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    专题03 函数(五大题型,16区二模真题速递)(解析卷)-2024年高考数学二模试题分类汇编(上海专用)

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    专题03 函数(五大题型,16区二模真题速递)(解析卷)-2024年高考数学二模试题分类汇编(上海专用)

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    这是一份专题03 函数(五大题型,16区二模真题速递)(解析卷)-2024年高考数学二模试题分类汇编(上海专用),共28页。试卷主要包含了题型一,题型二,题型三,题型四,题型五等内容,欢迎下载使用。


    选 题 列 表
    2024·上海杨浦·二模 2024·上海奉贤·二模
    2024·上海浦东·二模 2024·上海青浦·二模
    2024·上海黄浦·二模 2024·上海闵行·二模
    2024·上海普陀·二模 2024·上海金山·二模
    2024·上海徐汇·二模 2024·上海静安·二模
    2024·上海松江·二模 2024·上海长宁·二模
    2024·上海嘉定·二模 2024·上海崇明·二模
    2024·上海虹口·二模 2024·上海宝山·二模
    汇 编 目 录
    TOC \ "1-3" \h \u \l "_Tc30785" 题型一:函数及其表示 PAGEREF _Tc30785 \h 1
    \l "_Tc7917" 题型二:函数的基本性质 PAGEREF _Tc7917 \h 3
    \l "_Tc29359" 题型三:指对幂函数 PAGEREF _Tc29359 \h 9
    \l "_Tc27721" 题型四:函数的综合应用 PAGEREF _Tc27721 \h 15
    \l "_Tc31819" 题型五:函数新定义问题 PAGEREF _Tc31819 \h 19
    一、题型一:函数及其表示
    1.(2024·上海黄浦·二模)设函数,若恒成立,则实数a的取值范围是( )
    A.B.
    C.D.
    【答案】D
    【分析】分和两种情况下恒成立,参变分离转化为最值求解即可.
    【详解】当时,恒成立,即恒成立,
    当时,上式成立;
    当,,明显函数在上单调递增,
    所以,所以;
    当时,恒成立,即恒成立,
    令,则在上恒成立,
    又开口向下,对称轴为,
    所以的最大值为,
    所以,
    综上:实数a的取值范围是.
    故选:D.
    2.(2024·上海崇明·二模)已知函数为奇函数,则 .
    【答案】/
    【分析】考查分段函数奇偶性,先根据函数奇偶性求出函数解析式即可求出函数值.
    【详解】令,则由题意为奇函数,
    所以当时,,
    此时,
    故,所以.
    故答案为:.
    3.(2024·上海嘉定·二模)函数的值域为 .
    【答案】
    【分析】利用绝对值的定义化简函数解析式,结合不等式的性质,可得答案.
    【详解】由函数,
    当时,;当时,.
    综上所述,函数的值域为.
    故答案为:.
    二、题型二:函数的基本性质
    4.(2024·上海崇明·二模)已知函数的定义域为.
    命题:若当时,都有,则函数是D上的奇函数.
    命题:若当时,都有,则函数是D上的增函数.
    下列说法正确的是( )
    A.p、q都是真命题B.p是真命题,q是假命题
    C.p是假命题,q是真命题D.p、q都是假命题
    【答案】C
    【分析】根据题意,结合函数奇偶性与单调性的定义及判定方法,即可求解.
    【详解】对于命题,令函数,
    则,此时,当函数不是奇函数,
    所以命题为假命题,
    对于命题,当时,都有,即,不可能,
    即当时,可得,满足增函数的定义,所以命题为真命题.
    故选:C.
    5.(2024·上海奉贤·二模)已知函数,其中,,其中,则图象如图所示的函数可能是( ).
    A.B.
    C.D.
    【答案】A
    【分析】根据函数图象和的奇偶性判断.
    【详解】易知是偶函数, 是奇函数,给出的函数图象对应的是奇函数,
    A. ,定义域为R,
    又,所以是奇函数,符合题意,故正确;
    B. ,,不符合图象,故错误;
    C. ,定义域为R,
    但,故函数是非奇非偶函数,故错误;
    D. ,定义域为R,
    但,故函数是非奇非偶函数,故错误,
    故选:A
    6.(2024·上海金山·二模)设(),若为奇函数,则曲线在点处的切线方程为 .
    【答案】
    【分析】由奇函数定义求出,再利用导数的几何意义求出切线方程即得.
    【详解】函数是奇函数,则恒成立,
    而不恒为0,因此,,求导得,则,而,
    所以曲线在点处的切线方程为.
