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2024年高考化学真题完全解读（浙江1月卷）
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2024年高考真题完全解读(浙江1月卷)适用省份浙江省2024年1月浙江省化学选考试卷以《普通高中化学课程标准(2017 年版 2020 年修订)》为依据，重点考查化学学科的必备知识、关键能力、学科素养和核心价值，着重落实高考评价的基础性、综合性、应用性和创新性要求。试题充分考虑考生实际，教考衔接，服务“双减”、促进学生素养提升。坚持素养立意和育人导向，坚守科学、原创、公平和规范，落实“立德树人”根本任务。与历次选考对比，稳定中有变化，变化中有创新，在试卷结构、形式、难度、知识点的覆盖面等方面保持稳定的基础上，试卷保持浙江省化学选考试卷的命题风格，进一步优化试卷结构布局，稳中有进。重点考查化学学科的必备知识、关键能力、学科素养和核心价值，着重落实高考评价的基础性、综合性、应用性和创新性要求。试题联系教育教学实际，引导课堂教学，服务高校选拔，体现“双新”改革要求，落实“立德树人”根本任务。既满足高校选拔人才的需要，又对高中化学教育教学起到正向引导作用。一、稳中有变，促进教考衔接试卷整体结构、题型、考查内容基本保持不变，有利于学生稳定发挥，例如，第15题考查电解质溶液中的平衡，第16题考查实验方案的设计与评价，第21题考查有机物的推断与合成。在此基础上，部分试题在考查内容、考查角度、呈现方式等方面有适度变化。例如，第18题由题给信息分析解决问题，基于教材又高于教材；第20题物质熟悉、情境陌生，在情境中蕴含着实验原理，解题过程有效测评学生解决实际问题的能力。试题稳中有变的设计，有利于“以考促教”“以考促学”，促进教考衔接，落实立德树人的根本任务。二、立足基础，重视必备知识试题紧扣教材和课标，立足基础内容和必备知识，试题全面覆盖了高中化学核心知识，全面考查化学学科核心概念、基本原理、基本方法和基本技能。突出了化学学科特点和基本研究方法、基本概念和反应原理、物质结构与性质、常见无机物及其应用、常见有机物及其应用、化学实验基础知识等核心主干知识的考查，既发挥基础内容在培养关键能力、发展学科核心素养的地位和作用，又有利于引导师生在平时教学中重视并落实基础，体现测试的基础性要求。例如，选择题第1～10题，分别考查了物质的分类、物质的性质、化学基本用语、氧化还原反应、离子反应、物质的分离与提纯、常见有机物的性质等必备知识。非选择题的每个大题均设计有考查基础知识的问题，例如，第19题考查盖斯定律，第20题考查仪器名称，第21题考查官能团名称等。对必备知识的考查，发挥了基础内容在培养学生关键能力、学科素养中的地位和作用，有利于引导一线教学重视基础。三、强化综合，聚焦关键能力关键能力指在学生掌握基础知识和基本技能的过程中，培养支撑学生终身发展、适应时代要求的能力。基于素养导向，承接学科核心素养和学业质量各级水平要求，重视分层选拔功能，考查学生信息获取、思维认知和实践操作能力。试题强调关键能力的考查，将化学学科情境素材选择与学科核心素养测评目标相匹配，科学调控情境的熟悉程度与每小题问题任务之间的连贯性，每个大题入题容易，但全面深入较难，让不同的学生在考试中均能有较好地表现。试题在考试内容、情境选择、关键能力等方面强化综合性。在考试内容方面，第15题体现了反应原理模块内知识的融合，第13、14、17、18题强化了不同模块间内容的整合。在情境选择方面，第19题以CO2制备HCOOH为情境载体，在电化学、热化学、优化的热化学三种制备方法的复杂情境下，结合图表、数据，运用化学反应原理进行定性定量分析，测评学生真实学业水平。在关键能力方面，第20题创设学生陌生的真实实验情境，考查学生触类旁通、举一反三的能力。以上各方面的综合，旨在打通知识、能力、素养之间的通道，测评学生综合运用知识解决问题的能力水平。四、涵育素养，凸显学科价值试题选材围绕材料、生命、环境、能源和信息等与化学关系密切的领域，充分体现出化学学科推动科技发展和人类社会进步的重要作用，凸显化学学科的社会价值。试题精选真实情境为测试载体，实现对“宏观辨识与微观探析”“变化观念与平衡思想”“证据推理与模型认知”等化学学科核心素养的考查。通过考试引导教学，培养学生的科学精神，强化社会责任担当，落实立德树人根本任务。试题注重真实情境的创设，引导学生探究身边和社会的化学现象和问题。践行从知识立意-能力立意-素养立意的命题导向，在问题情境、思维方式、实践活动和价值观念等多个维度开展了积极探索，突出必备知识和关键能力的考核，指向学科核心素养的培育。试题选取真实情境为测试载体，问题指向考查学习掌握能力、学科思维能力和实践创新能力，通过对生产生活实践中化学原理的考查，充分体现出化学学科推动科技发展和人类社会进步的重要作用，彰显化学学科价值。情境素材选自环境、信息、能源、材料、生命等与化学密切相关的领域。例如，第7题材料的组成、结构与性质的关联，第11题隐形眼镜功能高分子材料，第19题“碳达峰·碳中和”，第20题合成光电材料原料的制备，第21题镇静药物氯硝西泮的合成等情境素材选自材料、健康、环境、生命等与化学密切相关的领域。这些情境素材的使用，有利于学生体会化学学科的社会应用价值，树立正确的科学观念，体现试题的应用性和创新性要求。五、源于教材，服务选才功能试题设计立足课程标准，紧扣化学教材，考试内容限定在《化学》(第一册和第二册)必修模块范围，以及《化学反应原理》《物质结构与性质》《有机化学基础》3个选择性必修模块范围。许多试题的素材取自教材，使学生感觉试题亲切又友好，如第1题至第11题、第12题、第17(1)(2)题，重点考查化学基本概念、化学用语、化学仪器与基本操作、常见无机物和有机物的性质及应用、物质结构和性质等，试题注重必备知识的考查，体现基础性；部分试题的素材看似远离学生生活、新鲜，但题在书外、理在书内。如第13题对考生来说是比较新颖，但其涉及的是考生耳熟能详的原电池原理；第17题至第21题的素材貌似远离教材，但仍然可运用高中的物质结构、化学反应原理、元素及其化合物性质、化学实验、有机化学，设问指向明确，要求学生能结合信息解读，进行全面准确的表达，考查考生对基本概念的认知与深度理解。整卷试题承载学科核心素养功能的考查，即学生在面对不确定的真实情境中，能从试题提供的信息中合理运用化学学科的认识角度和思路分析解决问题，考查学生适应未来学习的关键能力和必备品格。试题呈现形式丰富，涉及图13幅，表2张，这些都可以让学生置身于一个相对陌生的环境，很好地测评学生是基于题给信息的理解还是基于平时学习的简单记忆，体现试题的综合性及适度的创新性要求，以小见大的考查方式，更能甄别学生的必备知识和关键能力。惟创新者进，惟创新者胜。新课标下素养导向的考试命题，唯有不断改革创新，勇毅前行，才能不负教育使命和担当。1.延续以往的题型和难度，主要包括选择题、填空题、实验题和计算题等。在这些题型中，选择题和填空题的分值较高，约占总成绩的60%；实验题和计算题则分别占据20%和20%。2.保持试卷结构稳定，问题设计与呈现方式适度创新，考点分布有调整，做到稳中求新、稳中有变。如第3、8、12、17、18、20、21题考查形式不变；第4、5、7、11、13、16、19题考查形式有所创新，第5题考查“离子共存”，第13题考查原电池和第19(1)题考查电解池，第16题从实验目的、设计方案、现象和结论4个角度考查经典化学实验，推陈出新。高考从“考知识”向“考能力素养”转变，但能力是建立在基础知识之上的，所以复习课堂仍以掌握知识为主，然后以微专题形式来突破化学上的难点。将知识系统化、结构化、网络化。一、明确考纲，把握方向 首先要依据《中国高考评价体系》，深刻领会“一核四层四翼”的内涵，进一步明确高考化学“为什么考”、“考什么”、“怎么考”；其次依据《普通高中课程标准》(2017版2020年修订)，深刻理解化学学科核心素养的内涵，明确学业质量标准的具体要求。备考复习中不能好高骛远，以打牢必备知识为根本，能力培养为关键，素养培育为核心，价值引领为导向，不可一味求新、求变，不能一味加大难度、无限制拔高，应当根据学情，精心选择和设计内容，把学生最需要的给他，让他在现有水平上有所提高。二、回归教材，强化能力近几年高考化学试题，源于教材 ，又不拘泥于教材，给我们的启示是加强基础知识复习是高考复习中的重中之重，同时在复习过程中不断地培养学生的各种能力。例如，语言表达能力和信息处理能力，能够恰当的使用化学语言表达自己的思想和观点，同时对于题给的信息能准确把握，并善于挖掘出其隐含条件，领会命题者意图。三、重视热点，注重方法高考试题涵盖了中学化学的许多主干知识，题目比较灵活，在学习过程中，我们要注意掌握解题方法，寻找解题规律，而不是利用“笨”办法去解决。从近几年化学试题不难看出，所考查的内容突出化学热点知识，但不追求面面俱到。因而，我们在进行高考复习时，应将精力放在重点和热点知识上，注意把握规律和特例，总结解题方法。