[化学]山东省联考2023-2024学年高一下学期5月月考试题(解析版)

这是一份[化学]山东省联考2023-2024学年高一下学期5月月考试题(解析版)，共21页。试卷主要包含了本试卷主要考试内容，可能用到的相对原子质量，85， 在密闭容器中进行如下反应等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
4.本试卷主要考试内容：鲁科版必修第二册第1章、第2章，选择性必修1第1章。
5.可能用到的相对原子质量：H 1 Li 7 C 12 N 14 O 16 Mg 24 Fe 56
一、选择题：本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1. 中华古诗词精深唯美，下列有关说法错误的是（ ）
A “野火烧不尽，春风吹又生”主要涉及放热反应
B. “春寒赐浴华清池，温泉水滑洗凝脂”，保持温泉水恒温的能量主要来源于地热能
C. “羲和敲日玻璃声，劫灰飞尽古今平”，制玻璃的原料之一可用于制作光导纤维
D. “铁屑融化似水流，千锤百炼始成钢”，生铁是混合物，钢是纯净物
【答案】D
【解析】
【详解】A．“野火烧不尽，春风吹又生”涉及燃烧，是放热反应，A正确；
B．保持温泉水恒温的能量主要来源于地热能，B正确；
C．SiO2是制玻璃的原料，也可用于制作光导纤维，C正确；
D．生铁和钢都是含碳的铁合金，都是混合物，D错误；
本题选D。
2. 下列有关化学反应与能量变化的说法错误的是（ ）
A. 锌与稀硫酸的反应属于放热反应
B. 需要加热的反应可能是放热反应
C. 石墨转化为金刚石是吸热反应，所以石墨比金刚石稳定
D. “冰，水为之，而寒于水”说明相同质量的水和冰相比，水的能量更低
【答案】D
【解析】
【详解】A．活泼金属与酸反应都是放热反应，故锌与稀硫酸的反应放热，A正确；
B．是否需要加热和反应放热吸热无关，需要加热的反应可能是放热反应，如所有的燃烧都需要先加热才能发生，但是放热反应，B正确；
C．石墨转化为金刚石要吸收能量，说明石墨的能量低，石墨比金刚石稳定，C正确；
D．冰融化为水需要吸热，故水的能量比冰高，D错误；
本题选D。
3. 是一种易溶于水的白色固体，可用于有机合成和作汽车安全气囊的产气药等。可用和反应合成，过期的可用溶液销毁被氧化为)。下列说法中错误的是（ ）
A. 钠元素在周期表中的位置是第3周期ⅠA族
B. 中既含离子键又含共价键
C. 中氮元素的化合价为-3价
D. 用溶液销毁，发生的反应为
【答案】D
【解析】
【详解】A．钠元素原子序数为11，在周期表中的位置是第3周期ⅠA族，A正确；
B．中钠离子和之间为离子键，中氮原子之间为共价键，B正确；
C．中氮元素的化合价为-3价，C正确；
D．用溶液销毁，发生的反应为，D错误；
故选D。
4. 下列装置中能构成原电池的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A．碳棒与锌棒均不与酒精反应，且纯酒精不导电，不能构成原电池，故A项错误；
B．铜棒与锌棒活泼性不同的电极，硫酸锌和硫酸铜作为电解液，导线盐桥形成闭合回路，可以形成原电池，故B项正确；
C．放置锌棒与铜棒的两个烧杯之间缺少盐桥，溶液相互间不导电，不能构成原电池，故C项错误；
D．两电极活动性一样，电极相同，不能构成原电池，故D项错误；
故本题选B。
5. 将4ml （g）和2ml （g）在2L的密闭容器中混合，并在一定条件下发生反应：，若经2s后测得的物质的量为0.6ml。下列叙述正确的是（ ）
A.
