四川省内江市2025届高三上学期入学零模考试物理

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注意事项：
1.答题前，考生务必将自己的姓名、考号、班级用签字笔填写在答题卡相应位置。
2.选择题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。不能答在试题卷上。
3.非选择题用签字笔将答案直接答在答题卡相应位置上。
4.考试结束后，监考人员将答题卡收回。
一、本题共10小题，共43分。第1~7题只有一个选项符合要求，第8~10题有多个选项符合要求。第1~7题每题4分，第8~10题全部选对的得5分，选对但不全得3分，有选错的得0分。
1. 下列四幅图分别对应四种说法.其中正确的是（ ）
A. 布朗运动就是液体分子的运动，它说明分子在永不停息地做无规则运动
B. 当两个相邻的分子间距离为时，分子间相互作用力的合力为零，分子势能为零
C. 食盐晶体的物理性质沿各个方向是不同的，即各向异性
D. 小草上的露珠呈球形的主要原因是露珠浸润的结果
【答案】C
【解析】
【详解】A. 布朗运动是液体中悬浮小颗粒的运动，它从侧面说明分子在永不停息地做无规则运动，故A错误；
B. 当两个相邻的分子间距离为时，分子间相互作用力的合力为零，一般无穷远处分子势能为零，所以此处的分子势能最小，应为负值，故B错误；
C. 食盐是单晶体，具有规则的几何形状，物理性质沿各个方向是不同的，即各向异性，故C正确；
D. 小草上的露珠呈球形的主要原因是露珠表面张力的原因。故D错误。
故选C。
2. 楞次定律中“阻碍”的含义是指（ ）
A. 当引起感应电流的磁场增强时，感应电流的磁场方向与其相反；当引起感应电流的磁场减弱时，感应电流的磁场方向与其相同
B. 感应电流形成的磁场只是阻碍引起感应电流的磁场的增强
C. 感应电流形成的磁场只是阻碍引起感应电流的磁场的减弱
D. 感应电流形成的磁场方向与引起感应电流的磁场方向相反
【答案】A
【解析】
【详解】楞次定律中“阻碍”的含义是指：当引起感应电流的磁场增强时，感应电流的磁场方向与其相反；当引起感应电流的磁场减弱时，感应电流的磁场方向与其相同。
故选A。
3. 如图，由a、b两种单色光组成的复色光，沿半球形水雾的半径方向AO入射，折射后分成两种单色光a、b。其中，a光与界面的夹角为30°，b光的折射率为，b光与法线的夹角为45°，光在空气中的传播速度为c，水雾半球的半径为R。下列说法中正确的是（ ）
A. a光在半球水雾中的传播时间为
B. a光在半球水雾中的传播时间为
C. a单色光的频率比b单色光的频率小
D. 利用a、b单色光做双缝干涉实验，在相同实验条件下，b光比a光的条纹间距大
【答案】D
【解析】
【详解】AB．设入射角为θ，由折射定律可知，对b光有
解得
对于a光，由折射定律可知
设a光在水雾半球中传播的速度为va，由
则a光在水雾半球中的传播时间
联立可得
故AB错误；
C．因为
故波长
故a单色光的频率比b单色光的频率大，故C错误；
D．根据C项分析知
利用a、b单色光做双缝干涉实验，在相同实验条件下，根据
知b光比a光的条纹间距大，故D正确。
故选D。
4. 目前市面上流行一种手摇手机充电器。当人摇动手柄给手机充电时，其内部线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，如图所示.下列说法正确的是（ ）
