2024年江苏省南京市玄武区十三中科利华分校中考物理三模试卷

这是一份2024年江苏省南京市玄武区十三中科利华分校中考物理三模试卷，共33页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．下列四幅图中的物态变化，需要吸热的是（ ）
A．初春，湖面上冰化成水 B．夏天，山顶上形成薄雾
C．秋天，草叶上形成露珠 D．严冬，树枝上出现雾凇
2．瀑布从高峰倾泻而下，驱动发动机转动发电，在此过程中能量转化的顺序为（ ）
A．动能→重力势能→电能B．重力势能→动能→电能
C．电能→重力势能→动能D．重力势能→电能→动能
3．如图所示，小丽用力F把一木块压在竖直墙面上静止，现有以下受力分析，下述受力分析正确的是（ ）
①小丽对木块的压力F和墙对木块的弹力是一对平衡力
②小丽对木块的压力F和木块的重力是一对平衡力
③木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力
④小丽对木块的压力F和木块对小丽的弹力是一对平衡力
A．只有①正确 B．只有④正确 C．只有①③正确 D．只有③④正确
4．下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（ ）
A．图甲中，小孔成的是倒立的虚像 B．图乙中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼
C．图丙中，白光通过三棱镜要分解成红、橙、黄、绿、蓝、灰、紫七色光
D．图丁中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律
5．如图所示，在一只轻薄透明塑料袋中装有半袋水，用弹簧测力计吊住塑料袋并将其缓慢浸入水中，当测力计示数减小为零时（塑料袋不接触杯底），发现袋内外水面相平。为了说明浮力的大小与液体的密度有关，仅提供密度不同的两种液体甲和乙（ρ甲＞ρ水＞ρ乙），在前面步骤的基础上，要求控制V排不变，以下关于器材选用的设计方案正确的是（ ）
A．将袋内水换成等体积的甲液体，袋外水不变
B．将袋内水换成等体积的乙液体，袋外水不变
C．将袋外水换成甲液体，袋内水不变 D．将袋外水换成乙液体，袋内水不变
6.下列四幅图中，能说明微型电扇工作原理的是（ ）
A. B. C. D.
7．被斜向上抛出的小球在空中飞行过程中经过不同位置时的能量情况如图所示，下列判断中错误的（ ）
A．经过B、D两位置时小球的高度相同
B．经过B、E两位置时小球的速度大小相同
C．C位置可能为最高点
D．从A到B位置的过程中，小球的动能变化量小于重力势能变化量
8．关于牛顿第一定律和惯性，下列说法错误的是（ ）
A．牛顿第一定律不可能用实验直接验证
B．牛顿第一定律是公认的物理学基本定律之一
C．撞击锤柄下端使锤头套紧在锤柄上，是利用锤头的惯性
D．环绕火星运行的“天问一号”探测器中的物体没有惯性
9．如图所示，热熔法连接PPR管时，用热熔器加热粗管端口内层和细管端口外层，然后把细管推进粗管，冷却后两根管子就连接在一起很难被拉开了，这个现象说明（ ）
A．分子是由原子构成的 B．分子是运动的 C．分子间存在引力 D．分子间存在斥力
10．为了减少碳排放，国家大力推行电动汽车。电动汽车的速度由流经电动机的电流大小控制，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大。下列是该电动汽车的模拟电路，其中符合要求的是（ ）
A. B. C. D.
11．图甲中圆柱形容器装有适量的水，当水温从0℃升到15℃时，水的密度ρ和水温t关系如图乙所示，此过程水的质量不变，不考虑圆柱形容器的热胀冷缩，如图丙，把测力计下悬挂的实心金属块M（体积不变）浸没在水中，M处于静止状态，下列选项中能正确反映测力计示数F和水温t关系的是（ ）
A． B． C． D．
A． B． C． D．
12．如图所示，甲、乙是两个完全相同的烧瓶，烧瓶内装有等质量的液体（液体未画出），电阻丝R甲、R乙分别浸没在两烧瓶的液体中，温度计显示液体的温度，下列说法正确的是（ ）
A．若要探究电阻大小对电热的影响，则应在甲瓶装入水，乙瓶中都装入煤油，且R甲≠R乙
B．若要探究电阻大小对电热的影响，电流产生的热量可通过加热时间来反映
C．若要比较水和煤油的比热容大小，则应在甲、乙两瓶中分别装入水和煤油，且R甲＝R乙
D．若要比较水和煤油的比热容大小，液体吸收的热量可通过温度计示数的变化比较
二、填空题（每空1分，共23分）
第13题图 第14题图 第15题图
13．“文明城市”的创建让泰兴更美更洁净，如图所示，园林工人使用的剪刀可以省 ，环卫工人使用的扫帚可以省 。
14．小明在湖边游玩时，看到了一些光现象。
（1）茂密的树下有一个个圆形的小光斑，是由于 而形成的太阳“像”。
（2）看到的湖水中游动的“鱼”比其实际位置要 （选填“深”或“浅”）。
（3）湖中孔桥的“倒影”，是由于光的 而形成的虚像。
15．如图所示，容器内装满水，将吸管的A端插入水中，用另一根吸管沿图示方向吹气，B端就会有水持续流出，原因是吹气时B端空气流速变 ，压强变 。
16．如图所示的电路，当开关S闭合后，电流表测量的是通过 （选填“电源”、“L1”或“L2”）的电流，电流表的指针偏转如图所示，电流表的示数为 A。
17．嫦娥四号探测器着陆月球背面前，在离月球表面15km时启动反向推进器，速度逐步由1.7km/s降为0，距离月球表面100m时悬停。其中1.7km/s的速度是以 为参照物的；反向推进器是利用喷射燃料燃烧后的混合气体获得动力，其喷气的方向是喷向 （选填“月球中心”或“月球中心的反方向”），利用的物理原理是 ，探测器利用 波向地面传递信息。
18．如图甲所示，物体A在拉力F的作用下在粗糙程度相同的水平长木板上运动，拉力F与时间t关系如图乙所示，物体运动的速度v与时间t关系如图丙所示，则物体在0﹣2s内所受摩擦力为 N，5﹣6s内所受摩擦力为 N，6﹣8s内所受拉力为 N（图乙中未画出）。
19．焚烧生活垃圾放出的热量用来发电，是综合利用垃圾的一种方法。若某生活垃圾的热值为0.7×107J/kg，完全燃烧1t该垃圾可以释放出的热量为 J，这些热量的30%被20t初温为30℃的水吸收，则水温将升高到 ℃。若某发电厂焚烧1t这种垃圾可以输出350度的电能，则此次发电的效率为 %。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
20．如图，是两个电阻R1、R2的I﹣U图象，则R1、R2的阻值之比为 ；若R1两端的电压为3V，通电2min时，则R1所产生的热量为 J；若将R1、R2串联接在某电源上，通过R1、R2的电流为0.3A，则电源电压为 V。
三、实验题（第21题6分，其余每空1分，共29分）
21.按照题目要求完成下列作图：
（1）画出图1中静止在斜面上的物体所受重力和物体对斜面压力的示意图。
（2）如图2所示，请画出作用于杠杆A端的最小动力F和此时杠杆的支点O。