B. 2s时的转化率为15%
C. 反应开始到2s时，的物质的量浓度减小0.85
D. 用表示的平均反应速率为0.3
【答案】B
【解析】
【详解】A．反应速率比等于系数比，且没有说明正逆反应速率，A错误；
B．经2s后测得的物质的量为0.6ml，则反应二氧化硫0.6ml，2s时的转化率为15%，B正确；
C．反应开始到2s时，反应0.3ml，物质的量浓度减小0.3ml÷2L=0.15，C错误；
D．用表示平均反应速率为，D错误；
故选B。
6. 在密闭容器中进行如下反应：，在内用X表示的平均反应速率是，则时W增加的物质的量是（ ）
A. mlB. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】不同物质表示的反应速率之比等于它们的化学计量数之比，X表示的平均反应速率为，W表示的平均反应速率为×＝。则Δn(W)＝×2L×2 s＝ml。
故选A。
7. 核电是一种安全、清洁、低碳、可靠的能源，发展核电是我国重要的能源战略。钚一239(Pu)裂变速率快，临界密度小，是核电重要的核装料之一。Pu中的质子数比中子数少（ ）
A. 145B. 94C. 57D. 51
【答案】D
【解析】
【详解】Pu的质子数为94，中子数为239-94=145，中子数-质子数=51，故质子数比中子数51，故答案选D。
8. 化学反应中的能量变化，通常表现为热量的变化。从物质结构的角度看，化学反应的实质就是旧化学键的断裂和新化学键的形成，而旧化学键断裂所吸收的能量与新化学键形成所释放的能量不同导致发生了能量变化。下列实验现象能充分说明对应的化学反应是放热反应的是（ ）
【答案】A
【解析】
【详解】A．Mg与稀盐酸发生置换反应产生MgCl2、H2，看到试管内有气泡，反应放出热量，使烧杯内石灰水溶液温度升高，Ca(OH)2溶解度降低而结晶析出，因此看到烧杯内有固体析出，可证明反应是放热反应，A符合题意；
B．锌粒与稀硫酸反应产生氢气，不管反应是否放热，反应开始后，锥形瓶内气体压强增大，导致针筒活塞都向右移动，不能证明反应放出热量，B不符合题意；
C．向NaHCO3中加入盐酸，二者发生反应后使温度计水银柱不断下降，说明反应过程吸收热量，因此证明该反应为吸热反应，C不符合题意；
D．硝酸铵固体溶解吸热，导致广口瓶中气体压强减小，使U型环中液面出现左高右低的现象，且该变化是物质的溶解过程，不是发生化学反应，D不符合题意；
故合理选项是A。
9. 化学反应中的能量变化，通常表现为热量的变化。从物质结构的角度看，化学反应的实质就是旧化学键的断裂和新化学键的形成，而旧化学键断裂所吸收的能量与新化学键形成所释放的能量不同导致发生了能量变化。已知：
下列关于上述反应焓变的判断正确的是（ ）
A. ，B. ，
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．物质氧化反应是放热反应，放热反应的反应热小于0；△H1＜0；△H3＜0，A错误；
B．铝热反应一个放热反应，则△H5＜0；已知③、④、⑤，由盖斯定律可知⑤=(④-③)，则△H5=n)，则原子序数：a>b>c>d，故离子半径由小到大的顺序：、、、，D错误；
故选D。
15. 常温下，将除去表面氧化膜的Al、Cu片插入浓中组成原电池（图1），测得原电池的电流强度（I）随时间（t）的变化关系如图2所示，反应过程中有红棕色气体产生。下列说法中错误的是（ ）
A. 0～s内，原电池的负极是Al片
B. s前后，原电池中电子流动方向相反
C. s时，发生反应
D. 实验室中，浓硝酸应置于棕色细口瓶中，放于阴凉处
【答案】C
【解析】
【分析】根据装置图与电流图知，0~t1s时，铝为原电池的负极，铜为正极，由于Al不断被浓HNO3钝化，因此电流不断减小。到t1s时，铝在浓硝酸中完全钝化后不再反应，此时铜又成了原电池的负极，电流与0~t1s时反向。
