云南省文山壮族苗族自治州麻栗坡县2024-2025学年高一上学期10月期中考试生物试卷[解析版]

这是一份云南省文山壮族苗族自治州麻栗坡县2024-2025学年高一上学期10月期中考试生物试卷[解析版]，共17页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题：本题共16个小题，每小题3分，共48分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1. 我国的“国宝”大熊猫栖息于长江上游海拔2400~3500米的高山竹林中，喜食竹子尤喜嫩茎、竹笋，偶尔食肉。下列有关叙述错误的是（ ）
A. 竹林中的空气、阳光等环境因素属于生态系统的一部分
B. 高山竹林中的所有大熊猫和所有竹子共同形成了一个群落
C. 竹茎、竹叶都属于植物的器官，竹子没有系统这一生命系统层次
D. 竹林内所有动植物都是由细胞发育而来的，并由细胞和细胞产物构成
【答案】B
【分析】生命系统的结构层次由小到大依次是细胞、组织、器官、系统、个体、种群、群落、生态系统和生物圈。植物没有系统这一结构层次，多细胞生物完成复杂的生命活动需要依赖体内各种分化的细胞密切合作。
【详解】A、生态系统是指在一定空间内，由生物群落与它的非生物环境相互作用而形成的统一整体。故竹林中的空气、阳光等环境因素属于生态系统的一部分，A正确；
B、群落是在同一时间内、占据一定空间的相互之间有直接或间接联系的各种生物种群的集合，故高山竹林中的所有大熊猫和所有竹子不能构成群落，B错误；
C、竹茎、竹叶属于植物的器官，竹子等植物没有系统这一生命系统层次，C正确；
D、细胞学说指出“一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞产物所构成”，因此根据细胞学说的观点，竹林内所有动植物都是由细胞发育而来的，并由细胞和细胞产物构成，D正确。
故选B。
2. 将大量磷脂分子放入清水中搅拌后，不可能出现下列图示的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【分析】生物膜的流动镶嵌模型中磷脂双分子层：亲水的“头部”排在外侧，疏水的“尾部”排在内侧。构成膜的基本支架。
【详解】由于磷脂分子的“头”部是亲水的，“尾”部是疏水的，所以当把大量磷脂分子放入清水中，搅拌后，磷脂分子亲水的“头”部应该向外，疏水的“尾”部应该向内。据图分析，A所示的图不可能出现，BCD所示的图都有可能出现，A符合题意。
故选A。
3. 下列属于一个种群的是（ ）
A. 一片树林B. 一片树林里所有的树
C. 一片树林里所有的乔木D. 一片树林里所有的马尾松
【答案】D
【分析】种群是指一定自然区域内同种生物的所有个体。据此分析作答。
【详解】A、一片树林有很多物种，不属于一个种群，A错误；
B、一片树林中的所有树不是同一个物种，不属于一个种群，B错误；
C、一片树林里的乔木有很多种类，不是同一个物种，不属于一个种群，C错误；
D、一片树林里的所有的马尾松，具体描述了马尾松这一个物种，属于种群，D正确；
故选D。
4. 下列相关广告语的叙述，你认为合理的是（ ）
A. 某某牌口服液含有丰富的Ca、Mg、Zn等微量元素
B. 某某牌鱼肝油（富含维生素D）有助宝宝骨骼发育
C. 某某有机蔬菜不含任何无机物，是真正绿色食品
D. 某某核酸保健品能够治疗因基因受损导致的一切疾病
【答案】B
【分析】组成细胞的元素包括大量元素和微量元素，大量元素包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg等，微量元素包括Fe、Mn、B、Zn、M、Cu等。
