2024年中考物理第三次模拟考试（镇江卷）

这是一份2024年中考物理第三次模拟考试（镇江卷），文件包含物理镇江卷全解全析docx、物理镇江卷考试版A4docx、物理镇江卷考试版A3docx、物理镇江卷参考答案及评分标准docx、物理镇江卷答题卡pdf等5份试卷配套教学资源，其中试卷共50页， 欢迎下载使用。

2、二模考试大致在五月份，难度相对较大。这次考试主要检测学校以及学生在第一轮复习的成果，让老师和孩子找到问题的关键，是否存在基础不扎实，计算能力是否需要加强等等。然后找到解决方法，做到复习方法的改进，以及重难点的分布，复习的目标。
3、三模考试大概在中考前两周左右，三模是中考前的最后一次考前检验。三模学校会有意降低难度，目的是增强考生信心，难度只能是中上水平，主要也是对初中三年的知识做一个系统的检测，让学生知道中考的一个大致体系和结构。
2024年中考第三次模拟考试（镇江卷）
物理·全解全析
（考试时间：100分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题只有一个选项是正确的）
1．抹香鲸是齿鲸亚目中体型最大的一种，头部的鲸蜡器官有极其灵敏的探测系统，能发出超声波听其回音，用以在漆黑的深海探寻食物，下列说法正确的是（ ）
A．超声波与可听声的主要区别是音色不同
B．抹香鲸探寻食物的原理与声呐相同
C．抹香鲸发出的声音可以在真空中传播
D．抹香鲸发出的声音响度一定很低
【答案】B
【详解】A．人耳的听觉频率范围通常在20Hz~20000Hz之间；频率高于20000Hz的声波叫超声波，频率低于20Hz的声波叫次声波，所以超声波与可听声的主要区别是频率不同，故A错误；
B．抹香鲸探寻食物时能发出超声波听其回音，因此与声呐原理相同，故B正确；
C．声音的传播需要介质，真空不能传声，因此抹香鲸发出的声音不可以在真空中传播，故C错误；
D．抹香鲸是地球上现存声音最响亮的动物之一，因此抹香鲸发出的声音响度一定不低，故D错误。
故选B。
2．如图所示，甲、乙、丙三图的装置完全相同，烧杯内液体的初温与质量相同，燃料的质量相同，假设燃料都完全燃烧且不考虑热量损失。下列判断不正确的是（ ）
A．甲、乙两图装置可“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”
B．甲、丙两图装置可“探究不同物质吸热升温的现象”
C．甲、丙两图实验中，用秒表记录液体加热时间
D．甲、乙两图实验中，用秒表记录燃料充分燃烧所用时间
【答案】D
【详解】A．比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量，应让加热的液体种类相同，燃料的种类不同，故应选择的两装置是甲、乙，故A正确，不符合题意；
BC．为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，或让液体的质量和加热时间相同，比较升高的温度，进而判断两种比热容的大小关系，应选择甲、丙两图进行实验，故BC正确，不符合题意；
D．比较质量相等的不同燃料燃烧时放出的热量，通过升高的温度比较燃料燃烧放出热量的多少，故D错误，符合题意。
故选D。
3．“禾下乘凉梦”是袁隆平先生的中国梦。其实，“禾下乘凉梦”也包含着一定的物理知识，水稻下面可乘凉，说明水稻下面有阴影。下列现象的形成原因和水稻下的阴影的形成原因相同的是（ ）
A．一叶障目 B．雨后彩虹
C．杯弓蛇影 D．海市蜃楼
【答案】A
【详解】水稻下有阴影是光在同种均匀介质中沿直线传播，遇到水稻后在其后面而形成阴影；
A．一叶障目是因为光在同种均匀介质中沿直线传播，叶子正好把光线挡住了，挡住的光线不能进入人的眼睛，就看不见挡住的那部分东西了，故A符合题意；
B．雨后彩虹是太阳光发生了色散现象，是由于光的折射形成的，故B不符合题意；
C．杯弓蛇影寓意为将映在酒杯里的弓影误认为蛇，是平面镜成像，属光的反射现象，故C不符合题意；
D．海市蜃楼是地球上物体反射的光经大气折射而形成的虚像，故D不符合题意。
故选A。
4．以下现象中能给分子运动提供证据的是（ ）
A．甲图中美味佳肴香气扑鼻
B．乙图中将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起
C．丙图中用丝绸摩擦过的有机玻璃棒能吸引纸屑
D．丁图中粘有小塑料粒的气球膨胀时，塑料粒子间距离增大
【答案】A
【详解】A．美味佳肴香气扑鼻，属于扩散现象，是由于分子在不停的做无规则运动，故A符合题意；
B．将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，说明分子间有引力，故B不符合题意；
C．丙图中用丝绸摩擦过的有机玻璃棒能吸引纸屑，丝绸摩擦过的有机玻璃棒带正电，带电体具有吸引轻小物体的性质，故C不符合题意；
