2024年四川省成都市中考物理试卷

这是一份2024年四川省成都市中考物理试卷，共43页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图与计算题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。

1．（2分）（2024•成都）电磁波具有信息特征和能量特性。以下设备中，主要利用电磁波的能量特性工作的是（ ）
A．微波炉B．手机C．雷达D．电吹风
2．（2分）（2024•成都）关于家庭用电，下列说法不正确的是（ ）
A．家用电器通常通过插头、插座与电源连接
B．验电笔可以用来区分火线和零线
C．电线接头接触不良，可能引发火灾
D．家庭电路着火应首先用冷水浇灭
3．（2分）（2024•成都）在成都地铁3号线磨子桥站出口，行人走上“琴键”台阶（如图），台阶亮灯并响起音乐。关于上述情景，下列说法正确的是（ ）
A．该音乐声由行人振动产生
B．该音乐声不能在真空中传播
C．乐曲的音色与行人的心情有关
D．乐曲的音调越高响度一定越大
4．（2分）（2024•成都）了解我国科技发展成就，关注身边的物理，是物理学习的基本要求。下列数据，符合实际的是（ ）
A．航空母舰福建舰排水量为80万吨
B．我国特高压输电的电压为10千伏
C．我国家庭电路的电压为220伏
D．家用轿车空载时的质量为20吨
5．（2分）（2024•成都）如图是某小组探究“水沸腾前后温度变化的特点”的实验装置，下列说法正确的是（ ）
A．实验中还需要的测量仪器是秒表
B．该实验操作简单，不需要注意安全
C．有“白气”冒出，说明水已经沸腾
D．水沸腾后即可熄灭酒精灯，停止加热
6．（2分）（2024•成都）如图，可以用吸管“吸”取杯中的饮料，下列现象中，“吸”的物理原理与其相同的是（ ）
A．公路旁用隔音墙“吸”收部分噪声
B．大树通过根从土壤中“吸”取养分
C．化学实验中用胶头滴管“吸”取药液
D．用丝绸摩擦过的玻璃棒“吸”引纸屑
7．（2分）（2024•成都）2023年7月28日，第31届世界大学生夏季运动会在成都隆重开幕。如图是我国运动健儿在跳高比赛中的场景。关于跳高运动员的能量，下列结论正确的是（ ）
A．助跑过程中，动能保持不变
B．助跑过程中，机械能总量保持不变
C．起跳后的上升过程中，重力势能增大
D．越过横杆后的下降过程中，动能保持不变
8．（2分）（2024•成都）在“探究液体内部的压强”实验中，实验现象如图所示，U形管内液面的高度差越大，表示探头所在位置的液体压强越大。下列说法正确的是（ ）
A．比较甲、乙两图，可得出结论：在同种液体中，深度越深压强越大
B．比较甲、丙两图，可得出结论：在不同液体中，深度越深压强越大
C．比较乙、丙两图，可得出结论：液体密度越小，压强越大
D．比较甲、丙两图，可得出结论：液体密度越大，压强越大
9．（2分）（2024•成都）物理与日常生活、工程实践密切相关，下列分析正确的是（ ）
A．用久的菜刀需要磨一磨，是为了减小压强
B．人行盲道有凸起，是为了增大受力面积，减小压强
C．有风吹过，窗帘飘向窗外，是因为窗外大气压变大
D．飞机受到升力，是因为机翼上下表面空气的流速不同
10．（2分）（2024•成都）小李同学在爸爸指导下，走进厨房进行劳动实践，他发现厨房里涉及到很多物理知识，下列说法不正确的是（ ）
A．冷冻室取出的排骨表面有“白霜”，“白霜”是固态
B．在排骨的“解冻”过程中，排骨中的冰吸热熔化成水
C．排骨汤煮沸后冒出大量的“白气”，“白气”是液态
D．排骨汤盛出后不容易凉，是因为汤能够不断吸热
11．（2分）（2024•成都）如图所示，纸盒外有两只小灯泡和一个开关，闭合开关两灯都亮，断开开关两灯都不亮。下列判断正确的是（ ）
A．盒内一定有两节电池
B．盒内一定有电源供电
C．两只灯泡一定是串联关系
D．两只灯泡一定是并联关系
12．（2分）（2024•成都）如图是小李同学探究“通电螺线管的磁场方向”的实验示意图。闭合开关，小磁针静止时N极的指向如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．根据小磁针指向可以判定，通电螺线管的右端为S极
B．小磁针静止时N极所指方向就是该点的磁场方向
C．将小磁针移到其他位置，N极所指方向一定不变
D．本实验可以得出：通电螺线管的磁极与电流方向无关
13．（2分）（2024•成都）小李同学想估算空气对自己的浮力大小，采集的数据有：自己的体重、自己的密度（与水接近，约为1.0×103kg/m3）、空气的密度（约为1.3kg/m3）。则空气对小李的浮力大小约为（ ）
A．0.006NB．0.6NC．60ND．600N
二、填空题（每空2分，共28分）
14．（4分）（2024•成都）成都别称芙蓉城、蓉城，这座以花为名的城市自古与花结缘，大诗人陆游魂萦梦牵的诗中美景“二十里中香不断，青羊宫到浣花溪”依旧是成都一道靓丽的风景线，诗人闻到花香属于 现象。诗句“花气袭人知骤暖”所蕴藏的物理知识是：分子做无规则运动的剧烈程度与 有关。
15．（4分）（2024•成都）夜幕降临，横跨成都锦江两岸的安顺廊桥灯火璀璨，桨声灯影里，夜色让人陶然而醉……正所谓“锦江灯月遥相近，烟火市井三千年”。如图，水中“灯影”是由于光的 形成的；若锦江水面上涨，水中“灯影”到水面的距离变 。
16．（4分）（2024•成都）小张利用如图所示装置探究“导体在磁场中产生电流的条件”，闭合开关后，经过多次尝试，他发现导线ab在磁场中沿着竖直方向运动时，导体中产生感应电流。生产生活中的 （选填“电热毯”、“发电机”或“电动机”）是利用该实验原理工作的。小张在实验中将导线ab换成一个线圈，其目的是 。
17．（4分）（2024•成都）同学们使用天平和量筒测量酱油、盐水和纯净水三种液体的密度。根据你已有的知识和经验判断，三者中密度最小的是 。将装有适量酱油的烧杯放在已调平的天平左盘，当右盘中砝码和标尺上的游码如图所示时，天平再次平衡，则酱油和烧杯的总质量为 g。
18．（4分）（2024•成都）在“探究二力平衡的条件”实验中，同学们设计了如图所示的甲、乙两种实验方案。小张同学认为乙方案更合理，理由是乙方案中使用小车时 对实验的影响更小，可以忽略不计。实验中同学们认定小车在水平方向受力平衡，所依据的现象是小车 。
19．（4分）（2024•成都）小张用如图所示的电路测量小灯泡的电阻，电流表和电压表选用小量程。闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移到最右端的目的是 。闭合开关，她发现灯泡不亮，两电表的示数均很小，经过检查，确认电路连接正确，两电表均完好，小张的下一步操作应该是 。
20．（4分）（2024•成都）小张想设计一个有“低温”、“中温”和“高温”三个挡位的电加热器，其电路图如图所示，电源电压为220V，R1、R2是电热丝，开关S接触相邻的两个触点。她准备了三根电热丝，R1＝242Ω，另外两根电热丝的阻值分别是121Ω和242Ω，R2该选取阻值为 Ω的电热丝。开关S接触“1”、“2”两个触点时，通电1min，电流产生的热量是 J。
三、作图与计算题（共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
21．（2分）（2024•成都）如图甲，小孟利用一面小镜子隔墙看到院里的小猫要偷吃鱼。如图乙所示，AO表示来自小猫的入射光线，O点为入射点，B点为小孟眼睛所在位置。请在图乙中完成作图：
①画出反射光线OB；
②根据光的反射定律画出镜面。（镜面用表示，保留作图痕迹）
22．（2分）（2024•成都）如图甲，小孟书桌上的折叠式台灯由底座、立杆和灯头组成。如图乙所示，灯头OAB可视做绕O点转动的杠杆，A点是灯头的重心，小孟用拉力F将灯头拉至图示位置。请在图乙中画出：
①灯头受到的重力G的示意图；
②拉力F的力臂L。
23．（6分）（2024•成都）2024年1月，“成都造”飞行汽车AE200在民航西南局的见证下首飞成功，如图。此飞行汽车是全国首个获民航局适航审定批复的有人驾驶电动垂直起降飞行器，其最大航程可达300km。若该飞行汽车实现通航，从成都市中心出发飞往天府国际机场，航程为68km，仅耗时15min，g取10N/kg，求：
