2024年四川省乐山市犍为县中考物理调研试卷

这是一份2024年四川省乐山市犍为县中考物理调研试卷，共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列估测值符合实际的是( )
A. 成人步行速度约为B. 成年大象的质量约为1kg
C. 人正常心跳一次约为D. 书房台灯功率约为5000W
2.白居易的《琵琶行》中“曲终收拨当心画，四弦一声如裂帛”是对琵琶声的形象描述。下列对琵琶弹奏中涉及到的声学知识描述不正确的是( )
A. 用力拨动琴弦，可以增大琴声的响度
B. 琴声的音调越高，在空气中的传播速度越快
C. 琴声引起了诗人的共鸣，说明声音可以传递信息
D. 琴声通过空气传入诗人的耳朵
3.下列情景中利用了大气压的是( )
A. 将药物注射进肌肉
B. 气体将活塞冲出
C. 飞艇上升
D. 用拔子疏通下水道
4.冬天，室外佩戴口罩，眼镜片上会出现白雾。下列现象与上述“白雾”的成因相同的是( )
A. 吃冰棒时常出现冰棒粘舌头的现象B. 冬天，大巴车窗内侧出现冰花
C. 放置在冰箱外的蔬菜水果容易变蔫D. 水烧开后，壶嘴上方有大量白气冒出
5.传说中有一种鸟叫衔枝鸟，它能靠一小截树枝成功地飞越太平洋。它飞行时，把树枝衔嘴里；累了时，就把树枝放在水里，站在上面休息。下列说法正确的是( )
A. 飞行时，以树枝为参照物，鸟是运动的
B. 飞行时，以海岸为参照物，树枝是静止的
C. 鸟站在树枝上休息时，以树枝为参照物，鸟是静止的
D. 鸟站在树枝上一起随海水流动，以海岸为参照物，鸟是静止的
6.车站广场上，常常看到人们将旅行包放在拉杆箱上，如图所示，若地面和拉杆箱A的上表面均水平，拉杆箱A和旅行包B在水平推力F的作用下，一起向右做匀速直线运动，不计空气阻力，下列分析正确的是( )
A. A对B具有水平向右的摩擦力
B. B的重力和A对B的支持力是一对平衡力
C. A的重力和地面对A的支持力是一对平衡力
D. B对A的压力和B的重力是一对相互作用力
7.当今社会，运动已成为一种生活方式。在以下日常运动情景中，说法正确的是( )
A. 用力将足球踢出，说明力可以改变物体的运动状态
B. 篮球离手后能继续向前运动，是由于受到惯性的作用
C. 乒乓球球在空中飞行时，运动员一直对乒乓球做功
D. 上升的排球到达最高点时，若所受外力全部消失，则其一定做匀速直线运动
8.实心均匀正方体静止在水平面上。若在其右侧，沿竖直方向截去一部分如图所示后，则其质量、密度、对水平面的压力和压强四个物理量中，发生改变的有( )
A. 一个B. 二个C. 三个D. 四个
9.2023年5月30日，景海鹏、朱杨柱、桂海潮三名航天员乘坐神舟十六号载人飞船，成功进入中国空间站，与神舟十五号航天员乘组会师天宫，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 飞船在升空过程中，只存在动能和势能的相互转化
B. 漂浮在空间站中的宇航员重力势能为零
C. 空间站组合体在轨稳定运行过程中机械能守恒
D. 空间站组合体在太空中沿椭圆轨道绕地球运行，在近地点时动能最小
10.安全教育已越来越引起学校和社会各界的高度重视，并开展了一系列丰富多彩的教育活动。在某校一次安全用电知识的“对”、“错”抢答比赛中，下列选项应答“对”的是( )
A. 若空气开关“跳闸”，一定是使用了大功率用电器
B. 使用三线插头和三孔插座的目的，是将用电器的金属外壳与大地相连
C. 家庭电路的开关，接在零线或火线上都可以
D. 雷雨天气可以打着雨伞在开阔地上行走
11.劳动教育越来越重要，许多同学在劳动中获得了愉悦的体验也掌握了许多劳动技能。小芳周末回到乡下姥姥家接过姥姥肩膀上的担子学习挑担技巧。假如一个筐子重一个筐子轻一头重一头轻，在不考虑手臂帮扶的情况下挑起担子让扁担处于水平平衡。请你根据劳动体验结合杠杆平衡知识，判断下列说法中正确的是( )
A. 肩膀应该靠近“轻的一头”
B. 肩膀应该靠近“重的一头”
C. 肩膀应该居于扁担正中间
D. 挑着担子走路，扁担一般会上下“闪动”，“闪动”时一定是一个筐子向上运动同时另一个筐子向下运动
12.关于能源、信息、新材料和航天，下列说法正确的是( )
A. 核能和地热能都是可再生能源
B. 核潜艇是利用原子核发生聚变来获取动力的
C. 弯曲的光导纤维也能传输信息，说明光可以沿曲线传播
D. 中国航天员王亚平进行“天宫课堂”授课时，依靠电磁波与地面之间进行信息传递
13.发展新能源汽车是我国应对气候变化、推动绿色发展的战略举措。荆州市公交公司今年投入了一批新能源纯电动空调车，下列各图中能说明其动力装置工作原理的是( )
