邯郸市重点中学2023-2024学年八年级数学第一学期期末综合测试试题【含解析】

这是一份邯郸市重点中学2023-2024学年八年级数学第一学期期末综合测试试题【含解析】，共21页。试卷主要包含了考生要认真填写考场号和座位序号，点到轴的距离是，计算等内容，欢迎下载使用。
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。
一、选择题(每小题3分,共30分)
1．若，，则（ ）
A．B．C．D．
2．如图，四边形ABCD的对角线交于点O，下列哪组条件不能判断四边形ABCD是平行四边形（ ）
A．，B．，
C．，D．，
3．已知：且，则式子：的值为（ ）
A．B．C．-1D．2
4．如图，点B、C、E在同一条直线上，△ABC与△CDE都是等边三角形，则下列结论不一定成立的是（ ）
A．△ACE≌△BCDB．△BGC≌△AFCC．△DCG≌△ECFD．△ADB≌△CEA
5．点到轴的距离是（ ）．
A．3B．4C．D．
6．如图，直线y=x+b与直线y=kx+6交于点P（1，3），则关于x的不等式x+b>kx+6的解集是（ ）
A．B．C．D．
7．计算（ ）
A．7B．-5C．5D．-7
8．如图，在等腰△ABC中，AB＝AC，∠A＝20°，AB上一点D，且AD＝BC，过点D作DE∥BC且DE＝AB，连接EC，则∠DCE的度数为（ ）
A．80°B．70°C．60°D．45°
9．如图，等边三角形ABC中，AD⊥BC，垂足为D，点E在线段AD上，∠EBC=45°，则∠ACE等于（ ）
A．15°B．30°C．45°D．60°
10．如图，动点在平面直角坐标系中按图中箭头所示方向运动，第次从原点运动到点，第次接着运动到点，第次接着运动到点，···，按这样的运动规律，经过第次运动后，动点的坐标是（ ）
A．B．C．D．
二、填空题(每小题3分,共24分)
11．多项式中各项的公因式是_________．
12．如图所示，AB=AC，AD=AE，∠BAC=∠DAE，∠1=22°，∠2=34°，则∠3=___．
13．若，则______.
14．的绝对值是________．
15．如图，一次函数的图象经过和，则关于的不等式的解集为______．
16．如图，在平面直角坐标系中，有一个正三角形，其中，的坐标分别为和．若在无滑动的情况下，将这个正三角形沿着轴向右滚动，则在滚动过程中，这个正三角形的顶点，，中，会过点的是点__________．
17．若等腰三角形顶角为70°，则底角为_____．
18．如果的乘积中不含项,则m为__________.
三、解答题(共66分)
19．（10分）如图，，求的长，
20．（6分）甲、乙两人做某种机器零件，已知甲每小时比乙多做6个，甲做90个零件所用的时间和乙做60个零件所用时间相等，求甲、乙每小时各做多少个零件？
21．（6分）如图，在平面直角坐标系中，直线y＝﹣x+3分别交y轴，x轴于A、B两点，点C在线段AB上，连接OC，且OC＝BC．（1）求线段AC的长度；
（2）如图2，点D的坐标为（﹣，0），过D作DE⊥BO交直线y＝﹣x+3于点E．动点N在x轴上从点D向终点O匀速运动，同时动点M在直线＝﹣x+3上从某一点向终点G（2，1）匀速运动，当点N运动到线段DO中点时，点M恰好与点A重合，且它们同时到达终点．
i）当点M在线段EG上时，设EM＝s、DN＝t，求s与t之间满足的一次函数关系式；
ii）在i）的基础上，连接MN，过点O作OF⊥AB于点F，当MN与△OFC的一边平行时，求所有满足条件的s的值．
22．（8分）某服装店用4 500元购进一批衬衫，很快售完，服装店老板又用2 100元购进第二批该款式的衬衫，进货量是第一次的一半，但进价每件比第一批降低了10元．
(1)这两次各购进这种衬衫多少件？
(2)若第一批衬衫的售价是200元/件，老板想让这两批衬衫售完后的总利润不低于1 950元，则第二批衬衫每件至少要售多少元？