    故答案为:
    7.(2024·上海奉贤·二模)已知定义域为的函数,其图象是连续的曲线,且存在定义域也为的导函数.
    (1)求函数在点的切线方程;
    (2)已知,当与满足什么条件时,存在非零实数,对任意的实数使得恒成立?
    (3)若函数是奇函数,且满足.试判断对任意的实数是否恒成立,请说明理由.
    【答案】(1)
    (2)答案见解析
    (3)恒成立,理由见解析
    【分析】(1)求导,再根据导数的几何意义即可得解;
    (2)先求导,再根据列出方程组,进而可得出结论;
    (3)由函数是奇函数,可得是偶函数,再进一步求出导函数的周期性,再整理即可得出结论.
    【详解】(1)由题可知,,
    所以切线的斜率为,
    且,
    所以函数在点的切线方程为,即;
    (2)由题可知,
    又因为定义域上对任意的实数满足,
    所以,即,
    当且时,,
    当时,,
    当时,;
    (3)因为函数在定义域上是奇函数,所以,
    所以,所以,所以是偶函数,
    因为,所以,
    即,即,
    因为,所以,即,
    所以是周期为的函数,
    所以,
    所以.
    【点睛】思路点睛:利用导数求函数在其上一点处的切线方程的基本步骤如下:
    (1)对函数求导得;
    (2)计算切线的斜率;
    (3)利用点斜式写出切线方程.
    8.(2024·上海杨浦·二模)已知.
    (1)若的最小正周期为,判断函数的奇偶性,并说明理由;
    (2)已知,中,,,分别是角,,所对的边,若,,,求的值.
    【答案】(1)非奇非偶函数,理由见解析;
    (2).
    【分析】(1)利用给定周期求出,再利用奇偶函数的定义判断得解.
    (2)利用已知求出角,再利用余弦定理求解即得.
    【详解】(1)由的最小正周期为,得,则,
    于是,


    所以函数非奇非偶函数.
    (2)当时,则,,
    在中,,,则,有,
    于是,解得,由余弦定理得,
    即,整理得,解得,
    所以.
    9.(2024·上海静安·二模)已知,记(且).
    (1)当(是自然对数的底)时,试讨论函数的单调性和最值;
    (2)试讨论函数的奇偶性;
    (3)拓展与探究:
    ① 当在什么范围取值时,函数的图象在轴上存在对称中心?请说明理由;
    ②请提出函数的一个新性质,并用数学符号语言表达出来.(不必证明)
    【答案】(1)详见解析;
    (2)详见解析;
    (3)①当时,函数有对称中心,理由见解析;②答案见解析.
    【分析】(1)当时,求得,分和,两种情况讨论,分别求得函数的单调性,进而求得函数的最值;
    (2)根据题意,分别结合和,列出方程求得的值,即可得到结论;
    (3)根据题意,得到当时,函数有对称中心,且时,对于任意的,都有,并且.
    【详解】(1)解:当时,函数 ,可得,
    若时,,故函数在上单调递增,函数在上无最值;
    若时,令,可得,
    当时,,函数在上为严格减函数;
    当时,,函数在上为严格增函数,
    所以,当时,函数取得最小值,最小值为,无最大值.
    综上:当时,函数在上无最值;当时,最小值为,无最大值.
    (2)解:因为“为偶函数”“对于任意的,都有”
    即对于任意的,都有,并且;
    即对于任意的,,可得,
    所以是为偶函数的充要条件.
    因为“为奇函数”“对于任意的,都有”,
    即对于任意的,都有,并且,
    即对于任意的,,可得,
    所以是为奇函数的充要条件,
    当时,是非奇非偶函数.
    (3)解:①当时,函数有对称中心,
    当时,对于任意的,都有,并且.
    证明:当时,令,解得为函数的零点,
    由,
    可得;
    ② 答案1:当时,函数有对称轴.
    即当时,对于任意的,都有,并且,
    参考证明:当时,由,
    可得,
    答案2:当时,的图象关于y轴对称,
    即对于任意的,都有,
    答案3:当时,函数的零点为,即
    【点睛】解决函数极值、最值综合问题的策略:
    1、求极值、最值时,要求步骤规范,含参数时,要讨论参数的大小;
    2、求函数最值时,不可想当然地认为极值点就是最值点,要通过比较才能下结论;
    3、函数在给定闭区间上存在极值,一般要将极值与端点值进行比较才能确定最值.