A. B.
C. D.
14.小鑫同学看到了一个悬浮地球仪摆件，于是利用选购材料制作了一个仿制品，并成功地将他的地球仪稳定地“悬浮”起来。下列说法正确的是( )
A. 实现“悬浮”的磁铁A端是S极
B. M点处磁感线方向竖直向下
C. 若要增加地球仪“悬浮”的高度，可将滑片P向上移动加以调节
D. 地球仪在更高的位置稳定“悬浮”后，受到的磁铁对它的斥力变大
15.如图，一方形容器置于水平面上，用竖直薄隔板将其分成左、右两部分，右侧部分横截面积是左侧的2倍，隔板底部有一小圆孔用薄橡皮膜封闭。左、右两侧分别注入两种不同液体，液面在图中位置时，橡皮膜恰好不发生形变。下列说法正确的是( )
A. 左、右两侧液体对橡皮膜的压强相等B. 左、右两侧液体对容器底的压力相等
C. 左侧液体的密度大于右侧液体的密度D. 容器中左、右两侧液体的质量相等
16.如图甲所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，两电压表示数与电流表示数变化的关系图像如图乙所示，则下列说法正确的是( )
A. a曲线表示电压表示数与电流表示数变化的关系图像
B. 电源电压为8V
C. 灯泡正常发光时滑动变阻器连入电路的阻值为
D. 灯泡的额定功率为
二、填空题：本大题共4小题，共8分。
17.日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的______大。在标准大气压下，质量为5 kg水温度从升高，吸收热量______ J。
18.班主任用照相机拍摄初三毕业照，在相机底片上成______选填“放大”或“缩小”的实像；若两个同学的像出现在照相机取景框外，要拍摄所有同学完整的像，照相机应______选填“远离”或“靠近”同学们，同时将镜头向后缩。
19.如图甲所示，物块A重20N，B重5N，用100N的水平推力F将A压在竖直墙上。若A和B一起匀速下滑时，A受到的摩擦力大小为______ N；若推力F保持不变，取走物体B，如图乙所示，物体A继续下滑时受到的摩擦力______选填“变大”“不变”或“变小”。
20.如图所示为灯泡L和定值电阻R的图象，若将L和R并联在电源电压为6V的电路中，则整个电路的总电流为______ A；若将其串联在电源电压为4V的电路中，则L与R的阻值之比为______。
三、作图题：本大题共2小题，共6分。
21.如图所示，光线AO从水中射到水面上，请画出AO对应的反射光线和折射光线的大致位置。
22.在劳动实践活动中，小刚用平板车运送货物，使货物与车一起沿水平路面向右做匀速直线运动，请在图中以O为作用点，画出该货物的受力示意图。
四、实验探究题：本大题共2小题，共14分。
23.人们到游泳馆游泳时，在下水的过程中感觉身体越来越“轻”，针对这一现象，聪聪通过如图所示的步骤进行了“浮力大小与哪些因素有关”的实验探究取。
由A、B、C三图可知，浮力大小与______有关；由 A、______三图可知，浮力大小与浸没深度无关；
对A、D、E三图中的实验现象和数据进行分析，可得出结论：物体受到的浮力大小还与______有关；
由弹簧测力计的示数，还可以计算圆柱体密度为______，图D中容器对桌面的压力与图A中相比变化了______ N；
他观察到，改变液体的密度，而物块受到的浮力变化不够明显，聪聪想出下列四种实验改进方案，其中可行的是______选填字母；
A.换用体积更大的同种物块；
B.换用两种密度相近的液体进行实验；
C.换用分度值大一些的弹簧测力计；
D.利用现有器材进行多次实验；
实验中，聪聪还根据弹簧测力计的示数算出了酒精的密度为______。
24.在用“伏安法”测定值电阻阻值实验中，小潘设计并连接了如图甲所示的电路。
连接电路前，发现电流表的指针如图乙所示，接下来应进行的操作是______。在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最左端，其目的是______；
若连接电路时，小潘误将电压表与电流表位置接反，则闭合开关后，他观察到电压表______示数选填“有”或“无”；
排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，进行多次测量，记录实验数据如表所示：
①测完第3组数据后，应将滑动变阻器向______选题“左”或“右调节可得到第4组数据；
②根据所测得的五组数据，可计算出所测电阻阻值为______；
③分析数据，还可得出结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成______；
在电学实验中，其中三个实验都用到如图丙所示的电路图，下列说法正确的是______。
A.研究“电流与电压的关系”可以用灯泡代替定值电阻进行实验；