【详解】A．根据分析知，0～s内，原电池的负极是Al片，A正确；
B．根据图2得s前后，原电池中电子流动方向相反，B正确；
C．反应过程中有红棕色气体产生，s时为Cu与浓硝酸反应，产生气体，C错误；
D．浓硝酸不稳定，光照或加热均能分解，因此实验室中，浓硝酸应置于棕色细口瓶中，放于阴凉处，D正确；
故选C。
三、非选择题：本题共5小题，共60分。
16. 元素X、Y、Z、M、N均为短周期主族元素，且原子序数依次增大。已知Y元素原子的最外层电子数与核外电子总数之比为；M元素原子的最外层电子数与电子层数之比为；N-、Z+、X+的半径逐渐减小；化合物常温下为气体。据此回答：
（1）元素形成的常见氧化物属于_______(“酸性”“碱性”或“不成盐”)氧化物。
（2）的最高价氧化物对应的水化物的化学式为_______，和形成的氢化物中稳定性较强的是_______(填化学式)。
（3）化合物A、B均为由上述五种元素中的任意三种组成的强电解质，组成元素的原子个数之比均为，A的固体具有吸湿性，是“84”消毒液的有效成分。
①写出的电子式：_______。
②与氢氧化铝反应的离子方程式为_______。
③B与浓盐酸反应可制得的单质，反应的离子方程式为_______。
（4）的单质的用途为_______(任写一点)。
【答案】（1）酸性
（2）①. ②.
（3）①. ②. ③.
（4）作半导体材料(或制造芯片、太阳能电池等)
【解析】元素X、Y、Z、M、N均为短周期主族元素，且原子序数依次增大。Y元素原子最外层电子数与核外电子总数之比为3∶4，Y元素原子核外只可能有2个电子层，设最外层电子数为x，则，即x=6，则Y为O元素；M元素原子的最外层电子数与电子层数之比为4∶3，则M为Si元素，N−、Z+、X+的半径逐渐减小，则N为Cl元素，Z为Na元素，化合物XN常温下为气体，则X为H元素，所以X为H元素、Y为O元素、Z为Na元素、M为Si元素、N为Cl元素。
（1）根据分析M为Si元素，其形成的常见氧化物为SiO2为酸性氧化物；
（2）N为Cl元素，其最高价氧化物对应的水化物的化学式为HClO4，
因Cl原子半径比Si原子半径小，所以H-Cl键长比H-Si键长短，H-Cl键能更大，所以HCl更稳定；
（3）化合物A、B均为由上述五种元素中的任意三种组成的强电解质，组成元素的原子个数之比均为1:1:1，A的固体具有吸湿性，为NaOH，B是“84”消毒液的有效成分，为NaClO。
①A的电子式： ；
②A与氢氧化铝反应的离子方程式为：；
③NaClO与浓盐酸反应可制得Cl2，反应的离子方程式为：ClO−+Cl−+2H+=Cl2↑+H2O。
（4）单质Si的用途为作半导体材料、制造芯片、太阳能电池等。
17. 电化学的发展是化学对人类的一项重大贡献。探究原电池和电解池原理，对生产生活具有重要的意义。
I．利用电化学方法可以将CO2有效地转化为HCOO- (其中C元素的化合价为+2价)，装置如图所示。
（1）若以铅酸蓄电池为直流电源，则铅酸蓄电池中a极的电极反应式为_______。
（2）①装置工作时，阴极除有HCOO-生成外，还可能生成副产物，降低电解效率。
已知：电解效率
副产物可能是_______(写出一种即可)。
②标准状况下，当阳极生成氧气的体积为224 mL时，测得整个阴极区内的c(HCOO-)=0.015 ml/L，电解效率为_______(忽略电解前后溶液的体积变化)。
Ⅱ．利用新型镁—锂双离子二次电池(甲池)作电源同时电解乙池和丙池。
（3）放电时，Li+向_______(填“m极”或“n极”)移动。
