2024年重庆市中考物理试卷（A卷）（含解析）

这是一份2024年重庆市中考物理试卷（A卷）（含解析），共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.下列物理量最接近生活实际的是( )
A. 一节干电池的电压约为1.5VB. 教学楼廊道护栏的高度约为12m
C. 真空中声音的速度约为340m/sD. 电磁波的传播速度约为3×105m/s
2.如图所示，是同学们拍摄的“中国年⋅中国味”活动情境，对涉及的物理知识解释正确的是( )
A. 墨迹未干的春联墨香四溢，说明分子间有引力
B. 停止加热砂锅煲继续沸腾，说明汽化不需吸热
C. 汤圆上方的“白气”是水蒸气吸热液化形成的
D. 激昂欢快的迎新鼓声是敲鼓时鼓面振动产生的
3.下列关于白居易的《暮江吟》中描述的光现象解释正确的是( )
A. 一道残阳铺水中——水中的“夕阳”是由于光的折射形成的
B. 半江瑟瑟半江红——江面呈现出红色是江面反射红光的原因
C. 可怜九月初三夜——九月初三夜空的弯月是自然界中的光源
D. 露似真珠月似弓——露珠特别明亮是白光发生了色散的原因
4.建筑工人通过如图所示的装置将一桶质量为45kg的涂料从地面提起，桶离开地面后在4s内缓慢上升0.8m，工人所用的拉力为500N。下列说法中正确的是( )
A. 该装置做的有用功为400J
B. 该装置的机械效率为90%
C. 绳子自由端移动的平均速度为0.4m/s
D. 桶离开地面前，工人拉力逐渐增大，桶对地面的压强不变
5.如图所示电路，电源电压保持不变，L1和L2是两个相同的小灯泡。先闭合开关S1，记录两电表示数；再闭合开关S2，电流表和电压表的示数变化情况是( )
A. 电流表示数减小，电压表示数减小
B. 电流表示数增大，电压表示数减小
C. 电流表示数增大，电压表示数不变
D. 电流表示数不变，电压表示数不变
6.2024年全国游泳冠军赛上，费立纬以14分49秒30的成绩获得男子1500m自由泳冠军。下列有关说法正确的是( )
A. 运动员折返后不划水仍前进是由于惯性B. 游泳时以泳池为参照物运动员是静止的
C. 运动员在池水中前进时不受重力的作用D. 加速冲刺阶段运动员受到平衡力的作用
7.关于家用电器的工作过程和家庭电路，下列说法正确的是( )
A. 家用电饭煲正常工作时将内能转化为电能B. 有金属外壳的家用电器可以使用两孔插座
C. 家庭电路的总开关要安装在电能表的后面D. 空气开关的作用是在发生漏电时切断电路
8.同学们模仿中药房的戮秤制作杆秤，用筷子做秤杆，用钩码做秤砣，用细线将秤盘系在A点。当不挂秤砣、且秤盘不放物体时，在O点提起提纽，秤杆水平平衡；当秤盘放100g物体、秤砣移到B点时，秤杆再次水平平衡，如图所示。在O到B两条刻线之间均匀地画上49条刻度线。下列说法正确的是( )
A. 自制杆秤的每一格约表示2.08g
B. 称中药时B端翘起应减少中药恢复水平平衡
C. 如果秤砣磨损则测量结果会比真实质量偏小
D. 若将提纽移到O点右侧可以增大杆秤的量程
二、填空题：本大题共5小题，共10分。
9.乘客在高铁站台要站在白色安全线内，是因为高铁列车进站时带动空气，使靠近列车一侧的空气流速变______，压强变______，压强差会给乘客带来危险。
10.用相同织物分别摩擦两个相同气球，用其中一个气球靠近碎纸屑，发现碎纸屑被吸引起来，如图所示，说明摩擦可以使气球带上______；然后将两个气球靠近，发现它们会相互______。
11.如图所示，重庆蟠龙抽水蓄能电站于2024年全部投产，每年可减少二氧化碳排放39.87万吨。抽水蓄能电站的工作原理是：在用电低谷时，将水从下水库抽到上水库储存，这是将电能转化为水的______能；在用电高峰时，将水从上水库放到下水库带动发电机发电，发电机是利用______原理工作的。
12.如图所示，小欣同学家电能表4月底的示数是______kW⋅h；若关闭家中其他用电器，只有电热水壶工作，电能表的指示灯闪烁300次时，刚好将1.2kg水从20℃加热到80℃，则电热水壶的加热效率为______%。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
