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    山东省青岛市平度市2022-2023学年高一下学期期末数学试卷(解析版)

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    山东省青岛市平度市2022-2023学年高一下学期期末数学试卷(解析版)

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    这是一份山东省青岛市平度市2022-2023学年高一下学期期末数学试卷(解析版),共18页。试卷主要包含了单项选择题,多项选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    一、单项选择题:本大题共8小题.每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
    1. 已知,是空间直角坐标系中的两点,点关于轴对称的点为,则两点间的距离为( )
    A. B. C. D.
    【答案】D
    【解析】因为,所以点关于轴对称的点,
    所以.
    故选:D.
    2. 已知,,则=( )
    A. B. 2C. D.
    【答案】A
    【解析】设复数,则,
    由已知得,解得,
    则有,,得.
    故选:A.
    3. 已知非零向量,满足,,若,则( )
    A. 1B. C. D.
    【答案】D
    【解析】因为,所以,所以,
    又因为,所以,所以.
    故选:D.
    4. 已知圆锥的母线与底面所成角为,侧面积为,则该圆锥的体积为( )
    A. B. C. D.
    【答案】B
    【解析】因为圆锥的母线与底面所成角为,则该圆锥的轴截面是正三角形,
    令圆锥底面圆半径为,则母线,
    圆锥侧面积,解得,圆锥的高,
    所以该圆锥的体积为.
    故选:B.
    5. 记的三个内角、、的对边分别为、、,若,,,则的面积为( )
    A. B. C. D.
    【答案】B
    【解析】因为,,,
    由余弦定理可得,
    可得,由三角形的面积公式可得.
    故选:B.
    6. 为测量山高,选择点和另一座山的山顶为测量点,若点,,在同一水平面上,从点测得的仰角为60°,的仰角为45°,,从点测得.已知山高,则山高为( )
    A. B. C. D.
    【答案】C
    【解析】如图所示,
    在中,∵,,
    ∴,
    在中,, ,∴,
    由正弦定理,可得,,
    在中,,.
    故选:C.
    7. 在正三棱柱中,,,分别是,中点,则异面直线与所成角的余弦值为( )
    A. B. C. D.
    【答案】A
    【解析】设,取的中点,的中点,的中点,
    易知,,
    所以异面直线与所成角为或其补角,
    由正三棱柱的几何特征可得,





    在中,由余弦定理可得
    ,所以异面直线与所成角的余弦值为.
    故选:A.
    8. 已知,,则( )
    A. B. C. D.
    【答案】C
    【解析】因为,所以,
    又,所以,,
    所以,
    所以.
    故选:C.
    二、多项选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,选对但不全的得2分,有选错的得0分.
    9. 已知向量,,,则( )
    A. B.
    C. 若,∥,则D. 在上的投影向量的坐标为
    【答案】BCD
    【解析】因为,,,
    所以,得,
    所以,,所以A错误;
    对于B,因为,,
    所以,
    因为,所以,所以B正确;
    对于C,因为,∥,,
    所以,所以,
    所以,所以C正确;
    对于D,因为,,
    所以在上的投影向量的坐标为,所以D正确.
    故选:BCD.
    10. 已知,为两条不同的直线,,为两个不同的平面,则下述正确的是( )
    A. 若,,则
    B. 若,,则
    C. 若,,,则
    D. 若,,,、则
    【答案】BC
    【解析】对于A,若,,则与相交、平行或异面,故A错误;
    对于B,若,,则,故B正确;
    对于C,若,,则,
    若,则,故C正确;
    对于D,若,则,可能相交,故D错误.
    故选:BC.
    11. 已知函数,,的最小值为,则( )
    A.
    B. ,都有
    C. ,,则m的最大值为
    D. 将函数的图象向右平移个单位长度后得到的图象关于原点对称
    【答案】AD
    【解析】依题意,,显然函数的最大值、最小值分别为,
    因为,则与中一个取2,另一个取,
    又的最小值为,于是的半周期,即周期,,
    解得,A正确;
    于是,而,
    则直线不是函数图象的对称轴,
    即,B错误;
    当时,,,则,
    因为,,因此,最大值为2,C错误;
    因为函数的图象关于原点对称,
    所以将函数的图象向右平移个单位长度后得到的图象关于原点对称,D正确.
    故选:AD.
    12. 如图甲,在梯形中,∥,,,,,分别为,的中点,将沿折起(如图乙),使得,则( )
    A. 直线∥平面
    B. 三棱锥的体积为
    C. 直线与平面所成角的正弦值为
    D. 若四棱锥的各顶点都在球的球面上,则球的表面积为
    【答案】ACD
    【解析】因为在梯形中,∥,,,
    ,所以,四边形为正方形,
    对于A,取的中点,连接,
    因为为的中点,所以∥,,
    因为为的中点,所以,
    因∥,,所以∥,,
    所以四边形为平行四边形,所以∥,
    因为平面,平面,所以直线∥平面,所以A正确;
    对于B,因为,,,平面,
    所以平面,所以,所以B错误;
    对于C,取的中点,连接,则∥,,
    因为,,所以,,
    因为,平面,所以平面,
    所以为直线与平面所成角,
    在中,,则,
    所以,所以C正确;
    对于D,连接交于点,过作直线平面,因为平面,
    四边形为正方形,
    所以四棱锥外接球的球心在直线上,设外接球的半径为,
    则,
    所以四棱锥外接球的表面积为,所以D正确.
    故选:ACD.
    三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
    13. 若非零向量、满足,,则向量、的夹角为____________.
    【答案】
    【解析】因为非零向量、满足,,
    则,即,即,
    即,所以,,
    因为,故,即向量、的夹角为.
    故答案为:.
    14. 在正四棱锥中,,用平行于正四棱锥底面的平面截去一个高为的四棱锥后,所得棱台的体积为____________.
    【答案】
    【解析】如图,为底面四边形对角线的交点,
    则为正四棱锥的高,,
    则,
    设截去的高为的四棱锥的底面边长为,则,解得,
    所以棱台的体积为.
    故答案为:.
    15. 记的三个内角的对边分别为,,,且,,若是的外心,则____________.
    【答案】
    【解析】如图,作于,于,
    ∵圆中,,∴,
    因此,
    同理可得,
    ∴.
    故答案为:.
    16. 棱长为的正四面体的各顶点都在球心为的球面上,则过点,,的平面截四面体所得截面图形的面积为____________;球的体积为____________.
    【答案】
    【解析】如图将棱长为的正四面体放到正方体中,
    则正方体的外接球即为正四面体的外接球,
    正方体外接球的球心在体对角线的交点,体对角线即为外接球的直径,
    设正方体的棱长为,由已知可得,解得,
    设正方体外接球的半径为,则,即,
    所以外接球的体积,
    取的中点,连接、,根据正方体的性质可知即为过点,,的平面截四面体所得截面图形,
    又,,所以,
    即过点,,的平面截四面体所得截面图形的面积为.
    故答案为: .
    四、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
    17. 已知,,且,.
    (1)求;
    (2)求.
    解:(1)因为,所以,
    又因为,所以,
    由,,
    解得,
    所以.
    (2)因为,,所以,
    又因为,,所以,
    所以.
    18. 如图,平行六面体的底面是菱形,,且.
    (1)证明:平面;
    (2)求与平面所成角的正弦值.
    解:(1)证明:设,,,
    则,,

