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2024届云南省昆明一中等三校高三上学期高考备考实用性联考卷（二）物理试题（解析版）
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这是一份2024届云南省昆明一中等三校高三上学期高考备考实用性联考卷（二）物理试题（解析版），共13页。
2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。
3.考试结束后，许将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时90分钟。
一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.关于物理学史和原子物理，下列说法正确的是（ ）
A.平均速度、瞬时速度以及加速度等物理概念是伽利略首先建立起来的
B.麦克斯韦认为，变化的磁场产生变化的电场，变化的电场产生变化的磁场
C.J·J·汤姆孙发现电子，揭开了人类认识原子核结构的序幕
D.核反应方程属于衰变，而射线来自原子外层的电子
2.一辆汽车以某一恒定的速度在平直公路上行驶，某时刻司机发现前方施工，立即开始刹车，从该时刻开始计时，汽车的位置坐标随时间的变化关系为，下列结论正确的是（ ）
A.前内的平均速度大小为
B.汽车做匀减速直线运动，加速度大小为
C.从刹车开始，汽车在第内的位移为
D.从刹车开始，汽车在内的平均速度是
3.2023年7月29日，贵州“村超”总决赛给人们留下了很多经典的片段。设某足球运动员练习任意球技术时，将球放置在地面点，第一次发出的球在空中的轨迹为图1中实线1，第二次发计的球在空中的轨迹为图中虚线2，两次都恰好落在地面同一点。不计空气阻力对球的影响，比较球两次在空中的运动，下列说法正确的是（ ）
图1
A.两次在空中运动时间可能相同B.两次球着地前瞬问的速度大小可能相同
C.两次运动到轨迹最高点时速度可能相同D.两次运动轨迹最高点位置不在同一竖直线上
4.甲、乙两颗人造卫星均绕地球做圆周运动，甲的质量是乙的2倍，甲的轨道半径是乙的2倍。下列应用公式进行的推论正确的是（ ）
A.由可知，甲的速度是乙的倍
B.由可知，甲的向心加速度是乙的2倍
C.由可知，甲的向心力是乙的
D.由可知，甲的周期是乙的倍
5.如图2所示，一玻璃球体半径为，为球心，为水平直径，点是玻璃球的最高点，来自球面上点的光线从点射出时的折射角为60°，出射光线平行于。光在真空中的传播速度为，则（ ）
图2
A.光线从到所用的时间小于
B.光线从到所用的时间为.
C.若增大，光线可能在段发生全反射现象
D.若增大，光线不可能在段发生全反射现象
6.如图3，两点电荷、位于轴上，相邻等势面的电势差为。若轴上的点和点位于等势面上，为等势面上一点，则下列说法正确的是（ ）
图3
A.点的电场强度大小比点的小B.为正电荷，为负电荷
C.点与点的电场方向相反D.将一电子从点移至点，静电力对电子做功
7.已知两分力的大小分别为和，且，是两分力的合力与的夹角的最大值，下列结论正确的是（ ）
A.B.C.D.