23．（8分）已知：△ACB和△DCE都是等腰直角三角形，∠ACB=∠DCE=90°，连接AE，BD交于点O，AE与DC交于点M，BD与AC交于点N．
（1）如图1，求证：AE=BD；
（2）如图2，若AC=DC，在不添加任何辅助线的情况下，请直接写出图2中四对全等的直角三角形．
24．（8分）甲、乙两车分别从相距420km的A、B两地相向而行，乙车比甲车先出发1小时，两车分别以各自的速度匀速行驶，途经C地（A、B、C三地在同一条直线上）．甲车到达C地后因有事立即按原路原速返回A地，乙车从B地直达A地，甲、乙两车距各自出发地的路程y（千米）与甲车行驶所用的时间x（小时）的关系如图所示，结合图象信息回答下列问题：
（1）甲车的速度是 千米/时，乙车的速度是 千米/时；
（2）求甲车距它出发地的路程y（千米）与它行驶所用的时间x（小时）之间的函数关系式；
（3）甲车出发多长时间后两车相距90千米？请你直接写出答案．
25．（10分）计算：
（1）（）+（）
（2）
26．（10分）已知：∠AOB=30°，点P是∠AOB 内部及射线OB上一点，且OP=10cm．
（1）若点P在射线OB上，过点P作关于直线OA的对称点，连接O、P， 如图①求P的长．
（2）若过点P分别作关于直线OA、直线OB的对称点、，连接O、O、如图②， 求的长．
（3）若点P在∠AOB 内，分别在射线OA、射线OB找一点M，N，使△PMN的周长取最小值，请直接写出这个最小值．如图③
参考答案
一、选择题(每小题3分,共30分)
1、D
【分析】由关系式（a-b）2=（a+b）2-4ab可求出a-b的值
【详解】∵a+b=6，ab=7， （a-b）2=（a+b）2-4ab
∴（a-b）2=8，
∴a-b=．
故选：D．
【点睛】
考查了完全平方公式，解题关键是能灵活运用完全平方公式进行变形．
2、B
【分析】根据平行四边形的判定方法，对每个选项进行筛选可得答案．
【详解】A、∵OA=OC，OB=OD，
∴四边形ABCD是平行四边形，故A选项不符合题意；
B、AB=CD，AO=CO不能证明四边形ABCD是平行四边形，故本选项符合题意；
C、∵AD//BC，AD=BC，
∴四边形ABCD是平行四边形，故C选项不符合题意；
D、∵AB∥CD，
∴∠ABC+∠BCD=180°，∠BAD+∠ADC=180°，
又∵∠BAD=∠BCD，
∴∠ABC=∠ADC，
∵∠BAD=∠BCD，∠ABC=∠ADC，
∴四边形ABCD是平行四边形，故D选项不符合题意，
故选B.
【点睛】
本题主要考查平行四边形的判定问题，熟练掌握平行四边形的性质，能够熟练判定一个四边形是否为平行四边形．
平行四边形的判定：①两组对边分别平行的四边形是平行四边形；②两组对边分别相等的四边形是平行四边形；③两组对角分别相等的四边形是平行四边形；④对角线互相平分的四边形是平行四边形；⑤一组对边平行且相等的四边形是平行四边形.
3、A
【分析】先通过约分将已知条件的分式方程化为整式方程并求解，再变形要求的整式，最后代入具体值计算即得．
【详解】解：∵
∴
∴
∴
∴
经检验得是分式方程的解．
∵
∴
∴

故选：A．
【点睛】
本题考查分式的基本性质及整式的乘除法运算，熟练掌握完全平方公式是求解关键，计算过程中为使得计算简便应该先变形要求的整式．
4、D
【详解】试题分析：△ABC和△CDE是等边三角形
BC=AC，CE=CD，
即
在△BCD和△ACE中
△BCD≌△ACE
故A项成立；
在△BGC和△AFC中
△BGC≌△AFC
B项成立；
△BCD≌△ACE
，
在△DCG和△ECF中
△DCG≌△ECF
C项成立 D项不成立.
考点：全等三角形的判定定理.
5、B
【分析】根据平面直角坐标系内的点到轴的距离就是横坐标的绝对值，即可得到结果．
【详解】解：∵点的横坐标为-4，
∴点到轴的距离是4，
故选：B．
【点睛】
本题考查了平面直角坐标系内点的坐标，属于基础题目．
6、B
【分析】观察函数图象得到x>1时，函数y=x+b的图象都在y=kx+6上方，所以关于x的不等式x+b>kx+6的解集为x>1.