A. 当线圈转到图示位置时，电流方向将发生改变
B. 当线圈转到图示位置时，穿过线圈磁通量的变化率最大
C. 若从图示位置开始计时，线圈中的电流瞬时值表达式为
D. 图示位置在中性面，穿过线圈磁通量为最大
【答案】B
【解析】
【详解】ABD．图示位置为垂直于中性面的位置，此时穿过线圈磁通量为0，穿过线圈磁通量的变化率最大，电流方向应该在中性面的位置发生改变，在此时不发生改变，故AD错误，B正确；
C．若从图示位置开始计时，此时电流的瞬时值为最大值，线圈中的电流瞬时值表达式为，故C错误；
故选B
5. 如图，健身球是一个充满气体的大皮球，当人压向健身球上时，假设球内气体温度不变，则在这个过程中（ ）
A. 气体分子的平均速率增大
B. 外界对气体做功
C. 气体从外界吸收热量
D. 气体的压强不变
【答案】B
【解析】
【详解】A．气体温度不变，则气体分子的平均速率不变。故A错误；
BC．因为气体的内能不变，体积减小，外界对气体做功，则气体要向外放出热量，故B正确，C错误；
D．根据公式可知，温度不变，体积减小，则压强增大。故D错误。
故选B。
6. 如图，用理想变压器给负载供电，变压器输入电压不变，变压器降压后用总电阻为R的输电线对用电器供电，设两盏灯泡的电阻相同，且都在发光。若将滑动变阻器的触头P向M端滑动，会出现的现象是（ ）
A. A的示数变大，灯泡均变暗
B. A的示数变小，灯泡均变暗
C. A的示数变大，灯泡变亮、变暗
D. A的示数变小，灯泡变暗、变亮
【答案】D
【解析】
【详解】依题意，变压器输入电压不变，则输出电压也不变，将滑动变阻器触头P向M端滑动，则灯泡L1所在支路电阻增大，导致两灯泡并联电路阻值增大，根据
可知，变压器副线圈电流减小，由
可得变压器原线圈的电流减小，即电流表的示数减小。在副线圈电路中，由分压原理可知，并联部分电路的电压增大，即灯泡变亮，根据分流原理可知，灯泡L1所在支路电流减小，灯泡变暗。
故选D。
7. 当上、下抖动长长的轻绳时，轻绳则呈正弦波形状。如图甲，是某轻绳产生的横波在介质中沿x轴传播，在时的波形图，图乙为横坐标在1.5m处P点的振动图像。则下列说法中正确的是（ ）
A. 该波向左传播，波速为2m/s
B. 再经过3.5s质点P通过的路程为140cm
C. L质点比N质点先到达波峰
D. 人若加快抖动轻绳，两个相邻波峰之间的距离不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图乙可知，在时，质点P向上振动，根据“同侧法”可知，波向右传播；由图甲可知，波的波长为，由图乙可知，波的周期为，所以波速为
故A错误；
B．再经过3.5s，则前3s
质点P通过的路程为
后0.5s
由于质点P从位移为负向负向最大位移振动，则通过的路程
所以，再经过3.5s质点P通过的路程
故B错误；
C．根据“同侧法”可知，L质点向y轴正方向运动，N质点向y轴负方向运动，则L质点比N质点先到达波峰，故C正确；
D．人若加快抖动轻绳，则波的振动频率变大，波速不变，根据可知，波长变小，即两个相邻波峰之间的距离变小，故D错误。
故选C。
8. 如图，是一质点做简谐运动的振动图像.则下列结论中，正确的是（ ）