D．把粘有小塑料粒的气球看成是宇宙，把小塑料粒看成是宇宙中的天体，气球膨胀时，任意小塑料粒周围的其它小塑料粒都在离它远去，这是形象地说明宇宙在膨胀，故D不符合题意。
故选A。
5．生活中许多现象都与我们学过的物理知识有关，下列说法不合理的是（ ）
A．生活中用吸管将饮料吸入口中，是利用了大气压强的作用
B．高铁站台上的乘客不能越过安全黄线，因为列车进站时空气流速大产生的压强大
C．冰球运动员向后蹬冰面就会前进说明物体间力的作用是相互的
D．汽车突然刹车时，乘客的身体会前倾，是由于身体上部具有惯性
【答案】B
【详解】A．吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，吸管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，故A正确,不符合题意；
B．当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向列车，易出现危险，所以高铁站台上的乘客不能越过安全黄线，故B错误，符合题意；
C．冰球运动员向后蹬冰面时，冰面会给运动员一个反作用力使运动员向前运动，这说明物体间力的作用是相互的，故C正确,不符合题意；
D．汽车突然刹车时，乘客的脚随车停止运动，乘客的上半身体由于惯性会前倾，故D正确,不符合题意。
故选B。
6．汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲、乙分别是某汽油机的某冲程及能量流向图。下列有关说法正确的是（ ）
A．由乙图可知该汽油机的效率是30%
B．为节能，冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措降低了燃料的利用率
C．汽车尾气中的“汽油味”越浓燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值
D．甲图是压缩冲程，活塞对汽缸内的气体做功，气体的温度升高
【答案】D
【详解】A．由乙图可知该汽油机的效率为
故A错误；
B．为了节能，冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，将尾气中浪费的能量转化为有用的能量，大大提高了燃料的利用率，故B错误；
C．热值是燃料本身的一种特性，只由燃料本身决定，和燃料的质量、放出热量的多少、燃烧是否充分、温度高低无关，故C错误；
D．根据图甲可知，两个气门关闭、活塞上行，为压缩冲程，活塞对汽缸内的气体做功，机械能转化为内能，气体的温度升高，故D正确。
故选D。
7．如图所示是一种公交车自动爆破器，它相当于一个电控安全锤，危急时刻，司机只需按下开关，内部电磁线圈通电产生一个冲击力，带动一个钨钢头击打车窗玻璃边角部位，实现击碎玻璃的目的。下列四个实验中，能反映自动爆破器工作原理是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【详解】由题知，司机只需按下开关，内部电磁线圈通电产生一个冲击力，带动一个钨钢头击打车窗玻璃边角部位，实现击碎玻璃的目的，所以自动爆玻器的工作原理是通电导线在磁场中受到力的作用。
A．该实验是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；
B．该实验说明了电流的磁效应，通电螺线管磁性与电流大小的关系，是电磁铁的工作原理，故B不符合题意；
C．该实验中，当给导体中通电时，通电导体在磁场中受力的作用而运动，与自动爆破器的工作原理相同，故C符合题意；
D．该实验说明闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故D不符合题意。
故选C。
8．压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，亮亮想设计一个测量液体内部压强的测量装置，要求探头（由压敏电阻改装，只有单面受力）在液体中的深度越深，显示器（电表）的示数越大，如图所示的电路中符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】A
【详解】A．电流表与压敏电阻串联，探头在液体中的深度越深，压力越大，压敏电阻阻值越小，根据可知电流表示数越大，故A符合题意；
B．图中为并联电路，电流表与压敏电阻各自在不同的支路上，互不影响，故B不符合题意；
C．电压表测电源电压，示数不变，故C不符合题意；
D．压敏电阻和定值电阻串联，电压表测压敏电阻电压。深度增加，压力变大时，压敏电阻阻值变小，根据串联分压原理可知电压表示数变小，故D不符合题意。
故选A。