（1）该飞行汽车从成都市中心到天府国际机场的平均速度是多少km/h？
（2）若飞行汽车载着质量为70kg的乘客竖直匀速上升500m，汽车对该乘客做功为多少J？
24．（7分）（2024•成都）小孟在实验室设计了一款测量物体重力的装置，其示意图如图甲，物体放在有弹簧支撑的托盘上，弹簧底部固定，该装置可以通过电表示数转换测出重力大小。图乙是变阻器接入电路中的阻值RP与被测物体重力G的关系图像。电源电压恒为24V，定值电阻R0为30Ω，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，变阻器标有“50Ω 1A”。
（1）闭合开关S，当电流表示数I＝0.4A时，求物体的重力G。
（2）在保证电路各元件安全的情况下，求RP的变化范围。
四、实验与探究题（共14分）
25．（6分）（2024•成都）在“探究并联电路中的电流特点”实验中，图甲是某小组同学设计的电路图。
（1）图乙是该小组连接的电路，闭合开关S，电流表测通过 的电流。
（2）该小组同学换用不同规格的小灯泡进行实验，用电流表多次测A、B、C三点电流，记录实验数据如下表。
分析表中数据，以下说法不合理的是 。
A.四次实验中电流表选用量程为0～0.6A
B.表中的数据均在误差范围内
C.此实验还可测量更多组数据
D.通过多次实验，可避免偶然性
（3）小成同学测量通过灯泡L1电流时，L1正常发光，L2忽亮忽灭，他接下来的操作应该是 。（写出一条即可）
26．（8分）（2024•成都）小成同学探究“滑动摩擦力大小与什么有关”，实验器材如下：长木板（上下表面粗糙程度不同）、长方体木块（每个面粗糙程度都相同，长宽高不等）、弹簧测力计。
（1）实验过程中，将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向缓缓匀速拉动木块（如图），目的是为了让弹簧测力计示数与木块所受滑动摩擦力大小 。
（2）小成在实验探究时利用下表收集数据，你认为她探究的是滑动摩擦力大小与 的关系。
（3）小成利用同一个木块探究了滑动摩擦力大小与接触面积是否有关，她改变接触面积的操作是 。
（4）小成发现匀速拉动木块时，不好控制且不方便读数，于是爱思考的她利用木块静止时二力平衡的特点，设计了改进方案（如下表所示），你认为应该采用哪个方案？答： 。
一、B卷（共20分）选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
27．（2分）（2024•成都）三峡水电站是当今世界上装机容量最大的水电站，三峡大坝横跨长江，雄伟壮丽（如图）。下列说法正确的是（ ）
A．水力发电是将电能转化为机械能
B．水能是一次能源，电能是二次能源
C．利用大坝提高水位的目的是储蓄更多内能，用来发电
D．机械能和电能可以相互转化，所以能量转化没有方向性
28．（2分）（2024•成都）“两个黄鹂鸣翠柳，一行白鹭上青天。”杜甫的诗句描绘了成都草堂门前浣花溪秀丽的景色（意境图如图）。下列说法不正确的是（ ）
A．能从各个方向看见黄鹏，是由于光发生了漫反射
B．看到溪水中的鱼比实际位置浅，是光的折射现象
C．阳光下的溪水波光粼粼，是水面对光的反射现象
D．目送白鹭高飞远去的过程中，眼睛的晶状体变厚
29．（2分）（2024•成都）某固态物体的质量为m，其物质的比热容为c，用稳定的热源对它加热（物体在相同时间内吸收的热量相等），到t3时刻停止加热，然后让其冷却。上述过程中记录不同时刻的温度，最后绘制出温度随时间变化的图像（如图）。下列说法正确的是（ ）
A．在0～t2时间段，该物体吸收的热量为cm（T2﹣T1）
B．在t2～t4时间段，该物质的比热容先增大后减小
C．在t4～t5时间段，该物体放出的热量为
D．该物质在t5～t6时间段的比热容等于在0～t1时间段的比热容
（多选）30．（2分）（2024•成都）小成在实验室组装如图所示的滑轮组进行实验探究，实验过程如下：先测得定滑轮的重力为0.2N，动滑轮的重力为0.25N，再使用组装好的滑轮组在10s内将质量为100g的钩码竖直匀速提升20cm，此过程中弹簧测力计的示数为0.5N。g取10N/kg，下列说法正确的是（ ）
A．弹簧测力计对细绳拉力的功率为0.03W
B．滑轮组的机械效率为80%
C．克服绳重和摩擦做的额外功为0.05J
D．若增大提升钩码的质量，滑轮组的机械效率不变
（多选）31．（2分）（2024•成都）如图所示电路，电源电压恒定不变，定值电阻R1与R2阻值相同。让滑动变阻器R3的滑片位于中点，只闭合开关S2时，电压表V的示数为2V；开关S2、S3闭合，S1断开时，电流表A1的示数为0.2A。将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，电流表A2的示数为0.4A，电路消耗的总功率为P1；开关S1、S2闭合，S3断开时，电路消耗的总功率为P2。下列结果正确的是（ ）
A．电源电压为9VB．R3的最大阻值是60Ω
C．P1＝3WD．P2＝0.3W
二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
32．（4分）（2024•成都）图1是小李购买的一款国产电话手表，她与爸爸妈妈一起了解和研究电话手表功能，以确保正确且安全使用。
（1）小李阅读说明书后，有以下认识，你认为不合理的是 。
A.电话手表的表带内侧设计有导汗槽，有助于加快汗液的蒸发
B.用尖锐物撬手表电池容易起火，可能是因为电路发生了断路
C.恶劣天气搜索不到通信信号，可能是因为电磁波传播过程受到干扰
D.紧贴耳朵使用会造成听力损伤，是因为声音响度与声源到耳朵距离有关
（2）小李用电话手表与爷爷长时间视频通话，手表突然自动关机，原因是手表过热，启动了保护功能。她认为手表启动保护功能一段时间后，应有自动开机功能，于是她用所学知识设计出模拟热保护装置的示意图（如图2）R0为定值电阻，R为热敏电阻（有两种类型可供选择，其电阻随温度变化关系如图3所示，R的温度变化主要受发热元件影响）。下列分析合理的是 。
A.热敏电阻应选择NTC类型
B.热敏电阻温度升高，电磁铁磁性减弱
C.启动保护模式后，控制电路自动断开
D.启动保护模式后，工作电路无法再次启动
（3）小李和爸爸在家庭实验室对电话手表进行充电测试，测得充电时充电器的输出电压约为5V，输出功率约为6W，则输出电流与常见家用电器 （选填“电视机”、“空调”或“电热灭蚊器”）的正常工作电流最接近。
（4）妈妈告诉小李，充电器在插座上未给电话手表充电时，内部也有电流通过。他们查阅网站得知，截止2024年3月末我国移动电话用户总数约为18亿户。若有四分之一用户不拔充电器，一户一个充电器，每个充电器每天平均闲置时间约为20h，平均实际功率约为0.1W，则全国一天因此浪费的电能约为 kW•h。
小李通过查询资料进一步发现，长时间让家用电器处于待机状态，不仅浪费电能，还可能引起火灾。为了您和家人的安全，请正确使用家用电器。
33．（6分）（2024•成都）科创社的同学设计并“3D”打印了一艘长方体轮船模型，为了对轮船进行测试，准备了一个薄壁长方体容器置于水平地面，其底面积为1800cm2，装有深度为9cm的水，如图1所示。轮船的质量为2.2kg，底面积为800cm2，总高度为16cm，如图2所示。轮船的下部有7个长方体水密隔舱（以便轮船漏水时，相互隔离，确保行船安全），每个隔舱的内部底面积均为100cm2，高度为10cm；轮船的上部可放置货物，并通过调整货物位置保持轮船不倾斜。忽略液体扰动等次要因素，已知水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
（1）求容器中水的质量。
（2）设计组的同学从安全角度设想：在轮船满载（最大载重）时，假如有2个隔舱漏满水，稳定后轮船依然漂浮，且浸入水中的深度为14cm，求满载时货物的质量。
（3）测试组的同学对轮船进行漏水实验：将载货5kg的轮船置于容器中，通过扎孔使4个隔舱漏入一定质量的水，然后堵住小孔并保持轮船不倾斜，求此时水对轮船外底部的压强p与漏入隔舱内水的质量mx克（0＜mx≤4000）之间的关系式。
