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专题30 尺规作图类问题-【真题汇编】2024年中考数学真题专题分类汇编练习(原卷版+解析版)
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一、选择题
1. (2024山东烟台)某班开展“用直尺和圆规作角平分线”的探究活动,各组展示作图痕迹如下,其中射线为的平分线的有( )
A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个
【答案】D
【解析】本题考查角平分线的判定,全等三角形的判定和性质,等腰三角形的判定和性质,中垂线的性质和判定,根据作图痕迹,逐一进行判断即可.
【详解】第一个图为尺规作角平分线的方法,为的平分线;
第二个图,由作图可知:,
∴,
∵,
∴,
∴,
∵,,
∴,
∴,
∵,
∴,
∴,
∴为的平分线;
第三个图,由作图可知,
∴,,
∴
∴,
∴为的平分线;
第四个图,由作图可知:,,
∴为的平分线;
故选D.
2. (2024四川眉山)如图,在中,,,分别以点,点为圆心,大于的长为半径作弧,两弧交于点,,过点,作直线交于点,连接,则的周长为( )
A. 7B. 8C. 10D. 12
【答案】C
【解析】本题考查了尺规作图—作垂直平分线,根据垂直平分线的性质即可证明,根据的周长,即可求出答案.
【详解】由作图知,垂直平分,
,
的周长,
,,
的周长,
故选:C.
3. (2024天津市)如图,中,,以点为圆心,适当长为半径画弧,交于点,交于点;再分别以点为圆心,大于的长为半径画弧,两弧(所在圆的半径相等)在的内部相交于点;画射线,与相交于点,则的大小为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】本题主要考查基本作图,直角三角形两锐角互余以及三角形外角的性质,由直角三角形两锐角互余可求出,由作图得,由三角形的外角的性质可得,故可得答案
【详解】∵,
∴,
由作图知,平分,
∴,
又
∴
故选:B
4. (2024河北省)观察图中尺规作图的痕迹,可得线段一定是的( )
A. 角平分线B. 高线C. 中位线D. 中线
【答案】B
【解析】本题考查的是三角形的高的定义,作线段的垂线,根据作图痕迹可得,从而可得答案.
由作图可得:,
∴线段一定是的高线;
故选B
5. (2024武汉市)小美同学按如下步骤作四边形:①画;②以点为圆心,个单位长为半径画弧,分别交,于点,;③分别以点,为圆心,个单位长为半径画弧,两弧交于点;④连接,,.若,则的大小是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】本题考查了基本作图,菱形的判定和性质,根据作图可得四边形是菱形,进而根据菱形的性质,即可求解.
【详解】解:作图可得
∴四边形是菱形,
∴
∵,
∴,
∴,
故选:C.
6. (2024四川南充)如图,已知线段,按以下步骤作图:①过点B作,使,连接;②以点C为圆心,以长为半径画弧,交于点D;③以点A为圆心,以长为半径画弧,交于点E.若,则m的值为( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】本题考查了勾股定理,根据垂直定义可得,再根据,设,然后在中,利用勾股定理可得,再根据题意可得:,从而利用线段的和差关系进行计算,即可解答.
【详解】∵,
∴,
∵,设
∴,
∴,
由题意得:,
∴,
∵,
∴,
故选:A
7. (2024北京市)下面是“作一个角使其等于”的尺规作图方法.
上述方法通过判定得到,其中判定的依据是( )
A. 三边分别相等的两个三角形全等
B. 两边及其夹角分别相等的两个三角形全等
C. 两角及其夹边分别相等的两个三角形全等
D. 两角分别相等且其中一组等角的对边相等的两个三角形全等
【答案】A
【解析】根据基本作图中,判定三角形全等的依据是边边边,解答即可.
本题考查了作一个角等于已知角的基本作图,熟练掌握作图的依据是解题的关键.
【详解】根据上述基本作图,可得,
故可得判定三角形全等的依据是边边边,
故选A.
8. (2024深圳)在如图的三个图形中,根据尺规作图的痕迹,能判断射线平分的是( )
A. ①②B. ①③C. ②③D. 只有①
【答案】B
【解析】本题考查了尺规作图,全等三角形的判定与性质,解决问题的关键是理解作法、掌握角平分线的定义.利用基本作图对三个图形的作法进行判断即可.在图①中,利用基本作图可判断平分;在图③中,利用作法得, 可证明,有,可得,进一步证明,得,继而可证明,得,得到是的平分线;在图②中,利用基本作图得到D点为的中点,则为边上的中线.
