2024年山东省枣庄市薛城区中考物理二调试卷

这是一份2024年山东省枣庄市薛城区中考物理二调试卷，共29页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.如图是中国古代的计程车：“计里鼓车”。当车走一里时，车上的木人就敲一下鼓，当车走到十里时，车上的木人就敲一下镯古代的乐器，人们确定车行驶了一里还是十里是根据鼓和镯发声有不同的( )
A. 响度B. 音调C. 音色D. 速度
2.下列物态变化现象中，需要放热的是( )
A. 湿手被吹干B. 冰袋中的冰变成水
C. 樟脑丸消失D. 口中呼出的“白气”
3.李华同学在实验室测量盐水的密度。调节天平横梁平衡后开始测量，先用天平测出烧杯和杯内盐水的总质量为90g，然后将一部分盐水倒入量筒，如甲图所示，接着用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量，天平平衡时的情景如乙图所示。根据实验数据，下列说法正确的是( )
A. 量筒内盐水的体积为B. 烧杯内剩余盐水的质量为27g
C. 量筒内盐水的质量为65gD. 盐水的密度为
4.下列关于力的说法中错误的是( )
A. 成语“孤掌难鸣”说明一个物体不会产生力
B. “卵与石斗，麋碎无疑”是因为鸡蛋受到的力大于石头受到的力
C. “飞流直下三千尺”是由于水受到重力的作用
D. “风吹草低见牛羊”说明风对草的力改变了草的形状
5.2022年3月23日，老师带领同学们一起集中收看了中国空间站进行的第二次太空授课，其中，太空抛物实验给大家留下了深刻的印象。由于物体在太空中处于失重状态，为了验证牛顿第一定律，宇航员王亚平拿着冰墩墩转身面向叶光富，将冰墩墩水平向叶光富扔过去。不考虑舱中的空气阻力，王亚平抛出冰墩墩后，冰墩墩将( )
A. 沿抛物线快速下落B. 竖直下落C. 沿原方向加速运动D. 沿原方向匀速运动
6.如图所示，当铁锤的锤头松动时，握住铁锤的木柄迅速向下撞击坚硬的地面，锤头会紧紧地套在木柄上。这是因为木柄撞击地面时( )
A. 锤头由静止变为运动，木柄由于惯性仍要继续向下运动
B. 锤头由运动变为静止，木柄由于惯性仍要保持静止状态
C. 木柄由静止变为运动，锤头由于惯性仍要保持静止状态
D. 木柄由运动变为静止，锤头由于惯性仍要继续向下运动
7.如图所示，两个相同的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种不同的液体。将体积相同、密度不同的实心球A、B分别放入容器中静止时，A球悬浮，B球漂浮，，且两种液体对容器底的压强相等，下列说法正确的是( )
A. 两个小球受到的重力：
B. 两个小球受到的浮力：
C. 两种液体的密度：
D. 两个容器对桌面的压强：
8.踢毽子是一项常见的健身运动。如图为一同学踢毽子的情景，毽子在向上运动的过程中，下列关于毽子的说法正确的是( )
A. 重力势能减小
B. 运动状态改变
C. 受到惯性作用
D. 在最高点时受力平衡
9.夏日晴朗的白天，在太阳光照射下，某海边城市陆地与海面之间空气流动示意图如图中箭头表示空气流动方向合理的是( )
A. B.
C. D.
10.“争创全国文明城市，建设活力魅力雅安”。雅安市启动了对部分老旧小区改造升级工程。工人利用滑轮组提升重480N的建筑材料，如图所示。已知工人对绳子的拉力F为200N，建筑材料在10s内匀速上升了5m，不计绳重及摩擦。下列说法正确的是( )
A. 动滑轮所受重力为280N
B. 滑轮组所做的有用功为3000J
C. 拉力F的功率为300W
D. 滑轮组的机械效率为
11.如图所示的电路中，电源电压不变。闭合开关S，滑片向左移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A的示数变小B. 电压表的示数变大
C. 电压表示数与电流表A示数的比值变大D. 电压表示数与电流表A示数的乘积变大
12.如图所示的各种做法中，符合安全用电原则的是( )
①使用试电笔时，手不能接触试电笔笔尖的金属部分
②在一个插线板上同时使用多个大功率用电器
③开关要连接在火线与用电器之间
④冰箱的金属壳接地
A. ①②③④B. ②③④C. ①③④D. ②④
13.发展新能源汽车是我国应对气候变化、推动绿色发展的战略举措。荆州市公交公司今年投入了一批新能源纯电动空调车，下列各图中能说明其动力装置工作原理的是( )