例如，我让学生在有机推断题中分析结构简式时，将反应前后的反应物和生成物结构进行比较，观察反应前后的结构式变化，并分析断键或成键的位置，从而顺利确定结构简式，所以解决有机推断题的方法是：前后比较看变化，照猫画虎写产物。四、联系社会，学以致用从近几年的化学试题不难看出，题目尽可能联系生产生活实际和科技发展的成果，重视化学与社会生活的联系，善于挖掘背后的化学问题。所以，在高考复习中我们应该善于捕捉与生活实际联系的化学问题，从多角度关注社会，从中培养分析问题和解决问题的能力，将所学知识应用于实际中，学以致用。 一、选择题(本大题共16小题，每小题3分，共48分。每小题列出的四个备选项中只有一项是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．下列物质不属于电解质的是A． B． C． D．2．工业上将Cl2通入冷的溶液中制得漂白液，下列说法不正确的是A．漂白液的有效成分是 B． ClO-水解生成使漂白液呈酸性C．通入CO2后的漂白液消毒能力增强 D．溶液比溶液稳定3．下列表示不正确的是A．中子数为10的氧原子：B．的价层电子对互斥(VSEPR)模型：C．用电子式表示的形成过程：D．的名称：2-甲基-4-乙基戊烷4．汽车尾气中的和在催化剂作用下发生反应：，下列说法不正确的是(为阿伏加德罗常数的值)A．生成转移电子的数目为 B．催化剂降低与反应的活化能C．是氧化剂，是还原剂 D．既是氧化产物又是还原产物5．在溶液中能大量共存的离子组是A． B．C． D．6．为回收利用含的废液，某化学兴趣小组设计方案如下所示，下列说法不正确的是A．步骤I中，加入足量溶液充分反应后，上下两层均为无色B．步骤I中，分液时从分液漏斗下口放出溶液AC．试剂X可用硫酸D．粗可用升华法进一步提纯7．根据材料的组成和结构变化可推测其性能变化，下列推测不合理的是A．A B．B C．C D．D8．下列实验装置使用不正确的是A．图①装置用于二氧化锰和浓盐酸反应制氯气B．图②装置用于标准酸溶液滴定未知碱溶液C．图③装置用于测定中和反应的反应热D．图④装置用于制备乙酸乙酯9．关于有机物检测，下列说法正确的是A．用浓溴水可鉴别溴乙烷、乙醛和苯酚B．用红外光谱可确定有机物的元素组成C．质谱法测得某有机物的相对分子质量为72，可推断其分子式为D．麦芽糖与稀硫酸共热后加溶液调至碱性，再加入新制氢氧化铜并加热，可判断麦芽糖是否水解10．下列化学反应与方程式不相符的是A．黑火药爆炸：B．四氯化钛水解：C．硫化钠溶液在空气中氧化变质：D．硬脂酸甘油酯在溶液中皂化：＋3NaOH＋3C17H35COONa11．制造隐形眼镜的功能高分子材料Q的合成路线如下：下列说法不正确的是A．试剂a为乙醇溶液 B．Y易溶于水C．Z的结构简式可能为 D．M分子中有3种官能团12．X、Y、Z、M和Q五种主族元素，原子序数依次增大，X原子半径最小，短周期中M电负性最小，Z与Y、Q相邻，基态Z原子的s能级与p能级的电子数相等，下列说法不正确的是A．沸点：B．M与Q可形成化合物、C．化学键中离子键成分的百分数：D．与离子空间结构均为三角锥形13．破损的镀锌铁皮在氨水中发生电化学腐蚀，生成和，下列说法不正确的是A．氨水浓度越大，腐蚀趋势越大B．随着腐蚀的进行，溶液变大C．铁电极上的电极反应式为：D．每生成标准状况下，消耗14．酯在溶液中发生水解反应，历程如下：已知：①②水解相对速率与取代基R的关系如下表：下列说法不正确的是A．步骤I是与酯中作用B．步骤III使I和Ⅱ平衡正向移动，使酯在溶液中发生的水解反应不可逆C．酯的水解速率：D．与反应、与反应，两者所得醇和羧酸盐均不同15．常温下、将等体积、浓度均为溶液与新制溶液混合，出现白色浑浊；再滴加过量的溶液，振荡，出现白色沉淀。已知：下列说法不正确的是A．溶液中存在B．将溶液稀释到，几乎不变C．溶液与溶液混合后出现的白色浑浊不含有D．存在反应是出现白色沉淀的主要原因16．根据实验目的设计方案并进行实验，观察到相关现象，其中方案设计或结论不正确的是A．A B．B C．C D．D二、非选择题(本大题共5小题，共52分)17．氮和氧是构建化合物的常见元素。已知：请回答：(1)某化合物的晶胞如图，其化学式是 ，晶体类型是 。(2)下列说法正确的是_______。A．电负性： B．离子半径：C．第一电离能： D．基态2+的简化电子排布式：(3)①，其中的N原子杂化方式为 ；比较键角中的 中的(填“>”、“<”或“=”)，请说明理由 。②将与按物质的量之比1:2发生化合反应生成A，测得A由2种微粒构成，其中之一是。比较氧化性强弱： (填“>”、“<”或“=”)；写出A中阴离子的结构式 。18．固态化合物Y的组成为，以Y为原料实现如下转化。已知：与溶液A中金属离子均不能形成配合物。请回答：(1)依据步骤Ⅲ，、和中溶解度最大的是 。写出溶液C中的所有阴离子 。步骤Ⅱ中，加入的作用是 。(2)下列说法正确的是_______。A．气体D是形成酸雨的主要成分 B．固体E可能含有C．可溶于溶液 D．碱性：(3)酸性条件下，固体(微溶于水，其还原产物为无色的)可氧化为，根据该反应原理，设计实验验证Y中含有元素 ；写出转化为的离子方程式 。19．通过电化学、热化学等方法，将转化为等化学品，是实现“双碳”目标的途径之一。请回答：(1)某研究小组采用电化学方法将转化为，装置如图。电极B上的电极反应式是 。(2)该研究小组改用热化学方法，相关热化学方程式如下：：Ⅱ：Ⅲ：① 。②反应Ⅲ在恒温、恒容的密闭容器中进行，和的投料浓度均为，平衡常数，则的平衡转化率为 。③用氨水吸收，得到氨水和甲酸铵的混合溶液，时该混合溶液的 。[已知：时，电离常数、](3)为提高效率，该研究小组参考文献优化热化学方法，在如图密闭装置中充分搅拌催化剂M的(有机溶剂)溶液，和在溶液中反应制备，反应过程中保持和的压强不变，总反应的反应速率为v，反应机理如下列三个基元反应，各反应的活化能(不考虑催化剂活性降低或丧失)。Ⅳ： V： VI： ①催化剂M足量条件下，下列说法正确的是 。A．v与的压强无关 B．v与溶液中溶解的浓度无关C．温度升高，v不一定增大 D．在溶液中加入，可提高转化率②实验测得：，下，v随催化剂M浓度c变化如图。时，v随c增大而增大：时，v不再显著增大。请解释原因 。20．可用于合成光电材料。某兴趣小组用与反应制备液态，实验装置如图，反应方程式为：。已知：①的沸点是，有毒：②装置A内产生的气体中含有酸性气体杂质。请回答：(1)仪器X的名称是 。(2)完善虚框内的装置排序：A→B→ →F+G(3)下列干燥剂，可用于装置C中的是_______。A．氢氧化钾 B．五氧化二磷 C．氯化钙 D．碱石灰(4)装置G中汞的两个作用是：①平衡气压：② 。(5)下列说法正确的是_______。A．该实验操作须在通风橱中进行B．装置D的主要作用是预冷却C．加入的固体，可使溶液保持饱和，有利于平稳持续产生D．该实验产生的尾气可用硝酸吸收(6)取产品，与足量溶液充分反应后，将生成的置于已恒重、质量为的坩埚中，煅烧生成，恒重后总质量为。产品的纯度为 。21．某研究小组通过下列路线合成镇静药物氯硝西泮。已知：请回答：(1)化合物E的含氧官能团的名称是 。(2)化合物C的结构简式是 。(3)下列说法不正确的是_______。A．化合物A→D的过程中，采用了保护氨基的方法B．化合物A的碱性比化合物D弱C．化合物B在氢氧化钠溶液加热的条件下可转化为化合物AD．化合物G→氯硝西泮的反应类型为取代反应(4)写出F→G的化学方程式 。(5)聚乳酸()是一种可降解高分子，可通过化合物X()开环聚合得到，设计以乙炔为原料合成X的路线 (用流程图表示，无机试剂任选)。(6)写出同时符合下列条件的化合物B的同分异构体的结构简式 。①分子中含有二取代的苯环。②谱和谱检测表明：分子中共有4种不同化学环境的氢原子，无碳氧单键。 