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2024年内蒙古包头市昆区多校联考中考物理三模试卷（含解析）
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这是一份2024年内蒙古包头市昆区多校联考中考物理三模试卷（含解析），共14页。试卷主要包含了单选题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.铁杵磨成针的过程中，铁杵的温度会升高。下列改变内能的方式与此相同的是( )
A. 炙手可热B. 钻木取火C. 扬汤止沸D. 卧冰求鲤
2.古诗中有“大漠孤烟直，长河落日圆”的壮美诗句，下列对诗句理解有误的是( )
A. 诗人看到的落日并非太阳的实际位置
B. 若没有大气层，则日出时间将推迟
C. 太阳的实际位置在图中的甲位置
D. “落日圆”是由于光线经过不均匀的大气层时发生了折射而形成的像
3.如图所示，甲、乙两个相同的装置分别由U形磁铁、导体棒和支架构成，导体棒ab和cd由导线连接。闭合开关并向右移动ab，cd也会随之向右移动，对于以上现象，分析正确的是( )
A. 闭合开关并向右移动ab时，甲装置相当于电动机
B. 闭合开关并向右移动ab时，乙装置相当于发电机
C. 若闭合开关并上下移动ab，cd也会受力移动
D. 若闭合开关并向左移动ab，cd会向左移动
4.2024年初，哈尔滨冰雪大世界火遍全网。下列说法错误的是( )
A. 冰滑梯越陡的地方游客感觉滑动摩擦力越小，这是通过减小压力的方式来减小摩擦力的
B. 游客在冰滑梯坐的滑雪圈底部光滑是为了减小压强
C. 水平冰面上滑冰的游客如果不受任何阻力将做匀速直线运动
D. 冰雪把松树枝压“弯了腰”，说明力可以改变物体的形状
5.电阻R1和阻值为10Ω的R2是两段由同种材料制成的粗细相同的电阻丝，把它们按图甲所示方式接入电路。只闭合开关S1，电流表的示数为0.2A；再闭合S2，电流表的示数如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为6V B. 电阻丝R2的长度较长
C. 闭合S2，R1消耗的功率为1.5W D. 两只开关均闭合2min，电路消耗的电能为180J
6.小华用细棉线把装满水的正方体盒子竖直悬挂起来(如图)，在不同侧面的同一高度处打上直径相同的两个小孔，发现水快速流出时，盒子转动。下列说法正确的是( )
A. 从正上方观察，喷水时可使盒子顺时针时针转动
B. 喷出的水由于惯性而做曲线运动
C. 盒子内水的机械能增大
D. 因为孔距上表面距离不变，所以小孔处所受液体压强不变
7.同学们模仿中药房的戮秤制作杆秤，用筷子做秤杆，用钩码做秤砣，用细线将秤盘系在A点。当不挂秤砣、且秤盘不放物体时，在O点提起提纽，秤杆水平平衡；当秤盘放100g物体、秤砣移到B点时，秤杆再次水平平衡，如图所示。在O到B两条刻线之间均匀地画上49条刻度线。下列说法正确的是( )
A. 自制杆秤的每一格约表示2.08g
B. 称中药时B端翘起应减少中药恢复水平平衡
C. 如果秤砣磨损则测量结果会比真实质量偏小
D. 若将提纽移到O点右侧可以增大杆秤的量程
二、实验探究题：本大题共4小题，共18分。
8.如图所示是同学们在综合实践活动中制作的模型照相机，外纸筒的左端装有焦距为10cm的凸透镜，内纸筒的左端贴有半透明膜，右端开口。
(1)现有三种规格的纸筒，长度分别为5cm、10cm、20cm，应选择______cm的纸筒作为外纸筒，依据是该照相机的凸像距范围在______之间。
(2)完成模型制作后，将镜头朝向室外物体，眼睛从开口端向筒内观察，调节内外纸筒的相对距离，直到膜上出现清晰的像，此时看到的像是______(选填“倒立”或“正立”)的；当观察更远处的物体时，应______凸透镜和半透明膜的距离。
9.在“探究物质的吸热能力”实验中，实验装置如图：
(1)记录实验数据如下表：
分析可知，______(选填“甲”或“乙”)液体的吸热能力较强，理由是______；
(2)若质量为m的甲液体中比热容为c，通电一段时间t后，电子温度计的示数变化量为Δt，电热丝功率为P，则甲液体电流中的电热丝的加热效率η= ______(用所给出的物理量写出表达式)；
(3)若在两烧杯中分别装入质量相等的煤油，并接入两根阻值不同的电阻丝，可用这个装置来探究通电时间一定时，电流产生的热量与______的关系。
10.如图甲是某小组的同学测量动滑轮的机械效率的示意图。用弹簧测力计竖直向上匀速拉动绳子自由端，将重为3N的物体从A位置匀速提升到B位置，同时弹簧测力计从图中的A′位置上升到B′位置，在这个过程中，弹簧测力计的示数如图乙所示，请你根据他们做的实验完成下列问题，实验过程中：
(1)有用功是______J。
(2)此动滑轮的机械效率是______%。
(3)机械效率是机械性能好坏的重要标志，结合生产生活实际，请你列举两个提高机械效率的措施______。
11.小明在“测量小灯泡的电功率”实验中，选用额定电压为2.5V的小灯泡，电源电压为4.5V。
(1)用笔画线代替导线，将电路连接完整；
(2)当电压表示数为2.3V时，为了让灯泡正常发光，此时应将滑动变阻器的滑片向______(选填“左”或“右”)移动；
(3)当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡额定功率为______W；
(4)表格是小明实验中测量的几组数据，要完成下列表中的数据测量，实验中滑动变阻器的阻值至少为______Ω；
(5)小明打算只利用两电表中的电流表来测量另一只额定电压为2.5V，额定电流未知的小灯泡的额定功率，他增加了一个阻值为10Ω的定值电阻R0和两个开关，设计了如图丙所示电路，请将电阻R0、电流表和灯泡的符号填入虚线框中使其能完成实验。
三、简答题：本大题共1小题，共4分。
12.“匠人建国”是我国古代劳动人民智慧的结晶，在进入21世纪，我国“工匠精神”得到了传承。
(1)古代建房立基时，根据房屋面积大小和地基不均匀性的影响，适当增加台基的宽度，这样做的目的是什么？
(2)某现代工匠在用扳子扳动一只锈蚀的螺帽时，为了加大力量，工人师傅往往在扳子的把手上再套一根铁管来延长把手的长度。其目的是什么？