B.研究“电流与电阻的关系”每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电流表示数不变；
C.“伏安法”测定值电阻的阻值，多次实验的目的是求平均值，减小误差；
D.在A、B、C选项的三个实验中，滑动变阻器的作用是完全一样的。
五、计算题：本大题共2小题，共12分。
25.如图所示，是一辆汽车通过滑轮组将深井中的物体拉至井口的装置图。已知井深12m，物体重6000N，汽车匀速拉绳子时速度为，拉力为，受到的阻力为。求将物体从井底拉至井口的过程中：
绳子自由端移动的距离是多少？
滑轮组的机械效率是多少？
汽车牵引力的功率是多少？
26.如图甲为洋洋家新购的一款智能养生壶，其内部电路如图乙所示，它有加热和保温两挡，与均为电热丝，已知的阻值为。当加热到设定温度时，养生壶自动切换为保温挡，养生壶的部分参数如表所示。求：
养生壶加热挡正常工作时的功率。
的阻值。
养生壶保温挡正常工作消耗的电能。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、成人步行速度约为，故A正确；
B、成年大象的质量约为3t，故B错误；
C、人正常心跳一次约为1s，故C错误；
D、书房台灯功率约为25W，故D错误。
故选：A。
解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】B
【解析】解：用力拨动琴弦，增大振动幅度，故可以提高振幅，从而提高声音的响度，故A正确；
B.声音的传播速度还与介质的温度有关，与声音的音调、响度、音色无关，故B错误。
C.琴声引起了诗人的共鸣，说明声音可以传递信息，故C正确；
D.琴声通过空气传入诗人的耳朵，故D正确；
故选：B。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
声音传播需要介质，声音在不同介质中的传播速度不同，一般说，声音在固体中传播的最快，在液体中次之，在气体中最慢，真空不能传声；声音的传播速度还与介质的温度有关。
声音可以传递信息和能量。
本题考查了声音三个特征的影响因素、声音的传播、声音的利用，以及声音的传播速度等。属于基础性习题，掌握基础知识很重要。
3.【答案】D
【解析】解：将药物注射进肌肉依靠人的推力产生的压强，不是利用大气压，故A错误；
气体将活塞冲出是内部水蒸气对外做功，内能转化为机械能，不是利用大气压，故B错误；
飞艇上升是依靠空气的浮力升空的，不是利用大气压，故C错误；
用拔子疏通下水道时，先下压排除拔子内的空气，拉起时恢复原状，内部压强减小，在管道下方的大气压作用下，使得下水道疏通，是利用大气压，故D正确。
故选：D。
大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。
本题考查压强、内能的转化、浮力的应用、大气压的应用，属于中档题。
4.【答案】D
【解析】解：，冬天，室外佩戴口罩，人呼出的水蒸气遇到冷的眼镜片液化成小水珠沾在镜片上，眼镜片上就会出现白雾。
A、吃冰棒时常出现冰棒粘舌头的现象，是由于舌头上的水遇到温度较低的冰糕发生了凝固现象，故A错误；
B、冬天，大巴车窗内侧出现冰花，“冰花”是车内水蒸气遇到温度较低的窗户玻璃而形成的小冰晶，是凝华现象，故B错误；
C、放置在冰箱外的蔬菜水果容易变蔫，是因为蔬菜水果里面的水分变成了水蒸气，发生了汽化现象，故C错误；
D、烧水时，从壶嘴内冒出的温度较高的水蒸气遇到温度较低的空气液化成的小水滴，形成“白气”，故D正确。
故选：D。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
此题考查了凝固、凝华、汽化、液化，比较简单，属基础题。
5.【答案】C
【解析】解：A、飞行时，以树枝为参照物，鸟与树枝的相对位置没有发生改变，鸟是静止的，故A错误；
B、飞行时，以海岸为参照物，树枝相对于海岸位置发生了改变，树枝是运动的，故B错误；
C、鸟站在树枝上休息时，以树枝为参照物，鸟与树枝的位置没有发生改变，鸟是静止的，故C正确；
D、鸟站在树枝上一起随海水流动，以海岸为参照物，鸟与海岸的位置发生改变，鸟是运动的，故D错误。
故选：C。
在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
此题主要考查了运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
6.【答案】B
【解析】解：
A.拉杆箱A和旅行包B在水平推力F的作用下，一起向右做匀速直线运动，B处于受力平衡状态，若A对B具有水平向右的摩擦力，则B在水平方向上受力不平衡，故A错误；
B.对B受力分析可知，B受到竖直向下的重力和竖直向上的A对B的支持力，B在这两个力的作用下做匀速直线运动，处于受力平衡状态，故B的重力和A对B的支持力是一对平衡力，故B正确；