【详解】当x>1时，x+b>kx+6，
即不等式x+b>kx+6的解集为x>1，
故答案为x>1.
故选B.
【点睛】
本题考查了一次函数与一元一次不等式：从函数的角度看，就是寻求使一次函数y=ax+b的值大于（或小于）0的自变量x的取值范围；从函数图象的角度看，就是确定直线y=kx+b在x轴上（或下）方部分所有的点的横坐标所构成的集合.
7、C
【分析】利用最简二次根式的运算即可得.
【详解】
故答案为 C
【点睛】
本题考查二次根式的运算，掌握同类二次根式的运算法则及分母有理化是解题的关键.
8、B
【解析】连接AE．根据ASA可证△ADE≌△CBA，根据全等三角形的性质可得AE=AC，∠AED=∠BAC=20°，根据等边三角形的判定可得△ACE是等边三角形，根据等腰三角形的判定可得△DCE是等腰三角形，再根据三角形内角和定理和角的和差关系即可求解．
【详解】如图所示，连接AE．
∵AB=DE，AD=BC
∵DE∥BC，
∴∠ADE=∠B，可得AE=DE
∵AB=AC，∠BAC=20°，
∴∠DAE=∠ADE=∠B=∠ACB=80°，
在△ADE与△CBA中，
，
∴△ADE≌△CBA（ASA），
∴AE=AC，∠AED=∠BAC=20°，
∵∠CAE=∠DAE-∠BAC=80°-20°=60°，
∴△ACE是等边三角形，
∴CE=AC=AE=DE，∠AEC=∠ACE=60°，
∴△DCE是等腰三角形，
∴∠CDE=∠DCE，
∴∠DEC=∠AEC-∠AED=40°，
∴∠DCE=∠CDE=（180-40°）÷2=70°．
故选B．
【点睛】
考查了等腰三角形的性质，全等三角形的判定和性质，等边三角形的判定和性质，等腰三角形的判定和性质，三角形内角和定理，平行线的性质，综合性较强，有一定的难度．
9、A
【分析】先判断出AD是BC的垂直平分线，进而求出∠ECB=45°，即可得出结论．
【详解】∵等边三角形ABC中，AD⊥BC，
∴BD=CD，即：AD是BC的垂直平分线，
∵点E在AD上，
∴BE=CE，
∴∠EBC=∠ECB，
∵∠EBC=45°，
∴∠ECB=45°，
∵△ABC是等边三角形，
∴∠ACB=60°，
∴∠ACE=∠ACB-∠ECB=15°，
故选A．
【点睛】
此题主要考查了等边三角形的性质，垂直平分线的判定和性质，等腰三角形的性质，求出∠ECB是解本题的关键．
10、B
【分析】观察可得点P的变化规律， “ (n为自然数)”，由此即可得出结论.
【详解】观察， ，
发现规律: (n为自然数) .
∵
∴ 点的坐标为.
故选: B.
【点睛】
本题考查了规律型中的点的坐标，解题的关键是找出规律“ (n为自然数)”，本题属于中档题，难度不大，解决该题型题目时，根据点P的变化罗列出部分点的坐标，再根据坐标的变化找出规律是关键.
二、填空题(每小题3分,共24分)
11、2ab
【分析】先确定系数的最大公约数，再确定各项的相同字母，并取相同字母的最低指数次幂．
【详解】解：系数的最大公约数是2，各项相同字母的最低指数次幂是ab，
所以公因式是2ab，
故答案为：2ab．
【点睛】
本题主要考查公因式的定义，准确掌握公因式的确定方法是解题的关键．
12、56°.
【解析】先求出∠BAD=∠EAC，证△BAD≌△CAE，推出∠2=∠ABD=22°，根据三角形的外角性质求出即可.
【详解】∵∠BAC=∠DAE，
∴∠BAC-∠DAC=∠DAE-∠DAC，
∴∠1=∠EAC，
在△BAD和△CAE中，
，
∴△BAD≌△CAE（SAS），
∴∠2=∠ABD=34°，
∵∠1=22°，
∴∠3=∠1+∠ABD=34°+22°=56°，
故答案为56°.
