广东省雷州市龙门中学、客路中学两校2025届高三上学期10月第一次模拟考试物理试题（Word版附解析）

这是一份广东省雷州市龙门中学、客路中学两校2025届高三上学期10月第一次模拟考试物理试题（Word版附解析），共11页。试卷主要包含了10，5g等内容，欢迎下载使用。

命题人：客路中学 龙门中学 教研组
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
​​​​​​​4.诚信考试，拒绝舞弊。
20241015手动选题通用卷2
一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.在十米跳台比赛中，从全红婵离开跳台开始计时，其速度随时间变化情况可简化如图，下列结论错误的是( )
A. 0～t1时间内，全红婵不做自由落体运动
B. 0～t1时间内，运动员的平均速度等于v2-v12
C. t2时刻运动员下潜到最低点
D. t2～t3时间内，运动员的加速度逐渐减小
2.如图甲所示，黄埔大桥南汊桥是悬索桥。图乙中A、B、C、D、E为大桥上五根钢丝绳吊索，每两根吊索之间距离相等，若汽车从吊索A处开始做匀减速直线运动，刚好在吊索E处停下，汽车通过吊索D时的瞬时速度为vD，通过DE段的时间为t，则( )
A. 汽车通过吊索A时的速度大小为4vD
B. 汽车减速的时间大于2t
C. 汽车通过AD段的平均速度是通过DE段平均速度的3倍
D. 汽车通过吊索C时的瞬时速度等于通过AE段的平均速度
3.2024年巴黎奥运会有300多个运动小项.其中下列运动，可将运动员视为质点的是( )
A. 研究甲图运动员在百米比赛中的平均速度B. 研究乙图运动员的空中转体姿态
C. 研究丙图运动员的入水动作D. 研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作
4.如图所示，公园里有一仿制我国古代欹器的U形水桶，桶可绕水平轴转动，水管口持续有水流出，过一段时间桶会翻转一次，决定桶能否翻转的主要因素是( )
A. 水桶自身重力的大小B. 水管每秒出水量的大小
C. 水流对桶撞击力的大小D. 水桶与水整体的重心高低
5.在刚结束的巴黎奥运会，郑钦文获得女单网球冠军，创造历史性的一刻。如图所示，郑钦文把飞来的网球击打回去，落到了对方场内，则下列说法正确的是( )
A. 飞来的网球速度越大，惯性越大
B. 球被打飞回去，是因为力是维持物体运动状态的原因
C. 若球拍没有击打球，则球会保持原来的运动状态不变
D. 球拍对球的弹力，是因为球拍发生弹性形变而产生的
6.一质量为M的楔形木块放在水平桌面上静止，它的顶角为90°，两底角为α和β；a、b为两个位于斜面上质量均为m的小木块，则下列说法正确的是( )
A. 若斜面是光滑的，斜面对地面的压力为Mg+2mg
B. 若斜面是光滑的，斜面对地面的压力为Mg
C. 若斜面不光滑，a、b匀速下滑，斜面对地面的压力为Mg+2mg
D. 若斜面不光滑，a、b匀速下滑，斜面对地面的压力为Mg
7.如图是竖直放置的某款可调角度的简便磨刀器，该磨刀器左右两侧对称，通过调整磨刀角度可以使该磨刀器的两侧面与刀片尖端的两侧面紧密贴合，就可以轻松满足家庭日常的各种磨刀需求。使用磨刀器过程中，下列说法正确的是( )
A. 向后轻拉刀具，磨刀器受到的摩擦力向前
B. 水平匀速向后拉刀具，磨刀器对刀具的作用力竖直向上
C. 加速后拉刀具，刀具受到的摩擦力小于磨刀器受到的摩擦力
D. 对同一把刀具在竖直方向上施加相同压力时，磨刀器的夹角越小，越难被拉动
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.如图所示，倾角为α=37°的斜面体静置在粗糙水平地面上，劲度系数为k的轻弹簧下端拴接在斜面体底端的挡板上，质量为m的物块a拴接在轻弹簧的上端，放在斜面体上质量为m的物块b通过跨过光滑定滑轮的细绳与质量为2m的球c拴接。初始时a、b接触，c在外力的作用下，使b、c间绳子伸直但无拉力。物块b、滑轮间的细绳与斜面平行，斜面光滑，重力加速度为g。撤去球c的外力一瞬间，下列说法正确的是( )
