![甘肃省夏河县2024-2025学年九上数学开学检测试题【含答案】01](http://www.enxinlong.com/img-preview/2/3/16264132/0-1729210187759/0.jpg?x-oss-process=image/resize,w_794,m_lfit,g_center/sharpen,100)
![甘肃省夏河县2024-2025学年九上数学开学检测试题【含答案】02](http://www.enxinlong.com/img-preview/2/3/16264132/0-1729210187857/1.jpg?x-oss-process=image/resize,w_794,m_lfit,g_center/sharpen,100)
![甘肃省夏河县2024-2025学年九上数学开学检测试题【含答案】03](http://www.enxinlong.com/img-preview/2/3/16264132/0-1729210187898/2.jpg?x-oss-process=image/resize,w_794,m_lfit,g_center/sharpen,100)
甘肃省夏河县2024-2025学年九上数学开学检测试题【含答案】
展开一、选择题(本大题共8个小题,每小题4分,共32分,每小题均有四个选项,其中只有一项符合题目要求)
1、(4分)为了丰富学生课外小组活动,培养学生动手操作能力,王老师让学生把5m长的彩绳截成2m或1m的彩绳,用来做手工编织,在不造成浪费的前提下,你有几种不同的截法( )
A.4B.3C.2D.1
2、(4分)若不等式组有解,则实数a的取值范围是( )
A.a<-36B.a≤-36C.a>-36D.a≥-36
3、(4分)如图,已知直线y=x与双曲线y= (k>0)交于A,B两点,且点A的横坐标为4.点C是双曲线上一点,且纵坐标为8,则△AOC的面积为( )
A.8B.32C.10D.15
4、(4分)五一假期小明一家自驾去距家360km的某地游玩,全程的前一部分为高速公路,后一部分为乡村公路.若小汽车在高速公路和乡村公路上分别以某一速度匀速行驶,行驶的路程y(单位:km)与时间x(单位:h)之间的关系如图所示,则下列结论正确的是( )
A.小汽车在乡村公路上的行驶速度为60km/h
B.小汽车在高速公路上的行驶速度为120km/h
C.乡村公路总长为90km
D.小明家在出发后5.5h到达目的地
5、(4分)如图,剪两张对边平行且宽度相同的纸条随意交叉叠放在一起,转动其中一张,重合部分构成一个四边形,则下列结论中不一定成立的是( )
A.∠ABC=∠ADC,∠BAD=∠BCDB.AB=BC
C.AB=CD,AD=BCD.∠DAB+∠BCD=180°
6、(4分)下列说法:(1) 的立方根是2,(2)的立方根是±5,(3)负数没有平方根,(4)一个数的平方根有两个,它们互为相反数.其中错误的有( )
A.4个B.3个C.2个D.1个
7、(4分)下列图形中,对称轴的条数最少的图形是
A.B.C.D.
8、(4分)下列是假命题的是( )
A.平行四边形对边平行B.矩形的对角线相等
C.两组对边分别平行的四边形是平行四边形D.对角线相等的四边形是矩形
二、填空题(本大题共5个小题,每小题4分,共20分)
9、(4分)某汽车生产厂对其生产的A型汽车进行油耗试验,试验中汽车为匀速行驶汽在行驶过程中,油箱的余油量y(升)与行驶时间t(小时)之间的关系如下表:
由表格中y与t的关系可知,当汽车行驶________小时,油箱的余油量为1.
10、(4分)聪明的小明借助谐音用阿拉伯数字戏说爸爸舅舅喝酒:81979,87629,97829,8806,9905,98819,54949(大意是:爸邀舅吃酒,爸吃六两酒,舅吃八两酒,爸爸动怒,舅舅动武,舅把爸衣揪,误事就是酒),请问这组数据中,数字9出现的频率是_____.
11、(4分)在函数中,自变量的取值范围是__________.
12、(4分)计算:_________.
13、(4分)已知一次函数经过,且与y轴交点的纵坐标为4,则它的解析式为______.
三、解答题(本大题共5个小题,共48分)
14、(12分) (1)分式化简()÷;
(2)若(1)中a为正整数,分式的值也为正整数,请直接写出所有符合条件的a的值
15、(8分)如图,AD 是△ABC 的角平分线,M 是 BC 的中点, FM∥AD 交 BA 的延长线于点 F,交 AC 于点 E.求证:
(1)CE=BF.