C.对A受力分析可知，A受到向下的重力、向上的地面对A的支持力和向下的B对A的压力，A在这三个力的作用下处于受力平衡状态，故A的重力和地面对A的支持力不是一对平衡力，故C错误；
D.B对A的压力竖直向下，B的重力竖直向下，这两个力的方向相同，所以这两个力不是一对相互作用力，故D错误。
故选：B。
摩擦力产生的条件：接触面粗糙、相互接触挤压、有相对运动或相对运动趋势；
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一物体上；相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上。
本题考查了二力平衡的辨别和二力平衡条件的应用以及摩擦力存在的条件，要注意平衡力与相互作用力的区别：是否作用在同一个物体上。
7.【答案】A
【解析】解：A、足球原来静止在地面，用力将足球踢出，足球的速度发生变化，即运动状态发生变化，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确；
B、物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，篮球离手后能继续向前运动，是由于篮球具有惯性，要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到受到惯性的作用，故B错误；
C、乒乓球脱离球拍在空中飞行时，运动员没有对乒乓球施加力，运动员对乒乓球不做功，故C错误；
D、竖直上升的排球到达最高点时速度为零，若所受外力全部消失，排球会保持静止状态；如果斜向上升的排球到达最高点时速度不为零，若所受外力全部消失，排球会匀速直线运动，故D错误。
故选：A。
力是改变物体的运动状态的原因；
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性是物体的一种属性，惯性不是力；
做功的条件：有力、且物体在力的方向上通过距离；
若是竖直上升的排球到达最高点时，其速度一定为0，所受外力全部消失，根据牛顿第一定律回答。
本题考查力可改变物体的运动状态、对做功的条件、惯性的理解和牛顿第一定律的运用。
8.【答案】B
【解析】解：实心均匀正方体静止在水平面上，对水平面的压力等于其自身所受重力，按如图所示方式，沿竖直方向截去一部分后，所含物质变少，质量变小；因为物体所受重力与质量成正比，质量变小，所以重力变小，对水平面的压力变小；因为物质种类没有变化，故密度不变；由得，将正方体沿竖直方向截去一部分后，密度和高度不变，对水平面的压强不变。综上所述，物体的质量变小、对水平面的压力变小、密度不变、对水平面的压强不变。故B正确，ACD不正确。
故选：B。
质量是指物体所含物质的多少，是物体本身的一种属性；
水平面上物体的压力和自身的重力相等；
密度是物质的特性，与物质的种类有关，与物体的质量和体积无关；
正方体对地面的压强。
本题主要考查了压力、压强的大小比较，关键是公式的推导，要知道在水平面上物体对水平面的压力等于物体自身的重力。
9.【答案】C
【解析】解：飞船在升空过程中，由于需要克服空气的阻力做功，所以机械能会转化为内能，并不是只存在动能和势能的相互转化，故A错误；
B.重力势能的大小与质量、高度有关，漂浮在空间站中的宇航员具有一定的高度，重力势能不为零，故B错误；
C.空间站组合体在轨运行过程中由于是真空环境，不会受到空气阻力，只存在机械能的相互转化，所以机械能守恒，故C正确；
D、飞船在大气层外沿椭圆轨道绕地球运行，由远地点到近地点的过程中，高度变小，重力势能变小，速度变快，动能变大，到达近地点时，动能最大，重力势能最小，故D错误。
故选：C。
飞船在升空过程中，由于需要克服空气的阻力做功，由此可知，机械能会转化为内能；
分析卫星的动能、重力势能大小的变化，从动能和重力势能大小的影响因素考虑。动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
不计空气阻力，卫星的机械能是守恒的。
掌握动能、重力势能的影响因素，利用控制变量法，判断动能、重力势能、机械能的变化。
10.【答案】B
【解析】解：家庭电路中空气开关跳闸，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故A错误；
B：三孔插痤中有一个孔是用来连接地线的，让有金属外壳的用电器的外壳接地，可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故B正确；
C：家庭电路的开关，一定要接在火线上，故C错误；
D：打雷时，一定要第一时间远离空旷的地方，尽快走进室内躲避，同时举起雨伞等于增加了身体的高度，也会使人增加被雷直接击中的可能，故D错误。
故选：B。
电路电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；