8.如图4所示，在粗糙的水平面上，质量分别为和的物块、用轻弹簧相连，两物块与水平面间的动摩擦因数均为，当用水平力作用于上且两物块以相同加速度向右做匀加速直线运动时，弹簧的伸长量为；当用同样大小的恒力沿着倾角为的光滑斜面方向作用于上且两物块以相同加速度沿斜面向上做匀加速直线运动时，弹簧的伸长量为，下列说法中正确的是（ ）
图4
A.若，有B.若，有
C.若，有D.若，有
9.如图5所示，理想变压器原线圈上串联一个定值电阻，副线圈上接一个滑动变阻器，原线圈的输入端接在一个输出电压恒定的交流电源上，理想电压表、、的示数分别用、，表示，当滑动变阻器的触头移动时，下列说法中正确的是（ ）
图5
A.向下移动滑动触头，与的比值变大
B.向上移动滑动触头，与的比值不变
C.移动滑动触头，当增大时，消耗的功率也增大
D.移动滑动触头，滑动变阻器与电阻消耗的功率之比始终都等于
10.如图6甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中处的质点以此时刻为计时起点的振动图像。下列说法正确的是（ ）
甲 乙
图6
A.这列波沿轴负为向传播
B.这列波的传播速度是
C.经过，质点的运动方向沿轴负方向
D.从该时刻开始计时，经过质点运动的路程为
11.如图7甲所示，一个匝数匝的圆形导体线圈，面积，总电阻。在线圈中存在面积的垂直线圈平面向外的匀强磁场区域，磁感应强度随时间变化的关系如图乙所示。有一个的电阻，将其两端、分别与图甲中的圆形线圈相连接，其余电阻不计，下列说法正确的是（ ）
甲 乙
图7
A.内点电势高于点电势B.内、间的电压大小为
C.内通过电阻的电嗝量为D.内电流的有效值为
12.甲、乙两辆汽车同时同地出发，沿同一方向做直线运动，两车速度的平方随位移的变化图象如图8所示，下列说法正确的是（ ）
图8
A.汽车甲的加速度大小为B.甲、乙距离最大时，甲的位移为
C.汽车甲、乙在处相遇D.汽车甲、乙在时相遇
二、填空、实验题：本大题共2小题，共14分。
13.（6分）图9甲是实验室常用的实验装置，利用该装置可以完成多个重要的力学实验。
甲 乙
图9
（1）做“探究小车速度随时间的变化规律”实验时，下列说法正确的是______。
A.需要平衡小车与木板间的摩擦力
B.不需要满足小车的质量远大于钩码的质量
C.每次改变小车质量后都须重新平衡小车与木板间的摩擦力
D.可以将木板带有打点计时器的一端适当垫高，目的是尽量使小车加速度大些
（2）打点计时器电源频率为，实验得到如图乙所示纸带，每隔4个点设一个计数点，由纸带可得打点计时器打计数点“3”时小车的速度大小为______，小车运动的加速度大小为______。（结果均保留2位有效数字）
14.（8分）某同学设计了如图10甲所示的电路来测量电源电动势、内阻和电阻的阻值。实验器材有待测电源（内阻为）、待测电阻、电压表（量程为，内阻很大）、电阻箱、单刀单掷开关、单刀双掷开关及导线若干。
甲 乙 丙
图10
（1）先测电阻的阻值。请将该同学的操作补充完整。
①闭合开关，将开关接，调节电阻箱的阻值如图乙所示，读出其示数______，对应的电压表示数；
②保持电阻箱示数不变，______，读出电压表的示数；
③则可测得电阻______（结果保留2位有效数字）。
（2）该同学继续测电源电动势和电源内阻保持第（1）问中的阻值不变，闭合开关，将开关接，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数和对应的电压表示数，由测得的数据绘出了如图丙所示的图线，则电源电动势______，电源内阻______。（结果均保留3位有效数字）
（3）若电压表影响不可忽略，测量电动势将______（填“偏大”“不变”或“偏小”）。
三、计算题：本大题共4小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分。
15.（8分）某饮料㼛内密封着一定质量的理想气体（如图11），当时，其压虽
图11
（1）若气体温度升高到时，气压是多大？
（2）若保持温度不变，挤压瓶子，使气休压强与（1）问中相同时，气体体积为原来的多少倍？
16.（8分）如图12所示，一轻质弹簧两端连着木块和，静止放在光滑水平面上，一颗子弹以水平速度射入木块并留在其中，已知子弹的质量为，的质量为，的质量为，则直到弹簧压缩最短时，求：
图12
（1）弹簧的最大弹性势能为多少？
（2）系统损失的机械能为多少？
17.（10分）如图13所示，平面第一象限内存在沿轴正方向的匀强电场，第二象限内存在画直平面的匀强磁场，磁感应强度大小为；带电是为的粒子以大小为的初速度从轴上的点射入磁场，初速度方向与轴负方向的夹角为60°，粒子经磁场偏转后从轴上的点垂直轴射入电场，最后从轴上的点射出电场。粒子重力不计，求：
图13
（1）粒子的质量；
（2）匀强电场电场强度的大小。
18.（12分）如图14所示，长的水平传送带以的速度沿顺时针方向匀速转动，右端与静止在水平地面上的木板的上表面平滑连接。时刻将质量的滑块从传送带左端由静止释放，一段时间后滑块滑上木板。已知木板的质量，滑块与传送带之间的动摩擦因数，滑块与木板上表面之间的动摩擦因数，木板下表面与地面之间的动摩擦因数，滑块可视为质点且始终未脱离木板，取。求：
图14
（1）滑块在传送带上运动的时间；
（2）木板运动的总位移大小。
云南省三校2023-2024学年高三上学期高考备考实用性联考卷（二）
物理参考答案
一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.