（3）将图3中各元件正确接入电路。
22．在“探究冰的熔化过程”实验中，小华与小明同学选取两只相同的试管和质量相等的碎冰，分别设计了如图甲所示的实验装置。当温度上升到﹣7℃后，他们每隔1min记录一次温度及观察到的现象，直至冰完全熔化。
（1）小明的装置和操作中，不属于为了让冰均匀受热的是 。
①让试管从水中吸热 ②使用碎冰 ③加热时对冰进行搅拌 ④温度计的玻璃泡不接触试管
（2）图乙温度计的示数是 ℃。
（3）小华未对冰进行加热，可是冰仍然熔化了，于是小华认为冰的熔化不需要吸热，她的看法是 （选填“正确”或“错误”）的。
（4）小华和小明根据实验数据绘制出图像，则丙、丁两图中，小华绘制的图像是 图。
23．物理兴趣小组在进行“探究浮力的大小与哪些因素有关”实验中，用弹簧测力计挂着一实心圆柱体，如图a、b、c、d、e分别为实验情景。（g取10N/kg）
（1）通过a、c两次实验，可知物体浸没在水中所受浮力大小是 N；
（2）通过 两次实验，可探究物体所受浮力大小与浸没深度的关系；
（3）通过c、e两次实验，可探究物体所受浮力大小与 的关系；
（4）在某种液体中进行探究的过程中，记录实验数据，得到如图f所示弹簧测力计读数与圆柱体下表面浸入深度的关系图像，则该液体的密度为 kg/m3。
24．小明和小华用如图甲所示的装置验证平面镜成像特点。
（1）将一张方格纸放在水平桌面上，再将茶色玻璃 放置在方格纸上，并准备了完全相同的棋子A和B、刻度尺等器材。
（2）选用MN这条线段表示平面镜所在的位置，则应将茶色玻璃的 （选填“前表面”、“后表面”或“中间位置”）与之对齐。
（3）多次改变棋子A的位置，分别找到相应的像，并设计了如下表格，记录数据，请在表格内（a）位置填入合适内容。
（4）将一张白卡片竖直放在棋子B的位置， 观察白卡片，若卡片上观察不到A的像，则说明平面镜所成的是虚像。
（5）小明同学调整器材位置观察到A棋子的像，同组的小华站在他的右侧，却没有看到像，为了能够让小华看到像，如图甲，在不改变棋子A位置的前提下，采取了两个方法：
方法一：将平面镜沿着MN方向，向 （选填“左”或“右”）移动；
方法二：以茶色玻璃左侧边OM为轴，将平面镜适当向 （选填“前”或“后”）表面转动。
上述两个方法小华所看到的像 （选填“在”或“不在”）同一位置。
25．测量小球密度，小球较大，无法放入量筒，实验步骤如下：（ρ水＝1.0×103kg/m3）
（1）将天平置于水平桌面，游码移至标尺左端零刻度线，指针静止后，如图甲所示，应将 向右调节，直至指针对准分度盘中央的刻度线；
（2）用天平测量装满水的烧杯质量，正确操作后，砝码和游码的位置如图乙所示，记为m1 g；
（3）将小球放入烧杯，同时用空量筒接住烧杯中溢出的水，正确操作后，量筒的示数如图丙所示，记为V；
（4）接着，用天平测量烧杯总质量m2＝87.2g，如图丁；
（5）小球密度为 g/cm3；
（6）讨论时，有以下说法，不正确的有 。
A．步骤（2）中，若天平晃动，导致部分水滴在托盘上，会使测得的m1偏小
B．若步骤（2）中溢出部分水，步骤（3）中应适当倾斜烧杯，再放入小球，用量筒接水
C．步骤（3）中，若烧杯溢出的水不能全部进入量筒，会使V偏小
D．操作中为保护器材，应尽量不使烧杯中的水溢出到托盘上
26．小明利用图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡L的额定功率。
（1）图甲中有一根线连接错误，请在这根线上打“×”，并在图中改正；
（2）改正电路后，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表示数为2V，为测额定功率，应将滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动，当小灯泡L正常发光时，电流表示数如图乙所示，为 A，则小灯泡L的额定功率为 W。实际测量时，电压表有示数，电流表无示数，灯泡L不亮，则可能的故障是 ；
（3）小明从图甲中的器材、若干开关及导线中，选择合适器材，连成了图丙所示的电路，利用小灯泡L的额定电压和额定电流，测出了定值电阻Rx的阻值（约为10Ω）。请在虚线框内补上三个元件的符号，使电路完整，实验操作方便。
四、计算题（共2题，第27题9分，第28题图9分，第29题6分，共24分）。
27．图甲是可自动调节亮度台灯的电路图。灯泡标有“24V 12W”字样，R1为光敏电阻，其阻值随光照强度的变化如图乙所示，滑动变阻器R2最大阻值为30Ω。当光照强度为E1、R2连入电路的阻值为12Ω时，灯泡正常发光（不计温度对灯丝电阻的影响）。求：
（1）灯泡的电阻和灯泡正常发光5分钟消耗的电能；
（2）电源电压；
（3）光照强度在E1～E2之间，通过调节R2，灯泡实际功率的变化范围。（灯泡两端的电压不能超过额定电压）
28．如图是一款太阳能和其它能量混合驱动汽车，车身上装载了5m2的太阳能电池板，用于给蓄电池充电或直接作为动力源。已知太阳能电池板每小时1m2接收的太阳能为6×106J，已知太阳能转化为电能的效率为25%，该汽车利用电能行驶时，电动机的将电能转化为机械能的效率为80%。
（1）若驾驶该车通过一长为18000m的隧道，用时12min，则该车速度是多少km/h？
（2）若该车以36km/h匀速行驶时，所受阻力为1200N，则该车的电动机输出功率多大？
（3）利用6h的正常日照获得的太阳能使该车以36km/h匀速行驶，该车能行驶多少路程？
29.(6分)如图所示，电源电压恒为4V，灯泡标有“4V 2W”字样(灯丝电阻不变)。当开关S1、S2都闭合，此时灯泡正常发光，且滑动变阻器R2的滑片P在中点时，电流表示数为0.9A；当开关 S1、S2都断开时，灯泡实际消耗的电功率为0.5W。
求：（1）灯泡的电阻；（2）R2的最大阻值；（3）当开关S1、S2都断开时，R1工作2min消耗的电能。
2024年江苏省南京十三中科利华分校中考物理三模试卷
参考答案与试题解析
一、单选题
1．下列四幅图中的物态变化，需要吸热的是（ ）
A．初春，湖面上冰化成水
B．夏天，山顶上形成薄雾
C．秋天，草叶上形成露珠
D．严冬，树枝上出现雾凇
【分析】物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。
【解答】解：
A、湖面上的冰，熔化成水，需要吸收热量，故A正确；
B、山顶上形成薄雾是水蒸气液化形成的小水滴，液化需要放热，故B错误；
C、草叶上形成露珠是水蒸气液化形成的小水滴，液化需要放热，故C错误；
D、树枝上的雾凇是空气中的水蒸气凝华形成的，凝华需要放出热量，故D错误。
故选：A。
【点评】本题首先判断现在和原来的状态，根据物态变化定义判断该现象属于哪种物态变化，属于放出热量还是吸收热量。
2．瀑布从高峰倾泻而下，驱动发动机转动发电，在此过程中能量转化的顺序为（ ）
A．动能→重力势能→电能B．重力势能→动能→电能
C．电能→重力势能→动能D．重力势能→电能→动能
