2023年广西防城港市初中学业水平适应性考试三模数学试题(扫描版含答案)
展开2023年广西初中学业水平适应性考试(三)
数学答案及评分标准
选择题(每小题3分,共36分)
二、填空题(每小题2分,共12分)
13.14. 15.十16. 17.418.
三、解答题(本大题共8小题,共72分)
19.(6分)解:原式 分
分
分
. 分
20.(6分)解:原式=•= 分
当x=+1时,原式== 分
21.(10分)(1)如图, 即为所求; 分
(2)∵为直径,
∴,
∴, 分
∵,
∴,
∴, 分
∴,
在中,∵, 分
而,
∴, 分
∴的半径为2. 分
22.(10分)解:(1) 38 . 分
(2)解:(千克) 分
(千克) 分
且两山抽取的样本容量一样
∴可以判断甲山样本的产量高. 分
(3)解:(千克) 分
答:用样本平均数估计甲乙两座山小枣产量总和为7663千克. 分
(10分)解:(1)中,,,
. 分
(2)设塔高的长为米,
中,
,
米, 分
米, 分
在中, 分
,
, 分
,即米 分
答:塔高约52米. 分
24.(10分)(1)设一辆大型渣土运输车一次运输吨,一辆小型渣土运输车一次运输吨,, 分
解得. 分
即一辆大型渣土运输车一次运输吨,一辆小型渣土运输车一次运输吨; 分
(2)设该渣土运输公司决定派出辆大型号的渣土运输车,则小型号的渣土运输车为辆,
根据题意有:,且为正整数,
解得,且为正整数, 分
设总共费用为w,
根据题意有:, 分
∵,∴总共费用w,随着a的增大而增大,
∴当时,最小,且最小为:(元),分
此时最佳派车方案:大型运输车辆,小型运输车辆. 分
25.(10分)(1)证明:∵四边形ABCD是矩形,∴∠A=∠ADC=∠MDF=90°,
∵M是AD的中点,∴AM=DM,分
在△AEM和△DFM中,eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(∠A=∠MDF,,AM=DM,,∠AME=∠DMF,))
∴△AEM≌△DFM,∴EM=FM,分
又∵MG⊥EF,∴EG=FG; 分
(2)解:当点G与点C重合时,
∵∠A=∠EMC=∠ADC=90°,
∴∠AME+∠CMD=∠CMD+∠DCM=90°,
∴∠AME=∠DCM,∴△AEM∽△DMC,分
∴eq \f(AE,AM)=eq \f(DM,DC),∴eq \f(2,AM)=eq \f(8-AM,6),解得AM=6或AM=2(舍去),分
∴eq \f(AM,DM)=eq \f(6,8-6)=3; 分
(3)解:如解图,过点G作GN⊥AD于点N,
∴∠A=∠GNM=90°,GN=CD=6,
∴∠AME+∠NMG=∠NMG+∠NGM=90°,∴∠AME=∠NGM,
∴△AEM∽△NMG, 分
∴eq \f(AE,NM)=eq \f(EM,MG)=eq \f(AM,NG)=eq \f(3,6)=eq \f(1,2),
由勾股定理得EM=eq \r(AM2+AE2)=eq \r(32+22)=eq \r(13),
∴GM=2EM=2eq \r(13), 分
∵AB∥CD,
∴△DMF∽△AME,
∴eq \f(DM,AM)=eq \f(MF,ME),即eq \f(8-3,3)=eq \f(MF,\r(13)),
解得MF=eq \f(5\r(13),3), 分
∴EF=EM+MF=eq \f(8\r(13),3),∴S△EFG=eq \f(1,2)EF·GM=eq \f(1,2)×eq \f(8\r(13),3)×2eq \r(13)=eq \f(104,3) 分
26.(10分)(1)∵点B坐标为(4,0),抛物线的对称轴方程为x=1,
∴A(﹣2,0),把点A(﹣2,0)、B(4,0)、点C(0,3),
分别代入(a≠0),得:,解得:,分
∴该抛物线的解析式为:; 分
(2)设运动时间为t秒,则AM=3t,BN=t,∴MB=6﹣3t.
由题意得,点C的坐标为(0,3).在Rt△BOC中,BC==5.
如图1,过点N作NH⊥AB于点H,
∴NH∥CO,
∴△BHN∽△BOC,
∴,即,分
∴HN=t,
∴S△MBN=MB•HN=(6﹣3t)•t,
即S=,
分
当△MBN存在时,0<t<2,
∴当t=1时,S△PBQ最大=.
答:运动1秒使△MBN的面积最大,最大面积是;分
(3)如图2,在Rt△OBC中,cs∠B=.
设运动时间为t秒,则AM=3t,BN=t,∴MB=6﹣3t.分
①当∠MNB=90°时,cs∠B=,即,化简,得17t=24,解得t=;分
②当∠BMN=90°时,cs∠B=,化简,得19t=30,解得t=.分
综上所述:t=或t=时,△MBN为直角三角形.分
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
B
D
A
D
D
B
A
D
C
D
B
A
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