2024年四川省成都市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题2分，共26分）
1．（2分）（2024•成都）电磁波具有信息特征和能量特性。以下设备中，主要利用电磁波的能量特性工作的是（ ）
A．微波炉B．手机C．雷达D．电吹风
【答案】A
【分析】只要能区分电磁波“传递信息”和“具有能量”两个特性，可以较为轻松地解决这道题。
【解答】解：BC两个选项，利用到的是电磁波可以传递信息；D是利用到电流的热效应和磁效应，并没有用到电磁波。A选项利用到了电磁波中的微波波段可以提供能量，给食物加热，故A选项符合题意。
故选：A。
【点评】此题为电磁波简单应用，难度不大。
2．（2分）（2024•成都）关于家庭用电，下列说法不正确的是（ ）
A．家用电器通常通过插头、插座与电源连接
B．验电笔可以用来区分火线和零线
C．电线接头接触不良，可能引发火灾
D．家庭电路着火应首先用冷水浇灭
【答案】D
【分析】根据安全用电的原则和生活用电的常识进行分析解答。
【解答】解：A.家用电器通常都是通过两脚或者三脚插头与插座相连进而连接电源，故A正确；
B.验电笔是用来辨别火线和零线的，火线能够使氖管发光，故B正确；
C.电线接头接触不良，因为电阻过大，产生过多的热量容易引起火灾，故C正确；
D.生活用水是导体，不能用来熄灭电路着火，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了安全用电的原则，是一道基础题。
3．（2分）（2024•成都）在成都地铁3号线磨子桥站出口，行人走上“琴键”台阶（如图），台阶亮灯并响起音乐。关于上述情景，下列说法正确的是（ ）
A．该音乐声由行人振动产生
B．该音乐声不能在真空中传播
C．乐曲的音色与行人的心情有关
D．乐曲的音调越高响度一定越大
【答案】B
【分析】（1）声音是由物体的振动产生，声音不能在真空中传播；
（2）三个特征：音调、响度和音色。音调指声音的高低，与振动频率有关；响度指声音的大小，与声源的振幅有关，音色指声音的音质好坏，与声源的材料与结构有关。
【解答】解：A．声音是由物体的振动产生，该音乐声由扬声器的喇叭振动产生，故A错误；
B．声音不能在真空中传播，该音乐声不能在真空中传播，故B正确；
C．乐曲的音色有发声体的材料与结构有关，与行人的心情无关，故C错误；
D．乐曲的音调越高，振动越快，与响度无关，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查声音的产生与传播以及声音的特征，属于中档题。
4．（2分）（2024•成都）了解我国科技发展成就，关注身边的物理，是物理学习的基本要求。下列数据，符合实际的是（ ）
A．航空母舰福建舰排水量为80万吨
B．我国特高压输电的电压为10千伏
C．我国家庭电路的电压为220伏
D．家用轿车空载时的质量为20吨
【答案】C
【分析】此题为估算题目，对生活常识、前沿科技有所了解即可作答，难度不大。
【解答】解：A、福建舰排水量为8万吨，故A选项错误；
B、我国高压输电电压为110千伏，特高压输电电压达到了1100千伏，故B选项错误；
C、我国家庭电路电压为220伏，故C选项正确；
D、家用轿车空载质量约1～2吨，故D选项错误。
故选：C。
【点评】此题作为估算题，AB两个选项需要对前沿科技有比较熟悉的了解才能确定，但是C选项很容易确定，因此作为单选题，选对并不是非常难。
5．（2分）（2024•成都）如图是某小组探究“水沸腾前后温度变化的特点”的实验装置，下列说法正确的是（ ）
A．实验中还需要的测量仪器是秒表
B．该实验操作简单，不需要注意安全
C．有“白气”冒出，说明水已经沸腾
D．水沸腾后即可熄灭酒精灯，停止加热
【答案】A
【分析】（1）实验中需要测量温度和时间；
（2）实验中用到酒精灯，还会有热水，也存在一定的危险；
（3）沸腾前也会有白气冒出；
（4）水沸腾时需要吸收热量，停止加热，就会停止沸腾。
【解答】解：A、实验中需要测量时间，所以需要秒表，故A正确；
B、该实验也存在一定的危险，因为实验中用到酒精灯，还会有热水，所以需要注意安全，故B错误；
C、有水蒸气液化就可能看到白气，所以沸腾前也会有白气冒出，要看到有大量气泡产生，才开始沸腾，故C错误；
D、停止加热，就会停止沸腾，因为水沸腾时需要吸收热量，故D错误。
故选：A。
【点评】探究水沸腾的实验，是一个常考的实验，出题形式多样，要引起重视。
6．（2分）（2024•成都）如图，可以用吸管“吸”取杯中的饮料，下列现象中，“吸”的物理原理与其相同的是（ ）
A．公路旁用隔音墙“吸”收部分噪声
B．大树通过根从土壤中“吸”取养分
C．化学实验中用胶头滴管“吸”取药液
D．用丝绸摩擦过的玻璃棒“吸”引纸屑
【答案】C
【分析】由于大气有重力且具有流动性，故大气会对地球表面的物体产生压强；大气压在生活中有很广泛的应用，如：吸饮料、钢笔吸墨水、吸盘式挂钩等等；
（1）隔音墙利用声音的反射吸声的；
（2）植物利用分子的运动吸收养分的；
（3）用胶头滴管“吸”取药液利用大气压；
（4）由于摩擦而使物体带电叫摩擦起电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
【解答】解：用吸管“吸”取杯中的饮料，是利用大气压作用吸饮料的；
A．公路旁用隔音墙“吸”收部分噪声，主要利用声音的反射使得声音进入小孔不能反射出来吸声的，故A错误；
B．大树通过根从土壤中“吸”取养分，利用了扩散现象，即分子的运动来吸收养分，故B错误；
C．化学实验中用胶头滴管“吸”取药液，先挤出空气使得内部压强减小，在大气压的作用下吸去药液的，故C正确；
D．用丝绸摩擦过的玻璃棒“吸”引纸屑，是由于摩擦起电后带静电，会吸引轻小物体，与大气压无关，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查大气压的应用，属于中档题。
7．（2分）（2024•成都）2023年7月28日，第31届世界大学生夏季运动会在成都隆重开幕。如图是我国运动健儿在跳高比赛中的场景。关于跳高运动员的能量，下列结论正确的是（ ）
A．助跑过程中，动能保持不变
B．助跑过程中，机械能总量保持不变
C．起跳后的上升过程中，重力势能增大
D．越过横杆后的下降过程中，动能保持不变
【答案】C
【分析】物体由于运动而具有的能叫动能，动能的大小与物体的质量和运动速度有关；物体由于在一定高度而具有重力势能，重力势能与物体的质量和高度有关；还要知道，动能和势能的总和叫机械能。
【解答】解：A、动能的大小与物体的质量和运动速度有关，助跑过程中，人体的质量不变，速度增大，所以动能应该变大，故A错误；
B、动能和势能的总和叫机械能，助跑过程中，速度增大，动能变大，势能不变，机械能应该变大，故B错误；
C、重力势能与物体的质量和高度有关，起跳后的上升过程中，质量不变，高度升高，重力势能变大，故C正确；
D、动能的大小与物体的质量和运动速度有关，越过横杆后的下降过程中，人体的质量不变，速度增大，所以动能应该变大，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了动能、势能、机械能的概念及转化，要熟知动能、势能的影响因素。
8．（2分）（2024•成都）在“探究液体内部的压强”实验中，实验现象如图所示，U形管内液面的高度差越大，表示探头所在位置的液体压强越大。下列说法正确的是（ ）
A．比较甲、乙两图，可得出结论：在同种液体中，深度越深压强越大
B．比较甲、丙两图，可得出结论：在不同液体中，深度越深压强越大
C．比较乙、丙两图，可得出结论：液体密度越小，压强越大
D．比较甲、丙两图，可得出结论：液体密度越大，压强越大
【答案】A
【分析】液体压强跟液体密度和液体的深度有关，要探究液体压强和其中一个因素的关系，就要采用控制变量法控制另外一个因素一定。
【解答】解：A、甲、乙两图，液体的密度相等，液体越深，U形管内液面高度差越大，说明在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大，故A正确；
BD、甲、丙两图，液体的深度不相等，液体的密度也不同，没有控制变量，故BD错误；