    三、题型三:指对幂函数
    10.(2024·上海徐汇·二模)在下列函数中,值域为的偶函数是( )
    A.B.C.D.
    【答案】B
    【分析】根据函数的奇偶性的定义判断,利用对数函数性质和基本不等式确定偶函数的值域.
    【详解】ACD三个选项中函数定义域是,
    函数的定义域是,,为偶函数,由对数函数性质知其值域为,B符合;
    ,因此是奇函数,A不符;
    ,因此是偶函数,但,当且仅当时取等号,因此函数值域不是,C不符;
    ,是奇函数,D不符.
    故选:B .
    11.(2024·上海杨浦·二模)下列函数中,在区间上为严格增函数的是( )
    A.B.C.D.
    【答案】D
    【分析】利用解析式直接判断单调性的方法,逐项分析得解.
    【详解】对于A,函数在上单调递减,A不是;
    对于B,函数在上单调递减,B不是;
    对于C,函数在上单调递减,C不是;
    对于D,函数在上为严格增函数,D是.
    故选:D
    12.(2024·上海闵行·二模)已知,为奇函数,当时,,则集合可表示为( )
    A.B.
    C.D.
    【答案】D
    【分析】利用函数奇偶性可得不等式等价于,再求出函数解析式,利用对数函数单调性解不等式可得结果.
    【详解】因为为奇函数,所以等价于,即;
    当时,,即,解得;
    当时,,可得,所以,
    解不等式,可得,
    综上可得集合可表示为.
    故选:D
    13.(2024·上海松江·二模)已知,函数,若该函数存在最小值,则实数的取值范围是 .
    【答案】或
    【分析】令,,,,分类讨论的取值范围,判断,的单调性,结合存在最小值,列出相应不等式,综合可得答案.
    【详解】由题意,令,,,,
    当时,在上单调递减,在上单调递减,则在上的值域为,
    因为存在最小值,故需,解得,
    结合,此时;
    当时,在上单调递减,在上单调递增,则在上的值域为,
    因为存在最小值,故需,即,解得,
    这与矛盾;
    当时,在上单调递减,且在上的值域为,,此时存在最小值2;
    则实数的取值范围为或.
    故答案为:或.
    14.(2024·上海普陀·二模)若实数,满足,则的最小值为 .
    【答案】
    【分析】由已知,,,然后利用基本不等式求解即可.
    【详解】因为,,,
    所以,
    当且仅当,即时等号成立,
    所以的最小值为.
    故答案为:.
    15.(2024·上海杨浦·二模)若函数为奇函数,则函数,的值域为 .
    【答案】
    【分析】由奇函数定义可得解析式,即可求得值域.
    【详解】当时,,因为为奇函数,则,所以,所以,时值域为.
    故答案为:.
    16.(2024·上海静安·二模)函数的定义域为 .
    【答案】
    【分析】根据题意,结合函数的解析式有意义,列出不等式,即可求解.
    【详解】由函数有意义,则满足,即,解得,
    所以函数的定义域为.
    故答案为:.
    17.(2024·上海金山·二模)已知集合,,则 .
    【答案】
    【分析】计算出集合后,利用交集定义即可得.
    【详解】由,故.
    故答案为:.
    18.(2024·上海长宁·二模)已知函数是定义域为的奇函数,当时,,若,则实数的取值范围为 .
    【答案】或
    【分析】由已知结合奇函数的定义可求出及时的函数解析式,然后结合对数函数性质即可求解不等式.
    【详解】因为函数是定义域为的奇函数,
    所以,
    当时,,
    当时,,
    所以,
    所以,
    若,
    当时,可得,解得,
    当时,可得,解得,
    当时,可得,显然不成立,
    故的取值范围为或.
    故答案为:或.
    19.(2024·上海青浦·二模)已知,,若,则满足条件的 的取值范围是 .
    【答案】;
    【分析】由绝对值等式可知,代入函数后解不等式再结合对数的运算和取值范围求出结果即可.
    【详解】因为,
    所以,即,
    解得或,
    所以 的取值范围是,
    故答案为:.
    20.(23-24高三下·上海浦东新·期中)已知,则不等式的解集为 .
    【答案】
    【分析】利用函数的单调性脱去法则,再解不等式即得.
    【详解】函数都是R上的增函数,则函数是R上的增函数,
    不等式,则,解得,
    所以不等式的解集为.
    故答案为:
    21.(23-24高三下·上海浦东新·期中)已知是奇函数,当时,,则的值是 .