【分析】判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。
【解答】解：瀑布从高峰倾泻而下，将重力势能转化为动能，驱动发动机转动发电，又将动能转化为电能，所以能量转化是重力势能→动能→电能。
故选：B。
【点评】此题要求学生熟练掌握各种能量的变化，能量转化的过程都是有规律可循的，在平常的学习中要注意总结归纳。
3．如图所示，小丽用力F把一木块压在竖直墙面上静止，现有以下受力分析，下述受力分析正确的是（ ）
①小丽对木块的压力F和墙对木块的弹力是一对平衡力
②小丽对木块的压力F和木块的重力是一对平衡力
③木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力
④小丽对木块的压力F和木块对小丽的弹力是一对平衡力
A．只有①正确B．只有④正确
C．只有①③正确D．只有③④正确
【分析】木块处于静止，在竖直方向上受两个力而平衡，即重力和墙对木块的静摩擦力；木块在水平方向上受外力F和墙对木块的支持力，两个力是一对平衡力；平衡力作用在同一物体上，作用力和反作用力作用在不同的物体上。
【解答】解：
①小丽对木块的压力和墙对木块的弹力符合二力平衡的条件，是一对平衡力；
②小丽对木块的压力和木块的重力不在同一直线上，不是一对平衡力；
③木块受到的摩擦力和木块的重力满足二力平衡的条件，是一对平衡力；
④小丽对木块的压力和木块对手的弹力是一对相互作用力，不是平衡力。
故选：C。
【点评】解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。与平衡力的区别在于，作用力和反作用力作用在不同的物体上，平衡力作用在同一物体上。
4．下列关于图中所示光学现象的描述或解释正确的是（ ）
A．图甲中，小孔成的是倒立的虚像
B．图乙中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼
C．图丙中，白光通过三棱镜要分解成红、橙、黄、绿、蓝、灰、紫七色光
D．图丁中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律
【分析】（1）小孔成像依据光的直线传播原理，成倒立的实像，像可能放大可能缩小；
（2）近视患者成像在视网膜前，利用凹透镜发散作用可以使成像后移到视网膜上，远视患者成像在视网膜后，利用凸透镜的会聚作用可以使成像前移到视网膜上；
（3）白光分解成七色光叫光的色散，是光的折射现象；
（4）不论是镜面反射还是漫反射，即使是看不见的光的反射，都遵循光的反射定律。
【解答】解：A、小孔成的像是由实际光线形成的，可以用光屏接收到，符合实像的特征，不是虚像，此项错误；
B、近视是因为晶状体曲度过大，折光能力太强使像成在视网膜前面，用凹透镜矫正，故正确；
C、白光由七色光组成，白光通过三棱镜要分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光，故错误；
D、只要是光的反射，都遵循光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，此项错误。
故选：B。
【点评】此题通考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
5．如图所示，在一只轻薄透明塑料袋中装有半袋水，用弹簧测力计吊住塑料袋并将其缓慢浸入水中，当测力计示数减小为零时（塑料袋不接触杯底），发现袋内外水面相平。为了说明浮力的大小与液体的密度有关，仅提供密度不同的两种液体甲和乙（ρ甲＞ρ水＞ρ乙），在前面步骤的基础上，要求控制V排不变，以下关于器材选用的设计方案正确的是（ ）
A．将袋内水换成等体积的甲液体，袋外水不变
B．将袋内水换成等体积的乙液体，袋外水不变
C．将袋外水换成甲液体，袋内水不变
D．将袋外水换成乙液体，袋内水不变
【分析】根据控制变量法可知，此实验需控制物体塑料袋排开液体的体积不变，据此进行分析。
【解答】解：为了说明浮力大小与液体密度有关，根据控制变量法，应控制物体塑料袋排开液体的体积不变，袋内水的体积不变，改变（袋外）液体的密度塑料袋排开液体的体积不变，使塑料袋内外液面相平，因为ρ水＞ρ乙所以将装有半袋水的塑料袋放入乙液体中时，根据物体的浮沉条件，水在乙液体中会下沉，当塑料袋内水面和袋外乙液体的液面相平时，塑料袋排开乙液体的体积不变，记下此时弹簧测力计的示数，从而探究浮力大小与液体密度的关系，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查浮力与液体密度关系的实验，考查学生应用知识解决问题的能力。
6．下列四幅图中，能说明微型电扇工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】（1）电动机是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理制成的；
（2）电流周围存在磁场；
（3）电磁感应现象：闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。
【解答】解：电动机的工作原理：通电线圈在磁场中受力转动；
A、图中无电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流计指针发生偏转，说明导体中有感应电流产生，这是发电机的工作原理，故A不符合题意；
BD、通电后，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，故BD不符合题意；
C、开关闭合后，电路中有电流，通电导体在磁场中受力运动，即是电动机的制作原理，故C符合题意；
故选：C。
【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。
7．被斜向上抛出的小球在空中飞行过程中经过不同位置时的能量情况如图所示，下列判断中错误的（ ）
A．经过B、D两位置时小球的高度相同
B．经过B、E两位置时小球的速度大小相同
C．C位置可能为最高点
D．从A到B位置的过程中，小球的动能变化量小于重力势能变化量
【分析】动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，机械能为动能、势能的和。
【解答】解：A．由图可知，B、D位置的重力势能相同，小球的质量不变，所以B、D位置的高度相同，故A正确；
B．动能的大小与质量和速度有关，由图可知，BE位置的动能相同，质量不变，所以经过BE两位置时小球的速度大小相同，故B正确；
C．重力势能的大小与质量和高度有关，由图可知，C位置的重力势能最大，质量不变，C位置可能为最高点，故C正确；
D．机械能包括动能和势能，由图可知，小球中E位置的机械能小于A位置的机械能，说明小球整个过程机械能减小，小球从A到B的过程中，重力势能增大，动能减小，动能转化为重力势能，机械能减小，小球的动能变化量大于重力势能变化量，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了影响动能、重力势能大小的因素和机械能的变化，属于基础题。