【详解】A、Ca、Mg属于大量元素，A错误；
B、维生素D可促进胃肠道对钙、磷的吸收，促进骨骼发育，因此鱼肝油（富含维生素D）有助于您的宝宝骨骼健康，促进骨骼发育，B正确；
C、有机蔬菜含有无机物，如水和无机盐，C错误；
D、核酸保健品在口服后会在消化道内水解为核苷酸，因此不能治疗因基因受损导致的疾病，D错误。
故选B。
5. 下列关于脊髓灰质炎病毒、大肠杆菌、冷箭竹和熊猫的生命系统的结构层次，判断正确的是（ ）
注：“√”表示具有，“×”表示不具有。
A. 熊猫、大肠杆菌、脊髓灰质炎病毒、冷箭竹
B. 熊猫、大肠杆菌、冷箭竹、脊髓灰质炎病毒
C. 大肠杆菌、脊髓灰质炎病毒、冷箭竹、熊猫
D. 大肠杆菌、脊髓灰质炎病毒、熊猫、冷箭竹
【答案】A
【分析】生命系统的结构层次：细胞→组织→器官→系统→个体→种群→群落→生态系统→生物圈。其中细胞是最基本的生命系统结构层次，生物圈是最大的结构层次。
【详解】①的生命结构层次为细胞→组织→器官→系统→个体→种群→群落→生态系统→生物圈，①为熊猫；
②的生命结构层次为细胞→个体→种群→群落→生态系统→生物圈，没有组织、器官和系统，②为大肠杆菌；
③没有生命结构层次，③为脊髓灰质炎病毒；
④的生命结构层次为细胞→组织→器官→个体→种群→群落→生态系统→生物圈，没有系统，④为冷箭竹；
BCD错误，A正确。
故选A。
6. 长跑运动员在进入冲刺阶段，由于排出过量的无机盐，会有少量运动员下肢肌肉发生抽搐，相关叙述错误的是（ ）
A. 某些无机盐是细胞化合物的组成成分
B. 无机盐对维持生物体的生命活动非常重要
C. 细胞内大多数无机盐以化合物形式存在
D. 建议运动员的饮品中应添加适量的某些无机盐
【答案】C
【分析】细胞中的无机盐：
存在形式：细胞中大多数无机盐以离子的形式存在。
无机盐的生物功能：
（1）复杂化合物的组成成分。
（2）维持正常的生命活动。
（3）维持酸碱平衡和渗透压平衡。
【详解】A、某些无机盐是细胞化合物的组成成分，如Mg可参与构成叶绿素，A正确；
B、无机盐多以离子形式存在，对维持细胞和生物体的生命活动有重要作用，如哺乳动物血液中缺钙离子会出现抽搐等症状，B正确；
C、细胞内大多数无机盐以离子形式存在，少数以化合物形式存在，C错误；
D、运动员在运动时汗腺排出了部分无机盐，体内无机盐缺少会影响正常生理活动，故运动员运动后会丢失无机盐，故建议运动员的饮品中应添加适量的某些无机盐，以维持体内无机盐的平衡，D正确。
故选C。
7. 下图为四种不同生物的结构模式图，有关叙述正确的是（ ）
A. 甲乙的细胞壁都可被纤维素酶水解
B. 甲乙均含有叶绿体，能进行光合作用
C. 丁与支原体相比，结构上的不同点主要是有成形的细胞核
D. 丙的遗传物质主要是DNA，遗传信息的流动遵从中心法则
【答案】C
【分析】首先，细胞壁的成分因生物种类不同而有所差异。植物细胞的细胞壁主要成分是纤维素和果胶，而蓝细菌的细胞壁成分与植物不同。叶绿体是进行光合作用的场所，但并非所有能进行光合作用的生物都含有叶绿体。 对于遗传物质，细胞生物的遗传物质都是 DNA，病毒的遗传物质是 DNA 或 RNA。中心法则是描述遗传信息流动的基本规律。
【详解】A、乙（蓝细菌）的细胞壁成分不是纤维素，不能被纤维素酶水解，A错误；
B、乙（蓝细菌）属于原核生物，没有叶绿体，但含有光合色素，能进行光合作用，B错误；
C、丁（变形虫）是真核生物，支原体是原核生物，真核生物与原核生物相比，结构上的主要不同点是有成形的细胞核，C正确；
D、丙（HIV）是RNA病毒，其遗传物质是RNA，不是主要是DNA，D错误。
故选C。