(2)AB+AC=2CE.
16、(8分)先化简,再求值:,其中
17、(10分)已知函数的图象经过第四象限的点B(3,a),且与x轴相交于原点和点A(7,0)
(1)求k、b的值;
(2)当x为何值时,y>﹣2;
(3)点C是坐标轴上的点,如果△ABC恰好是以AB为腰的等腰三角形,直接写出满足条件的点C的坐标
18、(10分)如图,E、F、 G、H分别为四边形ABCD四边之中点.
(1)求证:四边形EFGH为平行四边形;
(2)当AC、BD满足______时,四边形EFGH为矩形.
B卷(50分)
一、填空题(本大题共5个小题,每小题4分,共20分)
19、(4分)已知一次函数(为常数,且).若当时,函数有最大值7,则的值为_____.
20、(4分)将直线平移后经过点(5,),则平移后的直线解析式为______________.
21、(4分)某超市促销活动,将三种水果采用甲、乙、丙三种方式搭配装进礼盒进行销售.每盒的总成本为盒中三种水果成本之和,盒子成本忽略不计.甲种方式每盒分别装三种水果;乙种方式每盒分别装三种水果 .甲每盒的总成本是每千克 水果成本的倍,每盒甲的销售利润率为;每盒甲比每盒乙的售价低;每盒丙在成本上提高标价后打八折出售,获利为每千克 水果成本的倍.当销售甲、乙、丙三种方式搭配的礼盒数量之比为时,则销售总利润率为__________.
22、(4分)菱形的两条对角线长分别为cm和cm,则该菱形的面积__________.
23、(4分)如图,在△ABC中,∠C=90°,AC=2,点D在BC上,∠ADC=2∠B,AD=,则BC= .
二、解答题(本大题共3个小题,共30分)
24、(8分)如图,已知直线与交轴于点,,分别交轴于点,,,的表达式分别为,.
(1)求的周长;
(2)求时,的取值范围.
25、(10分)小明九年级上学期的数学成绩如下表:
(1)计算小明这学期的数学平时平均成绩?
(2)如果学期总评成绩是根据如图所示的权重计算,求小明这学期的数学总评成绩?
26、(12分)如图,已知平面直角坐标系中,、,现将线段绕点顺时针旋转得到点,连接.
(1)求出直线的解析式;
(2)若动点从点出发,沿线段以每分钟个单位的速度运动,过作交轴于,连接.设运动时间为分钟,当四边形为平行四边形时,求的值.
(3)为直线上一点,在坐标平面内是否存在一点,使得以、、、为顶点的四边形为菱形,若存在,求出此时的坐标;若不存在,请说明理由.
参考答案与详细解析
一、选择题(本大题共8个小题,每小题4分,共32分,每小题均有四个选项,其中只有一项符合题目要求)
1、B
【解析】
可设2米的彩绳有x条,1米的彩绳有y条,根据题意可列出关于x,y的二元一次方程,为了不造成浪费,取x,y的非负整数解即可.
【详解】
解:设2米的彩绳有x条,1米的彩绳有y条,根据题意得,其非负整数解为:
,故在不造成浪费的前提下有三种截法.
故选:B
本题考查了二元一次方程的应用,二元一次方程的解有无数个,但在实际问题中应选择符合题意的解.正确理解题意是解题的关键.
2、C
【解析】
,
解不等式①得,x
因为不等式组有解,所以-37
故选C.
3、D
【解析】
点A的横坐标为4,将x=4代入y= x,得y=2.
∴点A的坐标为(4,2).
∵点A是直线y=x与双曲线y=(k>0)的交点,
∴k=4×2=8,即y=.
将y=8代入y=中,得x=1.
∴点C的坐标为(1,8).
如图,过点A作x轴的垂线,过点C作y轴的垂线,垂足分别为M,N,且AM,CN的反向延长线交于点D,得长方形DMON.
易得S长方形DMON=32,S△ONC=4,
S△CDA=9,S△OAM=4.
∴S△AOC=S长方形DMON-S△ONC-S△CDA-S△OAM=32-4-9-4=15.