8．关于牛顿第一定律和惯性，下列说法错误的是（ ）
A．牛顿第一定律不可能用实验直接验证
B．牛顿第一定律是公认的物理学基本定律之一
C．撞击锤柄下端使锤头套紧在锤柄上，是利用锤头的惯性
D．环绕火星运行的“天问一号”探测器中的物体没有惯性
【分析】牛顿第一定律又称惯性定律，是指一切物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性。
【解答】解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上，通过概括推理得出的，不可能用实验直接验证，故A正确；
B、牛顿第一定律是公认的物理学基本定律之一，故B正确；
C、锤头与锤柄原来都向下运动，锤柄撞在硬物上受到阻力作用，改变了它的运动状态，就停止了运动，锤头由于惯性仍保持原来运动状态，继续向下运动，这样锤头就紧套在锤柄上了。这一过程是利用锤头的惯性，故C正确；
D、一切物体在任何时候都有惯性，因此，环绕火星运行的“天问一号”探测器中的物体也有惯性，故D错误。
故选：D。
【点评】熟悉牛顿第一定律的内容和得出方法，了解惯性的含义，并会用惯性解释生活中的现象是解决该题的关键。
9．如图所示，热熔法连接PPR管时，用热熔器加热粗管端口内层和细管端口外层，然后把细管推进粗管，冷却后两根管子就连接在一起很难被拉开了，这个现象说明（ ）
A．分子是由原子构成的B．分子是运动的
C．分子间存在引力D．分子间存在斥力
【分析】分子间存在相互作用的引力和斥力，只有在达到一定距离时，这种力才能表现出来。
【解答】解：把加热后的细管推进粗管，减小了PPR管分子间的距离，分子间存在较大的引力，使两根管子很难被拉开了，故ABD错误，C正确。
故选C。
【点评】本题需要学生针对分子动理论内容和生活现象之间的进行联系，属于基础题。
10．为了减少碳排放，国家大力推行电动汽车。电动汽车的速度由流经电动机的电流大小控制，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大。下列是该电动汽车的模拟电路，其中符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大，表明通过电动机的电流变大，据此分析。
【解答】解：根据题意可知，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，减小接入电路的变阻器阻值，通过电动机的电流变大；
A、滑动变阻器与电动机串联接入电路中，踏板向下移动，滑动变阻器接入电路电阻减小，根据欧姆定律可知，电流变大，故A符合题意；
B、滑动变阻器与电动机串联接入电路中，踏板向下移动，滑动变阻器接入电路电阻变大，根据欧姆定律可知，电流变小，故B不符合题意；
CD、滑动变阻器与电动机并联接入电路中，踏板向下移动，根据并联电路特点可知，各支路互不影响，通过电动机的电流不变，故CD不符合题意；
故选：A。
【点评】本题考查了电路图的设计，明确电路的连接方式和串并联电路的特点是解题的关键。
11．图甲中圆柱形容器装有适量的水，当水温从0℃升到15℃时，水的密度ρ和水温t关系如图乙所示，此过程水的质量不变，不考虑圆柱形容器的热胀冷缩，如图丙，把测力计下悬挂的实心金属块M（体积不变）浸没在水中，M处于静止状态，下列选项中能正确反映测力计示数F和水温t关系的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】由图像知水温从0℃升到15℃时，水的密度先变大再变小；
根据F浮＝ρ液gV排分析出浮力的变化，再根据称量法F浮＝G﹣F分析弹簧测力计示数的变化。
【解答】解：由图乙可知，当水温从0℃升到15℃时，水的密度ρ先变大后变小；
实心金属块M（体积不变）浸没在水中时，根据F浮＝ρ液gV排可知，金属块受到的浮力先变大后变小；金属块M受到本身重力、水对它的浮力、弹簧测力计对它的拉力三个力的作用处于静止状态，弹簧测力计示数F即弹簧测力计对它的拉力，三者之间关系F浮＝G﹣F，由于水的密度ρ受水温影响，金属块在水中浸没时受到的浮力先变大后变小，所以测力计示数F先变小后变大，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了阿基米德原理和称量法的应用，看懂图像是解题的关键。
12．如图所示，甲、乙是两个完全相同的烧瓶，烧瓶内装有等质量的液体（液体未画出），电阻丝R甲、R乙分别浸没在两烧瓶的液体中，温度计显示液体的温度，下列说法正确的是（ ）
A．若要探究电阻大小对电热的影响，则应在甲瓶装入水，乙瓶中都装入煤油，且R甲≠R乙
B．若要探究电阻大小对电热的影响，电流产生的热量可通过加热时间来反映
C．若要比较水和煤油的比热容大小，则应在甲、乙两瓶中分别装入水和煤油，且R甲＝R乙
D．若要比较水和煤油的比热容大小，液体吸收的热量可通过温度计示数的变化比较
【分析】（1）在探究电阻大小对电热的影响时，由Q＝I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，要探究电阻大小对电热的影响，要控制通过的电流和通电时间不变；
（2）在比较水和煤油的比热容大小的实验中，水和煤油吸收的热量是由电流通过电阻时产生的热量提供的，由焦耳定律可知，必须使两瓶中的电阻丝电阻相等。
【解答】解：
AB、要探究电阻大小对电热的影响，由控制变量法，要控制通过电阻的电流和通电时间相同，只改变电阻的大小；电阻丝产生的热量不易直接观察，可使等质量初温相同的液体（煤油）吸收相同的热量，根据Δt＝，由温度变化确定产生的热量多少，则应在甲、乙两瓶中都装入煤油，且R甲≠R乙，故AB错误；
CD、比较水和煤油的比热容大小时，烧瓶内应分别装有质量相同的水和煤油，要使它们在相同的时间内吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。因两电阻串联，通过两电阻丝的电流相等，通电时间也相同，根据Q＝I2Rt，为控制吸热相同，故R甲＝R乙，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】本题通过焦耳定律的实验重点考查了学生对控制变量法、转换法的掌握和应用，以及学生分析实验现象得出结论的能力；控制变量法为物理实验中的常用方法，应重点掌握。
二、填空题
13．“文明城市”的创建让泰兴更美更洁净，如图所示，园林工人使用的剪刀可以省 力 ，环卫工人使用的扫帚可以省 距离 。
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：园林工人使用的剪刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；环卫工人使用的扫帚，在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离。
