：（1）小灯泡L的额定功率为7.5W；
（2）小灯泡L的实际电功率为0.225W；
（3）若保持条件不变，R0持续工作1min产生的热量为27J。物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
60
20
64
5
食用油
60
21
6
68
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