8. 显微镜是生物学研究中常用的观察仪器，如图所示，图甲中①②③④表示镜头，⑤⑥表示镜头与载玻片之间的距离，乙和丙分别表示不同物镜下观察到的图像。下列相关叙述正确的是（ ）
A. 若使物像放大倍数最大，图甲中的组合一般是①③⑤
B. 把视野里的标本从图中的乙转为丙时，应选用③，同时提升镜筒
C. 从乙转为丙，正确的操作顺序是转动转换器→移动标本→调节光圈→转动细准焦螺旋
D. 若将显微镜的放大倍数由100×换成400×，则图丁视野中的64个细胞将变为4个
【答案】D
【分析】在图甲中，①②均为目镜；③④均为物镜，⑤⑥表示物镜的镜头与载玻片之间的距离。目镜越长，放大倍数越小；物镜越长，放大倍数越大，镜头与载玻片之间的距离越小。图乙是低倍镜下观察到的物像，图丙是高倍镜下观察到的物像。
【详解】A、物镜越长放大倍数越大，目镜越短放大倍数越大，在图甲中，目镜①的放大倍数比目镜②放大倍数小；物镜③的放大倍数比物镜④的放大倍数大；镜头⑤与载玻片之间的距离比镜头⑥与载玻片之间的距离小，说明物镜⑤的放大倍数大。若使物像放大倍数最大，图甲中的组合一般是②③⑤，A错误；
B、物镜③的放大倍数比物镜④的放大倍数大，图乙是低倍镜下观察到的物像，图丙是高倍镜下观察到的物像，把视野里的标本从图中的乙转为丙时，应选用③所示的高倍物镜，在将要观察的物像移至视野中央后，转动转换器，换用高倍物镜，但不能提升镜筒，B错误；
C、从图中的乙转为丙，即使用高倍镜观察的正确调节顺序是：先在低倍镜下找到要观察的物像，然后将其移至视野中央（移动标本），转动转换器换成高倍物镜，因高倍镜下的视野较暗，要调节光圈，增加进光量，同时，调节细准焦螺旋，使物像清晰，C错误；
D、若将显微镜的放大倍数由100×换成400×，则图丁中充满视野的64个细胞将变为64×（100÷400）2＝4个细胞，D正确。
故选D。
9. 我国成功合成一种具有镇痛但又不会上瘾的药物——脑啡肽（蛋白质），下面是脑啡肽的结构简式，形成这条肽链的氨基酸数及肽键数分别是（ ）
A. 3和2B. 4和3C. 5和4D. 6和5
【答案】C
【分析】脱水数=肽键数=氨基酸数-肽链数=水解需水数；氨基数=肽链数+R基上的氨基数=各氨基酸中氨基的总数-肽键数；羧基数=肽链数+R基上的羧基数=各氨基酸中羧基的总数-肽键数。
【详解】组成蛋白质的氨基酸的特点是至少含有1个氨基和1个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，据图可知图中组成肽链的氨基酸共有5个，脱水数=肽键数=氨基酸数-肽链数=5-1=4个。C正确，ABD错误。
故选C。
10. “有收无收在于水，收多收少在于肥。”某生物兴趣小组以玉米幼苗为实验材料进行了如下探究实验。下列叙述中，错误的是（ ）
洗净除去表面水分风干幼苗干物质灰分
A. 步骤一损失的水在细胞中主要以游离形式存在，是细胞内的良好溶剂
B. 步骤二损失的水在细胞中主要以结合水的形式存在
C. 步骤三损失的主要是无机盐，它们在细胞中主要以离子形式存在
D. 干旱环境中生长的玉米，其细胞中结合水与自由水的比值相对较高
【答案】C
【分析】细胞内的水的存在形式是自由水和结合水，结合水是细胞结构的重要组成成分；自由水是良好的溶剂，是许多化学反应的介质，自由水还参与许多化学反应，自由水对于营养物质和代谢废物的运输具有重要作用；自由水与结合水不是一成不变的，可以相互转化，自由水与结合水的比值越高，细胞代谢越旺盛，抗逆性越低，反之亦然。
【详解】A、步骤一是晾晒幼苗，此时失去的是自由水，自由水在细胞中以游离形式存在，是细胞内的良好溶剂，A正确；
B、步骤二是烘干幼苗，此时细胞结构遭到破坏，失去的是结合水，B正确；
C、步骤三可燃烧掉幼苗中的有机物，故步骤三损失的主要是有机物，剩下的灰分是无机盐，无机盐在细胞中主要以离子形式存在，C错误；