【点睛】
本题主要考查全等三角形的性质和判定，三角形的外角性质的应用.解此题的关键是推出△BAD≌△CAE.
13、3或5或－5
【分析】由已知可知(2x-3)x+3=1,所以要分3种情况来求即可.
【详解】解：∵
∴(2x-3)x+3=1
∴当2x-3=1时，x+3取任意值，x=2;
当2x-3=-1时，x+3是偶数，x=1;
当2x-3≠0且x+3=0时，x=-3
∴x为2或者1或者-3时，
∴2x+1的值为：5或者3或者-5
故答案为：5，-5，3.
【点睛】
本题考查了一个代数式的幂等于1时，底数和指数的取值.找到各种符合条件各种情况，不能丢落.
14、
【分析】根据绝对值的意义，即可得到答案.
【详解】解：，
故答案为：.
【点睛】
本题考查了绝对值的意义，解题的关键是熟记绝对值的意义.
15、x≥2
【分析】根据一次函数的性质及与一元一次不等式的关系即可直接得出答案．
【详解】∵一次函数图象经过一、三象限，
∴y随x的增大而增大，
∵一次函数y＝kx+b的图象经过A（2，0）、B（0，﹣1）两点，
∴x≥2时，y≥0，即kx+b≥0，
故答案为：x≥2
【点睛】
本题主要考查一次函数和一元一次不等式的知识点，解答本题的关键是进行数形结合，此题比较简单．
16、C
【分析】先得到三角形的边长为1，再计算2020-2=2018，2018÷3=672……2，而672=224×3，即向右滚动672个60°后点A过点（2020，0），此时再绕A滚动60°点C过点（2020，1）．
【详解】∵C，B的坐标分别为（2，0）和（1，0），
∴三角形的边长为1，
∴三角形每向右滚动60°时，其中一个点的纵坐标为，
∵2020-2=2018，
2018÷3=672，
而672=224×3，
∴点A过点（2020，0），
∴点C过点（2020，1）．
故答案为C．
【点睛】
本题考查了坐标与图形变化-旋转：图形或点旋转之后要结合旋转的角度和图形的特殊性质来求出旋转后的点的坐标．常见的是旋转特殊角度如：30°，45°，60°，90°，1．
17、55°
【分析】等腰三角形的两个底角相等，三角形的内角和是180°，则一个底角度数＝（180°−顶角度数）÷1．
【详解】等腰三角形顶角为70°，则底角为（180°−70°）÷1
＝110°÷1
＝55°．
故答案为 55°．
【点睛】
解决本题的关键是明确等腰三角形的两个底角相等，三角形的内角和是180°．
18、
【分析】把式子展开，找到x2项的系数和，令其为1，可求出m的值．
【详解】
＝x3+3mx2-mx-2x2-6mx+2m,
又∵的乘积中不含项,
∴3m-2＝1，
∴m=.
【点睛】
考查了多项式乘多项式的运算，注意当要求多项式中不含有哪一项时，应让这一项的系数为1．
三、解答题(共66分)
19、1．
【分析】先由全等三角形的性质得到AF=AE=4，继而根据DF=AD-AF进行求解即可．
【详解】∵△ACF≌△ADE，
∴AF=AE，
∵AE=5，
∴AF=5，
∵DF=AD-AF，AD=12，
∴DF=12-5=1．
【点睛】
本题考查了全等三角形的性质，熟练掌握全等三角形的对应边相等是解题的关键．
20、甲每小时做18个，乙每小时做12个零件．
【分析】本题的等量关系为：甲每小时做的零件数量﹣乙每小时做的零件数量=6；甲做90个所用的时间=乙做60个所用的时间．由此可得出方程组求解．
【详解】解：设甲每小时做x个零件，乙每小时做y个零件．
由题意得：
解得：，
经检验x=18，y=12是原方程组的解．