题号分值难度考查方向详细知识点选择题13易物质的分类非电解质、电解质物质类别判断；物质水溶液的导电性23中元素及其化合物次氯酸及其性质；次氯酸盐；氯气的化学性质33中化学用语结构式、结构简式、比例模型、球棍模型、最简式；烷烃系统命名法；价层电子对互斥理论的应用；利用杂化轨道理论判断分子的空间构型43中氧化还原反应氧化还原反应的概念判断；催化剂对化学反应速率的影响；电子转移计算53中离子共存无附加条件的离子共存；盐类双水解反应63中物质分离与提纯物质分离、提纯综合应用；萃取和分液；海带中碘的提取及检验73中结构与性质变化淀粉和纤维素；人工合成有机化合物的应用；化学科学对人类文明发展的意义；金属与合金性能比较83中化学实验基础氯气的实验室制法；中和热的测定与误差分析；酸碱中和滴定实验基本操作及步骤；乙酸乙酯制备实验的装置及操作93中有机化学检测红外光谱；苯酚与溴水的反应；糖类性质实验探究；有机物的检验103中化学反应与方程式盐类水解规律理解及应用；油脂在碱性条件下水解113中有机化学基础有机官能团的性质及结构；常见官能团名称、组成及结构；有机推断综合考查123中元素推断电子排布式；利用杂化轨道理论判断分子的空间构型133中电化学原电池电极反应式书写；金属的化学腐蚀与电化学腐蚀；原电池有关计算143难反应机理酯的化学性质；酯的水解；油脂在碱性条件下水解；元素性质与电负性的关系153较难离子平衡氧化还原反应的应用；盐溶液中离子浓度大小的比较；电离平衡常数和电离度163中简单实验设计与评价硝酸的强氧化性；温度对化学反应速率的影响；盐溶液的酸碱性及原因；实验方案评价选择题1710难物质结构与性质微粒半径大小的比较方法；电离能的概念及变化规律；价层电子对互斥理论的应用1810中无机物及其应用氧化还原反应方程式的书写与配平；溶度积常数与溶解度的关系；物质分离、提纯综合应用；常见无机物的制备1910难化学反应原理综合应用盖斯定律与热化学方程式；外因对化学反应速率影响的综合分析；化学平衡常数的计算；酸碱混合时的定性判断及计算2010中综合实验设计与评价常见无机物的制备；探究物质组成或测量物质的含量；2112中有机合成与推断根据要求书写同分异构体；有机物的推断；根据题给物质选择合适合成路线；有机化学基础知识综合考查材料组成和结构变化性能变化A生铁减少含碳量延展性增强B晶体硅用碳原子取代部分硅原子导电性增强C纤维素接入带有强亲水基团的支链吸水能力提高D顺丁橡胶硫化使其结构由线型转变为网状强度提高取代基R水解相对速率12907200实验目的方案设计现象结论A探究和浓反应后溶液呈绿色的原因将通入下列溶液至饱和：①浓②和HNO3，混合溶液①无色变黄色②蓝色变绿色和浓反应后溶液呈绿色的主要原因是溶有B比较与结合的能力向等物质的量浓度的和混合溶液中滴加几滴溶液，振荡溶液颜色无明显变化结合的能力：C比较与的酸性分别测定等物质的量浓度的与溶液的前者小酸性：D探究温度对反应速率的影响等体积、等物质的量浓度的与溶液在不同温度下反应温度高的溶液中先出现浑浊温度升高，该反应速率加快参考答案：1．A【详解】A． CO2在水溶液中能导电，是生成的碳酸电离，不是自身电离，不属于电解质，A符合题意；B．HCl溶于水电离出离子导电，属于电解质，B不符合题意；C．NaOH在水溶液和熔融状态均能电离离子而导电，属于电解质，C不符合题意；D．BaSO4在熔融状态能电离离子而导电，属于电解质，D不符合题意；故选A。【点睛】2．B【详解】A．漂白液的主要成分是次氯酸钠(NaClO)和氯化钠(NaCl)，有效成分是次氯酸钠，A正确；B．ClO-水解生成HClO，水解方程式为ClO-+H2O HClO+OH-，使漂白液呈碱性，B错误；C．通入CO2后，发生反应NaClO+CO2+H2O=NaHCO3+HClO，漂白液消毒能力增强，C正确；D．次氯酸不稳定，次氯酸盐稳定，所以热稳定性NaClO＞HClO，D正确；答案选B。【点睛】3．D【详解】A．质子数为8，质量数为18，根据质量数=质子数+中子数，可算得中子数为10，A说法正确；B．中心原子S价层电子对数：，其价层电子对互斥(VSEPR)模型为平面三角形，B说法正确；C．为离子化合物，其电子式表示形成过程：，C说法正确；D．有机物主链上有6个碳原子，第2、4号碳原子上连有甲基，命名为：2，4-二甲基己烷，D说法错误；答案选D。【点睛】4．D【分析】NO中N的化合价为+2价，降低为0价的N2，1个NO得2个电子，作氧化剂，发生还原反应，CO中C为+2价，化合价升高为+4价的CO2，失去2个电子，作还原剂发生氧化反应；【详解】A．根据分析，1molCO2转移2NA的电子，A正确；B．催化剂通过降低活化能，提高反应速率，B正确；C．根据分析，NO是氧化剂，CO是还原剂，C正确；D．根据分析，N2为还原产物，CO2为氧化产物，D错误；故选D。5．D【详解】A．三种离子会反生氧化还原反应而不能大量共存，故A不符合题意；B．会生成离子而不能大量共存，故B不符合题意；C．会生成沉淀而不能大量共存，故C不符合题意；D．虽然不同程度水解，但水解是微弱的，能大量共存，故D符合题意；答案D。6．B【分析】由题给流程可知，向碘的四氯化碳溶液中加入碳酸钠溶液，碳酸钠溶液与碘反应得到含有碘化钠和碘酸钠的混合溶液，分液得到四氯化碳和溶液A；向溶液A中加入硫酸溶液，碘化钠和碘酸钠在硫酸溶液中发生归中反应生成硫酸钠和碘。【详解】A．由分析可知，步骤I中，加入足量碳酸钠溶液发生的反应为碳酸钠溶液与碘反应得到含有碘化钠和碘酸钠的混合溶液，则充分反应后，上下两层均为无色，上层为含有碘化钠和碘酸钠的混合溶液，下层为四氯化碳，故A正确；B．四氯化碳的密度大于水，加入足量碳酸钠溶液充分反应后，上下两层均为无色，上层为含有碘化钠和碘酸钠的混合溶液，下层为四氯化碳，则分液时应从分液漏斗上口倒出溶液A，故B错误；C．由分析可知，向溶液A中加入硫酸溶液的目的是使碘化钠和碘酸钠在硫酸溶液中发生归中反应生成硫酸钠和碘，则试剂X可用硫酸，故C正确；D．碘受热会发生升华，所以实验制得的粗碘可用升华法进一步提纯，故D正确；故选B。7．B【详解】A．较低的碳含量赋予材料更好的延展性和可塑性，A正确；B．晶体硅和金刚石、碳化硅均为共价晶体，且硅为半导体材料，金刚石态的碳不具有导电性，故碳的导电性比硅差，导电能力会下降，B错误；C．淀粉、纤维素的主链上再接上带有强亲水基团的支链(如丙烯酸钠)，在交联剂作用下形成网状结构可以提高吸水能力，C正确；D．在橡胶中加入硫化剂和促进剂等交联助剂，在一定的温度、压力条件下，使线型大分子转变为三维网状结构，网状结构相对线性结构具有更大的强度，D正确；故选B。8．A【详解】A．图①装置没有加热装置，不适用于二氧化锰和浓盐酸反应制氯气，A错误；B．利用酸式滴定管中装有的标准酸溶液滴定未知碱溶液，装置和操作正确，B正确；C．图③装置用于测定中和反应的反应热，温度计测温度、玻璃搅拌器起搅拌作用，装置密封、隔热保温效果好，C正确；D．图④装置用于制备乙酸乙酯，导管末端不伸入液面下，利用饱和碳酸钠收集乙酸乙酯，D正确；故选A。9．A【详解】A．溴乙烷可萃取浓溴水中的溴，出现分层，下层为有色层，溴水具有强氧化性、乙醛具有强还原性，乙醛能还原溴水，溶液褪色，苯酚和浓溴水发生取代反应产生三溴苯酚白色沉淀，故浓溴水可鉴别溴乙烷、乙醛和苯酚，A正确；B．红外吸收峰的位置与强度反映了分子结构的特点，红外光谱可确定有机物的基团、官能团等，元素分析仪可以检测样品中所含有的元素，B错误；C． 质谱法测得某有机物的相对分子质量为72，不可据此推断其分子式为，相对分子质量为72的还可以是、等， C错误；D． 麦芽糖及其水解产物均具有还原性，均能和新制氢氧化铜在加热反应生成砖红色沉淀Cu2O，若按方案进行该实验，不管麦芽糖是否水解，均可生成砖红色沉淀，故不能判断麦芽糖是否水解，D错误；故选A。10．C【详解】A．黑火药爆炸：，A正确；B．四氯化钛水解：，B正确；C．硫化钠强碱弱酸盐，溶液呈碱性，在空气中氧化变质：，C错误；D．硬脂酸甘油酯在溶液中皂化：＋3NaOH＋3C17H35COONa，D正确；故选C。11．A【分析】X可与溴的四氯化碳溶液反应生成C2H4Br2，可知X为乙烯；C2H4Br2发生水解反应生成HOCH2CH2OH，在浓硫酸加热条件下与Z发生反应生成单体M，结合Q可反推知单体M为；则Z为；【详解】A． 根据分析可知，1,2-二溴乙烷发生水解反应，反应所需试剂为水溶液，A错误；B．根据分析可知，Y为HOCH2CH2OH，含羟基，可与水分子间形成氢键，增大在水中溶解度，B正确；C．根据分析可知Z的结构简式可能为，C正确；D．M结构简式：，含碳碳双键、酯基和羟基3种官能团，D正确；故选A。12．D【分析】X半径最小为H，短周期电负性最小则M为Na，Z原子的s能级与p能级的电子数相等，则Z为O，Z与Y、Q相邻，Y为N，Q为S，以此分析；【详解】A．H2O中含有氢键，则沸点高于H2S，A正确；B．Na与O形成Na2O、Na2O2，则O与S同族化学性质性质相似，B正确；C．Na2O的电子式为，Na2S的电子式为，离子键百分比 = (电负性差值 / 总电负性差值)，O的电负性大于S，则Na2O离子键成分的百分数大于Na2S，C正确；D.为sp2杂化，孤电子对为0，为平面三角形，为sp3杂化，孤电子对为1，三角锥形，D错误；故选D。13．C【详解】A．氨水浓度越大，越容易生成，腐蚀趋势越大，A正确；B．腐蚀的总反应为Zn+4NH3•H2O=+H2↑+2H2O+2OH-，有OH-离子生成，溶液变大，B正确；C．该电化学腐蚀中Zn作负极，Fe作正极，正极上氢离子得电子生成氢气，铁电极上的电极反应式为：，C错误；D．根据得失电子守恒，每生成标准状况下，转移电子数为，消耗，D正确；故选C。14．D【详解】A．步骤Ⅰ是氢氧根离子与酯基中的作用生成羟基和O-，A正确；B．步骤Ⅰ加入氢氧根离子使平衡Ⅰ正向移动，氢氧根离子与羧基反应使平衡Ⅱ也正向移动，使得酯在NaOH溶液中发生的水解反应不可逆，B正确；C．