【解折】
1.平均速度、瞬时速度以及加速度等物理概念是伽利略首先建立起来的，故A正确。麦克斯韦认为，变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，故B错误。J·J·汤姆孙发现电子，揭开了人类认识原子核结构的序幕，故C错误。核反应方程属于衰变，而射线来自原子核内，故D错误。
2.由可知，汽车做匀减速运动，，，加速度大小为，故B错误。末的速度为，内的平均速度为，故A正确。第内的位移为：汽车停下时间为，内位移为，平均速度大小是，故C、D错误。
3.第二次运动时间长，故A错误。第一次在最高点的速度大，故C错误。着地前瞬间的速度大小可能相等，故B正确。由运动的对称性可知D错误。
4.不能用对比两颗卫星，故A错误。两卫星的角速度不一样，故B错误。由可知，甲的向心力是乙的，故C错误。由开普勒第三定律知D正确。
5.由几何关系加入射角为30°，折射率，光在玻璃中的传播速度为，到的时间，故A、B错误。由折射率知，临界角小于45°，若增大，光线可能在段发生全反射现象，故C正确，D错误。
6.等差等势面的疏密程度反映了场强的大小，所以点的电场强度大小比点的大，故A错误。电场线总是从高等势面指向低等势面，根据等势面的高低可以判断为负电荷，为正电荷，故B错误。沿着电场线的方向电势降低，结合各等势面的电势高低关系可知点的电场方向沿轴的正方向，点的电场方向沿轴的负方向，两点场强方向相反，故C正确，点和点之间有四个等势线，而相邻的两个等势面之间的电势差为，则点和点的电势差为，所以将一电子从点移至点，静电力做功为。故D错误，
7.由三角形定则可知，当与合力的方向垂直时，最大，此时有。
8.两物块在水平面上做匀加速直线运动时，对整体，由牛顿第二定律有，对，由牛顿第二定律有，联立可得；两物块在光滑斜面上做匀加速直线运动时，对整体，由牛顿第二定律有，对，由牛顿第二定律有.联立可得，则总有，故A、B、C错误，D正确。
9.向下移动滑动触头，则变小，则次级电流增大，初级电流增大，的电压增大，由于，而不变，则初级电压变小，次级电压也变小，即变小，则与的比值变小，故A错误。与的比值等于变压器的次级与初级线圈的匝数比，则向上移动滑动触头，与的比值不变，故B正确。移动滑动触头，当增大时，则也增大，由于，而不变，则此时消耗的功率变小，故C错误。根据理想变压器的规律可知，输出功率等于输入功率，即电阻消耗的功率等于原线圈的输入功率，分析原线圈电路可知，电阻与原线串联，电流相等，功率，则电阻与滑动变阻器消耗的功率之比等于两端电压与电线圈电压之比，电压表、的示数为、，则滑动变阻器与电阻消耗的功率之比始终都等于，故D正确。
10.由图乙中图像知点沿方向振动，则波沿方向传播，故A错误。从两图中可以得到波长为，周期为，则有，故B正确。从图中可知，0时刻点的振动方向竖直向上，其到波峰小于二分之一周期而大于四分之一周期，所以经过，点已从波峰向下振动但还没到平衡位置，故C正确。一个振动周期内，质点的路程为，则从该时刻开始计时，经过质点运动的路程为，故D错误。
11.由楞次定律可知，内点电势高于点电势，故A正确。内，根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势为，间的电压为，故B错误。内通过电阻的电荷量大小为，故C正确。内电路的电流为，内电路的电流为，故，代入数据解得，故D错误。
