江苏省泰州市2024_2025学年九年级上学期第一次月考物理模拟试卷

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1.如图所示，无人机喷洒农药的过程中保持在同一高度匀速飞行，则无人机（含农药）的（ ）
A．质量不变B．重力势能减小
C．动能增大D．机械能不变
【答案】B
【解析】无人机喷洒农药的过程中保持在同一高度匀速飞行，高度和速度不变，但是质量减小，动能和重力势能均减小，总的机械能也减小，故B正确，ACD错误。故选：B。
2.（2024•盐城大丰区一模）下列事例中与“生火做饭”改变物体内能方式相同的是（ ）
A．擦燃火柴B．钻木取火C．围炉烤火D．搓手取暖
【答案】C
【解析】热传递和做功都能改变物体的内能，“生火做饭”是通过热传递改变物体的内能。ABD、擦燃火柴、钻木取火、搓手取暖，是通过克服摩擦做功改变物体的内能，故ABD错误；C、围炉烤火时吸收热量，是通过热传递改变物体的内能，故C正确。故选：C。
3.（2024•响水县二模）闻着氤氲的肉串香气，听着滋滋作响的美妙声音，尝着别有风味的多样食材……近期，“淄博烧烤”迅速“出圈”。下列说法正确的是（ ）
A．烤肉温度越高，所含热量越多
B．木炭在燃烧的过程中，热值变小
C．燃烧木炭时，看到烟雾缭绕，这是分子做无规则运动
D．烤肉时，扩散的快慢与温度有关，温度越高扩散越快
【答案】D
【解析】A．热量是一个过程量，不能说含有热量，故A错误；B．热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，故B错误；C．看到烟雾在空中弥漫，烟雾不属于分子，所以和分子动理论的内容无关，不能用分子动理论解释，故C错误；D．温度越高，分子无规则运动越剧烈，扩散越快，故D正确。故选：D。
4．（2分）（2024•无锡惠山区校级一模）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）
A．0℃的冰块是固体，内能一定为零
B．物体的温度越高，所含有的热量越高
C．热量不能从内能小的物体传给内能大的物体
D．物体的温度降低，内能一定减少
【答案】D
【解析】A、一切物体在任何情况下都有内能，即0℃的冰块也有内能，故A错误；
B、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故B错误；
C、发生热传递的条件是有温度差，内能小的物体温度高，能传递给内能大的低温物体，故C错误；
D、当物体的温度降低时，内部分子的无规则运动减慢，其内能一定减小，故D正确。
故选：D。
5.（2024·四川凉山州17题2分）北京时间2024年4月21日7时45分,我国在西昌卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭,成功将遥感四十二号02星发射升空,卫星顺利进入预定轨道,发射任务获得圆满成功。下列关于发射过程中描述正确的是（ ）
A.火箭上升过程中,02星的质量变小
B.火箭上升过程中,02星相对于地面是运动的
C.火箭升空的原理与喷气式飞机升空原理相同
D.火箭加速升空过程中机械能不变
【答案】B
解析：质量是物质的属性，与位置无关，火箭上升过程中,02星的质量不变，A不符合题意；火箭上升过程中,02星相对于地面位置在改变，相对于地面是运动的，B符合题意；火箭是利用力的作用是相互的这一原理升空的，喷气式飞机利用流体压强与流速关系升空的，C不符合题意；火箭加速升空过程中动能变大，重力势能变大，即机械能变大，D不符合题意。
6．（2024·湖北武汉10题3分）下列事例中，与“水的比热容较大”这个特性无关的是（ ）
A．汽车发动机用水作冷却剂
B．人游泳之后从水中出来，风一吹感觉更冷
C．海边昼夜温度变化比沙漠中小，适于居住
D．生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度
【答案】B