D、细胞中的结合水含量与植物抗逆能力有关，干旱环境中生长的玉米，其细胞中结合水的含量相对较高，自由水的含量相对较低，D正确。
故选C。
11. 细胞中的脂肪酸可以来源于直接吸收食物中的外源性脂肪酸，也可以由内源性的糖和氨基酸转化生成。下列关于脂肪酸的叙述，错误的是（ ）
A. 磷脂水解的终产物包括甘油、脂肪酸和磷酸
B. 植物种子中储存的脂肪主要为不饱和脂肪酸
C. 脂肪是由三分子脂肪酸和一分子甘油组成的酯
D. 糖类在供应充足的情况下，可大量转化为脂肪
【答案】A
【分析】（1）脂肪是由三分子脂肪酸和一分子甘油发生反应而形成的酯；脂肪酸分为饱和脂肪酸和不饱和脂肪酸，前者熔点较高，容易凝固，后者熔点较低，不容易凝固；
（2）磷脂与脂肪的不同之处在于甘油的一个羟基（—OH）不是与脂肪酸结合成酯，而是与磷酸及其他衍生物结合。
【详解】A、磷脂分子由甘油、脂肪酸、磷酸及其衍生物组成，故水解终产物包括甘油、脂肪酸和磷酸及其衍生物，A错误；
B、植物种子中储存的脂肪主要为不饱和脂肪酸，因此熔点较低，室温下呈液态，B正确；
C、脂肪是由三分子脂肪酸和一分子甘油组成的酯，是细胞中良好的储能物质，C正确；
D、糖类在供应充足的情况下，可大量转化为脂肪，而脂肪只有在糖类供能障碍时，才能转变成糖类，且量少，D正确。
故选A。
12. 科学家在研究和鉴定动物谷胱甘肽过氧化物酶的作用时，发现了人体第21种氨基酸—硒代半胱氨酸，硒代半胱氨酸的分子式为C3H7NO2Se，下列有关叙述错误的是（ ）
A. 该氨基酸的R基是—CH3OSe
B. 该氨基酸中只有一个氨基和一个羧基
C. 硒代半胱氨酸的硒元素位于氨基酸的R基团上
D. 硒代半胱氨酸和吡咯赖氨酸带电性质的差异是由于二者的R基不同造成
【答案】A
【分析】构成生物体蛋白质的氨基酸具有共同的特点：都至少有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和羧基连在同一个碳原子上。氨基酸的种类和性质由R基决定。
【详解】AC、构成蛋白质的氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同，硒代半胱氨酸的硒元素位于氨基酸的R基团上，硒代半胱氨酸的分子式为C3H7NO2Se，去掉-COOH（羧基）、-NH2（氨基）、-H、一个中心C原子，剩下的为R基，因此R基为—CH3Se，A错误，C正确；
B、硒代半胱氨酸的分子式为C3H7NO2Se，由于只有一个N和2个O，故该氨基酸中只有一个氨基和一个羧基，B正确；
D、氨基酸的种类和性质由R基决定，故硒代半胱氨酸和吡咯赖氨酸带电性质的差异是由于二者的R基不同造成的，D正确。
故选A。
13. 赤峰对夹是非物质文化遗产，对夹外面是酥脆的面饼皮，熏肉的内馅瘦而不柴、肥而不腻，一口下去，香飘四溢。关于对夹，下列说法错误的是（ ）
A. 赤峰对夹所含的有机化合物中，共有的大量元素为C、H、O
B. 熏肉所含脂肪较多，与糖类相比，脂肪中氧的含量远低于糖类
C. 烘焙会导致蛋白质空间结构变得伸展、松散，易被蛋白酶水解
D. 淀粉是生物大分子，不能直接吸收，糖尿病人无需控制摄入量
【答案】D
【分析】化合物的元素组成：
(1)蛋白质的组成元素有C、H、O、N元素构成，有些还含有S等；
(2)核酸的组成元素为C、H、O、N、P；
(3)脂质的组成元素有C、H、O，有些还含有N、P；
(4)糖类的组成元素一般为C、H、O。
【详解】A、赤峰对夹所含的有机化合物中，多糖，蛋白质，核酸共有的大量元素为C、H、O，A正确；
B、脂肪中氧的含量远远少于糖类，而氢的含量更多，B正确；