四、计算题：本大题共2小题，共17分。
13.小华利用废旧塑料瓶制作一个测量物体重力的简易测力计，剪掉空塑料瓶的瓶底，旋紧瓶盖，在瓶盖上系一重力适当的石块，将其倒置在水桶中，静止时，在瓶子上与水面相平位置标记零刻度线，再利用刻度尺均匀标记其他刻度线，刻度线左侧标记深度值，刻度线右侧标记相应的被测物体重力数值，如图所示。已知零刻度线以上瓶身粗细均匀，其横截面积为50cm2，不放被测物体时测力计的总质量为200g，瓶身零刻度线处受到的液体压强大于200Pa时测力计会发生较大的弹性形变，导致测力计测量不准确。已知水的密度为1.0g/cm3。g取10N/kg。求：
(1)不放被测物体时测力计在水中受到的浮力；
(2)此简易测力计的分度值；
(3)此简易测力计的量程。
14.阴雨天，空气潮湿，能见度低，路面湿滑，为保证旅客上下动车时的安全，需在车门旁开启警示灯。如图甲所示是某同学为动车设计的模拟电路。电路中电源的电压为12V，警示灯的规格为“12V 12W”，电磁铁线圈电阻忽略不计，警示灯电阻保持不变。当空气湿度达到一定程度时，警示灯发光；湿度越大，警示灯越亮，为了提高警示效果，当空气湿度达到某一值时，电磁铁中电流达到0.5A，衔铁被吸下警示灯就能不断闪烁。
(1)警示灯正常工作时的电流大小是多少？
(2)当警示灯刚开始闪烁时，空气湿度为多大？较暗时的实际功率是多少？
(3)若想让该警示灯在空气湿度低于设定值的情况下就开始闪烁，请你提供两种改良建议，并说明理由。
答案解析
1.B
【解析】解：铁杵磨成针，是通过做功的方式来改变物体的内能。
A.炙手可热，是通过热传递的方式来改变物体的内能，故A不符合题意；
B.钻木取火，是通过做功的方式来改变物体的内能，故B符合题意；
C.扬汤止沸，是通过热传递的方式来改变物体的内能，故C不符合题意；
D.卧冰求鲤，是通过热传递的方式来改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：B。
改变内能的方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移。
本题主要考查学生对做功与热传递改变物体内能的了解，是一道基础题。
2.C
【解析】解：ACD、由于大气分布不均匀，下部空气密度大，上部空气密度小，落日发出的光在不均匀的空气中传播时发生折射，折射光线不断向下偏折，我们逆着折射光线看去所看到的落日位置比实际位置高，太阳实际在图中的乙位置，我们看到的“落日”是由于光的折射而形成的太阳的虚像，故AD正确、C错误；
B、若没有大气层，由于光在真空中沿直线传播，太阳在地平线以下，处在地球上的人看不到太阳，则日出时间将推迟，故B正确。
故选：C。
①光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
②光在同种均匀介质中沿直线传播。
本题主要考查了光的直线传播和光的折射现象在生活中的应用。此题内容与古诗相结合，能够考查学生的综合能力，是一道好题。
3.D
【解析】解：AB、闭合开关，导体ab和cd组成一个闭合电路，导体ab在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，这种现象是电磁感应现象，发电机是利用电磁感应现象工作的，所以甲装置相当于发电机；
感应电流经过导体cd，导体cd成为通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理，所以乙装置相当于电动机，故AB错误；
C.若闭合开关并上下移动ab，闭合电路的一部分导体ab在磁场中没有切割磁感线运动，闭合电路中没有感应电流，cd不会受力移动，故C错误；
D.闭合开关并向右移动ab、cd也会随之向右运动，ab向左运动时，磁场方向不变，感应电流的方向改变，通过cd的电流方向改变，磁场方向不变，则cd 受力方向改变，运动的方向会改变，因此向左运动。故D正确。
故选：D。
(1)电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力转动。
(2)电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
(3)感应电流的方向与导体运动和磁极的方向有关，磁场对电流作用力的方向与电流方向有关。
本题综合电动机和发电机的原理，属于简单的综合题。
4.B
【解析】解：A、冰滑梯越陡的地方游客对表面的压力越小，所以在接触面粗糙程度相同时，会感觉滑动摩擦力越小，故A正确；
B、游客在冰滑梯坐的滑雪圈底部光滑是为了在压力一定时，减小接触面的粗糙程度，可减小摩擦力，故B错误；
C、根据牛顿第一定律，水平冰面上滑冰的游客如果不受任何阻力将做匀速直线运动，故C正确；
D、冰雪把松树枝压“弯了腰”，说明力可以改变物体的形状，故D正确。
故选：B。
(1)(2)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
(3)根据牛顿第一定律可做出判断；
(4)力可以改变物体的形状和运动状态。
本题从生活中的现象入手，考查了对减小摩擦的方法的掌握、牛顿第一定律的理解、力的作用效果的认识等，属基础题。
5.D
【解析】解：A、只闭合开关S1，电路为R1的简单的电路，此时电流I1=0.2A；再闭合S2时，两电阻并联，此时电流表的示数如图乙所示：I总=0.5A，
则通过电阻丝R2的电流为：I2=I总−I1=0.5A−0.2A=0.3A，
则电源电压为：U=I2R2=0.3A×10Ω=3V，故A错误；
B、由于I1R2，由于两电阻丝的材料和粗细相同，所以电阻丝R2的长度较短，故B错误；
C、闭合S2，R1消耗的电功率为：P1=UI1=3V×0.2A=0.6W，故C错误；
D、两只开关均闭合2min，电路消耗的电能为：W=UI总t=3V×0.5A×2×60s=180J，故D正确。
故选：D。
(1)只闭合开关S1，电路为R1的简单的电路，再闭合S2时，两电阻并联，读出此时电流表的示数，两次的示数之差，就是流经R2的电流大小，再根据欧姆定律可计算电源电压；
(2)根据流经两电阻的电流大小，可判断其电阻大小关系，从而判断电阻丝的长度关系；
(3)知道了电源电压，又知道R1的电流，利用公式P=UI可计算R1消耗的电功率；