从信息②可知，随着取代基R上Cl个数的增多，水解相对速率增大，原因为Cl电负性较强，对电子的吸引能力较强，使得酯基的水解速率增大，F的电负性强于Cl，FCH2对电子的吸引能力更强，因此酯的水解速率，C正确；D．与氢氧根离子反应，根据信息①可知，第一步反应后18O既存在于羟基中也存在于O-中，随着反应进行，最终18O存在于羧酸盐中，同理与18OH-反应，最终18O存在于羧酸盐中，两者所得醇和羧酸盐相同，D错误；故选D。15．C【详解】A．亚硫酸是二元弱酸，存在二次电离，电离方程式为：，，则溶液中，A正确；B．亚硫酸根离子是其二级电离产生的，则稀释的时候对氢离子的影响较大，稀释的时候，亚硫酸的浓度变为原来的一半，另外稀释的平衡常数不变，对第二级电离影响很小，则稀释时亚硫酸根浓度基本不变，B正确；C．加入双氧水之前，生成的白色浑浊为BaSO3沉淀，C错误；D．过氧化氢具有强氧化性，可以将+4价硫氧化为+6价硫酸根离子，则存在反应，，则出现白色沉淀的主要原因生成BaSO4沉淀，D正确；故选C。16．C【详解】A．Cu和浓HNO3反应后生成二氧化氮，探究其溶液呈绿色的原因可以采用对比实验，即将NO2通入①浓HNO3，②Cu(NO3)2和HNO3混合溶液至饱和，现象与原实验一致，可以说明Cu和浓HNO3反应后溶液呈绿色的主要原因是溶有NO2，故A正确；B．向等物质的量浓度的KF和KSCN混合溶液中滴加几滴FeCl3溶液，振荡，溶液颜色无明显变化，铁没有与SCN-结合而与F-结合，说明结合Fe3+的能力：F->SCN-，故B正确；C．不应该分别测定等物质的量浓度的与溶液的，因为铵根离子也要水解，且同浓度与的铵根离子浓度不等，不能比较，并且亚硫酸的酸性大于氢氟酸，结论也不对，故C错误；D．探究温度对反应速率的影响，只保留温度一个变量，温度高的溶液中先出现浑浊，能说明温度升高，反应速率加快，故D正确；故选C。17．(1) 分子晶体(2)CD(3) sp3 ＜ 有孤电子对，孤电子对对成键电子排斥力大，键角变小 ＞ 【详解】（1）由晶胞图可知，化学式为；由晶胞图可知构成晶胞的粒子为分子，故为分子晶体；（2）A同一周期，从左到右，电负性依次增强，故顺序为，A错误；B核外电子排布相同，核电荷数越大，半径越小，故顺序为，B错误；C同一周期，从左到右，电离能增大的趋势，VA族和ⅥA族相反，故顺序为，C正确；D基态的简化电子排布式：，Cr2+的简化电子排布式为[Ar]3d4，D正确；故选CD；（3）①的价层电子对数，故杂化方式为sp3；价层电子对数为4，有一对孤电子对，价层电子对数，无孤对电子，又因为孤电子对对成键电子的排斥力大于成键电子对成键电子的排斥力，故键角中的＜中的；②将与按物质的量之比1:2发生化合反应生成A，测得A由2种微粒构成，其中之一是，则A为NO2HS2O7，为硝酸失去一个OH-，得电子能力更强，氧化性更强，故氧化性强弱： ＞；阴离子为根据已知可知其结构式为。18．(1) MgCO3 、、OH-、Cl- 调节溶液pH值，防止钙离子、镁离子、锰离子转化为氢氧化物的沉淀(2)BC(3) 取一定量Y于试管中，加入适量硝酸溶解，再加入适量NaBiO3，观察到溶液变为紫红色，则证明Y中含有锰元素 【分析】Y中加入盐酸将碳酸根转化为二氧化碳，溶液A中主要有镁离子、锰离子、钙离子、亚铁离子，氯离子，若酸过量，还有H+，加入氨气和氯化铵将亚铁离子转化为氢氧化亚铁，溶液B中主要含有镁离子、锰离子、钙离子、铵根离子，氯离子，Ⅲ中又通入CO2将钙离子与锰离子转化为沉淀，据此回答。【详解】（1）①MnCO3、CaCO3 和 MgCO3是同种类型的沉淀，溶解度大的最后沉淀出来，由于通入二氧化碳，生成的沉淀是CaCO3 和 MgCO3，所以 MgCO3溶解度最大；②溶液中加入盐酸引入阴离子氯离子，Ⅲ中又通入CO2引入碳酸根离子，溶液中还有碳酸氢根和氢氧根；（2）A．气体是CO2不是形成酸雨的主要成分，故A错误；B．固体E可能含有Na2CO3，当二氧化碳过量时反应方程式为：，当二氧化碳少量时，所以可能含有Na2CO3，故B正确；C．Mn(OH)2可溶于NH4Cl溶液，由于NH4Cl溶液呈酸性，NH4Cl水解产生的H+与Mn(OH)2反应，故C正确；D．碱性是Ca(OH)2＞Fe(OH)2，氢氧化钙是强碱，氢氧化亚铁是弱碱，故D错误；故选BC。（3）①酸性条件下，固体NaBiO3可氧化Mn2+为，取一定量Y于试管中，加入适量硝酸溶解，再加入适量NaBiO3，观察到溶液变为紫红色，则证明Y中含有锰元素；②根据题目信息可知。19．(1)(2) +14.8 2.4×10−8 10.00(3) CD 当c≤c0时，v随c增大而增大，因M是基元反应IV的反应物(直接影 响基元反应VI中反应物L的生成)； c>c0时，v不再显著增加，因受限 于CO2(g)和H2 (g)在溶液中的溶解速度(或浓度)【详解】（1）①电极B是阴极，则电极反应式是；（2）①ΔH3= ΔH2 -ΔH1=-378 .7 kJ /mol+393 .5 kJ/mol =+14.8 kJ/ mol；②根据三段式，设转化的CO2为x，则：，则，，则转化率= ；③用氨水吸收HCOOH，得到1.00 mol⋅L-1氨水和0.18 mol⋅L-1甲酸铵的混合溶液，得出=0.18mol/L， 根据，则，，；（3）①A．v与CO2(g)的压强有关，压强越大，溶液中CO2的浓度越大，v越大，A错误；B．v与溶液中溶解H2的浓度有关，氢气浓度越大，速率越快，B错误；C．温度升高，v不一定增大，反应Ⅳ和Ⅴ是快反应，而Ⅵ是慢反应（决速步骤），Ⅳ和Ⅴ可以快速建立平衡状态，随着温度升高气体在溶液中溶解度减小，气体浓度减小、L的浓度减小，若L的浓度减小对反应速率的影响大于温度升高对总反应速率的影响，则总反应速率减小，故总反应的速率不一定增大，C错误；D．在溶液中加入的N(CH2CH3)3会与HCOOH反应，使得三个平衡正向移动，可提高CO2转化率，D正确；故选CD。②当c≤c0时，v随c增大而增大，因M是基元反应IV的反应物(直接影 响基元反应VI中反应物L的生成)； c>c0时，v不再显著增加，因受限 于CO2(g)和H2 (g)在溶液中的溶解速度(或浓度)。20．(1)圆底烧瓶(2)E→C→D(3)BC(4)吸收尾气H2S气体(5)ABC(6)99%【分析】A作为H2S的发生装置，由于不能骤冷，所以D、E都是冷却H2S的装置，C装置干燥H2S，F冷却并收集H2S，G作为平衡气压和尾气处理装置，据此回答。【详解】（1）仪器X的名称是圆底烧瓶；（2）制备气体的装置包括发生装置，除杂装置，收集装置和尾气处理，由于不能骤冷，要逐步冷却，所以B连E，E连C，C连D，D连F；（3）H2S是酸性气体，不可以用碱性干燥剂，所以不可以用氢氧化钾和碱石灰，故选BC；（4）装置G中汞的两个作用是：①平衡气压：②吸收尾气H2S气体；（5）A．H2S有毒，该实验操作须在通风橱中进行，故A正确；B．气体不能骤冷，装置D的主要作用是预冷却H2S，故B正确；C．加入的MgCl2固体，可使MgCl2溶液保持饱和，有利于平稳持续产生H2S，故C正确；D．该实验产生的尾气不可用硝酸吸收，硝酸的氧化性虽然可以把H2S氧化为S单质，但是稀硝酸产生的NO或者浓硝酸产生的NO2，会污染空气，故D错误；故选ABC。（6）根据铜守恒，氧化铜的质量为32.814 g-31.230 g=1.584g，则氧化铜物质的量为0.0198mol，，硫化铜物质的量为0.0198mol，则H2S物质的量为0.0198mol，H2S的质量为0.6732g，产品纯度为。21．(1)硝基、羰基(或酮羰基、酮基)(2)(3)BD(4)+NH3+HBr或+2NH3+NH4Br(5)CH≡CH CH3CHO。(6)或或或或【分析】A发生取代反应生成B，B在硫酸作用下与硝酸发生对位取代生成C；C水解生成D，D取代生成E，E发生取代反应生成F，结合已知信息，根据其分子式，可推出F为：；F发生取代反应生成G：；【详解】（1）化合物E的结构简式为，分子结构中的含氧官能团有硝基、羰基(或酮羰基、酮基)；故答案为：硝基、羰基(或酮羰基、酮基)。（2）根据分析可知，化合物C结构简式：；（3）A．氨基易被氧化，在进行硝化反应前，先将其转化为稳定的酰胺基，硝化反应后再水解出氨基，属于氨基的保护，A正确；B．硝基为吸电子基团，硝基的存在会导致N原子结合质子能力减弱，所以碱性：A＞D，B错误；C．B为，在氢氧化钠溶液加热的条件下发生水解反应，可转化为化合物A，C正确；D．化合物G（）转化为氯硝西泮（），是羰基与氨基发生了加成反应后再发生消去反应，D错误；故答案选BD；（4）F发生取代反应生成G：+NH3+HBr；由于HBr可与NH3反应生成NH4Cl，所以该反应也可写为+2NH3+NH4Cl。故答案为+NH3+HBr或+2NH3+NH4Br。（5）可由发生分子间酯化反应生成，可由酸化得到，乙醛与HCN发生加成反应生成，而乙炔与H2O发生加成反应生成乙醛(CH3CHO)，故合成路线为 CH≡CH CH3CHO。（6）B为，其同分异构体分子中含有二取代的苯环；分子中共有4种不同化学环境的氢原子，无碳氧单键，则其结构简式可有、、、、等；
