河南省鹤壁市鹤山区双校联考2023-2024学年八年级下学期7月期末物理物理试题

这是一份河南省鹤壁市鹤山区双校联考2023-2024学年八年级下学期7月期末物理物理试题，共16页。试卷主要包含了填空题，单选题，多选题，作图题，实验题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）为了纪念物理学家为人类科学史作出的贡献，在国际单位制中，常用他们的名字作为物理量的单位，如：力的单位是 牛顿 ，能量的单位是 焦耳 （均写中文名字）。
【答案】牛顿；焦耳。
【解析】解：在物理学中，力的基本单位是牛顿，符号是N；
功和各种能量的基本单位都是焦耳，符号是J。
故答案为：牛顿；焦耳。
2．（2分）2024年第三届中国青少年足球联赛比赛时，运动员用力将球踢进球门，说明力可以改变物体的 运动状态 ；球与球网接触后，球网上的网眼变大了，说明力可以改变物体的 形状 。
【答案】运动状态；形状。
【解析】解：运运动员用力将球踢进球门，说明力可以改变物体的动状态；球网上的网眼变大了，说明力可以改变物体的形状。
故答案为：运动状态；形状。
3．（3分）如图为用斧头劈柴的情景，斧头的刃很薄，是为了 增大压强 ；斧头对木柴的作用力改变了木柴的 形状 ，斧头进入木头很深，斧刃会微微变热，在这一过程中斧头的机械能转化为 内 能。
【答案】增大压强；形状；内。
【解析】解：（1）斧头的刃很薄，是在压力一定的情况下，减小了受力面积，从而增大了压强；
（2）用斧头劈柴，木柴由大块变成几个小块，斧头对木柴的作用力改变了木柴的形状；
（3）用斧头劈柴时，是斧头和木柴摩擦生热的过程，在这一过程中斧头的机械能转化为内能。
故答案为：增大压强；形状；内。
4．（2分）2023年10月31日，神舟十六号载人飞船返回舱进入大气层后下落，接近地面时反推发动机点火，最终返回舱在东风着陆场成功着陆，返回舱刚进入大气层下落时，机械能减小，请解释其原因： 返回舱进入大气层后，会与大气层发生剧烈摩擦，一部分机械能转化为内能，所以返回舱的机械能减小 ；反推发动机是喷气式发动机，它 属于 （选填“属于”或“不属于”）热机。
【答案】返回舱进入大气层后，会与大气层发生剧烈摩擦，一部分机械能转化为内能，所以返回舱的机械能减小；属于。
【解析】解：返回舱进入大气层后，会与大气层发生剧烈摩擦，一部分机械能转化为内能，所以返回舱的机械能减小；反推发动机是喷气式发动机属于热机。
故答案为：返回舱进入大气层后，会与大气层发生剧烈摩擦，一部分机械能转化为内能，所以返回舱的机械能减小；属于。
5．（2分）2018年12月8日，我国成功发射“嫦娥四号”月球探测器（如图），成为全球首个实现在月球背面着陆的国家。该探测器在月球上具有的惯性 等于 在地球上具有的惯性。它停在水平月面上时对月面的压强 小于 停在水平地面上时对地面的压强（都选填“大于”、“等于”或“小于”）。
【答案】等于；小于。
【解析】解：
惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，惯性的大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，嫦娥四号”月球探测器在月球上的质量等于在地球上的质量，因此“嫦娥四号”月球探测器在月球上具有的惯性等于在地球上具有的惯性。
由于月球的引力是地球的，则月球探测器停在水平月面上时对月面的压力小于停在水平地面上时对地面的压力，受力面积不变，由p＝可知，停在水平月面上时对月面的压强子小于停在水平地面上时对地面的压强。
故答案为：等于；小于。
6．（2分）有一个实心正方体物体，用弹簧测力计在空气中称重时，测力计的示数为20N；当把物体一半体积浸入水中时，测力计的示数为9N，此时物体所受的浮力为 11 N，把物体从弹簧测力计上取下浸没水中后释放，最终物体静止时受到的浮力是 20 N。