（4）给新型镁—锂双离子二次电池充电时，m极与电源的_______极相连，导线中每通过0.2 ml e-，甲池的左室中溶液的质量减少_______g。
（5）电解一段时间后，乙池中溶液的pH将_______(填“增大”“减小”或“不变”)。
（6）丙池发生电解反应的总方程式为_______。
【答案】（1）
（2）①. CO(或H2) ②. 0.75(或75%)
（3）n极
（4）①. 负 ②. 1
（5）减小
（6）
【解析】（1）根据图示可知：在右边Pt电极上CO2得到电子被还原为HCOO-，所以该电极为阴极，则电源b电极为负极，电源的a电极为正极，在正极a上，PbO2得到电子被还原为PbSO4，该电极的电极反应式为：；
（2）①该装置在工作时，阴极Pt电极上，除了CO2得到电子被还原为HCOO-，还有可能CO2得到电子被还原为CO气体；还可能是溶液中的H2O电离产生的H+得到电子被还原为H2，故阴极的副产物可能是CO(或H2)；
②电解时，在阳极Pb电极上发生反应：2H2O-4e-=O2↑+2H+。标准状况下，当阳极生成氧气的体积为224 mL时，其物质的量为n(O2)=0.01 ml，则反应过程中电子转移的物质的量n(e-)=0.04 ml，测得整个阴极区内的c(HCOO-)=0.015ml/L，n(HCOO-)=0.015ml/L×1 L=0.015 ml，得到电子的物质的量是n(e-)=0.015 ml×2=0.03 ml，由于同一闭合回路中电子转移的数目相等，则电解效率为η==0.75；
（3）利用新型镁—锂双离子二次电池(甲池)作电源同时电解乙池和丙池。Mg为负极，失去电子发生氧化反应，Li1-xFePO4/LiFePO4为正极，在放电时，Li+向负电荷较多的n电极移动；
（4）电池放电时，Mg为负极，Li1-xFePO4/LiFePO4为正极，则在给新型镁—锂双离子二次电池充电时，m极与电源的负极连接，作阴极，发生还原反应；
导线中每通过0.2 ml e-，有0.1ml Mg2+得到电子变为Mg，同时有0.2 ml Li+进入电解质溶液，则甲池的左室中溶液的质量减少质量为△m=2.4 g-0.2 ml×7 g/ml=1.0 g；
（5）对于乙池来说，石墨电极连接电极正极为阳极，发生氧化反应：2H2O-4e-=O2↑+2H+；Ag电极连接电源负极，作阴极，发生还原反应：Cu2++2e-=Cu，电极总方程式为：2CuSO4+2H2O2Cu+O2↑+H2SO4，所以电解一段时间后，乙池中溶液的酸性增强，溶液pH将减小；
（6）对于丙池来说，左边的Pt电极连接电极正极，作阳极，发生氧化反应：2Cl--2e-=Cl2↑；右边的Pt电极连接电源负极，作阴极，发生还原反应：2H2O+2e-=H2↑+2OH-，产生的OH-与溶液中的Mg2+结合形成Mg(OH)2沉淀，故反应总方程式为：。
18. 为验证卤素单质氧化性的相对强弱，某小组用如图所示装置进行实验。(夹持仪器已略去，气密性已检查)
实验过程：
i．打开弹簧夹，滴加浓盐酸，开始制备氯气。
ⅱ.当②中试管内和处分液漏斗中的溶液都变为黄色时，夹紧弹簧夹。
ⅲ.当②中试管内溶液由黄色变为棕红色时，停止滴加浓盐酸。
ⅳ.……
（1）若以二氧化锰和浓盐酸为原料制取氯气，则装置①应选用___________(填“I”“Ⅱ”或“Ⅲ”)，其反应的离子方程式为___________。
（2）②中试管内发生反应的离子方程式是___________。
（3）为验证溴的氧化性强于碘，可进行的操作Ⅳ和预期的实验现象为___________。
（4）操作ⅲ实验的目的是___________。
（5）浸有溶液的棉花可以吸收可能逸出的，相关反应的离子方程式为___________。
（6）解释氯、溴、碘单质的氧化性逐渐减弱的原因：___________。
【答案】（1）①. I ②.