    【答案】/
    【分析】根据函数为奇函数求解即可.
    【详解】因为是奇函数,所以,
    则.
    故答案为:.
    22.(23-24高三下·上海浦东新·期中)已知集合,集合,则 .
    【答案】
    【分析】先求出集合,再根据交集的定义即可得解.
    【详解】,
    而,
    所以.
    故答案为:.
    23.(2024·上海黄浦·二模)设,函数.
    (1)求的值,使得为奇函数;
    (2)若,求满足的实数的取值范围.
    【答案】(1)
    (2)
    【分析】(1)由奇函数的性质可得,代入解方程即可得出答案;
    (2)由,可得,则,由指数函数的单调性解不等式即可得出答案.
    【详解】(1)由为奇函数,可知,
    即,解得,
    当时,对一切非零实数恒成立,
    故时,为奇函数.
    (2)由,可得,解得,
    所以
    解得:,所以满足的实数的取值范围是.
    四、题型四:函数的综合应用
    24.(2024·上海松江·二模)已知某个三角形的三边长为、及,其中.若,是函数的两个零点,则的取值范围是( )
    A.B.
    C.D.
    【答案】B
    【分析】由a,b为函数的两个零点可得,即可得、,由两边之和大于第三边,结合题意可得.
    【详解】由为函数的两个零点,故有,
    即恒成立,
    故,,则,,
    由a,b,c为某三角形的三边长,且,
    故,且,则, 因为必然成立,
    所以,即,解得,
    所以,
    故的取值范围是:.
    故选:B.
    25.(2024·上海青浦·二模)对于函数,其中,若关于的方程有两个不同的根,则实数的取值范围是 .
    【答案】
    【分析】将方程有两个不同的根,转化为函数图象有两个不同的交点,观察图象可得答案.
    【详解】将函数向右平移1个单位得到,
    作出函数的图象如下:
    要关于的方程有两个不同的根,
    则函数和函数有两个不同的交点,
    当过点时,,
    所以当函数和函数有两个不同的交点时,.
    故答案为:.
    26.(2024·上海长宁·二模)甲、乙、丙三辆出租车2023年运营的相关数据如下表:
    出租车空驶率;依据以述数据,小明建立了求解三辆车的空驶率的模型,并求得甲、乙、丙的空驶率分别为,则 (精确到0.01)
    【答案】
    【分析】根据题意得到出租车空驶率的模型,检验甲、乙两辆出租车的空驶率,满足题意,从而利用该模型求得丙的空驶率,从而得解.
    【详解】依题意,因为出租车行驶的总里程为,出租车有载客时行驶的里程为,
    所以出租车空驶率,
    对于甲,,满足题意;
    对于乙,,满足题意;
    所以上述模型满足要求,
    则丙的空驶率为,即.
    故答案为:.
    27.(2024·上海徐汇·二模)已知函数,其中.
    (1)求证:是奇函数;
    (2)若关于的方程在区间上有解,求实数的取值范围.
    【答案】(1)证明见解析
    (2)
    【分析】(1)结合奇偶性的定义以及对数函数运算法则即可得证;
    (2)分离参数,将原问题等价转换为在上有解,由此转换为求函数值域问题.
    【详解】(1)函数的定义域为 ,
    在中任取一个实数,都有,并且.
    因此,是奇函数.
    (2)等价于即在上有解.
    记,因为在上为严格减函数,
    所以,,,
    故的值域为,因此,实数的取值范围为.
    28.(2024·上海金山·二模)已知函数,记,,,.
    (1)若函数的最小正周期为,当时,求和的值;
    (2)若,,函数有零点,求实数的取值范围.
    【答案】(1),
    (2)
    【分析】(1)利用三角函数的周期公式求得,再利用三角函数的值域与周期性求得,从而得解;
    (2)根据题意,利用换元法将问题转化为在有解,从而利用参变分离法或二次函数根的布分即可得解.
    【详解】(1)因为函数的最小正周期,所以,
    则当时,,
    所以,得,
    因为,所以取得,
    (2)解法一:
    当,时,,,
    设,
    由题意得,在有解,化简得,
    又在上单调递减,
    所以,则.
    解法二:
    当,时,,,
    设,
    由题意得,在有解,
    记,对称轴为,
    则由根的分布可得,即,解得,
    所以.
    五、题型五:函数新定义问题
    29.(2024·上海普陀·二模)对于函数,和,,设,若,,且,皆有成立,则称函数与“具有性质”.