A. 物块b的加速度为2g
B. 物块a的加速度0.5g
C. 斜面体受到水平向右的静摩擦力作用
D. 撤去球c的外力后，当弹簧弹力大小为1615mg时，a、b刚好分离
9.如图所示，送水工人用推车运桶装水，到达目的地后，工人抬起把手，带动板OA转至水平即可将水桶卸下。若桶与接触面之间的摩擦不计，∠AOB为锐角，板OA、OB对水桶的压力大小分别为F1、F2，保持OB不动，使OA由竖直缓慢转到与OB垂直的过程中( )
A. 水桶受到的合力不变B. F1，F2都在减小
C. F1不断减小，F2先增大后减小D. F1先减小后增大，F2不断减小
10.如图所示，表面光滑的半球形物体固定在水平面上，光滑小环D固定在半球形物体球心O的正上方，轻质弹簧一端用轻质细绳固定在A点，另一端用轻质细绳穿过小环D与放在半球形物体上的小球P相连，DA水平。现将细绳固定点A向右缓慢平移的过程中(小球P未到达半球最高点前)，下列说法正确的是( )
A. 弹簧变短B. 弹簧变长
C. 小球对半球的压力不变D. 小球对半球的压力变大
三、实验题：本大题共2小题，共12分。
11.如图所示为某实验小组研究小车做匀变速直线运动规律打出的纸带，已知打点计时器使用的交流电频率为50 Hz，0、1、2、3、4、5、6为纸带上选取的计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．从纸带上测出x1=1.05 cm，x2=1.81 cm，x5=4.06 cm，x6=4.80 cm.则打出1点时小车速度为________m/s，小车加速度大小a=________m/s2.(结果保留三位有效数字)
12.某同学用如图所示装置来探究“在外力一定时，物体的加速度与其质量之间的关系”。
(1)下列说法正确的是________
A.连在小车这一侧的细线可不平行于木板
B.平衡摩擦力时，小车前面不与砂桶连接，后面应固定条纸带，纸带穿过打点计时器
C.小车释放前应靠近打点计时器，且先释放小车后接通打点计时器的电源
(2)若将砂和砂桶的总重力mg近似地当成小车所受的拉力，需满足的条件：________(选填“远大于”或“远小于”)小车质量M。若小车所受拉力的真实值为F真，为了使mg-F真F真<5%，则M与m应当满足的条件是mM<__________
(3)某同学根据测量数据作出的a-F图象如图所示，实验中可能存在的问题是：_________。
四、计算题：本大题共3小题，共42分。
13.图(a)为某国际机场某货物传送装置实物图，简化图如图(b)，该装置由传送带ABCD及固定挡板CDEF组成，固定挡板与传送带上表面垂直，传送带上表面ABCD与水平台面的夹角θ=37°。传送带匀速转动时，工作人员将正方体货物从D点由静止释放，在L=10m处取下货物，货物运动时的剖面图如图(c)所示，已知传送带匀速运行的速度v=1m/s，货物质量m=10kg，其底部与传送带上表面ABCD的动摩擦因数为μ1=0.25，其侧面与挡板CDEF的动摩擦因数为μ2=0.25(重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力)。

(1)求传送带上表面对货物的摩擦力大小f1和挡板对货物的摩擦力大小f2；
(2)货物在传送带上运动的时间t；
(3)货物若传送到s=0.2m时，传送带由于故障突然停止，工作人员待货物安全停止时立即进行维修，用时T=30s，传送带恢复正常，忽略传送带加速至恢复正常的时间，求由于故障，传送货物耽误的时间Δt。(保留两位小数)