【详解】在图①中,利用基本作图可判断平分;
在图③中,利用作法得,
在和中,
,
∴,
∴,
在和中
,
∴,
∴,
∵,
∴,
∴,
∴是的平分线;
在图②中,利用基本作图得到D点为的中点,则为边上的中线.
则①③可得出射线平分.
故选:B.
9. (2024四川成都市)如图,在中,按以下步骤作图:①以点为圆心,以适当长为半径作弧,分别交,于点,;②分别以,为圆心,以大于的长为半径作弧,两弧在内交于点;③作射线,交于点,交延长线于点.若,,下列结论错误的是( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】本题考查角平分线的尺规作图、平行四边形的性质、等腰三角形的判定以及相似性质与判定的综合.先由作图得到为的角平分,利用平行线证明,从而得到,再利用平行四边形的性质得到,再证明,分别求出,,则各选项可以判定.
【详解】由作图可知,为的角平分,
∴,故A正确;
∵四边形为平行四边形,
∴,
∵
∴,
∴,
∴,
∴,故B正确;
∵,
∴,
∵,
∴,
∴,
∴,
∴,,故D错误;
∵,
∴,故C正确,
故选:D.
10.(2024湖北省) 为半圆的直径,点为半圆上一点,且.①以点为圆心,适当长为半径作弧,交于;②分别以为圆心,大于为半径作弧,两弧交于点;③作射线,则( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】本题主要考查圆周角定理以及角平分线定义,根据直径所对的圆周角是直角可求出,根据作图可得,故可得答案
【详解】∵为半圆的直径,
∴,
∵,
∴,
由作图知,是的角平分线,
∴,
故选:C
二、填空题
1. (2024湖南省)如图,在锐角三角形中,是边上的高,在,上分别截取线段,,使;分别以点E,F为圆心,大于的长为半径画弧,在内,两弧交于点P,作射线,交于点M,过点M作于点N.若,,则________.
【答案】6
【解析】本题考查了尺规作图,角平分线的性质等知识,根据作图可知平分,根据角平分线的性质可知,结合求出,.
详解】作图可知平分,
∵是边上的高,,,
∴,
∵,
∴,
∴,
故答案为:6.
2. (2024贵州省)如图,在中,以点A为圆心,线段的长为半径画弧,交于点D,连接.若,则的长为______.
【答案】5
【解析】本题考查了尺规作图,根据作一条线段等于已知线段的作法可得出,即可求解.
由作图可知∶ ,
∵,
∴,
故答案为∶5.
3. (2024黑龙江齐齐哈尔)如图,在平面直角坐标系中,以点O为圆心,适当长为半径画弧,交x轴正半轴于点M,交y轴正半轴于点N,再分别以点M,N为圆心,大于的长为半径画弧,两弧在第一象限交于点H,画射线,若,则______.
【答案】2
【解析】此题主要考查了角平分线的尺规作图和性质,坐标与图形的性质,根据作图方法可得点H在第一象限的角平分线上,根据角平分线的性质和第一象限内点的坐标符号可得答案.
【详解】根据作图方法可得点H在第一象限角平分线上;点H横纵坐标相等且为正数;
,
解得:,
故答案为:.
4. (2024山东枣庄)如图,已知,以点为圆心,以适当长为半径作弧,分别与、相交于点,;分别以,为圆心,以大于的长为半径作弧,两弧在内部相交于点,作射线.分别以,为圆心,以大于的长为半径作弧,两弧相交于点,,作直线分别与,相交于点,.若,,则到的距离为________.
【答案】
【解析】如图,过作于,证明,,,再证明,再结合勾股定理可得答案.
【详解】如图,过作于,
由作图可得:,,,
∵,
∴,
∴,
∴,
∴,
∴到的距离为;
故答案为:
【点睛】本题考查了作图−复杂作图:基本作图,三角形的内角和定理的应用,勾股定理的应用,等腰三角形的判定,解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质,结合几何图形的基本性质,逐步操作.
5. (2024天津市)如图,在每个小正方形的边长为1的网格中,点均在格点上.