C、乙、丙两图，液体的深度相等，乙液体的密度小于丙液体的密度，乙图U形管内液面高度差小，说明在液体深度一定时，液体密度越小，液体压强越小，故C错误。
故选：A。
【点评】本题利用控制变量法和转换法探究液体压强大小的影响因素，是比较基础的液体压强实验题。
9．（2分）（2024•成都）物理与日常生活、工程实践密切相关，下列分析正确的是（ ）
A．用久的菜刀需要磨一磨，是为了减小压强
B．人行盲道有凸起，是为了增大受力面积，减小压强
C．有风吹过，窗帘飘向窗外，是因为窗外大气压变大
D．飞机受到升力，是因为机翼上下表面空气的流速不同
【答案】D
【分析】（1）增大压强的方法：压力一定时减小受力面积；受力面积一定时增大压力；
（2）流体流速越大的位置压强越小。
【解答】解：A．用久的菜刀需要磨一磨，是在压力一定时，减小受力面积增大压强，故A错误；
B．人行盲道有凸起，是为了减小受力面积，增大压强，增大盲人的感受，故B错误；
C．有风吹过，窗帘飘向窗外，是因为窗外流速加快，压强减小，小于窗内的大气压，故C错误；
D．飞机受到升力，是因为机翼上下表面空气的流速不同，上方凸起使得流速加快，压强减小，产生向上的升力，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查增大压强的方法与流体的压强特点，属于中档题。
10．（2分）（2024•成都）小李同学在爸爸指导下，走进厨房进行劳动实践，他发现厨房里涉及到很多物理知识，下列说法不正确的是（ ）
A．冷冻室取出的排骨表面有“白霜”，“白霜”是固态
B．在排骨的“解冻”过程中，排骨中的冰吸热熔化成水
C．排骨汤煮沸后冒出大量的“白气”，“白气”是液态
D．排骨汤盛出后不容易凉，是因为汤能够不断吸热
【答案】D
【分析】（1）凝华是指物质由气态直接变成固态的过程，霜的形成属于凝华现象；
（2）熔化是指物质由固态变成液态的过程，解冻过程属于熔化；
（3）液化是物质由气态变成液态的过程，白气是水蒸气液化形成的小水珠；
（4）排骨汤盛出后，不能再继续吸热
【解答】解：A、凝华是指物质由气态直接变成固态的过程，霜的形成属于凝华现象，是水蒸气凝华形成的小冰晶，“白霜”是固态，故A正确；
B、熔化是指物质由固态变成液态的过程，解冻过程属于熔化，熔化过程吸热，故B正确；
C、液化是物质由气态变成液态的过程，白气是水蒸气液化形成的小水珠，故C正确；
D、排骨汤盛出后，不能再继续吸热，汤不容易凉，是因为汤的表面有一层油，使水蒸发的慢，而蒸发吸热，能使汤降温，故D错误。
故选：D。
【点评】这是一道有关物态变化的简单题，要熟悉各种物态变化现象，知道发生每种物态变化时，吸热还是放热。
11．（2分）（2024•成都）如图所示，纸盒外有两只小灯泡和一个开关，闭合开关两灯都亮，断开开关两灯都不亮。下列判断正确的是（ ）
A．盒内一定有两节电池
B．盒内一定有电源供电
C．两只灯泡一定是串联关系
D．两只灯泡一定是并联关系
【答案】B
【分析】（1）一个最基本的完整的电路要由电源、用电器、开关、导线组成；
（2）串联电路特点是电流有一条路径，串联电路的各用电器相互影响，开关控制整个电路；并联电路特点是电流有两条或两条以上路径，并联电路的各用电器不相互影响，干路上开关控制整个电路，支路上开关控制本支路。
【解答】解：AB、纸盒外有两只小灯泡和一个开关，闭合开关两灯都亮，断开开关两灯都不亮，说明盒内一定有电源，但不一定是两节电池，故A错误、B正确；
CD、闭合开关两灯都亮，断开开关两灯都不亮，两灯可能串联，也可能并联（开关在干路上），故CD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对串并联电路的特点的了解与掌握，是一道电学基础题目。
12．（2分）（2024•成都）如图是小李同学探究“通电螺线管的磁场方向”的实验示意图。闭合开关，小磁针静止时N极的指向如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．根据小磁针指向可以判定，通电螺线管的右端为S极
B．小磁针静止时N极所指方向就是该点的磁场方向
C．将小磁针移到其他位置，N极所指方向一定不变
D．本实验可以得出：通电螺线管的磁极与电流方向无关
【答案】B
【分析】（1）根据异名磁极相互吸引分析；
（2）根据磁场方向的规定分析解答；
（3）磁体周围磁场方向一般不同；
（4）通电螺线管的磁极与电流方向有关。
【解答】解：A．根据小磁针指向可以判定，由异名磁极相互吸引，通电螺线管的右端与小磁针S极吸引，是N极，故A错误；
B．根据磁场方向的规定。小磁针在磁场中静止时N极所指方向就是该点的磁场方向，故B正确；
C．将小磁针移到其他位置，N极所指方向一般不同，各点磁场方向不同，故C错误；
D．改变电源正负极，小磁针会改变方向，实验可以得出：通电螺线管的磁极与电流方向有关，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查电流的磁场，属于基础题。
13．（2分）（2024•成都）小李同学想估算空气对自己的浮力大小，采集的数据有：自己的体重、自己的密度（与水接近，约为1.0×103kg/m3）、空气的密度（约为1.3kg/m3）。则空气对小李的浮力大小约为（ ）
A．0.006NB．0.6NC．60ND．600N
【答案】B
【分析】小李同学质量约为50千克，由已知条件，根据密度公式得出其体积大小，由阿基米德原理得出空气对小李的浮力大小。
【解答】解：小李的密度与水接近，约为1.0×103kg/m3，其质量约为50千克，则其体积约为
V＝＝＝0.05m3
小李的体积即排开空气的体积，空气对小李的浮力大小约为：
F＝ρ空气gV排＝1.3kg/m3×10N/kg×0.05m3＝0.65N
故选：B。
【点评】本题考查密度公式和阿基米德原理的运用及质量的估计。
二、填空题（每空2分，共28分）
14．（4分）（2024•成都）成都别称芙蓉城、蓉城，这座以花为名的城市自古与花结缘，大诗人陆游魂萦梦牵的诗中美景“二十里中香不断，青羊宫到浣花溪”依旧是成都一道靓丽的风景线，诗人闻到花香属于 扩散 现象。诗句“花气袭人知骤暖”所蕴藏的物理知识是：分子做无规则运动的剧烈程度与 温度 有关。
【答案】扩散；温度
【分析】不同物质接触时分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；温度越高，分子无规则运动越剧烈。
【解答】解：诗人闻到花香是由于花的香味分子不停地做无规则运动，属于扩散现象。诗句“花气袭人知骤暖”是指诗人通过闻香能感知到天气转暖，说明分子做无规则运动的剧烈程度与温度有关，温度越高分子的无规则运动越剧烈。
故答案为：扩散；温度。
【点评】本题考查了扩散现象、分子运动与温度的关系，是一道基础题。
15．（4分）（2024•成都）夜幕降临，横跨成都锦江两岸的安顺廊桥灯火璀璨，桨声灯影里，夜色让人陶然而醉……正所谓“锦江灯月遥相近，烟火市井三千年”。如图，水中“灯影”是由于光的 反射 形成的；若锦江水面上涨，水中“灯影”到水面的距离变 小 。
【答案】反射；小。
【分析】平静的水面相当于平面镜，这是光的反射形成的；平面镜所成的像与物体大小相同，像与物到镜面的距离相等。
【解答】解：水中“灯影”相当于平面镜成像，是由于光的反射形成的；若锦江水面上涨，灯到水面的距离减小，由于平面镜所成的像与物体大小相同，像与物到镜面的距离相等，水中“灯影”到水面的距离变小。
故答案为：反射；小。
【点评】本题考查平面镜成像特点的分析与原理，属于基础题。
16．（4分）（2024•成都）小张利用如图所示装置探究“导体在磁场中产生电流的条件”，闭合开关后，经过多次尝试，他发现导线ab在磁场中沿着竖直方向运动时，导体中产生感应电流。生产生活中的 发电机 （选填“电热毯”、“发电机”或“电动机”）是利用该实验原理工作的。小张在实验中将导线ab换成一个线圈，其目的是 使实验现象更明显 。
【答案】发电机；使实验现象更明显。
【分析】此题给出导体运动后，产生感应电流，所以是电磁感应现象，根据此点答题即可；感应电流的大小与磁场强弱、导体切割磁感线运动的速度以及导体棒的长度有关。
【解答】解：根据题意，导线ab作切割磁感线运动时，导体中产生感应电流，此为“磁生电”现象，即电磁感应现象，用此原理可以发明发电机。