A. 质点速度最大，而加速度为零的时刻分别是0.1s、0.3s、0.5s、0.7s
B. 质点速度为零，而加速度为负方向最大值的时刻分别是0s、0.4s、0.8s
C. 质点所受的回复力方向由正变负的时刻是0.2s
D. 振动系统势能最大，而加速度为正方向最大值的时刻是0.3s
【答案】AB
【解析】
【详解】A．质点速度最大，而加速度为零的时刻质点正处于平衡位置，由振动图像可知，该时刻分别是0.1s、0.3s、0.5s、0.7s，A正确；
B．加速度的方向始终与位移方向相反，质点速度为零，而加速度为负方向最大值的时刻质点正处于正方向位移最大值，由振动图像可知，该时刻分别是0s、0.4s、0.8s，B正确；
C．质点所受的回复力方向始终与位移方向相反，质点所受的回复力方向由正变负的时刻是0.3s、0.7s，C错误；
D．振动系统势能最大时，位移最大，加速度的方向始终与位移方向相反，则振动系统势能最大，而加速度为正方向最大值的时刻是0.2s、0.6s，D错误。
故选AB。
9. 如图，为测量储物罐中不导电液体的高度，有人设计了一个监测液面高度变化的传感器。将与储物罐外壳绝缘的两块平行金属板构成的电容C置于储罐中，电容C可通过开关S与电感或电源相连，当开关从a拨到b时，由电感L和电容C构成的回路中产生振荡电流。通过检测振荡电流的频率变化，可以推知液面的升降情况。关于此装置下面说法正确的是（ ）
A. 电源电动势越小，则振荡电流的频率越低
B. 当电路中电流最大时，电容器两端的电压最小
C. 开关a拨向b瞬间，电感L的自感电动势为零
D. 检测到振荡电流的频率增加，说明液面高度在降低
【答案】BD
【解析】
【详解】A．振荡电流的频率为
则振荡频率与电源电动势无关，故A错误；
B．当电路中电流最大时，电容器放电完毕，此时电容器两端电压最小，故B正确；
C．开关a拨向b瞬间，电流最小，电流变化率最大，即电感L的自感电动势为最大，故C错误；
D．检测到振荡电流的频率增加，说明电容器的电容减小，根据
可知ɛ减小，即液面高度在降低，故D正确；
故选BD。
10. 航母上的舰载机返回甲板时有多种减速方式。如图所示，为一种电磁减速方式的简要模型，固定在水平面上足够长的平行光滑导轨CE、DF，间距为L，左端接有阻值为R的定值电阻，且处在磁感应强度为B、垂直导轨平面向下的匀强磁场中。现有一舰载机等效为质量为m、电阻为r垂直于导轨的导体棒ab。导体棒ab以初动量水平向右运动，最后停下来，导轨的电阻不计。则此过程中（ ）
A. 导体棒ab做匀减速直线运动直至停止运动
B. 航母甲板的最短长度为
C. 电阻R上产生的焦耳热为
D. 通过导体棒ab横截面的电荷量为
【答案】CD
【解析】
【详解】A．导体棒获得向右的瞬时初速度后切割磁感线，回路中出现感应电流，导体棒ab受到向左的安培力，向右减速运动，由
可知，由于导体棒速度减小，则加速度减小，所以导体棒做的是加速度越来越小的减速运动直至停止运动，A错误；
BD．设初始速度为，通过导体棒ab横截面的电荷量为，根据动量定理可得
又因为
解得
由于
代入可得，导体棒ab运动的位移，即航母甲板的最短长度为
故B错误，D正确；
C．导体棒减少的动能
根据能量守恒定律可得
又根据电路知识可得
故C正确
故选CD。
二、本题共2小题，共15分。将正确的答案直接填在答题卡的横线上。
11. 某实验小组“用单摆测重力加速度”