4、A
【解析】
根据一次函数图象的性质和“路程=速度×时间”的关系来分析计算即可.
【详解】
解:小汽车在乡村公路上的行驶速度为:(270﹣180)÷(3.5﹣2)=60km/h,故选项A正确,
小汽车在高速公路上的行驶速度为:180÷2=90km/h,故选项B错误,
乡村公路总长为:360﹣180=180km,故选项C错误,
小明家在出发后:2+(360﹣180)÷60=5h到达目的地,故选项D错误,
故选:A.
一次函数在实际生活中的应用是本题的考点,根据题意读懂图形及熟练掌握“路程=速度×时间”的关系是解题的关键.
5、D
【解析】
首先可判断重叠部分为平行四边形,且两条纸条宽度相同;再由平行四边形的等积转换可得邻边相等,则四边形为菱形.所以根据菱形的性质进行判断.
【详解】
解:
四边形是用两张等宽的纸条交叉重叠地放在一起而组成的图形,
,,
四边形是平行四边形(对边相互平行的四边形是平行四边形);
过点分别作,边上的高为,.则
(两纸条相同,纸条宽度相同);
平行四边形中,,即,
,即.故正确;
平行四边形为菱形(邻边相等的平行四边形是菱形).
,(菱形的对角相等),故正确;
,(平行四边形的对边相等),故正确;
如果四边形是矩形时,该等式成立.故不一定正确.
故选:.
本题考查了菱形的判定与性质.注意:“邻边相等的平行四边形是菱形”,而非“邻边相等的四边形是菱形”.
6、B
【解析】
①根据立方根的性质即可判定;
②根据立方根的性质即可判定;
③根据平方根的定义即可判定;
④根据平方根的定义即可判定
【详解】
(1)的立方根是2,2的立方根是 ,故①错误;
(2)=-5,-5的立方根是- ,故②错误;
(3)负数没有平方根,原来的说法正确;
(4)一个正数的平方根有两个,它们互为相反数,故④错误.
错误的有3个.
故选:B.
此题考查立方根的性质,平方根的定义,解题关键在于掌握其性质
7、B
【解析】
把各个图形抽象成基本的几何图形,再分别找出它们的对称轴,圆有无数条对称轴,正方形有4条对称轴,等边三角形有三条对称轴;找出各个图形中所有的对称轴,再比较即可找出对称轴最少的图形.
【详解】
选项A、C、D中各有4条对称轴,选项B中只有1条对称轴,所以对称轴条数最少的图形是B.
故选:B.
本题主要考查的是轴对称图形的概念,即在平面内,如果一个图形沿一条直线折叠,直线两旁的部分能够完全重合,这样的图形叫做轴对称图形,这条直线叫做对称轴.
8、D
【解析】
利用平行四边形的判定、矩形的性质及矩形的判定方法分别判断后即可确定正确的选项.
【详解】
解:A、平行四边形的两组对边分别平行,正确,是真命题;
B、矩形的对角线相等,正确,是真命题;
C、两组对边分别平行的四边形是平行四边形,正确,是真命题;
D、对角线相等的平行四边形是矩形,故错误,是假命题,
故选:D.
本题考查了命题与定理的知识,解题的关键是了解平行四边形的判定、矩形的性质及矩形的判定方法,难度不大.
二、填空题(本大题共5个小题,每小题4分,共20分)
9、12.2
【解析】
由表格可知,开始油箱中的油为111L,每行驶1小时,油量减少8L,据此可得y与t的关系式.
【详解】
解:由题意可得:y=111-8t,
当y=1时,1=111-8t
解得:t=12.2.
故答案为:12.2.
本题考查函数关系式.注意贮满111L汽油的汽车,最多行驶的时间就是油箱中剩余油量为1时的t的值.
10、.
【解析】
首先正确数出所有的数字个数和9出现的个数;再根据频率=频数÷总数,进行计算.
解:根据题意,知在数据中,共33个数字,其中11个9;
故数字9出现的频率是.
11、x>-1
【解析】
试题解析:根据题意得,x+1>0,
解得x>-1.
故答案为x>-1..
12、
【解析】
先计算二次根式的乘法,然后进行化简,最后合并即可.
【详解】
原式.