13.如图甲所示，电源电压不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，定值电阻R1大于5Ω，滑动变阻器R2的规格为“20Ω，1A”，小灯泡L的电流随其两端电压变化的图像如图乙所示。若闭合开关S、S1接1，在电路安全的情况下，变阻器R2允许接入电路的最大阻值为15Ω，则电源电压为______V；若闭合开关S、S1接2，在电路安全的情况下，电路中允许通过的最大电流是最小电流的1.5倍，则电阻R1的阻值为______Ω。
三、作图题：本大题共2小题，共2分。
14.画出烛焰顶部A点在平面镜MN中的像A′。
15.在虚线框中用箭头画出磁感线的方向。
四、实验探究题：本大题共3小题，共22分。
16.按要求完成下列两个实验。
(1)在“探究固体熔化时温度的变化规律”实验中，加热过程搅拌试管中的海波是为了使它______受热，海波的温度升高，内能______；在海波熔化过程中温度不变，温度计示数如图1所示为______℃。
(2)在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛燃烧一段时间后，烛焰、凸透镜和光屏的位置如图2所示，此时在光屏上观察到清晰的烛焰的像，要使像成在光屏中央，应将蜡烛的支架向______调节，在光屏上所成的像是倒立、______的实像，这与生活中______(选填“眼睛”或“放大镜”)的成像原理相同。
17.“混放是垃圾，分类是资源”，垃圾分类收集逐渐成为市民的好习惯。小吴同学在家里收集到一个废旧水龙头，同学们想通过测量密度知道它是由什么材料制成的。
(1)小吴将天平放在水平桌面上，游码移到零刻度线，发现天平的左盘较高，应将平衡螺母向______调节，直至指针对准分度盘的______刻度线。将水龙头放在天平左盘，向右盘加减砝码并移动游码，天平平衡时如图甲所示，测得水龙头质量为______g；然后用溢水杯、水、小烧杯、细线和天平测出水龙头的体积并算出密度。
(2)小欣提出用弹簧测力计测量密度更方便。她先用弹簧测力计测出水龙头的重力；然后将水龙头浸没在水中静止，发现弹簧测力计的示数减小了2小格，这是因为水龙头受到竖直向______的浮力，此时弹簧测力计的示数如图乙所示为______N；小欣计算出水龙头的密度是______g/cm3。
(3)同学们对实验进行交流评估，认为______同学测得的密度误差较大，主要原因是______。
18.小吴同学利用如图甲所示中的器材探究导体A、B中电流与两端电压的关系，其中电源电压可调。

(1)连接好如图甲所示电路，试触开关，发现电流表无示数、电压表指针偏转到最大值，原因可能是导体A发生______。排除故障后，闭合开关进行实验，某次实验时电流表如图乙所示，示数为______A。
(2)多次改变导体A两端的电压，并记录对应的______。换用导体B重复上述实验，根据实验数据绘制图像如图丙所示。分析图像发现，同一导体两端的电压与通过电流的比值是______的，因此将这个比值定义为导体的电阻。
(3)根据电阻定义可知导体B的阻值为______Ω。在工程技术中用不同颜色的环对电阻进行标记，阻值是两位数以内的电阻可以根据前两环的颜色来判断阻值，色环含义及导体A、B的色环如图丁所示，若还需用到一个15Ω的电阻，应选用图戊中电阻______(选填“d”“e”或“f”)。
(4)小欣同学用上述器材研究导体中电流与电阻的关系，保持电源电压不变，为了精确控制导体两端的电压，于是串联接入滑动变阻器进行实验。
①电路中接入15Ω的电阻，使电阻两端电压达到某一固定值，测出电流；
②将15Ω的电阻替换为B，要使B两端电压达到固定值，变阻器接入的阻值应比前次实验______；
③将电阻B替换为A再次进行实验。三次实验数据如表所示，交流时小欣发现第③次实验数据有误，这是由于接入A后忘记调节变阻器，滑片仍在第②次实验的位置，此时变阻器接入的阻值是______Ω。
五、计算题：本大题共3小题，共22分。
