云南省保山市智源高级中学2024-2025学年高二上学期10月月考物理试题

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参考答案：
1．C
【详解】A．忽略带电体的形状和大小，用“点电荷”表示带电体的方法，是运用了理想模型法，故A错误；
“电场强度”概念的提出应用了比值定义法，B错误；
法国物理学家库仑用扭秤实验发现了库仑定律，C正确。
D．牛顿发现了万有引力定律，后来卡文迪什通过扭秤实验测出了引力常量的数值，故D错误。
故选C。
2．B
【详解】根据
可得
当h=10cm=0.1m时t≈0.14s
当h=20cm=0.2m时t=0.2s
当h=30cm=0.3m时t≈0.25s
当h=40cm=0.4m时t≈0.28s
故选B。
3．D
【详解】ABC．根据可得
可知，计算火星的质量，还需要有火星的半径，根据万有引力提供向心力有
可得
可知，如果已知火星的公转周期和半径，可求太阳的质量，不可求火星的质量，故ABC错误。
D．根据万有引力提供向心力有
可得
可知，如果已知某卫星绕火星做匀速圆周运动的轨道半径r和环绕周期T，可求火星质量，故D正确。
故选D。
4．C
【详解】A．铅球上升到最高点的速度为
选项A错误；
B．铅球上升到最高点的加速度为g，选项B错误；
CD．铅球运动时水平速度不变，即
落地时的速度大小为
选项C正确，D错误。
故选C。
5．A
【详解】两球心之间的距离
对B球，根据平衡条件
联立解得
故选A。
6．B
【详解】A．由题意可知，b光发生了全发射，a光发生了折射现象，a光同时也会发生反射，所以透明介质中的反射光既有a光也有b光。故A错误；
B．因为此时的入射角大于或等于b光的临界角，但是小于a光的临界角，所以a光的临界角大于b光的临界角。故B正确；
C．因为a光的临界角大于b光的临界角，即
由公式可得
即该透明介质对a光的折射率小于对b光的折射率。故C错误；
D．由于
由公式得
故D错误。
故选B。
7．D
【详解】A．根据沿电场方向电势降低可知，A点的电势低于B点的电势，根据可知，一个负电荷处在A点的电势能要比它处在B点处的电势能大，故A错误；
B．由于C点处的电场线为曲线，所以将一个电子从C点处静止释放，它不可能会沿着电场线运动到D点处，故B错误；
C．根据电场线的疏密程度可知，B点的场强大于C点的场强，故C错误；
D．B、C两点处在等量异种电荷连线间的中垂线上，由于中垂线为等势面，所以B、C两点电势相等，则将一个质子从B点移送到C点，静电力做功为零，故D正确。
故选D。
8．AC
【详解】B．由图乙可知质点P起振方向为沿y轴正方向，质点P起振方向与波源起振方向相同，故波源起振方向为沿y轴正方向。故B错误；
A．由图乙可知，时，质点P振动方向向上，结合图甲可知该波沿x轴正方向传播。故A正确；
C．S与Q平衡位置相差半个波长，因此一定总是同时回到平衡位置。故C正确；
D．该简谐横波的波长，周期，波速
故D错误。
故选AC。
9．AD
【详解】A．由题图乙可知单摆的周期，振幅，由单摆的周期公式
代入数据可得单摆的摆长为
A正确；
B．由
则单摆的位移随时间变化的关系式为
B错误；
C．从到的过程中，摆球从最高点运动到最低点，重力势能减小，C错误；
D．从到的过程中，摆球的位移增大，回复力
增大，D正确。
故选AD。
10．BD
【详解】A．小球在通过D点时的速度最小，则在该点电场力与重力的合力沿半径方向，则有小球受到的电场力大小为
故A错误；
B．小球在通过D点时的速度最小，则D点为竖直平面内圆周运动的等效最高点，恰好能完整的做圆周运动，在等效最高点有最小速度，此时电场力与重力的合力刚好提供向心力，则有
解得
故B正确；
C．小球在等效最低点C点的速度最大，故小球从D到C的过程中，由动能定理得
联立解得
故C错误；
D．在C点，由牛顿第二定律得
解得
故D正确。
故选BD。
11．(1)7.40
(2)B
(3)
(4)小球下落过程中受到了空气阻力
【详解】（1）小球的直径
（2）A．为打点稳定，先接通数字计时器电源，后释放小球，故A错误；
B．为减小空气阻力的影响，选择密度较大的实心铁球，故B正确。
故选B。
（3）根据极短时间的平均速度表示瞬时速度，小球通过光电门的速度为
若小球下落过程中机械能守恒，则
解得当地重力加速度大小
（4）发现小球增加的动能始终小于减少的重力势能，其主要原因是小球下落过程中受到了空气阻力。
12．(1)变大
(2) 左 右
(3)电荷量①
【详解】（1）给电容器充电后与电源断开，即保持电荷量不变。若将B板上移，则极板正对面积减小，根据
则电容减小；根据
则电势差增大，静电计指针偏角变大；若将B板左移，静电计指针偏角变大。
（2）[1]将开关S扳到a，电源给电容器充电结束后，电容器两极板电势差等于电源电压，若向电容器中间插入一层有机玻璃板，插入过程中增大，根据
可知电容增大，而U不变，则Q增大，电源会给电容器充电，电流由右向左流过灵敏电流计.
[2]电容器充电结束后，上极板带正电，将开关S扳到b放电的过程中，电容器放电，电流由左向右流过灵敏电流计。
（3）根据
可知图像与时间轴围成的面积表示电荷量。用同一电路分别给两个不同的电容器充电，电容器的电容，则充电完成后，两电容器两端电压相同，根据
可知，电容器的电容小则其带电量小，而图像面积代表带电量，所以对应电容为C2的电容器充电过程图像的是①。
13．（1）0.5kg；（2）0.3；
【详解】（1）二者相互作用过程，二者构成的系统满足动量守恒，故有
由图可知
共同速度为
联立解得木块的质量
（2）由速度图像可得小车的加速度为
对小车由牛顿第二定律可得
解得
14．（1）；（2）
【详解】（1）油滴速度为v1时所受阻力f1=kv1
油滴向下匀速运动时，重力与阻力平衡，则有 f1=mg
则解得
（2）设油滴所带电荷量为q,油滴受到的电场力
油滴向上匀速运动时，阻力向下，油滴受力平衡
则油滴所带电荷量
15．1．（1）；（2），；（3）
【详解】（1）电子在加速电场中，根据动能定理可得
解得
（2）电子在MN间做类平抛运动，沿初速度方向有
解得
沿电场方向有，，
联立解得，
电子离开偏转电场点的速度大小为
电子离开偏转电场后做匀速直线运动，沿方向有
解得
则电子打到荧光屏上的位置点到点的距离为
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
B
D
C
A
B
D
AC
AD
BD