故答案为:.
本题考查了二次根式的混合运算,掌握各种知识点的运算法则是解答本题的关键.
13、y=2x+1.
【解析】
用待定系数法,把(﹣1,2),(0,1)分别代入y=kx+b,可求得k,b.
【详解】
解:把(﹣1,2),(0,1)分别代入y=kx+b得,
,
解得,
所以,y=2x+1.
故答案为y=2x+1.
本题考核知识点:待定系数法求一次函数解析式. 解题关键点:掌握求函数解析式的一般方法.
三、解答题(本大题共5个小题,共48分)
14、 (1);(2)a=3 .
【解析】
(1)根据分式的运算法则即可求出答案.
(2)根据题意即可求出答案.
【详解】
(1)原式=,
=
=;
(2)由题意可知:a+1=1或2或4,
且a+1≠0,a2﹣1≠0,a≠0,
∴a=3
本题考查分式的运算,解题的关键是熟练运用分式的运算法则,本题属于基础题型.
15、(1)见解析;(2)见解析
【解析】
(1)延长CA交FM的平行线BG于G点,利用平行线的性质得到BM=CM、CE=GE,从而证得CE=BF;
(2)利用上题证得的EA=FA、CE=BF,进一步得到AB+AC=AB+AE+EC=AB+AF+EC=BF+EC=2EC.
【详解】
解:(1)证明:延长CA交FM的平行线BG于G点,
则∠G=∠CAD,∠GBA=∠BAD,
∵AD平分∠BAC,
∴∠BAD=∠CAD,
∴AG=AB,
∵FM∥AD
∴∠F=∠BAD、∠FEA=∠DAC
∵∠BAD=∠DAC,
∴∠F=∠FEA,
∴EA=FA,
∴GE=BF,
∴M为BC边的中点,
∴BM=CM,
∵EM∥GB,
∴CE=GE,
∴CE=BF;
(2)证明:∵EA=FA、CE=BF,
∴AB+AC=AB+AE+EC=AB+AF+EC=BF+EC=2EC.
本题考查了三角形的中位线定理,解题的关键是正确地构造辅助线,另外题目中还考查了平行线等分线段定理.
16、,
【解析】
根据分式的混合运算法则把原式化简,把x的值代入计算即可
【详解】
解:原式
当时,
原式
本题考查整式的混合运算-化简求值,解题的关键是明确整式的混合运算的计算方法.
17、(1);(2)x<2或x>时,有y>﹣2;(3)点C的坐标为(2,0)或(12,0)或(-1,0)或(0,1)或(0,-7).
【解析】
(1)利用待定系数法可得k和b的值;
(2)将y=-2代入函数中,分别计算x的值,根据图象可得结论;
(3)分两种情况画图,以∠BAC和∠ABC为顶角,根据AB=5和对称的性质可得点C的坐标.
【详解】
(1)当x=3时,a=-3,
∴B(3,-3),
把B(3,-3)和点A(7,0)代入y=kx+b中,
得:,解得:;
(2)当y=-2时,-x=-2,x=2,
,
解得,,
如图1,由图象得:当x<2或x>时,y>-2;
(3)∵B(3,-3)和点A(7,0),
∴AB==5,
①以∠BAC为顶角,AB为腰时,如图2,AC=AB=5,
∴C(2,0)或(12,0);
②以∠ABC为顶角,AB为腰时,如图3,以B为圆心,以AB为腰画圆,当△ABC是等腰三角形时,此时存在三个点C,
得C3(-1,0),
由C3与C4关于直线 y=-x对称得:C4(0,1)
由C5与点A关于直线y=-x对称得:C5(0,-7)
综上,点C的坐标为(2,0)或(12,0)或(-1,0)或(0,1)或(0,-7).
本题是分段函数与三角形的综合问题,考查了待定系数法求函数解析式以及等腰三角形的判定,同时还要注意运用数形结合与分类讨论的思想解决问题.
18、(1)见解析;(2)AC⊥BD
【解析】
(1)连接BD,根据中位线的性质可得EH∥BD,EH=,FG∥BD,FG=,从而得出EH∥FG,EH= FG,然后根据平行四边形的判定定理即可证出结论;
(2)当AC⊥BD时,连接AC,根据中位线的性质可得EF∥AC,从而得出EF⊥BD,然后由(1)的结论可证出EF⊥EH,最后根据有一个角是直角的平行四边形是矩形即可证出结论.
