福建省宁德市博雅培文学校2024-2025学年高三上学期9月阶段模拟物理试题

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B．当滑片P向a端移动时，施加反向电压，光电流I将减小，故B错误；
C．根据可知频率越大，遏止电压越大，故a光的频率最大，根据
可知频率越大，波长越短，故a光的波长最短，根据可知a光光子动量最大，故C错误；
D．可见光波长范围约为到之间，根据氢原子能级图可知氢光谱可见光只有4条，而a光的能量最大，故排除氢原子从能级向能级跃迁的可能，故a光是氢原子从能级向能级跃迁发出的光，能量为2.86，b光是氢原子从能级向能级跃迁发出的光，能量为2.55，c光是氢原子从能级向能级跃迁发出的光，能量为1.89，故图丙中3条图线对应的遏止电压，一定有
故D正确。故选D。
2．C【详解】将螺线管等效看作是高为h，长度为l的斜面，则小球在螺线管上运动时的加速度大小为
设小球在进行第n次圆周运动时的初、末速度大小分别为v1、v2，根据运动学规律有
解得小球第n次圆周运动所用的时间为故选C。
3．B【详解】A．由题意可知，只剩下a光从顶部射出时，b光发生全反射，而a光没发生全反射，可知b光临界角比a光小，根据可知b光的折射率比a光的大，根据
可知在此透光材料中b光的传播速度小于a光的传播速度，故A错误；
B．只剩下a光从顶部射出时，如图所示，由题意可知可得
则，
在中，由正弦定理得b光发生全反射有
此透光材料对b光的折射率为故B正确；
C．a光从P点射出时，a光经过SP路程所需的时间为故C错误；
D．b光的折射率比a光的大，b光的频率比a光的大，则b光的波长比a光的小，波长越长，越容易发生明显的衍射现象，则同一装置用a、b光做单缝衍射实验，a光的衍射现象更加明显，故D错误。故选B。
4．B【详解】滑块与斜面组成的系统在水平方向的合力为零，则系统水平方向的动量守恒，有
对滑块竖直方向，由能量关系可知联立可得滑块滑到斜面底端所用的时间为故选B。
5．BCD【详解】A．刚施加力F时，对P、Q整体进行分析，根据牛顿第二定律有解得
对Q进行分析，根据牛顿第二定律有
根据牛顿第三定律有解得Q对P的压力大小为故A错误；
B．假设P、Q分离，则两者之间弹力为0，对Q进行分析，根据牛顿第二定律有
解得加速度大小为
方向竖直向下。施加拉力后，对P、Q整体进行分析，令平衡位置的压缩量为，则有
令整体相对平衡位置位移为x，则回复力为解得
可知，回复力大小与相对平衡位置的位移大小成正比，方向相反，可知，整体做简谐运动，根据简谐运动的对称性，整体运动的最大加速度为
表明P、Q整体先向上做加速运动，后向上做减速至0，速度减为0时的加速度大小小于分离时向下的加速度，可知，假设不成立，即施加力F后，在运动过程中P、Q不可能分离，故B正确；
C．结合上述可知，P运动到最高点时，整体加速度方向向下，大小为
对整体分析有解得
即弹簧的弹力大小为，故C正确
D．物块开始位置，根据胡克定律与平衡条件有
结合上述，物块在最高点时，根据胡克定律有
P从静止时位置到第一次速度最大的位置间的距离为故D正确。故选BCD。
6．ABD【详解】A．图像的斜率表示加速度，可知时刻木板的加速度发生改变，故可知小物块在时刻滑上木板，故A正确；
B．结合图像可知时刻，木板的速度为
设小物块和木板间动摩擦因数为，由题意可知物体开始滑上木板时的速度为，负号表示方向水平向左，物块在木板上滑动的加速度为，经过时间与木板共速此时速度大小为，方向水平向右，故可得解得故B正确；
C．设木板质量为M，物块质量为m，根据图像可知物块未滑上木板时，木板的加速度为
故可得解得
根据图像可知物块滑上木板后木板的加速度为
此时对木板由牛顿第二定律得解得故C错误；
D．假设之后小物块和木板一起共速运动，对整体
故可知此时整体处于平衡状态，假设成立，即之后小物块和木板一起做匀速运动，故D正确。故选ABD。
7．BD【详解】A．依题意，煤块先减速至零再反向加速与传送带共速，最后匀速运动到传送带左端，根据牛顿第二定律为
减速运动的距离为
再反向加速至与传送带共速距离为
反向加速与传送带共速总时间为
最后匀速运动有，
煤块在传送带上运动的时间为故A错误；