【答案】11；20。
【解析】解：把物体一半体积浸入水中时，测力计的示数为F示＝9N，根据称重法测量浮力知，
物体所受的浮力
F浮＝G−F示＝20N−9N＝11N；
由题知物体排开水的体积等于物体体积的一半，浸没时的体积等于物体的体积，故浸没时的浮力是原来的2倍，F'浮＝2F浮＝2×11N＝22N＞G，所以，把物体从弹簧测力计上取下浸没水中后释放，最终物体静止时处于漂浮状态，则物体受到的浮力F浮′＝G＝20N。
故答案为：11；20。
二、单选题（共12分）
7．（2分）对下列四幅图片涉及的物理知识分析错误的是（ ）
A．图甲中，船闸是利用连通器原理工作的
B．图乙中，飞机机翼上凸下平利用流体压强与流速的关系获得升力
C．图丙中，祝融号火星车设计有宽大的轮子可以增大惯性
D．图丁中，马德堡半球实验证明了大气压的存在
【答案】C
【解析】解：A、船闸是连通器原理的应用，故A正确；
B、飞机机翼为上方为凸型，下方是平的；等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小。因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力，故B正确；
C、火星车设计有宽大的轮子，在压力一定时，通过增大接触面积来减小压强的，故C错误；
D、马德堡半球实验证明了大气压的存在，故D正确。
故选：C。
8．（2分）两个相同的篮球，表面潮湿，从不同高度自由落至同一地面，留下的印迹如图所示。关于初始时篮球的重力势能，下列说法正确的是（ ）
A．落在a处的大B．落在b处的大
C．两个一样大D．无法比较大小
【答案】A
【解析】解：从高处下落的篮球具有重力势能，高度越高，重力势能越大，当篮球与地面接触时，篮球发生形变，具有弹性势能，这样篮球的重力势能转化为篮球的弹性势能，高度越高，篮球的形变量越大，即痕迹面积越大，由图可知，a图的篮球痕迹较大，所以a球的起始重力势能较大，A符合题意，B、C、D不符合题意；
故选：A。
9．（2分）如图所示是简单机械在生活中应用的实例，下列关于这些实例的说法正确的是（ ）
A．此时甲图中的跷跷板可视为等臂杠杆
B．忽略绳和滑轮重及摩擦，乙图中绳子自由端的拉力
C．丙图中的斜面可以省力
D．丁图中的筷子在使用时是省力杠杆
【答案】C
【解析】解：A、如图甲所示，此时跷跷板两边的人距离转轴距离（力臂）不相等，不是等臂杠杆，故A错误；
B、由图知n＝2，不计摩擦和绳重，拉力大小等于物体和滑轮总重的，故B错误；
C、斜面是一种机械，可以省力，利用了高度一定时斜面越长越省力的道理，故C正确；
D、筷子在使用过程中动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，省距离，故D错误。
故选：C。
10．（2分）在弹簧测力计下挂一圆柱体，从盛水的烧杯上方某一高度缓慢下降，圆柱体浸没后继续下降，直到圆柱体底面与烧杯底部接触为止（水未溢出）。如图所示是圆柱体下降过程中弹簧测力计读数F随圆柱体下降高度h变化的图像（，g＝10N/kg）。下列说法正确的是（ ）
A．圆柱体浸没在水中时所受的浮力是4N
B．圆柱体的质量是12kg
C．从B点到C点过程中，水对容器底部的压强逐渐变大
D．圆柱体下降过程中，绳子对圆柱体的拉力和圆柱体对绳子的拉力是一对平衡力
【答案】C
【解析】解：A、由图乙可知，当h＝0时，弹簧测力计示数为12N，此时圆柱体在空气中，根据二力平衡条件可知，圆柱体的重力G＝F＝12N；从h＝7cm开始，弹簧测力计示数不变，说明此时圆柱体已经浸没在水中，弹簧测力计的拉力F′＝4N，则圆柱体浸没在水中时，受到的浮力：F浮＝G﹣F′＝12N﹣4N＝8N；故A错误；
B、圆柱体的质量：m＝＝＝1.2kg；故B错误；