答：甲每小时做18个，乙每小时做12个零件．
考点：二元一次方程组的应用；分式方程的应用．
21、（1）3；（2）i）y＝t﹣2；ii）s＝或．．
【分析】（1）根据以及直角三角形斜边中线定理可得点C是AB的中点，即AC＝AB，求出点C的坐标和AB的长度，根据AC＝AB即可求出线段AC的长度．
（2）i）设s、t的表达式为：①s＝kt+b，当t＝DN＝时，求出点（，2）；
②当t＝OD＝时，求出点（，6）；将点（，2）和点（，6）代入s＝kt+b即可解得函数的表达式．
ii）分两种情况进行讨论：①当MN∥OC时，如图1；②当MN∥OF时，如图2，利用特殊三角函数值求解即可．
【详解】（1）A、B、C的坐标分别为：（0，3）、（3 ，0）；
OC＝BC，则点C是AB的中点，则点C的坐标为：（ ，）；
故AC＝AB＝6＝3；
（2）点A、B、C的坐标分别为：（0，3）、（3，0）、（ ，）；
点D、E、G的坐标分别为：（﹣，0）、（﹣，4）、（2，1）；
i）设s、t的表达式为：s＝kt+b，
当t＝DN＝时，s＝EM＝EA＝2，即点（，2）；
当t＝OD＝时，s＝EG＝6，即点（，6）；
将点（，2）和点（，6）代入s＝kt+b并解得：
函数的表达式为：y＝t﹣2…①；
ii）直线AB的倾斜角∠ABO＝α＝30°，EB＝8，BD＝4，DE＝4，EM＝s、DN＝t，
①当MN∥OC时，如图1，
则∠MNB＝∠COB＝∠CBO＝α＝30°，
MN＝BM＝BE﹣EM＝8﹣s，
NH＝BN＝（BD﹣DN）＝（4﹣t），
cs∠MNH＝＝…②；
联立①②并解得：s＝；
②当MN∥OF时，如图2，
故点M作MG⊥ED角ED于点G，作NH⊥AG于点H，作AR⊥ED于点R，
则∠HNM＝∠RAE＝∠EBD＝α＝30°，
HN＝GD＝ED﹣EG＝4﹣EMcs30°＝4﹣s，
MH＝MG﹣GH＝MEcs30°﹣t＝s﹣t，
tanα＝＝…③；
联立①③并解得：s＝ ；
从图象看MN不可能平行于BC；
综上，s＝或．
【点睛】
本题考查了直线解析式的动点问题，掌握直角三角形斜边中线定理、两点之间的距离公式、直线解析式的解法、平行线的性质、特殊三角函数值是解题的关键．
22、 (1)第一批衬衫进了30件，第二批进了15件(2)第二批衬衫每件至少要售170元
【解析】试题分析：（1）设第一批衬衫每件进价是x元，则第二批每件进价是（x-10）元，再根据等量关系：第二批进的件数=×第一批进的件数可得方程；
（2）设第二批衬衫每件售价y元，由利润=售价-进价，根据这两批衬衫售完后的总利润不低于1950元，可列不等式求解．
试题解析：（1）设第一批T恤衫每件进价是x元，则第二批每件进价是（x﹣10）元，根据题意可得：，
解得：x=150，
经检验x=150是原方程的解，
答：第一批T恤衫每件进价是150元，第二批每件进价是140元，
（件），（件），
答：第一批T恤衫进了30件，第二批进了15件；
（2）设第二批衬衫每件售价y元，根据题意可得：
30×50+15（y﹣140）≥1950，
解得：y≥170，
答：第二批衬衫每件至少要售170元
【点睛】本题考查分式方程、一元一次不等式的应用，关键是根据数量作为等量关系列出方程，根据利润作为不等关系列出不等式求解．
23、（1）证明见解析；（2）△ACB≌△DCE， △EMC≌△BCN， △AON≌△DOM， △AOB≌△DOE．
【分析】（1）根据全等三角形的性质即可求证△ACE≌△BCD，从而可知AE=BD；
（2）根据条件即可判断图中的全等直角三角形.