19.为推动成渝双城经济圈建设，重庆金凤隧道主城区段于2024年4月28日正式通车。隧道全长约6km，设计最高时速60km/h。(不计车身长度)求：
(1)汽车通过隧道至少需要的时间；
(2)若一辆功率为100kW的货车匀速通过该隧道用时8min，货车的牵引力是多大。
20.如图甲所示是同学们自制的调光小台灯，图乙是台灯的电路原理图。电源电压为3V，R是调节亮度的变阻器，最大阻值为10Ω。灯L标有“2.5V，0.5W”字样。忽略温度对电阻的影响。求：
(1)灯L正常发光时的电阻；
(2)灯L正常发光时，变阻器R工作10min产生的热量；
(3)电源电压降为2.7V后，灯L的最小实际电功率。
21.如图甲所示，我国自主建造重为3.7×108N的导管架“海基二号”需要用驳船运输到指定位置，安装在超过300m深的海域搭建石油开采平台。而亚洲最大驳船的最大载重只有3×108N，该驳船可看作长200m、宽50m、高14m的规则长方体，其最大吃水深度为7m。“文冲修造厂”通过加宽驳船解决了超重难题，如图乙所示是驳船加宽后的示意图，加宽后驳船的最大吃水深度不变。(ρ海水=1.0×103kg/m3)求：
(1)水深300m处的压强；
(2)加宽前，驳船空载时排开水的体积；
(3)若驳船体积每增加1m3，自重增加2.5×103N，为了安全装载“海基二号”，驳船总宽度至少应增加多少；请你另外设计一种改装驳船的方法(只说方法，不计算)。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、一节干电池的电压约为1.5V，故A正确；
B、教学楼廊道护栏的高度约为1.2m，故B错误；
C、声音在真空中不能传播，传播速度为零，故C错误；
D、电磁波的传播速度约为3×108m/s，故D错误。
故选：A。
根据常见的电压、长度、速度进行分析。
本题考查的是电压、长度的估测；知道真空不能传声；知道电磁波的传播速度。
2.【答案】D
【解析】解：A、墨迹未干的春联墨香四溢，是扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，故A错误；
B、停止加热砂锅煲继续沸腾，是由于锅底的温度较高，继续吸热，水沸腾，沸腾需要吸热，故B错误；
C、汤圆上方的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，故C错误；
D、鼓声是由于鼓面振动产生的，故D正确。
故选：D。
(1)分子动理论包括：物质是由分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在间隙，分子间存在相互的作用力；
(2)液体沸腾过程中吸热，温度不变；
(3)物质由气态变成液态的过程叫液化；
(4)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止。
本题综合考查了分子的运动、沸腾的特点、液化现象以及声音的特性等知识，涉及知识点较多，正确理解知识点是解题的关键。
3.【答案】B
【解析】解：A.水中的“夕阳”是由于光的反射形成的虚像，故A错误；
B.江面呈现出红色是江面反射太阳光中的红光的原因，故B正确；
C.月亮不能自行发光，不是光源，故C错误；
D.露珠特别明亮是白光发生反射，不是色散，故D错误。
故选：B。
(1)当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射；
(2)不透明物体的颜色由反射的色光颜色决定；
(3)光源是指能自行发光的物体。
此题是光现象中的综合题，涉及到光的反射、光源等，难度不大。
4.【答案】B
【解析】解：A、该装置做的有用功：W有=Gh=mgh=45kg×10N/kg×0.8m=360J，故A错误；
B、如图所示滑轮为定滑轮，绳子自由端移动的距离等于桶上升的高度，即：s=h=0.8m，
该装置做的总功：W总=Fs=500N×0.8m=400J，
该装置的机械效率：η=W有W总×100%=360J400J×100%=90%，故B正确；
C、绳子自由端移动的平均速度：v=st=0.8m4s=0.2m/s，故C错误；