(4)知道电路的总电流和电源电压，又知道通电时间，利用公式W=UIt可计算电路消耗的电能。
本题考查了对并联电路电流和电压规律的掌握，对欧姆定律和电功、电功率计算公式的应用，有一定综合性。
6.A
【解析】解：A、力的作用是相互的，喷水的同时正方体盒子会转动起来的原因是喷水时水给盒子的反作用力；由图可知，从正上方观察，喷水时可使盒子顺时针时针转动，故A正确；
B、喷出的水由于受重力作用而做曲线运动，故B错误；
C、盒子内水的质量变小，其动能和势能变小，机械能变小，故C错误；
D、喷水时水面下降，孔距上表面距离变小，根据p=ρgℎ得小孔处所受液体压强变小，故D错误。
故选：A。
(1)力的作用是相互的；
(2)重力的方向竖直向下，力可以改变物体的运动状态；
(3)动能和势能之和称为机械能。动能和势能都属于机械能，动能是物体运动时具有的能量，势能是存储着的能量，动能和势能是机械能的两种表现形式；
(4)根据p=ρgℎ进行解答。
本题考查学生对力的相互作用、力的作用效果、机械能的转化、液体压强公式的理解和运用等。
7.B
【解析】解：A、当秤盘放100g物体、秤砣移到B点时，秤杆再次水平平衡，则在B点所示的质量为物体的质量，在O到B两条刻线之间均匀地画上49条刻度线，从O到B点共50个小格每一小格表示的质量为：m0=100g50=2g，故A错误；
B、称中药时B端翘起，杆秤不能水平平衡，说明物体的质量大于秤砣指示的示数，可以向右侧移动秤砣，也可以减少物体的质量来使杆秤恢复水平平衡，故B正确；
C、根据G=mg和杠杆平衡条件可得m物g×OA=m砣g×OB，秤砣磨损了，OB变大，则测量结果将偏大，故C错误；
D、若将提纽移到O点右侧，测量相同质量的物体时，左边力臂变大，则其量程变小，故D错误。
故选：B。
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，杆秤水平平衡时，秤砣所在的位置显示的示数即物体的质量。
本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，涉及到杠杆的五要素、杠杆的调节、杆秤的测量原理，有一定难题。
8.20 一二倍焦距(10cm到20cm) 倒立 减小(缩短)
【解析】解：(1)照相机工作时物体在2倍焦距以外，像在一倍焦距和二倍焦距之间，由于凸透镜的焦距为10cm，所以像距应该在10cm到20cm之间，由于相机模型的胶片相当于光屏，所以照相机模型的外纸筒应该在10cm到20cm之间，所以应当选择20cm的纸筒；
(2)因为照相机成倒立、缩小的实像，所以通过调整内外纸筒的相对距离，可以在半透明膜上看到远处景物倒立、缩小的实像，
当观察更远处的物体时，应增大物距，减小像距，即减小(缩短)凸透镜和半透明膜的距离。
故答案为：(1)20；一二倍焦距(10cm到20cm)；(2)倒立；减小(缩短)。
(1)照相机工作时物体在2倍焦距以外，像在一倍焦距和二倍焦距之间，据此判断出纸筒的长度；
(2)在该模型中，凸透镜是照相机的镜头，半透明膜相当于照相机的底片。根据选择项中提到的物理情景结合凸透镜成像规律加以分析即可得到答案。
本题考查学生动手操作实验的能力以及学生对凸透镜成像规律的掌握，要求学生能根据凸透镜成像规律分析实际问题。
9.甲 质量相同的两种液体，加热相同时间，吸热的热量相同，甲温度变化小，故甲的吸热能力更强 cmΔtPt×100% 电阻
【解析】解：(1)由表格数据知，加热5分钟，吸热的热量相同，甲升高的温度为：30℃−20℃=10℃，
乙升高的温度为：42℃−20℃=22℃，即甲温度变化小，故甲的吸热能力更强；
(2)电阻丝产生的热量Q放=W=Pt，液体吸收的热量Q吸=cmΔt，
甲液体中的电热丝的加热效率η=Q吸Q放=cmΔtPt×100%；
(3)两电阻丝串联接入电路，串联电路各处电流相等，如果在两烧瓶中分别装入质量相等的煤油，并接入两根阻值不同的电阻丝，通过的电流相同，通电时间相同，就可用这个装置来探究电流产生的热量与电阻的关系。
故答案为：(1)甲；质量相同的两种液体，加热相同时间，吸热的热量相同，甲温度变化小，故甲的吸热能力更强；(2)cmΔtPt×100%；(3)电阻。
(1)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)根据Q放=W=Pt求出电阻丝产生的热量，由Q吸=cmΔt得出液体吸收的热量，根据η=Q吸Q放可得甲液体中的电热丝的加热效率；
(3)电流通过导体产生热量的多少与电流大小、电阻和通电时间都有关系。研究某一物理量对热量的影响时，需要控制另外两个物理量。
此题探究物质吸热能力的实验，注意控制变量法和转换法的应用，要掌握。
10.0.3 75 减小动滑轮的重(或减小摩擦)
【解析】解：(1)由图甲可知，刻度尺的分度值为1mm，AB之间的距离为10.00cm，因此物体上升的高度ℎ=10.00cm=0.1000m，
则有用功：W有=Gℎ=3N×0.1000m=0.3J；
(2)由图甲可知承担动滑轮绳子的股数n=2，
由图乙可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2N，因此绳子自由端的拉力F=2N，
动滑轮的机械效率：η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF=3N2×2N×100%=75%；
(3)滑轮组的机械效率η=W有W总=W有W有+W额×100%，在有用功不变的条件下，通过减小额外功从减小总功，可提升机械效率，故可减小动滑轮的重(或减小摩擦)。
故答案为：(1)0.3；(2)75；(3)减小动滑轮的重(或减小摩擦)。
(1)由图甲可知物体上升的高度，利用W有=Gℎ求有用功；
(2)根据图甲可知承担动滑轮绳子的股数n=2，根据图乙可知绳子自由端的拉力，利用η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF求动滑轮的机械效率；
(3)在有用功不变的条件下，根据η=W有W总=W有W有+W额×100%可知，通过减小额外功从减小总功从而提升机械效率，据此分析。
本题考查使用动滑轮时有用功和机械效率的计算，关键是从图中找出有用的信息。