14.如图甲为大型游乐设施跳楼机，图乙为其结构简图。轿厢从a位置自由下落，从b位置到c位置下落的距离为25m，经历的时间为1m。轿厢从c位置后以恒力制动，再经3s停下(重力加速度g取10m/s2)。求：
(1)跳楼机从a位置到c位置下落的距离；
(2)跳楼机下落的总高度。
15.质量为2kg的长木板A放在水平地面上，质量为1kg的物块B放在长木板的左端，给物块B施加一个水平向右的拉力F，将F从零开始逐渐增大，当F为3N时，物块B和长木板A刚好要一起滑动，当F为6N时，物块B刚好要相对长木板A滑动，重力加速度g=10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：
(1)A与地面之间，B与A之间的动摩擦因数的大小；
(2)若开始拉物块B时，F恒定为10N，结果拉力F作用1s，物块B刚好从A上滑离，A的长度；
(3)(2)问中F作用t0时间后撤去，此后物块B刚好不滑离长木板A(长度为(2)问中所求得的长度)，则t0多大。
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：A.根据图像可知，0～t1时间内，运动员的初速度为-v1，则运动员做的不是自由落体运动，故A对；
B.根据速度—时间图像斜率的绝对值表示加速度大小，由图像可知，在0～t1时间内运动员的加速度一直不变，做匀变速直线运动，则运动员的平均速度v-=-v1+v22，故B正确；
C.t3时刻，运动员速度减为0，可知，t3时刻运动员下潜到最低点，故C错误；
D.根据速度—时间图像斜率的绝对值表示加速度大小，由图像可知，t2～t3时间内，运动员的加速度逐渐减小，故D对。
故选：C。
根据速度—时间图像读出运动员的运动情况，0～t1时间内，运动员做匀变速直线运动，根据v-=v0+v2求平均速度。速度—时间图像的斜率表示加速度，斜率正负表示加速度方向。
本题考查了对利用速度—时间图像的斜率求解物体运动的加速度的掌握。
2.【答案】C
【解析】解：AB、由题意可知，汽车做匀减速直线运动，由于DE：AD=1：3，则由逆向思维，汽车做初速度为零的匀加速直线运动，可知可得汽车通过DE、AD段所用的时间之比为1：1，可得汽车减速的时间等于2t，则有：vD=vA+02，解得：vA=2vD，故AB错误；
C、根据初速度为零的匀加速直线运动的比例关系可知，汽车通过DE段的位移与AD段位移之比为1：3，所以汽车通过该两段的时间相等，所以平均速度之比等于位移之比，所以汽车通过AD段的平均速度等于DE段平均速度的3倍，故C正确；
D、D点是AE段匀减速运动的时间中点，所以汽车通过吊索D点时的瞬时速度等于通过AE段的平均速度，由题意可知，汽车通过吊索C点时的瞬时速度大于通过D的瞬时速度，则汽车通过吊索C点时的瞬时速度大于通过AE段的平均速度，故D错误。
故选：C。
根据逆向思维，结合初速度为零的匀变速直线运动的比例关系，再根据平均速度是中间时刻速度求解即可。
本题考查匀变速直线运动的规律。解决问题的关键是清楚汽车减速到零的运动，可以看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，根据初速度为零的匀变速直线运动的比例关系分析判断。
3.【答案】A
【解析】A.研究甲图运动员在百米比赛中的平均速度时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响能够忽略，此时运动员能够看成质点，故A正确；
B.研究乙图运动员的空中转体姿态时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看成质点，故B错误；
C.研究丙图运动员的入水动作时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看成质点，故C错误；