2024年高考真题完全解读(浙江1月卷)适用省份浙江省2024年1月浙江省化学选考试卷以《普通高中化学课程标准(2017 年版 2020 年修订)》为依据，重点考查化学学科的必备知识、关键能力、学科素养和核心价值，着重落实高考评价的基础性、综合性、应用性和创新性要求。试题充分考虑考生实际，教考衔接，服务“双减”、促进学生素养提升。坚持素养立意和育人导向，坚守科学、原创、公平和规范，落实“立德树人”根本任务。与历次选考对比，稳定中有变化，变化中有创新，在试卷结构、形式、难度、知识点的覆盖面等方面保持稳定的基础上，试卷保持浙江省化学选考试卷的命题风格，进一步优化试卷结构布局，稳中有进。重点考查化学学科的必备知识、关键能力、学科素养和核心价值，着重落实高考评价的基础性、综合性、应用性和创新性要求。试题联系教育教学实际，引导课堂教学，服务高校选拔，体现“双新”改革要求，落实“立德树人”根本任务。既满足高校选拔人才的需要，又对高中化学教育教学起到正向引导作用。一、稳中有变，促进教考衔接试卷整体结构、题型、考查内容基本保持不变，有利于学生稳定发挥，例如，第15题考查电解质溶液中的平衡，第16题考查实验方案的设计与评价，第21题考查有机物的推断与合成。在此基础上，部分试题在考查内容、考查角度、呈现方式等方面有适度变化。例如，第18题由题给信息分析解决问题，基于教材又高于教材；第20题物质熟悉、情境陌生，在情境中蕴含着实验原理，解题过程有效测评学生解决实际问题的能力。试题稳中有变的设计，有利于“以考促教”“以考促学”，促进教考衔接，落实立德树人的根本任务。二、立足基础，重视必备知识试题紧扣教材和课标，立足基础内容和必备知识，试题全面覆盖了高中化学核心知识，全面考查化学学科核心概念、基本原理、基本方法和基本技能。突出了化学学科特点和基本研究方法、基本概念和反应原理、物质结构与性质、常见无机物及其应用、常见有机物及其应用、化学实验基础知识等核心主干知识的考查，既发挥基础内容在培养关键能力、发展学科核心素养的地位和作用，又有利于引导师生在平时教学中重视并落实基础，体现测试的基础性要求。例如，选择题第1～10题，分别考查了物质的分类、物质的性质、化学基本用语、氧化还原反应、离子反应、物质的分离与提纯、常见有机物的性质等必备知识。非选择题的每个大题均设计有考查基础知识的问题，例如，第19题考查盖斯定律，第20题考查仪器名称，第21题考查官能团名称等。对必备知识的考查，发挥了基础内容在培养学生关键能力、学科素养中的地位和作用，有利于引导一线教学重视基础。三、强化综合，聚焦关键能力关键能力指在学生掌握基础知识和基本技能的过程中，培养支撑学生终身发展、适应时代要求的能力。基于素养导向，承接学科核心素养和学业质量各级水平要求，重视分层选拔功能，考查学生信息获取、思维认知和实践操作能力。试题强调关键能力的考查，将化学学科情境素材选择与学科核心素养测评目标相匹配，科学调控情境的熟悉程度与每小题问题任务之间的连贯性，每个大题入题容易，但全面深入较难，让不同的学生在考试中均能有较好地表现。试题在考试内容、情境选择、关键能力等方面强化综合性。在考试内容方面，第15题体现了反应原理模块内知识的融合，第13、14、17、18题强化了不同模块间内容的整合。在情境选择方面，第19题以CO2制备HCOOH为情境载体，在电化学、热化学、优化的热化学三种制备方法的复杂情境下，结合图表、数据，运用化学反应原理进行定性定量分析，测评学生真实学业水平。在关键能力方面，第20题创设学生陌生的真实实验情境，考查学生触类旁通、举一反三的能力。以上各方面的综合，旨在打通知识、能力、素养之间的通道，测评学生综合运用知识解决问题的能力水平。四、涵育素养，凸显学科价值试题选材围绕材料、生命、环境、能源和信息等与化学关系密切的领域，充分体现出化学学科推动科技发展和人类社会进步的重要作用，凸显化学学科的社会价值。试题精选真实情境为测试载体，实现对“宏观辨识与微观探析”“变化观念与平衡思想”“证据推理与模型认知”等化学学科核心素养的考查。通过考试引导教学，培养学生的科学精神，强化社会责任担当，落实立德树人根本任务。试题注重真实情境的创设，引导学生探究身边和社会的化学现象和问题。践行从知识立意-能力立意-素养立意的命题导向，在问题情境、思维方式、实践活动和价值观念等多个维度开展了积极探索，突出必备知识和关键能力的考核，指向学科核心素养的培育。试题选取真实情境为测试载体，问题指向考查学习掌握能力、学科思维能力和实践创新能力，通过对生产生活实践中化学原理的考查，充分体现出化学学科推动科技发展和人类社会进步的重要作用，彰显化学学科价值。情境素材选自环境、信息、能源、材料、生命等与化学密切相关的领域。例如，第7题材料的组成、结构与性质的关联，第11题隐形眼镜功能高分子材料，第19题“碳达峰·碳中和”，第20题合成光电材料原料的制备，第21题镇静药物氯硝西泮的合成等情境素材选自材料、健康、环境、生命等与化学密切相关的领域。这些情境素材的使用，有利于学生体会化学学科的社会应用价值，树立正确的科学观念，体现试题的应用性和创新性要求。五、源于教材，服务选才功能试题设计立足课程标准，紧扣化学教材，考试内容限定在《化学》(第一册和第二册)必修模块范围，以及《化学反应原理》《物质结构与性质》《有机化学基础》3个选择性必修模块范围。许多试题的素材取自教材，使学生感觉试题亲切又友好，如第1题至第11题、第12题、第17(1)(2)题，重点考查化学基本概念、化学用语、化学仪器与基本操作、常见无机物和有机物的性质及应用、物质结构和性质等，试题注重必备知识的考查，体现基础性；部分试题的素材看似远离学生生活、新鲜，但题在书外、理在书内。如第13题对考生来说是比较新颖，但其涉及的是考生耳熟能详的原电池原理；第17题至第21题的素材貌似远离教材，但仍然可运用高中的物质结构、化学反应原理、元素及其化合物性质、化学实验、有机化学，设问指向明确，要求学生能结合信息解读，进行全面准确的表达，考查考生对基本概念的认知与深度理解。整卷试题承载学科核心素养功能的考查，即学生在面对不确定的真实情境中，能从试题提供的信息中合理运用化学学科的认识角度和思路分析解决问题，考查学生适应未来学习的关键能力和必备品格。试题呈现形式丰富，涉及图13幅，表2张，这些都可以让学生置身于一个相对陌生的环境，很好地测评学生是基于题给信息的理解还是基于平时学习的简单记忆，体现试题的综合性及适度的创新性要求，以小见大的考查方式，更能甄别学生的必备知识和关键能力。惟创新者进，惟创新者胜。新课标下素养导向的考试命题，唯有不断改革创新，勇毅前行，才能不负教育使命和担当。1.延续以往的题型和难度，主要包括选择题、填空题、实验题和计算题等。在这些题型中，选择题和填空题的分值较高，约占总成绩的60%；实验题和计算题则分别占据20%和20%。2.保持试卷结构稳定，问题设计与呈现方式适度创新，考点分布有调整，做到稳中求新、稳中有变。如第3、8、12、17、18、20、21题考查形式不变；第4、5、7、11、13、16、19题考查形式有所创新，第5题考查“离子共存”，第13题考查原电池和第19(1)题考查电解池，第16题从实验目的、设计方案、现象和结论4个角度考查经典化学实验，推陈出新。高考从“考知识”向“考能力素养”转变，但能力是建立在基础知识之上的，所以复习课堂仍以掌握知识为主，然后以微专题形式来突破化学上的难点。将知识系统化、结构化、网络化。一、明确考纲，把握方向 首先要依据《中国高考评价体系》，深刻领会“一核四层四翼”的内涵，进一步明确高考化学“为什么考”、“考什么”、“怎么考”；其次依据《普通高中课程标准》(2017版2020年修订)，深刻理解化学学科核心素养的内涵，明确学业质量标准的具体要求。备考复习中不能好高骛远，以打牢必备知识为根本，能力培养为关键，素养培育为核心，价值引领为导向，不可一味求新、求变，不能一味加大难度、无限制拔高，应当根据学情，精心选择和设计内容，把学生最需要的给他，让他在现有水平上有所提高。二、回归教材，强化能力近几年高考化学试题，源于教材 ，又不拘泥于教材，给我们的启示是加强基础知识复习是高考复习中的重中之重，同时在复习过程中不断地培养学生的各种能力。例如，语言表达能力和信息处理能力，能够恰当的使用化学语言表达自己的思想和观点，同时对于题给的信息能准确把握，并善于挖掘出其隐含条件，领会命题者意图。三、重视热点，注重方法高考试题涵盖了中学化学的许多主干知识，题目比较灵活，在学习过程中，我们要注意掌握解题方法，寻找解题规律，而不是利用“笨”办法去解决。从近几年化学试题不难看出，所考查的内容突出化学热点知识，但不追求面面俱到。因而，我们在进行高考复习时，应将精力放在重点和热点知识上，注意把握规律和特例，总结解题方法。例如，我让学生在有机推断题中分析结构简式时，将反应前后的反应物和生成物结构进行比较，观察反应前后的结构式变化，并分析断键或成键的位置，从而顺利确定结构简式，所以解决有机推断题的方法是：前后比较看变化，照猫画虎写产物。