A. B.
C. D.
14.下列科技成果与其工作时所涉及到的物理知识对应错误的是( )
A. 高速磁悬浮列车——磁极间的相互作用规律
B. C919客机——流体压强与流速的关系
C. “华龙一号”核电机组——核聚变将核能转化为电能
D. 天舟六号货运飞船——电磁波传递信息
15.如图甲所示电路，电源电压恒定，为定值电阻，滑动变阻器铭牌上标有“”的字样，电流表量程，电压表量程。在保证电路安全的前提下，移动滑动变阻器滑片，经测量分析，得出的电功率P与其两端电压U的关系如图乙。则下列说法正确的是( )
A. 电源电压为16V
B. 的阻值为
C. 电路总功率的最大变化量为
D. 滑动变阻器允许接入电路的阻值范围为
二、填空题：本大题共10小题，共20分。
16.一阵清风吹过，校园里树叶随风飘舞，以“飘舞”的落叶为参照物，教室是______；小明同学捡起一片树叶测量其长度如图所示，树叶的长度为______ cm。
17.当一架无人机掠过水面时，岸边的人在水中看到无人机的倒影的光路图如图甲所示；在水中潜游的人看到无人机的像的光路图如图乙所示。其中，看到像的光路图正确的是______选填“甲”或“乙”；两次所成的像都是______选填“虚”或“实”像。
18.如图所示，是一种常见的全自动感应水龙头，当手伸到感应范围内时，水龙头自动出水；当手离开感应范围时，水龙头自动关闭，这是利用______选填“红外线”或“紫外线”实现自动控制的。洗手池下方排水管设计了U形“反水弯”，起到隔绝下水道异味的作用，其利用了______原理。
19.注射器吸取药液是利用了______原理；如图所示，先将注射器的活塞拉出一部分再向里推，吸管内水面上升是因为吸管上方空气流速大，压强______。
20.如图是小聪同学利用水、弹簧测力计和金属块测量某液体密度的情景。根据图中信息可知，金属块在水中受到的浮力是______ N。所测液体的密度是______。
21.某单缸四冲程汽油机，飞轮每分钟转3000转，则每秒对外做功______次，每次对外做功115 J，该汽油机的效率为，连续工作1小时需消耗汽油______。
22.小聪打开日光灯看电视时，日光灯与电视是______联在家庭电路中的，日光灯正常工作时，其两端电压为______ V。
23.2022年6月5日，“神舟十四号”火箭发射成功。火箭使用液态氢作燃料是因为液态氢的______较大；火箭向下喷射燃气获得推力加速上升，是______能转化为机械能。
24.如图所示，验电器A带正电，用带有绝缘柄的金属棒将验电器A和不带电的验电器B的金属球连接起来，发现验电器B的金属箔片张开，则验电器B带______电，瞬间自由电子定向移动的方向是______选填“由A到B”或“由B到A”。
25.如图所示，电源电压保持不变，、为定值电阻。若开关、闭合，甲、乙两表均为电压表，示数之比为5：2，则、电阻之比为______；若开关闭合、断开，两表均为电流表，甲、乙两表的示数之比为______。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
26.闭合开关，小磁针静止在螺线管左侧，在图中括号内标出电源“+”或“-”极，并用箭头标出图中磁感线方向。
四、实验探究题：本大题共3小题，共18分。
27.小潘四人组成的学习小组选用焦距为的凸透镜，做“探究凸透镜的成像规律”的实验。
实验中固定好透镜和蜡烛后，发现无论如何移动光屏，光屏上只有一个与透镜大小几乎相同的光斑，其原因可能是烛焰置于凸透镜的______上；
如图甲所示，当把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，光屏应在______选填“Ⅰ”、“Ⅱ”或“Ⅲ”区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的实像；生活中的______选填“照相机”、“放大镜”或“投影仪”就是利用该原理制作出来的；
如图乙所示，小潘借来物理老师的眼镜将其放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，当向左移动光屏时，光屏上的像又会变清晰，说明老师戴的是______选填“近视”或“远视”眼镜；
实验过程中，燃烧的蜡烛在不断缩短，导致烛焰的像不在光屏的中央，为了使像能成在光屏中央，在保持蜡烛和光屏的位置不动的情况下，可通过______选填“向上”或“向下”调节凸透镜达到目的；
在露天电影走进社区活动中，准备放映时，发现画面大于整个屏幕，为了使画面占满整个屏幕，如果你是放映员应将______。选填以下选项字母代号
A.放映机靠近屏幕，同时要减小镜头和胶片间的距离
B.放映机远离屏幕，同时要减小镜头和胶片间的距离
C.放映机靠近屏幕，同时要增大镜头和胶片间的距离
D.放映机远离屏幕，同时要增大镜头和胶片间的距离
28.小明利用铁架台、杠杆、质量相等的钩码等器材，探究杠杆的平衡条件。
轻质杠杆静止时如图甲所示，可将左端的平衡螺母向______选填“左”或“右”调节，使其在水平位置平衡，这样操作的目的是便于测量______；
为探究杠杆的平衡条件，小明设计了以下两种收集实验数据的方案，其中合理的是方案______选填“一”或“二”；
小明分析合理方案中的实验数据，得出杠杆的平衡条件______用公式表示；
某次实验所挂钩码的个数和位置如图乙所示，此时将两侧所挂的钩码同时远离支点O一格，杠杆右端将会______。选填“下降”或“上升”；
杆秤就是杠杆平衡条件的一个应用，是中国最古老也是现今人们仍然在使用的一种称质量的简易工具，由带有秤星的秤杆、秤砣、提纽等组成。如图丙所示，此杆秤有两个提纽，使用它称较重的物体时，常用离秤钩较______选填“近”或”远”的提纽。
29.如图甲是小明测量小灯泡电阻的电路，电源电压，小灯泡L的额定电压为。