（1）下列悬挂单摆的装置中，最合理的是___________。
A. B.
C. D.
（2）用秒表记录单摆完成30次全振动所用时间，如图所示，其读数为___________s。
（3）以下是实验过程中的一些做法，其中正确的是___________。
A. 测量摆长：用刻度尺量出从悬点到摆球上端点间的距离
B. 测量周期：从摆球通过平衡位置开始计时，当摆球再次通过平衡位置时结束计时，秒表所示读数表示单摆的周期
C. 为了减小测量周期的误差，摆球应在经过最低点（速度最大）的位置开始计时；
D. 拉开摆球，使摆线离平衡位置不大于5°，释放摆球，当摆球振动稳定后，从平衡位置开始计时，记下摆球50次经过平衡位置所用的时间，则单摆周期
（4）另一组同学测出了摆线长度L和摆动周期T，如图a所示。通过改变悬线长度L，测出对应的摆动周期T，获得多组T与L，再以T2为纵轴、L为横轴画出函数关系图像如图b所示。由图像可知，当地重力加速度g=___________m/s2（结果用含π的表达式）。
【答案】（1）D （2）52.0
（3）C （4）π2
【解析】
【小问1详解】
AC．为了使摆长不变，用不可伸长的细丝线，不能用弹性棉线，且用夹子夹住细丝线，AC错误；
BD．为了减小空气阻力产生的误差，不能用塑料球，应该用铁球，B错误，D正确。
故选D。
【小问2详解】
秒表的读数为52.0s；
【小问3详解】
A．测量摆长：用刻度尺量出从悬点到摆球球心的距离，A错误；
B．测量周期：从摆球通过平衡位置开始计时数零，摆球振动多次后，当某次相同方向通过平衡位置时结束计时，秒表所示读数与全振动次数的比值表示单摆的周期，B错误；
C．为了减小测量周期的误差，摆球应在经过最低点（速度最大）的位置开始计时，C正确；
D．拉开摆球，使摆线离平衡位置不大于5°，释放摆球，当摆球振动稳定后，从平衡位置开始计时数零，记下摆球50次从相同方向经过平衡位置所用时间Δt，则单摆周期，D错误。
故选C。
【小问4详解】
根据单摆的周期公式得
解得

根据图像得

解得
12. 用“油膜法估测油酸分子的大小”的实验步骤如下：
A.把一滴油酸酒精溶液滴在水面上，待油酸薄膜形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，在玻璃板上描出油酸膜的轮廓
B.向浅盘中倒入适量的水，并向水面均匀地撒入痱子粉
C.将1mL纯油酸加入酒精中，得到的油酸酒精溶液
D.把玻璃板放在坐标纸上，计算出薄膜的面积S（坐标纸中正方形小方格的边长为20mm）
E.将配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下50滴溶液的体积
（1）上述步骤中，正确的顺序是______（填步骤前的字母）。
（2）实验中使用到油酸酒精溶液，其中，酒精的作用是______。
A. 可使油酸和痱子粉之间形成清晰的边界轮廓
B. 有助于测量一滴油酸的体积
C. 有助于油酸的颜色更透明便于识别
D. 对油酸溶液起到稀释作用
（3）如图，为描出的油酸膜轮廓，油酸膜的面积约为______。
（4）已知50滴溶液的体积为1mL，估算油酸分子的直径约为_______m（保留两位小数）。
（5）某同学在用油膜法估测分子直径的实验中，计算结果明显偏小，可能是由_______。
A. 油酸未完全散开
B. 油酸酒精溶液配制的时间较长，酒精挥发较多
C. 计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格
D. 求每滴体积时，1mL的溶液的滴数多记了10滴
【答案】（1）CEBAD
（2）D （3）0.0244
（4）
（5）BD
【解析】
【小问1详解】
实验步骤可按时间顺序、逻辑关系进行排序，首先是准备阶段：将1mL纯油酸加入酒精中，得到的油酸酒精溶液（步骤C），将配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下50滴溶液的体积（步骤E）；其次是操作阶段：向浅盘中倒入适量的水，并向水面均匀地撒入痱子粉（步骤B），把一滴油酸酒精溶液滴在水面上，待油酸薄膜形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，在玻璃板上描出油酸膜的轮廓（步骤A），把玻璃板放在坐标纸上，计算出薄膜的面积S（坐标纸中正方形小方格的边长为20mm）（步骤D），所以正确的顺序是CEBAD。
【小问2详解】