四、联系社会，学以致用从近几年的化学试题不难看出，题目尽可能联系生产生活实际和科技发展的成果，重视化学与社会生活的联系，善于挖掘背后的化学问题。所以，在高考复习中我们应该善于捕捉与生活实际联系的化学问题，从多角度关注社会，从中培养分析问题和解决问题的能力，将所学知识应用于实际中，学以致用。 一、选择题(本大题共16小题，每小题3分，共48分。每小题列出的四个备选项中只有一项是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1．下列物质不属于电解质的是A． B． C． D．2．工业上将Cl2通入冷的溶液中制得漂白液，下列说法不正确的是A．漂白液的有效成分是 B． ClO-水解生成使漂白液呈酸性C．通入CO2后的漂白液消毒能力增强 D．溶液比溶液稳定3．下列表示不正确的是A．中子数为10的氧原子：B．的价层电子对互斥(VSEPR)模型：C．用电子式表示的形成过程：D．的名称：2-甲基-4-乙基戊烷4．汽车尾气中的和在催化剂作用下发生反应：，下列说法不正确的是(为阿伏加德罗常数的值)A．生成转移电子的数目为 B．催化剂降低与反应的活化能C．是氧化剂，是还原剂 D．既是氧化产物又是还原产物5．在溶液中能大量共存的离子组是A． B．C． D．6．为回收利用含的废液，某化学兴趣小组设计方案如下所示，下列说法不正确的是A．步骤I中，加入足量溶液充分反应后，上下两层均为无色B．步骤I中，分液时从分液漏斗下口放出溶液AC．试剂X可用硫酸D．粗可用升华法进一步提纯7．根据材料的组成和结构变化可推测其性能变化，下列推测不合理的是A．A B．B C．C D．D8．下列实验装置使用不正确的是A．图①装置用于二氧化锰和浓盐酸反应制氯气B．图②装置用于标准酸溶液滴定未知碱溶液C．图③装置用于测定中和反应的反应热D．图④装置用于制备乙酸乙酯9．关于有机物检测，下列说法正确的是A．用浓溴水可鉴别溴乙烷、乙醛和苯酚B．用红外光谱可确定有机物的元素组成C．质谱法测得某有机物的相对分子质量为72，可推断其分子式为D．麦芽糖与稀硫酸共热后加溶液调至碱性，再加入新制氢氧化铜并加热，可判断麦芽糖是否水解10．下列化学反应与方程式不相符的是A．黑火药爆炸：B．四氯化钛水解：C．硫化钠溶液在空气中氧化变质：D．硬脂酸甘油酯在溶液中皂化：＋3NaOH＋3C17H35COONa11．制造隐形眼镜的功能高分子材料Q的合成路线如下：下列说法不正确的是A．试剂a为乙醇溶液 B．Y易溶于水C．Z的结构简式可能为 D．M分子中有3种官能团12．X、Y、Z、M和Q五种主族元素，原子序数依次增大，X原子半径最小，短周期中M电负性最小，Z与Y、Q相邻，基态Z原子的s能级与p能级的电子数相等，下列说法不正确的是A．沸点：B．M与Q可形成化合物、C．化学键中离子键成分的百分数：D．与离子空间结构均为三角锥形13．破损的镀锌铁皮在氨水中发生电化学腐蚀，生成和，下列说法不正确的是A．氨水浓度越大，腐蚀趋势越大B．随着腐蚀的进行，溶液变大C．铁电极上的电极反应式为：D．每生成标准状况下，消耗14．酯在溶液中发生水解反应，历程如下：已知：①②水解相对速率与取代基R的关系如下表：下列说法不正确的是A．步骤I是与酯中作用B．步骤III使I和Ⅱ平衡正向移动，使酯在溶液中发生的水解反应不可逆C．酯的水解速率：D．与反应、与反应，两者所得醇和羧酸盐均不同15．常温下、将等体积、浓度均为溶液与新制溶液混合，出现白色浑浊；再滴加过量的溶液，振荡，出现白色沉淀。已知：下列说法不正确的是A．溶液中存在B．将溶液稀释到，几乎不变C．溶液与溶液混合后出现的白色浑浊不含有D．存在反应是出现白色沉淀的主要原因16．根据实验目的设计方案并进行实验，观察到相关现象，其中方案设计或结论不正确的是A．A B．B C．C D．D二、非选择题(本大题共5小题，共52分)17．氮和氧是构建化合物的常见元素。已知：请回答：(1)某化合物的晶胞如图，其化学式是 ，晶体类型是 。(2)下列说法正确的是_______。A．电负性： B．离子半径：C．第一电离能： D．基态2+的简化电子排布式：(3)①，其中的N原子杂化方式为 ；比较键角中的 中的(填“>”、“<”或“=”)，请说明理由 。②将与按物质的量之比1:2发生化合反应生成A，测得A由2种微粒构成，其中之一是。比较氧化性强弱： (填“>”、“<”或“=”)；写出A中阴离子的结构式 。18．固态化合物Y的组成为，以Y为原料实现如下转化。已知：与溶液A中金属离子均不能形成配合物。请回答：(1)依据步骤Ⅲ，、和中溶解度最大的是 。写出溶液C中的所有阴离子 。步骤Ⅱ中，加入的作用是 。(2)下列说法正确的是_______。A．气体D是形成酸雨的主要成分 B．固体E可能含有C．可溶于溶液 D．碱性：(3)酸性条件下，固体(微溶于水，其还原产物为无色的)可氧化为，根据该反应原理，设计实验验证Y中含有元素 ；写出转化为的离子方程式 。19．通过电化学、热化学等方法，将转化为等化学品，是实现“双碳”目标的途径之一。请回答：(1)某研究小组采用电化学方法将转化为，装置如图。电极B上的电极反应式是 。(2)该研究小组改用热化学方法，相关热化学方程式如下：：Ⅱ：Ⅲ：① 。②反应Ⅲ在恒温、恒容的密闭容器中进行，和的投料浓度均为，平衡常数，则的平衡转化率为 。③用氨水吸收，得到氨水和甲酸铵的混合溶液，时该混合溶液的 。[已知：时，电离常数、](3)为提高效率，该研究小组参考文献优化热化学方法，在如图密闭装置中充分搅拌催化剂M的(有机溶剂)溶液，和在溶液中反应制备，反应过程中保持和的压强不变，总反应的反应速率为v，反应机理如下列三个基元反应，各反应的活化能(不考虑催化剂活性降低或丧失)。Ⅳ： V： VI： ①催化剂M足量条件下，下列说法正确的是 。A．v与的压强无关 B．v与溶液中溶解的浓度无关C．温度升高，v不一定增大 D．在溶液中加入，可提高转化率②实验测得：，下，v随催化剂M浓度c变化如图。时，v随c增大而增大：时，v不再显著增大。请解释原因 。20．可用于合成光电材料。某兴趣小组用与反应制备液态，实验装置如图，反应方程式为：。已知：①的沸点是，有毒：②装置A内产生的气体中含有酸性气体杂质。请回答：(1)仪器X的名称是 。(2)完善虚框内的装置排序：A→B→ →F+G(3)下列干燥剂，可用于装置C中的是_______。A．氢氧化钾 B．五氧化二磷 C．氯化钙 D．碱石灰(4)装置G中汞的两个作用是：①平衡气压：② 。(5)下列说法正确的是_______。A．该实验操作须在通风橱中进行B．装置D的主要作用是预冷却C．加入的固体，可使溶液保持饱和，有利于平稳持续产生D．该实验产生的尾气可用硝酸吸收(6)取产品，与足量溶液充分反应后，将生成的置于已恒重、质量为的坩埚中，煅烧生成，恒重后总质量为。产品的纯度为 。21．某研究小组通过下列路线合成镇静药物氯硝西泮。已知：请回答：(1)化合物E的含氧官能团的名称是 。(2)化合物C的结构简式是 。(3)下列说法不正确的是_______。A．化合物A→D的过程中，采用了保护氨基的方法B．化合物A的碱性比化合物D弱C．化合物B在氢氧化钠溶液加热的条件下可转化为化合物AD．化合物G→氯硝西泮的反应类型为取代反应(4)写出F→G的化学方程式 。(5)聚乳酸()是一种可降解高分子，可通过化合物X()开环聚合得到，设计以乙炔为原料合成X的路线 (用流程图表示，无机试剂任选)。(6)写出同时符合下列条件的化合物B的同分异构体的结构简式 。①分子中含有二取代的苯环。②谱和谱检测表明：分子中共有4种不同化学环境的氢原子，无碳氧单键。 