江西省宜春市丰城市东煌学校2023-2024学年高二下学期期末考试化学试题（含答案）

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B．溶液体积未知，无法计算醋酸根离子的物质的量，B错误；
C．次氯酸的结构式为H-O-Cl，所以不存在H－Cl，C错误；
D．碘离子还原性大于亚铁离子，向FeI2溶液中通入适量Cl2，当有1mlFe2+被氧化时，说明碘离子完全被氧化，但是不确定碘离子的物质的量，不能计算转移的电子数，D错误；
故选A。
2．C【详解】符合题意的烯烃的碳骨架有：、、、，共4种，故选C。
3．C 【分析】在常见的有机化合物中甲烷是正四面体结构，乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行判断原子共线与共面问题。
【详解】A．苯乙烯中苯环和碳碳双键所连接的C原子均共面，所以碳原子可处于同一平面，故A不选；
B．乙苯分子中由于单键可以旋转，所以乙苯分子中所有碳原子有可能处于同一平面，故B不选；
C．与甲基相连的碳原子是饱和碳原子，且连有三个碳原子，饱和碳原子连接的四个原子呈四面体结构，中心碳原子最多和两个原子共平面，所以分子中所有碳原子不可能都共平面，故C选；
D．由于苯环是平面形结构，且单键可以旋转，所以所有碳原子可能都处在同一平面上，故D不选；
4．D 【详解】A．分子中与-OH相连的C原子，其连接的4个原子或原子团都不相同，所以分子中只有此碳原子为手性碳原子，A正确；
B．该分子中，苯环和醛基中的碳原子，其价层电子对数都为3，都发生sp2杂化，与-OH相连碳原子、-CH3中C原子都发生sp3杂化，-C≡CH中的C原子都发生sp杂化，所以采用sp2杂化的碳原子数目为7个，B正确；
C．该有机物分子中，与-OH相连碳原子，连接了4个原子，此5个C原子不可能共平面，所以分子中所有原子不可能共面，C正确；
D．该有机物分子中含有醛基、羟基、碳碳三键共3种官能团，D不正确；
5．A【详解】该物质中能与钠反应的官能团有羧基、羟基，能与反应的官能团只有酚羟基和羧基，能与碳酸氢钠反应的官能团只有羧基，故1A物质分别与题给物质充分反应，消耗、、的物质的量分别是3、2、1。综上所述，A项符合题意。
6．D 【详解】A．维生素C中含碳碳双键和羰基，能发生加成反应，A正确；
B．维生素C中含羟基，能与氢溴酸发生取代反应，B正确；
C．维生素C中含碳碳双键，能发生加聚反应，C正确；
D．未指明标准状况，生成氢气的体积不能计算，D错误；
7．A 【详解】假设有机物分子式，则，120℃时水变为水蒸气，燃烧前后体积不变，即，解得，即两种混合气态烃平均含4个H；
综上可知B、C、D错误，答案选A。
8．C 【详解】A．烷烃的沸点随碳原子数的增多而升高，碳原子数相同时，支链越多，沸点越低，因此沸点：正戊烷>2-甲基丁烷>丁烷，A错误；
B．等质量的烃CxHy完全燃烧，所含氢的质量分数越大，即越大，耗氧量越多，：乙烷>乙烯，则相同质量时耗O2量：乙烷>乙烯，B错误；
C．环己烷密度小于水，1,2-二溴乙烷密度大于水，因此密度：1,2-二溴乙烷>水>环己烷，C正确；
D．乙醇C2H6O可看成C2H4H2O，燃烧时耗氧部分为C2H4，因此相同物质的量的乙烯和乙醇燃烧消耗O2量相同，D错误；
9．C 【详解】A．糖类为多羟基醛、多羟基酮和它们的脱水缩合物，A正确；
B．淀粉不能发生银镜反应，可说明淀粉分子中没有醛基，B正确；
C．蔗糖水解环境是酸性的，而银镜反应在碱性条件下进行，水解后没有加碱至溶液呈碱性再加银氨溶液，不能说明蔗糖未水解，C错误；
D．1ml纤维素能水解出许多摩尔单糖，故为多糖，是天然有机高分子，不溶于水和一般的有机溶剂，D正确。
10．C 【详解】A. 3种单体甲醛、苯酚和苯胺通过缩聚反应聚合，故A错误；
B. 形成该化合物的单体有3种：甲醛、苯酚、苯胺，故B错误；
C. 其中一种单体为，故C正确；
D. 其中的一种单体为苯酚，故D错误；
故答案选C。
11．D 【分析】由题目中的已知条件可知，被氧化生成M，M的结构简式为，M发生题目中已知反应生成N，N的结构简式为，由此可知：
【详解】A．M分子中含有苯环，与苯环直接相连的碳原子上有H原子，可以被酸性高锰酸钾溶液氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，A正确；
B．手性碳原子是指连接四个不同原子或原子团的碳原子。在M和N分子中，我们找不到这样的碳原子，B正确；
C．N分子中的所有碳原子可能共平面。这是因为苯环和碳氮双键都是平面结构，通过单键的旋转，可以使所有碳原子共平面，C正确；
D．M到N的反应不是取代反应，先在羰基上加成生成醇羟基，后消去了醇羟基和N上的一个H形成了碳氮双键，D错误；