12.匀变速直线运动的速度位移关系为，由此可加，汽车甲的加速度大小为，汽车乙的加速度大小为，故A错误。两车速度相等时两年相距最远，即、，解得，又，解得，故B正确。由题可知汽车甲速度为0所需时间为，这段时间汽车乙的位移为，故甲、乙在处相遇，即汽车甲停止后乙车追上，故，解得两车相遇的时间为，故C错误，D正确。
二、填空、实验题：本大题共2小题，共14分。
13.（每空2分，共6分）
（1）B
（2）0.61 2.0
【解析】（1）用此装置“探究小车速度随时间的变化规律”时，不需要平衡摩擦力，不需要满足小车的质量远大于钩码的质量，只要物体做匀变速直线运动即可，故A错误，B正确。用此装置“探究加速度与质量的关系”时，改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故C错误。做“探究加速度与质量关系”实验时，可以将木板带有打点计时器的一端适当垫高，目的是平衡摩擦力，使得细线的拉力等于小车的合外力，故D错误。（2）打点计时器打计数点“3”时小车的速度大小为，小车运动的加速度大小为。
14.（除特殊标注外，每空1分，共8分）
（1）12.0 将开关接 4.8
（2）1.43（2分） 1.20（或1.21）（2分）
（3）偏小
【解析】（1）根据电阻箱读数规则，由图乙可读出的阻值为，由题意可知，本实验中没有给出电流表，故应用电压表与电阻箱求电源电动势和内阻。实验中应充分利用电阻及串、并联电路的规律得出表达式，为了测出多组数据，应再将接。由欧姆定律可知、，而电路中电流相等，联立解得。
（2）根据，有，对照直线方程得，截距，所以，斜率，又，已测出，解得。
三、计算题：本大题共4小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分.
15.（8分）
解：（1）瓶内气体的始末状态的热力学温度分别为
，
温度变化过程中体积不变，故由度理定得有
①
解得②
（2）等温变化过程，由玻意耳定律有③
解得④
评分标准：本题共8分。正确得出①～④式各给2分.
16.（8分）
解：（1）子弹射入木块的过程中，子弹和木块组成的系统动量守恒，由动量守恒定律有
①
解得②
当物块与物块速度相等时，弹簧压缩到最短，此时弹性势能最大，由于整个过程系统的动量守恒，由动量守恒定律有
③
解得④
由能量守恒定律有⑤
（2）系统损失的机械能为
⑥
评分标准：本题共8分。正确得出⑤、⑥式各给2分，其余各式各给1分。
17.（10分）
解：（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律得
①
根据直角三角形得
②
解得③
（2）粒子在电场中做类平抛运动，在竖直方向上
④
⑤
在水平方向上
⑥
解得⑦
评分标准：本题共10分。正确得出①、②、⑦式各给2分，其余各式各给1分。
18.（12分）
解：（1）滑块从传送带左端山静止释放时，对滑块分所有
①
解得②
滑块先向右做匀加速直线运动，假设滑块在传送带上一直加速，则有③
解得，，假设成立
则滑块在传送带上运动的时间为④
（2）滑块滑上木板后，滑块相对木板向右运动，滑块先以加速度、初速度向右做匀减速直线运动，对滑块有
⑤
对木板有
⑥