解析：水的比热容较大，汽车发动机用水作冷却剂，A不符合题意；人游泳之后从水中出来，风一吹，皮肤表面的水蒸发吸热，皮肤温度降低，感觉更冷，与水的比热容无关，B符合题意；由于水的比热容比沙子的比热容大，导致海边昼夜温度变化比沙漠中小，C不符合题意；由于水的比热容较大，当外界温度变化较大时，人体温度变化不大，即水有助于调节生物体自身的温度，D不符合题意。
7.（2分）（2024•盐城大丰区一模）在如图所示的电路中，闭合开关，灯泡都不发光。为了寻找灯泡不亮的原因，用导线将电压表的正接线柱固定在电源正极，电压表负接线柱上的导线依次接触a、b、c、d四个接线柱，发现与a、b接线柱接触时电压表无示数，与c、d接线柱接触时电压表有示数。若电路中只有一处断路，位置可能是（ ）
A．灯泡L1断路B．导线①断路
C．导线②断路D．灯泡L2断路
【答案】C
【解析】根据实物图可知，两个灯泡串联接入电路中，闭合开关，灯泡都不发光，说明发生断路。用导线将电压表的正接线柱固定在电源正极，电压表负接线柱上的导线依次接触a、b、c、d四个接线柱，发现与a、b接线柱接触时电压表无示数，电压表与c、d接线柱接触时有示数，说明故障在a、d之间，则是导线②断路。故C正确，ABD不正确。故选：C。
8.（2分）（2024•无锡梁溪区一模）随着科技的发展，双控型抽油烟机的开关既有触摸式的触屏开关S1，也有利用红外线的感应开关S2。操作任意一个开关均可以使油烟机内的电动机开始运转或停止工作，给人们带来了好的生活体验。如图是小明设计的四个抽油烟机模拟电路，电动机用符号表示，能满足上述要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B
【解析】由题知，操作任意一个开关均可以使油烟机内的电动机开始运转或停止工作；
A、图中两个单刀开关串联，相互影响，只有两个开关都闭合时，电动机才工作，故A错误；
9.（2024•吴江区一模）取一个橙子，把铜片、铁片插入其中，就制成了一个水果电池。用电压表测量电压如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．铜片是水果电池的负极
B．再串联一个相同水果电池可获得更高的电压
C．该水果电池的电压是3V
D．水果电池将内能转化为电能
【答案】B
【解析】A、电压表使用时，电流从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出，即电压表的正接线柱与电源的正极相连接，因此铜片为正极，故A错误；
B、两个相同水果电池串联后可提供更高电压，故B正确；
C、由图知电压表的量程为0﹣3V，分度值为0.1V，水果电池的电压为0.6V，故C错误；
D、水果电池是原电池原理，是将化学能转化为电能的装置，故D错误。
故选：B。
10.（2024·四川眉山9题3分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2均正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路分析正确的是（ ）
A．小灯泡L1与L2串联
B．电流表测量电路的总电流
C．若只断开S1，小灯泡L1熄灭，L2正常发光
D．若灯L1突然熄灭，是因为电压表发生断路
【答案】C
解析：由图可知，两个小灯泡并联接入电路，A不符合题意；电流表测量通过灯泡L2的电流，B不符合题意；若只断开S1，小灯泡L1熄灭，L2正常发光，C符合题意；电压表电阻非常大，在电路中可以当成断路处理，若灯L1突然熄灭，与电压表是否发生断路无关，D不符合题意。
11.（2024•南京鼓楼区二模）如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，t＝0时刻，将一重为G的金属小球从弹簧正上方某一高度处静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后被弹簧弹起，上升到一定高度后再下落，如此反复，通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，则（ ）