D.研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看成质点，故D错误。
4.【答案】D
【解析】【分析】
明确水桶翻转原理，知道重心的性质。
本题考查重心知识的应用，要注意将所学物理规律用到生活中去，从而激发学习物理的兴趣。
【解答】
当桶中水增多时，水桶和水的重心上移，当重心上移到某一高度时，竖直向下的重力作用线的作用点偏离中心转轴，导致水桶不能稳定平衡，发生翻转，所以决定桶能否翻转的主要因素是重心的高低，与自身重力、出水量和撞击力等无关，故D正确，ABC错误。
故选：D。
5.【答案】D
【解析】解：A、惯性的大小仅与质量有关，与物体的速度无关，故A错误；
B、球被打飞出去，是因为力是改变物体运动状态的原因，故B错误；
C、若球拍没有打击球，球还受到重力和空气阻力的作用，球的运动状态会发生变化，故C错误；
D、弹力的产生是因为施力物体发生了形变，所以球拍对球的弹力，是因为球拍发生了弹性形变而产生的，故D正确。
故选：D。
惯性的大小仅与质量有关；力是改变物体运动状态的原因；球还受到重力和空气阻力的作用；弹力的产生是因为施力物体发生了形变。
知道惯性的大小仅与质量有关，力是改变物体运动状态的原因，弹力是因为施力物体发生形变产生的。
6.【答案】C
【解析】AB.若斜面是光滑，物块a只受重力和斜面的支持力，有
N1=mgcsα
故a给斜面的压力为
N'1=N1=mgcsα
将 N'1 分解为水平和竖直方向两个分力，竖直向下的分力为
N'1y=N'1csα=mgcs2α
同理可得，b物体给斜面压力的竖直向下的分力为
N'2y=N'2csβ=mgcs2β
对斜面受力分析可得
N地=Mg+N'1y+N'2y=Mg+mgcs2α+mgcs2β=Mg+mg
由牛顿第三定律可知斜面对地面的压力为 Mg+mg ，故AB错误；
CD.若斜面不光滑，a、b匀速下滑，则a、b均受力平衡，斜面给a、b的力都为mg，方向竖直向上，由牛顿第三定律可知a、b对斜面的力均为mg，方向竖直向下；对斜面分析可得地面的支持力为 Mg+2mg ，故斜面对地面的压力为 Mg+2mg ，故C正确，D错误。
故选C。
7.【答案】D
【解析】解：A、根据滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反，向后轻拉刀具，磨刀器相对于刀具向前运动，则磨刀器受到的摩擦力向后，故A错误；
B、水平匀速向后拉动刀具，则磨刀器对刀具的摩擦力向前，两侧支持力的合力竖直向上，则磨刀器对刀具的支持力和摩擦力的合力不是竖直向上，即磨刀器对刀具的作用力不是竖直向上，故B错误；
C、加速后拉刀具，刀具受到的摩擦力和磨刀器受到的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，故C错误；
D、对同一把刀具在竖直方向上施加相同压力时，磨刀器的夹角越小，对刀具的压力越大，摩擦力越大，则越难被拉动，故D正确。
故选：D。
根据滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反，分析磨刀器受到的摩擦力方向；水平匀速向后拉刀具，磨刀器对刀具的作用力是支持力和摩擦力的合力，根据力的合成法确定磨刀器对刀具的作用力方向；加速后拉刀具，刀具受到的摩擦力与磨刀器受到的摩擦力一对相互作用力，由牛顿第三定律分析它们的大小关系；对同一把刀具在竖直方向上施加相同压力时，磨刀器的夹角越小，分析摩擦力大小，再进行判断。
本题考查摩擦力的大小和方向、相互作用力的关系。要注意磨刀器对刀具的作用力是支持力和摩擦力的合力。
8.【答案】BCD
【解析】解：AB.撤去球c的外力前，b、c间绳子伸直但无拉力，弹簧处于压缩状态，设弹簧的形变量为x1，以a、b为整体，根据平衡条件有
kx1=2mgsin37°
撤去球c的外力一瞬间，以a、b、c为整体，根据牛顿第二定律可得