故答案为：力；距离。
【点评】本题主要考查了杠杆的分类，属于基础题。
14．小明在湖边游玩时，看到了一些光现象。
（1）茂密的树下有一个个圆形的小光斑，是由于 光的直线传播 而形成的太阳“像”。
（2）看到的湖水中游动的“鱼”比其实际位置要 浅 （选填“深”或“浅”）。
（3）湖中孔桥的“倒影”，是由于光的 反射 而形成的虚像。
【分析】（1）光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象；
（2）水中的鱼反射出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了；
（3）倒影属于平面镜成像，平面镜成像的原理是光的反射。
【解答】解：（1）茂密的树下有一个个圆形的小光斑，属于小孔成像现象，是由于光沿直线传播而形成的太阳的“像”。
（2）水中的鱼反射的光线穿过水面，折射进入人眼，此时光线在水面处发生折射，折射角大于入射角，即人眼逆着折射光线的方向看去，
看到的是鱼经水面折射所成的虚像，且虚像在实际鱼的上方，所以从岸边看到水中“鱼”的位置比鱼实际位置要浅一些。
（3）湖中的孔桥的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射而形成的虚像。
故答案为：（1）光的直线传播；（2）浅；（3）反射。
【点评】本题主要考查了几种常见的光现象，对于光的折射现象，不论是在岸上看水中的物体还是在水中看岸上的物体，看到的“虚像”都比物体的实际位置要高一些。
15．如图所示，容器内装满水，将吸管的A端插入水中，用另一根吸管沿图示方向吹气，B端就会有水持续流出，原因是吹气时B端空气流速变 大 ，压强变 小 。
【分析】生活中常见的流体是空气和水。流体的流速越大的位置压强越小。
【解答】解：用另一根吸管沿图示方向吹气时，B端空气流速变大，压强变小，水在大气压作用会从B端流出。
故答案为：大；小。
【点评】本题考查了流体压强和流速的关系，基础题。
16．如图所示的电路，当开关S闭合后，电流表测量的是通过 L2 （选填“电源”、“L1”或“L2”）的电流，电流表的指针偏转如图所示，电流表的示数为 0.28 A。
【分析】（1）电流表要串联使用，电流表与哪个用电器串联就是测的哪个用电器的电流；
（2）电流表读数规则：一看清量程，二看清分度值，三看清表针停留位置。
【解答】解：
（1）由电路图可知，电流表与灯L2串联，所以电流表测量的是通过L2的电流。
（2）电流表选用的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，电流表的示数是0.28A。
故答案为：L2；0.28。
【点评】本题主要考查了电流表的读数、使用方法，注意读数时要先确定量程和分度值，否则容易读错量程。
17．嫦娥四号探测器着陆月球背面前，在离月球表面15km时启动反向推进器，速度逐步由1.7km/s降为0，距离月球表面100m时悬停。其中1.7km/s的速度是以 月球 为参照物的；反向推进器是利用喷射燃料燃烧后的混合气体获得动力，其喷气的方向是喷向 月球中心 （选填“月球中心”或“月球中心的反方向”），利用的物理原理是 物体间力的作用是相互的 ，探测器利用 电磁 波向地面传递信息。
【分析】（1）在判断物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，参照物不同，研究对象的运动情况一般也不同；
（2）力可以改变物体的运动状态；
（3）物体间力的作用是相互的；
（3）真空不能传声，而电磁波能在真空中传播。
【解答】解：着陆前，离月面15km启动反向推进器，速度逐步由1.7km/s降为0，探测器与月球之间有位置变化，故这里的1.7km/s是以月球为参照物；
反向推进器是利用喷燃料燃烧后的混合气体获得动力，其喷气的方向是喷向月球中心，利用物体间力的作用是相互的，使探测器降落速度变小；
真空不能传声，而电磁波能在真空中传播，所以探测器利用电磁波向地面传递信息。
故答案为：月球；月球中心；物体间力的作用是相互的；电磁。
【点评】本题主要考查参照物、力的相互作用、电磁波等知识，是一道综合题，难度不大。
18．如图甲所示，物体A在拉力F的作用下在粗糙程度相同的水平长木板上运动，拉力F与时间t关系如图乙所示，物体运动的速度v与时间t关系如图丙所示，则物体在0﹣2s内所受摩擦力为 1 N，5﹣6s内所受摩擦力为 3 N，6﹣8s内所受拉力为 3 N（图乙中未画出）。
【分析】（1）由v﹣t图像得出物体在0﹣2s内运动的速度，从而判断物体的运动情况，再由F﹣t图像得出此时物体受到的外力，并利用二力平衡条件得出木块受到的摩擦力；
（2）由v﹣t图像可知，3﹣5s内物体做匀速直线运动处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，二力大小相等，根据F﹣t图像读出拉力的大小即可得出滑动摩擦力的大小，再根据影响滑动摩擦力的因素可知5﹣6s内物体受到的摩擦力。
【解答】解：（1）由v﹣t图像可知，0﹣2s内物体速度为0，所以处于静止状态；
由F﹣t图像可知，0﹣2s内物体受到的拉力为1N，而物体静止受平衡力作用，因此物体受到的摩擦力等于拉力，大小为1N；
（2）由v﹣t图像可知，3﹣5s内物体做匀速直线运动，受平衡力作用，即物体受到的拉力和滑动摩擦力为一对平衡力，由F﹣t图像可知，此时物体受到的拉力为3N，即物体受到的滑动摩擦力为3N；
由v﹣t图像可知，5﹣6s内物体做加速运动，6﹣8s内物体做匀速直线运动，而滑动摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与速度无关，因此物体在5﹣6s内和6﹣8s内受到的滑动摩擦力仍为3N；并且6﹣8s内物体受到的拉力和滑动摩擦力仍为一对平衡力，因此6﹣8s内物体受到的拉力仍为3N。
故答案为：1；3；3。
【点评】本题从两个图像分析运动状态、速度大小、推力大小，已知条件都包含在图像中，是中考的热点，考查学生的读图能力，综合性很强，有一定的难度。
19．焚烧生活垃圾放出的热量用来发电，是综合利用垃圾的一种方法。若某生活垃圾的热值为0.7×107J/kg，完全燃烧1t该垃圾可以释放出的热量为 7×109 J，这些热量的30%被20t初温为30℃的水吸收，则水温将升高到 55 ℃。若某发电厂焚烧1t这种垃圾可以输出350度的电能，则此次发电的效率为 18 %。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】（1）根据公式Q放＝mq求出生活垃圾完全燃烧释放出的热量；
（2）利用Q吸＝ηQ放求出水吸收的热量；根据公式Q吸＝cmΔt可求出水升高的温度，再根据水的初温求出水的末温；
（3）根据效率公式求出发电的效率。
【解答】解：
（1）完全燃烧1t该垃圾可以释放出的热量为：Q放＝mq＝1×103kg×0.7×107J/kg＝7×109J；