请用笔画线代替导线，将该电路补充完整，要求导线不交叉；
正确连接电路，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电压表指针偏转明显，电流表无示数，则发生的故障可能是小灯泡______选填“断路”或“被短接”；
排除故障后进行实验，测量数据如下表，他选用的滑动变阻器规格是______选填“”或“”；
小明完成第5组数据测量后，要测量小灯泡正常发光时的电阻，滑动变阻器滑片应向______选填“左”或“右”滑动；
在测量第6组数据时，发现电流表损坏，小明利用图乙电路测量出了小灯泡正常发光时的电阻，已知定值电阻阻值为。实验步骤如下：
①闭合开关，单刀双掷开关S接1，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数______ V；
②保持滑片P的位置不变，将单刀双掷开关S接2，电压表示数如图丙所示，则小灯泡L正常发光时电阻______结果保留一位小数。
五、计算题：本大题共2小题，共15分。
30.如图甲所示，水平桌面上放置一底面积为的圆柱形容器，容器中放有质量为1kg、底面积为的圆柱形木块。现缓慢向圆柱形容器中注水，水对容器底压强与所注水质量的关系如图乙所示，木块始终竖直，当注入水的质量等于时，木块恰好漂浮。已知，。求：
木块恰好漂浮时，注入水的深度；
木块恰好漂浮时，所注水的质量；
当注水深度为4cm时，木块对圆柱形容器的压强。
31.一款内置电陶炉的电暖桌如图甲所示，它不仅具有桌面暖手、桌底暖脚功能，还可以烧水、煮茶等。电陶炉的简化电路如图乙所示，其参数如表所示，高温挡额定功率字迹已被磨损。旋转旋钮开关，可实现停止工作、低温挡和高温挡的转换。和均为电热丝，。求：
的阻值；
高温挡额定功率；
在某用电高峰期，若家庭电路中只有电陶炉在工作，发现标有“”的电能表的指示灯闪烁168次，使质量为的水从升高到，求此时电陶炉的加热效率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】【分析】
声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
【解答】
人们确定车行驶了一里还是十里是根据鼓和镯发声有不同的音色。
故ABD错误，C正确。
故选：C。
2.【答案】D
【解析】解：湿手被吹干是汽化现象，汽化吸热，故A不符合题意；
B.冰袋中的冰变成水是熔化现象，熔化吸热，故B不符合题意；
C.樟脑丸消失是升华现象，升华吸热，故C不符合题意；
D.口中呼出的“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，液化放热，故D符合题意。
故选：D。
物质由固态变为液态叫做熔化，由液态变为固态叫做凝固。
物质由液态变为气态叫做汽化，由气态变为液态叫做液化。
物质由固态直接变为气态叫做升华，由气态直接变为固态叫做凝华。
其中，吸热的过程有熔化，汽化和升华，放热的过程有凝固，液化和凝华。
本题考查了物态变化类型及其吸放热情况的判断，是中考热学基本题型的考查，掌握物质前后状态的变化是解决此类题目的关键。
3.【答案】D
【解析】解：A、量筒的分度值为2mL，量筒内盐水的体积为：，故A错误；
B、天平标尺的分度值为，示数为2g，烧杯内剩余盐水与烧杯的总质量为：，则27g包括了烧杯的质量，故B错误；
C、量筒内盐水的质量为：，故C错误；
D、盐水的密度为：，故D正确。
故选：D。
读出量筒中液体的体积，读出剩余盐水质量从而计算出量筒中盐水的质量；读出量筒中盐水体积；利用公式可计算出盐水的密度。
此题考查了关于液体密度测量的基本技能，包括天平、量筒的读数，以及运用密度的公式进行计算等。
4.【答案】B
【解析】解：A、成语“孤掌难鸣”说明一个物体不会产生力的作用，故A正确；
B、物体间力的作用是相互的，以卵投石时，鸡蛋和石头都受到力的作用，力的大小相等，故B错误；
C、“飞流直下”是由于水受到重力的作用，故C正确；
D、风吹草低见牛羊，说明风对草的力改变了草的形状及运动状态，故D正确。
故选：B。
力是物体对物体的作用，发生力的作用时，至少要有两个物体，其中受到力的作用的物体叫受力物体，对别的物体施加了力的物体叫施力物体；
物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力，一对相互作用力的大小相等；
物体由于地球的吸引而受到的力叫重力；
力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变，②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
深入理解力的概念，力的作用的相互性，重力和力的作用效果。
5.【答案】D
【解析】解：王亚平抛出冰墩墩后，因冰墩墩处于失重状态，且所受的空气阻力忽略不计，所以我们可以认为它所处于理想状态，将做匀速直线运动。
故选：D。
在太空中，物体处于失重状态，所以可以不考虑重力对物体运动状态的影响。
在忽略空气阻力的情况下，我们可以假定物体所受的外力为0。
注意，失重并不是指不受重力作用。
6.【答案】D
【解析】解：当铁锤的锤头松动时，握住铁锤的木柄迅速向下撞击坚硬的地面，原来锤头和木柄都处于运动状态，当木柄碰到地面后停止运动，而锤头由于惯性会仍然保持运动状态，故此时锤头能紧紧的套在木柄上，故ABC错误，D正确。
故选：D。
7.【答案】B
【解析】解：
C.根据题意可知，两种液体对容器底的压强相等，由题知，，由可知，两种液体的密度关系为，故C错误；
B.A小球完全浸没在甲液体中，排开甲液体的体积等于A小球的体积，B小球漂浮在乙液体中，排开乙液体的体积小于B小球的体积，因为两小球体积相等，所以两小球排开液体的体积关系为，由阿基米德原理可知，两个小球的浮力关系为：，故B正确；