D、桶离开地面前，工人拉力逐渐增大时，桶受到的竖直向上的拉力增大，则桶对地面的压力减小，受力面积一定时，根据p=FS可知桶对地面的压强变小，故D错误。
故选：B。
(1)根据W=Gh=mgh计算该装置做的有用功；
(2)如图所示滑轮为定滑轮，绳子自由端移动的距离等于桶上升的高度，根据W=Fs计算该装置做的总功；根据η=W有W总×100%计算该装置的机械效率；
(3)根据速度公式计算绳子自由端移动的平均速度；
(4)桶离开地面前，工人拉力逐渐增大时，桶受到的竖直向上的拉力增大，则桶对地面的压力减小，受力面积一定时，根据p=FS可知桶对地面的压强变化情况。
本题考查速度、功、机械效率和压强公式的应用，正确判断滑轮的类型是关键之一。
5.【答案】C
【解析】解：由图可知，闭合开关S1时，电路为灯泡L2的简单电路，电流表测量通过L2的电流，电压表测量电源电压；再闭合开关S2，电路为灯泡L1和L2的并联电路，电流表测量干路的电流，电压表测量电源电压，故电压表示数不变；由于并联电路各支路互不影响，所以通过L2的电流不变，由于并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，电流表的示数增大，故C正确，ABD错误。
故选：C。
由图可知，闭合开关S1时，电路为灯泡L2的简单电路，电流表测量通过L2的电流，电压表测量电源电压；再闭合开关S2，电路为灯泡L1和L2的并联电路，电流表测量通过两灯的电流之和，电压表测量电源电压，根据并联电路的特点可知两表的示数变化情况。
本题考查并联电路特点的应用，正确判断电路的连接方式和电表的作用是关键。
6.【答案】A
【解析】解：A、运动员折返后不划水仍前进是由于运动员具有惯性，会保持原来的运动状态，故A正确；
B、游泳时，运动员与泳池之间有位置的变化，以泳池为参照物运动员是运动的，故B错误；
C、运动员在池水中前进时受重力的作用，故C错误；
D、运动员加速冲刺时，速度越来越大，运动状态发生改变，所以受到非平衡力的作用，故D错误。
故选：A。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(2)在研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物．判断一个物体相对于哪一个物体在运动，就要看这个物体相对于哪个物体位置发生变化；
(3)地球周围的一切物体都会受到重力作用；
(4)在平衡力的作用下，物体保持静止或匀速直线运动状态。
该题考查了惯性、机械运动、运动和力的关系，是一道综合题，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
7.【答案】C
【解析】解：A.家用电饭煲利用电流的热效应工作的，正常工作时将电能转化为内能，故A错误；
B.有金属外壳的家用电器必须接地，必须使用三孔插座，故B错误；
C.电能表是用来测量电能的仪表，家庭电路的总开关要安装在电能表的后面，故C正确；
D.空气开关的作用是在电流过大时切断电路，漏电保护器才是发生漏电时切断电路，故D错误。
故选：C。
(1)根据能量转化分析；
(2)用电器的金属外壳必须接地；
(3)电能表应该接到总开关的前面；
(4)空气开关的作用是在电流过大时切断电路。
本题考查安全用电与电能的转化，属于中档题。
8.【答案】B
【解析】解：A、当秤盘放100g物体、秤砣移到B点时，秤杆再次水平平衡，则在B点所示的质量为物体的质量，在O到B两条刻线之间均匀地画上49条刻度线，从O到B点共50个小格每一小格表示的质量为：m0=100g50=2g，故A错误；
B、称中药时B端翘起，杆秤不能水平平衡，说明物体的质量大于秤砣指示的示数，可以向右侧移动秤砣，也可以减少物体的质量来使杆秤恢复水平平衡，故B正确；
C、根据G=mg和杠杆平衡条件可得m物g×OA=m砣g×OB，秤砣磨损了，OB变大，则测量结果将偏大，故C错误；
D、若将提纽移到O点右侧，测量相同质量的物体时，左边力臂变大，则其量程变小，故D错误。
故选：B。
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，杆秤水平平衡时，秤砣所在的位置显示的示数即物体的质量。