【详解】
(1)证明:连接BD
∵E、F、 G、H分别为四边形ABCD四边的中点
∴EH是△ABD的中位线,FG是△CBD的中位线
∴EH∥BD,EH=,FG∥BD,FG=
∴EH∥FG,EH= FG
∴四边形EFGH为平行四边形;
(2)当AC⊥BD时,四边形EFGH为矩形,理由如下
连接AC,
∵E、F为BA和BC的中点
∴EF为△BAC的中位线
∴EF∥AC
∵AC⊥BD
∴EF⊥BD
∵EH∥BD
∴EF⊥EH
∴∠FEH=90°
∵四边形EFGH为平行四边形
∴四边形EFGH为矩形
故答案为:AC⊥BD.
此题考查的是中位线的性质、平行四边形的判定和矩形的判定,掌握中位线的性质、平行四边形的判定定理和矩形的定义是解决此题的关键.
一、填空题(本大题共5个小题,每小题4分,共20分)
19、a=2或a=-3.
【解析】
分类讨论:a>0时,y随x的增大而增大,所以当x=4时,y有最大值7,然后把y=7代入函数关系式可计算出对应a的值;a<0时,y随x的增大而减小,所以当x=-1时,y有最大值7,然后把x=-1代入函数关系式可计算对应a的值.
【详解】
解:①a>0时,y随x的增大而增大,
则当x=4时,y有最大值7,把x=4,y=7代入函数关系式得7=4a-a+1,解得a=2;
②a<0时,y随x的增大而减小,
则当x=-1时,y有最大值7,把x=-1代入函数关系式得 7=-a-a+1,解得a=-3,
所以a=2或a=-3.
本题考查了一次函数的性质:k>0,y随x的增大而增大,函数从左到右上升;k<0,y随x的增大而减小,函数从左到右下降.
20、y=2x-1
【解析】
根据平移不改变k的值可设平移后直线的解析式为y=2x+b,然后将点(5,1)代入即可得出直线的函数解析式.
【详解】
解:设平移后直线的解析式为y=2x+b.
把(5,1)代入直线解析式得1=2×5+b,
解得 b=-1.
所以平移后直线的解析式为y=2x-1.
故答案为:y=2x-1.
本题考查一次函数图象与几何变换及待定系数法求函数的解析式,掌握直线y=kx+b(k≠0)平移时k的值不变是解题的关键.
21、20%.
【解析】
分别设每千克A、B、C三种水果的成本为x、y、z,设丙每盒成本为m,然后根据题意将甲、乙、丙三种方式的每盒成本和利润用x表示出来即可求解.
【详解】
设每千克A、B、C三种水果的成本分别为为x、y、z,依题意得:
6x+3y+z=12.5x,
∴3y+z=6.5x,
∴每盒甲的销售利润=12.5x•20%=2.5x
乙种方式每盒成本=2x+6y+2z=2x+13x=15x,
乙种方式每盒售价=12.5x•(1+20%)÷(1-25%)=20x,
∴每盒乙的销售利润=20x-15x=5x,
设丙每盒成本为m,依题意得:m(1+40%)•0.8-m=1.2x,
解得m=10x.
∴当销售甲、乙、丙三种方式的水果数量之比为2:2:5时,
总成本为:12.5x•2+15x•2+10x•5=105x,
总利润为:2.5x•2+5x×2+1.2x•5=21x,
销售的总利润率为 ×100%=20%,
故答案为:20%.
此题考查了三元一次方程的实际应用,分析题意,找到关键描述语,找到合适的等量关系是解题的关键.
22、
【解析】
根据菱形的面积等于两对角线乘积的一半即可求得其面积.
【详解】
由已知得,菱形面积=.
故答案为: .
此题考查菱形的性质,解题关键在于掌握运算公式.
23、1+
【解析】
分析:首先根据三角形外角的性质可得∠B=∠BAD,根据等角对等边可得BD=AD=√55,然后利用勾股定理计算出CD长,进而可得BC长.