A.因为A小球在甲液体中悬浮，根据物体浮沉条件可知，；B小球漂浮在乙液体中，根据物体浮沉条件可知，受到的重力，所以两个小球的重力关系为，故A错误；
D.两种液体对容器底的压强相等，受力面积相等，根据可知，甲和乙两种液体对容器底的压力相等；又因为容器为柱形容器且力的作用是相互的，所以液体对容器底的压力等于液体的重力和物体重力之和，又因为甲、乙两个容器相同，即受到的重力相等，所以两个容器对桌面的压力关系为，由于两个容器底面积相等，根据可知，两个容器对桌面的压强关系为：，故D错误。
故选：B。
由图可知，甲、乙两容器内液体的深度关系为，因两容器中的液体对容器底的压强相等，所以，由可知两容器内液体的密度关系；
根据阿基米德原理分析两个小球受到的浮力的大小关系；根据物体的浮沉条件分析两个小球的重力的大小关系；
固体对水平桌面的压力等于自身的重力；根据分析两个容器对桌面的压强的大小关系。
此题主要考查的是学生对液体压强计算公式、物体浮沉条件、阿基米德原理的理解和掌握，有一定的难度。
8.【答案】B
【解析】解：
A、毽子在向上运动的过程中，质量不变，高度变大，重力势能变大，故A错误；
B、毽子在向上运动的过程中，运动的速度发生了改变，运动状态改变，故B正确；
C、惯性是一种性质，不能说“受到惯性作用”，故C错误；
D、在最高点时，毽子只受到重力的作用，受力不平衡，故D错误。
故选：B。
重力势能的影响因素：质量、高度；
物体处于平衡状态时运动状态不变；
惯性是一切物体保持原来运动状态不变的性质，不能说“受到惯性作用”；
根据毽子的受力情况分析。
本题考查了学生对惯性、重力势能的变化、力与运动的关系的了解与掌握，虽知识点多，但难度不大，利用所学知识分析解释踢键子遇到的问题，有意义！
9.【答案】D
【解析】解：白天时，水的比热容比土大，吸收相同的热量温度升高慢，则此时陆地温度高于海水温度，陆地上方空气受热膨胀，向上运动，下方空气由海面空气补充，海面上层空气由陆地上升的空气补充，三者气体方向按照顺时针方向变化。
故选：D。
水的比热容大于砂石泥土。比热容不同，同样质量的不同物质吸收相同热量，温度变化不一样；
温度能够改变物质的密度。在我们常见的物质中，气体的热胀冷缩最为显著，它的密度受温度的影响也最大。
气体有热胀冷缩的性质：温度高的气体密度小，易上升；温度低的气体密度大，易下降。
10.【答案】C
【解析】解：A、由图可知动滑轮上承重绳子的股数为，根据可知，动滑轮的重力为，故A错误；
B、滑轮组做的有用功为，故B错误；
C、拉力做的功为，
拉力F的功率为：，故C正确；
D、滑轮组的机械效率为：
，故D错误。
故选：C。
根据滑轮组装置确定绳子股数，利用求出动滑轮的重力；
根据求出滑轮组做的有用功；
根据求出滑轮组做的总功，利用求出拉力做功的功率；
根据求出滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式、做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
11.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测电源两端的电压，电压表测两端的电压，电流表A测电路中的电流。
因电源电压不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变，
滑片向左移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，
由可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故A错误；
则电压表示数与电流表A示数的比值变小、电压表示数与电流表A示数的乘积变大，故C错误、D正确；
由可知，定值电阻两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B错误。
故选：D。
由电路图可知，闭合开关S，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测电源两端的电压，电压表测两端的电压，电流表A测电路中的电流。根据电源电压不变可知滑片移动时电压表的示数变化，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，从而得出电路中总电阻的变化，利用欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步得出电压表示数与电流表A示数的比值、电压表示数与电流表A示数的乘积变化，再利用欧姆定律得出定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
12.【答案】C
【解析】解：①使用试电笔时，笔尖金属体要直接与导线接触，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖，否则容易发生触电事故，故①正确；
②一个多孔插线板若同时使用多个大功率用电器，会造成总电流过大，易引发火灾，故②错误；
③当用电器的开关接在零线上时，即使断开开关，用电器仍带电，易发生触电事故，所以控制用电器的开关要连接在火线与用电器之间，故③正确；
④电冰箱有金属外壳，要使用三脚插头和三孔插座，将电冰箱的金属外壳接地，当用电器漏电时，电流就通过地线，流入大地，防止触电事故的发生，故④正确。
故选：C。
使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体；
家庭电路电流过大的原因：短路和用电器总功率多大；
控制用电器的开关应安装在火线与用电器之间；