C、高温使蛋白质分子的空间结构变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解，如煮熟的鸡蛋容易被消化，C正确；
D、淀粉在消化道内水解成葡萄糖被人体吸收，将会引起血糖的升高，所以糖尿病人需控制淀粉摄入量，D错误。
故选D。
14. 已知①蛋白质、②糖原 、③脂肪、④核酸都是人体内有重要作用的物质。下列说法正确的是（ ）
A. 相同质量的② ③氧化分解，②释放的能量更多
B. ③④都是生物大分子，都以碳链为骨架
C. ①④都是由含氮的单体连接成的多聚体
D. ②③④都是人体细胞内的主要能源物质
【答案】C
【分析】（1）核酸是一切生物的遗传物质。有细胞结构的生物含有DNA和RNA两种核酸，但其细胞核遗传物质和细胞质遗传物质都是DNA。
（2）糖类分为单糖、二糖和多糖。二糖包括麦芽糖、蔗糖、乳糖；多糖包括淀粉、纤维素和糖原；淀粉是植物细胞的储能物质，糖原是动物细胞的储能物质，纤维素是植物细胞壁的组成成分。
【详解】A、相同质量的②和③氧化分解供能时释放的能量更多的是③，这是因为脂肪含有的氢比糖类多，相同质量的脂肪比糖类彻底氧化分解释放的能量更多，A错误；
B、③脂肪不是生物大分子，B错误；
C、①蛋白质的基本单位是氨基酸，氨基酸的组成元素为C、H、O、N，④核酸的基本单位是核苷酸，核苷酸的组成元素为C、H、O、N、P，由此可知，①④都是由含氮的单体连接成的多聚体，C正确；
D、②糖原属于主要的能源物质，而③脂肪是机体良好的储能物质，④核酸不是人体细胞内的主要能源物质，D错误。
故选C。
15. 如图表示化合物a和m参与化合物b的构成情况，下列叙述正确的是（ ）
A. 若m为腺嘌呤，则b肯定为腺嘌呤脱氧核苷酸
B. 在新冠状病毒、幽门螺杆菌体内b均为4种
C. DNA 和 RNA 在核苷酸组成上，只有a不同
D. 若a为脱氧核糖，则由b构成的核酸完全水解，得到的化合物最多有6种
【答案】D
【分析】核酸分为DNA和RNA，DNA主要分布在细胞核，基本组成单位是脱氧核苷酸，具有储存遗传信息的功能；RNA主要分布在细胞质，基本组成单位是核糖核苷酸，具有转运、催化、翻译模板等功能。
【详解】A、若m为腺嘌呤，则b可能为腺嘌呤脱氧核苷酸或腺嘌呤核糖核苷酸，A错误；
B、新冠状病毒只含有RNA，体内b核糖核苷酸为4种，但幽门螺杆菌含有DNA和RNA，体内b有8种（4种核糖核苷酸和4种脱氧核苷酸），B错误；
C、DNA和RNA在核苷酸组成上，除了a（五碳糖）不同，还有含氮碱基也不完全相同，T为DNA特有的含氮碱基，U为RNA特有的含氮碱基，C错误；
D、若a为脱氧核糖，则由b构成的核酸为DNA，当DNA完全水解，得到的化合物最多有1种磷酸、1种脱氧核糖、4种含氮碱基，最多共6种化合物，D正确。
故选D。
16. 免疫球蛋白是由两条重链(H链)和两条轻链(L链)通过链间二硫键连接而成的四肽链结构，如图所示。下列有关叙述不正确的是( )
A. 免疫球蛋白中至少含有4个―NH2和4个―COOH
B. 若免疫球蛋白由m个氨基酸形成，则含有m－4个肽键
C. 免疫球蛋白能特异性识别抗原
D. 不同免疫球蛋白结构不同的主要原因在于肽链的折叠、盘曲方式不同
【答案】D
【详解】A、免疫球蛋白有4条肽链构成，所以免疫球蛋白中至少含有4个-NH2和4个-COOH，A正确；
B、从二硫键情况可以分析出免疫球蛋白lgG共有4条多肽链，又知该免疫球蛋白由m个氨基酸构成，所以含有的肽键数为（m-4）个，B正确；
C、免疫球蛋白属于抗体，抗体能特异性识别抗原，C正确；
D、由图可知，免疫球蛋白空间结构基本相似，不同的原因在氨基酸的种类、数目及排列顺序不同，D错误。
故选D。