木板向右做匀加速直线运动，经历时间，两者达到相等速度，则有
⑦
此过程木板的位移
⑧
之后两者保持相对静止，共同向右做匀减速直线运动，则有
⑨
则减速至0过程有
⑩
木板运动的总位移大小
eq \\ac(○,11)
解得 eq \\ac(○,12)
评分标准：本题共12分。正确得出①～ eq \\ac(○,12)式各给1分。题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
A
A
B
D
C
C
A
D
BD
BC
AC
BD
2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。
3.考试结束后，许将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时90分钟。
一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.关于物理学史和原子物理，下列说法正确的是（ ）
A.平均速度、瞬时速度以及加速度等物理概念是伽利略首先建立起来的
B.麦克斯韦认为，变化的磁场产生变化的电场，变化的电场产生变化的磁场
C.J·J·汤姆孙发现电子，揭开了人类认识原子核结构的序幕
D.核反应方程属于衰变，而射线来自原子外层的电子
2.一辆汽车以某一恒定的速度在平直公路上行驶，某时刻司机发现前方施工，立即开始刹车，从该时刻开始计时，汽车的位置坐标随时间的变化关系为，下列结论正确的是（ ）
A.前内的平均速度大小为
B.汽车做匀减速直线运动，加速度大小为
C.从刹车开始，汽车在第内的位移为
D.从刹车开始，汽车在内的平均速度是
3.2023年7月29日，贵州“村超”总决赛给人们留下了很多经典的片段。设某足球运动员练习任意球技术时，将球放置在地面点，第一次发出的球在空中的轨迹为图1中实线1，第二次发计的球在空中的轨迹为图中虚线2，两次都恰好落在地面同一点。不计空气阻力对球的影响，比较球两次在空中的运动，下列说法正确的是（ ）
图1
A.两次在空中运动时间可能相同B.两次球着地前瞬问的速度大小可能相同
C.两次运动到轨迹最高点时速度可能相同D.两次运动轨迹最高点位置不在同一竖直线上
4.甲、乙两颗人造卫星均绕地球做圆周运动，甲的质量是乙的2倍，甲的轨道半径是乙的2倍。下列应用公式进行的推论正确的是（ ）
A.由可知，甲的速度是乙的倍
B.由可知，甲的向心加速度是乙的2倍
C.由可知，甲的向心力是乙的
D.由可知，甲的周期是乙的倍
5.如图2所示，一玻璃球体半径为，为球心，为水平直径，点是玻璃球的最高点，来自球面上点的光线从点射出时的折射角为60°，出射光线平行于。光在真空中的传播速度为，则（ ）
图2
A.光线从到所用的时间小于
B.光线从到所用的时间为.
C.若增大，光线可能在段发生全反射现象
D.若增大，光线不可能在段发生全反射现象
6.如图3，两点电荷、位于轴上，相邻等势面的电势差为。若轴上的点和点位于等势面上，为等势面上一点，则下列说法正确的是（ ）
图3
A.点的电场强度大小比点的小B.为正电荷，为负电荷
C.点与点的电场方向相反D.将一电子从点移至点，静电力对电子做功
7.已知两分力的大小分别为和，且，是两分力的合力与的夹角的最大值，下列结论正确的是（ ）
A.B.C.D.