A．t1时刻小球的动能最大
B．t1时刻小球的重力势能最大
C．t2时刻小球的机械能小于t1时刻小球的机械能
D．从开始下落到第一次到达最低点，小球内能的增加量等于这两个时刻小球机械能的减少量
【答案】C
【解析】A、t1时刻小球刚与弹簧刚好接触，此时弹力小于重力，小球仍向下做加速运动，动能继续变大，故A错误；
B、小球高度最高时，其重力势能最大，故可知金属小球刚刚释放时其重力势能最大，故B错误；
C、小球在整个运动过程中，由于有空气阻力，此过程中小球和弹簧组成的整体机械能减小，由t1时刻到t2时刻，小球的部分机械能转化为内能，故t2时刻小球的机械能小于t1时刻小球的机械能，故C正确；
D、从开始下落到第一次到达最低点，这两个时刻小球机械能的减少量等于弹簧弹性势能增加量和小球内能增加量，故小球内能的增加量小于这两个时刻小球机械能的减少量，故D错误。
故选：C。
12.（2024·四川成都B3题2分）某固态物体的质量为m,其物质的比热容为c,用稳定的热源对它加热(物体在相同时间内吸收的热量相等),到t3时刻停止加热,然后让其冷却。上述过程中记录不同时刻的温度,最后绘制出温度随时间变化的图像(如图22)。下列说法正确的是
图22
A.在0∼t2时间段,该物体吸收的热量为cmT2-T1
B.在t2∼t4时间段,该物质的比热容先增大后减小
C.在t4∼t5时间段,该物体放出的热量为cmT2-T1t5-t4t1
D.该物质在t5∼t6时间段的比热容等于在0∼t1时间段的比热容
【答案】D
解析：在0∼t1时间段,该物体吸收的热量为=cmT2-T1，t1∼t2时间段,继续吸热，所以在0∼t2时间段,该物体吸收的热量大于cmT2-T1，A错误；在t2∼t3时间段,该物质吸热升温，处于液态；t3∼t4时间段,该物质放热降温，仍然处于液态，则在t2∼t4时间段,该物质的比热容不变，B错误；在0∼t1时间段,该物体处于固态，在t4∼t5时间段,该物体处于固液共存状态，这两个时间段物质的比热容不同，且所用时间也不同，无法比较热量的大小，C错误；该物质在t5∼t6时间段和在0∼t1时间段均处于固态，比热容相同，D正确。
二、填空题（每空1分，空22分）
13.（2023•揭阳二模）嫦娥五号返回器用类似“打水漂”的方式着陆地球，其着陆过程的部分轨迹简化为如图所示。AB段返回器的动能 （选填“变大”“不变”或“变小”）；BC段返回器的机械能 （选填“变大”“不变”或“变小”），CD段返回器动能增加量 （选填“大于”“等于”或“小于”）重力势能的减小量。
【答案】变小；不变；小于
【解析】AB段，返回器的质量不变，高度变大，重力势能变大，是返回器的动能转化为重力势能，所以返回器的动能变小；
BC段没有受到空气的阻力，机械能是守恒的，保持不变；
CD段，质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，由于克服空气阻力做功，一部分重力势能转化为内能，所以返CD段返回器动能增加量小于重力势能的减小量。
14.（2024•常州金坛区二模）在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团硝化棉，用力将活塞迅速下压，筒内空气温度升高，硝化棉燃烧，筒内空气的内能改变是通过 的方式实现的，该过程能量转化的特点与汽油机 冲程的能量转化相同，有单缸四冲程汽油机，飞轮转速3000r/min，则1s对外做功 次。
【答案】做功；压缩；25。
【解析】用力将活塞迅速下压，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，使空气的内能增加，温度升高，这是通过做功的方式使内能增加；该过程能量转化的特点与汽油机压缩冲程相同；单缸四冲程汽油机，飞轮转速3000r/min＝50r/s，即飞轮每秒转50圈，汽油机的一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，所以该汽油机1s对外做功25次。