有金属外壳的用电器，其外壳要接地；
家庭电路中开关控制用电器时，开关要接在电灯泡和火线之间，在断开开关，切断火线，操作时不容易发生触电事故；
雷雨天气时，不能举着雨伞在开阔地上行走。
此题考查学生对安全用电的理解，熟知安全用电知识是关键，属于基础知识。
11.【答案】B
【解析】解：ABC、假如一个筐子重一个筐子轻一头重一头轻，在不考虑手臂帮扶的情况下挑起担子让扁担处于水平平衡，根据杠杆的平衡条件，则重的一头动力大，必须动力臂较小，因而支点即肩膀必须靠近较重的一头，故B正确，AC错误；
D、挑着担子走路，扁担一般会上下“闪动”，由于杠杆仍然平衡，则动力臂和阻力臂同时增大或同时减小，即两侧同时向下或同时向上，即一个筐子向上运动同时另一个筐子也向上运动，故D错误。
故选：B。
根据杠杆的平衡条件分析解答。
本题考查杠杆平衡条件的应用，属于中档题，有一定的难度。
12.【答案】D
【解析】解：核能的核燃料是不可再生能源，故A错误；
B：核潜艇是利用原子核发生裂变来获取动力的，故B错误；
C：弯曲的光导纤维也能传输信息，是因为光发生了反射，故C错误；
D：电磁波可以在真空中传播，所以天空站和地面之间的信息传递是通过电磁波完成的，故D正确。
故选：D。
从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源，化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；
核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的。核潜艇的核心设备是核反应堆，核反应堆是通过可控裂变链式反应释放能量的。
利用携带信息的激光从光导纤维的一端射入，经内壁多次反射，从另一端射出，这样就把它携带的信息传递到了远方；
电磁波可以在真空中传播，电磁波能够传递信息，也能传递能量。
本题考查了能源的分类、核能的利用、电磁波传递信息等，难度较小，属于基础知识的考查。
13.【答案】B
【解析】解：新能源纯电动空调车的动力来源于电动机，电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的。
A、该装置说明通电导体的周围存在磁场，故A不符合题意；
B、该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的，故B符合题意；
C、该装置说明闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，发电机就是利用该原理制成的，故C不符合题意；
D、该装置可以探究电磁铁的磁性强弱与电流的大小有关，故D不符合题意。
故选：B。
奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的。
闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，发电机就是利用该原理制成的。
电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。
本题主要考查了电动机的基本原理；知道三种常见的电磁现象及电磁铁、电动机、发电机的基本原理。
14.【答案】C
【解析】解：A、“地球仪”稳定地“悬浮”起来，电磁铁的上端是S极，磁铁的下端是S极，根据同名磁极相互排斥可知，磁铁的B端为S极，磁铁A端是N，故A错误；
B、磁体外部的磁场方向从N极出发回到S极，故M点磁感线方向大致向上，故B错误；
CD、若要增加地球仪“悬浮”的高度，必须增强磁性，可将滑片P向上移动加以调节，使电路中的电阻变小，电流变大，电磁铁磁性增强。增加地球仪“悬浮”的高度后，电磁铁对地球仪的斥力仍等于地球仪的重力，故斥力大小不变，故C正确，D错误。
故选：C。
本装置利用了磁极间的相互作用规律，根据同名磁极相互排斥，结合安培定则可判断出磁极；螺线管磁性的大小与电流大小和线圈的匝数有关，磁体外部的磁场方向从N极出发回到S极。
本题考查磁极间的作用规律和电磁铁的磁性强弱有关因素以及二力平衡条件的应用，属于中档题。
15.【答案】A
【解析】解：
A.液体压强的大小是通过橡皮膜的凸起体现出来的，左、右两侧分别注入两种不同液体，液面在图中位置时，橡皮膜恰好不发生形变，说明左、右两侧液体对橡皮膜的压强相等，故A正确；
B.左、右两侧液体对橡皮膜的压强相等，而橡皮膜位于隔板底部，所以左、右两侧液体对容器底部的压强相等，右侧部分横截面积是左侧的2倍，由知道，左侧液体对容器底的压力小于右侧液体对容器底的压力，故B错误；
C.左、右两侧液体对容器底部的压强相等，而左侧液体的深度大于右侧液体的深度，由知道，左侧液体的密度小于右侧液体密度，故C错误；