二、非选择题：本题共5小题，共52分。
17. 湿地公园的建设是贯彻生态文明，建设美丽中国的重大举措。六盘水明湖国家湿地公园是六盘水中心城区的重要生态屏障，这里物种丰富，风景优美，是打造“中国凉都”避暑旅游的一张名片。
（1）在生命系统的结构层次中，该湿地公园属于_________。
（2）采集明湖湿地公园中的水样进行显微观察，所用镜头和观察结果如下图所示：

①欲清晰观察水样中的单细胞生物，需要正确使用高倍显微镜，其调节顺序是：在低倍镜下找到物像→将物像移至视野中央→转动转换器，换成高倍镜→调节____，使物像更清晰。
②观察时，若要使物像放大倍数最大，应选择图甲中的镜头组合是____（序号）。
（3）显微镜下，乙图中的三种单细胞生物，尽管它们大小和形状各不相同，但都具有_____（细胞器），其中_____过量繁殖会引起水华，此生物是自养生物，因为细胞中含有_____，能进行光合作用。
【答案】（1）生态系统
（2）①. 细准焦螺旋 ②. ②③
（3）①. 核糖体 ②. 蓝细菌 ③. 叶绿素和藻蓝素
【分析】由图甲分析可知，①②没有螺纹，说明是目镜，③④有螺纹说明是物镜，目镜越长放大倍数越小，则放大倍数②＞①；物镜越长放大倍数越大，则③的放大倍数＞④。
真核细胞和原核细胞最根本的区别在于有无以核膜为界限的细胞核。
（1）在生命系统的结构层次中，该湿地公园包括该区域内所有的生物以及它们生活的无机环境，属于生态系统。
（2）①欲清晰观察水样中的单细胞生物，需要正确使用高倍显微镜，其调节顺序是：在低倍镜下找到物像→将物像移至视野中央→转动转换器，换成高倍镜→调节细准焦螺旋，使物像更清晰。
②图甲中，①②没有螺纹，说明是目镜，③④有螺纹，说明是物镜，目镜越长放大倍数越小，物镜越长放大倍数越大，则若使看到的物像放大倍数最大，图甲中应选择的镜头组合是②③。
（3）乙中蓝细菌为原核生物，草履虫与酵母菌为真核生物，三者都具有的细胞器是核糖体，其中蓝细菌过量繁殖会引起水华，此生物是自养生物，因为细胞中含有叶绿素和藻蓝素，能进行光合作用。
18. 水熊虫对不良环境有极强的抵抗力。当环境恶化时，水熊虫会处于一种假死状态，代谢率几乎降到零，甚至能耐受-273℃冰冻数小时，直到环境改善为止。据研究，水熊虫进入假死状态时，体内会产生大量海藻糖。请回答下列问题：
（1）若要探究海藻糖是否为还原糖，可加入____________________试剂鉴定，若加入该试剂后未出现砖红色沉淀，能否说明海藻糖不是还原糖，为什么_____________________。
（2）有人认为“水熊虫体液中的海藻糖可以保护组织细胞，使组织细胞免受低温造成的损伤”。为探究上述假设的真实性，设计了一个实验方案，请补充完整。
I.操作过程：
①取适量哺乳动物细胞，等分成甲、乙两组；
②甲组添加含海藻糖的细胞培养液，乙组_____________________；
③____________________
培养数小时；
④观察环境改变后，甲、乙两组细胞生活状况。
Ⅱ.预期结果及结论：
若____________________，则假设成立，海藻糖可以保护组织细胞，使其免受低温造成的损伤。
若____________________，则假设不成立。
【答案】（1）①. 斐林试剂 ②. 不能，因为没有进行水浴加热
（2）①. 添加等量的不含海藻糖的细胞培养液 ②. 将甲、乙两组细胞均置于-273℃冷冻 ③. 甲组细胞生长良好，乙组细胞死亡 ④. 甲、乙两组细胞均死亡
【分析】本实验的目的是探究水熊虫体液中的海藻糖是否可以保护组织细胞，因此自变量为海藻糖，在设计实验时，实验组加入含海藻糖的培养液，对照组加不含海藻糖的培养液。将其他无关变量控制为等量，细胞的生活是否良好是观察指标（因变量）。