15.（2024秋•小店区校级月考）如甲所示，一个充电宝正在给手机的电池充电，手机的电池相当于 ；（填“电源”或“用电器”）如图乙所示为图宾馆房间的取电房卡，将房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用，房卡的作用相当于电路元件中的 ；如图丙所示，当开关S1闭合、S2断开时，电路处于 状态（填“断路”、“短路”或“通路”）。
【答案】用电器；开关；通路
【解答】在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，手机电池消耗电能，所以手机电池相当于用电器。
房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路的开关。
当开关S1闭合、S2断开时，灯泡L的两端用导线相连，与电源构成通路。
故答案为：用电器；开关；通路。
16.（2024·黑龙江龙东20题2分）楼房中的“暖气”一般采用热水循环的方式将热带到房屋中通过热传递供暖，这是因为水的_________大，若暖气中50kg的水，温度降低2℃，放出的热量是___________J。
【答案】比热容
解析：因为水的比热容较大，所以相同质量的水和其他物质相比较，放出同样热量的情况下，水的温度变化小，故采用热水循环的方式取暖；水放出的热量：
。
17.（2024·甘肃临夏州13题2分）某科技兴趣小组用两个输液用的葡萄糖瓶子，从瓶口以下约处截断，将截断处用胶水黏合在一起，再从瓶口的橡胶塞中心穿一根长约的细木棒，用两条悬线拴住木棒的两端，将悬线固定在支架上，就构成了如图所示的滚摆。当滚摆从上到下运动的过程中重力势能主要转化为________能；滚摆每次上升的高度逐渐减小，说明滚摆的机械能________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】动 变小
解析：滚摆从上到下运动的过程中，高度减小，重力势能减小，速度增加，动能增加，因此是重力势能转化为动能；滚摆每次上升的高度逐渐减小，运动过程中需要克服阻力做功，因此机械能减小。
18.（2024·四川自贡22题2分）在如图所示的电路图中，闭合开关S1、S3，断开开关S，则小灯泡L1、L2是 （选填“串”或“并”）联；若同时闭合开关S1、S2、S3，则会造成电路 。
【答案】并联 短路
解析：闭合开关S1、S3，断开开关S，则小灯泡L1、L2是并联接入电路；若同时闭合开关S1、S2、S3，会造成电路短路。
19.如图甲所示电路，当开关S闭合后，两个电流表的指针偏转分别如图乙所示，则L1中的电流是 A，L2中的电流是 A。
【答案】0.3；0.9
【解答】（1）经分析可知，电流表b选择的量程是0～3A，分度值为0.1A，所以电流表b的示数为I＝1.2A，即干路电流为1.2A；
电流表a选择的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，所以电流表的示数为I1＝0.3A，即通过灯L1的电流为0.3A；
（2）通过灯L2的电流大小为：I2＝I﹣I1＝1.2A﹣0.3A＝0.9A。
20.（2024•连云港一模）小灯泡是常见的电学器材，用它可以做以下实验：
导线在“观察手电筒”的活动中，从电路的组成看，图甲中金属片相当于电路中的 ；在“怎样使一个小灯泡亮起来”的活动中，图乙中A、B、C三种办法中可行的是 ；在“怎样使两个小灯泡亮起来”的活动中，采用如图丙所示的方法连接，两个小灯泡都亮了，两灯的连接方式为 联。
【答案】导线；B；串
【解答】图甲中的金属片可以将开关与灯泡连接起来组成一个完整的电路，则金属片相当于电路中的导线；
由图乙可知，B的接法是将灯头中间的金属片和螺旋套分别接在电池的两极上，是正确的接法，则灯泡会发光；A的接法是错误的，没有电流通过灯泡，则灯泡不发光；而C的接法中电池两极的导线均接在灯头中间的金属片上，会造成电源短路，也没有电流通过通过灯泡，所以灯泡不发光；