D.由于隔板左、右两侧的形状都是长方体，容器对底部的压力等于液体的重力，左侧液体对容器底的压力小于右侧液体对容器底的压力，则左侧液体的重力小于右侧液体的重力，根据可知，左侧液体的质量小于右侧液体的质量，故D错误。
故选：A。
液体压强大小的影响因素是液体的深度和密度，而液体压强的大小是通过橡皮膜的凸起体现出来的，据此分析；
知道左、右两侧液体对容器底部的压强关系，并知道容器左、右两侧的底面积关系，根据分析解答；
知道左、右两侧液体对容器底部的压强关系、深度关系，根据分析解答；
已知左侧液体对容器底的压力小于右侧液体对容器底的压力，根据压力、重力与压力的区别，并结合重力公式分析解答。
此题考查液体压强特点、压强大小比较、密度公式的应用等，涉及到的知识点比较多，综合性比较强，但难度不大，关键是注意转换法的运用。
16.【答案】D
【解析】解：由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
A、由图甲可知，滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知此时电路中的电流变大，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器两端的电压也变小，即电压表的示数，随着电流表示数的增大而减小，结合图乙可知，b曲线表示电压表示数与电流表示数变化的关系图像，则a曲线表示电压表示数与电流表示数变化的关系图像，故A错误；
B、由图乙可知电路中的电流为时，的示数为8V，的示数为1V，由串联电路的电压特点可知，电源电压：，故B错误；
C、灯泡正常发光时电路中的电流最大，由图乙可知此时电路中的电流为，此时滑动变阻器两端的电压为2V，
由欧姆定律可知，此时滑动变阻器连入电路的阻值：，故C错误；
D、由串联电路的电压特点可知，灯泡正常发光时的电压：，
则灯泡的额定功率：，故D正确。
故选：D。
由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
由图甲可知，滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知此时电路中的电流变小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器两端的电压也变小，据此结合图乙分析判断出两电压表示数与电流表示数变化的关系对应的图像；
根据图乙可知电路中的电流为时两电压表的示数，根据串联电路的电压特点求出电源电压；
灯泡正常发光时电路中的电流最大，根据图乙可知此时电路中的电流，以及滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出此时滑动变阻器连入电路的阻值；
根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时的电压，根据求出灯泡正常发光时的功率，即为灯泡的额定功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图像读出相关的信息。
17.【答案】比热容；
【解析】解：日常生活中，用水作为汽车发动机的冷却液，是因为它的比热容大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量较多；
水吸收的热量：。
故答案为：比热容；。
水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量较多；
根据求出水吸收的热量。
本题考查水比热容大的应用以及热量的简单计算，是一道基础题。
18.【答案】缩小；远离
【解析】解：照相机成的是倒立、缩小的实像；若两个同学的像出现在照相机取景框外，说明所照的像大了，应该让像变小一些，则摄影师要使照相机远离同学，增大物距，同时应减小像距才可以在底片上得到清晰的像。
故答案为：缩小；远离。
当物距大于2f时，成倒立、缩小的实像，像距处于f和2f之间，应用是照相机；凸透镜成实像时，物远像近像变小。
本题考查了凸透镜成像规律及其应用，属于基础题。
19.【答案】25 不变
【解析】解：当A和B匀速下滑时，为平衡状态，受力平衡，A所受到的摩擦力等于A与B的重力，所以摩擦力为；
根据影响摩擦力的因素知，将B取走，F保持不变时，物体A与墙面的压力和接触面的粗糙程度不变，A与墙面的摩擦力不变，仍为25N。
故答案为：25；不变。
A和B一起匀速下滑时，A和B一起处于平衡状态，根据得出A所受到的摩擦力。
由题意知，将B取走，F保持不变时，物体A与墙面的压力和接触面的粗糙程度不变，故摩擦力不变。
本题考查二力平衡条件的应用、影响摩擦力大小的因素、摩擦力的有关计算，难度适中。
20.【答案】：3
【解析】解：若将L和R并联在电源电压为6V的电路中，并联电路各支路两端电压相等，由图可知，当电源电压为6V时，，，则整个电路的总电流为：；