11.右 0.75 17.5
【解析】解：(1)滑动变阻器上下各选一个接线柱与灯泡串联在电路中，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
(2)当电压表示数为2.3V，小于灯泡额定电压2.5V，为了让灯泡正常发光，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故此时应将滑动变阻器的滑片向右移动；
(3)当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)由表中数据可知，灯泡两端电压最小为1.0V，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，电压为UR=U−U1=4.5V−1V=3.5V，此时电路中的电流为0.2A，则滑动变阻器的阻值为：
R滑=URI1=Ω；
(5)若不用电压表，根据并联电路各支路两端电压相等的特点，应让小灯泡和定值电阻并联，调节滑动变阻器，使通过定值电阻的电流I满足IR0=2.5V，则此时小灯泡两端电压就是2.5V，所以题图中最上边框内是小灯泡，左下框内是定值电阻R0，右下框内是电流表，如下图所示；
。
故答案为：(1)见解答图；(2)右；(3)0.75；(4)17.5；(5)见解答图。
(1)滑动变阻器上下各选一个接线柱与灯泡串联在电路中，电压表并联在灯泡两端；
(2)比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；
(4)小灯泡两端电压最小时，滑动变阻器接入电路中电阻最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算即可；
(5)根据并联电路各支路两端电压相等的特点，小灯泡和定值电阻并联，然后判断题目中小灯泡、定值电阻R、电流表的位置。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了电路连接、故障分析、实验操作、功率的计算、影响电阻大小因素、器材的选择及设计实验方案测功率的能力。
12.解：(1)根据压强公式p=FS可知：在压力一定时，适当增加台基的宽度，可以增大受力面积，减小房屋对地面的压强。
(2)扳子是轮轴，本质上是一个连续旋转的杠杆，根据杠杆的平衡条件可知：在阻力和阻力臂一定时，增大动力臂可以省力。工人师傅往往在扳子的把手上再套一根铁管来延长把手的长度，实际上就是增大了动力臂，更省力，容易将锈蚀的螺帽拧下来。
【解析】(1)在压力一定时，受力面积越大，压强越小。
(2)根据杠杆的平衡条件来分析，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力。
本题考查的是增大和减小压强的方法；会根据杠杆原理分析扳子省力的原理。
13.解：(1)浮力测力计的重力：G=mg=200×10−3kg×10N/kg=2N；
由于浮力测力计处于漂浮，根据漂浮条件可知：F浮=G=2N；
(2)由图可知刻度尺的分度值为0.2cm，则瓶身增加0.2cm时排开水的体积：ΔV排=SΔℎ=50cm2×0.2cm=10cm3=1×10−5m3，
根据阿基米德原理可得浮力测力计的分度值为：
ΔF浮=ρ水gΔV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10−5m3=0.1N；
(3)由于瓶身零刻度线处受到的液体压强大于200Pa时会发生较大的弹性形变，导致浮力测力计测量不准确，
则根据p=ρgℎ可得浮力测力计可以浸入的深度为：ℎ最大=p最大ρ水g=200Pa1.0×103kg/m3×10N/kg=0.02m=2cm，
由于浮力测力计的分度值为0.1N/0.2cm，则2cm对应的浮力为：F=0.1N/0.2cm×ℎ最大=0.1N/0.2cm×2cm=1N。
答：(1)不放被测物体时浮力测力计在水中受到的浮力为2N；
(2)此简易浮力测力计的分度值为0.1N；
(3)此简易浮力测力计的量程为1N。
【解析】(1)由G=mg可得浮力测力计的重力；根据漂浮时浮力等于重力计算浮力测力计在水中受到的浮力；
(2)由图可知刻度尺的分度值为0.2cm，求出当瓶身增加0.2cm排开水的体积，根据阿基米德原理即可求出浮力测力计的分度值；
(3)由于瓶身零刻度线处受到的液体压强大于200Pa时会发生较大的弹性形变，导致浮力测力计测量不准确，根据p=ρgℎ求出浮力测力计零刻度线处所处的最大深度，然后根据分度值求出浮力测力计的量程。
本题考查物体的浮沉条件的应用，正确对浮力秤进行受力分析是关键。
14.解：(1)警示灯正常工作时的电流大小是I额=P额U额=12W12V=1A；
(2)当警示灯刚开始闪烁时，电路中的总电阻为R总=UI=12V0.5A=24Ω；
警示灯的电阻为R灯=U额2P额=(12V)212W=12Ω；
湿敏电阻的阻值为R2=R总−R灯=24Ω−12Ω=12Ω；
由乙图可知，当湿敏电阻R2的阻值为12Ω时，空气湿度为80%；
警示灯在闪烁的过程中，较暗时的实际功率是P灯=I′2R灯=(0.5A)2×12Ω=3W；
(4)若想让该警示灯在空气湿度低于设定值的情况下就开始闪烁，这就需要增大电磁铁的吸合力；由于电磁铁的磁性大小与线圈的匝数、电流的大小有关，所以可以通过增大电源电压、增加线圈的匝数来增大电磁铁的吸合力。
故答案为：(1)警示灯正常工作时的电流大小是1A；
(2)当警示灯刚开始闪烁时，空气湿度为80%；较暗时的实际功率是3W；
(3)增大电源电压、增加电磁铁的线圈匝数。
【解析】(1)根据I=PU计算警示灯正常工作时的电流大小；
(2)当警示灯刚开始闪烁时，根据R总=UI求出电路中的总电阻，利用R=U2P求出警示灯的电阻，根据R2=R总−R灯求出湿敏电阻R2的阻值，由乙图查出对应的空气温度；根据P=I2R计算警示灯较暗时的实际功率；
(3)若想让该警示灯在空气湿度低于设定值的情况下就开始闪烁，这就需要增大电磁铁的吸合力，据此分析。
本题考查了学生分析图象的能力、电磁继电器的使用、串联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率公式的应用等知识，是一道难题。物理量
质量/g
加热前温度/℃
