2024年山东省济宁市任城区中考一模物理试题（解析版）

这是一份2024年山东省济宁市任城区中考一模物理试题（解析版），共19页。试卷主要包含了本试卷分第I卷两部分， 如图所示是家庭电路的一部分等内容，欢迎下载使用。

注意事项：
1.本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。试卷满分60分，考试时间60分钟。
2.答卷前，考生务必用蓝色或黑色笔迹的钢笔、签字笔或圆珠笔将自己所在学校、班级、姓名、考号和座号等写在密封线内规定的位置，将自己的座号写在答题卷指定的位置。
3.除作图可用黑色铅笔外，一律用蓝色或黑色的钢笔、签字笔或圆珠笔答卷，答卷字迹要清楚。
第I卷（选择题 共20分）
一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意，每小题2分，共20分。）
1. “估测”是物理学中常用的一种方法，小明同学对与自己相关物理量的估测合理的是（ ）
A. 正常体温约38℃B. 每分钟脉搏跳动约75次
C. 受到的重力约55kgD. 站立时对地的压强约
【答案】B
【解析】
【详解】A．正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不符合题意；
B．正常情况下，人的脉搏跳动一次的时间接近1s，1min跳动的次数在75次左右。故B符合题意；
C．中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为
G=mg=50kg×10N/kg=500N
故C不符合题意；
D．中学生的体重在G=500N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.05m2左右，根据可知双脚对水平地面的压强在104Pa左右，故D不符合题意。
故选 B。
2. 从运动速度、运动方向以及力与运动的关系上分析，以下运动状态最适合与静止状态归为一类的是（ ）
A. 匀速直线运动B. 变速直线运动
C. 匀速曲线运动D. 变速曲线运动
【答案】A
【解析】
【详解】从运动速度、运动方向以及力与运动的关系上分析，静止的物体受力平衡，而受力平衡的物体除了静止，还有匀速直线运动，故最适合与静止状态归为一类的是匀速直线运动，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
3. “禁止燃放烟花爆竹”这一规定得到我市市民的一片叫好，它不仅保护了自然环境，也还给了市民一个清静的居住环境。禁止燃放烟花爆竹是（ ）
A. 从人耳处减弱噪声B. 从传播途径中减弱噪声
C. 从声源处减弱噪声D. 以上三种减弱噪声的方法都用了
【答案】C
【解析】
【详解】减弱噪声主要有三种途径，从人耳处、传播过程中、声源处减弱，禁止燃放烟花爆竹，直接从声源处减弱噪声
故选C。
4. 如图所示的四个实验中，能反映动圈式话筒工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】动圈式话筒的工作原理是电磁感应现象，A是导体在磁场中受力而运动，是电动机的工作原理，B是奥斯特实验，说明电流具有磁效应，C是电流通过灯泡使灯泡发光，D是探究电磁感应现象的实验装置。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
5. 下列运动现象涉及的物理知识正确的是（ ）
A. ①B. ②C. ③D. ④
【答案】C
【解析】
【详解】①惯性的大小只与物体的质量有关，质量不变，惯性就不会变，跳远时人的质量不变，惯性不变，故①错误；
②穿滑雪板滑雪，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故②错误；
③游泳时向后划水，给水一个向后的力，同时水给人一个向前的力，利用了力的作用是相互的，故③正确；
④体操运动员上单杠前手上擦些镁粉是为了增加接触面的粗糙程度，增大手与杠之间的摩擦力，故④错误。
故选C。
6. 唐诗是我国优秀的文学遗产之一，下列诗句中所包含的物态变化分析正确的是（ ）
A. “露从今夜白，月是故乡明”，露的形成是汽化现象
B. “蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明”，蜡烛“流泪”是液化现象
C. “鸡声茅店月，人迹板桥霜”，霜的形成是凝华现象
D. “晚来天欲雪，能饮一杯无”，雪的形成是升华现象
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．露是水蒸气液化形成的，故A错误；
B．蜡烛“流泪”是由固体变为液态，是熔化现象，故B错误；
C．霜是由水蒸气遇冷凝华形成的，故C正确；
D．雪的形成是一种凝华现象，故D错误。
故选C。
7. 下列有关太阳能的叙述中，错误的是（ ）
A. 太阳能来源于太阳内部的核裂变
B. 太阳能属于可再生能源
C. 地球上的水循环是由太阳能推动的
D. 煤、石油、天然气等化石燃料中的能量最终来自于太阳能
【答案】A
【解析】
【详解】A．太阳能来源于太阳内部的核聚变反应，故A错误，符合题意；
B．能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源，而太阳能属于可再生能源，故B正确，不符合题意；
C．地球上的水循环是由太阳能推动的，例如蒸发、水汽输送的能量都来自太阳辐射，故C正确，不符合题意；