本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，涉及到杠杆的五要素、杠杆的调节、杆秤的测量原理，有一定难题。
9.【答案】大 小
【解析】解：人站在安全线以内候车时，列车高速驶来，人和列车之间空气流动速度变大，压强变小，而人体外侧的空气流速小、压强大，所以安全线内的人很容易被“吸”向列车，出现危险。
故答案为：大；小。
液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速大的地方，压强小；流体流速小的地方，压强大。
掌握流体流速和压强的关系，并能用流体压强知识解释有关问题，难度不大。
10.【答案】电荷 排斥
【解析】解：用相同织物分别摩擦两个相同气球，用其中一个气球靠近碎纸屑，发现碎纸屑被吸引起来，说明摩擦可以使气球带上电；然后将两个气球靠近，两个气球带同种电荷，发现它们会相互排斥。
故答案为：电荷；吸引。
用摩擦的方法是物体带电叫摩擦起电，带电体可以吸引轻小物体；
同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引。
本题考查的是带电体的性质；知道电荷间的相互作用规律。
11.【答案】重力势 电磁感应
【解析】解：蓄能时，水被抽到上水库中，水的高度增加，所以电能转化为水的重力势能；发电机的工作原理是电磁感应现象。
故答案为：重力势；电磁感应。
蓄能时，水被抽到上水库中，水的高度增加；
发电机的工作原理是电磁感应现象。
本题考查了能量的转化、发电机原理，难度不大。
12.【答案】2024.6 84
【解析】解：由图可知，电能表最后一位是小数，电能表4月底的示数是2024.6kW⋅h；
3000imp/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的指示灯闪烁3000次，则电能表指示灯闪烁了300次，电热水壶实际消耗的电能：W=300imp3000imp/(kW⋅h) =0.1kW⋅h=3.6，
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.2kg×(80°−20°)=3.024×105J，
电热水壶的加热效率为η=Q吸W=3.024×105J3.6×105J=84%。
故答案为：2024.6；84。
电能表最后一位是小数，单位是kW⋅h，根据表读数；
3000imp/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的指示灯闪烁3000次，则电能表指示灯闪烁了300次，可得电热水壶实际消耗的电能，
根据Q吸=cmΔt，η=Q吸W可得结果。
本题考查了效率公式以及对电能表参数的理解，难度不大。
13.【答案】4.5 40
【解析】解：(1)由图甲可知：闭合开关S、S1接1时，灯泡与滑动变阻器R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
由于电压表量程为0～3V，所以，在电路安全的情况下，变阻器R2允许接入电路的最大阻值时电压表的示数最大为3V，
则根据串联电路的电流处处相等的特点可知通过灯泡的电流为：IL=I2=U2大R2=3V15Ω=0.2A，
由图乙可知此时灯泡两端的电压为：UL=1.5V，
根据串联电路电压的规律可知，电源电压：U=UL+U2=1.5V+3V=4.5V；
(2)若闭合开关S、S1接2，R1与滑动变阻器R2串联，电流表接“0～0.6A”量程，根据串联电路电流特点结合滑动变阻器的规格可知通过电路的最大电流为0.6A，或最大电流为4.5VR1<0.6A，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知滑动变阻器接入电路最大电阻时，通过电路的电流最小，通过电路的最小电流为4.5V20Ω+R1，
在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的1.5倍，分以下几种情况讨论：