C、从B点到C点过程中，物体排开水的体积逐渐增加，由于排开的液体没有溢出容器，则液体深度变大，根据p＝ρgh可知水对容器底部的压强变大；故C正确
D、圆柱体下降过程中，绳子对圆柱体的拉力和圆柱体对绳子的拉力是物体间的相互作用力，不是平衡力，故D错误。
故选：C。
11．（2分）如图是一款名叫“蜗小白”的无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内。此过程中，扫地车整体的（ ）
A．动能不变，机械能不变
B．动能变大，机械能变大
C．动能不变，机械能变大
D．动能变大，机械能不变
【答案】B
【解析】解：无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内，其质量变大，速度不变，动能变大，高度不变，重力势能不变，故机械能变大，故B正确。
故选：B。
12．（2分）在城区改造项目的施工现场中，工人用如图1所示的滑轮组，将重为400N的物体M匀速提升到高6m的楼上，所用拉力F为250N，图2为物体M提升过程中的s﹣t关系图像。下列说法正确的是（ ）
A．左侧滑轮为动滑轮，可以省力
B．拉力F做功的功率为240W
C．滑轮组的机械效率为80%
D．增大提升物体M的质量，滑轮组的机械效率变低
【答案】C
【解析】解：A、由图知，左侧滑轮的轴置不变，是定滑轮，可以改变力的方向，故A错误；
B、由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离为：s＝nh＝2×6m＝12m，
总功为：
W总＝Fs＝250N×12m＝3000J，
由左图知当物体升高6m的时间为30s，则拉力F做功的功率为：
P＝＝＝100W，故B错误；
C、有用功：
W有用＝Gh＝400N×6m＝2400J，
滑轮组的机械效率为：
η＝＝×100%＝80%，故C正确；
D、不计绳重和摩擦时，根据η＝＝＝＝＝知增大提升物体M的质量时滑轮组机械效率变大，故D错误。
故选：C。
三、多选题（共4分）
（多选）13．（2分）物竞天择，适者生存，很多动物进化出了符合一定物理规律的身体结构。对此下列解释正确的是（ ）
A．骆驼的脚掌很大，可以减小压力，能使其在沙漠中行走自如
B．鸟类的翅膀进化成上凸下平的形状，是为了滑翔时获得升力
C．深海里的带鱼身体呈扁平态，更适宜在压强小的深海中生存
D．啄木鸟的嘴很尖细可以增大压强，利于凿开树干，捉到虫子
【答案】BD
【解析】解：A．骆驼对地面的压力等于自身的重力，骆驼的脚很大，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，从而减小压强，压力没变，故A错误；
B．鸟类的翅膀进化成上凸下平的形状，翅膀上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，形成向上的压力差，是为了滑翔时获得升力，故B正确；
C．液体压强随深度增大而增大，深海里的带鱼身体呈扁平态，更适宜在压强大的深海中生存，故C错误；
D．啄木鸟的嘴很尖细可以在压力一定时通过减小受力面积来增大压强，利于凿开树干，捉到虫子，故D正确。
故选：BD。
（多选）14．（2分）航海学习小组的同学们开展了用橡皮泥进行“造船”比赛的活动，看谁的小船装载的“货物”最多（船始终漂浮）。他们各自用相同的橡皮泥制作了一艘小船放在盛有不同体积水的相同水槽中，然后不同数量的相同泥丸当作“货物”装进去，最终水槽中水面相平，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．图甲中的小船所受的浮力小
B．两艘小船排开水的重力相等
C．图乙中小船排开水的体积小
D．甲、乙两水槽底部受到水的压强大小相等
【答案】AD
【解析】解：A、由图知，甲图小船中的“货物”多，甲中小船的重力要小于乙中小船的重力，由于两只船都处于漂浮状态，浮力等于重力，故甲中的小船所受的浮力小，乙中的小船所受的浮力大，故A正确；