【详解】（1）∵△ACB和△DCE都是等腰直角三角形，∠ACB=∠DCE=90°，
∴AC=BC，DC=EC，
∴∠ACB+∠ACD=∠DCE+∠ACD，
∴∠BCD=∠ACE，
在△ACE与△BCD中，
∵AC=BC，∠ACE=∠BCD，CE=CD，
∴△ACE≌△BCD（SAS），
∴AE=BD；
（2）∵AC=DC，
∴AC=CD=EC=CB，△ACB≌△DCE（SAS）；
由（1）可知：∠AEC=∠BDC，∠EAC=∠DBC，
∴∠DOM=90°，
∵∠AEC=∠CAE=∠CBD，
∴△EMC≌△BCN（ASA），
∴CM=CN，
∴DM=AN，△AON≌△DOM（AAS），
∵DE=AB，AO=DO，
∴△AOB≌△DOE（HL）．
24、（1）105，60；（2）y＝；（3）时，时或时．
【分析】（1）根据题意和函数图象中的数据可以得到甲乙两车的速度；
（2）根据题意和函数图象中的数据可以求得甲车距它出发地的路程y（千米）与它行驶所用的时间x（小时）之间的函数关系式；
（3）根据题意可知甲乙两车相距90千米分两种情况，从而可以解答本题．
【详解】（1）由图可得，
甲车的速度为：（210×2）÷4＝420÷4＝105千米/时，
乙车的速度为：60千米/时，
故答案为105，60；
（2）由图可知，点M的坐标为（2，210），
当0≤x≤2时，设y＝k1x，
∵M（2，210）在该函数图象上，
2k1＝210，
解得，k1＝105，
∴y＝105x（0≤x≤2）；
当2＜x≤4时，设y＝k2x+b，
∵M（2，210）和点N（4，0）在该函数图象上，
∴，得，
∴y＝﹣105x+420（2＜x≤4），
综上所述：甲车距它出发地的路程y与它出发的时间x的函数关系式为：y＝；
（3）设甲车出发a小时时两车相距90千米，
当甲从A地到C地时，
105a+60（a+1）+90＝420，
解得，a＝，
当甲从C地返回A地时，
（210﹣60×3）+（105﹣60）×（a﹣2）＝90，
解得，a＝，
当甲到达A地后，
420﹣60（a+1）＝90，
解得，a＝，
答：甲车出发时，时或时，两车相距90千米．
【点睛】
本题考查一次函数的应用，解答本题的关键是明确题意，利用一次函数的性质和数形结合的思想解答．
25、（1）3+；（2）﹣﹣1．
【分析】（1）先分别化简二次根式同时去括号，再合并同类二次根式；
（2）先化简二次根式，同时计算除法，再将结果相加减即可.
【详解】解：（1）原式＝2+2+﹣，
＝3+；
（2）原式＝2﹣（）+（﹣8）×3
＝﹣﹣1．
【点睛】
此题考查二次根式的混合计算，掌握正确的计算顺序是解题的关键.
26、（1）= 10cm；（2）= 10cm；（3）最小值是10cm.
【分析】（1）根据对称的性质可得OP=O，∠PO=2∠AOB=60° ，从而证出△PO是等边三角形，然后根据等边三角形的性质即可得出结论；
（2）根据对称的性质可得OP=O，OP=O ，∠PO=2∠AOP ，∠ PO=2∠BOP，然后证出△PO是等边三角形即可得出结论；
（3）过点P分别作关于直线OA、直线OB的对称点、，连接O、O、，分别交OA、OB于点M、N，连接PM、PN，根据两点之间线段最短即可得出此时△PMN的周长最小，且最小值为的长，然后根据（2）即可得出结论．
【详解】解：（1） ∵ 点P与 关于直线OA对称，∠AOB=30°
∴ OP=O，∠PO=2∠AOB=60°
∴ △PO是等边三角形
∵ OP=10cm
∴ = 10cm
（2） ∵ 点P与 关于直线OA对称，点P与关于直线OB对称，∠AOB=30°
∴ OP=O，OP=O ，∠PO=2∠AOP ，∠ PO=2∠BOP
∴ O=O，∠O=∠PO＋∠ PO=2（∠AOP＋∠BOP）=2∠AOB=60°
∴ △PO是等边三角形
∵ OP=10cm
∴ = 10cm
（3）过点P分别作关于直线OA、直线OB的对称点、，连接O、O、，分别交OA、OB于点M、N，连接PM、PN，如下图所示
根据对称的性质可得PM=M，PN=N
∴△PMN的周长=PM＋PN＋MN=M＋N＋MN=，根据两点之间线段最短可得此时△PMN的周长最小，且最小值为的长
由（2）知此时=10cm
∴△PMN的周长最小值是10cm．
【点睛】
此题考查的是轴对称的应用和等边三角形的判定及性质，掌握轴对称的性质、等边三角形的判定及性质和两点之间线段最短是解决此题的关键．