8.如图4所示，在粗糙的水平面上，质量分别为和的物块、用轻弹簧相连，两物块与水平面间的动摩擦因数均为，当用水平力作用于上且两物块以相同加速度向右做匀加速直线运动时，弹簧的伸长量为；当用同样大小的恒力沿着倾角为的光滑斜面方向作用于上且两物块以相同加速度沿斜面向上做匀加速直线运动时，弹簧的伸长量为，下列说法中正确的是（ ）
图4
A.若，有B.若，有
C.若，有D.若，有
9.如图5所示，理想变压器原线圈上串联一个定值电阻，副线圈上接一个滑动变阻器，原线圈的输入端接在一个输出电压恒定的交流电源上，理想电压表、、的示数分别用、，表示，当滑动变阻器的触头移动时，下列说法中正确的是（ ）
图5
A.向下移动滑动触头，与的比值变大
B.向上移动滑动触头，与的比值不变
C.移动滑动触头，当增大时，消耗的功率也增大
D.移动滑动触头，滑动变阻器与电阻消耗的功率之比始终都等于
10.如图6甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中处的质点以此时刻为计时起点的振动图像。下列说法正确的是（ ）
甲 乙
图6
A.这列波沿轴负为向传播
B.这列波的传播速度是
C.经过，质点的运动方向沿轴负方向
D.从该时刻开始计时，经过质点运动的路程为
11.如图7甲所示，一个匝数匝的圆形导体线圈，面积，总电阻。在线圈中存在面积的垂直线圈平面向外的匀强磁场区域，磁感应强度随时间变化的关系如图乙所示。有一个的电阻，将其两端、分别与图甲中的圆形线圈相连接，其余电阻不计，下列说法正确的是（ ）
甲 乙
图7
A.内点电势高于点电势B.内、间的电压大小为
C.内通过电阻的电嗝量为D.内电流的有效值为
12.甲、乙两辆汽车同时同地出发，沿同一方向做直线运动，两车速度的平方随位移的变化图象如图8所示，下列说法正确的是（ ）
图8
A.汽车甲的加速度大小为B.甲、乙距离最大时，甲的位移为
C.汽车甲、乙在处相遇D.汽车甲、乙在时相遇
二、填空、实验题：本大题共2小题，共14分。
13.（6分）图9甲是实验室常用的实验装置，利用该装置可以完成多个重要的力学实验。
甲 乙
图9
（1）做“探究小车速度随时间的变化规律”实验时，下列说法正确的是______。
A.需要平衡小车与木板间的摩擦力
B.不需要满足小车的质量远大于钩码的质量
C.每次改变小车质量后都须重新平衡小车与木板间的摩擦力
D.可以将木板带有打点计时器的一端适当垫高，目的是尽量使小车加速度大些
（2）打点计时器电源频率为，实验得到如图乙所示纸带，每隔4个点设一个计数点，由纸带可得打点计时器打计数点“3”时小车的速度大小为______，小车运动的加速度大小为______。（结果均保留2位有效数字）
14.（8分）某同学设计了如图10甲所示的电路来测量电源电动势、内阻和电阻的阻值。实验器材有待测电源（内阻为）、待测电阻、电压表（量程为，内阻很大）、电阻箱、单刀单掷开关、单刀双掷开关及导线若干。
甲 乙 丙
图10
（1）先测电阻的阻值。请将该同学的操作补充完整。
①闭合开关，将开关接，调节电阻箱的阻值如图乙所示，读出其示数______，对应的电压表示数；
②保持电阻箱示数不变，______，读出电压表的示数；
③则可测得电阻______（结果保留2位有效数字）。
（2）该同学继续测电源电动势和电源内阻保持第（1）问中的阻值不变，闭合开关，将开关接，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数和对应的电压表示数，由测得的数据绘出了如图丙所示的图线，则电源电动势______，电源内阻______。（结果均保留3位有效数字）
（3）若电压表影响不可忽略，测量电动势将______（填“偏大”“不变”或“偏小”）。
三、计算题：本大题共4小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分。
15.（8分）某饮料㼛内密封着一定质量的理想气体（如图11），当时，其压虽
图11
（1）若气体温度升高到时，气压是多大？
（2）若保持温度不变，挤压瓶子，使气休压强与（1）问中相同时，气体体积为原来的多少倍？
16.（8分）如图12所示，一轻质弹簧两端连着木块和，静止放在光滑水平面上，一颗子弹以水平速度射入木块并留在其中，已知子弹的质量为，的质量为，的质量为，则直到弹簧压缩最短时，求：
图12
（1）弹簧的最大弹性势能为多少？
（2）系统损失的机械能为多少？
17.（10分）如图13所示，平面第一象限内存在沿轴正方向的匀强电场，第二象限内存在画直平面的匀强磁场，磁感应强度大小为；带电是为的粒子以大小为的初速度从轴上的点射入磁场，初速度方向与轴负方向的夹角为60°，粒子经磁场偏转后从轴上的点垂直轴射入电场，最后从轴上的点射出电场。粒子重力不计，求：
图13
（1）粒子的质量；
（2）匀强电场电场强度的大小。
18.（12分）如图14所示，长的水平传送带以的速度沿顺时针方向匀速转动，右端与静止在水平地面上的木板的上表面平滑连接。时刻将质量的滑块从传送带左端由静止释放，一段时间后滑块滑上木板。已知木板的质量，滑块与传送带之间的动摩擦因数，滑块与木板上表面之间的动摩擦因数，木板下表面与地面之间的动摩擦因数，滑块可视为质点且始终未脱离木板，取。求：
图14
（1）滑块在传送带上运动的时间；
（2）木板运动的总位移大小。
云南省三校2023-2024学年高三上学期高考备考实用性联考卷（二）
物理参考答案
一、选择题：本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.