9．两个完全相同的圆柱形容器放在水平桌面上，容器内分别盛有体积相同的甲、乙两种不同液体。先将实心物块A用一根不计质量的细线拉住浸没在甲液体中，如图甲所示。然后将A取出擦干放入乙液体中则恰好悬浮，如图乙所示。下列判断中正确的是（ ）
A．乙液体密度大于甲液体的密度
B．甲液体对容器底的压强等于乙液体对容器底的压强
C．A在甲液体中受到的浮力大于它在乙液体中受到的浮力
D．甲图中容器对桌面的压力等于乙图中容器对桌面的压力
【答案】C
【详解】A．实心物块A需要用细线拉住才能浸没在甲液体中，A的密度小于甲液体的密度，A浸没在乙液体中，处于悬浮，A的密度等于乙液体的密度，所以ρ甲>ρ乙。故A错误；
B．放入物块A后，两液面相平，液体深度相同，据p=ρgh知，甲液体对容器底的压强大于乙液体对容器底的压强，故B错误；
C．A在甲、乙液体中都浸没，排开液体的体积相等，据阿基米德原理知，排开液体体积相同时，液体密度越大，浮力越大。所以A在甲中受到的浮力大于在乙中受到的浮力，故C正确；
D．容器对桌面的压力等于容器自身重力、液体重力及A对液体的压力之和，两个容器完全相同，重力相等，A对液体的压力等于A所受的浮力，所以A对甲液体的压力大于对乙液体的压力，A在两种液体中排开液体的体积相同，浸没后，两种液体的液面相平，则两种液体的体积相等，甲液体的密度大于乙液体的密度，所以甲液体质量大于乙液体的质量，则甲液体的重力大于乙液体的重力，所以装甲液体的容器对桌面的压力大于乙液体的容器对桌面的压力，故D错误。
故选C。
10．如图所示是小明简化后的部分家庭电路的接线图，下列说法正确的是（ ）
A．a线为零线，b线为火线
B．若只让一个标有“220V 100W”的电视机正常工作6min，则电能表盘转了6转
C．电路中各插座是并联的，插孔与电视机插头也是并联的
D．到目前为止小明家已经消耗的电能为18967.5J
【答案】B
【详解】A．家庭电路两根进户线分别是零线和火线；控制用电器的开关应该接在火线上，故a是火线，b是零线，故A错误；
B．电能表中标有“600r/(kW•h)”，表示每消耗1kW•h的电能电能表转盘转动600圈，则转一圈消耗的电能为
此电能表的转盘转的圈数
故B正确；
C．家庭电路中各个用电器是互不影响的，所以各插座是并联的，但插孔与电视机插头是串联，故C错误；
D．电能表的示数以kW•h为单位，示数的最后一位是小数位，小明家已经消耗的电能为18967.5kW•h，故D错误。
故选B。
11．如图 所示，小明根据图甲的杆秤原理设计了图乙所示的装置。AOB为轻质杠杆，O为支点，边长为10cm的正方体M通过轻质细线悬挂于A点，AO的距离为10cm，重为5N的秤砣Q通过轻质细线悬挂在杠杆上。当 M浸没在不同液体中，移动Q使得杠杆水平平衡时，在Q悬挂的位置标上相应液体的密度，就可以把此装置制作成密度秤。已知 OB的距离为 80cm，当 M 未浸入液体中，Q 悬挂于B点刚好能使杠杆水平平衡。不计支点处的摩擦，下列说法正确的是（ ）
A．M浸没在水中时所受的浮力为1N
B．M的质量为 40kg
C．水的密度应标在距离O点 60cm 处
D．离 O点越近的位置标的液体密度越小
【答案】C
【详解】A．边长为10cm的正方体M浸没在水中时所受的浮力
F浮=ρgV排=1×103kg/m3×10N/kg×0.1m3=10N
故A错误；
B．当 M 未浸入液体中，Q 悬挂于B点刚好能使杠杆水平平衡， OB的距离为 80cm，AO的距离为10cm，由杠杆平衡条件可得
GM×OA=GQ×OB
代入数据得
GM×10cm=5N×80cm
解得
GM=40N
则M的质量
mM=GMg=40N10N/kg=4kg
故B错误；
C．当 M浸没在水中，M对A端的拉力
FA=GM-F浮=40N-10N=30N
由杠杆平衡条件可得，OC的距离
FA×OA=GQ×OC
代入数据，解得
OC=30N×10cm5N=60cm
故水的密度应标在距离O点 60cm 处，故C正确；
D．液体密度越小，M受到的浮力越小，M对A端的拉力越大，由杠杆平衡条件可知，OC的距离越大，所以离 O点越远的位置标的液体密度越小，故D错误。
故选C。
12．（2024·江苏南京·模拟预测）图甲电路中电源电压不变，小灯泡L标有“ ”字样，定值电阻，电流表量程为，滑动变阻器规格为“ ”，当闭合、接2时，当滑动变阻器的滑片在某两点间滑动时，小灯泡的电功率随其两端电压变化的图像如图乙，则（ ）
A．闭合接1时，电路的最小功率为
B．闭合接1时，在内产生的热量最多为
C．闭合接2时，滑动变阻器接入电路的电阻范围为
D．闭合接2时，小灯泡实际功率为时，滑动变阻器的功率为
【答案】B
【详解】A．闭合S、S1接1时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，通过电路的电流最小，电路的总功率最小，则通过电路的最小电流为
电路的最小功率为为
P小=UI小=9V×0.3A=2.7W