（2）
（3）打开活塞，将A中的少量液体滴入③中试管内，关闭活塞，取下试管，振荡，静置后观察到四氯化碳层溶液显紫红色
（4）确认A中的黄色溶液无氯气，排除氯气对溴置换碘实验的干扰
（5）
（6）同主族从上到下，原子半径逐渐增大，得电子能力逐渐减弱
【解析】①中制备氯气，②中氯气与溴化钠反应得到溴单质，验证氯和溴的氧化性强弱，③中氯气和溴化钠反应得到溴单质，溴单质从分液漏斗中滴下与KI溶液反应得到碘单质，再四氯化碳层看到紫色。
（1）浓盐酸和二氧化锰反应制备氯气需要加热，故选I；
（2）②中试管内发生反应的离子方程式是：；
（3）氯气与溴化钠反应生成Br2，验证氯和溴的氧化性强弱；打开活塞，将A中的少量液体滴入③中试管内，关闭活塞，取下试管，振荡，静置后观察到四氯化碳层溶液显紫红色；
（4）操作ⅲ实验的目的是：确认A中的黄色溶液无氯气，排除氯气对溴置换碘实验的干扰；
（5）浸有溶液的棉花可以吸收可能逸出的，相关反应的离子方程式为：；
（6）氯、溴、碘单质的氧化性逐渐减弱的原因：同主族从上到下，原子半径逐渐增大，得电子能力逐渐减弱。
19. 甲烷和甲醇既是重要的化工原料，又是未来重要的能源物质。
（1）将和通入容积为的恒容密闭容器中，恒温条件下发生反应：。
①下列描述中能说明该反应已达到平衡状态的是_______(填标号)。
A.断裂键时，生成键
B.容器内混合气体的平均摩尔质量保持不变
C.容器内混合气体的压强保持不变
D.容器内CO与H2的体积之比保持不变
②测得在时该反应达到平衡，此时CH4的物质的量为的物质的量浓度为。则内，用CO表示的该反应平均反应速率_______ ml•L-1•min-1，V=_______。
（2）在容积为的恒容密闭容器中通入等物质的量的和，进行反应：。的物质的量随时间的变化关系如图所示。
根据图示可知，表示正反应速率与逆反应速率相等的点是_______(填“a”“b”“c”或“d”)；用同一物质表示反应速率时，a，c两点的正反应速率：Va_______(填“”“”或“”，下同)，该反应达到平衡时，CO2的转化率_______50%。
【答案】（1）①. BC ②. 0.02 ③. 2
（2）①. d ②. ③.
【解析】（1）①A．断裂3ml H−H键时，反应逆向 ，生成2ml H−O键，反应逆向进行，同一个方向，不能作为判断平衡标志，故A项错误；
B．平均摩尔质量等于气体质量除以气体物质的量，正向反应，气体质量不变，气体物质的量增大，平均摩尔质量减小，当容器内混合气体的平均摩尔质量保持不变，则达到平衡，故B项正确；
C．该反应正向反应是体积增大的反应，压强不断增大，当容器内混合气体的压强保持不变，则达到平衡，故C项正确；
D．容器内CO与H2的体积之比始终不变，因此两者比保持不变时，不能作为判断平衡标志，故D项错误；
故答案为：BC。
②内，用表示的该反应平均反应速率，则为，故答案为：；甲烷的物质的量改变量为，则，故答案为：2；
（2）①根据图示可知，点都还是正在建立平衡的点，而表示正反应速率与逆反应速率相等的点是，故答案为：d；
②用同一物质表示反应速率时，从点到点正向建立平衡，正反应速率不断减小，因此两点的正反应速率：，故答案为：＞；
③该反应达到平衡时，根据图中信息二氧化碳平衡时的物质的量比原来一半还少，说明的转化率大于，故答案为：＞。
20. 化学反应都会伴随能量变化，还可以进行化学能与热能、电能、光能等各种形式能量之间的转化。