（2）水吸收的热量为：Q吸＝ηQ放＝30%×7×109J＝2.1×109J；
根据Q吸＝cmΔt可知，水升高的温度为：Δt＝＝＝25℃，
则水的末温t＝t0+Δt＝30℃+25℃＝55℃，即水温将升高到55℃；
（3）1t这种垃圾可以输出的电能为：W＝350度＝350kW•h＝350×3.6×106J＝1.26×109J；
此次发电的效率为：η＝＝＝18%。
故答案为：7×109；55；18。
【点评】本题主要考查了热量的计算、发电效率的计算，综合性较强，难度不大。
20．如图，是两个电阻R1、R2的I﹣U图象，则R1、R2的阻值之比为 1：2 ；若R1两端的电压为3V，通电2min时，则R1所产生的热量为 216 J；若将R1、R2串联接在某电源上，通过R1、R2的电流为0.3A，则电源电压为 4.5 V。
【分析】（1）由图象读出两电阻任意一点的电压和电流，根据欧姆定律分别求出两电阻的阻值；
（2）根据Q＝W＝t求出产生的热量；
（3）若将R1、R2串联接在某电源上，由图象读出两电阻两端的电压，根据串联电路的特点求出总电压。
【解答】解：（1）由图象可知，当U＝3V时，I1＝0.6A，I2＝0.3A，
由I＝可得，两电阻的阻值分别为：
R1＝＝＝5Ω；
R2＝＝＝10Ω；
所以，R1：R2＝5Ω：10Ω＝1：2；
（2）若R1两端的电压为3V，通电2min时，则：
R1所产生的热量Q1＝W1＝t＝×2×60s＝216J；
（3）若将R1、R2串联接在某电源上，通过R1、R2的电流为0.3A，
由图象可知此时两电阻两端的电压分别为U1＝1.5V，U2＝3V，
则电源电压U＝U1+U2＝1.5V+3V＝4.5V。
故答案为：1：2；216；4.5。
【点评】本题考查了串联电路的特点以及欧姆定律、焦耳定律的应用，关键是根据图象读出电流和电压的对应值。
三、实验题
21.【解答】解：
（1）过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G；
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F；如图所示：
（2）由图示可知，当杠杆与地面的接触点为支点O时，作用在A点的动力力臂最大，所以此时动力最小，力垂直于杠杆向上，过支点O作最小力的作用线的垂线即为力臂L，如图所示。
（3）火线进开关，再接入灯泡的顶端金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套。如图所示：
22．在“探究冰的熔化过程”实验中，小华与小明同学选取两只相同的试管和质量相等的碎冰，分别设计了如图甲所示的实验装置。当温度上升到﹣7℃后，他们每隔1min记录一次温度及观察到的现象，直至冰完全熔化。
（1）小明的装置和操作中，不属于为了让冰均匀受热的是 ④ 。
①让试管从水中吸热
②使用碎冰
③加热时对冰进行搅拌
④温度计的玻璃泡不接触试管
（2）图乙温度计的示数是 ﹣3 ℃。
（3）小华未对冰进行加热，可是冰仍然熔化了，于是小华认为冰的熔化不需要吸热，她的看法是 错误 （选填“正确”或“错误”）的。
（4）小华和小明根据实验数据绘制出图像，则丙、丁两图中，小华绘制的图像是 丙 图。
【分析】（1）水浴法加热可以使物质受热均匀，加热时对冰进行搅拌可以使物质受热均匀；
（2）温度计读数时，视线应与液柱的上表面相平，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；
（3）冰会从室温环境中吸收热量熔化；
（4）外界温度越高，晶体熔化越快。
【解答】解：（1）让试管从水中吸热、使用碎冰、加热时对冰进行搅拌都可以让冰均匀受热；
温度计的玻璃泡不接触试管，为了使温度计的示数准确；
（2）温度计的分度值是1℃，此时是零下，液柱上表面对准了第3个小格处，读作﹣3℃；
（3）冰的熔点较低，会从室温中吸收热量而熔化，所以小红的看法是错误的；
（4）小华未对冰进行加热，从室温中吸收热量而熔化，熔化速度较慢，需要时间较长，小华同学绘制的图像是丙。
故答案为：（1）④；（2）﹣3；（3）错误；（4）丙。
【点评】本题为“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验，考查水浴法的好处、温度计读数和晶体熔化特点等知识。
23．物理兴趣小组在进行“探究浮力的大小与哪些因素有关”实验中，用弹簧测力计挂着一实心圆柱体，如图a、b、c、d、e分别为实验情景。（g取10N/kg）
（1）通过a、c两次实验，可知物体浸没在水中所受浮力大小是 0.5 N；
（2）通过 c、d 两次实验，可探究物体所受浮力大小与浸没深度的关系；
（3）通过c、e两次实验，可探究物体所受浮力大小与 液体密度 的关系；
（4）在某种液体中进行探究的过程中，记录实验数据，得到如图f所示弹簧测力计读数与圆柱体下表面浸入深度的关系图像，则该液体的密度为 0.8×103 kg/m3。
【分析】（1）根据称重法测浮力得出浮力的大小；
（2）研究物体所受浮力的大小与浸没的深度的关系，要控制排开液体的密度和体积相同；
（3）浮力的大小与物体排开的液体的体积和液体的密度有关；
（4）求出物体在液体中的浮力的大小，由于物体全部浸没在两种液体中，排开的液体的体积是相同的，根据阿基米德原理列出关系式，求出液体的密度。
【解答】解：
（1）由a、c两次实验中测力计示数可知，物体浸没在水中所受的浮力为：F浮水＝G﹣Fc＝2N﹣1.5N＝0.5N；
（2）研究物体所受浮力的大小与浸没的深度的关系时采用的是控制变量法，需要控制排开液体的密度和体积相同，所以应该对比cd；
（3）由图c、e所示实验可知，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，该实验可以探究浮力大小与液体密度的关系；
（4）实验步骤c中，物体受到的浮力为：F浮c＝G﹣Fc＝2N﹣1.5N＝0.5N；
实验步骤e中，物体受到的浮力为：F浮e＝G﹣Fe＝2N﹣1.6N＝0.4N；
因物体均浸没，所以V排水＝V排液；
根据阿基米德原理可知：＝；
所以该液体的密度为：
ρ液＝×ρ水＝×1×103kg/m3＝0.8×103kg/m3。
故答案为：（1）0.5；（2）c、d；（3）液体密度；（4）0.8×103。
【点评】本题探究浮力的大小与哪些因素有关，考查控制变量法的运用、称重法测浮力、阿基米德原理、密度的计算，有一定的难度。
24．小明和小华用如图甲所示的装置验证平面镜成像特点。
（1）将一张方格纸放在水平桌面上，再将茶色玻璃 垂直 放置在方格纸上，并准备了完全相同的棋子A和B、刻度尺等器材。
（2）选用MN这条线段表示平面镜所在的位置，则应将茶色玻璃的 前表面 （选填“前表面”、“后表面”或“中间位置”）与之对齐。
（3）多次改变棋子A的位置，分别找到相应的像，并设计了如下表格，记录数据，请在表格内（a）位置填入合适内容。
（4）将一张白卡片竖直放在棋子B的位置， 直接 观察白卡片，若卡片上观察不到A的像，则说明平面镜所成的是虚像。