如图丙所示的方法连接，电流只有一条路径，故两灯的连接方式是串联。
故答案为：导线；B；串。
20.（2024•无锡二模）小明在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量均为0.5kg的水和另一种液体（水的比热容大于另一种液体）进行对比实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示。实验过程中，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图象可以得出： （填“甲”或“乙”）物质为水，另一种液体的比热容为 ，这种液体在0～15min内放出的热量为 J。
【答案】甲；2.1×103J/（kg•℃）；4.2×104。
【解答】（1）时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；
根据热量的计算公式Q放＝cmΔt可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小；
所以，甲液体的比热容大于乙液体的比热容，所以甲液体是水，乙液体是另一种液体，
由图可知：液体的初温是60℃，放热15分钟后甲液体的末温是40℃，
则水放出的热量：
Q放＝c水m水（t水﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×m×（60℃﹣40℃）。
（2）由题知，而水和乙液体的质量相同，即m水＝m乙，
Q水放＝Q乙放，即：c水m水Δt＝c乙m（60℃﹣20℃）＝4.2×103J/（kg•℃）×m×（60℃﹣40℃）。
解得c乙＝2.1×103J/（kg•℃）。
（3）读图可得，乙在15min内由60℃降低到20℃，降低的温度是60℃﹣20℃＝40℃，
所以乙放出的热量Q放＝cmΔt＝2.1×103J/（kg•℃）×0.5kg×40℃＝4.2×104J。
故答案为：甲；2.1×103J/（kg•℃）；4.2×104。
解答题（共54分）
21.（1）如图甲为探究摆球的动能与势能相互转化的示意图，不计空气阻力，在乙图中画出：摆球在摆动过程中其机械能E随时间t变化的图象。（2）根据如图所示的实物图，画出对应的电路图。（3）如图所示，根据电路图连接实物图。

【答案】见解析。
【解答】解：摆球摆动过程中，不计空气阻力，动能与重力势能之间相互转化，总的机械能不变。
故摆球在摆动过程中其机械能E随时间t变化的图象如下。
【答案】见解答图
【解答】解：由实物图知，两灯泡L1、L2并联，开关S、电流表A2在干路上，电流表A1在L2支路上，L1单独一条支路，电路图如图所示：
。
【答案】。
【解答】解：根据电流流向法，先从正极出发经过开关S依次串联灯泡L2、开关S2回到负极，把开关S的左端与灯泡L1的左端相连、经灯泡L1、开关S1与电源的负极相连即可，如下图所示：
。
22.（2024•常州）中国工程师利用焦炉气中的氢气与工业尾气中的二氧化碳，合成液态燃料，作为第19届亚洲运动会主火炬的燃料。工程师在科普馆用如图所示的装置为同学们演示模拟实验，测量该燃料的热值。
①在空酒精灯内加入适量该液态燃料，得到“燃料灯”；
②在空烧杯内加入1kg水，测得水的初温为31℃，点燃“燃料灯”开始加热；
③当水恰好沸腾时，立即熄灭“燃料灯”，测得“燃料灯”消耗燃料30g。
已知实验时气压为1标准大气压，c水＝4.2×103J/（kg•℃），用该装置加热水的效率为42%。求：
（1）此过程中，烧杯内水吸收的热量。
（2）该液态燃料的热值。
【答案】（1）此过程中，烧杯内水吸收的热量是2.898×105J。
（2）该液态燃料的热值是2.3×107J/kg。
【解答】解：（1）水吸收的热量为：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣31℃）＝2.898×105J；