实验中使用到油酸酒精溶液，其中酒精溶液的作用是对油酸起到稀释作用，酒精稀释油酸是为了进一步减小油酸的密度，使油酸分子尽可能的少在竖直方向上重叠，更能保证其形成单层分子油膜；
故选D。
【小问3详解】
根据描出的油膜轮廓，不足半格的舍去，超过半格的按一格计算，得出共有61格，则油膜面积为
【小问4详解】
1滴油酸酒精溶液中含油酸的体积为
油酸分子直径为
【小问5详解】
A．油酸未完全散开，则会使S偏小，d偏大，故A不符合题意；
B．油酸酒精溶液配制的时间较长，酒精挥发较多，油酸所占的比例变大，实验数据处理仍然按照挥发前的浓度计算，即算出的纯油酸体积偏小，则会使V偏小，d偏小，故B符合题意；
D．求每滴体积时，1mL的溶液的滴数多记了10滴，根据公式
可知，一滴油酸酒精溶液中的纯油酸体积会偏小，这将导致纯油酸体积的计算值小于实际值，则会使V偏小，d偏小，故D符合题意；
C．计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格，则会使S偏小，d偏大，故C不符合题意；
故选BD。
三、本题共有3小题，共42分.解答应写出必要的文字说明和重要的演算过程，只有最后结果而没有过程的一律得零分.有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
13. 如图，某透明材料由一个半圆和等边三角形ABC组成，等边三角形的边长为L，半圆的直径也为L。现有一束单色光从AB边的中点D垂直于BC边射入材料中，折射光线刚好通过半圆的圆心O，已知光在真空中的传播速度为c。求：
（1）该材料的折射率；
（2）光在透明材料中的传播时间（不计光在材料中的反射）。
【答案】（1）；（2）
【解析】
【详解】（1）根据题意作出光路图
设光在AB面上的入射角为i，折射角为r，玻璃砖折射率为n，由几何关系，有
，
根据折射定律
（2）由几何关系可知，光在玻璃砖中传播的路程为s，则
设光在玻璃砖中传播速度为v，则
从D点第一次射到玻璃砖半圆弧的传播时间为t，则
14. 如图，是常用的一种便携式喷雾器的原理图，其储液罐总容积为V。现装入0.8V的药液后并盖好注液口密封盖，然后，通过打气筒向罐中打气，每次均能把的外界空气打进罐中，设打气过程中气体的温度没有变化，忽略排液管中的液体体积及罐中排液管液柱产生的压强，已知外界大气压强为，密封气体可视为理想气体。则：
（1）不喷药液时，要使储液罐中的气体压强达到，则打气筒打气的次数是多少？
（2）打气后打开开关就能够连续把罐中药液喷完，至少需要打气多少次？
【答案】（1）15次；（2）20次
【解析】
【详解】（1）设打气次数为，对压强为的罐中气体， 初态
末态
由于等温变化，有
解得
（次）
（2）设能够一次连续喷完药液需要打气次数为，对罐中气体，初态
末态
由于等温变化，有
解得
（次）‍
15. 如图，MN和PQ是两根相距L、竖直固定放置且足够长的光滑金属导轨，其电阻不计。水平条形区域Ⅰ和Ⅱ内均有磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向里的有界匀强磁场，其宽度均为d，区域Ⅰ和区域Ⅱ之间相距h，其他区域内无磁场。导体棒ab的长度为L、质量为m、电阻为R，开关S处于断开状态。现将ab棒由区域Ⅰ上边界的上方H处由静止释放，当ab棒下落时，闭合开关S。已知ab棒在先、后穿过两个磁场区域的过程中，流过ab棒的电流及其变化情况相同。导体棒ab始终与导轨垂直且接触良好，不计空气阻力，重力加速度大小为g。求：
（1）在ab棒进入磁场区域Ⅰ的瞬间，通过ab棒的电流大小和方向；
（2）在ab棒穿过磁场区域Ⅰ的过程中，ab棒上产生的热量；
（3）ab棒穿过磁场区域Ⅱ所用的时间。
【答案】（1），向右；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）令棒刚进入磁场区域Ⅰ时的速度大小为，通过它的电流大小为，根据动能定理得
解得
此时进入磁场区域Ⅰ的瞬间，通过棒的电流
解得
方向相右。
（2）令棒从磁场区域Ⅰ上边界到磁场区域Ⅱ上边界过程中产生的热量为，已知棒在先后穿过两个磁场区域的过程中，流过棒的电流及其变化情况相同，则进入两磁场的初速度相同。由能量守恒定律，得
（3）令棒到达磁场区域Ⅰ下边界时速度大小为，由能量守恒定律，得
解得
由题意可知，棒穿过磁场区域Ⅰ和Ⅱ所用的时间相同，设为，令棒穿过磁场区域Ⅰ过程中的平均电流为，平均感应电动势为，则有
再根据动量定理，得
解得