四川省眉山市东坡区校际联考2024-2025学年高三上学期9月月考物理试题
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2.D
3.C 【详解】A.“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中,应先撒痱子粉,再滴油酸酒精溶液,否则很难形成单分子油膜,A错误;B.图中的折线是炭粒在不同时刻的位置的连线,并不是固体小颗粒的运动轨迹,也不是分子的运动轨迹,由图可以看出小炭粒在不停地做无规则运动,B错误;C.根据分子力与分子间距的关系图,可知分子间距从增大时,分子力表现为引力,分子力先变大后变小,C正确;D.由图可知,②中速率大分子占据的比例较大,则说明②对应的平均动能较大,故②对应的温度较高,即D错误;故选C。
4.A
5.A【详解】采用逆向思维可知,动车连续经过相等的位移所用的时间之比为
则动车第1节车厢最前端从经过5号旅客到停下所用的时间为第1节车厢经过他用时的2倍,历时2t,故C错误;动车第1节车厢最前端从经过5号旅客到停下总位移为4l,用时2t,则平均速度为故B错误; A.由以上逆向思维可知 则加速度 。并且 解得 ,同时又有所以故A正确,D错误。故选A。
6.B【详解】A.乙图显示的数值与物块受到的摩擦力大小相等,拉动长木板的力F与物块所受的摩擦力大小是不相等的,故A错误;C.由乙图知物块与长木板间的滑动摩擦力大小为,并不是长木板与水平桌面间的摩擦力,故C错误;B.物块与长木板间的动摩擦因数为故B正确;D.因为图线峰值大小代表的是物块和长木板间的最大静摩擦力的大小,由物块和长木板间的正压力及粗糙程度决定,跟长木板与桌面的粗糙程度无关;如果放在更加粗糙的水平桌面上,图线对应的峰值应该是不变的,故D错误。故选B。
D【详解】B.根据图2可知,在t2以后滑块受到的摩擦力不变,为根据滑动摩擦力的计算公式可得,解得滑块与木板间的动摩擦因数故B正确,不符合题意;A.在0~t1过程中为静摩擦力,t1~t2过程中木板相对于地面开始运动,木板与水平地面间的动摩擦因数为,则。解得,故A正确,不符合题意;C.t2以后木板受力不变,加速度不变,则木板的最大加速度为2m/s2,故C正确,不符合题意。 D.t2时刻二者发生相对运动时,加速度大小为a,对木板根据牛顿第二定律可得对木块有 ; 解得
根据F=0.5t可知图2中t2时刻对应的拉力为24s,故D错误,符合题意;故选D。
8.AD【详解】A.对小球A受力分析,由平衡条件可知
对滑轮受力分析,如图
由矢量三角形可知,悬挂滑轮的细线的弹力一定大于绳子的拉力,即大于小球A的重力,故A正确;
BD.根据几何关系可知
对物体B受力分析,由平衡条件水平方向有
根据牛顿第三定律,若物体B的质量越大,则B对地面的摩擦力不变,若小球A的质量越小,则B对地面的摩擦力越小,故B错误,D正确;C.若将点缓慢右移少许,与竖直方向的夹角减小,对物体B受力分析,由平衡条件竖直方向有 因为减小,故增大,则,由牛顿第三定律可知,B对地面的压力将减小,故C错误。故选AD。
9.BD【详解】A.根据题图可知,甲的与关系为可得,结合匀减速直线运动位移时间关系 可知甲做初速度大小为,加速度大小为的匀减速直线运动,故A错误;B.根据题图可知,乙的与关系为可得 可知乙做速度大小为的匀速直线运动,故B正确;C.时,甲的瞬时速度
此时二人相距最近,最近的距离为
故C错误;D.由于蓝牙耳机能被连接的时间为,而甲乙两人时相距最近,所以蓝牙耳机连接的时间为,当时,甲的速度大小为
最远连接距离为
故D正确。故选BD。
10.AB【详解】A.工件放到传送带时,工件相对传送带向下运动,受到向上的滑动摩擦力,工件速度和传送带速度相同时,相对传送带静止,受到向上的静摩擦力,故A正确;B.刚开始加速1s的两个工件间距离最小,加速过程由牛顿第二定律可得
代入数据可得由位移公式代入数据可得
,故B正确;C.工件加速过程所用的时间为工件加速过程的位移为工件匀速过程的位移为每隔1s把工件放到传送带上,所以匀加速过程放了2个,匀速过程放了4个,共6个,故C错误;
D.满载时电机对传送带的牵引力为
故D错误。故选AB。
11. 1.38 45.9 2.29
12.(1)B (2)1.90 (3)F (4)A
13.(1), (2)
【详解】(1)由图像可知行李箱前5s内的位移大小为
(2分)
代入可得 (1分)
5s后的位移大小为 (1分)
其中 (1分)
解得 (1分)
(2)行李箱减速过程中的加速度大小为,由运动学公式
(1分)
得 a=2m/s2 (1分)
由牛顿第二定律有 (1分)
解得 (1分)
14.(1)43mg3,;(2)21mg3;(3)见解析
【详解】(1)对小球1与2组成的整体分析,由平衡条件可得
Facs30°=2mg(2分)
Fasin30°=Fc(2分)
解得 Fa=43mg3 Fc=23mg3(1分)
(2)对小球2分析:细线对小球2的拉力大小
Fb=mg2+Fc2(2分)
解得
Fb=21mg3(1分)
(3)剪断细线b的瞬间,小球1所受合力为
F1合=mgsin30°=ma1(2分)
a1=gsin30°=12g(1分)
剪断细线b的瞬间,弹簧c上的力不变,则有小球2受合力为
F2合=Fb=21mg3=ma2(2分)
解得加速度的大小 a2 =213g(1分)
15.(1)(2)(3)
【详解】:(1)设滑块与小球碰撞前瞬间速度为,由机械能守恒,
有 ①(2分)
得 (1分)
(2)设小球在最高点的速度为v,由图乙可知小球在最高点时受到的拉力
由牛顿第二定律,有 ② (2分)
得v=4m/s (1分)
设小球碰撞后瞬间速度为,由机械能守恒,有 ③(2分)
联立①②③并代入数据,解得 (1分)
(3)滑块与小球碰撞过程满足动量守恒: ④(1分)
得碰撞后的速度 方向向右 (1分)
滑块最终没有滑离小车,滑块和小车之间必有共同的末速度
由滑块与小车组成的系统动量守恒: ⑤(1分)
得 (1分)
(I)若较大,则滑块可能不与弹簧接触就已经与小车相对静止,设滑块恰好滑到Q点,由能量转化与守恒有 ⑥(1分)
联立④⑤⑥得 (1分)
(II)若不是很大,则滑块必然挤压弹簧,再被弹回到PQ之间,设滑块恰好回到小车的左端P点处,由能量转化与守恒有 ⑦(1分)
④⑤⑦得 (1分) 综上所述,得(1分)
考点:机械能守恒,动量守恒,功能关系.
【名师点晴】该题的难点在于最后一问,滑块与PQ之间的动摩擦因数μ应在什么范围内, 使滑块既能挤压弹簧,又最终没有滑离小车;根据要求我们就取两个极端,即摩擦系数大时刚好到弹簧和摩擦系数小时刚好返回到小车的P点,将复杂的问题具体化.
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