（1）还原糖可与斐林试剂发生作用生成砖红色沉淀，因此可用斐林试剂鉴定还原糖。若加入该试剂后未出现砖红色沉淀，不能说明海藻糖不是还原糖，因为如果没有进行水浴加热，还原糖和斐林试剂作用也不会生成砖红色沉淀。
（2）该实验的目的是探究水熊虫体液中的海藻糖是否可以保护组织细胞，使组织细胞免受低温造成的损伤。因此应该设置对照实验，自变量为海藻糖，实验组（甲组）加入含海藻糖的细胞培养液，对照组（乙组）加入等量的不含海藻糖的细胞培养液。除自变量外，实验组（甲组）和对照组（乙组）的其他实验条件应相同，所以将实验组（甲组）和对照组（乙组）均置于-273℃冰冻培养数小时，观察实验组（甲组）和对照组（乙组）两组细胞生活状况。若假设成立，海藻糖可以保护组织细胞，使其免受低温造成的损伤，则实验组（甲组）细胞生长良好，对照组（乙组）细胞死亡；若假设不成立，则会出现实验组（甲组）和对照组（乙组）两组细胞都死亡。
19. 在冬季来临过程中，冬小麦体内会发生一系列适应低温的生理变化。如图为冬小麦在不同时期含水量变化关系图。请回答下列问题。

（1）9月至12月，随着气温下降，冬小麦细胞中自由水含量____________（填“升高”、“不变”或“下降”），出现这种变化的重要意义是________________________。
（2）冬天来临前，冬小麦细胞中的游离状态的水分子通过与________________________等物质结合，转化为结合水，流动性与溶解性降低，不易结冰，从而增强了抗寒能力。
（3）有研究表明，提高细胞液的浓度能使植物的结冰温度降低，因此随着气温下降，冬小麦细胞中可能出现淀粉水解为可溶性糖____________（填“增多”、“减少”或“不变”），与此同时细胞内呼吸作用消耗的糖分____________（填“增多”、“减少”或“不变”），从而提高冬小麦的抗寒能力。
【答案】（1）①. 下降 ②. 避免气温下降时细胞内自由水过多导致结冰而损害自身，并提高植株抗寒能力（答到自由水得1分，答到抗寒能力得1分）
（2）蛋白质和多糖 （3）①. 增多 ②. 减少
【分析】从横坐标分析，9～12月温度降低，而细胞中含水量曲线呈逐渐下降趋势。植物水分运输的主要动力是蒸腾作用，随着温度降低，植物的蒸腾作用减弱，是植物体的水分减少，加上温度降低，是新陈代谢减弱，自由水与结合水的比例减少，植物的抗逆性增强。
（1）题图分析，9月至12月，随着气温下降，自由水含量下降，结合水含量增加，细胞呼吸减弱减慢，有机物消耗减少，可溶性糖积累，使细胞液浓度升高，不易结冰，这是抵御寒冷适应环境的一种表现。
（2）小麦细胞中结合水的存在形式主要是水与蛋白质、多糖等亲水性物质结合。所以冬天来临前，冬小麦细胞中的游离状态的水分子通过与蛋白质和多糖等物质结合，转化为结合水，流动性与溶解性降低，不易结冰，从而增强了抗寒能力。
（3）从代谢角度分析，温度降低，细胞呼吸减弱减慢，有机物消耗减少，可溶性糖含量相对上升，从而使细胞液浓度增加，使细胞中的水分不易结冰，增强抗寒性。
20. 下图是某同学绘制的细胞中部分元素及其构成化合物的关系图。其中x、y代表化学元素，a、b、c、d代表有机小分子，A、B、C、D、E代表生物大分子，据图回答下列问题：

（1）若a为单糖，最有可能是______，通过缩合形成的物质A是植物细胞壁的主要组成成分，则物质A是______。
（2）据图可知，x元素是______（填元素名称），有机小分子b为______，其结构简式为______。
（3）有机小分子c为____；D和E相比，D特有的碱基是____（填名称）。
【答案】（1）①. 葡萄糖 ②. 纤维素
（2）①. 氮 ②. 氨基酸 ③.