D．煤、石油、天然气等化石燃料中的能量来自地质时期的太阳能，故D正确，不符合题意。
故选A。
8. 如图所示是家庭电路的一部分。闭合开关灯泡正常发光，当将电风扇的插头插入插座中时，灯泡突然熄灭，检查时发现保险丝熔断。故障原因可能是（ ）
A. 三孔插座短路B. 电风扇的插头短路
C. 灯泡短路D. 电风扇的电动机断路
【答案】B
【解析】
【详解】闭合开关时灯泡正常发光，再将电风扇的插头插入插座中时，灯泡突然熄灭，检查时发现保险丝熔断了，这说明电路中的电流过大；开始时电路正常工作，不可能三孔插座和灯泡短路，将电风扇的插头插入插座中时电流过大，所以故障是电风扇的插头短路；电风扇断路不会引起电路中电流过大，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
9. 如图所示，工人用500N的拉力，将900N的重物匀速提升3m，用时10s。则（ ）
A. 重物上升的速度为0.6m/sB. 动滑轮做的有用功为5400J
C. 工人拉力的功率为150WD. 动滑轮的机械效率为90%
【答案】D
【解析】
【详解】A．重物上升的速度为
故A不符合题意；
B．动滑轮做有用功为
W有=Gh=900N×3m=2700J
故B不符合题意；
C．由图可知n=2，工人做的总功为
W总=Fs=Fnh=500N×2×3m=3000J
工人拉力做功的功率为
故C不符合题意；
D．动滑轮的机械效率为

故D符合题意。
故选D。
10. 如图所示是检测河水流速变化的装置原理图，机翼状的探头始终浸没在流水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动。电源电压保持不变，电流表量程为，电压表量程为，定值电阻的阻值为，滑动变阻器的规格为“”。闭合开关S，随着水流速度的改变，下列分析正确的是（ ）
A. 电压表示数变大，表示水流速度增大
B. 电流表示数变小，表示水流速度增大
C. 滑动变阻器允许接入电路的阻值范围为
D. 电路安全工作时消耗总功率的变化范围为
【答案】D
【解析】
【详解】由图可知，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测变阻器R2的电压，电流表测电路的电流。
AB．流体的压强跟流速有关，流速越大的位置，压强越小；当水流速度增大时，机翼状的探头上下表面受到的压强不同，下表面受到的压强大于上表面受到的压强，R2的滑片上移，R2接入电路的阻值减小，总电阻减小，由可知，电流表示数变大，根据串联电路的分压特点可知，变阻器R2的电压减小，即电压表示数减小，故AB错误；
CD．当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，只有R1的简单电路，电路中的电流
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0~0.6A，所以，电路中的最大电流为I大=0.4A；电路的最大功率为
P大=UI大=4V×0.4A=1.6W
此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，最小阻值为0Ω；当电压表的示数最大为U2=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时R1的电压
U1=U-U2=4V-3V=1V
电路中最小的电流
滑动变阻器接入电路中最大阻值
滑动变阻器允许接入电路的取值范围为0Ω~30Ω，电路的最小功率为
P小=UI小=4V×0.1A=0.4W
所以，电路的总功率的变化范围为0.4W∼1.6W，故D正确，C错误。
故选D。
第II卷（非选择题 共40分）
二、填空题（每空1分，共12分。）
11. 小明在书房内就知道妈妈正在厨房炒鸡。小明闻到炒鸡的香味是因为分子___________；小明在书房内看不到炒锅中的鸡肉是因为光___________。
【答案】 ①. 在不停地做无规则运动 ②. 在同种均匀介质中是沿直线传播的
【解析】
【详解】[1]小明闻到炒鸡的香味属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动。
[2]小明在书房内看不到炒锅中的鸡肉，是由于房屋的墙壁等挡住了来自炒锅中的鸡肉的光线，光线进入不到眼睛，所以眼睛看不到炒锅中的鸡肉，这是因为光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
12. 如图所示的磁性黑板擦被吸在竖直黑板上，分析受力情况可知：黑板擦对黑板的压力与黑板擦受到黑板的支持力是一对___________；黑板擦受到的重力与黑板对黑板擦的摩擦力是一对___________。
【答案】 ①. 相互作用力 ②. 平衡力
【解析】
【详解】[1]黑板擦对黑板的压力与黑板擦受到黑板的支持力作用在两个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，是一对相互作用力。
[2]黑板擦受到的重力与黑板对黑板擦的摩擦力作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在一条直线上，是一对平衡力。
13. 小明使用煤气炉将4kg的水从20℃加热到100℃，在此过程中用掉0.1kg煤气，则完全燃烧这些煤气可放出的热量为___________，此煤气炉烧水时的效率为___________%。[，]
【答案】 ①.