如果家用电器内部火线绝缘皮破损或失去绝缘性能，致使火线与金属外壳接通，金属外壳就带电，人体接触金属外壳等于接触火线，就会发生触电事故；若使用三脚插头和三孔插座，把金属外壳用导线接地，即使金属外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触金属外壳就没有危险。
了解安全用电常识，并能在生活中加以运用，既是解答此题的关键，也有一定的现实意义。
13.【答案】B
【解析】解：新能源纯电动空调车的动力来源于电动机，电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的。
A、该装置说明通电导体的周围存在磁场，故A不符合题意；
B、该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的，故B符合题意；
C、该装置说明闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，发电机就是利用该原理制成的，故C不符合题意；
D、该装置可以探究电磁铁的磁性强弱与电流的大小有关，故D不符合题意。
故选：B。
奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的。
闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，发电机就是利用该原理制成的。
电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。
本题主要考查了电动机的基本原理；知道三种常见的电磁现象及电磁铁、电动机、发电机的基本原理。
14.【答案】C
【解析】解：A、磁悬浮列车的原理是磁极间相互作用规律，故A正确；
B、机翼上凸下平，飞机起飞时，上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢，压强大，从而获得向上的升力，故B正确；
C、“华龙一号”核电机组是利用核裂变释放的巨大能量，故C错误，
D、天舟六号货运飞船是利用电磁波传递信息的，故D正确。
故选：C。
磁悬浮列车的原理是磁极间相互作用规律；
流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
核电机组是利用核裂变释放的巨大能量；
电磁波可以传递信息。
本题主要考查了磁极间的相互作用、流体压强与流速的关系、核裂变和核聚变与电磁波的应用。
15.【答案】D
【解析】解：由图甲可知，、串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
AB、由图乙可知，当两端的电压为8V时，的电功率为4W，
由可知，此时电路中的电流：，
根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压：……①
当两端的电压为10V时，的电功率为4W，
由可知，此时电路中的电流：，
根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压：……②
联立①②两式可解得，电源电压：，的阻值：，故AB错误；
CD、根据题意可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为，电流表的量程为，为了电路安全，电路中的最大电流为，
则电路中的最大总功率：；
由可知，电路中的最小总电阻：，
根据串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：；
根据电压表量程可知，两端的最大电压为15V，根据串联电路的电压特点可知，两端最小电压：，
电路中最小电流：，
电路中的最小总功率：，
由可知，滑动变阻器接入电路的最大阻值：，
所以，电路总功率的最大变化量：，故C错误；
滑动变阻器允许接入电路的阻值范围为，故D正确。
故选：D。
由图甲可知，、串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
由图乙可知，当两端的电压为8V时，的电功率为4W，根据求出此时电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压；当两端的电压为10V时，的电功率为4W，根据求出此时电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压；据此求出电源电压和的阻值；
根据电流表量程、滑动变阻器的规格可知电路中的最大电流，根据可求出电路消耗最大总功率；根据欧姆定律求出电路中的最小电阻，根据串联电路的电阻特点可求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；
根据电压表量程可知两端的最大电压，根据串联电路的电压特点可知两端的最小电压，根据欧姆定律可求出电路中的最小电流，根据求出电路中最小总功率，据此求出电路总功率的最大变化量；根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，据此可知滑动变阻器允许接入电路的阻值范围。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，能从图中获取相关信息是解题的关键，题目难度较大。
16.【答案】运动的
【解析】解：以飘舞的落叶为参照物，地面与落叶之间的相对位置发生了变化，所以以飘舞的落叶为参照物，校园是运动的；
由图知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是，即此刻度尺的分度值为1mm；树叶左侧与0刻度线对齐，右侧约为，则树叶的长度为。
故答案为：运动的；。
在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的；