详解:∵∠B+∠DAB=∠ADC,∠ADC=2∠B,
∴∠B=∠BAD,
∴BD=AD=,
∵∠C=90°,
∴CD===1,
∴BC=+1.
故答案为.
点睛:此题主要考查了勾股定理,以及三角形外角的性质,关键是掌握在任何一个直角三角形中,两条直角边长的平方之和一定等于斜边长的平方.
二、解答题(本大题共3个小题,共30分)
24、(1)的周长;(2)
【解析】
(1)先利用直线、表达式求出点A、B、C坐标,再利用勾股定理求得AB、AC的长,即可求得的周长;
(2)根据函数图象,即可得出.
【详解】
(1)由,当时,,所以点,
由,当时,.所以点,,
所以
由,当时,,所以点,,
根据勾股定理,得:,
所以的周长
(2)时在下方,即A点左侧区域,所以
本题考查利用一次函数图象与坐标轴交点求三角形面积问题,以及函数比较大小问题,熟练掌握求一次函数与x轴y轴交点是解题关键.
25、(1)108 (2)110.4
【解析】
(1)根据平均数的计算公式计算即可.
(2)根据权重乘以每个时期的成绩总和为总评成绩计算即可.
【详解】
(1)根据平均数的计算公式可得:
因此小明这学期的数学平时平均成绩为108
(2)根据题意可得:
因此小明这学期的数学总评成绩110.4
本题主要考查数据统计方面的知识,关键要熟悉概念和公式,应当熟练掌握.
26、(1);(2)t=s时,四边形ABMN是平行四边形;(3)存在,点Q坐标为:或或或.
【解析】
(1)如图1中,作BH⊥x轴于H.证明△COA≌△AHB(AAS),可得BH=OA=1,AH=OC=2,求出点B坐标,再利用待定系数法即可解决问题.
(2)利用平行四边形的性质求出点N的坐标,再求出AN,BM,CM即可解决问题.
(3)如图3中,当OB为菱形的边时,可得菱形OBQP,菱形OBP1Q1.菱形OBP3Q3,当OB为菱形的对角线时,可得菱形OP2BQ2,点Q2在线段OB的垂直平分线上,分别求解即可解决问题.
【详解】
(1)如图1中,作BH⊥x轴于H.
∵A(1,0)、C(0,2),
∴OA=1,OC=2,
∵∠COA=∠CAB=∠AHB=90°,
∴∠ACO+∠OAC=90°,∠CAO+∠BAH=90°,
∴∠ACO=∠BAH,
∵AC=AB,
∴△COA≌△AHB(AAS),
∴BH=OA=1,AH=OC=2,
∴OH=3,
∴B(3,1),
设直线BC的解析式为y=kx+b,则有,
解得:,
∴;
(2)如图2中,
∵四边形ABMN是平行四边形,
∴AN∥BM,
∴直线AN的解析式为:,
∴,
∴,
∵B(3,1),C(0,2),
∴BC=,
∴,
∴,
∴t=s时,四边形ABMN是平行四边形;
(3)如图3中,
如图3中,当OB为菱形的边时,可得菱形OBQP,菱形OBP1Q1.菱形OBP3Q3,
连接OQ交BC于E,
∵OE⊥BC,
∴直线OE的解析式为y=3x,
由,解得:,
∴E(,),
∵OE=OQ,
∴Q(,),
∵OQ1∥BC,
∴直线OQ1的解析式为y=-x,
∵OQ1=OB=,设Q1(m,-),
∴m2+m2=10,
∴m=±3,
可得Q1(3,-1),Q3(-3,1),
当OB为菱形的对角线时,可得菱形OP2BQ2,点Q2在线段OB的垂直平分线上,
易知线段OB的垂直平分线的解析式为y=-3x+5,
由,解得:,
∴Q2(,).
综上所述,满足条件的点Q坐标为:或或或.
本题属于一次函数综合题,考查了平行四边形的判定和性质,菱形的判定和性质,一次函数的性质等知识,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题,学会用分类讨论的思想思考问题,属于中考压轴题.
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
批阅人
t(小时)
1
1
2
3
y(升)
111
92
84
76
测试
类别
平 时
期中
期末
测试1
测试2
测试4
课题学习
112
110
成绩(分)
106
102
115
109
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