(1)线段的长为______;
(2)点在水平网格线上,过点作圆,经过圆与水平网格线的交点作切线,分别与的延长线相交于点中,点在边上,点在边上,点在边上.请用无刻度的直尺,在如图所示的网格中,画出点,使的周长最短,并简要说明点的位置是如何找到的(不要求证明)______.
【答案】 ①. ②. 图见解析,说明见解析
【解析】【分析】此题考查了勾股定理、切线的性质等知识,根据题意正确作图是解题的关键.
(1)利用勾股定理即可求解;
(2)根据圆的相关性质和网格特点进行作图即可.
【详解】(1)由勾股定理可知,,
故答案为:
(2)如图,根据题意,切点为;连接并延长,与网格线相交于点;取圆与网格线的交点和格点,连接并延长,与网格线相交于点;连接,分别与相交于点,则点即为所求.
三、解答题
1. (2024福建省)如图,已知直线.
(1)在所在的平面内求作直线,使得,且与间的距离恰好等于与间的距离;(要求:尺规作图,不写作法,保留作图痕迹)
(2)在(1)的条件下,若与间的距离为2,点分别在上,且为等腰直角三角形,求的面积.
【答案】(1)见解析; (2)的面积为1或.
【解析】本题主要考查基本作图,平行线的性质,全等三角形的判定,勾股定理以及分类讨论思想:
(1)先作出与的垂线,再作出夹在间垂线段的垂直平分线即可;
(2)分;;三种情况,结合三角形面积公式求解即可
【小问1详解】
解:如图,
直线就是所求作的直线.
【小问2详解】
①当时,
,直线与间的距离为2,且与间的距离等于与间的距离,根据图形的对称性可知:,
,
.
②当时,
分别过点作直线的垂线,垂足为,
.
,直线与间的距离为2,且与间的距离等于与间的距离,
.
,,
,,
.
在中,由勾股定理得,
.
.
③当时,同理可得,.
综上所述,的面积为1或.
2. (2024广西)如图,在中,,.
(1)尺规作图:作线段的垂直平分线l,分别交,于点D,E:(要求:保留作图痕迹,不写作法,标明字母)
(2)在(1)所作的图中,连接,若,求的长.
【答案】(1)见详解 (2)
【解析】(1)分别以A、B为圆心,大于为半径画弧,分别交,于点D,E,作直线,则直线l即为所求.
(2)连接,由线段垂直平分线的性质可得出,由等边对等角可得出,由三角形内角和得出,则得出为等腰直角三角形,再根据正弦的定义即可求出的长.
【小问1详解】
解:如下直线l即为所求.
【小问2详解】
连接如下图:
∵为线段的垂直平分线,
∴,
∴,
∴,
∴为等腰直角三角形,
∴,
∴
【点睛】本题主要考查了作线段的垂线平分线,线段的垂线平分线的性质,等腰三角形的性质,三角形内角和定理以及正弦的定义.掌握线段的垂直平分线的性质是解题的关键.
3. (2024陕西省)如图,已知直线l和l外一点A,请用尺规作图法,求作一个等腰直角,使得顶点B和顶点C都在直线l上.(作出符合题意的一个等腰直角三角形即可,保留作图痕迹,不写作法)
【答案】见解析
【解析】本题考查了等腰直角三角形的定义,尺规作图.过点A作,垂足为,再在直线l上截取点C,使,连接,则是所求作的等腰直角三角形.
【详解】等腰直角如图所示:
4. (2024内蒙古赤峰)如图,在中,D是中点.
(1)求作:的垂直平分线l(要求:尺规作图,不写作法,保留作图痕迹);
(2)若l交于点E,连接并延长至点F,使,连接.补全图形,并证明四边形是平行四边形.
【答案】(1)见解析 (2)见解析
【解析】本题考查了尺规作图,中位线的性质,平行四边形的判定.
(1)利用尺规作图作出线段的垂直平分线l即可;
(2)由D,E分别为,的中点,根据中位线的性质,得到,,结合,得到,即可证明结论成立.
【小问1详解】
解:直线l如图所示,
;
【小问2详解】
证明:补全图形,如图,
由(1)作图知,E为的中点,
∵D,E分别为,的中点,
∴,,
∵,即:,
∴,
∵,
∴ 四边形是平行四边形.
5. (2024黑龙江绥化)已知:.