若将其串联在电源电压为4V的电路中，由图可知，当时，，，电源电压，符合要求；
根据可得L与R的阻值之比为：。
故答案为：；1：3。
若将L和R并联在电源电压为6V的电路中，根据并联电路规律可知，小灯泡和定值电阻两端电压相同且等于电源电压，通过小灯泡和定值电阻的电流之和等于干路电流，由图可知，当电源电压为6V时，通过灯泡的电流和通过定值电阻的电流，进一步计算此时的干路电流；
若将其串联在电源电压为4V的电路中，根据串联电路规律可知，通过小灯泡和定值电阻的电流相同，且小灯泡和定值电阻两端电压之和等于电源电压，由图可知此时灯泡和定值电阻两端的电压和电路中的电流，根据欧姆定律计算L与R的阻值的比值。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
21.【答案】解：过入射点O作垂直于界面的法线，根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内，反射角等于入射角，在法线右侧的水中画出反射光线；
根据折射光线、入射光线以及法线在同一平面内，折射角大于入射角，在法线右侧的空气中画出折射光线，如图所示；

【解析】先过入射点作出法线，然后根据反射光线、入射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出反射光线；
根据折射光线、入射光线以及法线在同一平面内，折射角大于入射角，确定折射光线的方向。
在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中。
22.【答案】
【解析】解：货物随车一起水平向右做匀速直线运动，货物与车间没有相对运动，也没有相对运动趋势，所以货物不受摩擦力，只受两个力作用：重力和支持力，并且这两个力是一对平衡力；
重力方向竖直向下，作用点在重心，支持力方向竖直向上，作用点也画在重心上，其受力示意图如下：
首先分析物体受到的作用力，物体做匀速直线运动说明物体受到了平衡力，即重力和支持力的作用；水平方向上没有牵引力，也就没有摩擦力，若有摩擦力，物体就不会做匀速直线运动，所以水平方向上是不受力的；然后根据力的示意图的画法来作图。
作力的示意图，就是用一条带箭头的线段把力的三要素表示出来，长短表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，作图的关键是力的方向和作用点。
23.【答案】排开液体的体积 C、D 液体密度
【解析】解：比较A、B、C三图可知，随着圆柱体排开液体的体积增大，弹簧测力计的示数减小，由称重法可知，圆柱体所受浮力也增大，说明浮力大小与物体排开液体的体积有关。
根据控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与物体浸没深度的关系，要控制液体密度和排开液体的体积相同，改变物体浸没的深度，比较A、C、D三图可知，圆柱体浸没在水中深度增加，弹簧测力计的示数不变，由称重法可知，圆柱体所受浮力不变，说明浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关。
比较A、D、E三图可知，随着液体密度的减小，弹簧测力计的示数增大，由称重法可知，圆柱体所受浮力减小，说明浮力的大小还与液体密度有关。
由图A可知，圆柱体的重力为4N，由图D可知，圆柱体浸没在水中时，弹簧测力计的示数为3N，由称重法测浮力可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力：，
因圆柱体完全浸没在水中，所以，根据可得，圆柱体的体积：，
由可知，圆柱体的质量：
圆柱体的密度：。
图D中容器对桌面的压力与图A中相比，增加的压力大小等于圆柱体对水的作用力，由力的作用是相互的可知，圆柱体对水的作用力大小等于圆柱体受到的浮力，则增加的压力：。
、物块受到的浮力变化不够明显，可以增加浮力的变化，由可知，要增加浮力的变化，应增加两种液体之间的密度差，或者增加物体排开液体的体积，由于图中物体是浸没在液体中的，因此应增加物体的体积，故A符合题意、B不符合题意；
C、物块受到的浮力变化不够明显，在不改变浮力变化的基础上，可以使用分度值小一些的弹簧测力计，故C不符合题意；
D、利用现有器材进行多次实验，不能改变物块受到的浮力变化，故D不符合题意。
故选A。
圆柱体浸没在酒精受到的浮力为：，
酒精的密度：。
故答案为：排开液体的体积；C、D；液体密度；；1；；。
比较A、B、C三图，找出实验中相同量和不同量，由称重法测浮力比较受到的浮力大小，得出浮力与变化量的关系。根据控制变量法可知，研究物体所受浮力的大小与物体浸没深度的关系，要控制液体密度和排开液体的体积相同，改变物体浸没的深度。
比较A、D、E三图，找出实验中相同量和不同量，由称重法测浮力比较受到的浮力大小，得出浮力与变化量的关系。