明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
此题主要考查了运动和静止的相对性、长度的测量，难度不大，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
17.【答案】甲 虚
【解析】解：岸边的人在水中看到无人机的倒影是光在水面反射进入了人眼，属于光的反射现象，像是反射光线反向延长线的交点，不是实际光线会聚而成，像是虚像，故甲图是正确的；在水中潜游的人看到无人机的像是光从空气中斜射入水，在水面发生了折射形成的，像是折射光线反向延长线的交点，不是实际光线会聚而成，也是虚像，乙图的光线应从空气中到水中，图中画反了，故乙是错误的。故看到像的光路图正确的是甲；两次所成的像都是虚像。
故答案为：甲；虚。
倒影属于平面镜成像，是光的反射形成，人看见倒影是光进入人眼；
水中人看见填上的物体是光的折射，且折射角小于入射角；平面镜成虚像，光的折射看见的也是虚像。
本题考查平面镜成像、光的折射成像，属于中档题。
18.【答案】红外线；连通器
【解析】解：
感应窗发出红外线，照射到手上，发生反射，改变传播方向，重新被感应窗接收，控制出水情况；
洗手池排水管设计的U形“反水弯”上部开口、下部连通，属于连通器；U形“反水弯”内装有水且静止时，两侧水面相平，可以防止下水道异味窜入室内。
故答案为：红外线；连通器。
红外线感应水龙头是通过红外线反射原理；
连通器的结构特征是上端开口、底部相连通；连通器内装同种液体且不流动时液面总是相平的。
本题考查了红外线、连通器的应用，属于基础题目。
19.【答案】大气压 小
【解析】解：医生用注射器吸取药液，向上提起活塞时，注射器内的体积增大，压强减小，药液在外界大气压的作用下被压入注射器内。
在吸管的上方推动注射器的活塞时，吸管上方空气的流动速度较大，压强较小，在瓶内气压作用下水面上升。
故答案为：大气压；小。
用针管吸取药液、用吸管吸饮料都是利用了大气压。
气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
本题考查了大气压的利用和流体压强与流速的关系，属于基础题。
20.【答案】
【解析】解：由图甲可知，弹簧测力计分度值为，弹簧测力计的示数为，则金属块的重为；
根据称重法测浮力，由甲、乙两图可得物块浸没在水中受到的浮力为：；
根据阿基米德原理，金属块排开水另一种液体的体积：
，
根据甲、丙两图可得金属块浸没在另一种液体中受到的浮力：
，
由阿基米德原理可得另一种液体的密度：
。
故答案为：2；。
先确定弹簧测力计的分度值，再根据指针位置读数，可得金属块的重力；
根据称重法测浮力，由甲、乙两图求出金属块在水中受到的浮力；
利用阿基米德原理求出金属块排开水另一种液体的体积，根据甲、丙两图可得金属块浸没在另一种液体中受到的浮力，再利用阿基米德原理求液体的密度。
本题考查了阿基米德原理、称重法测浮力的应用，以及弹簧测力计的读数方法，灵活应用阿基米德原理是关键。
21.【答案】
【解析】解：四冲程汽油机的飞轮转速：，即汽油机飞轮每秒转50圈，
由于四冲程汽油机1个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，所以该汽油机每秒对外做功25次；
汽油机1小时对外所做的功：，
由可知，汽油完全燃烧放出的热量：，
由可知，消耗汽油的质量：。
故答案为：25；。
四冲程汽油机1个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次；
根据题意求出汽油机1小时对外所做的功，根据效率公式求出汽油完全燃烧放出的热量，根据求出消耗汽油的质量。
本题考查热机的有关计算、功的计算、效率公式以及燃料完全燃烧放热公式的应用，是一道综合题，难度不大。
22.【答案】并 220
【解析】解：日光灯与电视相互不影响，可以独立工作，故日光灯与电视并联在家庭电路中的；
我国家庭照明用电的电压为220V，家庭电路中用电器是并联的，并联电路两端的电压都相等。故日光灯正常工作时，其两端电压等于电源电压，为220V。
故答案为：并；220。
照明电路的各个用电器互不影响，是并联的。
照明电路的电压是220V。
本题考查的是并联电路和串联电路的特点及应用；知道照明电压和并联电路的电压特点。
23.【答案】热值 内能
【解析】解：运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量；并且所需的液态氢的体积小，便于储存和运输。火箭在推力作用下，加速上升，是内能转化为机械能。
故答案为：热值；内能。
运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，与其他物质相比完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
火箭是热机的一种，它的工作原理就是将内能转化为机械能。
本题的解题关键是正确理解热机的工作原理和热值的概念，基础题。
24.【答案】正 由B到A
【解析】解：验电器A带正电缺少电子，B不带电；用带绝缘柄的金属杆将两个验电器的金属球接触时，B验电器上自由电子负电荷向验电器A移动，与A上的正电荷发生中和，使A的张角变小；B失去电子而带正电，所以B的金属箔由于带上同种电荷相互排斥而张开；瞬间自由电子定向移动的方向是由B到A。
故答案为：正；由B到A。
金属导体中能够自由移动的是带负电荷的自由电子。
本题考查了金属导体导电的原因，属于基础知识的考查。
25.【答案】3：2 3：5
【解析】解：由图可知，若开关、闭合，甲、乙两表均为电压表，则、串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测的电压，