加热时间/min
加热后温度/℃
甲液体
150
20
5
30
乙液体
150
20
5
42
U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
I/A
0.2
0.24
0.28
0.38
1.铁杵磨成针的过程中，铁杵的温度会升高。下列改变内能的方式与此相同的是( )
A. 炙手可热B. 钻木取火C. 扬汤止沸D. 卧冰求鲤
2.古诗中有“大漠孤烟直，长河落日圆”的壮美诗句，下列对诗句理解有误的是( )
A. 诗人看到的落日并非太阳的实际位置
B. 若没有大气层，则日出时间将推迟
C. 太阳的实际位置在图中的甲位置
D. “落日圆”是由于光线经过不均匀的大气层时发生了折射而形成的像
3.如图所示，甲、乙两个相同的装置分别由U形磁铁、导体棒和支架构成，导体棒ab和cd由导线连接。闭合开关并向右移动ab，cd也会随之向右移动，对于以上现象，分析正确的是( )
A. 闭合开关并向右移动ab时，甲装置相当于电动机
B. 闭合开关并向右移动ab时，乙装置相当于发电机
C. 若闭合开关并上下移动ab，cd也会受力移动
D. 若闭合开关并向左移动ab，cd会向左移动
4.2024年初，哈尔滨冰雪大世界火遍全网。下列说法错误的是( )
A. 冰滑梯越陡的地方游客感觉滑动摩擦力越小，这是通过减小压力的方式来减小摩擦力的
B. 游客在冰滑梯坐的滑雪圈底部光滑是为了减小压强
C. 水平冰面上滑冰的游客如果不受任何阻力将做匀速直线运动
D. 冰雪把松树枝压“弯了腰”，说明力可以改变物体的形状
5.电阻R1和阻值为10Ω的R2是两段由同种材料制成的粗细相同的电阻丝，把它们按图甲所示方式接入电路。只闭合开关S1，电流表的示数为0.2A；再闭合S2，电流表的示数如图乙所示。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为6V B. 电阻丝R2的长度较长
C. 闭合S2，R1消耗的功率为1.5W D. 两只开关均闭合2min，电路消耗的电能为180J
6.小华用细棉线把装满水的正方体盒子竖直悬挂起来(如图)，在不同侧面的同一高度处打上直径相同的两个小孔，发现水快速流出时，盒子转动。下列说法正确的是( )
A. 从正上方观察，喷水时可使盒子顺时针时针转动
B. 喷出的水由于惯性而做曲线运动
C. 盒子内水的机械能增大
D. 因为孔距上表面距离不变，所以小孔处所受液体压强不变
7.同学们模仿中药房的戮秤制作杆秤，用筷子做秤杆，用钩码做秤砣，用细线将秤盘系在A点。当不挂秤砣、且秤盘不放物体时，在O点提起提纽，秤杆水平平衡；当秤盘放100g物体、秤砣移到B点时，秤杆再次水平平衡，如图所示。在O到B两条刻线之间均匀地画上49条刻度线。下列说法正确的是( )
A. 自制杆秤的每一格约表示2.08g
B. 称中药时B端翘起应减少中药恢复水平平衡
C. 如果秤砣磨损则测量结果会比真实质量偏小
D. 若将提纽移到O点右侧可以增大杆秤的量程
二、实验探究题：本大题共4小题，共18分。
8.如图所示是同学们在综合实践活动中制作的模型照相机，外纸筒的左端装有焦距为10cm的凸透镜，内纸筒的左端贴有半透明膜，右端开口。
(1)现有三种规格的纸筒，长度分别为5cm、10cm、20cm，应选择______cm的纸筒作为外纸筒，依据是该照相机的凸像距范围在______之间。
(2)完成模型制作后，将镜头朝向室外物体，眼睛从开口端向筒内观察，调节内外纸筒的相对距离，直到膜上出现清晰的像，此时看到的像是______(选填“倒立”或“正立”)的；当观察更远处的物体时，应______凸透镜和半透明膜的距离。
9.在“探究物质的吸热能力”实验中，实验装置如图：
(1)记录实验数据如下表：
分析可知，______(选填“甲”或“乙”)液体的吸热能力较强，理由是______；
(2)若质量为m的甲液体中比热容为c，通电一段时间t后，电子温度计的示数变化量为Δt，电热丝功率为P，则甲液体电流中的电热丝的加热效率η= ______(用所给出的物理量写出表达式)；
(3)若在两烧杯中分别装入质量相等的煤油，并接入两根阻值不同的电阻丝，可用这个装置来探究通电时间一定时，电流产生的热量与______的关系。
10.如图甲是某小组的同学测量动滑轮的机械效率的示意图。用弹簧测力计竖直向上匀速拉动绳子自由端，将重为3N的物体从A位置匀速提升到B位置，同时弹簧测力计从图中的A′位置上升到B′位置，在这个过程中，弹簧测力计的示数如图乙所示，请你根据他们做的实验完成下列问题，实验过程中：
(1)有用功是______J。
(2)此动滑轮的机械效率是______%。
(3)机械效率是机械性能好坏的重要标志，结合生产生活实际，请你列举两个提高机械效率的措施______。
11.小明在“测量小灯泡的电功率”实验中，选用额定电压为2.5V的小灯泡，电源电压为4.5V。
(1)用笔画线代替导线，将电路连接完整；
(2)当电压表示数为2.3V时，为了让灯泡正常发光，此时应将滑动变阻器的滑片向______(选填“左”或“右”)移动；
(3)当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡额定功率为______W；
(4)表格是小明实验中测量的几组数据，要完成下列表中的数据测量，实验中滑动变阻器的阻值至少为______Ω；
(5)小明打算只利用两电表中的电流表来测量另一只额定电压为2.5V，额定电流未知的小灯泡的额定功率，他增加了一个阻值为10Ω的定值电阻R0和两个开关，设计了如图丙所示电路，请将电阻R0、电流表和灯泡的符号填入虚线框中使其能完成实验。
三、简答题：本大题共1小题，共4分。
12.“匠人建国”是我国古代劳动人民智慧的结晶，在进入21世纪，我国“工匠精神”得到了传承。
(1)古代建房立基时，根据房屋面积大小和地基不均匀性的影响，适当增加台基的宽度，这样做的目的是什么？
(2)某现代工匠在用扳子扳动一只锈蚀的螺帽时，为了加大力量，工人师傅往往在扳子的把手上再套一根铁管来延长把手的长度。其目的是什么？
四、计算题：本大题共2小题，共17分。