故A错误；
B、闭合S、S1接1时，R1、R2串联，因串联电路各处电流相等，电流表量程为0~0.6A，滑动变阻器R1规格为“20Ω 1A”，所以通过电路的最大电流为0.6A，则R2在1min内产生的热量最多为
Q=I2R2t=(0.6A)2×10Ω×1×60s=216J
故B正确；
CD．闭合S、S1接2时，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测通过电路的电流，小灯泡L标有“6V 3W”字样，则灯泡正常发光时的电流为
根据串联电路电流规律可知，通过电路的最大电流为0.5A，此时灯泡正常发光，因串联电路总电压等于各部分电压之和，则此时滑动变阻器两端的电压
U1=U-UL=9V-6V=3V
所以滑动变阻器接入电路的最小阻值为
由乙图可知，灯泡两端的电压最小为3V时，灯泡的实际功率最小为1W，说明此时变阻器接入电路的阻值最大，则此时电路中的电流为
此时滑动变阻器两端的电压为
U1'=U-U实=9V-3V=6V
则滑动变阻器接入电路的最大阻值为
所以滑动变阻器接入电路的电阻范围为6~18Ω，小灯泡的实际功率为1W时，滑动变阻器的功率为
故CD错误。
故选B。
二、填空题（本题共9个小题，每空1分，共28分。）
13．进入考场的铃声响了，考生们纷纷走进考场，说明声音可以传递 （信息/能量），大家听到的声音是由声源 产生，通过 （填具体介质）传到人耳的。
【答案】 信息 振动 空气
【详解】[1]进入考场的铃声响了，考生们纷纷走进考场，说明声音可以传递信息。
[2][3]声音是由物体振动产生的，大家听到的声音是由铃的振动产生的，并通过空气传到人耳。
14．如图是某物质熔化时温度随时间变化的图像，根据图像可知该物质是 （晶体/非晶体），该物质第5min时处于 （固/液/固液共存）态，它的熔化过程 吸热（需要/不需要）。
【答案】 晶体 固液共存 需要
【详解】[1]由图像可知，该物质的图像上有一段与时间轴平行的直线，表示该物质在熔化过程中不断吸热，温度保持80℃不变，因此该物质为晶体。
[2]物质的熔化过程是从第3min到第7min，则在第5min时晶体处于熔化过程，该物质处于固液共存态。
[3]晶体在熔化过程中要持续吸热，温度保持不变。
15．“早穿皮袄午穿纱”表明沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区则昼夜温差小，这是因为水比砂石的 大，楼房中的“暖气”用水作为介质，正是利用了水的这一特性。而使用天然气烧水，天然气燃烧所消耗的 能转化为水的内能。小明想测量家中利用天然气烧开一壶水的效率，他记录了水壶的容积、水的比热容和密度、当地水的沸点、天然气的热值、燃烧的天然气体积，还应记录 就可完成测量。
【答案】 比热容 化学 水的初温
【详解】[1]水比砂石的比热容较大，相同质量的水和沙石吸收同样的热量，水升高的温度低，温度变化小，沙石升高的温度高，温度变化大；因此沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区则昼夜温差小。
[2]使用天然气烧水时，消耗了天然气的化学能，转化为水的内能。
[3]要测量利用天然气烧开一壶水的效率，要算出水吸收的热量和天然气放出的热量。根据可知，要算出水吸收的热量，还要知道水温度的变化量，也就是要测量出水的初温。
16．科学与生活密切相关，学好科学可以帮助我们解决生产、生活中的问题。
（1）家庭电路中，灯泡和控制此灯泡的开关之间是 联的；洗衣机工作时，金属外壳要接 。
（2）如图甲所示，是小明家书房的一个两孔插座，他用测电笔测试插座的A孔，氖管发光，当把乙图的台灯接入电路时，将插头的 （选填：“C”或“D”）插脚插入A孔更安全。
【答案】 串 接地 D
【详解】（1）[1]在家庭电路中，开关与灯泡串联的时候才能控制灯泡所在电路的通断，所以控制灯泡的开关应与灯泡串联。
[2]洗衣机的金属外壳与地线相连，防止万一漏电时人接触金属外壳发生触电事故。
（2）[3]由题意知，用试电笔测试插座的A孔，氖管发光，说明A孔和火线相通，而开关应与照明电路的火线相连，当断开开关时人接触灯不会发生危险，所以应将插头D插脚插入A孔更安全。
17．学过光的知识后，我们知道光路是可逆的。在一次小组做凸透镜成像实验时，组内同学发现，当物体与光屏之间的距离为30cm时，且物体到凸透镜的距离为18cm时，此时光屏上呈清晰的倒立、缩小的实像，保持物体和光屏位置不动，当凸透镜向 （“物体方向”或“光屏方向”）移动 cm，光屏上呈清晰的倒立、放大的实像。有位同学存主光轴上标出如图的A、B、C、D、E五个点，在这五个点中，物体放在 点可成倒立的像，放在 点光屏上不能成像（如有多点符合条件，请全选出来，少选、错选均不得分）。
【答案】 物体方向 6 A、B、C D、E