    ,,
    因为,所以,
    因为,所以,
    又因为,、平面,所以平面.
    (2)设与平面所成角为,
    因为平面,则平面的一个法向量为,
    因为,,

    所以,,所以,
    即与平面所成角的正弦值为.
    19. 已知,,.
    (1)求的单调递增区间;
    (2)若的三个内角,,的对边分别为,,,,,边上的高,求的面积.
    解:(1)因为,
    由,得,
    所以函数的单调递增区间为.
    (2)因为,即,
    又,则,所以,故,
    因为,所以,
    又因为,,所以,
    所以由,,,得,,,
    所以.
    20. 如图,在正四棱柱中,已知,三棱锥的体积为.
    (1)求点到平面的距离;
    (2)求与平面所成角的正弦值.
    解:(1)因为为正四棱柱,,
    所以平面,,
    所以,所以,
    如图以点为原点,建立空间直角坐标系,
    则,,,,
    ,,,,
    设平面的法向量为,
    则,可取,
    则点到平面的距离.
    (2)因为且,所以平行四边形,所以,
    又平面,平面,所以平面,
    同理可证平面,
    又平面,所以平面平面,
    所以是平面的法向量,
    设与平面所成角为,则,
    所以与平面所成角的正弦值为.
    21. 的三个内角、、的对边分别为、、,若.
    (1)求角;
    (2)若,,,求、.
    解:(1)因为,
    由正弦定理可得,
    即,即,
    因为,则,所以,,解得,故.
    (2)因为,则,可得,
    所以,,
    所以,,①
    由余弦定理可得,②
    联立①②可解得.
    22. 如图,四边形与均为菱形,,,,记平面与平面的交线为.
    (1)证明:;
    (2)证明:平面平面;
    (3)记平面与平面夹角为,若正实数,满足,,证明:.
    解:(1)因为为菱形,所以,
    因为平面,平面,所以平面,
    又因为平面,平面平面,所以.
    (2)连接交于点,连接,
    因为为菱形,所以,为中点,
    因为,所以,
    又因为平面,,所以平面,
    因为平面,所以平面平面.
    (3)因为为菱形,,,
    所以,,,
    又因为为菱形,所以,
    因为,,所以,
    所以,所以,即,
    又因为,平面,,所以平面,
    又由(1)知,所以平面,
    所以即为平面与平面的夹角,
    在直角中,,所以,
    所以平面与平面夹角的大小为,
    因为,所以,
    两式相加得,,
    下面证明:①;②;且等号不同时取;
    法一:基本不等式
    因为

    当且仅当时取等号,所以,
    同理(当且仅当取等号)
    所以,即,
    所以.
    法二:三元均值不等式

    当且仅当时取等号,所以,
    同理(当且仅当取等号)
    所以,即,
    所以.

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