BC、乙中的小船所受的浮力大，液体的密度相同，根据阿基米德原理可知乙中小船排开水的体积大，
甲中的小船所受的浮力小，根据阿基米德原理可知甲小船排开水的重力小，故BC错误；
D、由题意知，小船中放入不同的“货物”时，甲、乙中水的深度相同，根据液体压强公式p＝ρgh可知甲、乙两水槽底部受到水的压强大小相等，故D正确。
故选：AD。
四、作图题（共4分）
15．（2分）如图所示，木块A在平板小车粗糙的水平桌面上静止，当小车突然向左运动时，画出木块的受力示意图。
【答案】
【解析】解：
木块受重力G的方向竖直向下，小车对它的支持力F竖直向上，且这两个是一对平衡力，大小相等；
木块A与平板小车一起在水平桌面上静止，当小车突然向左运动时，由于惯性木块要保持原来的静止状态，木块相对于平板小车向右滑动或有向右滑动的趋势，所以在水平方向上受摩擦力f的作用，方向向左，木块的受力示意图如图所示：
。
16．（2分）如图所示是洛洛用核桃钳夹核桃时的情景，请在图中画出动力F1的力臂l1和作用在A点的阻力F2的示意图。
【答案】
【解析】解：支点在O处，从O作动力F1作用线作垂线，支点到垂足的距离就是动力臂l1；
动力向下方运动，阻力的方向和动力的运动方向相反，所以阻力的方向向上方，画出阻力F2，如图所示：
五、实验题（共18分）
17．（6分）小张在高速路上看到了许多限载限速标志，由此想探究动能与哪些因素有关，做了如图所示的实验。
（1）该实验研究的是小球 碰撞前 （选填“碰撞前”或“碰撞后”）的动能；小球动能的大小是通过 木块移动距离的远近 来反映的。
（2）在探究动能与质量的关系过程中，为保证小球到达水平面的速度相同，需控制小球静止下滑时的 高度 相同，通过比较 甲、丙 两次实验可以得出动能大小与质量的关系。
（3）比较甲、乙两次实验，得出的结论可以解释汽车在高速路上 超速 （选填“超速”或“超载”）的危害。
（4）实验中若水平面太粗糙，对该实验有何影响？ 水平面太粗糙，木块移动距离的远近不明显，不能清晰地得出结论 。
【答案】（1）碰撞前；木块移动距离的远近；（2）高度；甲、丙；（3）超速；（4）水平面太粗糙，木块移动距离的远近不明显，不能清晰地得出结论。
【解析】解：（1）小球的动能是指小球碰撞前的动能；小球动能的大小是通过木块移动距离的远近来反映的，这是转化法的应用；
（2）小球由静止从同一斜面相同高度下滑，到达水平面时具有相同的速度；
要探究动能大小与质量的关系，根据控制变量法可知，应控制小球的速度相同，即小球下滑的高度相同，小球的质量不同，由图可知，甲、丙两次实验满足实验要求；
（3）由甲、乙两次实验可知，小球的质量相同，下滑的高度不同，即速度不同，推动木块移动的距离不同；小球下滑的高度越高，速度越大，推动木块移动的距离越远，故可以解释汽车在高速路上超速的危害；
（4）实验中若水平面太粗糙，木块受到的摩擦力越大，木块移动距离的远近不明显，不能清晰地得出结论。
故答案为：（1）碰撞前；木块移动距离的远近；（2）高度；甲、丙；（3）超速；（4）水平面太粗糙，木块移动距离的远近不明显，不能清晰地得出结论。
18．（6分）小杨同学在学习液体压强时，为了探究液体压强的大小与哪些因素有关，进行了如下的实验探究。
（1）图甲是U形管压强计，金属盒上的橡皮膜应选用 薄 （选填“薄”或“厚”）一些的较好，从结构来看，压强计 不是 （选填“是”或“不是”）连通器；
（2）实验前，小杨用手轻压橡皮膜，发现U形管中液面升降灵活，说明该装置 不漏气 （选填“漏气”或“不漏气”）；另一位同学发现，他没有按压橡皮膜时U形管中液面就存在高度差，则他接下来的操作是 B 。
A．从U形管中向外倒适量水
B．拆掉软管重新安装
C．向U形管中加入适量水