【详解】[1][2]物体与光屏之间的距离为30cm，物体到凸透镜的距离为18cm，即物距为18cm，则像距为
30cm-18cm=12cm
此时光屏上呈清晰的倒立、缩小的实像，所以此时物距大于二倍焦距，像距大于一倍焦距小于二倍焦距；保持物体和光屏位置不动，光屏上呈清晰的倒立、放大的实像；则物距大于一倍焦距小于二倍焦距，像距大于二倍焦距，由于光路是可逆的，所以此时物距为12cm，像距为18cm，所以需要将凸透镜向物体方向移动距离为
18cm-12cm=6cm
[3]由于物距大于一倍焦距，能在光屏上成倒立的实像，由图可知，物体放在A、B、C点上时，可在光屏上成倒立的实像。
[4]将物体放在D点，即焦点上，物体发出的光经过凸透镜成为平行光，所以不能成像；将物体放在E点，物距小于一倍焦距，成正立、放大的虚像，所以也不能在光屏上成像，故将物体放在D、E点光屏上不能成像。
18．如图所示，物体重为300N，用沿斜面方向大小为200N的拉力F将其拉上斜面，斜面高度，长为4m，则此过程中拉力做的有用功为 J；斜面的机械效率为 %；物体受到斜面摩擦力的大小为 N。
【答案】 600 75 50
【详解】[1]利用斜面是为了提升物体时能够省力，目的是提升物体，所以克服物体的重力做功为有用功，此过程中有用功为
[2]拉力做的总功为
则斜面的机械效率为
[3]沿斜面向上拉物体过程中克服斜面对物体的摩擦力所做的功是额外功，此过程中额外功是
物体受到斜面的摩擦力大小为
19．将一根带有绝缘皮的长铜导线的两端与固定在地面上的灵敏电流计相连，像跳绳一样摇动导线，如图所示，发现灵敏电流计的指针左右摆动。此过程与 （选填“发电”或“电动”）机的原理相同，这一现象证明地球周围存在 ，为顺利产生电流，两位同学应沿 （选填“东西”或“南北”）方向站立。
【答案】 发电 磁场 东西
【详解】[1][2]用一根导线做跳绳，将它的两端与固定在地面上的灵敏电流表相连，摇动“跳绳”时，发现灵敏电流表的指针发生了偏转，这说明电路中有感应电流，这是电磁感应现象，这是发电机的工作原理，同时该实验说明地球的周围存在磁场。
[3]地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，磁感线大致南北方向，所以两位同学站在东西方向，才能摇动导线跳绳做切割磁感线运动，并且导线跳绳是闭合电路的一部分导体，所以两位同学站在东西方向，摇动跳绳产生的感应电流更大一些。
20．（2023·江苏常州·二模）小明在弹簧测力计下悬挂一个金属零件，示数是2.7N。当把零件浸没在水中时，弹簧测力计的示数是1.7N，则零件受到的浮力是 N；又把该零件浸没在某种液体中，弹簧测力计的示数是1.9N，则该液体的密度为 kg/m3。小明想起以前看到一则科技报道：气凝胶是当今世界上密度最小的固体，一般常见的气凝胶为硅气凝胶，其密度仅为空气密度的3倍，看上去就像凝固的烟。现将质量为9kg的硅气凝胶轻放静置于水平地面上，小明受刚才的实验启发，求出了这块硅气凝胶对地面的压力大小为 N。（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
【答案】 1 0.8×103 60
【详解】[1]零件在水中受到的浮力为
[2]该零件完全浸没在水中，则零件的体积等于排开液体的体积，则零件的体积为
零件完全浸没在某液体中受到的浮力为
则某液体的密度为
[3]硅气凝胶的密度是空气的3倍，则有
硅气凝胶的重力为
硅气凝胶的体积为
硅气凝胶在空气中受到的浮力为
硅气凝胶对地面的压力大小为
21．（2024·江苏连云港·一模）如图所示，电压，灯泡L的额定电压为9V，其电流与电压的关系如图所示，滑动变阻器R的最大阻值为10Ω。则灯泡L正常发光时的功率为 W．阻值为 Ω。在调节滑动变阻器的过程中，灯泡L消耗电功率的最小值是 W。
【答案】 13.5 6 2
【详解】[1][2]灯泡正常发光时的电压为9V，由图象可知，灯泡正常发光时的电流IL=1.5A，则灯泡L正常发光时的功率为
由可得，灯泡L正常发光时的电阻
[3]由电路图可知，R与L串联，当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电流最小，灯泡L消耗电功率的最小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电路中各处的电流相等，所以
U=U′L+IR
即
12V=U′L+I×10Ω
据图乙可知，当电流为1A时，灯泡电压为2V，滑动变阻器两端的电压为10V，且以最大阻值10Ω接入电路，此时电路中的电流最小。故此时灯泡的电功率最小为
PL小=U′LI=2V×1A=2W
三、解答题（本题共7个小题，共48分。解答26、27、28题时应有必要的解题过程）
22．（6分）按要求作图：
（1）在图中画出正在沿斜面向上滑动的物块所受摩擦力f与支持力F的示意图。
