第三章　§3.4　函数中的构造问题-2025年新高考数学一轮复习（课件+讲义+练习）

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1、揣摩例题。课本上和老师讲解的例题，一般都具有一定的典型性和代表性。要认真研究，深刻理解，要透过“样板”，学会通过逻辑思维，灵活运用所学知识去分析问题和解决问题，特别是要学习分析问题的思路、解决问题的方法，并能总结出解题的规律。 2、精练习题。复习时不要搞“题海战术”，应在老师的指导下，选一些源于课本的变式题，或体现基本概念、基本方法的基本题，通过解题来提高思维能力和解题技巧，加深对所学知识的深入理解。在解题时，要独立思考，一题多思，一题多解，反复玩味，悟出道理。 3、加强审题的规范性。每每大考过后，总有同学抱怨没考好，纠其原因是考试时没有注意审题。审题决定了成功与否，不解决这个问题势必影响到高考的成败。那么怎么审题呢? 应找出题目中的已知条件 ;善于挖掘题目中的隐含条件 ;认真分析条件与目标的联系，确定解题思路 。 4、重视错题。“错误是最好的老师”，但更重要的是寻找错因，及时进行总结，三五个字，一两句话都行，言简意赅，切中要害，以利于吸取教训，力求相同的错误不犯第二次。
§3.4　函数中的构造问题
函数中的构造问题是高考考查的一个热点内容，经常以客观题出现，同构法构造函数也在解答题中出现，通过已知等式或不等式的结构特征，构造新函数，解决比较大小、解不等式、恒成立等问题.
题型一　利用f(x)与x构造函数
例1　(2023·信阳统考)已知f(x)是定义在R上的偶函数，当x>0时，xf′(x)－f(x)0的解集是A.(－2,0)∪(0,2)B.(－∞，－2)∪(2，＋∞)C.(－2,0)∪(2，＋∞)D.(－∞，－2)∪(0,2)
因为f(x)是定义在R上的偶函数，所以f(－x)＝f(x).
所以g(x)为奇函数，所以g(－2)＝－g(2).
因为f(－2)＝0，所以g(－2)＝g(2)＝0.
所以g(x)在(0，＋∞)上单调递减，
因为g(x)为奇函数，图象关于原点对称，
所以g(x)在(－∞，0)上单调递减，
(1)出现nf(x)＋xf′(x)形式，构造函数F(x)＝xnf(x).
跟踪训练1　(多选)(2023·郴州统考)已知函数f(x)是定义在R上的奇函数，当x>0时，xf′(x)＋2f(x)>0恒成立，则A.f(1)0，∴当x>0时，g′(x)＝2xf(x)＋x2f′(x)＝x[xf′(x)＋2f(x)]>0，∴g(x)＝x2f(x)在(0，＋∞)上单调递增.又f(x)为定义在R上的奇函数，y＝x2为定义在R上的偶函数，
∴g(x)＝x2f(x)为定义在R上的奇函数.∴g(x)是增函数.由g(2)>g(1)，可得4f(2)>f(1)，故A正确；由g(－1)>g(－2)，可得f(－1)>4f(－2)，故B错误；由g(4)>g(3)，可得16f(4)>9f(3)，故C错误；由g(－2)>g(－3)，可得4f(－2)>9f(－3)，故D正确.
题型二　利用f(x)与ex构造函数
例2　(2024·吉安模拟)已知定义在R上的函数f(x)满足f(x)2(e＋1)D.f(2 023)－ef(2 022)2(e－1)，故B正确.
(1)出现f′(x)＋nf(x)形式，构造函数F(x)＝enxf(x).
跟踪训练2　(2023·南昌模拟)已知定义在R上的函数f(x)满足f(x)＋f′(x)>0，且有f(3)＝3，则f(x)>3e3－x的解集为___________.
设F(x)＝f(x)·ex，则F′(x)＝f′(x)·ex＋f(x)·ex＝ex[f(x)＋f′(x)]>0，∴F(x)是增函数.又f(3)＝3，则F(3)＝f(3)·e3＝3e3.∵f(x)>3e3－x等价于f(x)·ex>3e3，即F(x)>F(3)，∴x>3，即所求不等式的解集为(3，＋∞).
题型三　利用f(x)与sin x，cs x构造函数
∵当x∈(0，π)时，f′(x)sin x－f(x)cs xx2＋2即为不等式g(x)>2，
由f(1)＝3，得g(1)＝2，所以g(x)>g(1)，所以|x|>1，解得x>1或xx2＋2的解集是(－∞，－1)∪(1，＋∞).
A.α3>β3 B.α＋β>0C.|α||β|
则f(－x)＝－xsin(－x)＝xsin x＝f(x)，则f(x)为偶函数，又f′(x)＝sin x＋xcs x，
又αsin α－βsin β>0，即f(α)>f( β)，所以|α|>|β|.
3.定义在R上的函数f(x)的导函数为f′(x)，若对任意实数x，有f(x)>f′(x)，且f(x)＋2 024为奇函数，则不等式f(x)＋2 024exf′(x)，所以g′(x)0，则下列结论正确的是A.f(2)－ln 2>f(1) 　　B.f(4)－f(2)>ln 2C.f(2)＋ln 2>f(e)＋1 　　D.f(e2)－f(e)>1
构造函数g(x)＝f(x)－ln x，x>0，
因为xf′(x)－1>0，所以g′(x)>0，故g(x)是增函数，由g(2)>g(1)得，f(2)－ln 2>f(1)－ln 1，即f(2)－ln 2>f(1)，故A正确；由g(4)>g(2)得，f(4)－ln 4>f(2)－ln 2，
即f(4)－f(2)>ln 4－ln 2＝ln 2，故B正确；由g(e)>g(2)得，f(e)－ln e>f(2)－ln 2，即f(e)＋ln 2>f(2)＋1，故C错误；由g(e2)>g(e)得，f(e2)－ln e2>f(e)－ln e，即f(e2)－2>f(e)－1，即f(e2)－f(e)>1，故D正确.
8.(2023·保定模拟)已知函数f(x)的定义域为(0，＋∞)，导函数为f′(x)，满足xf′(x)－f(x)＝(x－1)ex(e为自然对数的底数)，且f(1)＝0，则A.3f(2)>2f(3)B.f(1)0，则x>1，
故g(x)在(1，＋∞)上单调递增，
则3f(2)0，得x>1，令f′(x)＝ex－e