2mg+kx1-2mgsin37°=4ma
联立解得a、b、c的加速度大小为
a=0.5g
故A错误，B正确；
C.以斜面体和a、b、c为系统，由于a、b的加速度沿斜面向上，具有水平向右的分加速度
ax=acs37°
根据牛顿第二定律可得
f地=2macs37°
可知斜面体受到水平向右的静摩擦力作用，故C正确；
D.撤去球c的外力后，a、b刚好分离时，a、b间的弹力为0，此时a、b、c的加速度大小相等，以c为对象，根据牛顿第二定律可得
2mg-T'=2ma'
以b为对象，根据牛顿第二定律可得
T'-mgsin37°=ma'
以a为对象，根据牛顿第二定律可得
F弹-mgsin37°=ma'
联立解得弹簧弹力大小为
F弹=1615mg，故D正确。
故选：BCD。
先根据平衡条件得到弹簧上的弹力，然后把a、b、c看成一个整体，根据牛顿第二定律得到撤去球c上外力的瞬间的加速度；以斜面体和a、b、c为系统，由于a、b的加速度沿斜面向上，具有水平向右的分加速度，根据牛顿第二定律得到斜面体与地面之间的摩擦力；在a、b刚好分离时，a、b间的弹力为0，此时a、b、c的加速度大小相等，根据牛顿第二定律解得弹簧的弹力。
能够选择合适的研究对象，利用牛顿第二定律计算加速度，知道两个物体分离时的条件是两个物体间的弹力为零。
9.【答案】AB
【解析】解：A、使OA由竖直缓慢转到与OB垂直的过程中，水桶受到的合力一直为0，保持不变，故A正确；
BCD、使OA由竖直缓慢转到与OB垂直的过程中，板OA对水桶的压力F1从水平向右逐渐变成与F2垂直，以水桶为对象，其受力如图所示
由图可知，F1F2都在减小，故B正确，CD错误。
故选：AB。
板OA、OB对水桶的压力始终与板垂直，合力大小等于水桶的重力，根据力的三角形法则分析。
考查对物体受力分析方法的掌握，水桶始终处于平衡状态，根据力的三角形法则分析受力情况。
10.【答案】AC
【解析】【分析】
分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T和半球面的支持力N，作出N、T的合力F，根据三角形相似法分析N、T的变化。
本题是平衡问题中动态变化分析问题，N与T不垂直，运用三角形相似法分析，作为一种方法要学会应用。
【解答】
以小球为研究对象，分析小球受力情况：受重力G，细线的拉力T和半球面的支持力N，作出N、T的合力F，
由平衡条件得知：F=G。
由△NFP∽△PDO得：NPO=FDO=TPD
将F=G，代入得：N=PODOG，T=PDDOG
由题将细绳固定点A向右缓慢平移的过程中，DO，PO不变，PD变小，可见T变小，N不变，即知弹簧的弹力变小，弹簧变短；
由牛顿第三定律知小球对半球的压力不变，故AC正确，BD错误。
故选AC。
11.【答案】0.143；0.750。
【解析】解：由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上1点时小车的瞬时速度大小v=x1+x22T=1.05+1.812×0.1×10-2m/s=0.143m/s；
根据△x=aT2可得：
x46-x02=2a(2T)2，即：a=(x5+x6)-(x1+x2)2(2T)2=4.06+4.80-1.05-1.818×0.12×10-2m/s2=0.750m/s2。
故答案为：0.143；0.750。
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上1点时小车的瞬时速度大小；根据加速度定义可以求出加速度的大小。
本题考查匀变速直线运动的实验规律，要注意提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要注意平均速度公式以及推论公式△x=aT2的正确应用。
12.【答案】 B 远小于 0.05 平衡摩擦力时斜面的倾角过大