（2）请完成图中光路图。
（3）请根据图中通电螺线管的磁极名称，在虚线框内标出电源的极性（“+”或“﹣”）和静止小磁针的磁极名称。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】（1）物体受到斜面的支持力垂直于支持面向上，物体向上滑动，摩擦力方向为沿斜面水平向下，如图所示
（2）延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
（3）由题图可知，电磁体的右端为N极，根据安培定则可知，线圈中电流是右进左出，则电源的左端为负极；根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极，如下图所示：
23．（5分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，用到了如图甲所示的F形光源。
（1）安装器材时，F形光源有灯珠的一侧应该 （选填“面向”或“背向”）凸透镜放置。
（2）器材组装完成后的装置如图乙所示，此时需降低 的高度，直至光源、凸透镜、光屏三者的中心在同一水平线上。
（3）完成器材调整后，按下光源开关，光屏上随即出现了一个倒立F的模糊轮廓，为了使光屏上的像变得清晰，应 （选填“一直向左”“一直向右”或“左右反复”）移动光屏。
（4）多次改变物距后的探究数据记录如下表。通过分析表中数据可以猜想：当物距在 cm之间时（要求所填范围最小），凸透镜可能成等大的像。
（5）为找到等大的像，逐步缩小物距的范围，当观察到光屏上所成像与F形光源的大小大致相等时，要准确判断像与物是否等大，你的操作是 。
【答案】 面向 光屏 左右反复 18~25 用刻度尺分别测量F形光源和像的高度并进行对比分析
【详解】（1）[1]由于灯珠是光源，要提供光线，所以，安装器材时，F形光源有灯珠的一侧应该面向凸透镜放置。
（2）[2]为了让像呈现在光屏的中央，则光源、凸透镜、光屏三者的中心在同一水平线上，故当器材组装完成后的装置如图乙所示时，应降低光屏的高度。
（3）[3]当光屏上出现了一个倒立F的模糊轮廓，说明此时像没有聚焦到光屏上，为了使光屏上的像变得清晰，应该左右反复移动光屏。
（4）[4]根据表格的数据可知，当物距大于25时，成缩小的像，当物距小于18时，成放大的像，当物距在18~25cm之间时，凸透镜可能成等大的像。
（5）[5]要准确判断光屏上所成像与F形光源的大小是否等大，可以用刻度尺分别测量F形光源和像的高度并进行对比分析。
24．（6分）小明在“探究电流与电阻关系”的实验中，所用电源是两节新的干电池，定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω。
（1）小明将5Ω的定值电阻接入如图甲所示的电路中。经检查发现电路中有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
（2）电路故障改正后，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表几乎无示数，电压表示数接近3V，原因可能是 ；
（3）正确连接电路后，闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数 ；（选填“变大”、“变小”或“不变”）
（4）小明根据实验数据绘制了如图乙所示的图像，得出的实验结论是： ；
（5）下列图像中能大致反映本实验中各物理量之间关系的是 ；
A． 电流表示数与R阻值的关系 B． 电压表示数与R阻值的关系
C． 变阻器接入电路阻值与R的关系D．电阻R的功率与R阻值的关系
（6）小明同学更换了电源，又增加了定值电阻R0、电阻箱R和一个单刀双掷开关，设计了几种单表测量额定电压为2.5V小灯泡额定功率的电路图，如图丙所示，其中不能测出小灯泡的额定功率的电路图是 。
A． B．
C． D．
【答案】 R断路 变大 当电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比 C B
【详解】（1）[1]根据实验要求，探究电流与电阻关系时，应保持定值电阻两端电压一定，电压表应测量定值电阻的两端电压，故应将电压表负接线柱改接到定值电阻左端，如图所示
（2）[2]闭合开关，电流表几乎无示数，表明电路可能存在断路，电压表示数接近3V，表明电压表两接线柱到电源两极为通路，则断路可能发生在电压表测量范围内，故原因可能是R断路。
（3）[3]闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器接入电阻变小，电阻中总电阻变小，根据欧姆定律，电路中电流变大，R两端电压变大，故电压表示数变大。