(1)尺规作图:画出的重心.(保留作图痕迹,不要求写作法和证明)
(2)在(1)的条件下,连接,.已知的面积等于,则的面积是______.
【答案】(1)见解析 (2)
【解析】本题考查了三角形重心的性质,尺规画垂线;
(1)分别作的中线,交点即为所求;
(2)根据三角形重心的性质可得,根据三角形中线的性质可得
【小问1详解】
解:如图所示
作法:①作的垂直平分线交 于点
②作的垂直平分线交于点
③连接、相交于点
④标出点 ,点 即为所求
【小问2详解】
解:∵是的重心,
∴
∴
∵的面积等于,
∴
又∵是的中点,
∴
故答案为:.
6. (2024甘肃临夏)根据背景素材,探索解决问题.
【答案】任务一:见解析;任务二:
【解析】本题考查尺规作图,弧、弦、圆心角的关系,旋转的性质.利用数形结合的思想是解题关键.
任务一:根据操作步骤作出,再根据弧、弦、圆心角的关系,分别作出,即得出,最后顺次连接即可;
任务二:由旋转的性质可知,即得出,即此时点所在位置的坐标为.
【详解】解:任务一:如图,正六边形即为所作;
任务二:如图,
由旋转可知,
∴,
∴.
故答案为:.
7. (2024甘肃威武)马家窑文化以发达的彩陶著称于世,其陶质坚固,器表细腻,红、黑、白彩共用,彩绘线条流畅细致,图案繁缛多变,形成了绚丽典雅的艺术风格,创造了一大批令人惊叹的彩陶艺术精品,体现了古代劳动人民的智慧.如图1的彩陶纹样呈现的是三等分圆周,古人用等边三角形三点定位的方法确定圆周的三等分点,这种方法和下面三等分圆周的方法相通.如图2,已知和圆上一点M.作法如下:
①以点M为圆心,长为半径,作弧交于A,B两点;
②延长交于点C;
即点A,B,C将的圆周三等分.
(1)请你依据以上步骤,用不带刻度的直尺和圆规在图2中将的圆周三等分(保留作图痕迹,不写作法);
(2)根据(1)画出的图形,连接,,,若的半径为,则的周长为______.
【答案】(1)见解析 (2)
【解析】【分析】(1)根据尺规作图的基本步骤解答即可;
(2)连接,设的交点为D,得到,根据的半径为,是直径,是等边三角形,计算即可.
本题考查了尺规作图,圆的性质,等边三角形的性质,熟练掌握尺规作图的方法和圆的性质是解题的关键.
【小问1详解】
根据基本作图的步骤,作图如下:
则点A,B,C是求作的的圆周三等分点.
【小问2详解】
连接,设的交点为D,
根据垂径定理得到,
∵的半径为,是直径,是等边三角形,
∴,,
∴,
∴的周长为,
故答案为:.
8. (2024河南省)如图,在中,是斜边上的中线,交的延长线于点E.
(1)请用无刻度的直尺和圆规作,使,且射线交于点F(保留作图痕迹,不写作法).
(2)证明(1)中得到的四边形是菱形
【答案】(1)见解析 (2)见解析
【解析】【分析】本题考查了尺规作图,菱形的判定,直角三角形斜边中线的性质等知识,解题的关键是:
(1)根据作一个角等于已知角的方法作图即可;
(2)先证明四边形是平行四边形,然后利用直角三角形斜边中线的性质得出,最后根据菱形的判定即可得证.
【小问1详解】
解:如图,
;
【小问2详解】
证明:∵,
∴,
∵,
∴四边形是平行四边形,
∵在中,是斜边上的中线,
∴,
∴平行四边形是菱形.
9. (2024武汉市)如图是由小正方形组成的网格,每个小正方形的顶点叫做格点.三个顶点都是格点.仅用无刻度的直尺在给定网格中完成四个画图任务,每个任务的画线不得超过三条.
(1)在图(1)中,画射线交于点D,使平分的面积;
(2)在(1)的基础上,在射线上画点E,使;
(3)在图(2)中,先画点F,使点A绕点F顺时针旋转到点C,再画射线交于点G;
(4)在(3)基础上,将线段绕点G旋转,画对应线段(点A与点M对应,点B与点N对应).