将导线ab换成一个线圈，相当于增加了导体棒的长度，在其它条件相同时，产生的感应电流更大，灵敏电流表的指针偏转角度更大，因此可以使实验现象更明显。
故答案为：发电机；使实验现象更明显。
【点评】第一问相对容易，只要懂得电磁感应原理和应用即可；第二问非常开放，需要理解线圈比导体棒的优势在哪里才可以。
17．（4分）（2024•成都）同学们使用天平和量筒测量酱油、盐水和纯净水三种液体的密度。根据你已有的知识和经验判断，三者中密度最小的是 纯净水 。将装有适量酱油的烧杯放在已调平的天平左盘，当右盘中砝码和标尺上的游码如图所示时，天平再次平衡，则酱油和烧杯的总质量为 91.2 g。
【答案】纯净水；91.2。
【分析】此题一个空为常识，一个空为读数，难度不大，直接解答即可。
【解答】解：
第一个空：根据常识，酱油、盐水均为水溶液，密度均大于水，因此密度最小的应该是纯净水。
第二个空：待测物体放在左盘，砝码放在右盘，操作准确无误，因此测量结果为砝码与游码示数之和，即91.2g。
故答案为：纯净水；91.2。
【点评】只要结合生活常识，再关注到实验操作无误，即可得到正确答案，此题不难。
18．（4分）（2024•成都）在“探究二力平衡的条件”实验中，同学们设计了如图所示的甲、乙两种实验方案。小张同学认为乙方案更合理，理由是乙方案中使用小车时 摩擦力 对实验的影响更小，可以忽略不计。实验中同学们认定小车在水平方向受力平衡，所依据的现象是小车 静止 。
【答案】摩擦力；静止。
【分析】（1）在研究二力平衡时，尽可能排除其它力的干扰；
（2）根据实验条件分析。
【解答】解：（1）由图知，图甲用木块做实验时，木块与桌面间的摩擦比较大，而图乙的实验采用小车，可以减小摩擦力对实验的影响；
（2）实验中由于桌面很短，且匀速直线运动不易确定，故通过观察小车能否静止，确定其是否处于平衡状态，故判断依据是小车处于静止状态。
故答案为：摩擦力；静止。
【点评】探究平衡力条件的实验要尽量简化实验，用静止状态来代替匀速直线运动状态，用小车代替放在水平桌面的木块，简化实验，便于操作。
19．（4分）（2024•成都）小张用如图所示的电路测量小灯泡的电阻，电流表和电压表选用小量程。闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移到最右端的目的是 保护电路 。闭合开关，她发现灯泡不亮，两电表的示数均很小，经过检查，确认电路连接正确，两电表均完好，小张的下一步操作应该是 移动滑动变阻器的滑片，观察灯泡是否能发光，两电表是否有示数 。
【答案】保护电路；移动滑动变阻器的滑片，观察灯泡是否能发光，两电表是否有示数。
【分析】观察题图，是测量小灯泡电阻的实验，需要对实验有一定理解，结合题中遇到的具体问题和所学的电路故障判断知识，来进行操作。
【解答】解：滑片移到最右边的目的是保护电路。闭合开关后，灯不亮，根据电流表有示数，判断不是断路；根据电流表示数小，判断出不是短路，因此电路可能没有故障，应当先尝试移动滑片，观察灯泡是否能发光，两电表是否会有示数。
故答案为：保护电路；移动滑动变阻器的滑片，观察灯泡是否能发光，两电表是否有示数。
【点评】看似是电路故障分析题目，实际上是考查具体实验操作过程，是比较容易出错的一道题。
20．（4分）（2024•成都）小张想设计一个有“低温”、“中温”和“高温”三个挡位的电加热器，其电路图如图所示，电源电压为220V，R1、R2是电热丝，开关S接触相邻的两个触点。她准备了三根电热丝，R1＝242Ω，另外两根电热丝的阻值分别是121Ω和242Ω，R2该选取阻值为 121 Ω的电热丝。开关S接触“1”、“2”两个触点时，通电1min，电流产生的热量是 1.2×104 J。
【答案】121；1.2×104。
【分析】此题考查电路多档位设计，并配合一个扇形开关，可以同时接通多个支路，那么电路就有“不工作”、“R1”单独接入、“R1、R2”并联接入、“R2”单独接入这4种状态，比较分析可知R2的阻值；
根据Q＝计算开关S接触“1”、“2”两个触点时，通电1min，电流产生的热量。
【解答】解：电路的工作状态有三种，分别是“R1”单独接入、“R1、R2”并联接入、“R2”单独接入，那么如果想要有3种挡位，则需要R1、R2的阻值不同，R1＝242Ω，则R2该选取阻值为121Ω的电热丝；
开关接触“1”、“2”两个触点时，只有“R1”单独接入，通电1min，电流产生的热量：
Q＝＝＝1.2×104J。
故答案为：121；1.2×104。
【点评】此题为电热的多挡位设计以及综合计算，难度中等，需要对并联电路多挡位设计有一定的理解深度。
三、作图与计算题（共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
21．（2分）（2024•成都）如图甲，小孟利用一面小镜子隔墙看到院里的小猫要偷吃鱼。如图乙所示，AO表示来自小猫的入射光线，O点为入射点，B点为小孟眼睛所在位置。请在图乙中完成作图：
①画出反射光线OB；
②根据光的反射定律画出镜面。（镜面用表示，保留作图痕迹）
【答案】如图所示：
【分析】根据平面镜成像原理进行作图即可
【解答】解：根据题意，先将OB连线得到反射光线，即进入小孟眼中的光线；然后画出入射光线与反射光线的角平分线，即法线；最后过O点作出法线的垂线段，即镜面所在位置，如下图所示。
【点评】此题根据光的反射定律作图，只要懂得基本的反射定律，做出题目不难，属于基础题。
22．（2分）（2024•成都）如图甲，小孟书桌上的折叠式台灯由底座、立杆和灯头组成。如图乙所示，灯头OAB可视做绕O点转动的杠杆，A点是灯头的重心，小孟用拉力F将灯头拉至图示位置。请在图乙中画出：
①灯头受到的重力G的示意图；
②拉力F的力臂L。
【答案】
【分析】物体的重力的作用点在重心，方向是竖直向下的。力臂是支点到力的作用线的距离。
【解答】解：过支点O做拉力F作用线的垂线，即为力臂L；重力作用点在井盖的重心，方向竖直向下，如图所示：
【点评】本题考查了重力的示意图的作法和力臂的作法。注意力臂是支点到力的作用线的距离，而不是支点到力的作用点的距离。
23．（6分）（2024•成都）2024年1月，“成都造”飞行汽车AE200在民航西南局的见证下首飞成功，如图。此飞行汽车是全国首个获民航局适航审定批复的有人驾驶电动垂直起降飞行器，其最大航程可达300km。若该飞行汽车实现通航，从成都市中心出发飞往天府国际机场，航程为68km，仅耗时15min，g取10N/kg，求：
（1）该飞行汽车从成都市中心到天府国际机场的平均速度是多少km/h？
（2）若飞行汽车载着质量为70kg的乘客竖直匀速上升500m，汽车对该乘客做功为多少J？
【答案】（1）该飞行汽车的平均速度是272km/h；
（2）汽车对该乘客做功为3.5×105J。
【分析】（1）由v＝计算飞行汽车的平均速度；
（2）根据W＝Fs＝Gh计算汽车对乘客所做的功。
【解答】解：（1）汽车飞行时间 t＝15min＝0.25h，航程为s＝68km，
平均速度 v＝＝＝272km/h
（2）乘客的重力 G＝mg＝70kg×10N/kg＝700N
汽车对乘客做功 W＝Fs＝Gh＝700N×500m＝3.5×105J。
答：（1）该飞行汽车的平均速度是272km/h；
（2）汽车对该乘客做功为3.5×105J。
【点评】本题考查速度和功的计算公式的应用，是基础题。
24．（7分）（2024•成都）小孟在实验室设计了一款测量物体重力的装置，其示意图如图甲，物体放在有弹簧支撑的托盘上，弹簧底部固定，该装置可以通过电表示数转换测出重力大小。图乙是变阻器接入电路中的阻值RP与被测物体重力G的关系图像。电源电压恒为24V，定值电阻R0为30Ω，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，变阻器标有“50Ω 1A”。
（1）闭合开关S，当电流表示数I＝0.4A时，求物体的重力G。
（2）在保证电路各元件安全的情况下，求RP的变化范围。
【答案】（1）此时物体重力为4N；
（2）RP 的变化范围为18Ω～50Ω。
【分析】（1）由图可知，RP与R0串联，电压表测R0两端电压，电流表测电路中电流，根据欧姆定律和串联电路电阻特点可求出变阻器接入电路电阻，根据图乙可知物体重力大小；