利用称重法求出圆柱体浸没在水中时受到的浮力，根据阿基米德原理求出圆柱体的体积，然后根据和密度公式求出圆柱体的密度。
根据力的作用是相互的分析图D中容器对桌面的压力与图A中相比的变化量。
根据阿基米德原理分析找出可行的方案。
根据称重法测浮力计算出浸没在酒精中受到的浮力，根据阿基米德原理求出酒精的密度。
本题探究浮力的大小与哪些因素有关，考查控制变量法、称重法测浮力和阿基米德原理的应用。
24.【答案】对电流表进行调零 保护电路 有 右 正比 C
【解析】解：由图乙可知，电流表使用前，其指针没有对准零刻度线，应对电流表进行调零；为了保护电路，在闭合开关前，要将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，即最左端；
电压表与电流表位置接反，即电压表串联电路中，电流表并联在定值电阻两端时，电压表能与电源连通，故电压表有示数，由于电压表内阻很大，电路中的电流非常小，电流表示数几乎为零；
①比较第3组和第4组的电流可知，电路中的电流变大了，根据欧姆定律可知，电路的总电阻变小，则滑动变阻器的阻值应变小，故应将滑动变阻器的滑片向右调节；
②由表中数据，根据可得，，，
则所测电阻的阻值：；
③根据表中数据可知，在误差允许的范围内，可得结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
探究电流与电压的关系时，要控制电阻不变，通过滑动变阻器改变电阻两端的电压，从而探究电流与电压的关系；灯泡的电阻会随温度的变化而变化，不是一个定值，故研究“电流与电压的关系”不能用灯泡代替定值电阻进行实验；
研究“电流与电阻的关系”时，要控制电阻两端的电压不变，则每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电压表的示数不变；
“伏安法”测定值电阻的阻值，通过滑动变阻器改变通过电阻的电流和它两端的电压进行多次实验，并求平均值，减小误差，
综上可知，C正确，ABD错误。
故答案为：对电流表进行调零；保护电路；有；①右；②；③正比；。
电流表使用前要观察电流表的指针是否对准零刻度线，若没有对准，则要对电流表进行调零；为了保护电路，在闭合开关前，要将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处；
电压表与电流表位置接反，即电压表串联电路中，电流表并联在定值电阻两端时，电压表能与电源连通，由此可知其是否有示数；
①比较第3组和第4组的电流大小，根据欧姆定律可知滑动变阻器的阻值变化，从而可知滑片的调节方向；
②根据欧姆定律求各次测得的电阻值，再求平均值得到所测电阻的阻值；
③根据表中数据得出结论；
探究电流与电压的关系时，要控制电阻不变，通过滑动变阻器改变电阻两端的电压，从而探究电流与电压的关系；灯泡的电阻会随温度的变化而变化，不是一个定值；
研究“电流与电阻的关系”时，要控制电阻两端的电压不变，则每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电压表的示数不变；
“伏安法”测定值电阻的阻值，通过滑动变阻器改变通过电阻的电流和它两端的电压进行多次实验，并求平均值，减小误差。
本题考查实验：伏安法测电阻，涉及电表的使用、数据分析、得出结论、实验拓展等，难度较大。
25.【答案】解：由图可知，绳子自由端移动的距离：；
滑轮组的机械效率：；
因为汽车做匀速直线运动，所以，由力的平衡条件可知，汽车的牵引力：，
汽车牵引力的功率：。
答：绳子自由端移动的距离是36m；
滑轮组的机械效率是；
汽车牵引力的功率是。
【解析】由图可知，绳子自由端移动的距离；
利用求滑轮组的机械效率；
根据力的平衡条件求出汽车的牵引力，根据求汽车牵引力的功率。
本题考查力的平衡条件、功和功率公式的应用，难度不大。
26.【答案】解：当、闭合时，短路，电路为的简单电路，此时电路中电阻最小，根据可知，养生壶的电功率最大，处于加热状态；
当闭合，断开时，电热丝与串联，根据串联电路的电阻规律，此时总电阻最大，根据可知，养生壶的电功率最小，处于保温状态；
养生壶加热挡正常工作时的功率为：
；
由可得，保温时电路的总电阻：
，
由串联电路的电阻规律可得，的阻值：；
养生壶保温挡正常工作消耗的电能为：
。
答：养生壶加热挡正常工作时的功率为1100W；
的阻值为；
养生壶保温挡正常工作消耗的电能为。
【解析】分析开关转换时电路的连接情况，根据串联电路的电阻规律和公式可确定养生壶处于哪个工作状态；
根据算出养生壶加热挡正常工作时的功率；
根据求出串联电路的总电阻，根据串联电路的电阻规律求出的阻值；
根据算出养生壶保温挡正常工作消耗的电能。
本题考查了电功率以及电功公式的计算，是一道综合题。实验次数
1
2
3
4
5
电压
电流
壶的容积
额定电压
220V
加热功率
？W
保温功率
44W