（4）[4]如图乙所示的图像，当定值电阻两端电压一定时，电流与对应的电阻乘积为一个定值，为反比例函数关系，得出的实验结论是当电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。
（5）[5]A．根据实验要求，定值电阻两端电压保持不变，当定值电阻变大，滑动变阻器接入电阻也变大，根据欧姆定律，电路中总电流变小。故A不符合题意；
B．根据实验要求，定值电阻两端电压保持不变，当定值电阻变大，电压表示数不变，故B不符合题意；
C．根据实验要求，定值电阻两端电压保持不变，当定值电阻变大，滑动变阻器接入电阻也变大，根据串联电路电流的规律可得
故在定值电阻两端电压不变时，滑动变阻器接入电阻与定值电阻的阻值成正比，图为过原点的直线，为正比例函数图像，故C符合题意；
D．R两端电压为一个定值，当R变大时，滑动变阻器接入电阻也变大，电路中总电流减小，根据可知R的功率变小，故D不符合题意。
故选C。
（6）[6]A．图A中，S先接a，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；再接b测量出灯泡和电阻箱两端的总电压，根据串联电路电压规律求出电阻箱两端的电压，利用欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流，所以能测出小灯泡的额定功率，故A不符合题意；
B．无论S接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定电功率，故B符合题意；
C．图C中，S先接b，移动滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；再接a，调节变阻箱连入电路的电阻，使电压表的示数仍为2.5V时，根据等效替代法，此时电阻箱的电阻等于灯泡正常发光时的电阻，根据可以计算出灯泡正常发光时的功率，所以能测出小灯泡的额定功率，故C不符合题意；
D．①S1闭合，电阻箱接最大电阻，滑动变阻器滑片置于最左端，S接b，此时电压表示数为U，则电源电压为U；
②S1闭合，滑动变阻器滑片仍置于最左端，S接a 调节电阻箱，使电压表示数为U - 2.5V，此时灯L正常发光，读出电阻箱示数为R，则电路中电流即小灯泡正常发光电流为
灯泡的额定功率为
故D不符合题意。
故选B。
25．（7分）为了研究浮力大小与物体排开液体重力的关系，小明进行了下面的实验，如图所示：
（1）由图①可知，空桶所受的重力为 N；利用 （填图中序号）两个实验步骤可以计算出物体排开液体所受重力的大小；
（2）实验过程中，利用 （填图中序号）两个实验步骤可以计算出物体所受的浮力大小为 N；
（3）分析实验数据可初步得出，浸在水中的物块所受浮力的大小 物块排开的液体所受到的重力；
（4）在③的实验操作中，若把物体浸没在未盛满水的溢水杯， （选填“能”或“不能”）得到与（3）相同的结论；
（5）该物块的密度是 g/cm3。
【答案】 1 ①④ ②③ 1.6 等于 不能 2.25
【详解】（1）[1]由图①可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，空桶所受的重力为1N。
[2] 图①是空桶的重力，图④是排开水与桶的总重力，故利用①④两个实验步骤可以计算出物体排开液体所受重力的大小为
（2）[3][4]实验过程中，根据称重法，图②中，物体的重力为3.6N，图③为物体浸没时的拉力为2N，故利用②③两个实验步骤可以计算出物体浸没时所受的浮力大小为
（3）[5]分析实验数据可知，，可初步得出，浸在水中的物块所受浮力的大小等于物块排开的液体所受到的重力。
（4）[6]若把物体浸没在未盛满水的溢水杯，则溢出的水偏少，测量溢出水的重力会偏少，而浮力大小不变的，此时排开水的重力小于物体受到的浮力大小，故不能得到与③相同的结论。
（5）[7]根据阿基米德原理，该物块的体积为
密度是
26．（6分）正午，小明对水面获取太阳的能量情况进行研究，他将装有400g水的盘子放在室外平台上，经阳光照射10min，水温升高了2.5℃，不计水的蒸发（水的比热容是4.2×103J/(kg﹒℃)）。
（1）该过程水吸收的热量是多少？
（2）若照射到盘中水面上太阳能的功率为25W，水获取太阳能的效率是多大？
【答案】（1）4.2×103J；（2）28%
【详解】解：（1）由Q=cmΔt可得，该过程水吸收的热量为
（2）由W=Pt可得，照射到水面上的太阳能为
故水获取太阳能的效率为
答：（1）该过程水吸收的热量是4.2×103J；
（2）水获取太阳能的效率是28%。