12．D【分析】
与Br2发生1，4加成得到X，X的结构简式是，X在催化剂作用下与H2加成得到Y，Y的结构简式是，Y中的Br原子在NaOH水溶液中被-OH所取代得到Z，Z与CH3COOH发生酯化反应，得到M。
【详解】
A．双烯烃可以发生1，4加成，也可以发生1，2加成生成，A正确；
B．据分析，Y的结构简式是，分子式为，B正确；
C．据分析，Z到M是Z中的两个羟基分别与CH3COOH发生酯化反应，酯化反应中羟基失去氢原子，氧原子留在酯基，故若用标记Z中的O原子，则M中一定含有，C正确；
D．据分析，试剂1的作用是将Y中的溴原子取代为羟基，故试剂1为NaOH水溶液，否则会发生消去反应，D错误；
13．C 【详解】A．氮原子的价电子排布式是2s22p5，p电子处于半充满状态，较稳定，氧原子的价电子排布式是2s22p6，所以第一电离能大小：，A项错误；
B．同一周期，从左到右，元素电负性逐渐增大，所以碳的电负性小于氧元素，B项错误；
C．非金属性越强，其元素形成的简单氢化物越稳定，所以非金属性：O＞N，热稳定性，C项正确；
D．微粒半径大小比较的方法如下：电子层越多，半径越大，电子层数一样，核电荷数越大，半径越小。钠离子和氧离子的电子层数一样多，钠离子的核电荷数大，半径小，D项错误；
14．C 【详解】A．元素符号的左下角表示质子数，左上角表示质量数，则碳－12原子可表示为C，A错误；
B．碳原子结构示意图为，B错误；
C．碳原子核外能量最高的电子在p能级，电子云呈哑铃形，C正确；
D．根据核外电子排布规则可知，该原子的轨道表示式为 ，D错误。
故选C。
15．(1) ①(醇)羟基
② 加成反应 +NaOH+NaCl+H2O
③c
(2) 2 8 14
(3) 2 8 14
【详解】(1)甲中的含氧官能团是(醇)羟基；
故答案为：(醇)羟基；
(2)从甲经一定条件反应得到,发生的是HCl与碳碳双键的加成反应,而由在Cu存在下加热时与O2发生催化氧化反应,使—CH2OH转变为—CHO,X→乙则是发生消去反应得到碳碳双键,由此写出消去反应的化学方程式；
故答案为：加成反应； +2NaOH +NaCl+H2O；
(3)因乙中含有和—CHO两种官能团,其中a、b、d均可与—CHO发生氧化反应,故只能用c来检验乙中的；
故答案为：c。
16．(1) 醇类 abd 浓硫酸，加热 b
(2) 2CH3OH+CO2+H2O
【详解】（1）①根据甲结构简式可知，分子中含醇羟基和碳碳三键，按官能团分类，甲属于醇类；丙分子中含醇羟基、苯环上能发生取代反应，碳碳三键、苯环可以发生加成反应，碳碳三键可以发生氧化反应，因此能发生的反应有取代反应、加成反应、氧化反应；
②苯与Br2在FeBr3的催化下发生取代反应生成溴苯：；
③丙在浓硫酸加热的条件下，醇羟基发生消去反应生成；
④丙不含醛基，而含醛基，后者能发生镜银反应，可用银氨溶液鉴别；
（2）
①根据反应历程图，反应物为CH3OH、CO2，产物为H2O、，Ce-O-Ce-O-H在整个过程中既作反应物也做生成物；该反应的催化剂是Ce-O-Ce-O-H；
②合成碳酸二甲酯的总反应方程式：2CH3OH+CO2+H2O。
17．(1) c与d a和b a 2，2－二甲基丙烷
(2)A
(3)B
【详解】（1）①c与d分子式相同、结构不同，所以互称同分异构体，故答案为c与d；
②a与b的结构相似，在分子组成上相差1个-CH2原子团，互称同系物，故答案为a和b；②只有一类氢原子的是a，所以吸收峰只有一个的是a，其名称是2，2-二甲基丙烷；
（2）物质的酸性越强，越容易电离出氢离子，则羟基氢原子的活性越强，酸性：醋酸＞碳酸＞苯酚，水与乙醇显中性，电离出氢离子的能力水强于乙醇，所以羟基氢原子的活性从大到小顺序是③⑤④①②，故答案为A；
（3）该分子中含有醇羟基、羧基，具有醇、羧酸的性质，能发生酯化反应、缩聚反应、消去反应，但不能发生加聚反应，故选B；
18． 2 醛基 取代 C13H18O 2-丁烯醛 CH3CH=CHCHO+2Cu(OH)2→CH3CH=CHCOOH+Cu2O↓+2H2O 14； 或
【详解】(1)B物质所含官能团有氨基和溴原子，种类有2种，E中含氧官能团的名称醛基，A→B的反应类型取代。
(2)E物质的分子式为C13H18O；
(3)巴豆醛的系统命名为2-丁烯醛；
巴豆醛含有醛基，与新制氢氧化铜悬浊液反应的化学方程式为CH3CH=CHCHO+2Cu(OH)2→CH3CH=CHCOOH+Cu2O↓+2H2O；
(4)比A少一个碳原子且含苯环，即除了苯环之外含有氨基，一个乙基或2个甲基。所以同分异构体有14种，写出核磁共振氢谱有四组峰的结构简式为或 (任写一种即可)。
(5)由乙醇为原料制备巴豆醛，首先乙醇氧化成乙醛，乙醛加成之后再消去羟基成双键，则合成路线为：。