②.
【解析】
【详解】[1]水吸收的热量
煤气完全燃烧放出的热量
[2]煤气灶的效率
14. 如图所示是10米跳台跳水运动员入水时的情景。在跳水运动员下落过程中，他的重力势能逐渐___________（选填“减小”“不变”“增大”）；若他的质量为50kg，某时刻在空中下落的速度为2m/s，则此时刻重力对他做功的功率是___________W。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 减小 ②. 1000
【解析】
【详解】[1]在下落过程中，运动员的质量不变，高度减小，由重力势能大小的影响因素可知，运动员的重力势能逐渐减小。
[2]运动员的重力
G=mg=50kg×10N/kg=500N
根据
可知此时刻重力对他做功的功率是
P=Gv=500N×2m/s=1000W
15. 如图（a）所示，用钢缆绳拉着某长方体A沿竖直方向匀速沉入江底，图（b）是A下降过程中钢缆绳对A的拉力F随时间t变化的图像。则长方体A浸没在水中后受到的浮力为______，长方体A的平均密度为______。（ρ水=1.0×103 kg/m3，g=10N/kg）
【答案】 ①. 2×104 N ②. 1.5×103 kg∕m3
【解析】
【详解】[1]由图得，长方体的重力为3×104N，长方体浸没在水中受到的拉力最小为1×104N，长方体A浸没在水中后受到的浮力为
[2]长方体A浸没在水中，排开水的体积等于A的体积，由得，A的体积为
A的平均密度为
16. 如图所示，电源电压不变，电阻，，。当开关闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为，则电源电压为___________V；调整开关可使电路的最大电功率达到___________W。
【答案】 ①. 6 ②. 3
【解析】
【详解】[1]当开关S1闭合，S2、S3断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，串联电路各处电流都相等，串联电路总电阻等于各分电阻之和，电源电压为
U=I(R1+R2)=0.2A×(20Ω+10Ω)=6V
[2]由可知电源电压不变，当电路中的总电阻最小时，总功率是最大的；由图可知，当开关S1、S2、S3都闭合时，R1和R3并联，根据并联电路的电阻关系可知，并联电路的总电阻小于任一分电阻，此时的总电阻是最小的，电功率是最大的，最大功率为
三、实验题（17题2分，18题2分，19题5分，20题4分，21题5分，共18分。）
17. 如图所示，重100N的均匀木棒在细绳拉力作用下保持静止。若细绳的拉力为动力、重力为阻力，请画出动力臂及阻力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】物体属于规则物体，重心在物体的几何中心，杠杆受到的阻力
F2=G=100N
方向竖直向下；拉力的方向沿A点竖直向上，反向延长画出拉力F1的作用线，过B点做拉力作用线的垂线段即为拉力的力臂l1，如图所示：
18. 请在下图中标出静止在磁场中的小磁针的N极和磁感线的方向。
【答案】
【解析】
【详解】由图可知通电螺线管左侧为S极，则右侧为N极，磁感线在磁铁外部从N极到S极，因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，则小磁针右侧为N极，如图所示：
19. 小明用压强计探究液体内部压强的影响因素。
（1）如图（a）所示，用手按压橡皮膜，U形管两侧液面出现高度差，是因为橡皮管内的气压___________（选填“大于”“小于”或“等于”）外界大气压。
（2）用U形管两侧液面的高度差来反映液体内部压强大小，这是一种重要的科学研究方法，以下实验中没有用到这种方法的是___________。
A. 探究电阻的大小与哪些因素有关
B. 探究电流与电压、电阻的关系
C. 探究电流产生的热量与哪些因素有关
（3）在实验中，保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是为了探究液体内部压强大小与___________是否有关。
（4）小明欲研究液体压强与液体密度是否有关，他用水和另一种液体进行了图（b）（c）所示的两次实验、小红没有观察U形管两侧液面的高度差，仅仅观察到橡皮膜所处的深度，就认为小明的操作不能得出液体压强与液体密度有关的初步结论。小红的理由是___________。但是小明坚持自己的做法，他进一步测出橡皮膜在水中的深度为10cm，在另一种液体中的深度为8cm，结合U形管两侧液面的高度差，小明求出另一种液体的密度为___________。（）