①最大电流0.6A，最小电流为4.5V20Ω+R1，则1.5×4.5V20Ω+R1=0.6A，解得：R1=−8.75Ω(舍去)；
②最大电流为4.5VR1，最小电流为4.5V20Ω+R1，则1.5×4.5V20Ω+R1=4.5VR1，解得：R1=40Ω。
故答案为：4.5；40。
(1)由图甲可知：闭合开关S、S1接1时，灯泡与滑动变阻器R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流，
在电路安全的情况下，变阻器R2允许接入电路的最大阻值时电压表的示数为最大，根据电压表的量程可知此时R2两端的电压，根据欧姆定律求出电路中电流，根据串联电路的电流特点可知通过灯泡的电流，由图乙读出灯泡两端的电压，然后根据串联电路的电压特点求出电源电压；
(2)若闭合开关S、S1接2，R1与滑动变阻器R2串联，电流表接“0～0.6A”量程，根据串联电路电流特点结合滑动变阻器的规格可知通过电路的最大电流为0.6A，或最大电流为4.5VR1<0.6A，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知滑动变阻器接入电路最大电阻时，通过电路的电流最小，通过电路的最小电流为4.5V20Ω+R1，分情况讨论最大电流和最小电流的关系可确定定值电阻R1的阻值。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的灵活运用，解题的关键是根据串联电路特点从图像中获取有用的信息。
14.【答案】解：过平面镜作A点的对称点，即为烛焰上A点在平面镜中所成的像A′.如图所示：

【解析】平面镜成像的特点是：像与物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像、物关于平面镜对称。
本题考查平面镜成像，关键是抓住平面镜成像特点是像物关于平面镜对称。
15.【答案】解：由图可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，由安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极，螺线管外部的磁感方向从N极到S极，通电螺线管周围磁感线的方向如图所示：

【解析】根据电流方向和线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的N、S极，再利用磁感线的特点即可确定磁感线的方向。
知道安培定则的内容，并能利用安培定则判断出通电螺线管的极性是解决该题的关键。
16.【答案】均匀 增大 48 上 缩小 眼睛
【解析】解：(1)“探究海波熔化时温度的变化规律”实验中，需要不停地搅拌试管中的海波，是为了让海波均匀受热；吸热内能增大，图中温度计的分度值为1℃，此时所测的温度为零上，是48℃；
(2)蜡烛燃烧一段时间后，烛焰、凸透镜和光屏的位置如图2所示，此时在光屏上观察到清晰的烛焰的像，要使像成在光屏中央，根据过光心的光线方向不变，将蜡烛上移，此时物距大于像距，成倒立缩小的实像，与眼睛、照相机原理相似。
故答案为：(1)均匀；增大；48；
(2)上；缩小；眼睛。
(1)“探究海波熔化时温度的变化规律”实验中，需要让海波均匀受热；明确温度计的分度值，根据液柱位置读出示数；物体吸收热量，内能增大。
(2)根据过光心的光线方向不变分析；物距大于像距，成倒立缩小的实像，与照相机原理相似。
本题考查“探究凸透镜成像的规律”、“探究海波熔化时温度的变化规律”实验，难度不大，是一道综合题。
17.【答案】左 中央 181.4 上 1.4 4.5×103 小欣 弹簧测力计的分度值太大
【解析】解：(1)小吴将天平放在水平桌面上，首先把游码移到标尺左端零刻度线处；
发现天平的左盘较高，指针静止时指在分度盘右侧，此时他应向左调节平衡螺母，使指针对准分度中央的刻度线；
由图甲可知，天平标尺的分度值为0.2g，废旧水龙头的质量为：m=100g+50g+20g+10g+0.4g=181.4g，