（2）根据欧姆定律结合电压表量程，可知R0能通过的最大电流，结合电流表量程、滑动变阻器允许通过的最大电流，可知电路的最大电流，从而可求出RP的最小阻值；当物体重力为0N时，Rp取最大阻值50Ω，电路中电流最小，此时电路安全，从而可确定RP的变化范围。
【解答】解：（1）由图可知，RP与R0串联，电压表测R0两端电压，电流表测电路中电流，
闭合开关S，当电流表示数I＝0.4A时，电路中总电阻为：，
此时RP大小为：RP＝R﹣R0＝60Ω﹣30Ω＝30Ω，
根据图乙可知，此时物体重力为4N；
（2）因电压表的量程为0﹣15V，故R0能通过的最大电流为：，
结合电流表量程、滑动变阻器允许通过的最大电流，可知电路的最大电流为：Imax＝I0＝0.5A，
此时RP的最小阻值为：，
当物体重力为0N时，Rp取最大阻值50Ω，电路中电流最小，此时电路安全，故RPmax＝50Ω
综上，RP 的变化范围为：18Ω～50Ω。
答：（1）此时物体重力为4N；
（2）RP 的变化范围为18Ω～50Ω。
【点评】本题主要考查了串联电路的特点及欧姆定律的应用，难度适中。
四、实验与探究题（共14分）
25．（6分）（2024•成都）在“探究并联电路中的电流特点”实验中，图甲是某小组同学设计的电路图。
（1）图乙是该小组连接的电路，闭合开关S，电流表测通过 L2 的电流。
（2）该小组同学换用不同规格的小灯泡进行实验，用电流表多次测A、B、C三点电流，记录实验数据如下表。
分析表中数据，以下说法不合理的是 B 。
A.四次实验中电流表选用量程为0～0.6A
B.表中的数据均在误差范围内
C.此实验还可测量更多组数据
D.通过多次实验，可避免偶然性
（3）小成同学测量通过灯泡L1电流时，L1正常发光，L2忽亮忽灭，他接下来的操作应该是 检查L2支路的接线柱是否连接好（或检查L2是否拧紧） 。（写出一条即可）
【答案】（1）L2；（2）B；（3）检查L2支路的接线柱是否连接好（或检查L2是否拧紧）。
【分析】此题为并联电路并联规律的探索，谨记“并联分流”原则，即干路电流等于各支路电流之和即可解决。
【解答】解：（1）识别乙图，两个支路一条是L1单独接入，另一条支路是L2和电流表，所以电流表测量L2的电流。
（2）A、所有示数没有超过0.6A，故应选择小量程来提高数据的精确度，因此A选项说法合理；
B、第4次实验IC的电流与两个支路之和差距过大，不在误差允许范围内，因此B选项说法不合理；
C、此实验还可以继续换不同规格灯泡，或者换电源电压进行实验，测量更多数据，因此C选项说法合理；
D、本实验为探究实验，多次实验的目的是避免实验结论出现偶然性，因此D选项说法合理。
综上所述，故选B。
（3）L1与L2此时是并联关系，若L2忽亮忽灭，可能是L2所在支路接触不良导致，可以检查L2支路的接线柱是否连接好，或者检查L2是否拧紧。
故答案为：（1）L2；（2）B；（3）检查L2支路的接线柱是否连接好（或检查L2是否拧紧）。
【点评】此题为探究并联电路电流关系的基础实验探究，难度不大。
26．（8分）（2024•成都）小成同学探究“滑动摩擦力大小与什么有关”，实验器材如下：长木板（上下表面粗糙程度不同）、长方体木块（每个面粗糙程度都相同，长宽高不等）、弹簧测力计。
（1）实验过程中，将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向缓缓匀速拉动木块（如图），目的是为了让弹簧测力计示数与木块所受滑动摩擦力大小 相等 。
（2）小成在实验探究时利用下表收集数据，你认为她探究的是滑动摩擦力大小与 压力大小和接触面粗糙程度 的关系。
（3）小成利用同一个木块探究了滑动摩擦力大小与接触面积是否有关，她改变接触面积的操作是 将木块不同表面与木板接触 。
（4）小成发现匀速拉动木块时，不好控制且不方便读数，于是爱思考的她利用木块静止时二力平衡的特点，设计了改进方案（如下表所示），你认为应该采用哪个方案？答： 方案三 。
【答案】（1）相等；（2）压力大小和接触面粗糙程度；（3）将木块不同表面与木板接触；（4）方案三。
【分析】此题目是针对滑动摩擦力的探究实验，加上题中的设计方案，对每一步实验进行分析即可。
【解答】解：（1）木块水平方向上受拉力和滑动摩擦力，并保持匀速直线运动状态（即二力平衡状态），因此所受拉力和滑动摩擦力相等。
（2）表格中既有不同的粗糙程度，也有不同的压力（一个木块和两个木块叠放），因此她探究的是滑动摩擦力与压力、滑动摩擦力和接触面粗糙程度，这两个因素的关系。
（3）题中说到小成用的是同一个木块，且题干中说明木块每个接触面粗糙程度相同，因此她是通过将木块不同表面与木板接触来改变接触面积大小的。
（4）题中说到用的是二力平衡的特点，因此测力计应该测量木块受到的拉力，然后拉动木板，木块处于静止状态，从而得出木块所受摩擦力的大小。方案一和方案二，所测拉力均为木板的拉力，而木板受到的力除了拉力以外，还有上下表面两个摩擦力，所以拉力与摩擦力不符合二力平衡条件。综上所述，选择方案三。
故答案为：（1）相等；（2）压力大小和接触面粗糙程度；（3）将木块不同表面与木板接触；（4）方案三。
【点评】此题目每一步都是结合题中所给的条件和步骤来单独分析，出题比较灵活，对滑动摩擦力或者二力平衡知识理解要十分到位，否则容易出现错误。
一、B卷（共20分）选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
27．（2分）（2024•成都）三峡水电站是当今世界上装机容量最大的水电站，三峡大坝横跨长江，雄伟壮丽（如图）。下列说法正确的是（ ）
A．水力发电是将电能转化为机械能
B．水能是一次能源，电能是二次能源
C．利用大坝提高水位的目的是储蓄更多内能，用来发电
D．机械能和电能可以相互转化，所以能量转化没有方向性
【答案】B
【分析】（1）能量转化的过程中，必定有一种能量减少，另一种能量增加。分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量。结合实例，明确转化过程中能量的变化情况，可做出判断；
（2）从自然界直接获得不需要加工的能源是一次能源，对一次能源通过加工转化而获得的能源是二次能源；
（3）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
（4）能量的转化、能量的转移都是有方向性的，要逆向转化或转移能量，就会消耗其他的能量。
【解答】解：A、水力发电是将水蕴含的机械能最终转化为电能，故A错误；
B、水能可以从自然界中直接获得是一次能源，电能是由其他能源转化来的，属于二次能源，故B正确；
C、修拦河大坝是为了提高上游水位，水的质量不变，高度增大，重力势能增大，利用大坝提高水位的目的是储蓄更多重力势能，故C错误；
D、机械能和电能可以相互转化，但能量转化是具有方向性的，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了能源的分类、能量转化的不可逆性、重力热能等知识。
28．（2分）（2024•成都）“两个黄鹂鸣翠柳，一行白鹭上青天。”杜甫的诗句描绘了成都草堂门前浣花溪秀丽的景色（意境图如图）。下列说法不正确的是（ ）
A．能从各个方向看见黄鹏，是由于光发生了漫反射
B．看到溪水中的鱼比实际位置浅，是光的折射现象
C．阳光下的溪水波光粼粼，是水面对光的反射现象
D．目送白鹭高飞远去的过程中，眼睛的晶状体变厚
【答案】D
【分析】（1）漫反射，是投射在粗糙表面上的光向各个方向反射的现象；
（2）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象；
（3）光的反射指光传播到不同物质时，在分界面上改变传播方向又返回原来物质中的现象；
（4）眼镜看远处物体时，晶状体变薄。
【解答】解：A、能从各个方向看见黄鹏，即投射在黄鹏表面上的光向各个方向反射，说明光发生了漫反射，故A正确；
B、看到水中的鱼比鱼的实际位置浅是光的折射现象，故B正确；
C、阳光下的溪水波光粼粼，是由于光被水面反射后形成的现象，故C正确；