【答案】（1）大于 （2）B （3）方向
（4） ①. 没有控制深度不变 ②. 1.25×103
【解析】
【小问1详解】
在使用压强计前，发现U形管两侧液面有高度差，且U形管左侧液面低于右侧液面，说明压强计左侧胶管内的气压大于外界大气压。
【小问2详解】
A．探究电阻的大小与哪些因素有关，通过电流表示数或小灯亮度比较电阻大小，这是转换法，故A正确，不符合题意；
B．探究电流与电压、电阻的关系，用到的是控制变量法，故B错误，符合题意；
C．探究电流产生的热量与哪些因素有关，通过U形管左右两侧的液面高度差的大小表示热量多少，是转换法，故C正确，不符合题意。
故选B。
【小问3详解】
保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，U形管高度差不变，压强不变，说明液体内部朝各个方向都有压强，且同种液体，同一深度各个方向上的压强相等。
【小问4详解】
[1]图(b)(c)所示的两次实验，仅仅观察到橡皮膜所处的深度，没有控制探头所处的深度相同，故不能探究液体压强与液体密度的关系。
[2]由图可知U形管两侧液面的高度差相同，即说明压强相同，，即
解得
20. 小明利用如图所示的光具座“探究凸透镜成像规律”，他将观察和测量的部分结果记录在下表中：
（1）分析表中信息可得：凸透镜的焦距___________cm；当物距时，像距___________cm；当物距时，像的性质是___________；
（2）如图是航天员王亚平在太空授课制作水球时呈现的情景，此时，她在球中所成的像与上表中第___________次实验所成像的性质相同。
【答案】（1） ①. 15 ②. 60 ③. 正立、放大的虚像
（2）1
【解析】
【小问1详解】
[1]表中数据可知
u=v=30cm
成倒立、等大的实像，即
2f=30cm
故该凸透镜的焦距f=15cm。
[2]当物距u=20cm时，等于第1次实验的像距，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，第3次实验的像距应等于第1次实验的物距，即v=60cm。
[3]当物距u=10cm时，u【小问2详解】
如图所示是航天员王亚平在太空授课制作水球时呈现的情景，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，即她在球中所成的像与上表中第1次实验所成像的性质相同。
21. 小明用“伏安法”测量未知电阻R的阻值。
（1）根据图（a）的电路图，用笔画线代替导线，将图（b）的实物图补充完整。要求滑动变阻器滑片向右滑动时它的电阻增大；
（2）连接电路后，闭合开关，电流表和电压表都有较小示数，无论怎样移动滑片，灯泡都不发光，两表示数均无变化，其原因可能是___________；
A. 电阻R短路B. 电阻R开路
C. 滑动变阻器短路或开路D. 滑动变阻器连接错误
（3）排除故障后，小明移动滑动变阻器的滑片测出多组电压和电流值，并计入表格。当他将滑片移到滑动变阻器一端时，电压表指针刚好指向15V刻度线，电流表的示数如图所示，据此可算出电阻___________；
（4）小明根据表中记录的电压和电流值，算出对应的电阻值，并求出电阻的平均值，他求电阻平均值的目的是___________；
（5）同组的小红用一个已知阻值的定值电阻和一个单刀双掷开关，设计了如图所示的电路图测量电阻的阻值。闭合开关S后，当接近触头1时，电压表示数为，当接通触头2时，电压表示数为，则被测电阻___________（用、、表示）。
【答案】（1） （2）D
（3）10 （4）减小误差
（5）
【解析】
【小问1详解】
由题意可知，电源为两节干电池，即3V，故电压表选用小量程并联在定值电阻两端；滑动变阻器滑片向右滑动时它的电阻增大，所以滑动变阻器选用左下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
【小问2详解】
连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有较小示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不发光，两电表示数均无变化，则变阻器不能起到变阻的作用，可能是将变阻器下面两个接线柱连入了电路中，故选D。
【小问3详解】