27．（9分）（2024·江苏无锡·一模）停车难是如今城市普遍存在的问题，图甲是一“路边空中存车亭”；存车时只需40秒就可以把车子“锁上天”。图乙为“存车亭”的工作原理图，其中A为存车架，O为杆OB的转动轴，杆的B端固定悬挂泊车装置，BC为牵引OB杆转动的钢丝绳，M为牵引钢丝绳的电动机。存车时，汽车开到存架上，电动机通过钢丝绳BC将杆OB拉到一定高度固定；取车时，将OB杆放下使存车架落回地面。请根据以上信息回答下列问题（忽略OB的重力和机械各部分的摩擦力）；
（1）图乙中的C的作用是 ；
（2）“存车亭”的动力来自电动机，下列实验装置与电动机工作原理相同的是 ；
（3）如图乙所示，小汽车从水平地面被提升到BC垂直于杆OB的过程中，作用在B点的动力 ；（选填“受大”、“变小”或“不变”）
（4）这台电动机正常工作时两端的电压为220V，通过线圈的电流为10A，若此线圈的电阻为2Ω，工作时间为1min，该过程中电动机消耗的电能为多少，该电动机的工作效率是多少（保留一位小数）；
（4）“存车亭”遮阳棚上装有太阳能光电板，给蓄电池充电，再由蓄电池给电动机供电。若汽车的质量为1200kg，存车架的重力为8000N，被提升的高度为3m，光电板平均每小时每平方米面积吸收太阳能为，太阳平均每天照射时间为10h，太阳能最终有10%转化为汽车和存车架的机械能。如果每天需存车的平均次数为10次，忽略下降过程电动机消耗的电能，则光电板的面积至少为多少。
【答案】 改变力的方向 D 变小 1.32×105 90.9% 2
【详解】（1）[1]图乙中C是定滑轮，定滑轮的特点是不省力，但可以改变力的方向。
（2）[2] A．该装置说明通电导体的周围存在磁场，故A不符合题意；
B．闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，故B不符合题意；
C．该装置说明电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关，故C不符合题意；
D．该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，是电动机的原理图，故D符合题意。
故选D。
（3）[3]小汽车从水平地面被提升到BC垂直于杆OB的过程中，动力的力臂逐渐变大、阻力臂变小（如下图所示），根据杠杆的平衡条件可知，在此过程中作用在B点的动力越来越小。
（4）[4][5]这台电动机1min内产生的热量为
电动机消耗的总电能为
电动机消耗的电能减去产生的热量即为输出的机械能，即
电动机的工作效率
（5）[6]每天存10次车需要做的有用功
由题知，光电板平均每小时每平方米面积吸收太阳能E0 =3×105J，则每天面积为S的光电板吸收的太阳能为
太阳能转化为机械能的效率，即
解得S=2m2。
28．（9分）（2024·陕西西安·三模）某科技小组设计的电热水器具有加热和保温功能，其工作原理如图1所示。R为热敏电阻，其阻值R随温度变化的规律图像如图2所示，电源电压为6V，保护电阻的阻值为，热敏电阻R和工作电路中的三只加热电阻丝、、均置于储水箱中，，，加热和保温时的功率分别为2200W和110W
（1）电磁铁上端为 极，电热水器处于加热工作状态时，不工作的电阻丝是 。
（2）当电磁铁线圈中的电流时，继电器上方与触点c接触，保温电路接通，热水器刚开始保温时水的温度是多大？（电磁铁线圈电阻不计）
（3）电阻丝的阻值是多大？
（4）工作时，若要降低电热水器的保温温度，能否通过换用阻值更大的定值电阻替换来实现？请简要说明理由。
【答案】 S R3 70℃ 396Ω 能 见解析
【详解】（1）[1][2]电流从电磁铁的下方流入，上方流出，根据安培定则可知电磁铁下端为N极，上端为S极；根据题意可知，电磁继电器上方触点和触点c接通时，电热水器处于保温状态，则由电路图知，此时R2、R3串联；衔铁被吸下时，R1、R2并联；根据串联电路的电阻关系和并联电路的电阻关系可知，串联时的电阻要大于并联时的电阻，根据可知，并联时的功率大，为加热状态，此时R3不工作。
( 2）[3]当电磁铁线圈中的电流I≤8mA时，继电器上方触点c接触，保温电路接通，则电磁铁线圈中的电流为8mA时，热水器刚开始加热，根据可得，控制电路的总电阻
热敏电阻的阻值为
R=R总-R0=750Ω-300Ω=450Ω
由图2可知，此时水温为70℃。
( 3）[4]由题意和电路图知：衔铁被吸下时，R1、R2并联，电热水器处于加热状态
即
解得R2=44Ω；根据题意可知，电磁继电器上方触点和触点c接通时，电热水器处于保温状态，则由电路图知，此时R2、R3串联，根据可得保温时工作电路的总电阻为
根据电阻的串联特点可得
（4）[5][6]由图2可知，热敏电阻R的阻值随温度的降低而减小，当温度降低时，R的阻值减小，而衔铁被吸下时的电流不变，根据欧姆定律可知，电路的总电阻不变，根据串联电路的电阻关系可知，需增大定值电阻的阻值。物距/cm
35
25
18
15
像的性质
大小
缩小
缩小
放大
放大
正倒
倒立
倒立
倒立
倒立
虚实
实像
实像
实像
实像