2024年山东新高考联合质量测评高三上学期9月联考（开学考）物理试题

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1.D
位移不是理想化模型，故A不对， 牛顿第一定律不能用实验证明，B不对，N不是基本单位，故C不对。
A
对B物体受力分析，受重力，A对B的压力，斜面的支持力，A对B的摩擦力和绳子的拉力，共五个力
3.D
由h=12gt2得，t=3s，初速度v0=gt=30m/s
第一秒内h1=v0t-12gt2=25m.
整个上升过程的平均速度v平=ht=15m/s 故选D。
4.C
由图像知，30.0s-40.0s,电梯匀速，物体处于平衡状态，故A不对
整个过程，该同学重力保持不变。电梯上行从20.0s-30.0s，电梯加速，处于超重状态，感觉书包变重。电梯下行，从40.0s-50.0s,电梯减速，处于超重状态，感觉书包变重。所以选C。
5.D
对B受力分析得，绳的拉力T=mBg，mB减小，绳的拉力减小，夹角不变，故细绳对定滑轮的作用力大小减小，方向不变，故B说法正确，D不正确。对小球A受力分析，正交分解得，摩擦力减小，支持力减小。故选D。
6.B
108Km/h=30m/s,216Km/h=60m/s,SPM=vPMt1,SPN=vPNt2,2MP=PN,所以t1=t2,设M的速度为vM,M到P的速度时间为t，所以vP=vM+at，vp=vM+2at,vM+vp2=30m/s,vN+vp2=60m/s,解得vM=15m/s，at=30m/s,所以vN=vM+2at=75m/s.
7.B
由图像知，汽车做匀减速直线运动，初速度为3m/s，加速度为0.5m/s2，由v=v0+at得4s末的速度为1m/s，因为6s就能停下来，所以前8s位移由x=v0t-12at2得x=9m，所以选B
D
初态，kx0=(m1+m2)gsinθ,由牛顿第二定律，F+k(x0-x)-(m1+m2)gsinθ=(m1+m2)a,得F=kx+(m1+m2)a F—x成一次函数关系。AB错误。对P，k(x0-x)-FN-m1gsinθ=m1a,当FN=0时分离，k(x0-x)=m1gsinθ+m1a>0,所以x0>x,D正确。
9.CD
由受力分析得，物块受斜面的支持力，摩擦力，合力不竖直向上。A不对。FN=mgcs30°所以f=μFN=3/4mg.所以f=F2+（mgsin30°）2，F=54mg.所以CD正确
10.AD
X=v0t+12at2 得xt=v0+12at，初速度为12m/s，加速度为-4m/s2,经过3s停下来， 所以汽车刹车距离为24m，所以选AD。
BC
P点mgsin37°=μ（mgcs37°+KL2）解得K=4mg5L B对。PM过程比PN过程小球受到杆的弹力大，PM过程摩擦力增大，P到N摩擦力减小，故选BC
12.BCD
B刚开始滑动时，f1=μ(m+2m)g=34mg.因此C的重力等于摩擦力，即C的质量为34m，34m<2m,故A错误。AB刚发生相对滑动时，对B，2μmg-32μmg=ma0,得a0=g4，此时对ABC整体，M0g-32μmg=(M0+3m)a0得M0=2mg<14mg5,故AB相对滑动。AB间摩擦力为f2=μmg，对CA整体，145mg-f2=(145m+2m)a,a=38g.故B正确。AB相对滑动后，对于B,f2=f1,=ma,a=g4,保持不变，故C正确。若B的动摩擦因数大于13，增加C质量，AB发生相对滑动，f2保持不变，B桌面间的摩擦力最大，静摩擦力大于mg，即大于f2，无法拉动B。故D正确。
答案（1）12.30cm（2）6.92cm 6.92cm (3)73.7（第一问2分，第二问每空1分，第三问2分共6分。）
由图得，读数为12.30cm
L5-L2=6.92cm，∆L=∆L1+∆L2+∆L33=6.92cm，
3mg=K∆L得 K=73.7N/m
14.答案（1）BC（2）C（4）0.80 0.49（每空2分，共8分）
（1）有力的传感器，所以不需要测砂和砂桶的质量，也不需要保证砂和砂桶质量远小于小车的质量，故AD不对
(2)斜率K=aF，由于小车受力为2F，小车和滑轮质量和为2K，小车质量2K-m0
(3) 由逐差法求a，得a=0.80m/s2
对砂和砂桶 mg-F=2ma, 解得m=0.49Kg
15.(1)小物块在斜面上向上运动：
a1＝－gsin θ－μgcs θ＝－10 m/s2 = 1 \* GB3 \* MERGEFORMAT ①
0－v20＝2 a1s = 2 \* GB3 \* MERGEFORMAT ②
解得 s＝5 m = 3 \* GB3 \* MERGEFORMAT ③
所以 h＝ssin θ＝3 m . = 4 \* GB3 \* MERGEFORMAT ④
(2)小物块在斜面上向上运动时间 t1＝v0a1＝1 s = 5 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑤
小物块在最高点时，mgsin θ>μmgcs θ，所以物块会匀加速下滑，
加速度 a2＝gsin θ－μgcs θ＝2 m/s2 = 6 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑥
向下匀加速运动时间s＝eq \f(1,2)a2teq \\al(2,2) = 7 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑦
解得 t2＝eq \r(5) s
小物块在斜面上运动所需时间为：
t＝t1＋t2＝(1＋eq \r(5))s≈3.2 s. = 8 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑧
答案：(1)3 m (2)3.2 s（ = 1 \* GB3 \* MERGEFORMAT ①- = 8 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑧每式1分，共8分）
（1）把ABCDE五个球看成整体，由受力分析，平衡条件知：
4FN=6mg = 1 \* GB3 \* MERGEFORMAT ①
FN=32mg = 2 \* GB3 \* MERGEFORMAT ②
以A为研究对象，由几何关系知，θ=45°
F1=F2=12mg = 3 \* GB3 \* MERGEFORMAT ③
f=F2=12mg = 4 \* GB3 \* MERGEFORMAT ④
答案：（1）FN=32mg （2）f=12mg （ = 1 \* GB3 \* MERGEFORMAT ①-- = 4 \* GB3 \* MERGEFORMAT ④每式2分，共8分）
(1)对物体在MN段：由μ1mg=ma1， = 1 \* GB3 \* MERGEFORMAT ①
得： a1=4m/s2， = 2 \* GB3 \* MERGEFORMAT ②
当货物与传送带共速时v12=2a1x1， = 3 \* GB3 \* MERGEFORMAT ③
得：
x1= 2m货物在PQ上与PQ共速前：mgsinα+μ2mgcsα=ma2， = 5 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑤
代入μ2得：
a2=10m/s2，由 v1-v2=a2t3，得：t1=0.2s = 6 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑥
货物在PQ上与PQ共速后：mgsinα-μ2mgcsα=ma3， = 7 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑦
代入μ2得：
a3=2m/s2，由v2=a3t4，得：t2=1s， = 8 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑧
t=t1+t2=1.2s = 9 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑨
（3）货物在PQ上与PQ共速前：v12-v22=2a2x2，x2=0.6m， = 10 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑩
此过程传送带位移：x2'=v2t1=0.4m，Δx=0.2m， （11）
货物相对于传送带向上，
货物与PQ共速后到Q点， v22=2a3x3，x3=1m， （12）
此过程传送带位移：x3'=v2t2=2m，Δx'=1m>Δx， （13）
货物相对于传送带向下，
所以货物在PQ上的划痕长为1m。 （14）
答案：（1）4m/s（2）1.2s （3）1m（每式1分，共14分）
（1）由受力分析，牛顿运动定律知：mgsinθ-μ1mgcsθ=ma = 1 \* GB3 \* MERGEFORMAT ①
V2=2ax = 2 \* GB3 \* MERGEFORMAT ②
μ1=315 = 3 \* GB3 \* MERGEFORMAT ③
(2)由受力分析，牛顿运动定律知，取向右为正方向
物块加速度大小：μ2mg=ma1 a1 =2m/s2 = 4 \* GB3 \* MERGEFORMAT ④
木板加速度大小：μ2mg=Ma2 a2 =1m/s2 = 5 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑤
木板与挡板第一次相碰前，物块与木板共速
V0-a1t1=a2t1=v1 = 6 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑥
X1=v0t1-12a1t12
X2=12a2t12
∆x1=x1-x2=6m = 7 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑦
木板与挡板第一次碰后，与斜面碰前
V1-a1t2=-v1+a2t2=v2 = 8 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑧
∆x2=x1'+x2'=83m
木板与斜面碰后，与挡板第二次碰前
V2-a1t3=-v2+a2t3=v3 = 9 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑨
∆x3=827m = 10 \* GB3 \* MERGEFORMAT ⑩
物块相对木板滑动的距离：∆x=∆x1+∆x2-∆x3=22627m≈8.33m （11）
(4)、木板与挡板第一次相碰时，
S2=12a2t42 t4=0.5s v4=0.5m/s （12）
物块：v物=v0-a1t4=5m/s>v4 （13）
木块与挡板最后一次相碰后，木板与物块同时停下来
v物=a1t V板=a2t 则v物=2V板
所以，停止运动前，物块一直向右做匀减速直线运动，木板向右做初速度为零的匀加速直线运动，再向左做末速度为零的匀减速直线运动
物块的运动时间：t=V0a1=3s （14）
木板一次往复时间：∆t=2t4 （15）

碰撞次数为：n=t∆t=3次 （16）
答案：（1）μ1=315 （2）6m （3）8.33m （4）3次（每式1分，共16分）