（2）酒精燃烧放出的热量为：Q放＝＝＝6.9×105J；
q酒＝＝＝2.3×107J/kg。
23.（2024•如皋市二模）如图所示是我国自主研发的某款水陆两栖飞机，已知飞机的总质量为51t，轮胎与跑道的总接触面积为1.2m2，最大巡航速度为500km/h。（g取10N/kg）
（1）求飞机漂浮在水面上时受到的浮力；
（2）求飞机静止在水平跑道上时对跑道的压强；
（3）飞机以最大巡航速度沿水平方向匀速航行1h，需要完全燃烧热值为4×107J/kg的航空煤油4t，若发动机的效率为40%，求飞机航行时获得的水平推力。
【答案】（1）飞机漂浮在水面上时受到的浮力为5.1×105N；
（2）飞机静止在水平跑道上时对跑道的压强为4.25×105Pa；
（3）飞机航行时获得的水平推力为1.28×105N。
【解答】解：（1）飞机漂浮在水面上，根据浮沉条件可知，F浮＝G＝mg＝51×103kg×10N/kg＝5.1×105N；
（2）飞机静止在水平跑道上时对跑道的压力等于自身的重力，即F压＝G＝5.1×105N，
则飞机静止在水平跑道上时对跑道的压强为：
p＝＝＝4.25×105Pa；
（3）4t航空煤油完全燃烧放出的热量为：
Q放＝m右q＝4×103kg×4×107J/kg＝1.6×1011J，
飞机发动机输出的机械功为：
W＝ηQ放＝40%×1.6×1011J＝6.4×1010J；
飞机以最大巡航速度沿水平方向匀速航行1h，则飞机飞行的距离为：
s＝vt＝500km/h×1h＝500km＝500000m，
根据W＝Fs可知，飞机航行时获得的水平推力为：
F＝＝＝1.28×105N。
25.（2024•建邺区校级开学）小明在“探究影响动能大小的因素”实验中，用质量为m、2m的钢球从同一斜面上由静止滚下撞击同一水平木板上的木块。
（1）实验中通过观察 来判断 （选填“木块”或“钢球”）的动能大小。若水平面绝对光滑，本实验将 （选填“能”或“不能”）达到探究目的。
（2）由甲、乙两次实验可初步得出结论：物体动能大小与 有关。
（3）分析 两次实验可得：物体动能大小与质量有关，质量越大，动能越大。
（4）甲、乙两次实验中木块通过水平面上A、B两点时受到的摩擦力分别为fA和fB，则fA fB（选填“＞”“＝”或“＜”）。
（5）若在这组实验中的某一次，木块被撞后滑出木板需要重做，在不更换器材的前提下，小明可以： 。
（6）另一小组设计了如图丁的装置。用质量不同的小球将同一弹簧压缩到相同程度由静止释放（铁球与地面的摩擦忽略不计），撞击水平地面上同一木块，使木块运动一段距离。该实验方案 （选填“可行”或“不可行”），原因是： ，若按此方案操作，会看到木块移动的距离 （选填“相同”或“不相同”）。
【答案】（1）木块移动的距离；钢球；不能；（2）速度大小；（3）甲、丙；（4）＝；（5）减小钢球下落的高度；（6）不可行；小球的动能来自于弹簧的弹性势能，弹簧压缩到相同的程度，获得的动能相同；相同
【解答】解：（1）“探究影响动能大小的因素”实验中，研究对象是钢球，钢球动能的大小是通过木块移动的距离体现的，木块被撞的越远，说明钢球的动能越大，被撞的越近，说明钢球的动能越小，这里采用了转换法。
若水平面绝对光滑，根据牛顿第一定律可知，木块将做匀速直线运动，由于无法比较木块移动距离的大小，故本实验将不能达到探究目的。
（2）由甲、乙两次实验可知，钢球的质量相同，钢球高度不同，即速度不同，木块被推动的距离不同，说明物体动能大小与速度有关。
（3）要探究物体动能大小与质量有关，根据控制变量法可知，应控制钢球的速度相同，质量不同，由图可知，甲、丙两次实验满足要求，且钢球的质量越大，推动木块移动的距离越远，说明钢球的动能越大。
（4）两次实验操作中，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度相同，所受摩擦力相等，即fA＝fB。