（3）比较图乙、图丙的实验可知，同种液体内部压强随深度的增加而 增大 ；比较图乙、图丁的实验可初步判断，液体内部压强与液体密度 有关 （选填“有关”或“无关”）；
（4）若图丁的实验中U形管左右两侧的液面高度差为5cm，则该橡皮管内的气体压强与管外大气压之差为 500 Pa（U形管内水的密度为）；在图乙实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其混合均匀后（液体不溢出），橡皮膜受到的液体压强将 变大 （选填“变大”“变小”或“无法判断”）。
【答案】（1）薄；不是；（2）不漏气；B；（3）增大；有关；（4）500；变大。
【解析】解：（1）图（甲）是U形管压强计，金属盒上的橡皮膜应该选用薄一些的较好，薄的橡皮膜受相同压力时，压力的作用效果较明显。
从结构来看，压强计的一端封闭，不是连通器。
（2）用手轻压橡皮膜，发现U形管中液面升降灵活，说明该装置不漏气。
若在使用装置前发现U形管内水面有高度差，应通过下述方法拆除软管重新安装，使用装置前发现U形管内水面高度相同，故B符合题意，AC不符合题意。
故选：B。
（3）比较乙、丙两次实验可知：探头在海水中 深度越深，U形管两边液面高度差越大，可得结论：同种液体内部压强随深度的增加而增大。
比较乙、丁两次实验可初步判断：探头在海水与水中的相同深度，海水的密度较大，探头在海水中时U形管两边液面高度差较大，可得：液体内部压强与液体密度有关。
（4）图丁中U形管左右两侧水面的高度差h＝5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差为
，
图乙的实验中，容器底压强可以分成金属盒以上和金属盒以下两部分，金属盒以下部分深度不变，加清水后液体密度变小，由p＝ρgh知，金属盒以下部分液体压强变小，而容器底压强变大，所以金属盒（橡皮膜）以上的压强变大，所以橡皮膜受到的液体压强将变大。
故答案为：（1）薄；不是；（2）不漏气；B；（3）增大；有关；（4）500；变大。
19．（6分）小丽在做“探究杠杆平衡的条件“的实验，所用的实验器材有：杠杆（每小格均等长）、铁架台、刻度尺、细线和若干个重为1N的钩码。
（1）如图甲所示，要将杠杆调节在水平位置平衡是为了便于 测量力臂 ，调节时应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调才能使杠杆水平平衡。
（2）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡。小丽在左、右两侧各增加1个钩码，杠杆将 右端下沉 （选填“保持平衡”“左端下沉”或“右端下沉”）。
（3）杠杆调节平衡后，小丽进行了三次实验，多次实验的目的是 得出普遍性结论，避免偶然性 。
（4）如图丙所示，若不在B点挂钩码，可改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，当弹簧测力计从a位置转动到b位置时，使杠杆仍在水平位置平衡，其示数将 变大 ；若b位置与水平方向的夹角为30°，在b位置时弹簧测力计的示数为 4 N。（忽略弹簧测力计自重影响）
【答案】（1）测量力臂；右；（2）右端下沉；（3）得出普遍性结论，避免偶然性；（4）变大；4。
【解析】解：（1）实验中应调节杠杆在水平位置平衡，这样力臂恰好沿着杆的方向，便于测量力臂；如图所示，杠杆左端下沉，应将平衡螺母右移动才能使杠杆水平平衡；
（2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格长为L，小丽在左、右两侧各增加1个钩码，则有：4G×2L＜3G×3L，所以杠杆右端下沉；
（3）本题为探究性实验，实验中多次实验，是为了得出普遍性结论，避免偶然性；
（4）保持B点不变，若拉力F从a到b倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大。