B．痕迹长为煤块与传送带之间相对位移大小，依题意有故B正确；
C．传送带与煤块摩擦产生的热量为故C错误；
D．在摩擦力作用下传送带的位移大小为
则传送带克服煤块的摩擦力做功为故D正确。故选BD。
8．BCD【详解】A．图像与坐标轴围成的面积表示位移，物块的位移为
木板的位移为
物块与木板的位移之比可表达为故A错误；
B．根据能量守恒，整个过程，因摩擦产生的总热量为故B正确；
C．时间内，对物块，根据牛顿第二定律
时间内，对木板，根据牛顿第二定律，
板块间与板地间的动摩擦因数比值可表达为故C正确；
D．时间内，对木板，根据牛顿第二定律有且联立可得
故D正确。故选BCD。
9． 40 8
【详解】[1]细线剪断前，AB之间无压力，则弹簧弹力为
细线剪断瞬间，弹簧弹力不变，仍为40N。
[2]细线剪断瞬间，对整体受力分析得
解得
对B研究可得解得
10． 一定 f
【详解】[1] 设每根弹簧的原长为，ab的形变量为，cd的形变量为，则有
若ab弹簧也是被拉长，则有解得=0
不符合题意，所以ab之间的弹簧一定是压缩的。
[2]由于a受到的摩擦力大小为f，根据对称性可得，b受到的摩擦力大小为f。
[3]以a和c为研究对象进行力的分析如图所示

图中的为ac与cd之间的夹角，则有
可得，
以a为对象，根据受力平衡可得
以c为对象，力的合成可得联立解得
11．
【详解】[1]初始时A、B气体压强相等，对汽缸C进行受力分析可得得到
[2]环境温度升高，A、B气体压强均不变，气体发生等压变化
则外界对A、B做功为
由热力学第一定律ΔU=W+Q总
则A气体从外界吸收的热量为
12．(1) 偏小 不变
(2)
【详解】（1）[1]同学1光路图如图所示
由图可知
其中变大，则减小，即测量值偏小；
[2]同学2 的光路图如图所示
由图可知
角度保持不变，所以的值不变。
（2）根据结果画出的光路图如图所示
折射率
13．(1)B
(2)
(3)
【详解】（1）AC．本实验中拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故AC错误；
B．打点计时器使用时，先接通电源，再释放小车，该实验探究质量一定时加速度与力的关系，要记录弹簧测力计的示数，故B正确。
故选B。
（2）[1][2]两相邻计数点间的时间间隔
打计数点5时小车速度的表达式
小车加速度的表达式
（3）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标
根据牛顿第二定律
得小车质量
14．（1）0.5；（2）
【详解】（1）内，货物在倾斜传送带上的加速度大小为
内，货物在倾斜传送带上的加速度大小为
根据牛顿第二定律，内，有
内，有
解得
（2）结合图乙知，传送带的速率货物在水平传送带上运动的加速度大小为
货物在水平传送带上减速运动的时间
货物在水平传送带上减速运动的位移大小为
解得
由于，货物与传送带共速后一起做匀速运动货物在水平传送带上的相对位移
货物与传送带间因摩擦产生的总热量
解得
15．（1）0.8p0；（2）25cm；（3）
【详解】
（1）保持阀门K关闭，对两活塞整体为研究对象，根据平衡得
解得
（2）打开阀门K稳定后，设气体压强为，以两个活塞和杆为整体有
解得
设大活塞左移x，对封闭气体由玻意耳定律得
代入数据解得
则大活塞停在据左侧缸底
（3）重新关闭阀门，若活塞恢复原位，则对B中气体由玻意耳定律得
解得
则
解得
对A中气体和充入气体整体为研究对象，根据玻意耳定律得
解得
16．（1）；（2）；（3）不能
【详解】
（1）设弹簧的压缩量为，小物块B与薄板碰前瞬间速度为，碰撞后瞬间与B的共同速度，薄板与小球C发生瞬间碰撞前速度为，碰后，薄板的速度为，小球C速度为，由薄板静止可得
小物块B下落过程机械能守恒
小物块B与薄板组成的系统碰撞瞬间动量守恒
解得
（2）小物块B与薄板组成的系统能量守恒
薄板与小球C发生瞬间弹性碰撞的过程中，动量及能量守恒：
小球C竖直上抛
（3）由（2）可得
故小球C上升的最大高度不能高于小物块B释放的高度题号
1
2
3
4
5
6
7
8
答案
D
C
B
B
BCD
ABD
BD
BCD