(2)废旧水龙头受到竖直向上的浮力，所以水龙头浸没在水中静止，发现弹簧测力计的示数减小了2小格，弹簧测力计的分度值为0.2N，所以废旧水龙头所受水的浮力为0.4N；如图乙所示弹簧测力计在水中示数为1.4N，根据F浮=G−F可知，废旧水龙头的重力为G=F浮+F=1.4N+0.4N=1.8N，所以废旧水龙头的质量为m=Gg=1.8N10N/kg=0.18kg，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得V=V排=F浮ρ水g=0.4N1×103kg/m3×10N/kg=4×10−5m3，废旧水龙头的密度为ρ=mV=0.18kg4×10−5m3=4.5×103kg/m3；
(3)由于弹簧测力计的分度值较大，测出废旧水龙头的质量较大，小欣同学测出水龙头的密度误差较大。
故答案为：(1)左；中央；181.4；(2)上；1.4；4.5×103；(3)小欣；弹簧测力计的分度值太大。
(1)使用天平之前，首先把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度，然后调节平衡螺母使天平的横梁平衡，调节方法：指针向左偏平衡螺母向右调，指针向右偏平衡螺母向左调，使指针对准分度中央的刻度线；物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
(2)浮力的方向竖直向上；根据F浮=G−F可求出废旧水龙头重力，从而计算废旧水龙头的质量，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排，可求出废旧水龙头的体积，由密度公式计算废旧水龙头的密度大小；
(3)根据实验步骤分析两种方法的误差。
本题考查了天平的调节、天平的读数、称重法和阿基米德原理，注意两种方法的比较。
18.【答案】断路 0.2 电流 不变 10 e 小 10
【解析】解：(1)试触开关，发现电流表无示数，说明电路有断路的地方、电压表指针偏转到最大值，说明与电压表并联的定值电阻即导体A断路；电流表量程为0−0.6A，分度值为0.02A，读数为0.2A；
(2)实验过程中，改变电阻两端的电压并记录相应的电流值，电压与电流的比值是不变的；
(3)由图丙，B电阻的电压UB=3V，对应电流IB=0.3A，则电阻RB=UBIB=3V0.3A=10Ω；同理A电阻的电压UA=3V，对应电流IA=0.6A，则电阻RA=UAIA=3V0.6A=5Ω；图丁中A的阻值为5Ω，则十位为0，个位为5，因此黑色代表0，绿色代表5，同理B电阻，棕色代表1，因此选择15Ω的电阻就是十位时棕色环1，个位是绿色环5，即e为15Ω电阻；
(4)②根据表中数据，更换B电阻后，接入电路中的定值电阻变小，根据分压其两端电压变小，在此实验中需要保证电压大小不变，因此需将变阻器的电压减小，以此增大定值电阻的电压，即减小变阻器的阻值；
③将电阻B替换为A再次进行实验时，电源电压不变，变阻器的阻值不变，由串联电路电压规律和表格数据可知，第②次的电源电压可表示为：U=UB+U滑=I2RB+I2R滑=0.3A×10Ω+0.3A×R滑①；第③次的电源电压可表示为U=UA+U滑=I3RA+I2R滑=0.4A×5Ω+0.4A×R滑②，由①②式可得，电源电压U=6V，变阻器阻值R滑=10Ω。
故答案为：(1)断路；0.2；(2)电流；不变；(3)10；e；(4)②小；③10。
(1)试触开关，发现电流表无示数，说明电路有断路的地方、电压表指针偏转到最大值，说明与电压表并联的元件故障；根据电流表的量程和分度值读数；
(2)实验过程中，改变电阻两端的电压并记录相应的电流值，对比分析；
(3)由图丙进行计算求值，计算AB得电阻，根据图丁判断色环代表的数值；
(4)②根据电流的变化分析电阻的变化；
③根据表中第1此实验，计算保持不变的电压值，根据AB电阻的阻值以及串联电路的电压规律分析解答；
本题考查了探究电流与电阻和电压关系的实验，涉及故障分析、电流表读数、数据分析以及相关计算，有一定的难度。
19.【答案】解：(1)汽车通过隧道至少需要的时间：t=sv=6km60km/h=0.1h；