当他将滑片移到滑动变阻器一端时，电压表指针刚好指向15V刻度线，电压表选用小量程，则其示数为3V；如图2所示，电流表量程为小量程，分度值0.02A，电流表的示数为0.3A；根据欧姆定律得，电阻
【小问4详解】
该实验为了减小误差，需要多次测量求平均值。
【小问5详解】
闭合开关S后，当S0接通触头1时，电压表测定值电阻R0和待测定值电阻Rx两端的总电压，即定值电阻R0和待测定值电阻Rx两端的总电压为U1；当S0接通触头2时，电压表测定值电阻R0两端的电压，即定值电阻R0两端的电压为U2，此时电路中的电流
由于电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，由串联电路的电压规律可知，待测定值电阻两端的电压为
Ux=U1-U2
待测定值电阻Rx的阻值
四、计算题（22题4分，23近6分，共10分。）
22. 冰壶由密度为的花岗岩凿磨而成，它的体积为，与冰面的接触面积为。如图所示，掷壶运动员用21N的水平推力（没有施加竖直方向的力）推着冰壶由静止开始前进4m后松手，冰壶又向前自由滑行26m后停在营垒中心。整个过程没有其他运动员擦冰，掷壶运动员所做的功最终通过摩擦全部转化为内能。
求：
（1）冰壶对冰面的压强；
（2）冰壶在冰面上滑动时受到的摩擦力。
【答案】（1）1×104Pa
（2）2.8N
【解析】
小问1详解】
冰壶的质量
m壶=ρ壶V壶=2.5×103kg/m3×8×10-3m3=20kg
冰壶在水平面上时，根据二力平衡可知，对冰面压力等于冰壶的重力，即
F=G壶=m壶g=20kg×10N/kg=200N
冰壶与冰面的接触面积为S=0.02m2，所以冰壶对冰面的压强
【小问2详解】
已知掷壶运动员对冰壶的水平推力F推=21N，推着冰壶由静止开始前进的距离s=4m，则运动员对冰壶所做的功
W=F推s=21N×4m=84J
因为掷壶运动员所做的功最终通过摩擦全部转化为内能，所以
Wf=Q=W=84J
冰壶在冰面上运动的距离
s壶=4m+26m=30m
所以冰壶在冰面上滑动时受到的摩擦力
23. 在如图（a）所示的电路中，电压表量程为，电流表量程为，定值电阻，灯泡上标有“”的字样。只闭合开关，将滑动变阻器的滑片从一端滑动到另一端，根据电流表示数和电压表示数绘制出对应的图像如图（b）所示，滑片来回移动过程中，电路原件无损坏，滑片滑至某一端点时，灯泡恰好正常发光。求：
（1）滑片移动过程中，小灯泡电阻的变化范围；
（2）闭合所有开关，逐渐将滑动变阻器的滑片从最右端向左滑动，在保证电路安全的前提下，整个电路消耗的最大电功率；
（3）当电路功率最大时，滑动变阻器连入电路的电阻。
【答案】（1）5Ω~10Ω
（2）3W （3）10Ω
【解析】
【小问1详解】
只闭合开关S1，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，灯泡L上标有“5V，2.5W”的字样，灯泡正常发光时通过灯泡的电流
灯泡正常发光时通过电路的电流最大，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，则电源电压等于灯泡的额定电压5V，此时灯泡的电阻
滑动变阻器接入电路最大电阻时，通过电路的电流最小，由图可知通过电路的最小电流为0.2A，此时滑动变阻器两端的电压为4V，根据串联电路电压规律可知灯泡两端电压
UL′=U-U1=5V-4V=1V
根据欧姆定律可得灯泡的电阻
滑片移动过程中，小灯泡电阻RL的变化范围为5Ω~10Ω。
【小问2详解】
闭合所有开关，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，电流表示数最大为0.6A，电路的最大功率
P=UI=5V×0.6A=3W
【小问3详解】
闭合所有开关，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，电流表示数最大为0.6A，并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可知通过定值电阻的电流
并联电路干路电流等于各支路电流之和，通过滑动变阻器的电流
I1=I-I0=0.6A-0.1A=0.5A
滑动变阻器接入电路的阻值
序号
现象
物理知识
①
跳远时助跑
增大惯性
②
穿滑雪板滑雪
增大压强
③
向前游泳时向后划水
力的作用是相互的
④
上单杠前往手上擦“镁粉”
减小摩擦力
实验次数
物距u/cm
像距v/cm
像的性质
1
60
20
2
30
30
倒立、等大、实像
3
20
倒立、放大、实像
4
10