根据串联电路的电压特点可知，、两端的电压之比，
根据欧姆定律可知，的阻值，的阻值，
根据串联电路的特点可知，通过的电流，
则、电阻之比；
若开关闭合、断开，两表均为电流表，、并联，电流表甲测量通过支路的电流，电流表乙测量干路的电流；
根据并联电路电压特点可知，、两端的电压相等，即，
根据欧姆定律可知，通过的电流，通过的电流，
则通过、的电流之比，
则甲、乙两表的示数之比。
故答案为：3：2；3：5。
由图可知，若开关、闭合，甲、乙两表均为电压表，则、串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测的电压，根据串联电路特点可知、两端的电压之比；根据欧姆定律可知、电阻之比；
若开关闭合、断开，两表均为电流表，、并联，电流表甲测量通过支路的电流，电流表乙测量干路的电流；根据并联电路的特点和欧姆定律可知甲、乙两表的示数之比。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用，能正确判断电路连接和电压表、电流表的测量对象是解题的关键。
26.【答案】解：①由图可知，小磁针静止时的左端为S极、右端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极。
②因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向左的。
③根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极。如图所示：

【解析】①知道小磁针静止时N极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极。
②根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从N极发出、回到S极。
③根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正、负极。
本题考查了磁极间的相互作用规律、磁感线的特点以及安培定则的应用，难度不大。
27.【答案】焦点 Ⅱ照相机 远视 向下 C
【解析】解：固定好透镜和蜡烛后，发现无论如何移动光屏，光屏只有一个与透镜大小几乎相同的光斑，说明光平行主光轴射出，则可能将蜡烛置于焦点处了。
凸透镜焦距是15cm，当把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，物距为
，物距大于2倍焦距，所以此时成倒立缩小的实像，像在1倍和2倍焦距之间，则光屏应在Ⅱ区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的实像。
物距大于2倍焦距，所以此时成倒立缩小的实像，与照相机的原理相同。
当眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，当向左移动光屏时，光屏上的像又会变清晰，说明像距变小，对光有会聚作用，是远视眼镜。
蜡烛在燃烧中不断缩短，烛焰向下移动，由于过光心的光线不改变方向，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，可向上移动光屏、向上移动蜡烛或向下移动凸透镜。
放映机是根据物距处于一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像的原理制成的。画面大于整个屏幕，说明像较大，为了使画面占满整个屏幕应增大物距，减小像距，所以将放映机靠近屏幕，同时要增大镜头与胶片间的距离，故选C。
故答案为：焦点；Ⅱ；照相机； 远视；向下； 。
蜡烛置于焦点处，光平行主光轴射出。
物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像，像在1倍和2倍焦距之间，与照相机的原理相同，据此分析。
远视眼镜是凸透镜，对光有会聚作用，据此分次。
根据过光心的光传播方向不变，进行分析。
放映机是根据物距处于一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像的原理制成的。
本题探究凸透镜成像规律实验，掌握凸透镜成像规律是解题关键。
28.【答案】右 力臂 二 上升 近
【解析】解：如图甲所示，杠杆左低右高，表明左边要重一些，可将左端的平衡螺母向右调节；
由于实验时动力和阻力的方向一般为竖直方向，杠杆在水平位置平衡，此时力臂与杠杆重合，这样操作的目的是便于测量力臂；
由表格可知，方案一中每组的动力臂与阻力臂大小相等，具有偶然性，方案二中每组动力臂与阻力臂大小不同，可得出普遍结论，故合理的是方案二；
分析合理方案中的实验数据，每次实验中动力与动力臂的乘积总是等于阻力与阻力臂的乘积，故得出杠杆的平衡条件；
某次实验所挂钩码的个数和位置如图乙所示，假设每个钩码重为G，每一格长为l，将两侧所挂的钩码同时远离支点O一格，
左边动力与动力臂的乘积为：，右边阻力与阻力臂的乘积为：，
由于，则杠杆右端将会上升。
根据杠杆平衡条件可得，使用较近的提纽时，在秤砣一定时，使用它来称重较重的物体时，可以增加秤砣的力臂，减小重物的力臂，故常用离秤钩较近的提纽。
故答案为：右；力臂；二；；上升；近。
杠杆不在水平平衡时，实验前调为水平位置平衡，以便我们直接读取力臂，支点在杠杆的中点可以消除杠杆的自重对实验的影响；如果杠杆左端向下倾斜，应向右调节左端或右端的平衡螺母；如果杠杆右端向下倾斜，应向左调节左端或右端的平衡螺母；
实验时每组动力臂与阻力臂应大小不同，可得出普遍结论；
杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂或；
设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；