（1）在催化剂表面和光照条件下，氮气和水发生置换反应生成氨气的反应原理如图。氮气的电子式为_______；下列有关说法正确的是_______(填标号)。
A．N2发生了氧化反应
B．该过程属于氮的固定
C．太阳能属于清洁能源
D．水分子形成H原子和O原子时会释放能量
（2）下列反应中，生成物总能量高于反应物总能量的是_______(填标号)。
A．电解水
B．生石灰与水反应
C．三氧化二铁粉末与铝粉在高温条件下发生反应生成铁单质和氧化铝
（3）键能是指断开或形成1 ml化学键的能量变化。氮的氧化物是造成雾霾、光化学烟雾污染的重要原因，其中NO产生的原因之一是汽车发动机工作时引发N2和O2反应，根据表中数据，写出生成NO的热化学方程式：_______。
（4）已知乙炔与苯蒸气完全燃烧的热化学方程式如下：
i．
ⅱ．
①C2H2(g)的摩尔燃烧焓△H=_______kJ/ml。
②2 mlC6H12(l)完全燃烧生成液态水时放出的热量_______(填“＞”“＜”或“＝”)。
③3C2H2(g)=C6H12(g) △H=_______ kJ/ml。
【答案】（1）①. ②. BC
（2）A
（3）N2(g)+O2(g)=2NO(g) △H=+183 kJ/ml
（4）①. -1300 ②. ＜ ③. -605
【解析】（1）N2分子中2个N原子通过三个共价键结合，使分子中各个原子都达到最外层8个电子的稳定结构，其电子式为：；
根据图示可知反应方程式为：2N2+6H2O4NH3+3O2。
A．在该反应中N元素化合价由反应前N2中的0价变为反应后NH3中的-3价，化合价降低，得到电子被还原，发生还原反应，A错误；
B．该过程中N元素由单质态变为化合态，因此属于氮固定，B正确；
C．太阳能不会造成对空气的污染，因此属于清洁能源，C正确；
D．水分子形成H原子和O原子时要断裂H-O共价键，断裂化合价要吸收能量，D错误；
故合理选项是BC；
（2）A．电解水时要吸收能量，则生成物总能量高于反应物总能量，A符合题意；
B．生石灰与水反应是放热反应，发生反应放出热量，则生成物总能量低于反应物总能量，B不符合题意；
C．三氧化二铁粉末与铝粉在高温条件下发生反应生成铁单质和氧化铝，该反应发生会放出热量。发生反应放出热量，则生成物总能量低于反应物总能量，C不符合题意；
（3）N2与O2发生反应产生NO，反应方程式为：N2+O2=2NO，根据反应热等于断裂反应物化学键吸收的总能量与形成生成物化学键释放的总能量的差，则反应热△H=(945+498) kJ/ml-2×630 kJ/ml=+183 kJ/ml，故该反应的热化学方程式为：N2(g)+O2(g)=2NO(g)，△H=+183 kJ/ml，
（4）①C2H2(g)的摩尔燃烧焓是1 ml C2H2(g)完全燃烧产生CO2气体和液态H2O时放出的热量，则根据i．，可知C2H2(g)的摩尔燃烧焓是△H=-1300 kJ/ml；
②等质量的气态C6H6(l)含有的能量比C6H6(l)含有的能量多，当生成物的状态相同时放出的热量就会比C6H6(l)燃烧放出是热量多。则根据可知：2 mlC6H12(l)完全燃烧生成液态水时放出的热量小于；
③已知：i．；ⅱ．，根据盖斯定律，将(i×3-ⅱ)×，整理可得2C2H2(g)=C6H12(g) △H=-605 kJ/ml。
A．试管内有气泡产生，烧杯内有固体析出
B．反应开始后，针筒活塞向右移动
C．温度计的水银柱不断下降
D．U形管的液面左高右低
物质
键能
945
498
630