【解折】
1.平均速度、瞬时速度以及加速度等物理概念是伽利略首先建立起来的，故A正确。麦克斯韦认为，变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，故B错误。J·J·汤姆孙发现电子，揭开了人类认识原子核结构的序幕，故C错误。核反应方程属于衰变，而射线来自原子核内，故D错误。
2.由可知，汽车做匀减速运动，，，加速度大小为，故B错误。末的速度为，内的平均速度为，故A正确。第内的位移为：汽车停下时间为，内位移为，平均速度大小是，故C、D错误。
3.第二次运动时间长，故A错误。第一次在最高点的速度大，故C错误。着地前瞬间的速度大小可能相等，故B正确。由运动的对称性可知D错误。
4.不能用对比两颗卫星，故A错误。两卫星的角速度不一样，故B错误。由可知，甲的向心力是乙的，故C错误。由开普勒第三定律知D正确。
5.由几何关系加入射角为30°，折射率，光在玻璃中的传播速度为，到的时间，故A、B错误。由折射率知，临界角小于45°，若增大，光线可能在段发生全反射现象，故C正确，D错误。
6.等差等势面的疏密程度反映了场强的大小，所以点的电场强度大小比点的大，故A错误。电场线总是从高等势面指向低等势面，根据等势面的高低可以判断为负电荷，为正电荷，故B错误。沿着电场线的方向电势降低，结合各等势面的电势高低关系可知点的电场方向沿轴的正方向，点的电场方向沿轴的负方向，两点场强方向相反，故C正确，点和点之间有四个等势线，而相邻的两个等势面之间的电势差为，则点和点的电势差为，所以将一电子从点移至点，静电力做功为。故D错误，
7.由三角形定则可知，当与合力的方向垂直时，最大，此时有。
8.两物块在水平面上做匀加速直线运动时，对整体，由牛顿第二定律有，对，由牛顿第二定律有，联立可得；两物块在光滑斜面上做匀加速直线运动时，对整体，由牛顿第二定律有，对，由牛顿第二定律有.联立可得，则总有，故A、B、C错误，D正确。
9.向下移动滑动触头，则变小，则次级电流增大，初级电流增大，的电压增大，由于，而不变，则初级电压变小，次级电压也变小，即变小，则与的比值变小，故A错误。与的比值等于变压器的次级与初级线圈的匝数比，则向上移动滑动触头，与的比值不变，故B正确。移动滑动触头，当增大时，则也增大，由于，而不变，则此时消耗的功率变小，故C错误。根据理想变压器的规律可知，输出功率等于输入功率，即电阻消耗的功率等于原线圈的输入功率，分析原线圈电路可知，电阻与原线串联，电流相等，功率，则电阻与滑动变阻器消耗的功率之比等于两端电压与电线圈电压之比，电压表、的示数为、，则滑动变阻器与电阻消耗的功率之比始终都等于，故D正确。
10.由图乙中图像知点沿方向振动，则波沿方向传播，故A错误。从两图中可以得到波长为，周期为，则有，故B正确。从图中可知，0时刻点的振动方向竖直向上，其到波峰小于二分之一周期而大于四分之一周期，所以经过，点已从波峰向下振动但还没到平衡位置，故C正确。一个振动周期内，质点的路程为，则从该时刻开始计时，经过质点运动的路程为，故D错误。
11.由楞次定律可知，内点电势高于点电势，故A正确。内，根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势为，间的电压为，故B错误。内通过电阻的电荷量大小为，故C正确。内电路的电流为，内电路的电流为，故，代入数据解得，故D错误。
12.匀变速直线运动的速度位移关系为，由此可加，汽车甲的加速度大小为，汽车乙的加速度大小为，故A错误。两车速度相等时两年相距最远，即、，解得，又，解得，故B正确。由题可知汽车甲速度为0所需时间为，这段时间汽车乙的位移为，故甲、乙在处相遇，即汽车甲停止后乙车追上，故，解得两车相遇的时间为，故C错误，D正确。