根据杠杆平衡条件分析。
本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算。
29.【答案】断路 右
【解析】解：在测量小灯泡电阻的实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
正确连接电路，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表指针偏转明显，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即故障可能是小灯泡断路；
由表中第1组数据可知，当灯泡两端电压为，通过灯泡的电流为时，滑动变阻器两端电压为：
，
根据串联电路电流特点和欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值为：
，故他选用的滑动变阻器规格是“”；
由第5组数据可知，电压表示数小于灯泡额定电压，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律可知，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故滑动变阻器滑片应向右滑动；
①闭合开关，单刀双掷开关S接1，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数，此时小灯泡正常发光；
②保持滑片P的位置不变，将单刀双掷开关S接2，电压表示数如图丙所示；在步骤②中，灯泡、定值电阻和滑动变阻器仍串联，电压表测灯泡和定值电阻两端电压，保持滑片P的位置不变，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，其两端电压为，故电压表应选大量程，分度值，其示数为4V；根据串联电路电压的规律，此时定值电阻两端的电压为：
，
由串联电路电流特点和欧姆定律可知，电路中的电流为：
，
则小灯泡L正常发光时电阻为：
。
故答案为：见解答图；断路；；右；；。
将电压表并联在灯泡两端；
正确连接电路，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表指针偏转明显，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
根据表中第1组数据，利用串联的电路电压规律结合欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定滑动变阻器的规格；
根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
要测小灯泡L正常发光时电阻，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻两端的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻两端的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据可求出小灯泡L正常发光时电阻。
本题测小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、电路故障、器材的选择、实验操作及设计实验方案测电阻的能力。
30.【答案】解：注入水的深度为
；
木块恰好漂浮时，所注水的质量为
；
木块恰好漂浮时，水深为5cm，当注水深度为4cm时，木块排开液体的体积为
，
木块受到的浮力为
，
木块对圆柱形容器的压力为
，
木块对圆柱形容器的压强为
。
答：注入水的深度为5cm；
所注水的质量500g；
木块对圆柱形容器的压强100Pa。
【解析】当注入水的质量等于时，木块恰好漂浮。此时水对容器底部的压强为，由压强公式可得注入水的深度；
木块恰好漂浮时，由密度公式可得所注水的质量；
木块恰好漂浮时，水深为5cm，当注水深度为4cm时，由可得木块排开液体的体积为，由阿基米德原理可得木块受到的浮力，由称重法可得木块对圆柱形容器的压力，根据可得木块对圆柱形容器的压强。
本题考查密度公式、压强公式和浮力的计算，难度适中。
31.【答案】解：旋钮开关放在1位置时，两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据可知总功率较小，电陶炉处于低温挡，根据可知；
根据电阻串联的特点可知；
旋钮开关放在2位置时，电路为的简单电路，总电阻较大小，电源电压不变，根据可知总功率较大，电陶炉处于高温挡，根据可知高温挡额定功率；
电能表上的，表示电路中用电器消耗电能，电能表的指示灯闪烁3000次，
故闪烁168次电陶炉消耗的电能：
，
质量为的水从升高到吸收的热量；
此时电陶炉的加热效率：
。
答：的阻值为；
高温挡额定功率为1000W；
此时电陶炉的加热效率为。
【解析】旋钮开关放在1位置时，两电阻串联，总电阻较大，电源电压不变，根据可知总功率较小，电陶炉处于低温挡，根据可知两电阻串联后的总电阻，根据电阻串联的特点可知的阻值；
旋钮开关放在2位置时，电路为的简单电路，总电阻较大小，电源电压不变，根据可知总功率较大，电陶炉处于高温挡，根据可知高温挡额定功率；
电能表上的，表示电路中用电器消耗电能，电能表的指示灯闪烁3000次，
据此得出电能表的指示灯闪烁168次电陶炉消耗的电能；根据得出质量为的水从升高到吸收的热量，根据得出此时电陶炉的加热效率。
本题考查电功和热量的综合计算，有一定难度。实验次数
方案一
方案二
1
3
3
3
5
2
2
2
4
3
3
1
1
2
5
序号
1
2
3
4
5
6
电压
电流
电陶炉
额定电压
220V
额定功率
高温挡
低温挡
400W