D、目送白鹭高飞远去的过程中，物距变大，像距变小；为了使像成在视网膜上，晶状体对光的会聚能力应该变弱，即眼睛的晶状体变薄，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了光的反射、折射、眼睛及其视物原理等知识，综合性较强，难度不大。
29．（2分）（2024•成都）某固态物体的质量为m，其物质的比热容为c，用稳定的热源对它加热（物体在相同时间内吸收的热量相等），到t3时刻停止加热，然后让其冷却。上述过程中记录不同时刻的温度，最后绘制出温度随时间变化的图像（如图）。下列说法正确的是（ ）
A．在0～t2时间段，该物体吸收的热量为cm（T2﹣T1）
B．在t2～t4时间段，该物质的比热容先增大后减小
C．在t4～t5时间段，该物体放出的热量为
D．该物质在t5～t6时间段的比热容等于在0～t1时间段的比热容
【答案】D
【分析】图中给出了物质温度随时间变化的图像，涉及到物态变化、比热容和热量计算相关知识。对题中选项逐个分析即可。
【解答】解：结合图像，对选项逐个分析：
A、0﹣t1时间内，物质吸收的热量可以用公式cm△t来求解，但是t1～t2处于熔化阶段，温度不变、持续吸热，故不可以用该公式求解，故A选项错误。
B、t2～t4时间段内，物质均处于液态，比热容不变，故B选项错误。
C、只有同一热源加热时，相等时间内吸收热量才能相等，停止加热后单位时间的放热量，与加热时单位时间的吸热量并不相通，因此不可以用该比例式求解，故C选项错误
D、物质在t5～t6和0﹣t1时间段内，均处于固态，因此比热容相等，故D选项正确。
故选：D。
【点评】此题目需要对比热容图像有充分理解，对于正在熔化的时间段，只能利用“单位时间加热源放热相等”这一知识来求解。
（多选）30．（2分）（2024•成都）小成在实验室组装如图所示的滑轮组进行实验探究，实验过程如下：先测得定滑轮的重力为0.2N，动滑轮的重力为0.25N，再使用组装好的滑轮组在10s内将质量为100g的钩码竖直匀速提升20cm，此过程中弹簧测力计的示数为0.5N。g取10N/kg，下列说法正确的是（ ）
A．弹簧测力计对细绳拉力的功率为0.03W
B．滑轮组的机械效率为80%
C．克服绳重和摩擦做的额外功为0.05J
D．若增大提升钩码的质量，滑轮组的机械效率不变
【答案】AC
【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，弹簧测力计的示数即为细绳的拉力，利用P＝＝＝求出簧测力计对细绳拉力的功率；
（2）根据W有＝Gh＝mgh求出有用功，利用W总＝Fs＝Fnh求出总功，根据η＝求出滑轮组的机械效率；
（3）根据W总＝W有+W额求出额外功，利用W动＝G动h求出克服动滑轮重做的功，根据W额＝W动+W绳求出克服绳重和摩擦做的额外功；
（4）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。
【解答】解：A、由图可知，n＝3，细绳的拉力等于弹簧测力计的示数，即F＝0.5N，簧测力计对细绳拉力的功率为：
P＝＝＝＝＝0.03W，故A正确；
B、滑轮组做的有用功为：
W有＝Gh＝mgh＝0.1kg×10N/kg×0.2m＝0.2J，
滑轮组做的总功为：
W总＝Fs＝Fnh＝0.5N×3×0.2m＝0.3J，
滑轮组的机械效率为：
η＝＝×100%≈66.7%，故B错误；
C、滑轮组做的额外功为：
W额＝W总﹣W有＝0.3J﹣0.2J＝0.1J，
克服动滑轮重做的功为：
W动＝G动h＝0.25N×0.2m＝0.05J，
则克服绳重和摩擦做的额外功为：
W绳＝W额﹣W动＝0.1J﹣0.05J＝0.05J，故C正确；
D、若增大提升钩码的质量，即提升重物的重力增加，做的有用功就变大，而额外功几乎不变，因此机械效率变大，故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了做功公式、功率公式和滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。
（多选）31．（2分）（2024•成都）如图所示电路，电源电压恒定不变，定值电阻R1与R2阻值相同。让滑动变阻器R3的滑片位于中点，只闭合开关S2时，电压表V的示数为2V；开关S2、S3闭合，S1断开时，电流表A1的示数为0.2A。将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，电流表A2的示数为0.4A，电路消耗的总功率为P1；开关S1、S2闭合，S3断开时，电路消耗的总功率为P2。下列结果正确的是（ ）
A．电源电压为9VB．R3的最大阻值是60Ω
C．P1＝3WD．P2＝0.3W
【答案】BC
【分析】（1）判断出只闭合开关S2时，R1、R2、R3串联，根据电压表V的示数为2V，列出方程；
（2）判断出开关S2、S3闭合，S1断开时，电流只经过R3，电流表A1的示数为0.2A，列出方程；
（3）判断出将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A2的示数为0.4A，列出方程；
（4）解方程，得出R1、R2、R3的阻值和电源电压；
（5）再选择合适的公式计算电功率P1、P2。
【解答】解：（1）只闭合开关S2时，R1、R2、R3串联，电阻R1与R2阻值相同，都设为R，滑动变阻器R3的滑片位于中点，变阻器连入电路的阻值为，电压表V的示数为2V，此时电源电压表示为：U＝ ①；
开关S2、S3闭合，S1断开时，电流只经过R3，电流表A1的示数为0.2A，此时电源电压表示为：U＝ ②；
将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A2的示数为0.4A，此时电流表测的是R1和R2的总电流，R1与R2阻值相同，所以此时通过R1与R2的电流都是0.2A，电源电压表示为：U＝0.2A×R ③；
则0.1A×R3＝0.2A×R，R3＝2R；
把R3＝2R代入①得：U＝6V；
再把U＝6V代入②得：R3＝60Ω，R1＝R2＝R＝30Ω；
故A错误，B正确。
（2）将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A2的示数为0.4A，电路消耗的总功率为P1，I1+I2＝0.4A
I3＝，此时干路电流I＝I1+I2+I3＝0.1A+0.4A＝0.5A
将R3的滑片移到b端，三个开关都闭合时，电流表A2的示数为0.4A，电路消耗的总功率为P1＝UI＝6V×0.5A＝3W。故C正确。
（3）开关S1、S2闭合，S3断开时，电流只经过R1，电路消耗的总功率为P2＝，故D错误。
故选：BC。
【点评】这是一种带有转换开关的动态电路，关键是分析清楚每一次电路的连接情况，根据每次的电表读数，列出对应的方程。
二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
32．（4分）（2024•成都）图1是小李购买的一款国产电话手表，她与爸爸妈妈一起了解和研究电话手表功能，以确保正确且安全使用。
（1）小李阅读说明书后，有以下认识，你认为不合理的是 B 。
A.电话手表的表带内侧设计有导汗槽，有助于加快汗液的蒸发
B.用尖锐物撬手表电池容易起火，可能是因为电路发生了断路
C.恶劣天气搜索不到通信信号，可能是因为电磁波传播过程受到干扰
D.紧贴耳朵使用会造成听力损伤，是因为声音响度与声源到耳朵距离有关
（2）小李用电话手表与爷爷长时间视频通话，手表突然自动关机，原因是手表过热，启动了保护功能。她认为手表启动保护功能一段时间后，应有自动开机功能，于是她用所学知识设计出模拟热保护装置的示意图（如图2）R0为定值电阻，R为热敏电阻（有两种类型可供选择，其电阻随温度变化关系如图3所示，R的温度变化主要受发热元件影响）。下列分析合理的是 A 。
A.热敏电阻应选择NTC类型
B.热敏电阻温度升高，电磁铁磁性减弱
C.启动保护模式后，控制电路自动断开
D.启动保护模式后，工作电路无法再次启动
（3）小李和爸爸在家庭实验室对电话手表进行充电测试，测得充电时充电器的输出电压约为5V，输出功率约为6W，则输出电流与常见家用电器 电视机 （选填“电视机”、“空调”或“电热灭蚊器”）的正常工作电流最接近。