（5）若在这组实验中的某一次，木块被撞后滑出木板，说明钢球的动能较大，为使木块不滑出木板，在不更换器材的前提下，可以减小钢球的速度即减小钢球下落的高度。
（6）同一弹簧被压缩相同形变量，则每次实验中，弹簧的弹性势能相同，在不考虑铁球与地面间的摩擦力时，由机械能守恒定律知，小球每次碰撞时的动能相同，则碰撞后，木块移动的距离相同，所以该实验方案不可行。
故答案为：（1）木块移动的距离；钢球；不能；（2）速度大小；（3）甲、丙；（4）＝；（5）减小钢球下落的高度；（6）不可行；小球的动能来自于弹簧的弹性势能，弹簧压缩到相同的程度，获得的动能相同；相同。
26.（2023•青山湖区模拟）利用如图甲所示的实验装置探究“沙子和水的温度变化与吸热的关系”，操作如下：
（1）在两烧杯中分别装入初温相同且 相等的沙子和水；
（2）用相同的酒精灯火焰加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同的时间记录一次温度，其中某时刻的温度如图乙所示，其示数为 。根据实验数据绘制成温度与时间的关系图象，如图丙所示；
（3）实验中，是通过比较 （选填“加热的时间”或“升高的温度”）来间接反映沙子和水吸收的热量；
（4）分析图丙可知，若使两者升高相同的温度，则 吸收的热量较多，由此可见 的比热容较大；
（5）如图丁所示的图象表示甲、乙两个固态物体吸热后温度升高的情况，图中横坐标是物体的温度变化，纵坐标是物体吸收的热量。
①如果甲和乙的质量相同，甲的比热容 乙的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）；
②如果甲、乙是同种物质制成的，甲、乙存在的具体差异可能是 。
【答案】（1）质量；（2）39℃；（3）加热的时间；（4）水；水；（5）大于；质量。
【解答】解：（1）根据比较不同物质的吸热能力，要控制不同物质的能力相同，故在两烧杯中分别装入初温度相同且质量相等的沙子和水；
（2）其中某时刻的温度如图乙所示，分度值为1℃，其示数为39℃；
（3）根据转换法，实验中，是通过比较加热的时间来间接反映沙子和水吸收的热量；
（4）由如下图象可知，
对于质量相等的沙子和水，升温较快的是沙子；若使两者升高相同的温度，则水吸收的热量较多，根据比较吸热能力的方法可知，水的比热容较大；
（5）①如果甲和乙的质量相同，升高相同的温度，甲吸收的热量多，甲的吸热能力强，则甲的比热容大于乙的比热容；
②如果甲、乙是同种物质制成的，升高相同的温度，吸收的热量不同，根据Q＝cmΔt可知，甲、乙可能存在的具体差异可能是质量。
故答案为：（1）质量；（2）39℃；（3）加热的时间；（4）水；水；（5）大于；质量。
27.（2023秋•南通期末）为了比较两种燃料的热值，小明采用如图甲所示的两套完全相同的装置进行实验，烧杯内水的初温和质量相同，实验中忽略热量损失。
（1）实验中应控制燃料燃烧的 （选填“时间”或“质量”）相同，根据 比较燃料燃烧放出热量的多少。
（2）小明选用了燃料a和燃料b进行实验。当燃料燃尽后，小明根据各个时刻烧杯中的水温，绘制了如图乙所示的图像，则可初步判断燃料 的热值大。
（3）另一组的小华也用图甲的两套完全相同的装置进行实验，并重新在烧杯内加入初温和质量相同的水，在燃料烧完后也画出了水的温度随时间变化的图像如图丙所示，根据丙图像燃料1和燃料2的热值之比为 。
【答案】（1）质量；温度计上升的示数；（2）b；（3）8：3。
【解答】解：（1）实验中应控制燃料燃烧的质量相同，通过比较温度计上升的示数来比较燃料燃烧放出热量的多少；
（2）由图乙知，当燃料燃尽时，图线b的温度变化大，说明相同质量的a、b燃料完全燃烧时b放出的热量多，则b的热值大；
（3）对于燃料来说，在相同的时间内放出的热量是相同的，
根据图可知，燃料1用5min让水从20℃升高到100℃，自5min到10min吸收相同的热量，根据公式Q放＝qm、Q吸＝cmΔt可知：2c水m水Δt1＝mq1；
对于燃料2来说，燃料2用15min让水从20℃升高到80℃，根据公式Q放＝qm、Q吸＝cmΔt可知：c水m水Δt2＝mq2；