二、填空、实验题：本大题共2小题，共14分。
13.（每空2分，共6分）
（1）B
（2）0.61 2.0
【解析】（1）用此装置“探究小车速度随时间的变化规律”时，不需要平衡摩擦力，不需要满足小车的质量远大于钩码的质量，只要物体做匀变速直线运动即可，故A错误，B正确。用此装置“探究加速度与质量的关系”时，改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故C错误。做“探究加速度与质量关系”实验时，可以将木板带有打点计时器的一端适当垫高，目的是平衡摩擦力，使得细线的拉力等于小车的合外力，故D错误。（2）打点计时器打计数点“3”时小车的速度大小为，小车运动的加速度大小为。
14.（除特殊标注外，每空1分，共8分）
（1）12.0 将开关接 4.8
（2）1.43（2分） 1.20（或1.21）（2分）
（3）偏小
【解析】（1）根据电阻箱读数规则，由图乙可读出的阻值为，由题意可知，本实验中没有给出电流表，故应用电压表与电阻箱求电源电动势和内阻。实验中应充分利用电阻及串、并联电路的规律得出表达式，为了测出多组数据，应再将接。由欧姆定律可知、，而电路中电流相等，联立解得。
（2）根据，有，对照直线方程得，截距，所以，斜率，又，已测出，解得。
三、计算题：本大题共4小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分.
15.（8分）
解：（1）瓶内气体的始末状态的热力学温度分别为
，
温度变化过程中体积不变，故由度理定得有
①
解得②
（2）等温变化过程，由玻意耳定律有③
解得④
评分标准：本题共8分。正确得出①～④式各给2分.
16.（8分）
解：（1）子弹射入木块的过程中，子弹和木块组成的系统动量守恒，由动量守恒定律有
①
解得②
当物块与物块速度相等时，弹簧压缩到最短，此时弹性势能最大，由于整个过程系统的动量守恒，由动量守恒定律有
③
解得④
由能量守恒定律有⑤
（2）系统损失的机械能为
⑥
评分标准：本题共8分。正确得出⑤、⑥式各给2分，其余各式各给1分。
17.（10分）
解：（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律得
①
根据直角三角形得
②
解得③
（2）粒子在电场中做类平抛运动，在竖直方向上
④
⑤
在水平方向上
⑥
解得⑦
评分标准：本题共10分。正确得出①、②、⑦式各给2分，其余各式各给1分。
18.（12分）
解：（1）滑块从传送带左端山静止释放时，对滑块分所有
①
解得②
滑块先向右做匀加速直线运动，假设滑块在传送带上一直加速，则有③
解得，，假设成立
则滑块在传送带上运动的时间为④
（2）滑块滑上木板后，滑块相对木板向右运动，滑块先以加速度、初速度向右做匀减速直线运动，对滑块有
⑤
对木板有
⑥
木板向右做匀加速直线运动，经历时间，两者达到相等速度，则有
⑦
此过程木板的位移
⑧
之后两者保持相对静止，共同向右做匀减速直线运动，则有
⑨
则减速至0过程有
⑩
木板运动的总位移大小
eq \\ac(○,11)
解得 eq \\ac(○,12)
评分标准：本题共12分。正确得出①～ eq \\ac(○,12)式各给1分。题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
A
A
B
D
C
C
A
D
BD
BC
AC
BD
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