13.小华利用废旧塑料瓶制作一个测量物体重力的简易测力计，剪掉空塑料瓶的瓶底，旋紧瓶盖，在瓶盖上系一重力适当的石块，将其倒置在水桶中，静止时，在瓶子上与水面相平位置标记零刻度线，再利用刻度尺均匀标记其他刻度线，刻度线左侧标记深度值，刻度线右侧标记相应的被测物体重力数值，如图所示。已知零刻度线以上瓶身粗细均匀，其横截面积为50cm2，不放被测物体时测力计的总质量为200g，瓶身零刻度线处受到的液体压强大于200Pa时测力计会发生较大的弹性形变，导致测力计测量不准确。已知水的密度为1.0g/cm3。g取10N/kg。求：
(1)不放被测物体时测力计在水中受到的浮力；
(2)此简易测力计的分度值；
(3)此简易测力计的量程。
14.阴雨天，空气潮湿，能见度低，路面湿滑，为保证旅客上下动车时的安全，需在车门旁开启警示灯。如图甲所示是某同学为动车设计的模拟电路。电路中电源的电压为12V，警示灯的规格为“12V 12W”，电磁铁线圈电阻忽略不计，警示灯电阻保持不变。当空气湿度达到一定程度时，警示灯发光；湿度越大，警示灯越亮，为了提高警示效果，当空气湿度达到某一值时，电磁铁中电流达到0.5A，衔铁被吸下警示灯就能不断闪烁。
(1)警示灯正常工作时的电流大小是多少？
(2)当警示灯刚开始闪烁时，空气湿度为多大？较暗时的实际功率是多少？
(3)若想让该警示灯在空气湿度低于设定值的情况下就开始闪烁，请你提供两种改良建议，并说明理由。
答案解析
1.B
【解析】解：铁杵磨成针，是通过做功的方式来改变物体的内能。
A.炙手可热，是通过热传递的方式来改变物体的内能，故A不符合题意；
B.钻木取火，是通过做功的方式来改变物体的内能，故B符合题意；
C.扬汤止沸，是通过热传递的方式来改变物体的内能，故C不符合题意；
D.卧冰求鲤，是通过热传递的方式来改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：B。
改变内能的方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移。
本题主要考查学生对做功与热传递改变物体内能的了解，是一道基础题。
2.C
【解析】解：ACD、由于大气分布不均匀，下部空气密度大，上部空气密度小，落日发出的光在不均匀的空气中传播时发生折射，折射光线不断向下偏折，我们逆着折射光线看去所看到的落日位置比实际位置高，太阳实际在图中的乙位置，我们看到的“落日”是由于光的折射而形成的太阳的虚像，故AD正确、C错误；
B、若没有大气层，由于光在真空中沿直线传播，太阳在地平线以下，处在地球上的人看不到太阳，则日出时间将推迟，故B正确。
故选：C。
①光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
②光在同种均匀介质中沿直线传播。
本题主要考查了光的直线传播和光的折射现象在生活中的应用。此题内容与古诗相结合，能够考查学生的综合能力，是一道好题。
3.D
【解析】解：AB、闭合开关，导体ab和cd组成一个闭合电路，导体ab在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，这种现象是电磁感应现象，发电机是利用电磁感应现象工作的，所以甲装置相当于发电机；
感应电流经过导体cd，导体cd成为通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理，所以乙装置相当于电动机，故AB错误；
C.若闭合开关并上下移动ab，闭合电路的一部分导体ab在磁场中没有切割磁感线运动，闭合电路中没有感应电流，cd不会受力移动，故C错误；
D.闭合开关并向右移动ab、cd也会随之向右运动，ab向左运动时，磁场方向不变，感应电流的方向改变，通过cd的电流方向改变，磁场方向不变，则cd 受力方向改变，运动的方向会改变，因此向左运动。故D正确。
故选：D。
(1)电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力转动。
(2)电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
(3)感应电流的方向与导体运动和磁极的方向有关，磁场对电流作用力的方向与电流方向有关。
本题综合电动机和发电机的原理，属于简单的综合题。
4.B
【解析】解：A、冰滑梯越陡的地方游客对表面的压力越小，所以在接触面粗糙程度相同时，会感觉滑动摩擦力越小，故A正确；
B、游客在冰滑梯坐的滑雪圈底部光滑是为了在压力一定时，减小接触面的粗糙程度，可减小摩擦力，故B错误；
C、根据牛顿第一定律，水平冰面上滑冰的游客如果不受任何阻力将做匀速直线运动，故C正确；
D、冰雪把松树枝压“弯了腰”，说明力可以改变物体的形状，故D正确。
故选：B。
(1)(2)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
(3)根据牛顿第一定律可做出判断；
(4)力可以改变物体的形状和运动状态。
本题从生活中的现象入手，考查了对减小摩擦的方法的掌握、牛顿第一定律的理解、力的作用效果的认识等，属基础题。
5.D
【解析】解：A、只闭合开关S1，电路为R1的简单的电路，此时电流I1=0.2A；再闭合S2时，两电阻并联，此时电流表的示数如图乙所示：I总=0.5A，
则通过电阻丝R2的电流为：I2=I总−I1=0.5A−0.2A=0.3A，
则电源电压为：U=I2R2=0.3A×10Ω=3V，故A错误；
B、由于I1
C、闭合S2，R1消耗的电功率为：P1=UI1=3V×0.2A=0.6W，故C错误；
D、两只开关均闭合2min，电路消耗的电能为：W=UI总t=3V×0.5A×2×60s=180J，故D正确。
故选：D。
(1)只闭合开关S1，电路为R1的简单的电路，再闭合S2时，两电阻并联，读出此时电流表的示数，两次的示数之差，就是流经R2的电流大小，再根据欧姆定律可计算电源电压；
(2)根据流经两电阻的电流大小，可判断其电阻大小关系，从而判断电阻丝的长度关系；
(3)知道了电源电压，又知道R1的电流，利用公式P=UI可计算R1消耗的电功率；
(4)知道电路的总电流和电源电压，又知道通电时间，利用公式W=UIt可计算电路消耗的电能。
本题考查了对并联电路电流和电压规律的掌握，对欧姆定律和电功、电功率计算公式的应用，有一定综合性。
6.A