（5）小明同学调整器材位置观察到A棋子的像，同组的小华站在他的右侧，却没有看到像，为了能够让小华看到像，如图甲，在不改变棋子A位置的前提下，采取了两个方法：
方法一：将平面镜沿着MN方向，向 右 （选填“左”或“右”）移动；
方法二：以茶色玻璃左侧边OM为轴，将平面镜适当向 后 （选填“前”或“后”）表面转动。
上述两个方法小华所看到的像 不在 （选填“在”或“不在”）同一位置。
【分析】（1）像与物关于玻璃板对称，玻璃板的摆放角度要能够使后面的棋子与前面棋子的像完全重合；
（2）为了使测量像距和物距时更准确，茶色玻璃的前表面应与MN对；
（3）实验过程中应该记录物距和对应的像距；
（4）根据平面镜成的是虚像这一特点，可判断棋子的像能不能成在白纸上；
（5）平面镜所成的像与物体关于镜面对称。
【解答】解：（1）如果玻璃板不垂直，后面的棋子与前面棋子的像不在同一高度上，怎样操作都不会重合的，也就无法比较像与物的大小关系，因此应将茶色玻璃垂直放置在方格纸上；
（2）为了使测量像距和物距时更准确，茶色玻璃的前表面应与MN对；
（3）实验过程中应该记录物距和对应的像距，所以表格内（a）位置应该填入棋子A到平面镜的距离；
（4）将一张白卡片竖直放在棋子B的位置，直接观察白卡片，若卡片上观察不到A的像，则说明平面镜所成的是虚像；
（5）将平面镜沿着MN方向，向右移动，由于平面镜所成的像与物体关于镜面对称，所以像仍然成在原来的位置；
若以茶色玻璃左侧边OM为轴，将平面镜适当向后表面转动，由于平面镜所成的像与物体关于镜面对称，所以像会成在原来的位置的左边；
上述两个方法小华所看到的像不在同一位置。
故答案为：（1）垂直；（2）前表面；（3）棋子A到平面镜的距离；（4）直接；（5）右；后；不在。
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。同时考查学生动手操作实验的能力，并能通过对实验现象的分析得出正确结论。
25．测量小球密度，小球较大，无法放入量筒，实验步骤如下：（ρ水＝1.0×103kg/m3）
（1）将天平置于水平桌面，游码移至标尺左端零刻度线，指针静止后，如图甲所示，应将 平衡螺母 向右调节，直至指针对准分度盘中央的刻度线；
（2）用天平测量装满水的烧杯质量，正确操作后，砝码和游码的位置如图乙所示，记为m1 60.2 g；
（3）将小球放入烧杯，同时用空量筒接住烧杯中溢出的水，正确操作后，量筒的示数如图丙所示，记为V；
（4）接着，用天平测量烧杯总质量m2＝87.2g，如图丁；
（5）小球密度为 2.8 g/cm3；
（6）讨论时，有以下说法，不正确的有 A 。
A．步骤（2）中，若天平晃动，导致部分水滴在托盘上，会使测得的m1偏小
B．若步骤（2）中溢出部分水，步骤（3）中应适当倾斜烧杯，再放入小球，用量筒接水
C．步骤（3）中，若烧杯溢出的水不能全部进入量筒，会使V偏小
D．操作中为保护器材，应尽量不使烧杯中的水溢出到托盘上
【分析】（1）调节平衡螺母前应先将游码归零；游码归零后指针将向左偏，应向右调节平衡螺母；
（2）烧杯质量为砝码质量与游码示数之和；
（5）小球放入烧杯后，烧杯中水溢出的体积即为小球的体积，利用密度计算公式求得水的质量，进一步求得小球的质量，利用密度计算公式求得小球的密度；
（6）结合选项，逐项分析判断。
【解答】解：（1）天平称量之前，要看指针是否在零刻度线处，若指针偏转，要通过调节平衡螺母使其指向零刻度线，指针左偏右调，说明左端重，应将平衡螺母向右调。
（2）烧杯质量为砝码质量与游码示数之和，即m1＝50g+10g+0.2g＝60.2g。
（5小球放入烧杯后，烧杯中水溢出的体积即为小球的体积，由图丙可知，小球的体积为V排＝V球＝15mL＝15cm3，
排开水的质量为m排＝ρ水V排＝1g/cm3×15cm3＝15g，
小球的质量为m球＝m2+m排﹣m1＝87.2g+15g﹣60.2g＝42g，
小球的密度为＝2.8g/cm3；
（6）A．部分水滴在托盘上，左边托盘上水和烧杯的总质量不变，因此测得的m1不会偏小，故A错误，符合题意；
B．若步骤（2）中溢出部分水，则步骤（3）中，放入小球时，为了使水及时溢出，应适当倾斜烧杯，再放入小球，用量筒接水，否则测得的小球体积会偏小，故B正确，不符合题意；
C．步骤（3）中，量筒中水的体积即为小球的体积，若烧杯溢出的水不能全部进入量筒，会使V偏小，故C正确，不符合题意；
D．操作中为保护器材，应尽量不使烧杯中的水溢出到托盘上，防止水污染托盘，故D正确，不符合题意。
故选A。
故答案为：（1）平衡螺母；（2）60.2；（5）2.8；（6）A。
【点评】题目主要考查密度的特殊测量，难度较大，尤其是处理减小误差的思维上。
26．小明利用图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡L的额定功率。
（1）图甲中有一根线连接错误，请在这根线上打“×”，并在图中改正；
（2）改正电路后，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表示数为2V，为测额定功率，应将滑片P向 A （选填“A”或“B”）端移动，当小灯泡L正常发光时，电流表示数如图乙所示，为 0.3 A，则小灯泡L的额定功率为 0.75 W。实际测量时，电压表有示数，电流表无示数，灯泡L不亮，则可能的故障是 小灯泡断路 ；
（3）小明从图甲中的器材、若干开关及导线中，选择合适器材，连成了图丙所示的电路，利用小灯泡L的额定电压和额定电流，测出了定值电阻Rx的阻值（约为10Ω）。请在虚线框内补上三个元件的符号，使电路完整，实验操作方便。
【分析】（1）原电路图中，变阻器、电流表和电压表串联后与灯泡并联是错误的，在测小灯泡额定功率的实验中，灯泡、变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；
（2）比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；
根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P＝UI求出灯泡额定功率；
实际测量时，电流表无示数，灯泡L不亮，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（3）要测定值电阻Rx的阻值，首先应将定值电阻Rx与灯泡并联，电流表测通过灯泡的电流，利用小灯泡L的额定电压和并联电路电压规律得到定值电阻Rx两端的电压，根据开关的转换结合并联电路电流特点得到通过定值电阻Rx的电流，利用R＝求出定值电阻Rx的阻值。
【解答】解：（1）原电路图中，变阻器、电流表和电压表串联后与灯泡并联是错误的，在测小灯泡额定功率的实验中，灯泡、变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