【答案】(1)作图见解析
(2)作图见解析 (3)作图见解析
(4)作图见解析
【解析】【分析】本题考查了网格作图.熟练掌握全等三角形性质,平行四边形性质,等腰三角形性质,等腰直角三角形性质,是解题的关键.
(1)作矩形,对角线交于点D,做射线,即可;
(2)作,射线于点Q,连接交于点E,即可;
(3)在下方取点F,使,是等腰直角三角形,连接, ,交于点G,即可;
(4)作,交于点M,作,交于点N,连接,即可.
【小问1详解】
如图,作线段,使四边形是矩形,交于点D,做射线,点D即为所求作;
【小问2详解】
如图,作,作于点Q,连接交于点E,点E即为作求作;
【小问3详解】
如图,在下方取点F,使,连接,连接并延长,交于点G,点F,G即为所求作;
【小问4详解】
如图,作,交射线于点M,作,交于点N,连接,线段即为所求作.
10. (2024吉林省)小明在学习时发现四边形面积与对角线存在关联,下面是他的研究过程:
【探究论证】
(1)如图①,在中,,,垂足为点D.若,,则______.
(2)如图②,在菱形中,,,则______.
(3)如图③,在四边形中,,垂足为点O.若,,则______;若,,猜想与a,b的关系,并证明你的猜想.
【理解运用】
(4)如图④,在中,,,,点P为边上一点.
小明利用直尺和圆规分四步作图:
(ⅰ)以点K圆心,适当长为半径画弧,分别交边,于点R,I;
(ⅱ)以点P为圆心,长为半径画弧,交线段于点;
(ⅲ)以点为圆心,长为半径画弧,交前一条弧于点,点,K在同侧;
(ⅳ)过点P画射线,在射线上截取,连接,,.
请你直接写出的值.
【答案】(1)2,(2)4,(3),,证明见详解,(4)10
【解析】【分析】(1)根据三角形的面积公式计算即可;
(2)根据菱形的面积公式计算即可;
(3)结合图形有,,
即可得,问题随之得解;
(4)先证明是直角三角形,由作图可知:,即可证明,再结合(3)的结论直接计算即可.
【详解】(1)∵在中,,,,
∴,
∴,
∴,
故答案为:2;
(2)∵在菱形中,,,
∴,
故答案为:4;
(3)∵,
∴,,
∵,
∴,
∴,
∵,,
∴,
故答案为:,
猜想:,
证明:∵,
∴,,
∵,
∴,
∴,
∵,,
∴;
(4)根据尺规作图可知:,
∵在中,,,,
∴,
∴是直角三角形,且,
∴,
∵,
∴,
∴,
∵,,
∴根据(3)的结论有:.
【点睛】本题考查了等腰三角形的性质,菱形的性质,作一个角等于已知角的尺规作图,勾股定理的逆定理等知识,难度不大,掌握作一个角等于已知角的尺规作图方法,是解答本题的关键.
11. (2024江苏扬州)如图,已知及边上一点.
(1)用无刻度直尺和圆规在射线上求作点,使得;(保留作图痕迹,不写作法)
(2)在(1)的条件下,以点为圆心,以为半径的圆交射线于点,用无刻度直尺和圆规在射线上求作点,使点到点的距离与点到射线的距离相等;(保留作图痕迹,不写作法)
(3)在(1)、(2)的条件下,若,,求的长.
【答案】(1)作图见详解 (2)作图见详解 (3)
【解析】【分析】(1)根据尺规作角等于已知角的方法即可求解;
(2)根据尺规作圆,作垂线的方法即可求解;
(3)根据作图可得是直径,结合锐角三角函数的定义可得的值,根据勾股定理可求出的值,在直角中运用勾股定理即可求解.
【小问1详解】
解:如图所示,
∴;
点O即为所求
【小问2详解】
解:如图所示,
连接,以点为圆心,以为半径画弧交于点,以点为圆心,以任意长为半径画弧交于点,分别以点为圆心,以大于为半径画弧,交于点,连接并延长交于点,
∵是直径,
∴,即,
根据作图可得,
∴,即,是点到的距离,
∵,
∴,
∴,
点即为所求点的位置;
【小问3详解】
解:如图所示,
根据作图可得,,连接,
∴在中,,
∴,
∴,
∵是直径,
∴,
∴,
设,则,
∴在中,,
解得,(负值舍去),
∴,
在中,.