【解析】解：A、力的作用是相互的，喷水的同时正方体盒子会转动起来的原因是喷水时水给盒子的反作用力；由图可知，从正上方观察，喷水时可使盒子顺时针时针转动，故A正确；
B、喷出的水由于受重力作用而做曲线运动，故B错误；
C、盒子内水的质量变小，其动能和势能变小，机械能变小，故C错误；
D、喷水时水面下降，孔距上表面距离变小，根据p=ρgℎ得小孔处所受液体压强变小，故D错误。
故选：A。
(1)力的作用是相互的；
(2)重力的方向竖直向下，力可以改变物体的运动状态；
(3)动能和势能之和称为机械能。动能和势能都属于机械能，动能是物体运动时具有的能量，势能是存储着的能量，动能和势能是机械能的两种表现形式；
(4)根据p=ρgℎ进行解答。
本题考查学生对力的相互作用、力的作用效果、机械能的转化、液体压强公式的理解和运用等。
7.B
【解析】解：A、当秤盘放100g物体、秤砣移到B点时，秤杆再次水平平衡，则在B点所示的质量为物体的质量，在O到B两条刻线之间均匀地画上49条刻度线，从O到B点共50个小格每一小格表示的质量为：m0=100g50=2g，故A错误；
B、称中药时B端翘起，杆秤不能水平平衡，说明物体的质量大于秤砣指示的示数，可以向右侧移动秤砣，也可以减少物体的质量来使杆秤恢复水平平衡，故B正确；
C、根据G=mg和杠杆平衡条件可得m物g×OA=m砣g×OB，秤砣磨损了，OB变大，则测量结果将偏大，故C错误；
D、若将提纽移到O点右侧，测量相同质量的物体时，左边力臂变大，则其量程变小，故D错误。
故选：B。
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，杆秤水平平衡时，秤砣所在的位置显示的示数即物体的质量。
本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，涉及到杠杆的五要素、杠杆的调节、杆秤的测量原理，有一定难题。
8.20 一二倍焦距(10cm到20cm) 倒立 减小(缩短)
【解析】解：(1)照相机工作时物体在2倍焦距以外，像在一倍焦距和二倍焦距之间，由于凸透镜的焦距为10cm，所以像距应该在10cm到20cm之间，由于相机模型的胶片相当于光屏，所以照相机模型的外纸筒应该在10cm到20cm之间，所以应当选择20cm的纸筒；
(2)因为照相机成倒立、缩小的实像，所以通过调整内外纸筒的相对距离，可以在半透明膜上看到远处景物倒立、缩小的实像，
当观察更远处的物体时，应增大物距，减小像距，即减小(缩短)凸透镜和半透明膜的距离。
故答案为：(1)20；一二倍焦距(10cm到20cm)；(2)倒立；减小(缩短)。
(1)照相机工作时物体在2倍焦距以外，像在一倍焦距和二倍焦距之间，据此判断出纸筒的长度；
(2)在该模型中，凸透镜是照相机的镜头，半透明膜相当于照相机的底片。根据选择项中提到的物理情景结合凸透镜成像规律加以分析即可得到答案。
本题考查学生动手操作实验的能力以及学生对凸透镜成像规律的掌握，要求学生能根据凸透镜成像规律分析实际问题。
9.甲 质量相同的两种液体，加热相同时间，吸热的热量相同，甲温度变化小，故甲的吸热能力更强 cmΔtPt×100% 电阻
【解析】解：(1)由表格数据知，加热5分钟，吸热的热量相同，甲升高的温度为：30℃−20℃=10℃，
乙升高的温度为：42℃−20℃=22℃，即甲温度变化小，故甲的吸热能力更强；
(2)电阻丝产生的热量Q放=W=Pt，液体吸收的热量Q吸=cmΔt，
甲液体中的电热丝的加热效率η=Q吸Q放=cmΔtPt×100%；
(3)两电阻丝串联接入电路，串联电路各处电流相等，如果在两烧瓶中分别装入质量相等的煤油，并接入两根阻值不同的电阻丝，通过的电流相同，通电时间相同，就可用这个装置来探究电流产生的热量与电阻的关系。
故答案为：(1)甲；质量相同的两种液体，加热相同时间，吸热的热量相同，甲温度变化小，故甲的吸热能力更强；(2)cmΔtPt×100%；(3)电阻。
(1)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)根据Q放=W=Pt求出电阻丝产生的热量，由Q吸=cmΔt得出液体吸收的热量，根据η=Q吸Q放可得甲液体中的电热丝的加热效率；
(3)电流通过导体产生热量的多少与电流大小、电阻和通电时间都有关系。研究某一物理量对热量的影响时，需要控制另外两个物理量。
此题探究物质吸热能力的实验，注意控制变量法和转换法的应用，要掌握。
10.0.3 75 减小动滑轮的重(或减小摩擦)
【解析】解：(1)由图甲可知，刻度尺的分度值为1mm，AB之间的距离为10.00cm，因此物体上升的高度ℎ=10.00cm=0.1000m，
则有用功：W有=Gℎ=3N×0.1000m=0.3J；
(2)由图甲可知承担动滑轮绳子的股数n=2，
由图乙可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2N，因此绳子自由端的拉力F=2N，
动滑轮的机械效率：η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF=3N2×2N×100%=75%；
(3)滑轮组的机械效率η=W有W总=W有W有+W额×100%，在有用功不变的条件下，通过减小额外功从减小总功，可提升机械效率，故可减小动滑轮的重(或减小摩擦)。
故答案为：(1)0.3；(2)75；(3)减小动滑轮的重(或减小摩擦)。
(1)由图甲可知物体上升的高度，利用W有=Gℎ求有用功；
(2)根据图甲可知承担动滑轮绳子的股数n=2，根据图乙可知绳子自由端的拉力，利用η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF求动滑轮的机械效率；
(3)在有用功不变的条件下，根据η=W有W总=W有W有+W额×100%可知，通过减小额外功从减小总功从而提升机械效率，据此分析。
本题考查使用动滑轮时有用功和机械效率的计算，关键是从图中找出有用的信息。
11.右 0.75 17.5
【解析】解：(1)滑动变阻器上下各选一个接线柱与灯泡串联在电路中，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