（2）改正电路后，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表示数为2V，小于灯泡额定电压2.5V，为测额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故应将滑片P向A端移动，当小灯泡L正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，小灯泡额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
实际测量时，电流表无示数，灯泡L不亮，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即可能的故障是小灯泡断路；
（3）要测定值电阻Rx的阻值，首先应将定值电阻Rx与灯泡并联，电流表测通过灯泡的电流，故图丙中左下框内是定值电阻Rx，右上框内是电流表，闭合开关S1，调节变阻器滑片，使电流表示数为灯泡额定电流，此时灯泡正常发光，根据并联电路电压特点，定值电阻Rx两端为灯泡的额定电压；保持变阻器滑片位置不动，闭合开关S2，断开开关S1，让电流表测定值电阻Rx与灯泡的总电流，此时灯泡仍正常发光，故中间框内是开关S2；根据并联电路电流特点求出通过定值电阻Rx的电流，然后利用R＝求出定值电阻Rx的阻值，如下图所示：
。
故答案为：（1）见解答图；（2）A；0.3；0.75；小灯泡断路；（4）见解答图。
【点评】本题测小灯泡额定功率实验，考查了电路连接、实验操作、电流表读数、功率的计算、电路故障和设计实验方案测电阻的能力。
四、计算题
27．图甲是可自动调节亮度台灯的电路图。灯泡标有“24V 12W”字样，R1为光敏电阻，其阻值随光照强度的变化如图乙所示，滑动变阻器R2最大阻值为30Ω。当光照强度为E1、R2连入电路的阻值为12Ω时，灯泡正常发光（不计温度对灯丝电阻的影响）。求：
（1）灯泡的电阻和灯泡正常发光5分钟消耗的电能；
（2）电源电压；
（3）光照强度在E1～E2之间，通过调节R2，灯泡实际功率的变化范围。（灯泡两端的电压不能超过额定电压）
【分析】（1）已知灯泡标有“24V 12W”字样，则利用电功率公式P＝和电能公式W＝Pt可计算出灯泡的电阻和灯泡正常发光5分钟消耗的电能；
（2）将光敏电阻R1、灯泡电阻RL滑动变阻器R2看成一个等效电阻，利用欧姆定律求解；
（3）分析图乙可知光照强度在E1～E2之间时光敏电阻R1阻值的取值范围，将其与滑动变阻器看成一个等效电阻，利用电功率公式P＝I2R可求得灯泡实际功率的变化范围。
【解答】解：（1）由电功率公式P＝UI可得灯泡正常发光时的电流I＝＝＝0.5A，
由欧姆定律I＝可得灯泡的电阻RL＝＝＝48Ω；
由电能公式得灯泡消耗的电能W＝Pt＝12W×5×60s＝3600J；
（2）分析电路图可知，光敏电阻R1、灯泡L、滑动变阻器R2串联接入电路，
由图乙可知，当光照强度为E1时，R1＝12Ω；当光照强度为E2时，R1＝42Ω。
电路中总电阻R总＝R1+RL+R2，由图乙可知，当光照强度为E1、R2＝12Ω时，R总＝12Ω+48Ω+12Ω＝72Ω，
此时电路中的电流I＝0.5A，由欧姆定律I＝可得U＝IR总＝0.5A×72Ω＝36V；
（3）设光敏电阻与滑动变阻器总电阻R＝R1+R2，
当滑动变阻器R2＝0Ω，光照强度为E1时，总电阻最小为R＝R1+R2＝12Ω+0Ω＝12Ω，
当滑动变阻器R2＝30Ω，光照强度为E2时，总电阻最大为R＝R1+R2＝42Ω+30Ω＝72Ω，所以12Ω≤R≤72Ω；
由题可知，灯泡L的电压最大为24V，此时电流I＝0.5A，由欧姆定律I＝变形公式U＝IR可知通过灯泡电流不能大于0.5A，
则由欧姆定律I＝可得I＝0.5A＝，解得R＝24Ω，故为保证灯泡两端的电压不能超过额定电压，结合题干可得24Ω≤R≤72Ω
由电功率公式P＝I2R可得灯泡的电功率P＝＝×48Ω，
则当R＝24Ω时灯泡功率最大，为P＝×48Ω＝12W，
当R＝72Ω时灯泡功率最小，为P＝×48Ω＝4.32W，则灯泡实际功率的变化范围为4.32W≤P≤12W。
答：（1）灯泡的电阻为48Ω，灯泡正常发光5分钟消耗的电能为3600J；
（2）电源电压为36V；
（3）灯泡实际功率的变化范围为4.32W≤P≤12W。
【点评】本题考查了欧姆定律、电功率的计算，解题关键在于将多个电阻等效看成一个电阻，这也是处理电学问题的基本思路之一。
28．如图是一款太阳能和其它能量混合驱动汽车，车身上装载了5m2的太阳能电池板，用于给蓄电池充电或直接作为动力源。已知太阳能电池板每小时1m2接收的太阳能为6×106J，已知太阳能转化为电能的效率为25%，该汽车利用电能行驶时，电动机的将电能转化为机械能的效率为80%。
（1）若驾驶该车通过一长为18000m的隧道，用时12min，则该车速度是多少km/h？
（2）若该车以36km/h匀速行驶时，所受阻力为1200N，则该车的电动机输出功率多大？
（3）利用6h的正常日照获得的太阳能使该车以36km/h匀速行驶，该车能行驶多少路程？
【分析】（1）根据速度公式计算该车通过一长为18000m的隧道，用时12min时的车速；
（2）该车以36km/h＝10m/s匀速行驶时，所受阻力为1200N，根据P＝＝＝Fv计算该车的电动机输出功率；
（3）首先计算6h的正常日照获得的太阳能，进一步计算汽车获得的机械能，根据做功公式计算该车能行驶多少路程。
【解答】解：（1）该车通过一长为18000m的隧道，用时12min，则该车速度是v＝＝＝90km/h；
（2）该车以36km/h＝10m/s匀速行驶时，所受阻力为1200N，则该车的电动机输出功率：P＝＝＝Fv＝1200N×10m/s＝12000W；
（3）6h的正常日照获得的太阳能：W0＝6×106J×5m2×6＝1.8×108J，
汽车获得的机械能：W1＝25%×80%×W0＝25%×80%×1.8×108J＝3.6×107J，
该车能行驶多少路程：s＝＝＝30000m。
答：（1）若驾驶该车通过一长为18000m的隧道，用时12min，则该车速度是90km/h；
（2）若该车以36km/h匀速行驶时，所受阻力为1200N，则该车的电动机输出功率是12000W；
（3）利用6h的正常日照获得的太阳能使该车以36km/h匀速行驶，该车能行驶30000m。
【点评】本题考查速度公式、做功公式、功率公式的灵活运用，综合性强。
23.(6分)如图所示，电源电压恒为4V，灯泡标有“4V 2W”字样(灯丝电阻不变)。当开关S1、S2都闭合，此时灯泡正常发光，且滑动变阻器R2的滑片P在中点时，电流表示数为0.9A；当开关 S1、S2都断开时，灯泡实际消耗的电功率为0.5W。
求：（1）灯泡的电阻；（2）R2的最大阻值；（3）当开关S1、S2都断开时，R1工作2min消耗的电能。
（1）灯泡的电阻为8Ω。
（2）R2的最大阻值为20Ω。
（3）当开关S1、S2都断开时，R1工作2min消耗的电能为60J。实验序号
①
②
③
（a）
……
实验序号
①
②
③
（a） 棋子A到平面镜的距离
……