【点睛】本题主要考查尺规作角等于已知角,尺规作垂线,勾股定理,锐角三角函数的定义等知识的综合,掌握以上知识的综合运用是解题的关键.
12. (2024江西省)如图,为菱形的对角线,请仅用无刻度的直尺按要求完成以下作图(保留作图痕迹)
(1)如图,过点作的垂线;
(2)如图,点为线段的中点,过点作的平行线.
【答案】(1)作图见解析; (2)作图见解析.
【解析】【分析】()作直线,由菱形的性质可得,即为的垂线;
()连接并延长,与的延长线相交于点,作直线,因为点为线段的中点,所以,因为,所以,,故可得,得到,所以四边形为平行四边形,即;
本题考查了菱形的性质,平行四边形的判定,掌握菱形的性质及平行四边形的判定方法是解题的关键.
【小问1详解】
解:如图,即为所求;
【小问2详解】
解:如图,即为所求.
13. (2024山东威海)感悟
如图1,在中,点,在边上,,.求证:.
应用
(1)如图2,用直尺和圆规在直线上取点,点(点在点的左侧),使得,且(不写作法,保留作图痕迹);
(2)如图3,用直尺和圆规在直线上取一点,在直线上取一点,使得,且(不写作法,保留作图痕迹).
【答案】见解析
【解析】【分析】本题主要考查全等三角形的判定及性质、尺规作图:
证明,即可求得;
应用(1):以点为圆心,以长度为半径作弧,交直线于一点,该点即为点,以点为圆心,以长度为半径作弧,交直线于一点,该点即为点,连接,;
应用(2):以点为圆心,以长为半径作弧,交的延长线于一点,该点即为点,以点为圆心,以长为半径作弧,交直线于一点,该点即为点,连接.
【详解】感悟:
∵,
∴.
在和中
∴.
∴.
应用:
(1):以点为圆心,以长度为半径作弧,交直线于一点,该点即为点,以点为圆心,以长度为半径作弧,交直线于一点,该点即为点,连接,,图形如图所示.
(2):以点为圆心,以长为半径作弧,交的延长线于一点,该点即为点,以点为圆心,以长为半径作弧,交直线于一点,该点即为点,连接,图形如图所示.
根据作图可得:,
又,
∴,
∴.
14. (2024四川达州)如图,线段、相交于点.且,于点.
(1)尺规作图:过点作的垂线,垂足为点、连接、;(不写作法,保留作图痕迹,并标明相应的字母)
(2)若,请判断四边形的形状,并说明理由.(若前问未完成,可画草图完成此问)
【答案】(1)见解析 (2)四边形是平行四边形,理由见解析
【解析】【分析】本题主要考查了平行四边形的判定,垂线的尺规作图,全等三角形的性质与判定:
(1)先根据垂线的尺规作图方法作出点F,再连接、即可;
(2)先证明,得到,再证明,进而证明,得到,即可证明四边形是平行四边形.
【小问1详解】
解:如图所示,即为所求;
【小问2详解】
解:四边形是平行四边形,理由如下:
∵,
∴,
又∵,
∴,
∴,
∵,
∴,
又∵,
∴,
∴,
∴四边形是平行四边形.
(1)如图,以点为圆心,任意长为半径画弧,分别交,于点,;
(2)作射线,以点为圆心,长为半径画弧,交于点;以点为圆心,长为半径画弧,两弧交于点;
(3)过点作射线,则.
平面直角坐标系中画一个边长为2的正六边形
背景素材
六等分圆原理,也称为圆周六等分问题,是一个古老而经典的几何问题,旨在解决如何使用直尺和圆规将一个圆分成六等份的问题.这个问题由欧几里得在其名著《几何原本》中详细阐述.
已知条件
点与坐标原点重合,点在轴正半轴上且坐标为
操作步骤
①分别以点,为圆心,长为半径作弧,两弧交于点;
②以点为圆心,长为半径作圆;
③以的长为半径,在上顺次截取;
④顺次连接,,,,,得到正六边形.
问题解决
任务一
根据以上信息,请你用不带刻度的直尺和圆规,在图中完成这道作图题(保留作图痕迹,不写作法)
任务二
将正六边形绕点顺时针旋转,直接写出此时点所在位置的坐标:______.
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