(2)当电压表示数为2.3V，小于灯泡额定电压2.5V，为了让灯泡正常发光，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故此时应将滑动变阻器的滑片向右移动；
(3)当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)由表中数据可知，灯泡两端电压最小为1.0V，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，电压为UR=U−U1=4.5V−1V=3.5V，此时电路中的电流为0.2A，则滑动变阻器的阻值为：
R滑=URI1=Ω；
(5)若不用电压表，根据并联电路各支路两端电压相等的特点，应让小灯泡和定值电阻并联，调节滑动变阻器，使通过定值电阻的电流I满足IR0=2.5V，则此时小灯泡两端电压就是2.5V，所以题图中最上边框内是小灯泡，左下框内是定值电阻R0，右下框内是电流表，如下图所示；
。
故答案为：(1)见解答图；(2)右；(3)0.75；(4)17.5；(5)见解答图。
(1)滑动变阻器上下各选一个接线柱与灯泡串联在电路中，电压表并联在灯泡两端；
(2)比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；
(4)小灯泡两端电压最小时，滑动变阻器接入电路中电阻最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算即可；
(5)根据并联电路各支路两端电压相等的特点，小灯泡和定值电阻并联，然后判断题目中小灯泡、定值电阻R、电流表的位置。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了电路连接、故障分析、实验操作、功率的计算、影响电阻大小因素、器材的选择及设计实验方案测功率的能力。
12.解：(1)根据压强公式p=FS可知：在压力一定时，适当增加台基的宽度，可以增大受力面积，减小房屋对地面的压强。
(2)扳子是轮轴，本质上是一个连续旋转的杠杆，根据杠杆的平衡条件可知：在阻力和阻力臂一定时，增大动力臂可以省力。工人师傅往往在扳子的把手上再套一根铁管来延长把手的长度，实际上就是增大了动力臂，更省力，容易将锈蚀的螺帽拧下来。
【解析】(1)在压力一定时，受力面积越大，压强越小。
(2)根据杠杆的平衡条件来分析，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力。
本题考查的是增大和减小压强的方法；会根据杠杆原理分析扳子省力的原理。
13.解：(1)浮力测力计的重力：G=mg=200×10−3kg×10N/kg=2N；
由于浮力测力计处于漂浮，根据漂浮条件可知：F浮=G=2N；
(2)由图可知刻度尺的分度值为0.2cm，则瓶身增加0.2cm时排开水的体积：ΔV排=SΔℎ=50cm2×0.2cm=10cm3=1×10−5m3，
根据阿基米德原理可得浮力测力计的分度值为：
ΔF浮=ρ水gΔV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10−5m3=0.1N；
(3)由于瓶身零刻度线处受到的液体压强大于200Pa时会发生较大的弹性形变，导致浮力测力计测量不准确，
则根据p=ρgℎ可得浮力测力计可以浸入的深度为：ℎ最大=p最大ρ水g=200Pa1.0×103kg/m3×10N/kg=0.02m=2cm，
由于浮力测力计的分度值为0.1N/0.2cm，则2cm对应的浮力为：F=0.1N/0.2cm×ℎ最大=0.1N/0.2cm×2cm=1N。
答：(1)不放被测物体时浮力测力计在水中受到的浮力为2N；
(2)此简易浮力测力计的分度值为0.1N；
(3)此简易浮力测力计的量程为1N。
【解析】(1)由G=mg可得浮力测力计的重力；根据漂浮时浮力等于重力计算浮力测力计在水中受到的浮力；
(2)由图可知刻度尺的分度值为0.2cm，求出当瓶身增加0.2cm排开水的体积，根据阿基米德原理即可求出浮力测力计的分度值；
(3)由于瓶身零刻度线处受到的液体压强大于200Pa时会发生较大的弹性形变，导致浮力测力计测量不准确，根据p=ρgℎ求出浮力测力计零刻度线处所处的最大深度，然后根据分度值求出浮力测力计的量程。
本题考查物体的浮沉条件的应用，正确对浮力秤进行受力分析是关键。
14.解：(1)警示灯正常工作时的电流大小是I额=P额U额=12W12V=1A；
(2)当警示灯刚开始闪烁时，电路中的总电阻为R总=UI=12V0.5A=24Ω；
警示灯的电阻为R灯=U额2P额=(12V)212W=12Ω；
湿敏电阻的阻值为R2=R总−R灯=24Ω−12Ω=12Ω；
由乙图可知，当湿敏电阻R2的阻值为12Ω时，空气湿度为80%；
警示灯在闪烁的过程中，较暗时的实际功率是P灯=I′2R灯=(0.5A)2×12Ω=3W；
(4)若想让该警示灯在空气湿度低于设定值的情况下就开始闪烁，这就需要增大电磁铁的吸合力；由于电磁铁的磁性大小与线圈的匝数、电流的大小有关，所以可以通过增大电源电压、增加线圈的匝数来增大电磁铁的吸合力。
故答案为：(1)警示灯正常工作时的电流大小是1A；
(2)当警示灯刚开始闪烁时，空气湿度为80%；较暗时的实际功率是3W；
(3)增大电源电压、增加电磁铁的线圈匝数。
【解析】(1)根据I=PU计算警示灯正常工作时的电流大小；
(2)当警示灯刚开始闪烁时，根据R总=UI求出电路中的总电阻，利用R=U2P求出警示灯的电阻，根据R2=R总−R灯求出湿敏电阻R2的阻值，由乙图查出对应的空气温度；根据P=I2R计算警示灯较暗时的实际功率；
(3)若想让该警示灯在空气湿度低于设定值的情况下就开始闪烁，这就需要增大电磁铁的吸合力，据此分析。
本题考查了学生分析图象的能力、电磁继电器的使用、串联电路的特点、欧姆定律的应用、电功率公式的应用等知识，是一道难题。物理量
质量/g
加热前温度/℃
加热时间/min
加热后温度/℃
甲液体
150
20
5
30
乙液体
150
20
5
42
U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
I/A
0.2
0.24
0.28
0.38
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