【解析】【详解】(1)[1]A.细线不平行木板时，细线拉力变化，故A错误；
B.平衡摩擦力时，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器，故B正确；
C.小车释放前应靠近打点计时器，且先接通打点计时器的电源后释放小车，故C错误；
(2)[2]在本实验中认为细线的拉力F等于砂和砂桶的总重力 mg ，由此造成的误差是系统误差，对小车，根据牛顿第二定律得
a=F真M
对整体，根据牛顿第二定律得
a=mgM+m ，且 mg-F真F真<5%
解得
mM<0.05
(3)[3]由图可知，当F为0时，已具有加速度，说明平衡摩擦力时斜面的倾角过大
13.【答案】解：(1)货物放上传送带后，水平方向受力如图1所示，设传送带对物体的摩擦力为f1，挡板对物体摩擦力为f2，由剖面图对货物受力分析如图2，传送带对货物支持力为N1，挡板对货物支持力为N2

根据共点力平衡条件有
N1=mgcsθ
f1=μ1N1
N2=mgsinθ
f2=μ2N2
解得f1=40N，f2=15N
传送带上表面对货物的摩擦力大小为40N，挡板对货物的摩擦力大小为15N；
(2)设货物由静止放上传送带获得的加速度为a
对货物：f1-f2=ma
设货物在传送带上经时间t能达到共速，运动的位移为s1
v=at1
s1=12vt1
解得t=0.4s
s1=0.2mL-s1=vt2
解得t2=9.8s
则t=t1+t2
解得t=10.2s
(3)货物由于传送带突然出现故障，作匀减速运动的加速度为a1，所走的位移为s'1，传送带恢复正常后，货物匀加速达到共速的位移为s'2
对货物f1+f2=ma1
根据速度—位移公式有
v2=2a1s'1
v2=2as'2
设由于传送带故障，耽误的时间为Δt，则
Δt=T+s1'+s2'v
解得
Δt=30.29s
答：(1)传送带上表面对货物的摩擦力大小为40N，挡板对货物的摩擦力大小为15N；
(2)货物在传送带上运动的时间为10.2s；
(3)由于故障，传送货物耽误的时间为30.29s。
【解析】(1)根据共点力平衡条件结合摩擦力公式解答；
(2)分析货物在传送带的运动情况，根据运动学公式解答；
(3)根据牛顿第二定律结合速度—位移公式解答。
本题考查了传送带模型与牛顿第二定律的应用。传送带模型要判断是否可以共速，以及共速后物体运动形式，要注意摩擦力的方向。
14.【答案】(1)设 ac 间距离为h，跳楼机由a位置到c位置做自由落体运动，有
h1=12gt12 a到b做自由落体运动，有
h1-25m=12gt1-12
解得
h1=45m
t1=3s
(2)跳楼机到c位置速度
v=gt1=30m/s
减速过程平均速度
v=v2=15m/s
减速过程下降高度
h2=vt2=45m
跳楼机下落的总高度
h=h1+h2=90m

【解析】详细解答和解析过程见【答案】
15.【答案】1)设长木板A与地面间的动摩擦因数为 μ1 由题意可知
F1=μ1(mA+mB)g
解得
μ1=0.1
设物块B与长木板间的动摩擦因数为 μ2 ，根据题意 对整体研究
F2-μ1(mA+mB)g=(mA+mB)a
对物块B研究
F2-μ2mBg=mBa
解得
μ2=0.5
(2)由于拉力10N大于6N，因此，物块与长木板发生相对滑动，设长木板的加速度为 a1 ，则
μ2mBg-μ1(mA+mB)g=mAa1
解得
a1=1m/s2
对物块B研究
F3-μ2mBg=mBa2
解得
a2=5m/s2
设木板的长为L，则
L=12a2t12-12a1t12=2m
(3)在(2)问中撤去F后，物块在长木板上滑行时的加速度大小
a3=μ2g=5m/s2
设从开始到物块滑到长木板右端时时间为t，则
a2t0-a3(t-t0)=a1t
12a2t02+12(a2t0+a1t)(t-t0)-12a1t2=L
解得
t0= 155s

【解析】详细解答和解析过程见【答案】