解得，两种燃料热值之比为：＝8：3。
故答案为：（1）质量；温度计上升的示数；（2）b；（3）8：3。
28.（2023秋•虎丘区校级期中）小刚和小强在连接串并联电路的实验中：
（1）在连接过程中，开关应该是 的。
（2）小刚连接了如图所示电路，如果合上开关，会出现 （选填“开路”或“短路”）现象。
（3）小刚想将电路全部拆散，重新连接。小强认为只需拆除 这一根导线就能成为两灯串联的正确电路。小强将多余的导线拆除以后，闭合开关S时，小电灯L1、L2都不亮。用一段导线的两端接触A，B两点时，两灯都不亮；接触C，D两点时，两灯也不亮；接触E，F两点时，只有灯L1亮。对此，下列判断中正确的是 。
A.灯L1断路
B.灯L2断路
C.开关S断路
D.灯L2短路
【答案】（1）断开；（2）短路；（3）c；B。
【解答】解：（1）连接电路时，为了避免连线错误而烧坏电路元件，开关必须处于断开状态；
（2）根据电路图可知，电源两极直接将导线连接起来，形成了电源短路，灯泡都不发光；
（3）根据电路图可知，拆除c这一根导线，电流从电源正极依次经过两个灯泡回到电源负极，因此两灯串联连接；
小强将多余的c导线拆除以后，闭合开关S时，小电灯L1、L2都不亮，说明电路出现了断路；
用一段导线的两端接触A、B两点时，两灯都不亮，说明开关完好；接触C、D两点时，两灯也不亮，说明灯泡L1完好；接触E、F两点时，只有灯L1亮，说明灯L2断路，故选B。
故答案为：（1）断开；（2）短路；（3）c；B。
29.（2022秋•二道区校级期末）小明在探究并联电路电流规律的实验中，如图甲是实验的电路图，电源电压不变。
（1）在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了 ；
（2）他先将电流表接A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是L1 ；（选填“短路”或“断路”）
（3）他在测量A处的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是 ；在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为 A；
（4）在解决了以上问题后，将电流表分别接入A、B、C三点处，闭合开关，测出了一组电流并记录在表格中，立即得出了并联电路的电流规律，这样得出的规律不具有普遍性，请你指出他们实验应改进方法是 ；
（5）实验结束后，小明又利用器材连接了如图丁所示的电路图，当开关S由断开到闭合时，电流表A1的示数 ，电流表A2的示数 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）断开开关；（2）断路；（3）电流表的正负接线柱接反了；0.24；（4）应换用不同的灯泡测量多组数据；（5）不变；变大。
【解答】解：（1）在连接电路时，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了断开开关；
（2）将电流表接A处，闭合开关后，观察到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，说明L1所在支路断路，因为是并联电路，不可能是L1所在支路短路；
（3）闭合开关后，电流表的指针偏转如图乙所示，发生反向偏转，说明：电流表正负接线柱接反了；在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.24A；
（4）实验中，只测量了一组数据得出的结论具有偶然性，改进方法：为了使结论更有说服力，更具普遍性，应换用不同的灯泡测量多组数据；
（5）当S断开时，只有灯泡L1接入电路，两个电流表都测L1的电流；当S闭合时，两个灯泡并联，电流表A1还测L1的电流，L1两端的电压不变、电阻不变，根据欧姆定律可知，A1示数不变；此时A2测干路电流，等于两支路电流之和，所以示数变大。