    (1)判断函数,与是否“具有性质”,并说明理由;
    (2)若函数,与“具有性质”,求的取值范围;
    (3)若函数与“具有性质”,且函数在区间上存在两个零点,,求证.
    【答案】(1)答案见解析
    (2)
    (3)证明见解析
    【分析】(1)根据条件,结合性质的定义判断即可;
    (2)根据,,与 “具有性质”,可得对,,恒成立,再求出的范围即可;
    (3)根据条件,得到,再构造函数,结合条件证明不等式即可.
    【详解】(1)由,且,
    得,即,
    则,
    即 ,
    即 ,
    则函数与“具有性质”.
    (2)由函数与“具有性质”,
    得,,且,
    即,
    整理得,
    则对恒成立,
    又,,
    则,,即,
    则,即所求的的取值范围为.
    (3)由函数在有两个零点,得,
    又函数与“具有性质”,
    则,
    即,
    即,
    令,即,
    记,即,
    因为,
    当时,;当时,,
    所以函数在区间是减函数,在上是增函数.
    要证,即证,
    不妨设,即证,
    只需证,
    即证,
    设,即,
    因为,
    所以函数在是减函数,且,
    又,则,
    即,则得证,
    故 .
    【点睛】关键点点睛:本题考查利用导数研究函数的单调性,利用不等式恒成立求出参数的取值范围,关键是利用极值点偏移构造函数证明不等式.
    30.(2024·上海杨浦·二模)函数、的定义域均为,若对任意两个不同的实数,,均有或成立,则称与为相关函数对.
    (1)判断函数与是否为相关函数对,并说明理由;
    (2)已知与为相关函数对,求实数的取值范围;
    (3)已知函数与为相关函数对,且存在正实数,对任意实数,均有.求证:存在实数,使得对任意,均有.
    【答案】(1)是,理由见解析;
    (2)
    (3)证明见解析;
    【分析】(1)由与不为相关函数对,得到且,从而若为相关函数,由成立求解;
    (2)根据与为相关函数对,由成立求解;
    (3)采用反证法,假设对任意均存在,均有,根据与为相关函数对,分,,得出矛盾即可.
    【详解】(1)解:若与不为相关函数对,则且,
    则,所以只要即可,
    当,时,

    所以函数与是相关函数对;
    (2)因为与为相关函数对,
    所以,
    令,,当时,;当时,,
    所以是极小值点,,
    所以,
    所以;
    (3)假设对任意均存在,
    均有,
    则取,,,使得,
    对任意,,有,,
    又函数与为相关函数对,
    则①若,则;
    ②若,则,
    由①②知:,由,将其分为很多个子区间,
    如,,,……
    则以上每个区间至多包含一个,矛盾,假设不成立,
    故存在实数,使得对任意,均有.
    【点睛】关键点点睛:本题第三问关键是由假设,,根据函数与为相关函数对,分别由和,构造,找出矛盾而得证.
    31.(2024·上海黄浦·二模)若函数的图象上的两个不同点处的切线互相重合,则称该切线为函数的图象的“自公切线”,称这两点为函数的图象的一对“同切点”.
    (1)分别判断函数与的图象是否存在“自公切线”,并说明理由;
    (2)若,求证:函数有唯一零点且该函数的图象不存在“自公切线”;
    (3)设,的零点为,,求证:“存在,使得点与是函数的图象的一对‘同切点’”的充要条件是“是数列中的项”.
    【答案】(1)函数的图象存在“自公切线”; 函数的图象不存在“自公切线”,理由见解析;
    (2)证明见解析;
    (3)证明见解析.
    【分析】(1)由直线切的图象于点判断,由导数确定意见性判断.
    (2)利用导数探讨单调性结合零点存在性定理推理即得唯一零点,再假定存在“自公切线”,利用导数的几何意义求出切线方程,证明在上无解即得.
    (3)求出在点与处的切线方程,利用(2)的结论,结合诱导公式,及充要条件的证明方法推理即得.
    【详解】(1)显然直线切的图象于点,
    直线是的图象的一条“自公切线”,因此函数的图象存在“自公切线”;
    对于是严格减函数,则在不同点处的切线斜率不同,
    所以函数的图象不存在“自公切线”.
    (2)由恒成立,且仅当时,
    则是上的严格增函数,可得它至多有一个零点,
    令,
    由的图象是连续曲线,且,
    因此在上存在零点,即在上存在零点,所以有唯一零点;
    假设的图象存在“自公切线”,则存在且,
    使得的图象在与处的切线重合,即,有,不妨设,
    切线,,
    有相同截距,即,而,
    则,即,
    则有,即,令,,
    即函数在上单调递增,,因此当时,,
    即在上无解,
    所以的图象不存在“自公切线”.