题号分值难度考查方向详细知识点选择题13易物质的分类非电解质、电解质物质类别判断；物质水溶液的导电性23中元素及其化合物次氯酸及其性质；次氯酸盐；氯气的化学性质33中化学用语结构式、结构简式、比例模型、球棍模型、最简式；烷烃系统命名法；价层电子对互斥理论的应用；利用杂化轨道理论判断分子的空间构型43中氧化还原反应氧化还原反应的概念判断；催化剂对化学反应速率的影响；电子转移计算53中离子共存无附加条件的离子共存；盐类双水解反应63中物质分离与提纯物质分离、提纯综合应用；萃取和分液；海带中碘的提取及检验73中结构与性质变化淀粉和纤维素；人工合成有机化合物的应用；化学科学对人类文明发展的意义；金属与合金性能比较83中化学实验基础氯气的实验室制法；中和热的测定与误差分析；酸碱中和滴定实验基本操作及步骤；乙酸乙酯制备实验的装置及操作93中有机化学检测红外光谱；苯酚与溴水的反应；糖类性质实验探究；有机物的检验103中化学反应与方程式盐类水解规律理解及应用；油脂在碱性条件下水解113中有机化学基础有机官能团的性质及结构；常见官能团名称、组成及结构；有机推断综合考查123中元素推断电子排布式；利用杂化轨道理论判断分子的空间构型133中电化学原电池电极反应式书写；金属的化学腐蚀与电化学腐蚀；原电池有关计算143难反应机理酯的化学性质；酯的水解；油脂在碱性条件下水解；元素性质与电负性的关系153较难离子平衡氧化还原反应的应用；盐溶液中离子浓度大小的比较；电离平衡常数和电离度163中简单实验设计与评价硝酸的强氧化性；温度对化学反应速率的影响；盐溶液的酸碱性及原因；实验方案评价选择题1710难物质结构与性质微粒半径大小的比较方法；电离能的概念及变化规律；价层电子对互斥理论的应用1810中无机物及其应用氧化还原反应方程式的书写与配平；溶度积常数与溶解度的关系；物质分离、提纯综合应用；常见无机物的制备1910难化学反应原理综合应用盖斯定律与热化学方程式；外因对化学反应速率影响的综合分析；化学平衡常数的计算；酸碱混合时的定性判断及计算2010中综合实验设计与评价常见无机物的制备；探究物质组成或测量物质的含量；2112中有机合成与推断根据要求书写同分异构体；有机物的推断；根据题给物质选择合适合成路线；有机化学基础知识综合考查材料组成和结构变化性能变化A生铁减少含碳量延展性增强B晶体硅用碳原子取代部分硅原子导电性增强C纤维素接入带有强亲水基团的支链吸水能力提高D顺丁橡胶硫化使其结构由线型转变为网状强度提高取代基R水解相对速率12907200实验目的方案设计现象结论A探究和浓反应后溶液呈绿色的原因将通入下列溶液至饱和：①浓②和HNO3，混合溶液①无色变黄色②蓝色变绿色和浓反应后溶液呈绿色的主要原因是溶有B比较与结合的能力向等物质的量浓度的和混合溶液中滴加几滴溶液，振荡溶液颜色无明显变化结合的能力：C比较与的酸性分别测定等物质的量浓度的与溶液的前者小酸性：D探究温度对反应速率的影响等体积、等物质的量浓度的与溶液在不同温度下反应温度高的溶液中先出现浑浊温度升高，该反应速率加快参考答案：1．A【详解】A． CO2在水溶液中能导电，是生成的碳酸电离，不是自身电离，不属于电解质，A符合题意；B．HCl溶于水电离出离子导电，属于电解质，B不符合题意；C．NaOH在水溶液和熔融状态均能电离离子而导电，属于电解质，C不符合题意；D．BaSO4在熔融状态能电离离子而导电，属于电解质，D不符合题意；故选A。【点睛】2．B【详解】A．漂白液的主要成分是次氯酸钠(NaClO)和氯化钠(NaCl)，有效成分是次氯酸钠，A正确；B．ClO-水解生成HClO，水解方程式为ClO-+H2O HClO+OH-，使漂白液呈碱性，B错误；C．通入CO2后，发生反应NaClO+CO2+H2O=NaHCO3+HClO，漂白液消毒能力增强，C正确；D．次氯酸不稳定，次氯酸盐稳定，所以热稳定性NaClO＞HClO，D正确；答案选B。【点睛】3．D【详解】A．质子数为8，质量数为18，根据质量数=质子数+中子数，可算得中子数为10，A说法正确；B．中心原子S价层电子对数：，其价层电子对互斥(VSEPR)模型为平面三角形，B说法正确；C．为离子化合物，其电子式表示形成过程：，C说法正确；D．有机物主链上有6个碳原子，第2、4号碳原子上连有甲基，命名为：2，4-二甲基己烷，D说法错误；答案选D。【点睛】4．D【分析】NO中N的化合价为+2价，降低为0价的N2，1个NO得2个电子，作氧化剂，发生还原反应，CO中C为+2价，化合价升高为+4价的CO2，失去2个电子，作还原剂发生氧化反应；【详解】A．根据分析，1molCO2转移2NA的电子，A正确；B．催化剂通过降低活化能，提高反应速率，B正确；C．根据分析，NO是氧化剂，CO是还原剂，C正确；D．根据分析，N2为还原产物，CO2为氧化产物，D错误；故选D。5．D【详解】A．三种离子会反生氧化还原反应而不能大量共存，故A不符合题意；B．会生成离子而不能大量共存，故B不符合题意；C．会生成沉淀而不能大量共存，故C不符合题意；D．虽然不同程度水解，但水解是微弱的，能大量共存，故D符合题意；答案D。6．B【分析】由题给流程可知，向碘的四氯化碳溶液中加入碳酸钠溶液，碳酸钠溶液与碘反应得到含有碘化钠和碘酸钠的混合溶液，分液得到四氯化碳和溶液A；向溶液A中加入硫酸溶液，碘化钠和碘酸钠在硫酸溶液中发生归中反应生成硫酸钠和碘。【详解】A．由分析可知，步骤I中，加入足量碳酸钠溶液发生的反应为碳酸钠溶液与碘反应得到含有碘化钠和碘酸钠的混合溶液，则充分反应后，上下两层均为无色，上层为含有碘化钠和碘酸钠的混合溶液，下层为四氯化碳，故A正确；B．四氯化碳的密度大于水，加入足量碳酸钠溶液充分反应后，上下两层均为无色，上层为含有碘化钠和碘酸钠的混合溶液，下层为四氯化碳，则分液时应从分液漏斗上口倒出溶液A，故B错误；C．由分析可知，向溶液A中加入硫酸溶液的目的是使碘化钠和碘酸钠在硫酸溶液中发生归中反应生成硫酸钠和碘，则试剂X可用硫酸，故C正确；D．碘受热会发生升华，所以实验制得的粗碘可用升华法进一步提纯，故D正确；故选B。7．B【详解】A．较低的碳含量赋予材料更好的延展性和可塑性，A正确；B．晶体硅和金刚石、碳化硅均为共价晶体，且硅为半导体材料，金刚石态的碳不具有导电性，故碳的导电性比硅差，导电能力会下降，B错误；C．淀粉、纤维素的主链上再接上带有强亲水基团的支链(如丙烯酸钠)，在交联剂作用下形成网状结构可以提高吸水能力，C正确；D．在橡胶中加入硫化剂和促进剂等交联助剂，在一定的温度、压力条件下，使线型大分子转变为三维网状结构，网状结构相对线性结构具有更大的强度，D正确；故选B。8．A【详解】A．图①装置没有加热装置，不适用于二氧化锰和浓盐酸反应制氯气，A错误；B．利用酸式滴定管中装有的标准酸溶液滴定未知碱溶液，装置和操作正确，B正确；C．图③装置用于测定中和反应的反应热，温度计测温度、玻璃搅拌器起搅拌作用，装置密封、隔热保温效果好，C正确；D．图④装置用于制备乙酸乙酯，导管末端不伸入液面下，利用饱和碳酸钠收集乙酸乙酯，D正确；故选A。9．A【详解】A．溴乙烷可萃取浓溴水中的溴，出现分层，下层为有色层，溴水具有强氧化性、乙醛具有强还原性，乙醛能还原溴水，溶液褪色，苯酚和浓溴水发生取代反应产生三溴苯酚白色沉淀，故浓溴水可鉴别溴乙烷、乙醛和苯酚，A正确；B．红外吸收峰的位置与强度反映了分子结构的特点，红外光谱可确定有机物的基团、官能团等，元素分析仪可以检测样品中所含有的元素，B错误；C． 质谱法测得某有机物的相对分子质量为72，不可据此推断其分子式为，相对分子质量为72的还可以是、等， C错误；D． 麦芽糖及其水解产物均具有还原性，均能和新制氢氧化铜在加热反应生成砖红色沉淀Cu2O，若按方案进行该实验，不管麦芽糖是否水解，均可生成砖红色沉淀，故不能判断麦芽糖是否水解，D错误；故选A。10．C【详解】A．黑火药爆炸：，A正确；B．四氯化钛水解：，B正确；C．硫化钠强碱弱酸盐，溶液呈碱性，在空气中氧化变质：，C错误；D．硬脂酸甘油酯在溶液中皂化：＋3NaOH＋3C17H35COONa，D正确；故选C。11．A【分析】X可与溴的四氯化碳溶液反应生成C2H4Br2，可知X为乙烯；C2H4Br2发生水解反应生成HOCH2CH2OH，在浓硫酸加热条件下与Z发生反应生成单体M，结合Q可反推知单体M为；则Z为；【详解】A． 根据分析可知，1,2-二溴乙烷发生水解反应，反应所需试剂为水溶液，A错误；B．根据分析可知，Y为HOCH2CH2OH，含羟基，可与水分子间形成氢键，增大在水中溶解度，B正确；C．根据分析可知Z的结构简式可能为，C正确；D．M结构简式：，含碳碳双键、酯基和羟基3种官能团，D正确；故选A。12．D【分析】X半径最小为H，短周期电负性最小则M为Na，Z原子的s能级与p能级的电子数相等，则Z为O，Z与Y、Q相邻，Y为N，Q为S，以此分析；【详解】A．H2O中含有氢键，则沸点高于H2S，A正确；B．Na与O形成Na2O、Na2O2，则O与S同族化学性质性质相似，B正确；C．Na2O的电子式为，Na2S的电子式为，离子键百分比 = (电负性差值 / 总电负性差值)，O的电负性大于S，则Na2O离子键成分的百分数大于Na2S，C正确；D.为sp2杂化，孤电子对为0，为平面三角形，为sp3杂化，孤电子对为1，三角锥形，D错误；故选D。13．C【详解】A．氨水浓度越大，越容易生成，腐蚀趋势越大，A正确；B．腐蚀的总反应为Zn+4NH3•H2O=+H2↑+2H2O+2OH-，有OH-离子生成，溶液变大，B正确；C．该电化学腐蚀中Zn作负极，Fe作正极，正极上氢离子得电子生成氢气，铁电极上的电极反应式为：，C错误；D．根据得失电子守恒，每生成标准状况下，转移电子数为，消耗，D正确；故选C。14．D【详解】A．步骤Ⅰ是氢氧根离子与酯基中的作用生成羟基和O-，A正确；B．步骤Ⅰ加入氢氧根离子使平衡Ⅰ正向移动，氢氧根离子与羧基反应使平衡Ⅱ也正向移动，使得酯在NaOH溶液中发生的水解反应不可逆，B正确；C．从信息②可知，随着取代基R上Cl个数的增多，水解相对速率增大，原因为Cl电负性较强，对电子的吸引能力较强，使得酯基的水解速率增大，F的电负性强于Cl，FCH2对电子的吸引能力更强，因此酯的水解速率，C正确；D．