(2)货车匀速通过隧道做的功：W=Pt′=100×103W×8×60s=4.8×107J，
货车的牵引力：F=Ws=4.8×107J6×103m=8000N。
答：(1)汽车通过隧道至少需要0.1h的时间；
(2)货车的牵引力为8000N。
【解析】(1)已知隧道长和设计的最度时速，根据速度公式求汽车通过隧道至少需要的时间；
(2)根据W=Pt求货车匀速通过隧道做的功，根据W=Fs求货车的牵引力。
本题考查速度、功和功率公式的应用，难度不大，注意单位换算是关键之一。
20.【答案】解：(1)灯正常发光时的电流：I正=P额U额=，
灯正常发光时的电阻：RL=U额I正=Ω；
(2)由图乙可知，灯L与变阻器R串联，灯L正常发光时，
通过变阻器的电流等于通过灯的电流，即：IR=I正=0.2A，
变阻器两端的电压：UR=U−U额=3V−2.5V=0.5V，
变阻器R工作10min产生的热量：QR=WR=URIRt=0.5V×0.2A×10×60s=60J；
(3)电源电压降为2.7V后，当变阻器接入电路的阻值最大时，电路中的电流最小，此时灯的实际功率最小，电路中的最小电流：I小=U′R总大=2.7V10Ω+12.5Ω=0.12A，
灯L的最小实际电功率：PL小=I小2RL=(0.12A)2×12.5Ω=0.18W。
答：(1)灯L正常发光时的电阻为12.5Ω；
(2)灯L正常发光时，变阻器R工作10min产生的热量为60J；
(3)电源电压降为2.7V后，灯L的最小实际电功率为0.18W。
【解析】(1)已知灯L的额定电压和额定功率，根据P=UI求灯正常发光时的电流，根据欧姆定律求灯正常发光时的电阻；
(2)由图乙可知，灯L与变阻器R串联，通过变阻器的电流等于通过灯的电流，根据串联电路的电压规律求变阻器两端的电压，根据欧姆定律求变阻器接入电路的电阻，根据Q=W=UIt求变阻器R工作10min产生的热量；
(3)电源电压降为2.7V后，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求电路中的最小电流，根据P=UI=I2R灯L的最小实际电功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和焦耳定律、电功率公式的应用，明确电路中的最小电流是关键。
21.【答案】解：(1)水深300m处的压强p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×300m=3×106Pa；
(2)吃水深度最大时，V排=200m×50m×7m=7×104m3；F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×7×104m3=7×108N；
最大载重G货=3×108N；所以，船体自重G船=4×108N；空载时F空浮=G船=4×108N；
加宽前，驳船空载时排开水的体积V空排=F空浮ρ水g=4×108N1×103kg/m3×10N/kg=4×104m3；
(3)为了安全装载“海基二号”，船体所受的重力与浮力的差必须增大ΔF=3.7×108N−3×108N=7×107N；
加宽后驳船的最大吃水深度不变，设增加的体积为V，则增加的浮力与增加的重力之差必须等于ΔF=7×107N；于是列方程：
1×103kg/m3×10N/kg12V−2.5×103N/m3V=7×107N；解得：V=2.8×104m3
所以，增加的宽度L=2.8×104m3200m×14m=10m。
答：水深300m处的压强为3×106Pa；加宽前，驳船空载时排开水的体积为4×104m3；增加的宽度为10m。
【解析】(1)根据液体压强公式计算；
(2)根据阿基米德原理先计算船体所受最大浮力，进一步求出船体重力，再利用空载时漂浮，即可求出空载时排开水的体积。关键要计算准确；
(3)为了安全装载“海基二号”，船体所受的重力与浮力的差必须增大ΔF，也就是则增加的浮力与增加的重力之差必须等于ΔF，列方程求解。
该题要求学生分析计算能力要强，主要考察计算技能力和分析问题的能力。实验次数
①
②
③
R/Ω
15
B
A
I/A
0.2
0.3
0.4