（3）①. 核苷酸 ②. 胸腺嘧啶
【分析】核酸是遗传信息的携带者，是一切生物的遗传物质，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有重要作用，细胞中的核酸根据所含五碳糖的不同分为DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种，构成DNA与RNA的基本单位分别是脱氧核苷酸和核糖核苷酸，每个脱氧核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子脱氧核糖和一分子含氮碱基形成，每个核糖核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基形成。
脱氧核苷酸和核糖核苷酸在组成上的差异有：①五碳糖不同，脱氧核苷酸中的五碳糖是脱氧核糖，核糖核苷酸中的五碳糖是核糖；②碱基不完全相同，脱氧核苷酸中的碱基是A、T、G、C，核糖核苷酸中的碱基是A、U、G、C。
（1）分析图解可知，图中a表示葡萄糖，A表示多糖。糖原是动物细胞中特有的储能物质，则A表示糖原；植物细胞壁主要由纤维素和果胶组成，若A为植物细胞壁的组成成分之一，则A表示纤维素。
（2）B蛋白质的元素组成主要为C、H、O、N，因此图中x为N（氮），其单体有机小分子b为氨基酸，其结构简式为 。
（3）C为核酸，其单体有机小分子c为核苷酸，D为脱氧核糖核酸（DNA），E为核糖核酸（RNA），D和E相比，D特有的碱基是胸腺嘧啶（T）。
21. 用氨基酸自动分析仪测得几种多肽化合物的氨基酸数目如表所示：
（1）表中①②③的氨基酸数目虽相同，但其生理作用彼此不同，这是因为它们的______不同。
（2）⑥的生理功能说明蛋白质具有______作用；⑦的生理功能说明蛋白质具有______作用，⑧的生理功能说明蛋白质具有______作用。
（3）图中所示化合物是由______种氨基酸经 ______过程形成的，该化合物中有______个羧基。图中含有肽键的序号是______。
（4）该实例说明蛋白质的结构具有______，这种特点决定了蛋白质的______。
（5）⑧有1条肽链，由574个氨基酸分子组成，假如每个氨基酸分子的平均相对分子质量为128，则该蛋白质的相对分子质量为______。
【答案】（1）氨基酸种类和排列顺序
（2）①. 调节 ②. 免疫 ③. 运输
（3）①. 3##三 ②. 脱水缩合 ③. 2##二##两 ④. ③⑤⑦
（4）①. 多样性 ②. 功能具有多样性
（5）63158
【分析】氨基酸通过脱水缩合形成多肽，多肽通常呈链状结构，称为肽链，肽链能盘曲、折叠，形成有一定空间结构的蛋白质分子。脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱出一分子水。连接两个氨基酸分子的键叫肽键。肽键数＝脱去的水分子数＝蛋白质中氨基酸总数—肽链数，蛋白质相对分子质量＝各氨基酸平均相对分子质量×氨基酸数－18×脱水数。
（1）表中①②③的氨基酸数目虽然相同，由于组成它们的氨基酸的种类、排列顺序不同，导致其生理作用彼此不同。
（2）⑥人胰岛素能调节机体的生命活动，说明蛋白质具有调节功能；⑦免疫球蛋白（抗体）可以帮助人体抵御病菌和病毒等抗原的侵害，说明蛋白质具有免疫功能；⑧人血红蛋白能运输氧，说明蛋白质具有运输功能。
（3）不同氨基酸分子的区别在于R的不同。图中所示化合物具有4个R基（②④⑥⑧），其中有两个氨基酸的R基相同，因此图中所示化合物是由4个、3种氨基酸经脱水缩合过程形成的。该化合物中有2个羧基（分布位于②和⑨中），含有3个肽键，图中含有肽键的序号是③⑤⑦。
（4）结构决定功能，该实例说明蛋白质的结构具有多样性，这种特点决定了蛋白质的功能具有多样性。
（5）⑧有1条肽链，由574个氨基酸分子组成，假如每个氨基酸分子的平均相对分子质量为128，则该蛋白质的相对分子质量＝氨基酸分子量×氨基酸个数－水的个数×18＝128×574－18×（574－1）＝63158。
项目
细胞
组织
器官
系统
个体
种群
群落
生态系统
生物圈
①
√
√
√
√
√
√
②
√
×
×
×
√
√
③
×
×
×
×
×
×
④
√
√
√

√
√
多肽化合物
氨基酸
多肽化合物
氨基酸
①
催产素
9
⑤
牛胰蛋白酶
223
②
牛加压素
9
⑥
人胰岛素
51
③
血管舒张素
9
⑦
免疫球蛋白
660
④
平滑肌舒张素
10
⑧
人血红蛋白
574