（4）妈妈告诉小李，充电器在插座上未给电话手表充电时，内部也有电流通过。他们查阅网站得知，截止2024年3月末我国移动电话用户总数约为18亿户。若有四分之一用户不拔充电器，一户一个充电器，每个充电器每天平均闲置时间约为20h，平均实际功率约为0.1W，则全国一天因此浪费的电能约为 9×105 kW•h。
小李通过查询资料进一步发现，长时间让家用电器处于待机状态，不仅浪费电能，还可能引起火灾。为了您和家人的安全，请正确使用家用电器。
【答案】（1）B；（2）A； （3）电视机； （4）9×105。
【分析】（1）根据相关的物理知识结合实际进行分析。
（2）根据热敏电阻的特性和电磁继电器的基本原理进行分析。
（3）根据P＝UI计算，然后根据常见电器的工作电流进行分析。
（4）根据W＝UIt进行计算。
【解答】解：（1）A.电话手表的表带内侧设计有导汗槽，有助于加快汗液的蒸发，故A正确；
B.用尖锐物撬手表电池容易起火，可能是因为电路发生了短路，故B错误；
C.恶劣天气搜索不到通信信号，可能是因为电磁波传播过程受到干扰，故C正确；
D.紧贴耳朵使用会造成听力损伤，是因为声音响度与声源到耳朵距离有关，故D正确。
故选：B。
（2）根据题意，当温度升高时，电磁继电器中的电流增大，吸下衔铁，断开发热元件，所以热敏电阻的阻值应该随着温度的升高而降低，采用NTC热敏原件，故选：A。
（3）充电器的输出电流为：，与电视机的正常工作电流最接近。
（4）充电器待机时消耗的电能为：4.5×108＝9×105kW•h。
故答案为：（1）B； （2）A； （3）电视机； （4）9×105。
【点评】本题考查的是热敏电阻的特性；会根据电功的公式进行简单计算。
33．（6分）（2024•成都）科创社的同学设计并“3D”打印了一艘长方体轮船模型，为了对轮船进行测试，准备了一个薄壁长方体容器置于水平地面，其底面积为1800cm2，装有深度为9cm的水，如图1所示。轮船的质量为2.2kg，底面积为800cm2，总高度为16cm，如图2所示。轮船的下部有7个长方体水密隔舱（以便轮船漏水时，相互隔离，确保行船安全），每个隔舱的内部底面积均为100cm2，高度为10cm；轮船的上部可放置货物，并通过调整货物位置保持轮船不倾斜。忽略液体扰动等次要因素，已知水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
（1）求容器中水的质量。
（2）设计组的同学从安全角度设想：在轮船满载（最大载重）时，假如有2个隔舱漏满水，稳定后轮船依然漂浮，且浸入水中的深度为14cm，求满载时货物的质量。
（3）测试组的同学对轮船进行漏水实验：将载货5kg的轮船置于容器中，通过扎孔使4个隔舱漏入一定质量的水，然后堵住小孔并保持轮船不倾斜，求此时水对轮船外底部的压强p与漏入隔舱内水的质量mx克（0＜mx≤4000）之间的关系式。
【答案】（1）容器中水的质量为16.2kg；
（2）假如有2个隔舱漏满水，稳定后轮船依然漂浮，且浸入水中的深度为14cm，满载时货物的质量为7kg；
（3）载货5kg的轮船置于容器中，通过扎孔使4个隔舱漏入一定质量的水，水对轮船外底部的压强p与漏入隔舱内水的质量mx克（0＜mx≤4000）之间的关系式：
当4个舱漏水在0＜mx≤3200g范围内时，p＝（900+0.125mx）Pa；
当4个舱漏水在3200g＜mx≤40000g范围内时，P＝（1620﹣0.1mx）Pa。
【分析】（1）根据密度公式结合长方体的体积公式计算质量；
（2）根据阿基米德原理计算满载时的浮力，根据漂浮的条件计算货物的重力以及质量；
（3）先考虑漏入隔舱内水充满隔舱时，轮船会不会触底。
【解答】解：（1）m水＝ρ水V水＝ρ水Sh水＝1.0g/cm3×1800cm2×9cm＝1.62×104g＝16.2kg；
（2）轮船浸入水中的深度为14cm，h1＝14cm＝0.14m，底面积为800cm2，S船＝800cm2＝8×10﹣2m2
将整个轮船（包括漏入隔舱内的水）看成整体，所受浮力 F浮1＝ρ水gS船h1＝1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣2m2×0.14m＝112N；
此时整体重力G总＝
舱内的每个隔舱的容积V舱＝100cm2×10cm＝1000cm3＝10﹣3m3；
漏入隔舱内的水的重力 G水＝2ρ水V舱g＝2×1.0×103kg/m3×10﹣3m3×10N/kg＝20N；
船的重力G船＝m船g＝2.2kg×10N/kg＝22N；
则货物的重力G＝G总﹣G船﹣G水＝112N﹣22N﹣20N＝70N；
货物质量m＝＝7kg；
（3）先考虑4个隔舱充满水，船体是否触底。
4个隔舱装满水，水的重力G水′＝4ρ水V舱g＝4×1×103kg/m3×10﹣3m3×10N/kg＝40N；
载货5kg时，货物重力G货＝m货g＝5kg×10N/kg＝50N；
此时整体重力G总′＝G船+G货+G′水＝22N+50N+40N＝112N，
此时容器中水面高度：＝0.122m，（小于船的高度，不会淹没）
此时船体所受浮力：F浮′＝ρ水gV排′＝1×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣2m2×0.122m＝97.6N＜112N，
所以，4个隔舱充满水，船体会触底。
设船体刚好触底时，隔舱漏进的水质量为m1，根据浮力等于重力之和，可列出如下方程：
（2.2kg+5kg+m1）×10N/kg＝1×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣2m2×
解得：m1＝3.2kg＝3200g；
所以4个隔舱漏水3200g时，船体刚好触底，当4个舱漏水在0＜mx≤3200g范围内时，
船底所受压力等于船的重力加货的重力再加水的重力，F＝22N+50N+mx×10×10﹣3N＝72N+0.01mxN；
船底所受压强＝＝（900+0.125mx）Pa。
当4个舱漏水在3200g＜mx≤40000g范围内时，容器中水的深度
此时船底所受压强p′＝ρ水gh′＝＝（1620﹣0.1mx）Pa
故答案为：（1）容器中水的质量为16.2kg；
（2）假如有2个隔舱漏满水，稳定后轮船依然漂浮，且浸入水中的深度为14cm，满载时货物的质量为7kg；
（3）载货5kg的轮船置于容器中，通过扎孔使4个隔舱漏入一定质量的水，水对轮船外底部的压强p与漏入隔舱内水的质量mx克（0＜mx≤4000）之间的关系式：
当4个舱漏水在0＜mx≤3200g范围内时，p＝（900+0.125mx）Pa；
当4个舱漏水在3200g＜mx≤40000g范围内时，P＝（1620﹣0.1mx）Pa。
【点评】这是一道有关浮力的综合性试题，特别是最后一问，要考虑4个隔舱能不能漏满水，然后用压力与受力面积表示压强。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2024/6/26 13:10:20；用户：物理；邮箱：jnsssz65@xyh.cm；学号：37149825实验次数
IA/A
IB/A
IC/A
第1次
0.30
0.22
0.50
第2次
0.22
0.28
0.50
第3次
0.24
0.22
0.46
第4次
0.28
0.30
0.28
长木板不同表面
弹簧测力计示数/N
一个木块
两个木块重叠
光滑表面
粗糙表面
方案一：用绳子将木块连接到墙上后，通过弹簧测力计拉动下面的长木板
方案二：用绳子将木块连接到墙上后，通过弹簧测力计拉动底部加了轮子的长木板
方案三：通过弹簧测力计将木块连接到墙上后，直接拉动下面的长木板



实验次数
IA/A
IB/A
IC/A
第1次
0.30
0.22
0.50
第2次
0.22
0.28
0.50
第3次
0.24
0.22
0.46
第4次
0.28
0.30
0.28
长木板不同表面
弹簧测力计示数/N
一个木块
两个木块重叠
光滑表面
粗糙表面
方案一：用绳子将木块连接到墙上后，通过弹簧测力计拉动下面的长木板
方案二：用绳子将木块连接到墙上后，通过弹簧测力计拉动底部加了轮子的长木板
方案三：通过弹簧测力计将木块连接到墙上后，直接拉动下面的长木板