当弹簧测力计在B点斜向下拉（与水平方向成30°角）杠杆，此时动力臂等于OB＝×3L＝L；根据杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2得：F1＝＝＝4N。
故答案为：（1）测量力臂；右；（2）右端下沉；（3）得出普遍性结论，避免偶然性；（4）变大；4。
六、综合题（共19分）
20．（9分）随着生活水平的提高，扫地机器人逐渐进入普通家庭。如图所示是质量为4.8kg的扫地机器人。
（1）扫地机器人之所以能够吸灰尘，是因为它内部的电机转动时使内部气体的流速变大，压强 变小 （选填“变大”或“变小”）。
（2）若扫地机器人静止在水平地面上，它与水平地面的接触总面积为6cm2，则扫地机器人对水平地面的压强是多少？（g取10N/kg）
（3）某次工作时，该扫地机器人在水平地面上以0.6m/s的速度沿直线运动0.5min，扫地机器人提供的水平推力为200N，此过程中水平推力做了多少功？
【答案】（1）变小；
（2）扫地机器人对水平地面的压强是8×104Pa；
（3）此过程中水平推力做了3600J的功。
【解析】解：（1）根据流体压强和流速的关系可知，机器人吸尘的工作原理是电机转动时使内部气体流速变大，压强变小，小于外部大气压，在压强差的作用下使杂物进入吸尘器；
（2）该机器人静止时对地面的压力：F＝G＝mg＝4.8kg×10N/kg＝48N，
该机器人静止时对地面的压强：p＝＝＝8×104Pa；
（3）由v＝可得，扫地机器人在水平地面上运动的路程：
s＝vt＝0.6m/s×0.5×60s＝18m，
水平推力做的功：
W＝F′s＝200N×18m＝3600J。
答：（1）变小；
（2）扫地机器人对水平地面的压强是8×104Pa；
（3）此过程中水平推力做了3600J的功。
21．（10分）如图所示我国航空工业部六〇五研究所自行设计的“海鸥300”轻型水陆两栖飞机，该机可载4﹣6名乘客，配置有高性能的发动机和先进航空仪表设备，可用于公务飞行、货物运输、海岸巡逻等。设飞机和乘客的总质量为4000kg，g取10N/kg。（忽略飞机所受空气的浮力）
（1）飞机停在水面时，排开水的体积是多少？
（2）若飞机在空中以100m/s的速度水平匀速飞行时，飞机在水平方向受到的阻力为飞机重力的0.1倍，求此时飞机发动机的功率是多少？
（3）若在第（2）问的条件下增大飞机发动机的功率，试讨论飞机在水平方向上运动速度的变化。
【答案】（1）飞机停在水面时，排开水的体积是4m3；
（2）若飞机在空中以100m/s的速度水平匀速飞行时，飞机在水平方向受到的阻力为飞机重力的0.1倍，求此时飞机发动机的功率是4×105W；
（3）若在第（2）问的条件下增大飞机发动机的功率，飞机在水平方向上运动的速度增大。
【解析】解：（1）飞机停在水面时，处于漂浮状态，则飞机受到的浮力为F浮＝G＝mg＝4000kg×10N/kg＝4×104N，
由F浮＝ρgV排可得，飞机排开水的体积：
V排＝＝＝4m3；
（2）因飞机水平方向匀速飞行时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，发动机的牵引力：
F＝f＝0.1G＝0.1×4×104N＝4×103N，
则飞机发动机的功率：
P＝＝＝Fv＝4×103N×100m/s＝4×105W；
（3）若在第（2）问的条件下增大飞机发动机的功率，飞机发动机的牵引力会增大，牵引力大于飞机在水平方向上受到的阻力，飞机在水平方向上运动的速度就会增大。
答：（1）飞机停在水面时，排开水的体积是4m3；
（2）若飞机在空中以100m/s的速度水平匀速飞行时，飞机在水平方向受到的阻力为飞机重力的0.1倍，求此时飞机发动机的功率是4×105W；
（3）若在第（2）问的条件下增大飞机发动机的功率，飞机在水平方向上运动的速度增大。