    (3)对给定的,由(2)知有唯一零点,即唯一确定,
    又在点处的切线方程为,即,
    在点处的切线方程为,
    若存在,使得点与是函数图象的一对“同切点”,
    则,又,则,
    所以,且,从而存在,
    使得,代入,可得,则,即是数列中的项;
    反之,若是数列中的项,则存在,使得,即,
    由(2)中的严格增,可知严格增,又且,可知,
    令,则且,
    即,可得,所以存在,
    使得点与是函数的图象的一对“同切点”.
    所以存在,使得点与是函数图象的一对“同切点”的充要条件是“是数列中的项”.
    【点睛】结论点睛:函数y=f(x)是区间D上的可导函数,则曲线y=f(x)在点处的切线方程为:.
    32.(2024·上海虹口·二模)若函数满足:对任意,都有,则称函数具有性质.
    (1)设,,分别判断与是否具有性质?并说明理由;
    (2)设函数具有性质,求实数的取值范围;
    (3)已知函数具有性质,且图像是一条连续曲线,若在上是严格增函数,求证:是奇函数.
    【答案】(1)不具有性质,具有性质
    (2)
    (3)证明见解析
    【分析】(1)取特殊值判断,利用所给定义判断;
    (2)首先判断的奇偶性,依题意可得是严格增函数,则恒成立,再分、、三种情况讨论.
    (3)依题意只要证明对任意实数,,对任意实数,设,则由具有性质知:当时,①,设,分、两种情况讨论,结合零点存在性定理证明即可.
    【详解】(1)不具有性质,理由如下:
    取,有.
    具有性质,理由如下:
    对任意,,
    有.
    (2)函数定义域为,
    又,
    所以是奇函数,
    函数具有性质,故对,,
    都有,
    又为奇函数,
    故,即是严格增函数,恒成立.
    若,则,解得;
    若,则恒成立;
    若,则,解得;
    综合上述,实数的取值范围为.
    (3)因函数的定义域为,
    要证明是奇函数,
    只要证明对任意实数,即可.
    对任意实数,设,则由具有性质知:
    当时, ①,
    设,当,即时,由①得,
    即当时②,
    当,即时,由①得,
    即当时③,
    于是由曲线的连续性,函数在上存在零点,
    即 ④ ,
    由函数在上严格增,知:函数在上严格增;
    所以由②知,由③知,故;
    故由④得,
    即对任意实数,均有,
    因此,函数是奇函数.
    【点睛】关键点点睛:本题解答的关键是理解性质的定义,第二问结合函数的奇偶性得到函数的单调性,从而转化为恒成立问题.
    33.(2024·上海金山·二模)已知函数与有相同的定义域.若存在常数(),使得对于任意的,都存在,满足,则称函数是函数关于的“函数”.
    (1)若,,试判断函数是否是关于的“函数”,并说明理由;
    (2)若函数与均存在最大值与最小值,且函数是关于的“函数”,又是关于的“函数”,证明:;
    (3)已知,,其定义域均为.给定正实数,若存在唯一的,使得是关于的“函数”,求的所有可能值.
    【答案】(1)不是,理由见解析
    (2)证明见解析
    (3)的所有可能值为或
    【分析】(1)结合题目所给定义分别计算即可得;
    (2)结合定义可得,,即可得解;
    (3)记集合,,结合定义可得,再分、、讨论即可得.
    【详解】(1)不是关于的“函数”.
    解法一:当时,,所以不存在,使得
    解法二:因为函数()的值域为,比如取,则,
    不存在,使得;
    (2)设.
    由题意,存在,使得.
    因为函数是关于的“函数”,
    所以存在,满足,
    从而.
    同理,由是关于的“函数”,
    可得,
    综上,;
    (3)记集合,.
    由是关于的“函数”,得,
    ①当时, ,,
    从而,解得,
    因唯一,令,解得(舍)或(舍);
    ②当时,,,
    从而,解得,
    因唯一,令,解得,符合题意;
    ③当时,,,
    从而,解得,
    因唯一,令,解得,符合题意;
    综上,的所有可能值为或.
    【点睛】关键点点睛:最后一问关键点在于借助集合,,得到,从而对、、讨论.



    接单量t(单)
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    8225
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    15
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    15
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    0.7
    0.7
    0.7

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