与氢氧根离子反应，根据信息①可知，第一步反应后18O既存在于羟基中也存在于O-中，随着反应进行，最终18O存在于羧酸盐中，同理与18OH-反应，最终18O存在于羧酸盐中，两者所得醇和羧酸盐相同，D错误；故选D。15．C【详解】A．亚硫酸是二元弱酸，存在二次电离，电离方程式为：，，则溶液中，A正确；B．亚硫酸根离子是其二级电离产生的，则稀释的时候对氢离子的影响较大，稀释的时候，亚硫酸的浓度变为原来的一半，另外稀释的平衡常数不变，对第二级电离影响很小，则稀释时亚硫酸根浓度基本不变，B正确；C．加入双氧水之前，生成的白色浑浊为BaSO3沉淀，C错误；D．过氧化氢具有强氧化性，可以将+4价硫氧化为+6价硫酸根离子，则存在反应，，则出现白色沉淀的主要原因生成BaSO4沉淀，D正确；故选C。16．C【详解】A．Cu和浓HNO3反应后生成二氧化氮，探究其溶液呈绿色的原因可以采用对比实验，即将NO2通入①浓HNO3，②Cu(NO3)2和HNO3混合溶液至饱和，现象与原实验一致，可以说明Cu和浓HNO3反应后溶液呈绿色的主要原因是溶有NO2，故A正确；B．向等物质的量浓度的KF和KSCN混合溶液中滴加几滴FeCl3溶液，振荡，溶液颜色无明显变化，铁没有与SCN-结合而与F-结合，说明结合Fe3+的能力：F->SCN-，故B正确；C．不应该分别测定等物质的量浓度的与溶液的，因为铵根离子也要水解，且同浓度与的铵根离子浓度不等，不能比较，并且亚硫酸的酸性大于氢氟酸，结论也不对，故C错误；D．探究温度对反应速率的影响，只保留温度一个变量，温度高的溶液中先出现浑浊，能说明温度升高，反应速率加快，故D正确；故选C。17．(1) 分子晶体(2)CD(3) sp3 ＜ 有孤电子对，孤电子对对成键电子排斥力大，键角变小 ＞ 【详解】（1）由晶胞图可知，化学式为；由晶胞图可知构成晶胞的粒子为分子，故为分子晶体；（2）A同一周期，从左到右，电负性依次增强，故顺序为，A错误；B核外电子排布相同，核电荷数越大，半径越小，故顺序为，B错误；C同一周期，从左到右，电离能增大的趋势，VA族和ⅥA族相反，故顺序为，C正确；D基态的简化电子排布式：，Cr2+的简化电子排布式为[Ar]3d4，D正确；故选CD；（3）①的价层电子对数，故杂化方式为sp3；价层电子对数为4，有一对孤电子对，价层电子对数，无孤对电子，又因为孤电子对对成键电子的排斥力大于成键电子对成键电子的排斥力，故键角中的＜中的；②将与按物质的量之比1:2发生化合反应生成A，测得A由2种微粒构成，其中之一是，则A为NO2HS2O7，为硝酸失去一个OH-，得电子能力更强，氧化性更强，故氧化性强弱： ＞；阴离子为根据已知可知其结构式为。18．(1) MgCO3 、、OH-、Cl- 调节溶液pH值，防止钙离子、镁离子、锰离子转化为氢氧化物的沉淀(2)BC(3) 取一定量Y于试管中，加入适量硝酸溶解，再加入适量NaBiO3，观察到溶液变为紫红色，则证明Y中含有锰元素 【分析】Y中加入盐酸将碳酸根转化为二氧化碳，溶液A中主要有镁离子、锰离子、钙离子、亚铁离子，氯离子，若酸过量，还有H+，加入氨气和氯化铵将亚铁离子转化为氢氧化亚铁，溶液B中主要含有镁离子、锰离子、钙离子、铵根离子，氯离子，Ⅲ中又通入CO2将钙离子与锰离子转化为沉淀，据此回答。【详解】（1）①MnCO3、CaCO3 和 MgCO3是同种类型的沉淀，溶解度大的最后沉淀出来，由于通入二氧化碳，生成的沉淀是CaCO3 和 MgCO3，所以 MgCO3溶解度最大；②溶液中加入盐酸引入阴离子氯离子，Ⅲ中又通入CO2引入碳酸根离子，溶液中还有碳酸氢根和氢氧根；（2）A．气体是CO2不是形成酸雨的主要成分，故A错误；B．固体E可能含有Na2CO3，当二氧化碳过量时反应方程式为：，当二氧化碳少量时，所以可能含有Na2CO3，故B正确；C．Mn(OH)2可溶于NH4Cl溶液，由于NH4Cl溶液呈酸性，NH4Cl水解产生的H+与Mn(OH)2反应，故C正确；D．碱性是Ca(OH)2＞Fe(OH)2，氢氧化钙是强碱，氢氧化亚铁是弱碱，故D错误；故选BC。（3）①酸性条件下，固体NaBiO3可氧化Mn2+为，取一定量Y于试管中，加入适量硝酸溶解，再加入适量NaBiO3，观察到溶液变为紫红色，则证明Y中含有锰元素；②根据题目信息可知。19．(1)(2) +14.8 2.4×10−8 10.00(3) CD 当c≤c0时，v随c增大而增大，因M是基元反应IV的反应物(直接影 响基元反应VI中反应物L的生成)； c>c0时，v不再显著增加，因受限 于CO2(g)和H2 (g)在溶液中的溶解速度(或浓度)【详解】（1）①电极B是阴极，则电极反应式是；（2）①ΔH3= ΔH2 -ΔH1=-378 .7 kJ /mol+393 .5 kJ/mol =+14.8 kJ/ mol；②根据三段式，设转化的CO2为x，则：，则，，则转化率= ；③用氨水吸收HCOOH，得到1.00 mol⋅L-1氨水和0.18 mol⋅L-1甲酸铵的混合溶液，得出=0.18mol/L， 根据，则，，；（3）①A．v与CO2(g)的压强有关，压强越大，溶液中CO2的浓度越大，v越大，A错误；B．v与溶液中溶解H2的浓度有关，氢气浓度越大，速率越快，B错误；C．温度升高，v不一定增大，反应Ⅳ和Ⅴ是快反应，而Ⅵ是慢反应（决速步骤），Ⅳ和Ⅴ可以快速建立平衡状态，随着温度升高气体在溶液中溶解度减小，气体浓度减小、L的浓度减小，若L的浓度减小对反应速率的影响大于温度升高对总反应速率的影响，则总反应速率减小，故总反应的速率不一定增大，C错误；D．在溶液中加入的N(CH2CH3)3会与HCOOH反应，使得三个平衡正向移动，可提高CO2转化率，D正确；故选CD。②当c≤c0时，v随c增大而增大，因M是基元反应IV的反应物(直接影 响基元反应VI中反应物L的生成)； c>c0时，v不再显著增加，因受限 于CO2(g)和H2 (g)在溶液中的溶解速度(或浓度)。20．(1)圆底烧瓶(2)E→C→D(3)BC(4)吸收尾气H2S气体(5)ABC(6)99%【分析】A作为H2S的发生装置，由于不能骤冷，所以D、E都是冷却H2S的装置，C装置干燥H2S，F冷却并收集H2S，G作为平衡气压和尾气处理装置，据此回答。【详解】（1）仪器X的名称是圆底烧瓶；（2）制备气体的装置包括发生装置，除杂装置，收集装置和尾气处理，由于不能骤冷，要逐步冷却，所以B连E，E连C，C连D，D连F；（3）H2S是酸性气体，不可以用碱性干燥剂，所以不可以用氢氧化钾和碱石灰，故选BC；（4）装置G中汞的两个作用是：①平衡气压：②吸收尾气H2S气体；（5）A．H2S有毒，该实验操作须在通风橱中进行，故A正确；B．气体不能骤冷，装置D的主要作用是预冷却H2S，故B正确；C．加入的MgCl2固体，可使MgCl2溶液保持饱和，有利于平稳持续产生H2S，故C正确；D．该实验产生的尾气不可用硝酸吸收，硝酸的氧化性虽然可以把H2S氧化为S单质，但是稀硝酸产生的NO或者浓硝酸产生的NO2，会污染空气，故D错误；故选ABC。（6）根据铜守恒，氧化铜的质量为32.814 g-31.230 g=1.584g，则氧化铜物质的量为0.0198mol，，硫化铜物质的量为0.0198mol，则H2S物质的量为0.0198mol，H2S的质量为0.6732g，产品纯度为。21．(1)硝基、羰基(或酮羰基、酮基)(2)(3)BD(4)+NH3+HBr或+2NH3+NH4Br(5)CH≡CH CH3CHO。(6)或或或或【分析】A发生取代反应生成B，B在硫酸作用下与硝酸发生对位取代生成C；C水解生成D，D取代生成E，E发生取代反应生成F，结合已知信息，根据其分子式，可推出F为：；F发生取代反应生成G：；【详解】（1）化合物E的结构简式为，分子结构中的含氧官能团有硝基、羰基(或酮羰基、酮基)；故答案为：硝基、羰基(或酮羰基、酮基)。（2）根据分析可知，化合物C结构简式：；（3）A．氨基易被氧化，在进行硝化反应前，先将其转化为稳定的酰胺基，硝化反应后再水解出氨基，属于氨基的保护，A正确；B．硝基为吸电子基团，硝基的存在会导致N原子结合质子能力减弱，所以碱性：A＞D，B错误；C．B为，在氢氧化钠溶液加热的条件下发生水解反应，可转化为化合物A，C正确；D．化合物G（）转化为氯硝西泮（），是羰基与氨基发生了加成反应后再发生消去反应，D错误；故答案选BD；（4）F发生取代反应生成G：+NH3+HBr；由于HBr可与NH3反应生成NH4Cl，所以该反应也可写为+2NH3+NH4Cl。故答案为+NH3+HBr或+2NH3+NH4Br。（5）可由发生分子间酯化反应生成，可由酸化得到，乙醛与HCN发生加成反应生成，而乙炔与H2O发生加成反应生成乙醛(CH3CHO)，故合成路线为 CH≡CH CH3CHO。（6）B为，其同分异构体分子中含有二取代的苯环；分子中共有4种不同化学环境的氢原子，无碳氧单键，则其结构简式可有、、、、等；
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